2021年上海市虹口區(qū)高考物理一模試卷

2021年上海市虹口區(qū)高考物理一模試卷

一.單項(xiàng)選擇題(共40分，1-8題每題3分，9-12題每題4分。每小題只有一個(gè)正

確選項(xiàng)。)

1.下列選項(xiàng)中，屬于理想模型的是0

A.電場B.電阻C.元電荷D.質(zhì)點(diǎn)

2.下列物理量中，負(fù)號表示其方向的是()

A.溫度t=-l(TCB.位移s=-8m

C重力勢能邑=-50/D.電量q=-2.5x10-5。

3.航天飛機(jī)中的物體處于完全失重狀態(tài)時(shí)，其()

A.受到的合力為零B.受到的向心力為零

C.對支持物的壓力為零D.受地球的萬有引力為零

4.伽利略在著名的斜面實(shí)驗(yàn)中，讓一小球自傾角可調(diào)、長度一定的光滑斜面頂端由靜

止釋放，并開始計(jì)時(shí)。他得出的結(jié)論是()

A.小球在斜面上的位移與時(shí)間成正比

B.小球在斜面上的位移與時(shí)間的平方成正比

C.小球到達(dá)斜面底端時(shí)速度的大小與傾角無關(guān)

D.小球從斜面頂端到達(dá)底端所需的時(shí)間與傾角無關(guān)

5.一節(jié)干電池的電動(dòng)勢為1.5匕表示該電池()

A.工作時(shí)兩極間的電壓恒為1.5U

B.工作時(shí)有1.5/的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?/p>

C.比電動(dòng)勢為1.2U的電池存儲(chǔ)的電能多

D.將1C負(fù)電荷由正極輸送到負(fù)極過程中，非靜電力做了1.5/的功

6.如圖所示，底部裝有4個(gè)輪子的行李箱a豎立、b平臥放置在公交車上，箱子四周均

有一定空間。當(dāng)公交車()

A.緩慢啟動(dòng)時(shí)，a、b均相對于公交車向后運(yùn)動(dòng)

B.急剎車時(shí)，行李箱a相對于公交車向前運(yùn)動(dòng)

C.緩慢轉(zhuǎn)彎時(shí)，a、b均相對于公交車向外側(cè)運(yùn)動(dòng)

D.急轉(zhuǎn)彎時(shí)，行李箱a相對于公交車向內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)

7.我國發(fā)射的“天問一號”，將于明年5月抵達(dá)火星?；鹦呛偷厍蚶@太陽的公轉(zhuǎn)均近似

為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知火星公轉(zhuǎn)軌道半徑是地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的1.5倍，則（）

A.火星公轉(zhuǎn)的周期比地球長

B.火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球大

C.火星公轉(zhuǎn)的角速度比地球大

D.火星公轉(zhuǎn)的加速度比地球大

8.在“用C/S研究通電螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度”實(shí)驗(yàn)中，探管從螺線管的一端到另一端，

以螺線管中央為坐標(biāo)原點(diǎn)，測得磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨位置x的變化圖象可能是（）

9.一列簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播。當(dāng)t=0時(shí)其波形如圖所示，貝肚時(shí)（）

A.Q處質(zhì)點(diǎn)傳播到圖中的P點(diǎn)

B.Q處質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸正方向

C.P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度一樣大

D.lcm<x<3cm范圍內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)均向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

10.如圖，物塊以一定的初始速度為由底端沖上粗糙程度均勻的斜面，最高到達(dá)B點(diǎn)。

若物塊在滑行過程中0

A.施加一個(gè)豎直向下的恒力，最高仍到B點(diǎn)

B.施加一個(gè)豎直向上的恒力，最高仍到B點(diǎn)

C.施加一個(gè)水平向右的恒力，最高可能在B點(diǎn)之下

試卷第2頁，總17頁

D.施加一個(gè)水平向右的恒力，最高必在B點(diǎn)之上

11.如圖，光滑絕緣的水平面上固定兩個(gè)帶有等量正電荷的小球人B。將一帶電小球

C放在人B連線的中點(diǎn)。處，C恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。若將B緩慢向右移動(dòng)，貝IJC將（）

AcB

A.靜止不動(dòng)B.向左運(yùn)動(dòng)

C.向右運(yùn)動(dòng)D.可能向左，也可能向右運(yùn)動(dòng)

12.圖甲中物塊4靜止在水平地面上，受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙

所示，設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力與7n的大小與滑動(dòng)摩擦力的大小相等，則下列說

法正確的是（）

A.Q時(shí)刻物塊的速度為零

B.t2時(shí)刻物塊的速度最大

C.t3時(shí)刻F的功率為零

D.ti?t3時(shí)間內(nèi)?對物塊先做正功后做負(fù)功

二,填空題供20分，每題4分。）

1.某同學(xué)在水槽內(nèi)做如圖所示的兩個(gè)實(shí)驗(yàn)。圖①）中4B為兩塊擋板，一列水波穿過4、

B之間的縫隙后如圖所示；圖（b）中Si和S2為兩個(gè)波源，發(fā)出兩列水波后形成如圖所示

的圖案。兩幅圖中，屬于波的衍射現(xiàn)象的是。能夠觀察到圖的）現(xiàn)象的條件是

2.如圖，將4、B兩個(gè)小球同時(shí)從離地相同的高度以相同大小的初速度孫分別豎直上拋

和下拋，不計(jì)空氣阻力。在B落地之前的過程中，兩個(gè)小球之間的距離（填

“增大”、"減小”、”先增大后減小”、“先減小后增大''）；兩者落地的時(shí)間差△￡=

B

3.如圖，三塊完全相同的磁鐵4、B、C套在固定的光滑豎直桿上，相鄰磁鐵間同名磁

極相對。平衡后4、B均懸浮在空中，C在桌面上，則相鄰兩塊磁鐵間的距離

h2（選填“>”、“<”或“="）。若緩慢下壓磁鐵A,則磁鐵之間因?yàn)橄嗷プ?/p>

用力而具有的勢能將（選填“增大”、“減小”或“不變”）。

4.某種金屬氧化物制成的均勻棒中的電流/與電壓U之間遵循/=k距的規(guī)律，其中k=

0.24/武?，F(xiàn)將該棒上接在如圖所示的電路中，R為滑動(dòng)變阻器，電源電動(dòng)勢E=4.5乙

內(nèi)阻r=0.50?，F(xiàn)將變阻器R的滑動(dòng)片向右移動(dòng)，則一中的電流將（選填“增

大“、“減小”或“不變”）。若電流表4的讀數(shù)為L04則電流表4的讀數(shù)為4

5.如圖，兩根電線桿之間架起的電線由于自身重力的作用，中間總是稍有下垂。已知

兩桿之間電線的總質(zhì)量為m,端點(diǎn)處的切線與水平方向的夾角為氏則最低點(diǎn)C處的張

力％=。冬天，由于熱脹冷縮的原因，。會(huì)變小，試解釋工作員人員架設(shè)電

線不能繃緊的原因：O

三.綜合題（共40分。）注意：第19、20題，在列式計(jì)算、邏輯推理以及回答問題

過程中，要求給出必要的圖示、文字說明、公式演算等。

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1.現(xiàn)有一電池，電動(dòng)勢E約為9V,內(nèi)阻r在1?50范圍內(nèi)，允許通過的最大電流為0.64。

為測定該電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖9)所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，圖中％為保

護(hù)電阻，/?2為電阻箱。

(1)(單選)可備選用的定值電阻有以下幾種規(guī)格，則&宜選用()。

A.5。，2.5WB.150,1.0UZC.15/2,10WD.15O0,5.0UZ

(2)接好電路，閉合電鍵，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄/?2的阻值和相應(yīng)的電壓傳感器示數(shù)”

測量多組數(shù)據(jù)。為了利用圖(b)更加便捷的測量電源電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r,該同學(xué)選定縱軸

表示電壓的倒數(shù)3則橫軸應(yīng)為o這是因?yàn)椋篛

(3)該同學(xué)利用圖(a)測量另一電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻時(shí)，選取均為10。的定值電阻，

將電壓傳感器接在4、C之間。調(diào)節(jié)電阻箱，測出若干/?2的阻值和&上相應(yīng)的電壓%,

繪出圖(c)所示的圖象。依據(jù)圖象，可以測出電源的電動(dòng)勢后=乙

2.滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)驚險(xiǎn)刺激的運(yùn)動(dòng)，深受青少年的喜愛。圖中ABC。為滑板的運(yùn)動(dòng)軌道,

力B和CD是兩段光滑的圓弧，水平段BC的長度L=5m。一運(yùn)動(dòng)員從P點(diǎn)以北=6m/s的

初速度下滑，經(jīng)BC后沖上CD軌道，達(dá)到Q點(diǎn)時(shí)速度減為零。已知運(yùn)動(dòng)員連同滑板的質(zhì)

量m=70kg,h=2m,H=3m,g取lfhn/s?。求：

(1)運(yùn)動(dòng)員第一次經(jīng)過B點(diǎn)和C點(diǎn)的速度0、vc；

(2)滑板與8c之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

(3)運(yùn)動(dòng)員最后靜止的位置與B點(diǎn)之間的距離X。

3.如圖(a),質(zhì)量外=2kg、寬度L=1m的足夠長金屬導(dǎo)軌abed放在光滑的絕緣水平面

上。一電阻不計(jì)、質(zhì)量?電=1kg的導(dǎo)體棒MN放置在導(dǎo)軌上，始終與導(dǎo)軌接觸良好，

MNeb構(gòu)成矩形。棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)〃=05棒左側(cè)有兩個(gè)固定于水平面的立柱。

開始時(shí)MN左側(cè)導(dǎo)軌的總電阻R=O.20,右側(cè)導(dǎo)軌單位長度的電阻&=0.10/巾。以4

為界，其左側(cè)勻強(qiáng)磁場方向豎直向上，右側(cè)勻強(qiáng)磁場水平向左，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B

=1兀在t=0時(shí)，一水平向左的拉力F垂直作用在導(dǎo)軌的be邊上，使導(dǎo)軌由靜止開始

做加速度a=2m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，重力加速度g取10m/s2。求：

圖(b)

⑴t=2s時(shí)，MN中電流/的大小和方向；

(2)t=2s時(shí)，"N對金屬導(dǎo)軌施加摩擦力行的大??；

(3)在圖(b)中定性畫出拉力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖象。要求標(biāo)出相關(guān)數(shù)據(jù)，并作出

說明。

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參考答案與試題解析

2021年上海市虹口區(qū)高考物理一模試卷

一.單項(xiàng)選擇題（共40分，1-8題每題3分，9-12題每題4分。每小題只有一個(gè)正

確選項(xiàng)。）

1.

【答案】

D

【考點(diǎn)】

質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識

元電荷

電場

【解析】

由理想模型的概念進(jìn)行分析。

【解答】

建立理想化模型的原則是首先突出問題的最主要因素，忽略問題的次要因素，為了使

物理問題簡化，也為了方便把研究的對象簡化，忽略次要因素，抓住主要因素，建立

的理想化模型為：質(zhì)點(diǎn)、電場線、磁場線、理想氣體、點(diǎn)電荷等，

故48c錯(cuò)誤，。正確；

2.

【答案】

B

【考點(diǎn)】

重力勢能

矢量和標(biāo)量

溫度和溫標(biāo)

位移

路程

【解析】

根據(jù)單位分析其對應(yīng)的物理量，若物理量是矢量，其正負(fù)表示方向。若物理量是標(biāo)量,

其正負(fù)表示大小。

【解答】

4、溫度是標(biāo)量，其負(fù)號不表示方向，表示物體的溫度在零攝氏度以下，故4錯(cuò)誤；

B、位移為矢量，故負(fù)號表示位移的方向，故B正確；

C、重力勢能是標(biāo)量，其負(fù)號不表示方向，表示物體所在的位置是在零勢能面的下方，

故C錯(cuò)誤；

。、電荷量是標(biāo)量，故負(fù)號不表示方向，只是用來明確自然界中正負(fù)兩種電荷，故。錯(cuò)

、口

i天。

3.

【答案】

C

【考點(diǎn)】

牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用-超重和失重

【解析】

航天飛機(jī)中的物體處于完全失重狀態(tài)，此時(shí)的物體受到的萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)所需

要的向心力，物體對支持物無壓力.

【解答】

48、航天飛機(jī)中的物體處于失重狀態(tài)，物體做圓周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，并不為零,

故4B錯(cuò)誤；

C、航天飛機(jī)中的物體處于失重狀態(tài)，對支持物的壓力為零，故C正確；

處于完全失重狀態(tài)的物體仍受地球的萬有引力作用，萬有引力不為零，故D錯(cuò)誤.

4.

【答案】

B

【考點(diǎn)】

伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和推理方法

【解析】

伽利略通過實(shí)驗(yàn)觀察和邏輯推理發(fā)現(xiàn)：

(1)小球沿斜面滾下的運(yùn)動(dòng)的確是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，遵循勻加速直線運(yùn)動(dòng)的一切規(guī)律。

(2)只要斜面的傾角一定，小球的加速度都是相同的，不斷增大斜面的傾角，重復(fù)上

述實(shí)驗(yàn)，得知小球的加速度隨斜面傾角的增大而增大。

【解答】

4、B、伽利略通過實(shí)驗(yàn)測定出小球沿斜面下滑的運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=

：gsin8t2可知，小球在斜面上，位移與時(shí)間的二次方成正比，4錯(cuò)誤，B正確；

C、斜面長度一定時(shí)，傾角的越大，加速度越大，由?=j2gsin0x得,小球到達(dá)斜面

底端時(shí)速度的大小隨傾角增大而增大，故C錯(cuò)誤；

D、傾角越大，物體下滑的加速度越大，故斜面長度一定時(shí)，t=忌，故小球從頂

端滾到底端所需的時(shí)間隨傾角的增大而減小，故。錯(cuò)誤；

5.

【答案】

D

【考點(diǎn)】

電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻

【解析】

由電源電動(dòng)勢，電源的定義進(jìn)行分析。

【解答】

4、接入電路后，兩極電壓為路端電壓，由于電源存在內(nèi)阻，故路端電壓小于電源電動(dòng)

勢，故力錯(cuò)誤；

B、電源是把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，將1C電量的正電荷由負(fù)極移送到正極

的過程中，該電池能將L5/的化學(xué)能轉(zhuǎn)化成電能，故B錯(cuò)誤；

C、電動(dòng)勢表示電源是把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，電動(dòng)勢大不一定儲(chǔ)存的電

能多，故C錯(cuò)誤；

D、一節(jié)干電池的電動(dòng)勢為1.5人表示該電池能將1C電量的負(fù)電荷由正極移送到負(fù)極

的過程中，非靜電力做了L5/的功，故。正確；

6.

試卷第8頁，總17頁

【答案】

B

【考點(diǎn)】

慣性

向心力

牛頓第二定律的概念

【解析】

根據(jù)緩慢起動(dòng)或急剎車時(shí)，分析汽車的加速度的大小分析兩只行李箱是否會(huì)相對車子

運(yùn)動(dòng)；同理分析緩慢轉(zhuǎn)彎或急轉(zhuǎn)彎向心加速度的大小確定行李箱是否相對汽車向外運(yùn)

動(dòng)。

【解答】

設(shè)行李箱a豎立時(shí)與汽車發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)的加速度為由,行李箱b平放時(shí)與汽車發(fā)生相對

運(yùn)動(dòng)的加速度為。2,根據(jù)實(shí)際情況可知g<a2o

4緩慢起動(dòng)時(shí)，汽車的加速度比較小，如果小于劭，則兩只行李箱不會(huì)相對車子運(yùn)動(dòng),

故4錯(cuò)誤；

B、急剎車時(shí)，汽車減速運(yùn)動(dòng)的加速度很大，行李箱a一定相對車子向前運(yùn)動(dòng)，故B正

確；

C、緩慢轉(zhuǎn)彎時(shí)，只要轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度小于心,兩只行李箱不會(huì)相對車子向外側(cè)運(yùn)動(dòng),

故C錯(cuò)誤；

。、急轉(zhuǎn)彎時(shí)，行李箱a一定會(huì)相對車子向外側(cè)運(yùn)動(dòng)，不會(huì)相對車子向內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)，故D

錯(cuò)誤。

7.

【答案】

A

【考點(diǎn)】

向心力

同步衛(wèi)星

萬有引力定律及其應(yīng)用

人造衛(wèi)星上進(jìn)行微重力條件下的實(shí)驗(yàn)

【解析】

根據(jù)開普勒第三定律分析公轉(zhuǎn)周期的大小；

根據(jù)萬有引力提供向心力得到線速度、角速度大小與軌道半徑的關(guān)系進(jìn)行分析；

根據(jù)萬有弓I力定律得到加速度與軌道半徑的關(guān)系進(jìn)行分析。

【解答】

4、根據(jù)開普勒第三定律可得左=K,由于火星的公轉(zhuǎn)半徑比地球的公轉(zhuǎn)半徑大，所以

火星的公轉(zhuǎn)周期比地球的公轉(zhuǎn)周期大，故A正確；

B、設(shè)太陽質(zhì)量為M,行星質(zhì)量為m,根據(jù)萬有引力提供向心力有^=mg,解得：

v二科,由于火星公轉(zhuǎn)的半徑比地球公轉(zhuǎn)的半徑大，火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球公轉(zhuǎn)

的線速度小，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)萬有引力提供向心力可得等=巾「32可得角速度3=楞,由于火星的公轉(zhuǎn)

半徑比地球的公轉(zhuǎn)半徑大，火星公轉(zhuǎn)的角速度比地球公轉(zhuǎn)的角速度小，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)萬有引力定律可得：誓=ma,解得加速度：a=胃，由于火星的公轉(zhuǎn)半徑

比地球的公轉(zhuǎn)半徑大，火星的加速度比地球的加速度小，故。錯(cuò)誤。

8.

【答案】

D

【考點(diǎn)】

磁感應(yīng)強(qiáng)度

通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向

【解析】

通電螺線管內(nèi)部的磁場可近似認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度比螺線管管口處磁感應(yīng)強(qiáng)

度大。

【解答】

通電螺線管內(nèi)部的磁場可近似認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場，由于內(nèi)部磁感線比管口密，磁感應(yīng)強(qiáng)

度B較大，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小關(guān)于。點(diǎn)對稱，根據(jù)安培定則判斷內(nèi)部磁場方向沿x軸負(fù)

方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度為負(fù)值，故。正確，錯(cuò)誤。

9.

【答案】

B

【考點(diǎn)】

波長、頻率和波速的關(guān)系

橫波的圖象

【解析】

簡諧橫波在傳播過程中，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移；分析t=時(shí)Q處質(zhì)點(diǎn)的位置，

再確定其加速度方向；根據(jù)P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)的位置關(guān)系，分析它們振動(dòng)速度的關(guān)系；利

用波形平移法判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向。

【解答】

4、簡諧橫波在傳播過程中，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移，因此，簡諧橫波沿x軸負(fù)方

向傳播，Q處質(zhì)點(diǎn)只上下振動(dòng)，不會(huì)傳播到圖中的P點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)波形平移法可知t=0時(shí)，Q處質(zhì)點(diǎn)正向上振動(dòng)，t=：T時(shí)Q處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，

其加速度沿y軸正方向，故B正確；

C、t=T時(shí)P處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，速度最大，Q處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，速度為零，故C錯(cuò)

誤；

D、根據(jù)波形平移法可知t=時(shí)，1cm<x<2c?n范圍內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)向y軸的正方向運(yùn)動(dòng),

2cm<x<3cm范圍內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

10.

【答案】

C

【考點(diǎn)】

牛頓第二定律的概念

試卷第10頁，總17頁

勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用

【解析】

物體勻減速上滑，施加力F前后，分別對物體受力分析并根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度

的變化情況即可。

【解答】

物體勻減速上滑，施加力F前，物體受重力mg、支持力N和滑動(dòng)摩擦力「根據(jù)牛頓第

二定律，有

平行斜面方向：mgsin。+f-ma

垂直斜面方向：N—mgcosd=0

其中"=〃N

故7ngsin。+[imgcosd=ma

解得a=g(sin。+〃cos。)…①

4、在物塊上施加一個(gè)豎直向下的恒力F后，根據(jù)牛頓第二定律，有

平行斜面方向：(mg+F)sin。+/'=ma'

垂直斜面方向：N-(mg+F)cos6=0

其中"'=〃N

解得a'=(g+、)(sin。+〃cos。)…②

由①②得到加力后加速度變大，故物體一定不能到達(dá)B點(diǎn)，故4錯(cuò)誤；

B、在物塊上施加一個(gè)豎直向上的恒力F后，根據(jù)牛頓第二定律，有

平行斜面方向:(.mg—F)sin0+/'=ma'

垂直斜面方向：N—(mg—F)cos0=0

其中：尸=〃N

解得a'=(g-￡)(sin。+“cos。)…③

由①③得到加力后加速度變小，故物體最高必在B點(diǎn)之上，故B錯(cuò)誤；

C。、在物塊上施加一個(gè)水平向右的恒力，根據(jù)牛頓第二定律，有

平行斜面方向：mgsind+fi-Feos。=ma]

垂直斜面方向：N-mgeosO-FsinO=0

其中:

故mgsin。+fi(mgcosd+Fsin0)—Fcosd=mar

解得：al=g(sin?+〃cosO)+《(“sin。—cos。)…④

由①④得到，由于動(dòng)摩擦因數(shù)與角度。大小關(guān)系未知，故無法比較兩個(gè)加速度的大小關(guān)

系，故C正確，。錯(cuò)誤。

11.

【答案】

D

【考點(diǎn)】

庫侖定律

【解析】

由題意可知C球處于受力平衡狀態(tài)，則對C球進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力平衡的條件可以

得出C所帶電性及C的具體受力情況。

【解答】

C球受重力以及地面的支持力，4對c的庫侖力和B對C的庫侖力而處于受力平衡狀態(tài)；

則4對C的庫侖力力與B對C的庫侖力大小相等，方向相反，C球可以帶正電也可以帶負(fù)

電。根據(jù)庫侖定律可以得出a對c的庫侖力大小為：Bc=筍；B對c的庫侖力大小為：

aAC

&°=簪.此時(shí)由于C處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以兩力大小相等，方向相反。若C帶負(fù)電，則

當(dāng)B緩慢向右移動(dòng)，會(huì)導(dǎo)致BC之間的距離增大，C指向B的力減小，因此合力不再為0,

合力方向改為朝4方向，故C將向左運(yùn)動(dòng)；若C帶正電，則當(dāng)B緩慢向右移動(dòng)，會(huì)導(dǎo)致

BC之間的距離增大，B指向C的力減小，因此合力不再為零，合力方向改為朝B方向，

此時(shí)小球?qū)?huì)向右運(yùn)動(dòng)。故4BC錯(cuò)誤，。正確。

12.

【答案】

A

【考點(diǎn)】

恒力做功

瞬時(shí)功率

牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用一從受力確定運(yùn)動(dòng)

【解析】

由圖象可知，0-1時(shí)間內(nèi)：物體受到的水平拉力F<Ffm,物體一直靜止不動(dòng)；hs

t3時(shí)間內(nèi)，水平拉力合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，物體一直做加速運(yùn)動(dòng)；t3以

后，水平拉力合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)；通過分析物體的

受力情況來進(jìn)行判斷。

【解答】

4.0?匕時(shí)間內(nèi)：物體受到的水平拉力F<Ffm,物體一直靜止不動(dòng)，ti時(shí)刻物體的速

度為零，故力正確；

時(shí)間內(nèi)，水平拉力F>與g合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，物體一直做加速運(yùn)

動(dòng)，t3以后，水平拉力產(chǎn)〈號濟(jì)，合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，

所以《3時(shí)刻的速度最大，故B錯(cuò)誤；

C.由B分析可知，Q時(shí)刻的速度不為零，所以拉力產(chǎn)的功率不為0,故C錯(cuò)誤；

D.4st3時(shí)間內(nèi)，拉力F與物體的位移方向一直相同，故拉力F一直做正功，故。錯(cuò)誤.

故選4.

二.填空題供20分，每題4分。)

1.

【答案】

圖(a),兩列波的頻率相同

【考點(diǎn)】

波的衍射現(xiàn)象

波的干涉現(xiàn)象

波的干涉條件

【解析】

當(dāng)孔的寬度與波長差不多或者比波長還小時(shí)，能夠發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；兩列波發(fā)生

穩(wěn)定干涉的條件是頻率相同。

【解答】

圖9)中水波通過小孔后能繼續(xù)傳播，屬于波的衍射現(xiàn)象。能夠觀察到穩(wěn)定干涉現(xiàn)象的

是圖(b),其條件中兩列波的頻率相同。

2.

試卷第12頁，總17頁

【答案】

先增大后減小,23

【考點(diǎn)】

豎直上拋運(yùn)動(dòng)

【解析】

由位移和時(shí)間的關(guān)系列出方程可以得出4豎直上拋到最高點(diǎn)所用時(shí)間，而此時(shí)間的兩倍

即為兩者落地的時(shí)間差。兩球的距離注意一開始兩球速度方向相反，后來是速度方向

相同的。

【解答】

對4分析其運(yùn)動(dòng)過程，4首先做一個(gè)初速度為北，加速度為g的向上減速運(yùn)動(dòng)，至最高

點(diǎn)處減速為0。之后向下做一個(gè)初速度為0,加速度為g的加速運(yùn)動(dòng)，直到落地。而對B

分析，B一直在做一個(gè)初速度為火，加速度為g的向下加速運(yùn)動(dòng)，直至落地。因此在這

個(gè)過程中，在4上升的過程中，4與B的距離在逐漸增大；而當(dāng)4上升到最高點(diǎn)開始下落

時(shí)，4與8距離在逐漸減小。

故第一空填先增大后減小。

由于4從最高點(diǎn)落回至出發(fā)點(diǎn)位置時(shí)，速度與8初試時(shí)刻相同，為孫，因此此后直至落

地4與B所用時(shí)間是相同的。所以4與8整個(gè)過程落地的時(shí)間差為4比B從開始時(shí)刻到4再

次回到出發(fā)點(diǎn)所用時(shí)間。即為At=2學(xué)

故第二空填2瑪

9

3.

【答案】

＞，增大

【考點(diǎn)】

解直角三角形在三力平衡問題中的應(yīng)用

磁現(xiàn)象和磁場

【解析】

先對4受力分析，再對B受力分析，根據(jù)平衡條件判斷A、B間斥力和B、C間斥力的大

小，再根據(jù)間距越小斥力越大進(jìn)行判斷.

【解答】

對A受力分析，受重力和B的排斥力居，根據(jù)平衡條件，有：F1=mg；

對B受力分析，受重力，A對其向下的排斥力F'i,C對其向上的排斥力F2,根據(jù)平衡條

件，有：mg+F'i=F2；

根據(jù)牛頓第三定律，有：&=F'i；

故尸2＞居

由于間距越小斥力越大，故均＞心；

向下壓系統(tǒng)，對系統(tǒng)做正功，故系統(tǒng)儲(chǔ)存的勢能增加；

4.

【答案】

增大06

【考點(diǎn)】

閉合電路的歐姆定律

【解析】

根據(jù)“串反并同'吩析通過也中的電流的變化；

根據(jù)電流表4的讀數(shù)求解電源內(nèi)電壓、路端電壓、通過&的電流，再根據(jù)并聯(lián)電路的

特點(diǎn)求解電流表4的讀數(shù)。

【解答】

將變阻器R的滑動(dòng)片向右移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)“串反并同”可知,

通過&中的電流將增大；

若電流表4的讀數(shù)為/】=1.04,則電源內(nèi)電壓U矽=lxr=1.0X0.5V=0.5V,

則路端電壓U=E—t/矽=4.5K-0.5V=4.0V

則通過《的電流4=k瓜=0.2xVT0/1=0.44

則電流表4的讀數(shù)為=A-/c=1Q4-044=0.64。

5.

【答案】

蕓，原來4B之間的的電線處于松弛狀態(tài)，由于重力的作用，細(xì)線不可能繃緊

2tan8

【考點(diǎn)】

解直角三角形在三力平衡問題中的應(yīng)用

【解析】

對左半邊電線受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求解最低點(diǎn)C處的張力；由于重力的作用,

細(xì)線不可能繃緊。

【解答】

由于原來AB之間的的電線處于松弛狀態(tài)，雖然冬天冷縮，。會(huì)變小，根據(jù)??=總

ztant7

可知。不會(huì)為零，所以電線不能繃緊。

故答案為：黑；原來AB之間的的電線處于松弛狀態(tài)，由于重力的作用，細(xì)線不可能

ztany

繃緊。

三.綜合題(共40分。)注意：第19、20題，在列式計(jì)算、邏輯推理以及回答問題

過程中，要求給出必要的圖示、文字說明、公式演算等。

1.

【答案】

C

義?，可知在5-三葭坐標(biāo)系中，圖線的兩個(gè)截距分別表示《和；計(jì)算比較方便

R1+R2uR1+R2Er

7.5

【考點(diǎn)】

測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻

【解析】

(1)求出電路最小電阻阻值，然后選擇定值電阻；

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律電流與電壓的關(guān)系進(jìn)行變形得到圖象對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式；

(3)根據(jù)變形得到圖象對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式結(jié)合數(shù)學(xué)知識，明確兩坐標(biāo)軸的含義，即可

正確解答。

【解答】

試卷第14頁，總17頁

電路最小總電阻約為：R=￡=高。=152為保護(hù)電路安全，保護(hù)電阻應(yīng)選和150差

不多的，8選項(xiàng)允許通過的最大電流為：0.064容易燒壞，不符合題意，故

選：C；

由圖a所示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動(dòng)勢：E=U+/r=U+《Tr,

則：則圖象的橫軸應(yīng)為：$

UC/<1十?22Kj"r1X2

根據(jù)：2=三,R:丁+7

UC/<1十爪2匕

可知在3-三丁坐標(biāo)系中，圖線的兩個(gè)截距分別表示E和二計(jì)算比較方便；

U/<1+/<2cI

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：E=￡(a+&+丁)

變形得：/+看區(qū)2

U]ccn^

由圖象可得斜率為：上=表

卜=去，代入數(shù)據(jù)可得：E=7.5V。

ER、

故答案為：(1)c；(2)-^-,可知在持一占坐標(biāo)系中，圖線的兩個(gè)截距分別表示9

/十？<2U/十/<2匕

和3計(jì)算比較方便；(3)7.5。

2.

【答案】

運(yùn)動(dòng)員第一次經(jīng)過B點(diǎn)和C點(diǎn)的速度如、%分別為2gm/s、26m/s。

滑板與BC之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃是0.16；

運(yùn)動(dòng)員最后靜止的位置與B點(diǎn)之間的距離x是3.75m。

【考點(diǎn)】

動(dòng)能定理的應(yīng)用

系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用

機(jī)械能守恒的判斷

【解析】

(1)運(yùn)動(dòng)員從P點(diǎn)滑至B點(diǎn)的過程，只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理或機(jī)械能守恒定律

求運(yùn)動(dòng)員第一次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度如；運(yùn)動(dòng)員由。點(diǎn)到Q點(diǎn)的過程，只有重力做功，由

動(dòng)能定理或機(jī)械能守恒定律求出運(yùn)動(dòng)員第一次經(jīng)過C點(diǎn)的速度必。

(2)運(yùn)動(dòng)員由B點(diǎn)滑至C點(diǎn)的過程中，運(yùn)用動(dòng)能定理求動(dòng)摩擦因數(shù)。

(3)運(yùn)動(dòng)員最終停在BC上，對整個(gè)過程，根據(jù)動(dòng)能定理求出運(yùn)動(dòng)員在BC軌道上滑行

的總路程，即可確定最后靜止的位置與B點(diǎn)之間的距離X。

【解答】

以水平軌道8C所在水平面為零勢能面，運(yùn)動(dòng)員從P點(diǎn)滑至B點(diǎn)的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒

定律，有：

-mvl+mgh=-mvj

代入數(shù)據(jù)解得:外=2屈m/s

運(yùn)動(dòng)員由C點(diǎn)到Q點(diǎn)的過程，由機(jī)械能守恒定律，有：

-1mvc2-mgHu

代