2021年上海市楊浦區(qū)高考物理質(zhì)量調(diào)研試卷(二模)

2021年上海市楊浦區(qū)高考物理質(zhì)量調(diào)研試卷（二模）

一、單選題（本大題共12小題，共40.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.在金屬導(dǎo)體組成的電路中，電子的定向移動(dòng)速率越大，電路中的電流越強(qiáng)

B.電動(dòng)勢越大，電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)越強(qiáng)

C.導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比

D.電功率越大，電流做功越快，電路中產(chǎn)生的焦耳熱一定越多

2.若戰(zhàn)機(jī)從“遼寧艦”航母上起飛滑行的距離相同，牽引力相同，則

起飛滑行的過程（）

A.攜帶彈藥越多，加速度越大

B.攜帶彈藥越多，滑行時(shí)間越長

C.攜帶燃油越多，獲得的起飛速度越大

D.攜帶燃油越多，牽引力做功越大

3.以下核反應(yīng)中的x代表中子的是（）

A.1He+尹N-l7O+xB./e+iBe—g2C+x

C.第8—T234Th+xD.jH+x->jHe

4.如圖所示，將一帶正電的小球尸靠近帶有絕緣支架的不帶電導(dǎo)體A時(shí),?[.]

導(dǎo)體人的（）.X

左端帶負(fù)電，右端帶正電

B.左端帶正電，右端帶負(fù)電

C.左右兩端都帶正電

D.左右兩端都帶負(fù)電

如圖所示的4種明暗相間的條紋，是紅光、藍(lán)光各自通過同一個(gè)雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣

以及黃光、紫光各自通過同一個(gè)單縫形成的衍射圖樣（黑色部分表示亮紋）.則在下面的四個(gè)圖中

從左往右排列，那個(gè)圖是紫光形成的條紋（）

A.mmMIIIIIIMinimHIIII

6.關(guān)于溫度的概念，下述說法中正確的是（）

A.溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體溫度高，則分子的平均動(dòng)能大

B.溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，則物體的每一個(gè)分子的動(dòng)能都增大

C.某物體當(dāng)其內(nèi)能增大時(shí)，則該物體的溫度一定升高

D.甲物體的溫度比乙物體的溫度高，則甲物體分子平均速率比乙物體分子平均速率大

7.通過物理知識(shí)的學(xué)習(xí)你認(rèn)為下列說法正確的是（）

A.物體受力越大物體運(yùn)動(dòng)得越快

B.靜止的物體不可能受滑動(dòng)摩擦力作用

C.制作汽油桶的材料用金屬比用塑料好

D.電工穿絕緣衣比穿金屬衣更安全

ARC

8.如圖所示，在平行于水平地面的勻強(qiáng)磁場上方有三個(gè)線圈，從相同的高度

由靜止開始釋放，三個(gè)線圈都是用相同的金屬材料制成的邊長一樣的矩形，-----------------

XXXXXX

A、B線圈閉合，但A線圈的導(dǎo)線比8的線圈粗，C線圈有一個(gè)缺口。則xxxxxx

A、B、C線圈進(jìn)入磁場瞬間加速度大小關(guān)系是（）

A.—CLg'—Ct>cB.Clyi>CLg—CLQC.>tip>CLQD.Clyi—Q，B<a?

9.己知無限長直導(dǎo)線上的電流產(chǎn)生磁場中任一點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足B=k（其中k

7.甲Z

為比例系數(shù)，/為電流強(qiáng)度，，為該點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離）。如圖所示，同一平面

內(nèi)有兩根互相平行的無限長直導(dǎo)線甲和乙，通有大小均為/且方向相反的電流，2'

。、。兩點(diǎn)與兩導(dǎo)線共面，且〃點(diǎn)到甲的距離、甲到0點(diǎn)的距離及。點(diǎn)到乙的

距離均相等。現(xiàn)測得。點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為2。=37,則。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）

43

A.ITB.：TC.】TD.2T

32

10.一個(gè)物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果使其中的一個(gè)力方向保持不變，而大小先隨時(shí)

間均勻減小到零，然后又從零隨時(shí)間均勻增大到原來的大小，在這個(gè)過程中其余各力均不變,

那么下列各圖中，能正確描述該過程中物體的速度或加速度的變化情況的是（）

11.如圖所示，雪橇在與水平方向成a角的拉力廠作用下，由靜止沿水平

面向前運(yùn)動(dòng)一段位移S,在此過程中，拉力F對(duì)雪橇所做的功為（）,貳繞到

A.FSB.FSsinaC.FStanaD.

FScosa

12.一個(gè)彈簧振子作簡諧運(yùn)動(dòng)，以某時(shí)刻作為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，經(jīng)過四分之一個(gè)周期，振子具有正方向的

最大加速度，則正確的振動(dòng)圖象為（）

二、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.磁鐵的磁場和電流的磁場有相同的來源，都是由產(chǎn)生的，磁現(xiàn)象電本質(zhì)就是所有磁現(xiàn)象

歸結(jié)為之間通過發(fā)生相互作用.

〃

8

14.一群氫原子處于量子數(shù)n=4能級(jí)狀態(tài)，氫原子的能級(jí)圖如圖所示，氫原4

3

子可能發(fā)射種頻率的光子；氫原子由量子數(shù)n=4的能級(jí)躍遷到2

n=2的能級(jí)時(shí)輻射光子的能量是eV；用九=4的能級(jí)躍遷到n=

2的能級(jí)時(shí)輻射的光子照射下表中幾種金屬，金屬能發(fā)生光電效1-------------13.6

應(yīng).

幾種金屬的逸出功

金屬葩鈣鎂鈦

逸出功W/eV1.92.73.74.1

15.若已知某天體的半徑R及其表面處的重力加速度g,可以求出該天體的質(zhì)量為和該天體

的平均密度為（引力常量G已知）

16.同一平面內(nèi)的兩個(gè)共點(diǎn)力，大小分別是5N和8N,這兩個(gè)力的合力的最大值為N,最小

值為N。

17.在光滑的水平面上，一質(zhì)量為m入=0.1kg的小球A,以8m/s的

初速度向右運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量為niB=0.2kg的靜止小球B發(fā)生正

R

碰.碰后小球B滑向與水平面相切、半徑為R=0.5zn的豎直放置的光滑半圓形軌道，且恰好能

通過最高點(diǎn)N后水平拋出.g=lOm/sz.求：

⑴碰撞后小球B的速度大小.

(ii)4、B碰撞過程中損失的機(jī)械能.

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題，共10.0分)

18.用圖甲所示裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。

(1)實(shí)驗(yàn)室有容積為5mL和20〃4的兩種注射器供選擇，為能用較小的力作用在活塞上使氣體體積發(fā)

生明顯變化，選用容積為的注射器更合適；實(shí)驗(yàn)中，為找到體積與壓強(qiáng)的關(guān)系，

(選填“需要”或“不需要”)測出空氣柱的橫截面積。

(2)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)下列說法正確的有o

A.柱塞上應(yīng)該涂油

8.應(yīng)緩慢推拉柱塞

C.用手握注射器推拉柱塞

D注射器必須固定在豎直平面內(nèi)

(3)測得多組空氣柱的壓強(qiáng)p和體積V的數(shù)據(jù)后，為直觀反映壓強(qiáng)與體積之間的關(guān)系，若以p為縱坐

標(biāo)，則應(yīng)以為橫坐標(biāo)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)作圖；小明所在的小組不斷壓縮氣體，由測得數(shù)據(jù)

發(fā)現(xiàn)p與M的乘積值越來越小，則用上述方法作出的圖線應(yīng)為圖乙中的(選填“①”或

“②”),造成該現(xiàn)象的原因可能是。

(4)為能更準(zhǔn)確地測出氣體的壓強(qiáng)，小華用軟管連通注射器和壓強(qiáng)傳感器，用(3)中方法作出的圖線

如圖丙所示，該圖線不過原點(diǎn)，為減小這一實(shí)驗(yàn)誤差，請(qǐng)給出你的改進(jìn)方法：。

四、計(jì)算題(本大題共2小題，共30.0分)

19.如圖所示，平行導(dǎo)軌和PQ相距\m,電阻可忽略，摩擦不計(jì),

其水平部分QS7W置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為17、方向豎直向上的勻

強(qiáng)磁場中，陽斜部分PS加處沒有磁場，上端接一個(gè)阻值R=10

的電阻，兩部分平滑對(duì)接，其上擱有兩根導(dǎo)體棒“、b,6垂直于

水平導(dǎo)軌放置，〃垂直于傾斜導(dǎo)軌放置，。、萬棒與導(dǎo)軌始終接觸

良好。已知細(xì)導(dǎo)體棒。和。質(zhì)量均為0.5kg。在導(dǎo)軌間部分的電阻均為10.a棒從斜軌上高為0.8m

處無初速釋放。求：

(1)若b棒被鎖定在距ST線左側(cè)處始終不動(dòng)，則。棒剛進(jìn)入磁場時(shí)加速度的大??；

(2)若匕棒被鎖定在距ST線左側(cè)處始終不動(dòng)，要使a棒進(jìn)入磁場后不與b棒相碰，〃棒距S7線的距

離至少為多少；

(3)若b棒被鎖定在距ST線左側(cè)1.5m處，當(dāng)”棒即將與人棒碰撞時(shí)解除鎖定，a、b棒碰撞后粘在一

起。則b棒在磁場中通過的距離和電阻R在整個(gè)過程中產(chǎn)生的焦耳熱QR。

戶CE

20.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖=

0處的質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)方程為y=-2si?il07rt(c7n).求:

345Hm

⑴從t=0開始計(jì)時(shí)，。點(diǎn)第一次到達(dá)波峰位置所需的時(shí)間；

(2)P點(diǎn)第一次到達(dá)波峰位置時(shí)，x=0.256處質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移.

【答案與解析】

1.答案：B

解析：解：A、根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可知，/=nqSv,電子的定向移動(dòng)速率越大，電流不一定越大，

故A錯(cuò)誤。

8、電動(dòng)勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量，電動(dòng)勢越大，電源將其它能轉(zhuǎn)

化為電能的本領(lǐng)越大，故B正確。

C、導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)，其大小與導(dǎo)體兩端的電壓和通過它的電流大小無關(guān)，故C

錯(cuò)誤。

。、電功率越大，電流做功越快，但不一定轉(zhuǎn)化的熱量大，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

明確電流的微觀表達(dá)式，明確影響電流大小的因素；知道電動(dòng)勢的意義；知道電阻是由導(dǎo)體本身性

質(zhì)決定的，與電壓和電流無關(guān)；電功率描述電流做功快慢的物理量，而焦耳熱的大小還與時(shí)間有關(guān)。

本題考查電流、電功率、電阻以及電動(dòng)勢的基本性質(zhì)和意義，特別對(duì)于電阻要知道電阻大小可以由

歐姆定律求出，但其大小是由自身的性質(zhì)決定的。

2.答案：B

解析：解：A、根據(jù)牛頓第二定律，有：F-f=ma；攜帶彈藥越多，質(zhì)量越大，故加速度越小，

故4錯(cuò)誤；

B、攜帶彈藥越多，質(zhì)量越大，根據(jù)牛頓第二定律，有：尸=ma,故加速度越小，根據(jù)％=：如2,

滑行時(shí)間越長，故B正確：

C、攜帶燃油越多，質(zhì)量越大，根據(jù)動(dòng)能定理尸x—=故速度越小，故C錯(cuò)誤；

。、牽引力做功W=Fx,做功一樣，故。錯(cuò)誤；

故選：瓦

飛機(jī)受到五個(gè)力，重力、支持力、升力、動(dòng)力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度即可.

本題關(guān)鍵明確飛機(jī)的受力情況，然后根據(jù)牛頓第二定律列式判斷加速度，根據(jù)動(dòng)能定理或運(yùn)動(dòng)學(xué)公

式判斷起飛速度與加速時(shí)間.

3.答案：B

解析：解：A、用軸e轟擊/N,生成物之一為170,反應(yīng)前的質(zhì)量數(shù)是4+14=18,反應(yīng)后？。的

質(zhì)量數(shù)是17,所以x的質(zhì)量數(shù)是1；反應(yīng)前的電荷數(shù)是2+7=9,反應(yīng)后*0的電荷數(shù)是8,所以生

成物的電荷數(shù)是1.可知x是質(zhì)子；故A錯(cuò)誤；

B、用fHe轟擊沔e,生成物之一為$C,反應(yīng)前的質(zhì)量數(shù)是4+9=13,反應(yīng)后的質(zhì)量數(shù)是12,

所以x的質(zhì)量數(shù)是1;反應(yīng)前的電荷數(shù)是2+4=6,反應(yīng)后鏟C的電荷數(shù)是6,所以生成物的電荷數(shù)

是0.可知生成物是中子。故8正確；

C、肥8〃發(fā)生衰變生成簫切伍質(zhì)量數(shù)減小4,電荷數(shù)減小2,所以x是不是中子。故C錯(cuò)誤；

。、出+%-為聚變方程，反應(yīng)物是笊核和質(zhì)子。故。錯(cuò)誤.

故選：Bo

根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可判斷出X表示什么粒子，從而正確解答本題.

本題考查了核反應(yīng)方程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的應(yīng)用，同時(shí)注意原子核的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的表示

方法.

4.答案：A

解析：解：導(dǎo)體A處于正點(diǎn)電荷電場中，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，根據(jù)電荷之間的相互作用的特點(diǎn)可知，

導(dǎo)體A上左端的負(fù)電荷，右端的正電荷，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：Ao

導(dǎo)體A在正點(diǎn)電荷的電場作用下發(fā)生了靜電感應(yīng)現(xiàn)象，電荷分布在導(dǎo)體外表面，且為等勢體，內(nèi)部

電場強(qiáng)度處處為零，感應(yīng)起電產(chǎn)生的電荷量遵循電荷守恒定律。

考查了靜電感應(yīng)現(xiàn)象，感應(yīng)起電，電荷守恒定律，注意感應(yīng)帶電，這是使物體帶電的一種方法，根

據(jù)異種電荷互相吸引的原理可知，靠近的一端會(huì)帶異種電荷。

5.答案:B

解析：解：雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相同且等間距，故AC是紅光、

藍(lán)光各自通過同一個(gè)雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣；

單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗，故8。

是衍射圖樣，紫光波長較短，則中央亮條紋較細(xì)，故8是紫光的衍射條紋.

故選：B.

單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗.

掌握單縫衍射和雙縫干涉的圖樣的特點(diǎn)和圖樣與波長的關(guān)系是解決此題的唯一途徑，故要加強(qiáng)對(duì)基

礎(chǔ)知識(shí)的記憶.

6.答案：A

解析：4B.溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，這是一個(gè)統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于單個(gè)、少量分子是不成立的，物體

溫度高，則分子的平均動(dòng)能大，故4正確，B錯(cuò)誤；

C.物體的內(nèi)能增大，可能是分子勢能增大導(dǎo)致的，分子的平均動(dòng)能不一定增大，溫度不一定升高，

故c錯(cuò)誤；

D甲物體的溫度比乙物體的溫度高說明甲物體分子平均動(dòng)能大于乙分子平均動(dòng)能，而二者分子質(zhì)量

不確定誰大誰小，故無法判斷二者分子平均速率大小，故。錯(cuò)誤。

故選:Ao

正確理解溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志的含義，同時(shí)要了解內(nèi)能的含義以及內(nèi)能與哪些因素有關(guān)是解

答本題的關(guān)鍵.

溫度是熱學(xué)中的一個(gè)重要概念，一定從宏觀和微觀的角度加以充分理解.

7.答案：C

解析：解：A、運(yùn)動(dòng)快慢與受力大小無關(guān)，A錯(cuò)誤；

從汽車剎車在地面滑動(dòng)，地面受到滑動(dòng)摩擦力，B錯(cuò)誤；

C、因?yàn)樗芰虾陀湍Σ寥菀灼痣姡o電積累多了容易有火花，會(huì)爆炸，C正確；

力、由靜電屏蔽原理知電工穿金屬衣安全，力錯(cuò)誤；

故選C

運(yùn)動(dòng)快慢與受力大小無關(guān)，塑料和油摩擦容易起電，靜電積累多了容易有火花，由靜電屏蔽原理知

電工穿金屬衣安全.

本題是物理知識(shí)在現(xiàn)實(shí)生活中的應(yīng)用，平時(shí)注意積累.

8.答案：D

解析：

C線圈有一個(gè)缺口，進(jìn)入磁場后，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，不受安培力作用，只受重力，加速度等于g。而

48線圈是閉合的，進(jìn)入磁場后，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈受到豎直向上的安培力作用，根據(jù)牛頓第

二定律研究A、B加速度的關(guān)系解決，本題的難點(diǎn)在于分析加速度與橫截面積無關(guān)，要將質(zhì)量和

電阻細(xì)化，是解題的關(guān)鍵.

C上有缺口，進(jìn)入磁場不受安培力，只受重力，所以C的加速度為g.

4B線圈進(jìn)入磁場過程，受到安培力與重力兩個(gè)力作用，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-^=ma,

且m=p-4Ls,R=p'￡，得：a=g一（之<g，可知I,4、8線圈的加速度一樣，故以=ae<ac.

故選：D.

9.答案：A

解析：設(shè)兩導(dǎo)線間的距離是L則由題意知：ao=bo=L,由安培定則可知，甲乙兩電流在。點(diǎn)產(chǎn)

生的磁場方向都垂直于紙面向里，兩導(dǎo)線到。點(diǎn)的距離均為:L,由于B=k/，。點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大

2r

_L1_r

小為Bo,所以：BQ=Ba+Bb=kl+1=4無①

-L>-ZiLt

22

由安培定則可知，甲在。處產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向外，乙在。處產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向里，則。

_Z____1_

處的磁感應(yīng)強(qiáng)度：Ba二B甲+B乙=k(l-1)=

-LZi+-i

22

由①②可得：Ba=150=|x3=lT,A正確。

故選A。

10.答案：D

解析：解：CD.物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，那么，受力平衡:

只改變其中一個(gè)力的大小，大小先隨時(shí)間均勻減小到零，然后又從零隨時(shí)間均勻增大到原來的大小;

那么，物體所受合外力和該力的改變量等大反向，故合外力由0開始均勻增大到最大，后由均勻減

小到零；即合外力如圖所示:

那么，由牛頓第二定律可得：a=5,故加速度的變化情況和合外力變化情況相同，先均勻增大，后

均勻減小到零，故C錯(cuò)誤，。正確;

AB.又有。一t圖象的斜率即為加速度，故速度一直增大，且增大速率先增大，后減小，一直減小到

故選：Do

分析物體受力得到合外力變化，即可由牛頓第二定律得到加速度變化，從而得到速度變化。

v-t圖象的斜率即加速度，質(zhì)量不變的物體加速度和合外力變化一致。

11.答案：D

解析：

根據(jù)功的定義，力與力方向上的位移的乘積，直接計(jì)算即可.

恒力做功，根據(jù)功的公式直接計(jì)算即可，同時(shí)要注意功是力與在力的方向上的位移的乘積，比較簡

單。

雪橇的位移是在水平方向上的，把拉力F分解為水平的Fcosa,和豎直的Fsina,由于豎直的分力不

做功，所以拉力F對(duì)雪橇所做的功即為水平分力對(duì)物體做的功，

所以有：w=Fcosa-S=FSeosa

故選：。

12.答案:D

解析：解：因?yàn)?周期時(shí)，振子具有正方向的最大加速度，由簡諧運(yùn)動(dòng)的特征：a=-葛可知，t=￡振

子位于負(fù)向最大位移處，說明t=0時(shí)刻振子的位移為0,且向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故。正確，A8C錯(cuò)誤。

故選：Do

根據(jù);周期，振子具有正方向的最大加速度，確定t=0時(shí)刻，振子的位置以及速度的方向，從而確定

正確的振子位移-時(shí)間圖線。

本題在選擇圖象時(shí)，關(guān)鍵研究t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位置和位移如何變化。此題還要掌握簡諧運(yùn)動(dòng)的特征:

a=--,知道加速度與位移的關(guān)系。

m

13.答案：電流；電流；磁場

解析：解：電流的形成是因電荷的定向移動(dòng)，故它周圍的磁場是因電荷的運(yùn)動(dòng).

磁鐵周圍的磁場，人們?nèi)哉J(rèn)為是因電荷的運(yùn)動(dòng)，因磁鐵的由分子組成的，而分子是由原子核和核外

電子構(gòu)成，分子在運(yùn)動(dòng)，因此組成分子的電荷也在運(yùn)動(dòng)，整體運(yùn)動(dòng)的有序性，就可在其周圍形成磁

場.

磁現(xiàn)象電本質(zhì)就是所有磁現(xiàn)象歸結(jié)為電流之間通過磁場發(fā)生相互作用.

故答案為：電流；電流；磁場

本題依據(jù)人們知道的磁現(xiàn)象的電本質(zhì)來填寫.

磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，現(xiàn)在認(rèn)為，所有磁場的形成都是因電荷的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的.

14.答案:62.55鈍

解析：解：因?yàn)镃：=6,知?dú)湓涌赡馨l(fā)射6種頻率的光子.

氫原子由量子數(shù)幾=4的能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)時(shí)輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，

即E=E4-E2=-0.85+3.40eV=2.55eV.

E只大于鈾的逸出功，故光子只有照射的金屬才能發(fā)生光電效應(yīng).

故答案為：6,2.55,鈉.

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能發(fā)射的光子頻率種數(shù).

能級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差.

根據(jù)光電效應(yīng)的條件判斷能否發(fā)生光電效應(yīng).

解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷所滿足的規(guī)律，以及掌握光電效應(yīng)的條件和光電效應(yīng)方程.

15.答案：塔;潟

G4nGR

解析：解：天體表面重力與萬有引力相等，故：

「mM

G-^r=mg

可得天體的質(zhì)量M=喑

又天體的體積V=［兀/?3

gR?

所以天體的密度p=t=點(diǎn)二=￥_

V刎3樂GR

故答案為：吟，潟.

G4nGR

天體表面重力與萬有引力相等，據(jù)此列式由半徑和重力加速度求天體的質(zhì)量，再根據(jù)密度公式計(jì)算

天體的密度.

本題抓住天體表面重力與萬有引力相等，計(jì)算天體的質(zhì)量，掌握相關(guān)規(guī)律和公式是正確解題的關(guān)鍵.

16.答案:133

解析：解：兩力合成時(shí)，合力范圍為：|%-尸2|WFW0+F2；

故3N<F<13/V；

因此這兩個(gè)力的合力的最大值為13N,最小值為3M

故答案為：13,3。

兩力合成時(shí)，合力隨夾角的增大而減小，當(dāng)夾角為零時(shí)合力最大，夾角180。時(shí)合力最小，并且|6-

F2IWFW6+尸2。

本題關(guān)鍵根據(jù)平行四邊形定則得出合力的范圍：一F2ISFSF1+尸2。

17.答案：解：（i）小球B恰好能通過圓形軌道最高點(diǎn)，有mg=m3①

解得I?N=V5m/s

小球B從軌道最低點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)D的過程中機(jī)械能守恒，

有如B靖=2mBgR嫌②

聯(lián)立①②解得力,=5m/s

所以碰撞后小球B的速度大小為5m/s

（ii）碰撞過程中動(dòng)量守恒，有

mAv0=mAvA+mBvB,

因?yàn)樗矫婀饣?，所以式?=%<，

解得力=-2m/s,

碰撞過程中損失的機(jī)械能為

△E=如A詔--|mevj-0.5J

答：（i）碰撞后小球B的速度大小為5m/s.

B碰撞過程中損失的機(jī)械能為0.5/.

解析：（1）小球恰好能通過最高點(diǎn)M說明小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)小球的重力提供向心力，由牛頓第二定

律求出小球到達(dá)N點(diǎn)的速度，由機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后小球B的速度.

（2）由碰撞過程中動(dòng)量守恒及能量守恒定律可以求出碰撞過程中機(jī)械能的損失.

熟練應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)能定理、能量守恒定律即可正確解題，難度適中.

18.答案：5mL不需要AB^②漏氣（或氣體溫度降低）選用容積較大的注射器

解析：解：(1)由于要用較小的力作用在活塞上使氣體體積發(fā)生明顯變化，則當(dāng)然選擇容積小的注射

器，故選5加L注射器合適；由于注射器的截面積相等，所以在此可用長度代替體積，故不需要測體

積；

(2)考查操作細(xì)節(jié)：A、柱塞上涂油既減小摩擦，又防止漏氣，故A正確；

8、若急速推拉活塞，則有可能造成漏氣和等溫條件的不滿足，所以應(yīng)緩慢推拉活塞，故8正確；

C、手握活塞造成溫度變化，故C錯(cuò)誤：

D,壓強(qiáng)由壓力表測量，不是由豎直的平衡條件計(jì)算，所以不需要豎直放置，故。錯(cuò)誤；

故選：AB

(3)反比例函數(shù)是曲線，正比例函數(shù)是過原點(diǎn)的直線，所以要畫p-/圖象。由牛=C,可得:p=CTx稱,

其中P-［圖象的斜率為k=則溫度相同時(shí)，質(zhì)量越小，則圖象的斜率越小，圖象將向下彎曲，

圖②是小明組所繪，造成這種情況的原因是漏氣；

(4)小華用軟管連通注射器和壓強(qiáng)傳感器，用(3)中方法作出的圖線如圖丙所示，該圖線不過原點(diǎn)，

顯然是軟管里的氣體沒計(jì)算，體積的測量值偏小造成的，所以改用大體積的注射器可改善。

故答案為：(l)5mL,不需要；(2)48；(3)1(或體積的倒數(shù))、②、漏氣(或氣體溫度降低)；(4)選用

容積較大的注射器(或?qū)嶒?yàn)中氣體的體積不壓縮得過小或測出軟管中氣體的體積等)

(1)(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，操作要點(diǎn)、結(jié)合注意事項(xiàng)分析即可；

(3)以壓強(qiáng)p為縱坐標(biāo)，以體積的倒數(shù)a為橫坐標(biāo)作出圖象的圖象是直線，更容易通過圖象判斷壓強(qiáng)

與體積成反比反比；根據(jù)p-號(hào)圖象的斜率為k=CT,則溫度相同時(shí)，質(zhì)量越大，則圖象的斜率越小；

(4)根據(jù)p=C7x［可知，p-3圖象理想是一條過原點(diǎn)直線，但不過原點(diǎn)，分析操作過程找到誤差原

因。

本題考查的是“探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，特別是會(huì)通過熱力學(xué)狀

態(tài)方程推導(dǎo)出p=CTx。然后進(jìn)行分析；同時(shí)要知道實(shí)驗(yàn)誤差的來源及減小實(shí)驗(yàn)誤差。

19.答案：解：(l)a棒剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度為v：mgh=lmv2

可得I?=12gh=V2X0.8X10=4m/s

則剛進(jìn)入磁場切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E=BL%,。相當(dāng)于電源，R與b并聯(lián)電阻為［R,

E

電流/=艱

所受安培力尸=BIL

加速度a=-

m

聯(lián)立解得。=^771/52,方向水平向右；

(2)根據(jù)動(dòng)量定理知：-BiLAt=-mu

即8Lq=mv(T)

又知q=/"=,=施②

聯(lián)立①②解得％=3m

(3)設(shè)碰撞前的速度為%,根據(jù)動(dòng)量定理知：mv1-mv=-Bil-△t

2Z

NIIBLX0

即mu-mv1=高點(diǎn)

代入數(shù)據(jù)得%=2m/s

此階段R上產(chǎn)生的熱量為Qi=一：7n說)

代入數(shù)據(jù)解得％=\]

碰撞時(shí)間短暫，可以視為動(dòng)量守恒，碰后共同的速度“，則m%=2rnM

即1/=lm/s

a、6棒碰撞后粘在一起后電阻為[R,與R串聯(lián)

D2r2x，

根據(jù)動(dòng)量定理知：一26"=一方而

解得％'=1.5m

此階段R上產(chǎn)生的熱量為Q2=x2x|mv，2=

電阻R在整個(gè)過程中產(chǎn)生的焦耳熱QR=QI+Q2=G+

答：(1)若6棒被鎖定在距S7線左側(cè)處始終不動(dòng)，則a棒剛進(jìn)入磁場時(shí)加速度的大小為g?n/s2；

(2)若人棒被鎖定在距ST線左側(cè)處始終不動(dòng)，要使〃棒進(jìn)入磁場后不與b棒相碰，匕棒距ST線的距

離至少為3m；

(3)若b棒被鎖定在距S7線左側(cè)1.5巾處，當(dāng)。棒即將與〃棒碰撞時(shí)解除鎖定，a、b棒碰撞后粘在一

起。則〃棒在磁場中通過的距離為1.5m,電阻R在整個(gè)過程中產(chǎn)生的焦耳熱QR為C+a/。

解析：(l)a棒剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度為也根據(jù)=可得力則剛進(jìn)入磁場切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)

生的感應(yīng)電動(dòng)勢2=8八0,a相當(dāng)于電源，R與6并聯(lián)電阻為［R,

電流/=孱/，所受安培力F=B/L,根據(jù)牛頓第二定律知加速度a=3聯(lián)立解得。，方向水平向右；

r.1.A0BLX

(2)根據(jù)動(dòng)量定理知：-B遼△t=-nw,又知9=?；?豆=耐聯(lián)立解得x；

R212算

(3)設(shè)碰撞前的速度為力,根據(jù)動(dòng)量定理知：巾