2021年上海市楊浦區(qū)高考物理質(zhì)量調(diào)研試卷(二模)_第1頁
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文檔簡介

2021年上海市楊浦區(qū)高考物理質(zhì)量調(diào)研試卷(二模)

一、單選題(本大題共12小題,共40.0分)

1.下列說法正確的是()

A.在金屬導(dǎo)體組成的電路中,電子的定向移動速率越大,電路中的電流越強

B.電動勢越大,電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)越強

C.導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比

D.電功率越大,電流做功越快,電路中產(chǎn)生的焦耳熱一定越多

2.若戰(zhàn)機從“遼寧艦”航母上起飛滑行的距離相同,牽引力相同,則

起飛滑行的過程()

A.攜帶彈藥越多,加速度越大

B.攜帶彈藥越多,滑行時間越長

C.攜帶燃油越多,獲得的起飛速度越大

D.攜帶燃油越多,牽引力做功越大

3.以下核反應(yīng)中的x代表中子的是()

A.1He+尹N-l7O+xB./e+iBe—g2C+x

C.第8—T234Th+xD.jH+x->jHe

4.如圖所示,將一帶正電的小球尸靠近帶有絕緣支架的不帶電導(dǎo)體A時,?[.]

導(dǎo)體人的().X

左端帶負(fù)電,右端帶正電

B.左端帶正電,右端帶負(fù)電

C.左右兩端都帶正電

D.左右兩端都帶負(fù)電

如圖所示的4種明暗相間的條紋,是紅光、藍(lán)光各自通過同一個雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣

以及黃光、紫光各自通過同一個單縫形成的衍射圖樣(黑色部分表示亮紋).則在下面的四個圖中

從左往右排列,那個圖是紫光形成的條紋()

A.mmMIIIIIIMinimHIIII

6.關(guān)于溫度的概念,下述說法中正確的是()

A.溫度是分子平均動能的標(biāo)志,物體溫度高,則分子的平均動能大

B.溫度是分子平均動能的標(biāo)志,溫度升高,則物體的每一個分子的動能都增大

C.某物體當(dāng)其內(nèi)能增大時,則該物體的溫度一定升高

D.甲物體的溫度比乙物體的溫度高,則甲物體分子平均速率比乙物體分子平均速率大

7.通過物理知識的學(xué)習(xí)你認(rèn)為下列說法正確的是()

A.物體受力越大物體運動得越快

B.靜止的物體不可能受滑動摩擦力作用

C.制作汽油桶的材料用金屬比用塑料好

D.電工穿絕緣衣比穿金屬衣更安全

ARC

8.如圖所示,在平行于水平地面的勻強磁場上方有三個線圈,從相同的高度

由靜止開始釋放,三個線圈都是用相同的金屬材料制成的邊長一樣的矩形,-----------------

XXXXXX

A、B線圈閉合,但A線圈的導(dǎo)線比8的線圈粗,C線圈有一個缺口。則xxxxxx

A、B、C線圈進(jìn)入磁場瞬間加速度大小關(guān)系是()

A.—CLg'—Ct>cB.Clyi>CLg—CLQC.>tip>CLQD.Clyi—Q,B<a?

9.己知無限長直導(dǎo)線上的電流產(chǎn)生磁場中任一點磁感應(yīng)強度滿足B=k(其中k

7.甲Z

為比例系數(shù),/為電流強度,,為該點到直導(dǎo)線的距離)。如圖所示,同一平面

內(nèi)有兩根互相平行的無限長直導(dǎo)線甲和乙,通有大小均為/且方向相反的電流,2'

。、。兩點與兩導(dǎo)線共面,且〃點到甲的距離、甲到0點的距離及。點到乙的

距離均相等?,F(xiàn)測得。點磁感應(yīng)強度的大小為2。=37,則。點的磁感應(yīng)強度大小為()

43

A.ITB.:TC.】TD.2T

32

10.一個物體在多個力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果使其中的一個力方向保持不變,而大小先隨時

間均勻減小到零,然后又從零隨時間均勻增大到原來的大小,在這個過程中其余各力均不變,

那么下列各圖中,能正確描述該過程中物體的速度或加速度的變化情況的是()

11.如圖所示,雪橇在與水平方向成a角的拉力廠作用下,由靜止沿水平

面向前運動一段位移S,在此過程中,拉力F對雪橇所做的功為(),貳繞到

A.FSB.FSsinaC.FStanaD.

FScosa

12.一個彈簧振子作簡諧運動,以某時刻作為計時零點,經(jīng)過四分之一個周期,振子具有正方向的

最大加速度,則正確的振動圖象為()

二、填空題(本大題共5小題,共20.0分)

13.磁鐵的磁場和電流的磁場有相同的來源,都是由產(chǎn)生的,磁現(xiàn)象電本質(zhì)就是所有磁現(xiàn)象

歸結(jié)為之間通過發(fā)生相互作用.

8

14.一群氫原子處于量子數(shù)n=4能級狀態(tài),氫原子的能級圖如圖所示,氫原4

3

子可能發(fā)射種頻率的光子;氫原子由量子數(shù)n=4的能級躍遷到2

n=2的能級時輻射光子的能量是eV;用九=4的能級躍遷到n=

2的能級時輻射的光子照射下表中幾種金屬,金屬能發(fā)生光電效1-------------13.6

應(yīng).

幾種金屬的逸出功

金屬葩鈣鎂鈦

逸出功W/eV1.92.73.74.1

15.若已知某天體的半徑R及其表面處的重力加速度g,可以求出該天體的質(zhì)量為和該天體

的平均密度為(引力常量G已知)

16.同一平面內(nèi)的兩個共點力,大小分別是5N和8N,這兩個力的合力的最大值為N,最小

值為N。

17.在光滑的水平面上,一質(zhì)量為m入=0.1kg的小球A,以8m/s的

初速度向右運動,與質(zhì)量為niB=0.2kg的靜止小球B發(fā)生正

R

碰.碰后小球B滑向與水平面相切、半徑為R=0.5zn的豎直放置的光滑半圓形軌道,且恰好能

通過最高點N后水平拋出.g=lOm/sz.求:

⑴碰撞后小球B的速度大小.

(ii)4、B碰撞過程中損失的機械能.

三、實驗題(本大題共1小題,共10.0分)

18.用圖甲所示裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。

(1)實驗室有容積為5mL和20〃4的兩種注射器供選擇,為能用較小的力作用在活塞上使氣體體積發(fā)

生明顯變化,選用容積為的注射器更合適;實驗中,為找到體積與壓強的關(guān)系,

(選填“需要”或“不需要”)測出空氣柱的橫截面積。

(2)關(guān)于該實驗下列說法正確的有o

A.柱塞上應(yīng)該涂油

8.應(yīng)緩慢推拉柱塞

C.用手握注射器推拉柱塞

D注射器必須固定在豎直平面內(nèi)

(3)測得多組空氣柱的壓強p和體積V的數(shù)據(jù)后,為直觀反映壓強與體積之間的關(guān)系,若以p為縱坐

標(biāo),則應(yīng)以為橫坐標(biāo)在坐標(biāo)系中描點作圖;小明所在的小組不斷壓縮氣體,由測得數(shù)據(jù)

發(fā)現(xiàn)p與M的乘積值越來越小,則用上述方法作出的圖線應(yīng)為圖乙中的(選填“①”或

“②”),造成該現(xiàn)象的原因可能是。

(4)為能更準(zhǔn)確地測出氣體的壓強,小華用軟管連通注射器和壓強傳感器,用(3)中方法作出的圖線

如圖丙所示,該圖線不過原點,為減小這一實驗誤差,請給出你的改進(jìn)方法:。

四、計算題(本大題共2小題,共30.0分)

19.如圖所示,平行導(dǎo)軌和PQ相距\m,電阻可忽略,摩擦不計,

其水平部分QS7W置于磁感應(yīng)強度大小為17、方向豎直向上的勻

強磁場中,陽斜部分PS加處沒有磁場,上端接一個阻值R=10

的電阻,兩部分平滑對接,其上擱有兩根導(dǎo)體棒“、b,6垂直于

水平導(dǎo)軌放置,〃垂直于傾斜導(dǎo)軌放置,。、萬棒與導(dǎo)軌始終接觸

良好。已知細(xì)導(dǎo)體棒。和。質(zhì)量均為0.5kg。在導(dǎo)軌間部分的電阻均為10.a棒從斜軌上高為0.8m

處無初速釋放。求:

(1)若b棒被鎖定在距ST線左側(cè)處始終不動,則。棒剛進(jìn)入磁場時加速度的大??;

(2)若匕棒被鎖定在距ST線左側(cè)處始終不動,要使a棒進(jìn)入磁場后不與b棒相碰,〃棒距S7線的距

離至少為多少;

(3)若b棒被鎖定在距ST線左側(cè)1.5m處,當(dāng)”棒即將與人棒碰撞時解除鎖定,a、b棒碰撞后粘在一

起。則b棒在磁場中通過的距離和電阻R在整個過程中產(chǎn)生的焦耳熱QR。

戶CE

20.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖=

0處的質(zhì)點做簡諧運動的振動方程為y=-2si?il07rt(c7n).求:

345Hm

⑴從t=0開始計時,。點第一次到達(dá)波峰位置所需的時間;

(2)P點第一次到達(dá)波峰位置時,x=0.256處質(zhì)點偏離平衡位置的位移.

【答案與解析】

1.答案:B

解析:解:A、根據(jù)電流的微觀表達(dá)式可知,/=nqSv,電子的定向移動速率越大,電流不一定越大,

故A錯誤。

8、電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱的物理量,電動勢越大,電源將其它能轉(zhuǎn)

化為電能的本領(lǐng)越大,故B正確。

C、導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì),其大小與導(dǎo)體兩端的電壓和通過它的電流大小無關(guān),故C

錯誤。

。、電功率越大,電流做功越快,但不一定轉(zhuǎn)化的熱量大,故。錯誤。

故選:Bo

明確電流的微觀表達(dá)式,明確影響電流大小的因素;知道電動勢的意義;知道電阻是由導(dǎo)體本身性

質(zhì)決定的,與電壓和電流無關(guān);電功率描述電流做功快慢的物理量,而焦耳熱的大小還與時間有關(guān)。

本題考查電流、電功率、電阻以及電動勢的基本性質(zhì)和意義,特別對于電阻要知道電阻大小可以由

歐姆定律求出,但其大小是由自身的性質(zhì)決定的。

2.答案:B

解析:解:A、根據(jù)牛頓第二定律,有:F-f=ma;攜帶彈藥越多,質(zhì)量越大,故加速度越小,

故4錯誤;

B、攜帶彈藥越多,質(zhì)量越大,根據(jù)牛頓第二定律,有:尸=ma,故加速度越小,根據(jù)%=:如2,

滑行時間越長,故B正確:

C、攜帶燃油越多,質(zhì)量越大,根據(jù)動能定理尸x—=故速度越小,故C錯誤;

。、牽引力做功W=Fx,做功一樣,故。錯誤;

故選:瓦

飛機受到五個力,重力、支持力、升力、動力和阻力,根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度即可.

本題關(guān)鍵明確飛機的受力情況,然后根據(jù)牛頓第二定律列式判斷加速度,根據(jù)動能定理或運動學(xué)公

式判斷起飛速度與加速時間.

3.答案:B

解析:解:A、用軸e轟擊/N,生成物之一為170,反應(yīng)前的質(zhì)量數(shù)是4+14=18,反應(yīng)后?。的

質(zhì)量數(shù)是17,所以x的質(zhì)量數(shù)是1;反應(yīng)前的電荷數(shù)是2+7=9,反應(yīng)后*0的電荷數(shù)是8,所以生

成物的電荷數(shù)是1.可知x是質(zhì)子;故A錯誤;

B、用fHe轟擊沔e,生成物之一為$C,反應(yīng)前的質(zhì)量數(shù)是4+9=13,反應(yīng)后的質(zhì)量數(shù)是12,

所以x的質(zhì)量數(shù)是1;反應(yīng)前的電荷數(shù)是2+4=6,反應(yīng)后鏟C的電荷數(shù)是6,所以生成物的電荷數(shù)

是0.可知生成物是中子。故8正確;

C、肥8〃發(fā)生衰變生成簫切伍質(zhì)量數(shù)減小4,電荷數(shù)減小2,所以x是不是中子。故C錯誤;

。、出+%-為聚變方程,反應(yīng)物是笊核和質(zhì)子。故。錯誤.

故選:Bo

根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可判斷出X表示什么粒子,從而正確解答本題.

本題考查了核反應(yīng)方程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的應(yīng)用,同時注意原子核的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的表示

方法.

4.答案:A

解析:解:導(dǎo)體A處于正點電荷電場中,出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象,根據(jù)電荷之間的相互作用的特點可知,

導(dǎo)體A上左端的負(fù)電荷,右端的正電荷,故A正確,BCD錯誤;

故選:Ao

導(dǎo)體A在正點電荷的電場作用下發(fā)生了靜電感應(yīng)現(xiàn)象,電荷分布在導(dǎo)體外表面,且為等勢體,內(nèi)部

電場強度處處為零,感應(yīng)起電產(chǎn)生的電荷量遵循電荷守恒定律。

考查了靜電感應(yīng)現(xiàn)象,感應(yīng)起電,電荷守恒定律,注意感應(yīng)帶電,這是使物體帶電的一種方法,根

據(jù)異種電荷互相吸引的原理可知,靠近的一端會帶異種電荷。

5.答案:B

解析:解:雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋,所有條紋寬度相同且等間距,故AC是紅光、

藍(lán)光各自通過同一個雙縫干涉儀器形成的干涉圖樣;

單縫衍射條紋是中間明亮且寬大,越向兩側(cè)寬度越小越暗,而波長越大,中央亮條紋越粗,故8。

是衍射圖樣,紫光波長較短,則中央亮條紋較細(xì),故8是紫光的衍射條紋.

故選:B.

單縫衍射條紋是中間明亮且寬大,越向兩側(cè)寬度越小越暗,而波長越大,中央亮條紋越粗.

掌握單縫衍射和雙縫干涉的圖樣的特點和圖樣與波長的關(guān)系是解決此題的唯一途徑,故要加強對基

礎(chǔ)知識的記憶.

6.答案:A

解析:4B.溫度是分子平均動能的標(biāo)志,這是一個統(tǒng)計規(guī)律,對于單個、少量分子是不成立的,物體

溫度高,則分子的平均動能大,故4正確,B錯誤;

C.物體的內(nèi)能增大,可能是分子勢能增大導(dǎo)致的,分子的平均動能不一定增大,溫度不一定升高,

故c錯誤;

D甲物體的溫度比乙物體的溫度高說明甲物體分子平均動能大于乙分子平均動能,而二者分子質(zhì)量

不確定誰大誰小,故無法判斷二者分子平均速率大小,故。錯誤。

故選:Ao

正確理解溫度是分子平均動能的標(biāo)志的含義,同時要了解內(nèi)能的含義以及內(nèi)能與哪些因素有關(guān)是解

答本題的關(guān)鍵.

溫度是熱學(xué)中的一個重要概念,一定從宏觀和微觀的角度加以充分理解.

7.答案:C

解析:解:A、運動快慢與受力大小無關(guān),A錯誤;

從汽車剎車在地面滑動,地面受到滑動摩擦力,B錯誤;

C、因為塑料和油摩擦容易起電,靜電積累多了容易有火花,會爆炸,C正確;

力、由靜電屏蔽原理知電工穿金屬衣安全,力錯誤;

故選C

運動快慢與受力大小無關(guān),塑料和油摩擦容易起電,靜電積累多了容易有火花,由靜電屏蔽原理知

電工穿金屬衣安全.

本題是物理知識在現(xiàn)實生活中的應(yīng)用,平時注意積累.

8.答案:D

解析:

C線圈有一個缺口,進(jìn)入磁場后,不產(chǎn)生感應(yīng)電流,不受安培力作用,只受重力,加速度等于g。而

48線圈是閉合的,進(jìn)入磁場后,會產(chǎn)生感應(yīng)電流,線圈受到豎直向上的安培力作用,根據(jù)牛頓第

二定律研究A、B加速度的關(guān)系解決,本題的難點在于分析加速度與橫截面積無關(guān),要將質(zhì)量和

電阻細(xì)化,是解題的關(guān)鍵.

C上有缺口,進(jìn)入磁場不受安培力,只受重力,所以C的加速度為g.

4B線圈進(jìn)入磁場過程,受到安培力與重力兩個力作用,根據(jù)牛頓第二定律得:mg-^=ma,

且m=p-4Ls,R=p'£,得:a=g一(之<g,可知I,4、8線圈的加速度一樣,故以=ae<ac.

故選:D.

9.答案:A

解析:設(shè)兩導(dǎo)線間的距離是L則由題意知:ao=bo=L,由安培定則可知,甲乙兩電流在。點產(chǎn)

生的磁場方向都垂直于紙面向里,兩導(dǎo)線到。點的距離均為:L,由于B=k/,。點磁感應(yīng)強度的大

2r

_L1_r

小為Bo,所以:BQ=Ba+Bb=kl+1=4無①

-L>-ZiLt

22

由安培定則可知,甲在。處產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向外,乙在。處產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向里,則。

_Z____1_

處的磁感應(yīng)強度:Ba二B甲+B乙=k(l-1)=

-LZi+-i

22

由①②可得:Ba=150=|x3=lT,A正確。

故選A。

10.答案:D

解析:解:CD.物體在多個力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài),那么,受力平衡:

只改變其中一個力的大小,大小先隨時間均勻減小到零,然后又從零隨時間均勻增大到原來的大小;

那么,物體所受合外力和該力的改變量等大反向,故合外力由0開始均勻增大到最大,后由均勻減

小到零;即合外力如圖所示:

那么,由牛頓第二定律可得:a=5,故加速度的變化情況和合外力變化情況相同,先均勻增大,后

均勻減小到零,故C錯誤,。正確;

AB.又有。一t圖象的斜率即為加速度,故速度一直增大,且增大速率先增大,后減小,一直減小到

故選:Do

分析物體受力得到合外力變化,即可由牛頓第二定律得到加速度變化,從而得到速度變化。

v-t圖象的斜率即加速度,質(zhì)量不變的物體加速度和合外力變化一致。

11.答案:D

解析:

根據(jù)功的定義,力與力方向上的位移的乘積,直接計算即可.

恒力做功,根據(jù)功的公式直接計算即可,同時要注意功是力與在力的方向上的位移的乘積,比較簡

單。

雪橇的位移是在水平方向上的,把拉力F分解為水平的Fcosa,和豎直的Fsina,由于豎直的分力不

做功,所以拉力F對雪橇所做的功即為水平分力對物體做的功,

所以有:w=Fcosa-S=FSeosa

故選:。

12.答案:D

解析:解:因為:周期時,振子具有正方向的最大加速度,由簡諧運動的特征:a=-葛可知,t=£振

子位于負(fù)向最大位移處,說明t=0時刻振子的位移為0,且向負(fù)方向運動,故。正確,A8C錯誤。

故選:Do

根據(jù);周期,振子具有正方向的最大加速度,確定t=0時刻,振子的位置以及速度的方向,從而確定

正確的振子位移-時間圖線。

本題在選擇圖象時,關(guān)鍵研究t=0時刻質(zhì)點的位置和位移如何變化。此題還要掌握簡諧運動的特征:

a=--,知道加速度與位移的關(guān)系。

m

13.答案:電流;電流;磁場

解析:解:電流的形成是因電荷的定向移動,故它周圍的磁場是因電荷的運動.

磁鐵周圍的磁場,人們?nèi)哉J(rèn)為是因電荷的運動,因磁鐵的由分子組成的,而分子是由原子核和核外

電子構(gòu)成,分子在運動,因此組成分子的電荷也在運動,整體運動的有序性,就可在其周圍形成磁

場.

磁現(xiàn)象電本質(zhì)就是所有磁現(xiàn)象歸結(jié)為電流之間通過磁場發(fā)生相互作用.

故答案為:電流;電流;磁場

本題依據(jù)人們知道的磁現(xiàn)象的電本質(zhì)來填寫.

磁現(xiàn)象的電本質(zhì),現(xiàn)在認(rèn)為,所有磁場的形成都是因電荷的運動產(chǎn)生的.

14.答案:62.55鈍

解析:解:因為C:=6,知氫原子可能發(fā)射6種頻率的光子.

氫原子由量子數(shù)幾=4的能級躍遷到n=2的能級時輻射光子的能量等于兩能級間的能級差,

即E=E4-E2=-0.85+3.40eV=2.55eV.

E只大于鈾的逸出功,故光子只有照射的金屬才能發(fā)生光電效應(yīng).

故答案為:6,2.55,鈉.

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能發(fā)射的光子頻率種數(shù).

能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差.

根據(jù)光電效應(yīng)的條件判斷能否發(fā)生光電效應(yīng).

解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷所滿足的規(guī)律,以及掌握光電效應(yīng)的條件和光電效應(yīng)方程.

15.答案:塔;潟

G4nGR

解析:解:天體表面重力與萬有引力相等,故:

「mM

G-^r=mg

可得天體的質(zhì)量M=喑

又天體的體積V=[兀/?3

gR?

所以天體的密度p=t=點二=¥_

V刎3樂GR

故答案為:吟,潟.

G4nGR

天體表面重力與萬有引力相等,據(jù)此列式由半徑和重力加速度求天體的質(zhì)量,再根據(jù)密度公式計算

天體的密度.

本題抓住天體表面重力與萬有引力相等,計算天體的質(zhì)量,掌握相關(guān)規(guī)律和公式是正確解題的關(guān)鍵.

16.答案:133

解析:解:兩力合成時,合力范圍為:|%-尸2|WFW0+F2;

故3N<F<13/V;

因此這兩個力的合力的最大值為13N,最小值為3M

故答案為:13,3。

兩力合成時,合力隨夾角的增大而減小,當(dāng)夾角為零時合力最大,夾角180。時合力最小,并且|6-

F2IWFW6+尸2。

本題關(guān)鍵根據(jù)平行四邊形定則得出合力的范圍:一F2ISFSF1+尸2。

17.答案:解:(i)小球B恰好能通過圓形軌道最高點,有mg=m3①

解得I?N=V5m/s

小球B從軌道最低點C運動到最高點D的過程中機械能守恒,

有如B靖=2mBgR嫌②

聯(lián)立①②解得力,=5m/s

所以碰撞后小球B的速度大小為5m/s

(ii)碰撞過程中動量守恒,有

mAv0=mAvA+mBvB,

因為水平面光滑,所以式中%=%<,

解得力=-2m/s,

碰撞過程中損失的機械能為

△E=如A詔--|mevj-0.5J

答:(i)碰撞后小球B的速度大小為5m/s.

B碰撞過程中損失的機械能為0.5/.

解析:(1)小球恰好能通過最高點M說明小球到達(dá)最高點時小球的重力提供向心力,由牛頓第二定

律求出小球到達(dá)N點的速度,由機械能守恒定律可以求出碰撞后小球B的速度.

(2)由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出碰撞過程中機械能的損失.

熟練應(yīng)用牛頓第二定律、動能定理、能量守恒定律即可正確解題,難度適中.

18.答案:5mL不需要AB^②漏氣(或氣體溫度降低)選用容積較大的注射器

解析:解:(1)由于要用較小的力作用在活塞上使氣體體積發(fā)生明顯變化,則當(dāng)然選擇容積小的注射

器,故選5加L注射器合適;由于注射器的截面積相等,所以在此可用長度代替體積,故不需要測體

積;

(2)考查操作細(xì)節(jié):A、柱塞上涂油既減小摩擦,又防止漏氣,故A正確;

8、若急速推拉活塞,則有可能造成漏氣和等溫條件的不滿足,所以應(yīng)緩慢推拉活塞,故8正確;

C、手握活塞造成溫度變化,故C錯誤:

D,壓強由壓力表測量,不是由豎直的平衡條件計算,所以不需要豎直放置,故。錯誤;

故選:AB

(3)反比例函數(shù)是曲線,正比例函數(shù)是過原點的直線,所以要畫p-/圖象。由牛=C,可得:p=CTx稱,

其中P-[圖象的斜率為k=則溫度相同時,質(zhì)量越小,則圖象的斜率越小,圖象將向下彎曲,

圖②是小明組所繪,造成這種情況的原因是漏氣;

(4)小華用軟管連通注射器和壓強傳感器,用(3)中方法作出的圖線如圖丙所示,該圖線不過原點,

顯然是軟管里的氣體沒計算,體積的測量值偏小造成的,所以改用大體積的注射器可改善。

故答案為:(l)5mL,不需要;(2)48;(3)1(或體積的倒數(shù))、②、漏氣(或氣體溫度降低);(4)選用

容積較大的注射器(或?qū)嶒炛袣怏w的體積不壓縮得過小或測出軟管中氣體的體積等)

(1)(2)根據(jù)實驗原理,操作要點、結(jié)合注意事項分析即可;

(3)以壓強p為縱坐標(biāo),以體積的倒數(shù)a為橫坐標(biāo)作出圖象的圖象是直線,更容易通過圖象判斷壓強

與體積成反比反比;根據(jù)p-號圖象的斜率為k=CT,則溫度相同時,質(zhì)量越大,則圖象的斜率越小;

(4)根據(jù)p=C7x[可知,p-3圖象理想是一條過原點直線,但不過原點,分析操作過程找到誤差原

因。

本題考查的是“探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實驗,關(guān)鍵是明確實驗原理,特別是會通過熱力學(xué)狀

態(tài)方程推導(dǎo)出p=CTx。然后進(jìn)行分析;同時要知道實驗誤差的來源及減小實驗誤差。

19.答案:解:(l)a棒剛進(jìn)入磁場時的速度為v:mgh=lmv2

可得I?=12gh=V2X0.8X10=4m/s

則剛進(jìn)入磁場切割磁感線運動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BL%,。相當(dāng)于電源,R與b并聯(lián)電阻為[R,

E

電流/=艱

所受安培力尸=BIL

加速度a=-

m

聯(lián)立解得。=^771/52,方向水平向右;

(2)根據(jù)動量定理知:-BiLAt=-mu

即8Lq=mv(T)

又知q=/"=,=施②

聯(lián)立①②解得%=3m

(3)設(shè)碰撞前的速度為%,根據(jù)動量定理知:mv1-mv=-Bil-△t

2Z

NIIBLX0

即mu-mv1=高點

代入數(shù)據(jù)得%=2m/s

此階段R上產(chǎn)生的熱量為Qi=一:7n說)

代入數(shù)據(jù)解得%=\]

碰撞時間短暫,可以視為動量守恒,碰后共同的速度“,則m%=2rnM

即1/=lm/s

a、6棒碰撞后粘在一起后電阻為[R,與R串聯(lián)

D2r2x,

根據(jù)動量定理知:一26"=一方而

解得%'=1.5m

此階段R上產(chǎn)生的熱量為Q2=x2x|mv,2=

電阻R在整個過程中產(chǎn)生的焦耳熱QR=QI+Q2=G+

答:(1)若6棒被鎖定在距S7線左側(cè)處始終不動,則a棒剛進(jìn)入磁場時加速度的大小為g?n/s2;

(2)若人棒被鎖定在距ST線左側(cè)處始終不動,要使〃棒進(jìn)入磁場后不與b棒相碰,匕棒距ST線的距

離至少為3m;

(3)若b棒被鎖定在距S7線左側(cè)1.5巾處,當(dāng)。棒即將與〃棒碰撞時解除鎖定,a、b棒碰撞后粘在一

起。則〃棒在磁場中通過的距離為1.5m,電阻R在整個過程中產(chǎn)生的焦耳熱QR為C+a/。

解析:(l)a棒剛進(jìn)入磁場時的速度為也根據(jù)=可得力則剛進(jìn)入磁場切割磁感線運動產(chǎn)

生的感應(yīng)電動勢2=8八0,a相當(dāng)于電源,R與6并聯(lián)電阻為[R,

電流/=孱/,所受安培力F=B/L,根據(jù)牛頓第二定律知加速度a=3聯(lián)立解得。,方向水平向右;

r.1.A0BLX

(2)根據(jù)動量定理知:-B遼△t=-nw,又知9=。或=豆=耐聯(lián)立解得x;

R212算

(3)設(shè)碰撞前的速度為力,根據(jù)動量定理知:巾

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