2021年四川省巴中市高考物理一診試卷（附詳解）

2021年四川省巴中市高考物理一診試卷

1.下列說(shuō)法正確的是（）

A.庫(kù)侖不但巧妙地解決了金屬球所帶電量成倍變化的問(wèn)題，還發(fā)明扭秤并準(zhǔn)確地

測(cè)出了物體間的靜電力

B.歐姆定律R=彳說(shuō)明導(dǎo)體電阻與導(dǎo)體兩端的電壓、通過(guò)導(dǎo)體的電流有關(guān)

C.牛頓“理想斜面實(shí)驗(yàn)”體現(xiàn)了以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，合理外推的科學(xué)研究方法

D,楞次通過(guò)大量的電磁感應(yīng)現(xiàn)象得到了確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小和方向的規(guī)律

2.A、B兩玩具車在同一水平面同向行獨(dú)，其速度一時(shí)間

圖像分別如圖直線4和曲線B,t=0時(shí)刻，4的速度大

小為孫，ti時(shí)刻4B并排行駛，I2時(shí)刻/的速度為零，

B的速度為％,下列表述正確的是（）

A.0至tz時(shí)間2、B的平均速度大小相等

B.t=0時(shí)刻，A在前，B在后

C.J時(shí)刻兩車的間距一定大于t=0時(shí)刻兩車的間距

D.在。?段時(shí)間內(nèi)4、8動(dòng)能變化的大小相等

3.電源是將其它形式的能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，設(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)為E、路端電壓為U,/

為電源的輸出電流，對(duì)電源和電路的理解正確的是（）

A.R=/一定是外電路的總電阻

B.電動(dòng)勢(shì)的大小等于在電源內(nèi)部電場(chǎng)力把正電荷從負(fù)極送到正極所做的功

C.由電源的輸出功率「房=E/-/2r可知，Pe隨/的增大而減小

D.若外電路為純電阻電路，且外電阻為R時(shí)，有/=￡，因此閉合電路歐姆定律

nTZ

實(shí)質(zhì)上是能量守恒定律在閉合電路中的具體體現(xiàn)

4.如圖：正四面體P-4-B-C是由四個(gè)全等正三角形圍成的

空間封閉圖形，所有棱長(zhǎng)都相等，在P點(diǎn)固定一正點(diǎn)電荷，

則下列說(shuō)法正確的是（）

B

A.A、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.A、B、C三個(gè)頂點(diǎn)的電勢(shì)滿足3〃=中8=8c

C.一負(fù)點(diǎn)電荷沿直線從C運(yùn)動(dòng)B,電勢(shì)能先增大后減小

D.一正電荷粒子在4BC面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，其電勢(shì)能不變

5.2004年中國(guó)正式開展月球探測(cè)工程并命名為“嫦娥工程”，截止到2020年11月24

EI,中國(guó)成功發(fā)射探月工程嫦娥五號(hào)探測(cè)器，并在12月1日成功著陸月球并采樣，

實(shí)現(xiàn)了最浪漫的“大空之吻”和“深情擁抱”，環(huán)月圓軌道I與橢圓軌道口相切于

P點(diǎn)，有關(guān)嫦娥五號(hào)探測(cè)器從發(fā)射到達(dá)月球表面的過(guò)程中，理解正確的是（）

A,從地球表面附近發(fā)射探測(cè)器的發(fā)射速度必須要達(dá)到11.2k7n/s

B.探測(cè)器從地球飛向月球的過(guò)程中，它受到的引力一直對(duì)它做負(fù)功

c.探測(cè)器分別在環(huán)月軌道I和橢圓軌道n運(yùn)行至P點(diǎn)時(shí)，線速度大小相等

D.探測(cè)器從Q點(diǎn)下降至月球的表面，其機(jī)械能減少

6.如圖所示，MCN為絕緣材料制成的固定的豎直光滑半圓

形軌道，半徑為R,直徑MN水平，整個(gè)空間存在方向垂

直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,一電荷量為-q、

質(zhì)量為小的小球自M點(diǎn)無(wú)初速度下滑，整個(gè)過(guò)程小球未

離開軌道，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.小球滑到軌道右側(cè)時(shí)，可以到達(dá)軌道最高點(diǎn)N

B.小球由M點(diǎn)滑到最低點(diǎn)。時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小等于3mg

C.小球往返經(jīng)過(guò)軌道上同一位置時(shí)向心加速度不相等

D.小球由M點(diǎn)滑到。點(diǎn)與從N點(diǎn)滑到。點(diǎn)所用的時(shí)間相等

7.如圖一光滑輕滑輪用細(xì)繩00'懸掛于點(diǎn)。'，另一細(xì)繩跨

過(guò)光滑輕滑輪，其中一端懸掛質(zhì)量為m的小球4,另一

端系一質(zhì)量也為m的小球B,4、B均可看作質(zhì)點(diǎn)，外

力尸作用在8上，使A、B均靜止，若尸的大小方向在一

定范圍內(nèi)變化，則（）

A.當(dāng)BO繩水平時(shí)，F(xiàn)=\f2mg

B.當(dāng)夕=40。時(shí)，力F的方向與豎直方向的夾角為80。

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C.改變F的大小和方向，4。與B。的夾角不斷增大時(shí)繩。0'上的張力先減小后增大

D.改變F的大小和方向，4。與B。的夾角不斷增大時(shí)外力尸逐漸變大

8.水平地面上某長(zhǎng)平板車在外力作用下做直線運(yùn)動(dòng)如圖甲所示，平板車運(yùn)動(dòng)的v-t

圖像如圖乙所示，t=0時(shí)將質(zhì)量為m的物塊（無(wú)水平方向初速度）放在平板車上，平

板車足夠長(zhǎng)，物塊始終在平板車上,。取10m/s2,則物塊運(yùn)動(dòng)的U-t圖像可能為（）

/物塊

9.為了研究合外力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系，某小組設(shè)計(jì)了使用位移傳感器的如圖甲所

示的實(shí)驗(yàn)裝置。從0時(shí)刻開始，讓質(zhì)量為m的木塊從傾角為。的木板上由靜止釋放，

與位移傳感器連接的計(jì)算機(jī)描繪出了木塊的位移隨速度的變化規(guī)律，如乙圖中的圖

線②所示。圖中位移從X1到和從%2到△時(shí)，木塊速度二次方口2）的增量都相等，

測(cè)得這個(gè)增量為鼠木塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=7。九仇重力加速度為g。

(1)根據(jù)圖線②計(jì)算出木塊位移從到43時(shí)動(dòng)能的變化/Ek=,合外力做的

功W=；

(2)若保持傾角。不變，改用與木塊體積相同的鋼塊來(lái)做實(shí)驗(yàn)，鋼、木之間的動(dòng)摩擦

因數(shù)”>^tand,則鋼塊的位移隨速度變化規(guī)律可能是圖中的圖線(填

“①"‘‘②"或"③”)。

10.現(xiàn)有一電池，電動(dòng)勢(shì)E約為101/,內(nèi)阻r約為50。，允許通過(guò)的最大電流為50nL4。

為測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)室中還

有下列器材可以選擇使用：

4.電流表4(60nM,內(nèi)阻為1000)

B.電流表4(60nM,內(nèi)阻約為800)

C.電阻箱R(0-999.90)

D滑動(dòng)變阻器R(0-1000。)

E.定值電阻島(100。。01勿)

E定值電阻Ro(5021.0W)

(1)電流表4應(yīng)該選擇,定值電阻R。應(yīng)該選擇,P、Q之間應(yīng)該接變阻

器。(填選項(xiàng)序號(hào)字母)

(2)連接好電路，閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)變阻器的阻值，記錄阻值R和相應(yīng)的電流表示數(shù)/,

測(cè)得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，并作出如圖乙所示的^一/?圖像，則電動(dòng)勢(shì)后=V,內(nèi)阻

r=。。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

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11.某同學(xué)假期到清華大學(xué)訪學(xué)，在去北京的飛機(jī)上查

詢了該機(jī)載客后總質(zhì)量m=4x10skg,一路上他用

專用的工具測(cè)出飛機(jī)在1.2x高空飛行時(shí)速度

達(dá)260m,當(dāng)飛機(jī)達(dá)到機(jī)場(chǎng)附近時(shí)，高度已降到離地

700m,此時(shí)機(jī)身已水平、速度大小為150m/s,廣播報(bào)告因機(jī)場(chǎng)繁忙，需要飛機(jī)延

遲降落，他觀測(cè)到飛機(jī)保持速率不變，在3.14min內(nèi)沿水平圓軌道盤旋了1周后繼續(xù)

飛向機(jī)場(chǎng)。問(wèn)：

(1)盤旋時(shí)機(jī)長(zhǎng)改變飛機(jī)機(jī)身使其傾斜，機(jī)翼與700m高空水面方向的夾角。是多少？

(結(jié)果用三角函數(shù)表示，兀取3.14,g取10m/s2)；

(2)飛機(jī)到達(dá)機(jī)場(chǎng)剛著陸時(shí)速度已降為70ms,由于飛機(jī)翼襟打開升力逐漸減小，對(duì)

地面的壓力增大，飛機(jī)沿直線滑行了2.0x1。37n而停止，假設(shè)飛機(jī)滑行過(guò)程中阻力

與滑行距離成正比，則比例系數(shù)k是多大？

12.如圖所示，在光滑水平桌面上建立平面直角坐標(biāo)系xOy軸，在水平面內(nèi)存在與久軸

負(fù)向夾角為30。的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=1.0X1()3N/C,MOP為光滑絕緣擋板(M。足

夠長(zhǎng)、與x軸重合：OP為半徑R=0.4m的半圓弧)。用彈射裝置(圖中未畫出)將Tn】=

1.0kg不帶電的絕緣小球，以速度九沿x軸正方向射出后并立即撤去該裝置，與

被鎖定在。點(diǎn)的小球瓶2發(fā)生彈性正碰(碰前瞬間解除鎖定)，其中爪2=2.0kg、帶正

電q=2.0xl0-2c,整個(gè)過(guò)程中帆2的電荷量不變，且恰好不脫離擋板運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸上

的P點(diǎn)(巾1與瓶2均可視為質(zhì)點(diǎn))。求：

(1)小球Hl?經(jīng)過(guò)OP段半圓弧擋板過(guò)程中的最小速度Umin：

(2)彈射裝置發(fā)射前的彈性勢(shì)能Ep；

(3)假設(shè)小球m2運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)突然改變勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向(場(chǎng)強(qiáng)大小不變)，從此刻開始

計(jì)時(shí)到小球加2運(yùn)動(dòng)到MO軌道上這段時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)向什么方向時(shí)，小球恤運(yùn)動(dòng)的距

離最??？這個(gè)最小距離為多少？

13.能量守恒定律告訴我們，在自然界發(fā)生的一切過(guò)程中能量都是守恒的。然而，無(wú)數(shù)

事實(shí)告訴我們，并不是所有符合能量守恒定律的宏觀過(guò)程都能真的發(fā)生。下列說(shuō)法

正確的是（）

A.科技的進(jìn)步可以使內(nèi)燃機(jī)成為單一熱源的熱機(jī)

B.第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律

C.對(duì)能源的過(guò)度消耗將使自然界的能量不斷減少，形成能源危機(jī)

D,電冰箱的工作過(guò)程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞

E.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的

14.如圖1,一豎直放置的汽缸上端開口，汽缸壁內(nèi)有卡口。和b,a、JI.IU

b間距為九，a距缸底的高度為H；活塞只能在a、b間移動(dòng)，其下?4?

方密封有一定質(zhì)量的理想氣體。已知活塞質(zhì)量為m,面積為S,||i|y

厚度可忽略；活塞和汽缸壁均絕熱，不計(jì)它們之間的摩擦.開始

時(shí)活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，上、下方氣體壓強(qiáng)均為Po,溫度均為為現(xiàn)用電熱絲緩慢加熱

汽缸中的氣體，直至活塞剛好到達(dá)b處。求此時(shí)汽缸內(nèi)氣體的溫度以及在此過(guò)程中

氣體對(duì)外所做的功。重力加速度大小為外

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15.如圖，4、B兩束單色光垂直射入梯形玻璃磚，在0］點(diǎn)只有單色光4射出，。2處的反

射光沒(méi)有畫出。下列說(shuō)法正確的是()

A.從。2點(diǎn)射出的光束P是單色光B

B.4光的頻率比B光的頻率低

C.在玻璃中，4光的速度比B光的速度小

D,在真空中，B光的波長(zhǎng)比4光的波長(zhǎng)短

E.分別用力、B兩束光通過(guò)同一裝置觀察雙縫干涉現(xiàn)象，A光產(chǎn)生的干涉條紋間距

比B光的大

16.平衡位置位于原點(diǎn)0的波源發(fā)出簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿水平》軸傳播，4、B為x軸

上的兩個(gè)點(diǎn)(均位于x軸正向)，。與A之間的距離〃=0.3m,此距離小于波長(zhǎng)。波源

質(zhì)點(diǎn)從。時(shí)刻開始振動(dòng)，其位移方程為y=10cos(7rt+5)(cm),當(dāng)波傳到4點(diǎn)時(shí)，

波源恰好處于波峰位置；此后再經(jīng)過(guò)時(shí)間t=8s,平衡位置在B處的質(zhì)點(diǎn)第一次處

于波峰位置。求：

(1)4B之間的距離心2；

(2)從0時(shí)刻開始到平衡位置在B處的質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰位置時(shí)，波源質(zhì)點(diǎn)在振動(dòng)

過(guò)程中經(jīng)歷加速度為最大值的次數(shù)"和通過(guò)的路程s。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4、庫(kù)侖不但巧妙地解決了金屬球所帶電量成倍變化的問(wèn)題，還發(fā)明扭秤

并準(zhǔn)確地測(cè)出了物體間的靜電力，故4正確；

8、導(dǎo)體的電阻由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端的電壓、通過(guò)導(dǎo)體的電流無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、伽利略"理想斜面實(shí)驗(yàn)”體現(xiàn)了以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，合理外推的科學(xué)研究方法，故C錯(cuò)

誤；

。、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次找到了判斷感應(yīng)電流方向的方法，法拉第發(fā)現(xiàn)了

電磁感應(yīng)現(xiàn)象，來(lái)后紐曼、韋伯在對(duì)理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，先后指出：閉合

電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率呈正比，后人稱之為法拉

第電磁感應(yīng)定律，故。錯(cuò)誤；

故選：力。

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，這也是考試內(nèi)容之一.

2.【答案】C

【解析】解：4、0?J時(shí)間內(nèi)4、B的位移不相等，所以平均速度大小不相等，故A錯(cuò)

誤；

B、由圖像可知，在0至J時(shí)間內(nèi)，4的位移大于B的位移，而公時(shí)刻兩車相遇，所以￡=0

時(shí)刻B在前4在后，故B錯(cuò)誤；

C、由圖像可知，0?%時(shí)間內(nèi)。兩車的位移差小于。?J時(shí)間內(nèi)的位移差，所以打時(shí)刻

兩車的間距一定大于t=0時(shí)刻兩車的間距，故C正確；

。、由于兩車質(zhì)量未知，所以0?J時(shí)間A、B動(dòng)能變化的大小關(guān)系無(wú)法確定，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

在v-t圖像中，圖像與橫軸圍成的面積表示位移，結(jié)合平均速度的定義式分析出兩車

的平均速度；結(jié)合位移關(guān)系分析出兩車之間的距離關(guān)系；因?yàn)橘|(zhì)量未知，所以兩車的動(dòng)

能大小無(wú)法確定。

本題主要考查了v-t圖像的應(yīng)用，理解在v-t圖像中，圖像與橫軸圍成的面積表示位

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移，結(jié)合位移關(guān)系和動(dòng)能的公式分析即可。

3.【答案】D

【解析】解：4、R=/不一定是外電路的電阻，比如有電動(dòng)機(jī)的電路，故A錯(cuò)誤；

B、電動(dòng)勢(shì)的大小等于在電源內(nèi)部電場(chǎng)力把單位正電荷從負(fù)極送到正極所做的功，故B

錯(cuò)誤；

C、由電源的輸出功率「出=E/-/2「=一（/一今2+?可知，當(dāng)/增大時(shí)，輸出功率不一

定減小，故C錯(cuò)誤；

。、在閉合電路中，非靜電力做功等于其他形式轉(zhuǎn)化為內(nèi)外電路中電能的綜合，因此若

外電路為純電阻電路，且外電阻為R時(shí)，有/=￡，因此閉合電路歐姆定律實(shí)質(zhì)上是能

量守恒定律在閉合電路中的具體體現(xiàn)，故。正確；

故選：D。

理解歐姆定律的適用條件;理解電動(dòng)勢(shì)的定義以及電源內(nèi)的能量轉(zhuǎn)化形式;根據(jù)公式「=

U/分析電源的輸出功率與/的關(guān)系。

本題考查閉合電路的歐姆定律，解題關(guān)鍵掌握電動(dòng)勢(shì)的大小等于在電源內(nèi)部非靜電力把

單位正電荷從負(fù)極送到正極所做的功，注意輸出功率的計(jì)算。

4.【答案】B

【解析】解：4、圖象中4、B、C三點(diǎn)到P點(diǎn)的距離相等，故這三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相

等、方向不同，故A錯(cuò)誤；

B、圖象中4、B、C三點(diǎn)到P點(diǎn)的距離相等，這三點(diǎn)位于同一個(gè)等勢(shì)面上，故A、B、C三

個(gè)頂點(diǎn)的電勢(shì)滿足SA=9B=0c，故B正確；

C、一負(fù)點(diǎn)電荷沿直線從C運(yùn)動(dòng)B的過(guò)程中，至建點(diǎn)的距離先減小后增大，電場(chǎng)力先做正

功、后做負(fù)功，則電勢(shì)能先減小后增大，故C錯(cuò)誤；

D、平面ABC不是等勢(shì)面，根據(jù)Ep=q＞可知，一正電荷粒子在4BC面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，其電

勢(shì)能變化，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

4、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向不同，這三點(diǎn)位于同一個(gè)等勢(shì)面上；根據(jù)電場(chǎng)

力的做功情況判斷電勢(shì)能的大??；平面ABC不是等勢(shì)面，根據(jù)品=q。分析電勢(shì)能是否

變化。

本題主要是考查點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)，關(guān)鍵是掌握點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)強(qiáng)度的分布情況、以及

電勢(shì)高低的判斷方法、電勢(shì)能大小的決定因素。

5.【答案】D

【解析】解：4、嫦娥五號(hào)探測(cè)器沒(méi)有脫離地球的吸引，所以從地球表面附近發(fā)射探測(cè)

器的發(fā)射速度必須大于7.9km/s,小于11.2km/s,故4錯(cuò)誤；

8、探測(cè)器從地球飛向月球的過(guò)程中，開始地球的引力大于月球的引力，它受到的引力

對(duì)它做負(fù)功；后來(lái)地球的引力小于月球的引力，它受到的引力對(duì)它做正功，故8錯(cuò)誤；

C、探測(cè)器在橢圓軌道II運(yùn)行至P點(diǎn)相對(duì)于探測(cè)器在環(huán)月軌道I運(yùn)行至P點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，

所以探測(cè)器在環(huán)月軌道I經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的線速度大于在橢圓軌道II運(yùn)行至P點(diǎn)時(shí)的線速度大

小，故C錯(cuò)誤；

D,探測(cè)器從Q點(diǎn)下降至月球的表面，必須向前噴氣使其動(dòng)能減小，所以其機(jī)械能減少，

故O正確。

故選：Do

嫦娥五號(hào)探測(cè)器沒(méi)有脫離地球的吸引，由此分析發(fā)射速度；根據(jù)探測(cè)器受到的合外力方

向分析做功情況；根據(jù)向心運(yùn)動(dòng)分析速度大?。桓鶕?jù)降落過(guò)程中的做功情況分析機(jī)械能

的變化。

本題主要是考查萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，關(guān)鍵是掌握變軌原理以及離心運(yùn)動(dòng)等知識(shí)，掌

握三種發(fā)射速度的含義。

6.【答案】AD

【解析】解：4整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，洛倫茲力不做功，機(jī)械能守恒，因此小球滑到軌道右

側(cè)時(shí)，可以到達(dá)軌道最高點(diǎn)N,故4正確；

員小球由M點(diǎn)滑到最低點(diǎn)。時(shí)，根據(jù)機(jī)械能守恒得：mgR=\mv^

根據(jù)牛頓第二定律得：FN+qvDB-mg=

聯(lián)立解得：FN=3mg-qvDB<3mg,故B錯(cuò)誤；

?2

C.根據(jù)向心加速度：a=3,小球往返經(jīng)過(guò)軌道上同一位置時(shí)，速度大小相等，因此向

/?

心加速度相等，故C錯(cuò)誤;

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。.小球由M點(diǎn)滑到。點(diǎn)與從N點(diǎn)滑到。點(diǎn)，到達(dá)同一高度時(shí)，速度大小相等，洛倫茲力方

向與運(yùn)動(dòng)方向垂直，對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)間沒(méi)有影響，因此所用的時(shí)間相等，故。正確。

故選：AD.

洛倫茲力的方向指向圓心，洛倫茲力不做功，只不改變速度的大小，整個(gè)過(guò)程中小球機(jī)

械能守恒，經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)速度大小相等；根據(jù)動(dòng)能定理求出到達(dá)。點(diǎn)時(shí)的速度，根據(jù)

牛頓第二定律，徑向的合力提供向心力，求出軌道對(duì)小球的支持力。

本題綜合運(yùn)用了動(dòng)能定理和牛頓第二定律，關(guān)鍵是受力分析,運(yùn)用合適的規(guī)律進(jìn)行解題。

7.【答案】AD

【解析】解：以4為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件可得繩子拉力7始終

等于mg,

4、當(dāng)8。繩水平時(shí)，以B為研究對(duì)象，受力情況如圖1所示，根據(jù)

平衡條件可得解得：F=J(mg)2+(mg)2=^2mg,故A正確；

B、夕=40。時(shí)，如圖2所示，由幾何關(guān)系：9=0=40。，由平衡

條件拉力F與T和mg合力方向相反，則力尸的方向與豎直方向的夾

角為a=出產(chǎn)=70。，故8錯(cuò)誤；

C、繩00'上的張力等于滑輪兩邊繩子拉力的合力，而繩子拉力不

變，改變尸的大小和方向，4。與B。的夾角不斷增大時(shí)，根據(jù)平行

四邊形法則可知，兩邊繩子的拉力的合力減小，繩00'上的張力逐漸減小，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)平衡條件可得，力尸的大小始終與T和B重力rng的合力平衡，4。與B0的夾角不

斷增大時(shí)，根據(jù)B選項(xiàng)分析可知「與B的重力方向的夾角減小，根據(jù)平行四邊形法則可知,

其合力增大，則F增大，故O正確。

故選：ADa

整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，由4平衡可知，繩子拉力保持不變，再根據(jù)平衡條件由F的大

小變化求得物塊B所受各力的變化情況，根據(jù)幾何關(guān)系得到力F的方向與豎直方向的夾

角。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，解答此類問(wèn)題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)

行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后

在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

8.【答案】AC

【解析】解：力、物塊無(wú)初速放到長(zhǎng)平板車上，與長(zhǎng)平板車相對(duì)運(yùn)動(dòng)，在摩擦力作用下

做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，如果摩擦力比較大，物塊在4s前與長(zhǎng)平板車共速，然后一起做勻速

運(yùn)動(dòng)，當(dāng)長(zhǎng)平板車開始減速時(shí)，物塊一起減速，故A正確；

8、物塊與長(zhǎng)平板車共速后，物塊將與木板不發(fā)生滑動(dòng)，與木板一起做勻減速運(yùn)動(dòng)到停

止，但勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度不會(huì)超過(guò)勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，故B錯(cuò)誤；

C、如果最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物塊與長(zhǎng)平板車共速后，物塊將在木板上以

0.5m/s2的加速度做勻減速運(yùn)動(dòng)到停止，故C正確；

￡>、物塊與平板車共速后，木板做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊的加速度不可能大于木板的加速度，

故。錯(cuò)誤。

故選：ACo

根據(jù)速度-時(shí)間的圖像分析平板車的運(yùn)動(dòng)情況，確定物塊相對(duì)車加速還是減速，結(jié)合牛

頓第二定律，即可求解。

本題中物體與平板車有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，要根據(jù)物塊可能的受力情況，來(lái)確定物塊可能的運(yùn)動(dòng)

情況，并掌握牛頓第二定律的應(yīng)用。

9.【答案】mk^mgsineCxs-Xi)①

【解析】解：(1)由題意可得從Xi到心，木塊速度的二次方的增量為2%即

v3~vi-2k

則

AEk—=mk

故木塊從Xi到動(dòng)能變化為小上

合外力做的功為

W=(mgsind—林mgcosB)(%3一％1)=-m5sm0(x3

(2)由題可知物體在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)即有

理一0=2ax

則》與”的關(guān)系為

2a

保持傾角。不變，改用與木塊體積相同的鋼塊來(lái)做實(shí)驗(yàn)，鋼、木之間的動(dòng)摩擦因數(shù)/>

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\tane,動(dòng)摩擦因數(shù)變大，所以加速度變小，可得知相同的速度時(shí)候?qū)?yīng)的x要大，所

以鋼塊的位移隨速度變化規(guī)律可能是圖中的圖線①。

故答案為：(l)?nk,：7ngsinO(X3-Xi)(2)①

(1)分析木塊受力情況，求合外力做功；

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)工-"關(guān)系，改用與木塊體積相同的鋼塊來(lái)做實(shí)驗(yàn)?zāi)Σ烈蛩刈兇?

分析鋼塊的位移隨速度變化規(guī)律圖像。

本題考查探究功和速度變化的關(guān)系數(shù)據(jù)處理，在分析圖像變化時(shí)通常由圖像表達(dá)式入手。

10.【答案】AFC9.851

【解析】解：(1)對(duì)比4和B兩個(gè)電流表，4電流表內(nèi)阻為確定值，用此電流表可減小實(shí)

驗(yàn)誤差，因此電流表選4P、Q之間應(yīng)該接阻值可知的電阻箱，需要選C電阻箱R；對(duì)

比E和尸的定值電阻，可以發(fā)現(xiàn)尸定值電阻功率更大，而E定值電阻的功率太小，接入電

路會(huì)燒壞掉，因此定值電阻選人

(2)分析圖甲電路圖，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

E=I(r+RQ+RA+R),

整理得：:+如產(chǎn)，

/EE

結(jié)合圖乙圖象得：

130.7-20.5,

E=^^V，

Ra+Ro+,'=20.54-1,

E

解得:E=9.87,r=510。

故答案為：(1)4F,C(2)9.8,51

(1)4電流表內(nèi)阻為確定值，用此電流表可減小實(shí)驗(yàn)誤差，P、Q之間應(yīng)該接阻值可知的

電阻箱；

(2)由閉合電路歐姆定律可得出表達(dá)式，再結(jié)合圖象和數(shù)學(xué)知識(shí)可得出圖象的截距及斜

率的含義，則可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。

本題關(guān)鍵在于能由圖象知識(shí)(斜率與截距的意義)結(jié)合閉合電路歐姆定律求解，在解題時(shí)

要注意題目中給出的條件及坐標(biāo)中隱含的信息。

11.【答案】解：(1)飛機(jī)盤旋時(shí)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道半徑為R,周期為T,線速度大

小為藥，盤旋時(shí)間為t=T-3.14min-188.4s,飛機(jī)由重力和升力的合力提供向心力，

由牛頓第二定律得

V?

mgtand=小怖

又了=譽(yù)，

聯(lián)立解得：tane=

(2)設(shè)飛機(jī)在跑道上開始滑行時(shí)速度為以，滑行距離為x時(shí)受到的阻力f=kx，則全程的

平均阻力

f=/x

滑行開始到停止的過(guò)程，由動(dòng)能定理得

—fx=0—1mvf

聯(lián)立解得：fc=490/V/mo

答：(1)機(jī)翼與700nl高空水面方向的夾角。的正切值為今

(2)比例系數(shù)k是490N/m。

【解析】(1)飛機(jī)盤旋時(shí)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由重力和升力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓

第二定律求出機(jī)翼與700nl高空水面方向的夾角正切值；

(2)飛機(jī)滑行過(guò)程中阻力與滑行距離成正比，阻力均勻增大，根據(jù)動(dòng)能定理求比例系數(shù)。

本題考查動(dòng)能定理的應(yīng)用，解題關(guān)鍵是分析清楚飛機(jī)運(yùn)動(dòng)情況，均勻變化的力可以用平

均力求其做功。

12.【答案】解：(1)m2經(jīng)過(guò)圓弧軌道等效“最高點(diǎn)”有最小速度，由牛頓第二定律得

qE=m2^

代入數(shù)據(jù)解得：vmin=2m/s①

(2)m2從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到等效“最高點(diǎn)”，由動(dòng)能定理得

-qE(R+Rsin30°)=\m2v^in-\m2vl②

由①②解得及2=4m/s,即m2碰后的速度是4m/s

設(shè)mi碰撞前、后的速度分別為九、%、小八m2,發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量、能量守恒得

VQm1v0—m1v1+m2v2③

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由③④解得

Vi1=如-―+如-v0⑤

2nli

%=訴%⑥

由⑤⑥解得"o=6m/s,v2=-2m/s

所以彈射裝置發(fā)射前儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為

E口p=-1mv^2

代入數(shù)據(jù)解得：Ep=187

(3)分析可知，當(dāng)tn?經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)方向變?yōu)檠?y方向，巾2從P點(diǎn)到M。

軌道的時(shí)間最短，巾1運(yùn)動(dòng)的距離最小.

從P點(diǎn)到“。軌道，有

qE=m2a(7)

2R=1at2⑥

由⑦⑧解得：t=0.4s

故Hl?在此期間運(yùn)動(dòng)的最短距離：SmE=(-%)t

代入數(shù)據(jù)解得：smin=0.8m

答：(1)小球m2經(jīng)過(guò)OP段半圓弧擋板過(guò)程中的最小速度"mm為2m/s；

(2)彈射裝置發(fā)射前的彈性勢(shì)能Ep為18/；

(3)電場(chǎng)沿-y方向時(shí)，小球Tn1運(yùn)動(dòng)的距離最小為0.8m。

【解析】(1)62經(jīng)過(guò)圓弧軌道等效“最高點(diǎn)”有最小速度；

(2)要求彈射裝置發(fā)射前儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能先求彈射前的速度；

(3)當(dāng)租2經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)方向變?yōu)檠匾谎痉较颍琺2從P點(diǎn)到M。軌道的時(shí)間最短，Tn1運(yùn)動(dòng)

的距離最小.

本題考查的是帶電粒子在電場(chǎng)中的臨界問(wèn)題，求出血2經(jīng)過(guò)圓弧軌道等效“最高點(diǎn)”最

小速度是突破點(diǎn)，然后逐個(gè)分析計(jì)算即可。

13.【答案】BDE

【解析】解：4、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能從單一熱源吸熱全部用來(lái)對(duì)外做功而不

引起其它變化，故A錯(cuò)誤；

8、第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，是違反了熱力學(xué)第二定律，故8正確；

C、對(duì)能源的過(guò)度消耗將形成能源危機(jī)，但自然界的總能量守恒，故C錯(cuò)誤；

。、電冰箱的工作過(guò)程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，但要引起其它變化，

故力正確；

E、根據(jù)烯增原理可知，氣體向真空的自由膨脹是不可逆的，故E正確；

故選：BDE。

熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，但要引起其它變化，空調(diào)機(jī)在制冷過(guò)程中，電能

也部分轉(zhuǎn)化為熱能，所以從室內(nèi)吸收的熱量少于向室外放出的熱量。

本題考查了熱力學(xué)定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是記住能量守恒定律和熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容，同

時(shí)要區(qū)分能源和能量的概念。

14.【答案】解：開始時(shí)活塞位于a處，加熱后，汽缸中的氣體先經(jīng)歷等容過(guò)程，直至活

塞開始運(yùn)動(dòng)。設(shè)此時(shí)汽缸中氣體的溫度為壓強(qiáng)為Pi，根據(jù)查理定律有：

竺=也①

根據(jù)力的平衡條件有：

PiS=p0S+mg…②

聯(lián)立①②式可得：

T】=(l+教?！?/p>

此后，汽缸中的氣體經(jīng)歷等壓過(guò)程，直至活塞剛好到達(dá)b處，設(shè)此時(shí)汽缸中氣體的溫度

為丁2；活塞位于a處和b處時(shí)氣體的體積分別為匕和6。

根據(jù)蓋一呂薩克定律有：7=?-?

式中

匕=SH...⑤

V2=S(//+/i)…⑥

聯(lián)立③④⑤⑥式解得：