2021年浙江省高考物理精創(chuàng)預測試卷(一)

2021年浙江省高考物理精創(chuàng)預測試卷（一）

一、單選題（本大題共14小題，共40.0分）

1.在力學單位制中，選定下面哪一組物理量的單位作為基本單位（）

A.速度、質量和時間B.重力、長度和時間

C.長度、質量和時間D.位移、質量和速度

2.如圖所示，小球做曲線運動經過P點，小球速度方向及加速度方向的矢量圖示都正確的是（）

3.如圖所示，A、8兩物體疊放在一起，以相同的初速度上拋，運動過程中所受

阻力均是其重力的K倍.下列說法正確的是（）

A.在上升和下降過程中A對B的壓力一定為零

B.上升過程中A對B的壓力大于4物體受到的重力

C.下降過程中A對8的壓力大于A物體受到的重力

D.在上升和下降過程中A對8的壓力等于A物體受到的重力

4.如圖直線“和曲線匕分別是在平行的平直公路上行駛的汽車。和

b的速度-時間3-t）圖線，在0時刻兩車剛好在同一位置（并排

行駛），在匕到打這段時間內（）

A.在t2時刻，兩車相距最遠

B.在t3時刻，兩車相距最遠

C.a車加速度均勻增大

D.b車的平均速度比a車的平均速度大

5.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，速度為0.5zn/s,周期為4s。t=Is時波形如圖甲所示，a,h,

c,d是波上的四個質點。如圖乙所示是波上某一質點的振動圖象。下列說法正確的是（）

A.這列波的波長為\m

B.t=Os時質點a的速度與質點6的速度相等

C.t=Is質點a的加速度大小比質點b的加速度大

D.如圖乙表示的是質點6的振動圖象

6.如圖所示,A、B是一條電場線上的兩點，若在A點釋放一初速度為零的電子，

電子僅受電場力作用，并沿電場線從A運動到8,其速度隨時間變化的規(guī)律

如圖所示.設A、B兩點的電場強度分別為以、EB，電勢分別為“4、%，則

（）

A.EA=EBB.EA<EBC.（pA=<pBD.<pA>（pB

7.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下

極板接地。一帶電油滴位于兩板中央的尸點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F一

將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，則（）.

A.帶電油滴一定帶正電

B.帶電油滴將沿豎直方向向下運動

C.電容器的電容增大，電容器的帶電量將增加

D.P點的電勢將降低

8.如圖所示，平行金屬板中帶電質點原來處于靜止狀態(tài)，不考慮電

流表和電壓表對電路的影響，&的阻值和電源內阻相等。當滑動

變阻器的滑片向力端移動時，則（）

A.先上消耗的電功率逐漸減小

B.電流表讀數減小，電壓表讀數增大

C.電源的輸出功率逐漸增大

D.質點將向上運動

如圖所示，豎直平面內用兩根細線將粗細均勻的金屬棒水平懸掛在天與廣

9.mt

花板上，金屬棒的質量為"?、長度為L,重力加速度為g,水平方向的勻c><!XXlx

XXXX

強磁場垂直于金屬棒CD,磁感應強度大小為B.當金屬棒中通以電流/時，

細線中的拉力恰好為零，則電流/應滿足（）

A./=翳，方向C至U。B./=黑，方向D到C

BLmg

c./=鬻，方向C至IJ。D.1=黑,方向。到C

BL2mg

10.如圖所示，一個邊長為2L的等腰直角三角形ABC區(qū)域內，有垂直紙

面向里的勻強磁場,其左側有一個用金屬絲制成的邊長為L的正方形

線框Hcd,線框以水平速度v勻速通過整個勻強磁場區(qū)域，設電流

逆時針方向為正.則在線框通過磁場的過程中，線框中感應電流，隨

時間f變化的規(guī)律正確的是（）

11.一單匝矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸線勻速轉動時

產生正弦式交變電流，其電動勢的變化規(guī)律如圖中圖線a所示，

當調整線圈轉速后，電動勢的變化規(guī)律如圖線6所示，以下關于

這兩個正弦式交變電流的說法正確的是（）

A.在圖線。和6中，t=0時刻線圈中的電流均最大

B.在圖線“和b中，t=0時刻穿過線圈的磁通量均為零

C.線圈先后兩次轉速之比為3：2

D.圖線b電動勢的瞬時值表達式為e=*sin等t（V）

12.“嫦娥四號”月球探測器在我國西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射，探測器

奔月過程中，被月球俘獲后在月球上空某次變軌是由橢圓軌道。變?yōu)?/p>

近月圓形軌道4如圖所示，a、%兩軌道相切于P點。不計變軌過程

探測器質量的變化，下列說法正確的是（）

A.探測器在a軌道上P點的動能小于在h軌道上P點的動能

B.探測器在a軌道上P點的加速度等于在b軌道上P點的加速度

C.探測器在“軌道運動的周期小于在6軌道運動的周期

D.為使探測器由。軌道進入6軌道，在P點必須加速

13.“中國月球著陸探測器”在中國航天館揭開神秘面紗。它將帶著中

國制造的月球車，在38萬千米之外的月球表面閑庭信步。月球的表

面長期受到宇宙射線的照射，使得“月壤”中的；He含量十分豐富，

科學家認為，是發(fā)生核聚變的極好原料，將來？He也許是人類重

要的能源，所以探測月球意義十分重大。關于厘He,下列說法正確的是（）

A.2He的原子核內有三個中子兩個質子

B.的原子核內有一個中子兩個質子

C.9He發(fā)生聚變，放出能量，一定不會發(fā)生質量虧損

D.原子核內的核子靠萬有引力緊密結合在一起

14.江蘇衛(wèi)視糠強大腦少曾經播出過呂飛龍用“獅吼功”震碎玻璃杯的表演，該表演引起了眾多

網友的熱議.有關人員在實驗室進行了模擬.用手指輕彈一只玻璃杯，可以聽到清脆的聲音，

測得這聲音的頻率為500Hz,將這只玻璃杯放在一個大功率的聲波發(fā)聲器前，操作人員通過調

整其發(fā)出的聲波，能使玻璃杯碎掉.下列說法中正確的是（）

A.操作人員只要把聲波發(fā)生器發(fā)出的聲波頻率調到最大

B.操作人員只要把聲波發(fā)生器輸出的功率調到最大

C.操作人員必須同時把聲波發(fā)生器輸出的功率和發(fā)出聲波的頻率調到最大

D.操作人員必須將聲波發(fā)生器發(fā)出的聲波頻率調到約為500也，且適當增大其輸出功率

二、多選題（本大題共2小題，共5.0分）

15.如圖所示，質量為1依的物塊（可視為質點），由A點以6m/s的示§

速度滑上正沿逆時針轉動的水平傳送帶（不計兩轉輪半徑的大1（Q）

?。?，傳送帶上4、B兩點間的距離為8處已知傳送帶的速度大―

小為3m/s,物塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.2,重力加速度為10m/s2,下列說法正確的是（）

A.物塊在傳送帶上運動的時間為2s

B.物塊在傳送帶上運動的時間為4s

C.整個運動過程中由于摩擦產生的熱量為16J

D.整個運動過程中由于摩擦產生的熱量為28/

16.如圖甲所示為電熱毯的工作電路圖，電阻為R=4840的電熱絲接在U=311s譏100彘（1/）的電源

上，電熱毯被加熱到一定溫度后，通過裝置P使輸入電壓變?yōu)椴ㄐ稳鐖D乙所示的直流電，從而

進入保溫狀態(tài)，若電熱絲電阻保持不變，則（）

A.交流電壓表的讀數為110K

B.交流電壓表的讀數為156y

C.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為50W

D.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為40W

三、實驗題(本大題共2小題，共18.0分)

17.某探究學習小組的同學做“探究滑塊與桌面間的動摩擦因數”的實驗.他們在實驗時組裝了一

套如圖甲所示的裝置，另外他們還找到打點計時器及所用的學生電源一臺，天平、刻度尺、導

線、紙帶、鉤碼若干.

(1)小組同學的實驗過程如下：用天平稱量滑塊的質量"=400g,將滑塊放在水平桌面上并連接上

紙帶，用細線通過滑輪掛上兩個鉤碼(每個鉤碼質量為100g),調整滑輪高度使拉滑塊的細線與

桌面平行，讓鉤碼拉動滑塊由靜止開始加速運動，用打點計時器記錄其運動情況.實驗紙帶的

記錄如圖乙所示，圖中前幾個點模糊，因此從A點開始每打5個點取一個計數點，若電源頻率

為50Hz,則物體運動的加速度為m/s2,滑塊與桌面間的動摩擦因數.(重力加

速度g=10m/s2,結果均保留兩位有效數字)

(2)請寫出一條提高實驗結果準確程度的建議：

18.現有一電池，電動勢E約為9匕內阻r在35?550范圍內，允許通過的最大電流為50mA為測

定該電池的電動勢和內阻，某同學利用如圖(a)所示的電路進行實驗.圖中R為電阻箱，阻值范

圍為0?99990;&為保護電阻.

(a)

(1)可備選用的定值電阻Ro有以下幾種規(guī)格，本實驗應選用

A.20O,2.5WB.50H,1.0WC.150/2,1.0WD.1500/2,5.0W

(2)按照圖(a)所示的電路圖，接好電路，閉合電鍵后，調整電阻箱的阻值，記錄阻值R和相應的電

壓表示數U,取得多組數據，然后作出器-A丁圖象，如圖(b)所示，由圖中所給的數據可知，

UnTOQ

電源的電動勢E=匕r=_____2(結果保留兩位有效數字)

四、計算題(本大題共4小題，共37.0分)

19.如圖所示，在光滑水平面上，質量為"?的小球8連接著一個輕質彈簧，彈簧與小球均處于靜

止狀態(tài).質量為2,”的小球A以大小為火的水平速度向右運動，接觸彈簧后逐漸壓縮彈簧并使8

運動，經過一段時間，A與彈簧分離.

(1)當彈簧壓縮至最短時，彈簧的彈性勢能Ep為多大？

(2)若開始時，在B球的右側某位置固定一塊擋板，在A與彈簧未分離前使B球與擋板發(fā)生碰撞，并

在碰撞后立即將擋板撤走.設8球與擋板碰撞時間極短，碰后B球的速度大小不變，但方向與

原來相反.欲使此后彈簧被壓縮到最短時彈簧的彈性勢能能達到第(1)問中昂的3倍，必須使兩

球在速度達到多大時與擋板發(fā)生碰撞？

，)，?J

20.質量為5依的物體在豎直向上的拉力F=100N的作用下由靜止開始運動了5s。(g取lOm/s?)

(1)則拉力尸所做的功為多少？

(2)5s內拉力的功率為多少？

(3)5s末拉力的功率為多少？

21.如圖所示，--個n=10匝，面積為S=0.3?n2的圓形金屬線圈，其

總電阻為％=20,與R2=40的電阻連接成閉合電路.線圈內存

在方向垂直于紙面向里，磁感應強度按4=2t+3(7)規(guī)律變化的

磁場.電阻Rz兩端通過金屬導線分別與電容器C的兩極相連.電7J

容器C緊靠著帶小孔a(只能容一個粒子通過)的固定絕緣彈性圓筒.圓筒內壁光滑，筒內有垂直

水平面豎直向下的勻強磁場。是圓筒的圓心，圓筒的內半徑為r=0.4m.

(1)金屬線圈的感應電動勢E和電容器C兩板間的電壓U；

(2)在電容器C內緊靠極板且正對a孔的D處有一個帶正電的粒子從靜止開始經電容器C加速后從a

孔垂直磁場％并正對著圓心。進入筒中，該帶電粒子與圓筒壁碰撞四次后恰好又從小孔〃射出

圓筒.已知粒子的比荷q/m=5xl07(c〃g),該帶電粒子每次與筒壁發(fā)生碰撞時電量和能量都

不損失，不計粒子重力和空氣阻力，則磁感應強度Bz多大(結果允許含有三角函數式).

22.如圖所示，電源的電動勢E=8V,三個定值電阻的阻值相同且R

7.5。，電容器的電容C=2pF,閉合電鍵，電路穩(wěn)定后，理想電流

表的本數為/=0.504求:

(1)電源的內阻;

(2)電容器的帶電量;

(3)電源的輸出功率及其效率。

【答案與解析】

1.答案：C

解析：

在力學單位制中，選定長度、質量和時間的單位為基本單位。

本題考查對基本單位和基本物理量的掌握情況，基礎題，比較簡單.注意：物理量與物理量的單位

是不同的。

解：在力學單位制中，基本單位是〃八依、s,分別是基本物理量長度、質量和時間的單位，故A8Q

錯誤，C正確。

故選C。

2.答案：D

解析：解：物體做曲線運動時，速度的方向沿曲線是切線方向，由圖可知，ABC錯誤.

物體做曲線運動時，受力的方向指向曲線彎曲的方向，所以加速度的方向也指向曲線彎曲的一側，

故。正確.

故選：D

物體做曲線運動時，速度的方向沿曲線是切線方向，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線

上，即加速度的方向與速度的方向不在同一條直線上，指向曲線彎曲的一側.

本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，掌握了做曲線運動的條件，本題基本上就可以解決了，

要牢記平拋運動的特點和勻速圓周運動的特點.

3.答案：A

解析：解：①上升過程，對AB整體，根據牛頓第二定律，有：

(m++fc(m+m')g=(m+m')a

解得：a=(1+k)g

再隔離物體A,根據牛頓第二定律，有：

mg+kmg—N=ma

聯立解得：解得：N=0

②下降過程，對A8整體，根據牛頓第二定律，有：

(m+m')g—k(m+m')g=(m+m')a'

解得：a'=(1-k)g

再隔離物體4,根據牛頓第二定律，有：

mg—kmg—N'=ma

聯立解得：解得：N'=0

即上升和下降過程A3間的彈力均為零；

故選：A.

先運用整體法求解加速度，再隔離物體4或B,根據牛頓第二定律列式求解彈力.

本題關鍵是采用整體法和隔離法分析，可以記住“不管有沒有阻力，A8間均沒有彈力”的結論.

4.答案：B

解析：解：AB.在亢時刻兩車剛好在同一位置（并排行駛），在h到t3這段時間內，〃的速度一直大于

〃的速度，兩者間距一直增大，t3時刻之后，。的速度小于b的速度，兩者間距減小，則在打時刻，

兩車相距最遠，故A錯誤，B正確。

C、根據速度時間圖象的斜率等于加速度，可知，。車的加速度不變，故C錯誤。

D、在“到t3這段時間內，。車的位移大于〃車的位移，則。車的平均速度比〃車的平均速度大，故

力錯誤。

故選：B。

速度時間關系圖線反映速度隨時間的變化規(guī)律，圖象與時間軸圍成的面積表示通過的位移，根據位

移關系分析兩車何時相距最遠；速度圖象的斜率表示加速度。由此分析即可。

本題是速度-時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面

積的含義。知道兩車速度相等時相距最遠。

5.答案：C

解析：解：4由題可知，速度為0.5m/s,周期為4s,則波長4=i/T=0.5x4m=2zn,故A錯誤；

B.t=0s時質點a在波峰處，速度為零，質點b在平衡位置，速度最大，故8錯誤；

C.因為周期T=4s,所以當t=1s時經歷了［此時質點a在平衡位置，位移為零，加速度為零，質

4

點人在波峰處，位移最大，加速度最大，故C正確；

D由乙圖可知，當t=ls時該質點在波谷處，與此相符合的質點是質點c,故。錯誤。

故選：Co

根據4=關系式，即可求解波長：

根據質點〃和匕的位置判斷兩者的速度大小關系；

依據質點的位移與加速度的關系，判斷兩個質點的加速度大小關系；

然后，根據甲圖中兩個質點的位置判斷振動情況，并結合乙圖分析表示的振動圖象與哪個質點的振

動情況相符。

本題是一道關于機械振動和機械波的試題，解決本題的關鍵是熟練掌握根據波動圖象判斷質點的振

動情況。

6.答案：A

解析：解：由圖可知：電子做初速度為零的勻加速直線運動。勻加速運動說明所受電場力恒定，因

此為勻強電場，即&1=EB，電子由靜止從A運動到8,所以電場力由A指向8,因此電場線方向從

8指向A,沿電場線電勢降低，即有WA<as，故88錯誤，A正確。

故選：A。

根據電子運動的速度-時間圖象可知，電子做初速度為零的勻加速直線運動，由此可以判斷出電場

的方向和電場強度大小的變化情況.

本題結合運動圖象考查了電場強度和電勢的變化情況，考查角度新穎，要注意結合圖象的含義以及

電場線和電場強度與電勢的關系求解.

7.答案：C

解析：將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據E=J

得知板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動；板間場強E增大，而尸點與下極

板間的距離不變，則由公式。=54分析可知，尸點與下極板間電勢差將增大，而P點的電勢高于下

極板的電勢，則知P點的電勢將增大；根據電容的定義式c=2,電容器與電源保持相連，則U不

變，當C增大，則。也增大。

故選：C。

8.答案：C

解析：解：C、當滑動變阻器心的滑片向6端移動時，心接入電路的阻值減小，故電路總電阻減小，

那么，由歐姆定律可知：總電流增大，%的阻值和電源內阻相等，所以外電阻減小，電源的輸出功

率增大，故C正確；

A、總電流增大，那么，內阻和心上的電壓降增大，所以心上消耗的功率，根據P=/2R知增大，故

A錯誤；

。、總電流增大，那么，內阻和％上的電壓降增大，所以，7?3兩端電壓減小，平行金屬板兩端電壓

差和/?3兩端電壓相等，故電壓減小，所以，場強減小，那么，電場力減小，故質點尸的合外力向下，

質點向下運動，故。錯誤；

B、R3兩端電壓減小，故通過/?3的電流減?。豢傠娏髟龃?，故電流表讀數增大；/?2兩端的電壓增大，

/?3兩端電壓減小，所以，電壓表讀數減小，故8錯誤；

故選：Co

根據滑動變阻器電阻變化得到總電阻變化，從而得到總電流變化，即可得到電源的輸出功率變化及治

兩端電壓電壓變化，進而得到危上消耗的功率變化及質點運動方向；再根據支路電壓、電流變化得

到電流表、電壓表示數變化。

閉合電路的歐姆定律一般用于變阻器滑動過程的電流、電壓的求解，根據電阻變化得到總電阻變化，

即可得到總電流變化，從而得到電流、電壓的變化。

9.答案：A

解析：

考查安培力的方向與大小如何確定與計算，利用平衡條件進行分析即可。

當重力等于安培力時繩子的拉力等于零，由左手定則判斷電流方向。

導體受到的安培力等于重力時，此時拉力等于零，故B/L=mg,/=黑,由左手定則可知電流方向

由C到，故A正確，BCD錯誤。

故選A。

10.答案：A

解析：解：方法一：排除法。

開始進入時，邊兒切割磁感線，產生穩(wěn)定的逆時針方向電流，即為正方向，故只有A正確，錯

誤。

故選Ao

方法二：分析法。

線框開始進入磁場運動刀的過程中，只有邊兒切割，感應電流不變，前進入后，邊加開始出磁場，

邊ad開始進入磁場，回路中的感應電動勢為邊ad產的減去在兒邊在磁場中產生的電動勢，隨著線

框的運動回路中電動勢逐漸增大，電流逐漸增大，方向為負方向；當再前進L時，邊兒完全出磁場，

ad邊也開始出磁場，有效切割長度逐漸減小，電流方向不變，故A正確，BCD錯誤。

故選:Ao

解答本題的關鍵是正確利用幾何關系弄清線框向右運動過程中有效切割長度的變化，然后根據法拉

第電磁感應定律求解，注意感應電流方向的正負.

圖象具有形象直觀特點，通過圖象可以考查學生綜合知識掌握情況，對于圖象問題學生在解答時可

以優(yōu)先考慮排除法，通過圖象形式、是否過原點、方向等進行排除.

11.答案：c

解析：

481=0時刻”和人感應電動勢為零，電流為零，線圈處于中性面位置，磁通量最大，故AB錯誤;

C.線圈先后兩次周期之比黑=鬻=|,M=M=|,故C正確；

Tb0.06s3TibTa2

D感應電動勢最大值%=NBS3,因此警=詈=|,即Emb=|Ema=100匕

cmb3b/j

圖線b的最大值為100匕角速度為g=票=17T,所以圖線b電動勢的瞬時值表達式為e=

100sin^7rt（y）,故。錯誤。

故選：C。

明確感應電動勢為零時，電流為零，線圈處于中性面位置，磁通量最大；根據圖象可以求得輸出電

壓的最大值、周期和頻率、轉速等，即可求得瞬時值的表達式。

解決本題的關鍵就是由圖象得出相關信息，理解正弦交變電流產生過程。

12.答案：B

解析：解：A、探測器在尸點變軌，則從高軌向低軌變化時，要做向心運動，須減速，故探測器在高

軌的速度大于低軌在P的速度，探測器在〃軌道上P點的動能大于在6軌道上P點的動能，故4錯

誤：

8、探測器在兩個軌道上尸點的引力均是由月球對它的萬有引力提供，所以引力相等，由牛頓第二定

律得兩個軌道在尸點的加速度也相等，故8正確；

C、由于探測器在。軌道運動的半長軸大于在b軌道運動的半徑，根據開普勒第三定律：0=k,得

T2

探測器在。軌道運動的周期大于在b軌道運動的周期，故c錯誤；

力、為使探測器由。軌道進入b軌道，要做向心運動，在P點必須減速，故。錯誤。

故選：B。

嫦娥四號從地月轉移軌道修正至進入環(huán)月圓軌道的過程中有近月制動過程，此過程中發(fā)動機對探測

器做負功，探測器的動能減??；根據牛頓第二定律得加速度大小；根據開普勒第三定律得周期和軌

道半徑的關系。

本題考查的是探測器變軌原理，并能由此判定此過程中衛(wèi)星動能的變化關系，知道衛(wèi)星軌道與周期

的關系。

13.答案：B

解析：解：AB、1He的原子核內有2個質子，有1個中子，故A錯誤，B正確；

C、發(fā)生聚變，放出能量，根據質能方程△E=Amc2可知一定會發(fā)生質量虧損，故C錯誤；

。、原子核內的核子靠核力結合在一起，核力只存在于相鄰的核子之間，故。錯誤。

故選：Bo

元素々X中Z表示質子數，A表示質量數；根據質能方程可知釋放能量時一定存在質量虧損；原子核

內的核子靠核力結合在一起。

本題考查對核力的理解。核力是自然界四種基本作用力之一，與萬有引力性質、特點不同

14.答案：D

解析：解：由題用手指輕彈一只酒杯，測得這聲音的頻率為5004z,就是酒杯的固有頻率.

當物體發(fā)生共振時，物體振動的振幅最大，甚至可能造成物體解體，將這只酒杯放在兩只大功率的

聲波發(fā)生器之間，操作人員通過調整其發(fā)出的聲波，將酒杯震碎是共振現象，而發(fā)生共振的條件是

驅動力的頻率等于物體的固有頻率，而酒杯的固有頻率為500”z,故操作人員要將聲波發(fā)生器發(fā)出

的聲波頻率調到500，z,使酒杯產生共振，從而能將酒杯震碎.故。正確.

故選：D.

用聲波將酒杯震碎是利用酒杯發(fā)生了共振現象，而物體發(fā)生共振的條件是驅動力的頻率等于物體的

固有頻率.

明白了該物理情景所反映的物理規(guī)律才能正確解決此題.故要學會通過物理現象抓住物理事件的本

質.

15.答案：AD

解析：解：根據題意可知，物塊的質量為rn=1kg,初速度%=6zn/s,傳送帶上A、B兩點間的距

離為L=8m,傳送帶的速度大小為u=3m/s,物塊與傳送帶間的動摩擦因數為〃=0.2。

AB,滑塊先向右勻減速，對于向右滑行過程，根據牛頓第二定律，有：fimg=ma

解得加速度：a=xg=2m/s2

設滑塊速度為零經過的時間為根據運動學公式，有：G=^=3s

位移：x==9m>8m,所以滑塊到達傳送帶右端時速度還沒有減速到零，

設物塊達到傳送帶右端的速度為M,根據速度一位移關系可得：vl-v'2=2aL

解得：v'=2m/s

所以物塊在傳送帶上運動的時間為t=d=2s,故A正確、B錯誤；

CD、整個過程中傳送帶通過的距離s=區(qū)=6m,整個運動過程中由于摩擦產生的熱量為Q=

+s)=28/,故C錯誤、。正確。

故選：AD.

根據牛頓第二定律求出滑塊的加速度，再結合運動學規(guī)律判斷出滑塊滑上傳送帶后的運動情況，根

據運動學公式求解時間；

根據摩擦力乘以相對距離計算產生的熱量。

本題物體在傳送帶上的運動情況，關鍵根據牛頓第二定律求出加速度，結合運動學規(guī)律確定滑塊的

運動情況，最后根據功能關系列式求解熱量。

16.答案：BC

解析：

電壓表讀數為有效值，根據正弦式交變電流峰值和有效值之間的關系以及電流的熱效應便可求得有

效值.本題考查有關交變電流有效值的計算問題，知道電壓表和電流表測量的都是有效值，難度不

大，屬于基礎題.

解：AB、由圖象可知該交變電流的周期7=2x10-25

可分兩段0-舁丐一7，

根據有效值的定義可得暨x工+0=火x7

R2R

AB、〃=乎=156人故A錯誤，B正確；

CD、電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為P=《=竺包=50??；故C正確，。錯誤；

R484

故選：BC.

17.答案：2.90.20繩的質量越小，對系統的加速度的影響越小

解析：解：(1)使用逐差法求加速度：a=冬藝著士=。.32。6+。.22：廣。1-。.。5。=2.0m/s2

對滑塊進行受力分析，得：2mg-11Mg=(M+m)a

代入數據，求得：4=0.20

(2)繩的質量越小，對系統的加速度的影響越小，

故答案為：(1)2.0,0.20,

(2)繩的質量越小，對系統的加速度的影響越小

求物體的加速度可以使用圖象法，也可以使用逐差法；使用受力分析求出物體的摩擦力，然后再求

摩擦因數

該實驗中，首先考查了紙帶上數據的處理，然后才是摩擦因數的計算.要注意逐差法是求解加速度

的最佳方法.屬于中檔題目

18.答案：(1)C；(2)8.3,50

解析：解：(1)電路最小總電阻約為：/?=看=1800,為保護電路安全，保護電阻應選C；

(2)由圖。所示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動勢：E=U+lr=U+-^-r,

貝《屋,念+3則上念圖象是直線；根端-念圖象可知?

1

F=012

E=8.331Z；

r0.15-0.12

-=k=---------=6

E5.0x10-3

解得：「=6x8.330=500；

故答案為：(1)C；(2)8.3,50

(1)求出電路最小電阻阻值，然后選擇電阻箱；

(2)根據閉合電路歐姆定律電流與電壓的關系進行變形得到圖象對應的函數表達式；根據變形得到圖

象對應的函數表達式結合數學知識，明確兩坐標軸的含義，即可正確解答.

本題考查測量電動勢和內電阻的實驗，要求能熟練掌握物理規(guī)律運用數學方法將物理公式變形，將

兩個非線性關系的物理量，變成兩個線性關系的物理量，再根據圖象的性質即可求解電動勢和內電

阻.

19.答案：解：(1)彈簧壓縮至最短時，A、B速度均為h選取向右為正方向，對于兩球組成的系統，

根據動量守恒定律，有：

2mv0=(2m+m)v

解得：v=|v0

此過程中，只有彈簧的彈力做功，機械能守恒，根據系統的機械能守恒定律，有：

|x2mvg=Ep+T(2m+m)v2

解得：Ep=詔

(2)彈簧被壓縮至最短時彈簧的彈性勢能能達到第(1)問中的3倍，即：

Ep'=3X=wivo

設B球與擋板碰撞時，4球速度為次,8球速度為方，(均向右)，8與擋板碰后彈簧被壓縮到最短時

共同速度為則

z，2

根據碰后系統的機械能守恒得：Fp=|X27n詔-|(2m+m)v

由以上兩式得，v'=0,所以此時小球A、8的總動量也為0,說明3球與擋板碰前瞬間兩球動量等

大，則有：

2mv1=mv2，

根據5與擋板碰后，48的總動量守恒得：

2mv0=2mv1+mv2,

聯立解得：Vi=|Vo,V2=VQ,

答：(1)當彈簧壓縮至最短時，彈簧的彈性勢能Ep為［小詔.

(2)必須使A球速度為3%,8球速度為火時與擋板發(fā)生碰撞.

解析：(1)當彈簧壓縮至最短時，兩球的速度相等，根據系統的動量守恒和機械能守恒列式，即可求

出此時彈簧的彈性勢能琢.

(2)設B球與擋板碰撞時，A球速度為打、B球速度為藝(均向右)，根據動量守恒列式，8球與擋板剛

碰后，A球速度為％、2球速度為-%(向左)，此后彈簧壓縮至最短時有共同速度，再由系統的動量

守恒和機械能守恒列式，即可得解.

本題是含有彈簧的問題，關鍵要分析物體的運動過程，抓住系統的動量守恒和機械能守恒進行分析，

綜合性較強.

20.答案：(1)由牛頓第二定律可知：F-mg=ma

解得：a=，曹。=10m/s2,

則5s內的位移為：x=^gt2=125m,

拉力所做的功