2021年重慶市高考物理第二次診斷性試卷(含答案詳解)

2021年重慶市高考物理第二次診斷性試卷

一、單選題（本大題共9小題，共36.0分）

1.核動(dòng)力潛艇是潛艇中的一種類型，指以核反應(yīng)堆為動(dòng)力來(lái)源設(shè)計(jì)的潛艇.在核反應(yīng)中有一種是

一個(gè)至5（/原子核在中子的轟擊下發(fā)生的一種可能的裂變反應(yīng)，其裂變方程為II5U+乩TX+

l^Sr+10Jn,則下列敘述正確的是（）

A.X原子核中含有54個(gè)質(zhì)子

B.X原子核中含有53個(gè)中子

C.裂變時(shí)釋放能量是因?yàn)樘潛p的質(zhì)量變成了能量

D.裂變時(shí)釋放能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，質(zhì)量數(shù)不守恒

2.兩個(gè)大小相同的小球帶有同種電荷，質(zhì)量分別為mi和巾2,帶電荷量分別

是%和《2,用絕緣線懸掛后，因靜電力而使兩懸線張開(kāi)，分別與中垂線方/"\

向成的角和角，且兩球處于同一水平線上，如圖所示，若的=戊2,則下叫"1m'C

述結(jié)論正確的是（）

A.q1一定等于q2B.一定滿足放=J

C.mi一定等于巾2D.必須同時(shí)滿足qi=勺2、血1=巾2

3.如圖所示，理想變壓器的原線圈4B兩端接入電壓為a=|'IC-------二

220&sin（1007rt”的交變電流。原線圈匝數(shù)n=1100匝，副線圈Aj_±1

匝數(shù)%=60匝，副線圈匝數(shù)的=50匝，C、。之間接一電容器，E、f」

F之間接入內(nèi)阻為100電動(dòng)機(jī)M,它們都能正常工作。則（

A.該交流電的頻率為100Hz

B.副線圈中磁通量變化率的最大值為0.2&Wb/s

C.該電容器的耐壓值為12V

D.該電動(dòng)機(jī)的輸入功率為10W

關(guān)于質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法中正確的是（

A.因?yàn)閍=L,所以向心加速度與旋轉(zhuǎn)半徑r成反比

r

B.因?yàn)閍=S2r,所以向心力加速度與旋轉(zhuǎn)半徑r成正比

C.因?yàn)?=；’,所以角速度與旋轉(zhuǎn)半徑r成反比

D.3=27m,所以角速度與轉(zhuǎn)速成正比

某速度選擇器結(jié)構(gòu)如圖所示，三塊平行金屬I、n、in水平放置，

它們之間距離均為小三金屬板上小孔5、。2、。3在同一豎直線

上，I、口間有豎直方向勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng),n、in間有水平向左電場(chǎng)

強(qiáng)度為E2的勻強(qiáng)電場(chǎng)及垂直于紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度為私的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)，一質(zhì)子由金屬板I上端。1點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)電場(chǎng)E］加速，經(jīng)

過(guò)。2點(diǎn)進(jìn)入為、B2的復(fù)合場(chǎng)中，最終沿直線從HI的下端。3點(diǎn)射出，己知質(zhì)子帶電量為e,質(zhì)量

為根，不計(jì)質(zhì)子重力，則以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.。3處出射時(shí)質(zhì)子速度為。=J

B.I、II兩板間電壓/=翳

c.粒子通過(guò)I、it金屬扳和n、in金屬扳的時(shí)間之比為1：2

D.把質(zhì)子換成a粒子，則a粒子不能從。3射出

6.已知地球的第一宇宙速度為7.9km/s,第二宇宙速度為11.2/an/s,下列敘述正確的是:

A.第一宇宙速度是物體在地面附近繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度

B.第二宇宙速度是成為地球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度

C.所有地球衛(wèi)星環(huán)繞地球的運(yùn)行速度介于7.9km/s和11.2km/s之間

D.宇宙速度是相對(duì)于地面，而不是相對(duì)■地心

7.如圖所示，實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡.若帶電粒子只受電場(chǎng)力的作用,

下列說(shuō)法正確的是（）

A.帶電粒子一定是從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)

B.帶電粒子一定帶正電荷

C.帶電粒子在/點(diǎn)的動(dòng)能比在c點(diǎn)的動(dòng)能大

D.帶電粒子在4點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)的電勢(shì)能大

8.關(guān)于物體的內(nèi)能，下列說(shuō)法中，正確的是（）

A.物體的溫度不變時(shí)，物體的內(nèi)能一定不會(huì)發(fā)生變化

B.物體從外界吸收熱量后，物體的內(nèi)能一定增大

C.物體向外界放出熱量，物體的內(nèi)能可能增大

D.理想氣體的溫度升高時(shí)，它的內(nèi)能可能減少

9.某同學(xué)對(duì)機(jī)械波和電磁波進(jìn)行類比，總結(jié)出下列內(nèi)容，其中錯(cuò)誤的是（）

A.機(jī)械波的頻率、波長(zhǎng)和波速三者滿足的關(guān)系，對(duì)電磁波也適用

B.機(jī)械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象

C.機(jī)械波的傳播依賴于介質(zhì)，而電磁波可以在真空中傳播

D.機(jī)械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波

二、多選題（本大題共3小題，共15.0分）

10.如圖所示，小車在光滑水平面上向左勻速運(yùn)動(dòng)，輕質(zhì)彈簧左端固|「Ide

定在4點(diǎn)，物體與固定在4點(diǎn)的細(xì)線相連，彈簧處于壓縮狀態(tài)（物如〃上〃.

體與彈簧未連接），某時(shí)刻細(xì)線斷開(kāi)，物體沿車滑動(dòng)，脫離彈簧后與8端碰撞并粘合在一起，取

小車、物體和彈簧為一個(gè)系統(tǒng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.若物體滑動(dòng)中不受摩擦力，則全過(guò)程系統(tǒng)機(jī)械能守恒

B.若物體滑動(dòng)中受摩擦力，全過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量不守恒

C.不論物體滑動(dòng)中受不受摩擦力，小車的最終速度都相同

D.不論物體滑動(dòng)中受不受摩擦力，全過(guò)程系統(tǒng)損失的總機(jī)械能都是相同的

11.如圖甲所示，電源的電動(dòng)勢(shì)E=9V,它和靈敏電流表G的內(nèi)阻均不可忽略，電壓表U的內(nèi)阻很大，

熱敏電阻R的阻值隨溫度的變化關(guān)系如圖乙所示.閉合開(kāi)關(guān)S,當(dāng)R的溫度等于20冤時(shí)，電流表

示數(shù)1】=2mA根據(jù)以上信息判斷，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電流表內(nèi)阻與電源內(nèi)阻之和為O.5k0

B.電流表示數(shù)辦=3.6nM時(shí)熱敏電阻的溫度是100汽

C.溫度升高時(shí)電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)/的比值變大

D.溫度升高時(shí)電壓表示數(shù)變化量4U與電流表示數(shù)變化量△/的比值不變

12.如圖所示，質(zhì)量均為優(yōu)的木塊4和B用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊4上放有

質(zhì)量為2nl的木塊C,三者均處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將木塊C迅速移開(kāi)，若重力加速度為g,則在木塊

C移開(kāi)的瞬間（）L[/]」C

A.彈簧的形變量不改變

B.彈簧的彈力大小為mg

C.木塊4的加速度大小為2g…l.j…

D.木塊B對(duì)水平面的壓力迅速變?yōu)?mg

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

13.某同學(xué)為了探究滑塊與平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)出設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示.長(zhǎng)直平板一端放在

水平桌面上，另一端架在墊木塊上.在平板上標(biāo)出4B兩點(diǎn)，B點(diǎn)處放置一光電門，用光電計(jì)

時(shí)器記錄滑塊通過(guò)光電門時(shí)擋光的時(shí)間.

M）lltllllllll11llllcin

腐1腐2

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

（1）用游標(biāo)卡長(zhǎng)尺測(cè)量滑塊的擋光長(zhǎng)度d如右圖，d=cm；

（2）用直尺測(cè)量48之間的距離s,4、B兩點(diǎn)到水平桌面的垂直距離旗和修求得斜面傾角的余弦cosa

（3）將滑塊從4點(diǎn)靜止釋放，由光電計(jì)時(shí)器讀出滑塊的擋光時(shí)間，重復(fù)數(shù)次，求擋光時(shí)間的平均值3

則滑塊通過(guò)光電門時(shí)的速度-=（用題中直接測(cè)量物理量的符號(hào)表示）

（4）設(shè)重力加速度為g,利用所測(cè)數(shù)據(jù)求出〃=.（用題中直接測(cè)量物理量的符號(hào)表示）

14.某實(shí)驗(yàn)小組成員要測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知該干電池的電動(dòng)勢(shì)約為1.5V,內(nèi)阻約

為0.500；實(shí)驗(yàn)室提供了電壓表量程為3V,內(nèi)阻約3k0、電流表4（量程為0.64,內(nèi)阻為0.700）、

滑動(dòng)變阻器R（1O0,24）、電鍵和導(dǎo)線若干。（1）為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，請(qǐng)?jiān)趫D1方框中畫出

實(shí)驗(yàn)電路圖。

圖1

圖2

(2)在圖2中按原理圖完善實(shí)物圖的連接。

(3)通過(guò)多次測(cè)量并記錄對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)/和電壓表示數(shù)U,利用這些數(shù)據(jù)在圖3中畫出了U-/

圖線。由圖線可以得出此干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V(保留3位有效數(shù)字)，內(nèi)阻r=

(4)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)電流表發(fā)生了故障，于是小組成員又找來(lái)一個(gè)電壓表和一個(gè)定值電阻，組

成了如圖4所示的電路，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭，讀出電壓表匕和瞑的多組數(shù)據(jù)內(nèi)、出，描繪出a-

外圖象如圖5所示，圖線斜率為匕與橫軸的截距為a,則電源的電動(dòng)勢(shì)￡=,內(nèi)阻

r=(用k、a、Ro表示)。

四、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共18.0分)

15.電路中有電爐子和電動(dòng)機(jī)兩個(gè)用電器，電爐子的電阻R=1000,電動(dòng)機(jī)線圈的電阻R”=1。。，

導(dǎo)線的電阻r=50,電流表為理想電流表。電路兩端電壓U=220V,且保持恒定。

(1)若只閉合開(kāi)關(guān)S],求電流表示數(shù)和電爐子的熱功率；

(2)若只閉合開(kāi)關(guān)S2，電流表示數(shù)/=1.04求電動(dòng)機(jī)消耗的電功率和轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率。

五、計(jì)算題(本大題共3小題，共30.0分)

16.如圖所示，質(zhì)量為M,長(zhǎng)度為L(zhǎng)的長(zhǎng)木板放在水平桌面上，木板右端放有一質(zhì)量為m大小可忽略

的小木塊.開(kāi)始時(shí)木塊、木板均靜止，某時(shí)刻起給木板施加一大小為尸，方向水平向右的恒定拉

力，若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力.

(1)若地面光滑且M和m相對(duì)靜止，則m受到的摩擦力多大；

(2)若木塊與木板之間、木板與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃，拉力F=3MM+m)g,求從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)

到木板從小木塊下抽出經(jīng)歷的時(shí)間.

17.如圖所示，一個(gè)由粗細(xì)不同的兩段金屬管組成的兩端開(kāi)口的汽缸水平B.g

固定放置，兩厚度不計(jì)的輕質(zhì)活塞A、B間由輕桿相連，水平力尸=30N正7

2

作用在活塞4上，兩活塞的橫截面積分別為L(zhǎng)=25cm\SB=15cm,

活塞間封閉有一定質(zhì)量的理想氣體(不漏氣)。開(kāi)始時(shí)，整個(gè)裝置保持靜止，此時(shí)兩活塞離。處距

離相等，大氣壓強(qiáng)po=1.0x105Pa,不計(jì)-一切摩擦。

①求開(kāi)始時(shí)，輕桿對(duì)活塞8的作用力。

②若緩慢降低汽缸內(nèi)氣體溫度，直至t=87。。時(shí),力活塞恰好靠近。處，求開(kāi)始時(shí)汽缸內(nèi)氣體的溫度。

18.如圖所示，折射率為百、厚度為d的平行玻璃磚，下表面涂有反射物質(zhì)，一細(xì)光束以i=60。的

入射角射到玻璃磚上表面的尸點(diǎn)，上表面右端平行于入射光方向放置一標(biāo)尺4B,細(xì)光束會(huì)在標(biāo)

尺上的兩個(gè)位置出現(xiàn)光點(diǎn)，光在真空中的傳播速度為c,不考慮細(xì)光束在下表面的第二次反射。

(1)畫出光路圖;

(2)求光在玻璃磚內(nèi)的傳播時(shí)間t；

(3)在標(biāo)尺上出現(xiàn)的兩個(gè)光點(diǎn)間的距離L。

參考答案及解析

1.答案：A

解析：

根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)均守恒，即可求解。

本題題干較長(zhǎng)，涉及信息較多，但真正有用信息是考查核反應(yīng)方程。

4B.由核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知：X原子核中含有92-38=54個(gè)質(zhì)子，235+1-

94-10-54=78個(gè)中子；故4正確，8錯(cuò)誤；

C并不是質(zhì)量虧損轉(zhuǎn)變成能量，而是重核發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)分解成輕核的過(guò)程會(huì)釋放能量，故C錯(cuò)誤；

D據(jù)愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程可知，質(zhì)量虧損時(shí)釋放能量不是質(zhì)量變成了能量，而是虧損的質(zhì)量以能量

的形式釋放，但質(zhì)量數(shù)依然守恒，故。錯(cuò)誤。

故選Ao

2.答案：C

解析：解：題中電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場(chǎng)力大小卻相同，方向相反.由

于它們與豎直線所成的角度均相等，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可確定，它

們的質(zhì)量一定相等.故錯(cuò)誤，C正確；

故選：C.

分別對(duì)兩小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力可知，由共點(diǎn)力平衡條件得到各自的重力與庫(kù)侖力的關(guān)系，

抓住相互間的庫(kù)侖力大小相等，得到質(zhì)量與角度的關(guān)系，分析求解.

本題中庫(kù)侖力是兩個(gè)小球聯(lián)系的紐帶，由平衡條件分別找出兩個(gè)小球的質(zhì)量與庫(kù)侖力關(guān)系是解題的

關(guān)鍵.

3.答案:B

解析：解：力、根據(jù)a=220位sin(100zrt”,可得2兀/=100兀，解得/=50Hz,故A錯(cuò)誤；

B、原副線圈磁通量變化率相等，根據(jù)n=g=220近可得，副線圈中磁通量變化率的最大值為—=

與需“b/s=0.2讓W(xué)b/s,故B正確：

C、該電容器的耐壓值為最大值，即為/7n=最、220或U=12&V,故C錯(cuò)誤；

D、電動(dòng)機(jī)電路是非純電阻電路，副線圈輸出電壓4220/=10乙所以流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流

/＜一包=14所以該電動(dòng)機(jī)的輸入功率小于1。勿，故。錯(cuò)誤。

RM

故選：B。

根據(jù)變壓器電壓表達(dá)式求解頻率；根據(jù)電壓最大值求解最大的磁通量變化率；電容器的耐壓值為最

大值：電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，歐姆定律不適用于電動(dòng)機(jī)電路。

本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有

一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比：知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。

原線圈的電壓決定副線圈的電壓；理想變壓器在改變電壓和電流的同時(shí)，不改變功率和頻率。

4.答案：D

解析：

根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度的公式逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論.分析時(shí)要運(yùn)用控制變量法進(jìn)行分

析。

向心加速度是由向心力的大小和物體的質(zhì)量決定的，不能簡(jiǎn)單由向心加速度的公式來(lái)分析，這是本

題中最容易出錯(cuò)的地方。

人由a=《，可知當(dāng)線速度一定時(shí)，則有a與r成反比，故A錯(cuò)誤；

r

B.根據(jù)a=/2r,可知，角速度大的物體的向心加速度不一定大，還要看半徑，故B錯(cuò)誤；

仁由3=：,可知角速度與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑、線速度都有關(guān)，在線速度不變時(shí)角速度才與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑成反比,

故C錯(cuò)誤；

。.因?yàn)?兀是恒量，所以角速度與轉(zhuǎn)速成正比，故O正確。

故選。。

5.答案：C

解析：解：4、經(jīng)過(guò)。2點(diǎn)進(jìn)入后2、%的復(fù)合場(chǎng)中，最終沿直線從HI的下端優(yōu)點(diǎn)射出，因質(zhì)子受到電

場(chǎng)力與洛倫茲力，只要當(dāng)兩者大小相等時(shí)，才能做直線運(yùn)動(dòng)，且速度不變的，依據(jù)qE2=B2q。，解

得：v=故A正確；

B、質(zhì)子在I、II兩板間，在電場(chǎng)力作用下，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，即為

而質(zhì)子以相同的速度進(jìn)入口、in金屬板做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有D=篙，那么I、n兩板間電壓力昌,

故8正確；

c、粒子通過(guò)I、n金屬板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而在n、in金屬板做勻速直線運(yùn)動(dòng)，依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，

即有，￡/=等0，而4=區(qū)2，

那么它們的時(shí)間之比為2：1,故C錯(cuò)誤；

D、若將質(zhì)子換成a粒子，根據(jù)qUi=[nu;2,導(dǎo)致粒子的比荷發(fā)生變化，從而影響a粒子在n、IE金

屬板做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此a粒子不能從。3射出，故。正確；

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C。

A、粒子在復(fù)合場(chǎng)中，當(dāng)電場(chǎng)力與洛倫茲力相等時(shí)，才能做直線運(yùn)動(dòng)；

8、依據(jù)動(dòng)能定理，結(jié)合粒子在n、HI間運(yùn)動(dòng)的速度，即可求解；

c、根據(jù)粒子在I、II金屬板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而在口、HI金屬板做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公

式，即可求解；

D、把質(zhì)子換成a粒子，導(dǎo)致比荷發(fā)生變化，從而影響a粒子在n、HI金屬板做直線運(yùn)動(dòng).

考查粒子在復(fù)合場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)，并掌握動(dòng)能定理與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，

注意粒子何時(shí)勻加速直線運(yùn)動(dòng)與勻速直線運(yùn)動(dòng)是解題的關(guān)鍵.

6.答案：4

解析：

第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度，是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小初始速

度，第二宇宙速度，這是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度。

理解三種宇宙速度，特別注意第一宇宙速度有三種說(shuō)法：它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行

速度，它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度，

及掌握引力定律與牛頓第二定律的應(yīng)用。

A.第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度.所以沿圓軌道繞地球運(yùn)

行的人造衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)速度小于等于7.9km/s,故4正確；

8.第二宇宙速度為11.2kzn/s,是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度，故B錯(cuò)誤;

C.當(dāng)r=R時(shí)，由旦黑■="?二得v=|^Z=7.9km/s，衛(wèi)星的軌道半徑越大，運(yùn)行速度越小，所以衛(wèi)

r-rJR

星的運(yùn)行速度不大于7.9km/s,故C錯(cuò)誤；

。.宇宙速度是相對(duì)于地心，而不是相對(duì)地面，故。錯(cuò)誤。

故選A。

7.答案：C

解析：

根據(jù)軌跡的彎曲方向，判斷出合力（電場(chǎng)力）的方向，再根據(jù)電場(chǎng)線的方向，判斷電荷的電性；電場(chǎng)

力大小的比較可以看電場(chǎng)線的疏密，即電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；比較電勢(shì)能和動(dòng)能可以根據(jù)電場(chǎng)力做功正

負(fù)來(lái)判斷。

無(wú)論虛線代表的是電場(chǎng)線還是等勢(shì)面，粒子受到的電場(chǎng)力的方向都是指向運(yùn)動(dòng)軌跡的彎曲的內(nèi)側(cè)，

由此可以判斷粒子的受力的方向和運(yùn)動(dòng)方向之間的關(guān)系，從而可以確定電場(chǎng)力對(duì)粒子做的是正功還

是負(fù)功。

A.粒子可能是由4向B運(yùn)動(dòng)，也可能是由B向4運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.合力大致指向軌跡凹的一向，可知電場(chǎng)力方向向左，由于電場(chǎng)強(qiáng)度的方向未知，故無(wú)法判斷粒子

的電性，故B錯(cuò)誤；

C.若從4運(yùn)動(dòng)到C,電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小.所以帶電粒子在4點(diǎn)的動(dòng)能比在C點(diǎn)的動(dòng)

能大，故C正確；

。.若從4運(yùn)動(dòng)到C,電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，所以帶電粒子在4點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)的電勢(shì)能小,

故。錯(cuò)誤。

故選Co

8.答案：C

解析：

明確熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容，知道做功和熱傳遞均可以改變物體的內(nèi)能，所以要綜合分析做功和熱

傳遞兩方面的因素分析內(nèi)能的變化。

本題考查內(nèi)能與溫度、做功的關(guān)系，要注意明確理想氣體不計(jì)分子勢(shì)能，故溫度升高時(shí)分子平均動(dòng)

能增大，物體的內(nèi)能增大。

4溫度不變時(shí)，物體的內(nèi)能可能發(fā)生變化，如晶體熔化時(shí)，物體不斷吸熱，溫度不變，其內(nèi)能增大，

故4錯(cuò)誤；

8.從外界吸熱時(shí)如果同時(shí)對(duì)外做功，則內(nèi)能不一定變化，故8錯(cuò)誤；

C.物體向外界放出熱量時(shí)，如果外界做功大于放出的熱量，則物體的內(nèi)能可能增大，故C正確；

。?理想氣體分子間勢(shì)能不計(jì)，故理想氣體溫度升高時(shí)，內(nèi)能一定增大，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

9.答案:D

解析：解：力、波速公式"=4/適用于一切波，即對(duì)機(jī)械波和電磁波都適用.故A正確.

B、所有的波都具有的特性是：能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象.故B正確.

C、機(jī)械波是機(jī)械振動(dòng)在介質(zhì)中傳播過(guò)程，必須依賴于介質(zhì)，沒(méi)有介質(zhì)不能形成機(jī)械波；電磁波

傳播的是電磁場(chǎng)，而電磁場(chǎng)本身就是一種物體，不需要借助其他物質(zhì)來(lái)傳播，所以電磁波可以在真

空中傳播.故C正確.

機(jī)械波有橫波和縱波，電磁波只有橫波.故。錯(cuò)誤.

本題選擇錯(cuò)誤的，故選。

將機(jī)械波和電磁波進(jìn)行類比，類比的學(xué)習(xí)方法要經(jīng)常使用，通過(guò)類比，抓住新舊知識(shí)的共同點(diǎn)與不

同點(diǎn).

10.答案:CD

解析：解：4、物體與小車粘合的過(guò)程，發(fā)生非彈性碰撞，系統(tǒng)機(jī)械能有損失。故4錯(cuò)誤。

B、整個(gè)系統(tǒng)在水平方向不受外力，豎直方向上合外力為零，則全過(guò)程系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)

量守恒，故B錯(cuò)誤，

C、不論物體滑動(dòng)中受不受摩擦力，全過(guò)程系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量一直守恒，原來(lái)系統(tǒng)的總

動(dòng)量為零，最終小車、物體的速度相同，故C正確。

。、當(dāng)物體與B端粘在一起時(shí)，系統(tǒng)的速度與初速度相等，都是零，所以系統(tǒng)的末動(dòng)能與初動(dòng)能是相

等的，系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于彈簧的彈性勢(shì)能，與物體滑動(dòng)中有沒(méi)有摩擦無(wú)關(guān)。故。正確。

故選：CD。

物體與小車粘合的過(guò)程，系統(tǒng)機(jī)械能有損失；分析系統(tǒng)的合外力，即可判斷動(dòng)量是否守恒；根據(jù)動(dòng)

量守恒定律求解小車的速度。根據(jù)動(dòng)量守恒定律與功能關(guān)系判斷系統(tǒng)的機(jī)械能的變化。

本題根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒的條件進(jìn)行判斷：動(dòng)量守恒的條件是系統(tǒng)不受外力或受到的外力的

合力為零；機(jī)械能守恒的條件是除重力和彈力外的其余力不做功。

11.答案：ABD

解析:

閉合開(kāi)關(guān)S,當(dāng)R的溫度等于20久時(shí)，電流表示數(shù)/i=2m4根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得電流表與

電源的內(nèi)阻之和R川當(dāng)電流表的示數(shù)，2=3.6HL4時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可求R,由圖讀出溫度。

本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)、歐姆定律、識(shí)圖能力，熟練掌握串聯(lián)電路的特點(diǎn)、歐姆定律是正確解

題的前提，由圖象找出熱敏電阻的阻值與對(duì)應(yīng)的溫度關(guān)系是解題的關(guān)鍵；解題時(shí)注意單位換算。

解：4已知:電源電源的電動(dòng)勢(shì)E=9.07,h=2mA=0.0024I2=3.6mA=0.0036已由圖象知,

當(dāng)R的溫度等于20K時(shí)，熱敏電阻的阻值R=4000。，由串聯(lián)電路特點(diǎn)及閉合電路歐姆定律得：E=

k(R+R@,即9.0V=0.0024x(40000+7?的)，解得R內(nèi)=5000,則A正確；

B.當(dāng)電流=0.00364時(shí)，由串聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律得：EU=12(R'+R^,即：9.0K=0.003671x

(R'+5OO0),解得：R'=20000；由圖象知，此時(shí)熱敏電阻的溫度t=100。&則8正確；

C.溫度升高，電阻變小，則比值變小，則C錯(cuò)誤；

。.由U=E-/r則與=r,則不變，則。正確。

故選ABD。

12.答案：AC

解析：解：

A、由于彈簧彈力屬于漸變，所以撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，故A正確；

B、開(kāi)始整體處于平衡狀態(tài)，彈簧的彈力等于4和C的重力，即尸=3加9,撤去。的瞬間，彈簧的形變

量不變，彈簧的彈力不變，仍為3mg,故8錯(cuò)誤；

C、撤去C瞬間，彈力不變，4的合力等于C的重力，對(duì)木塊4由牛頓第二定律得：2mg=7na,解

得：a=2g,方向豎直向上，故C正確；

以撤去C的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為3mg,對(duì)B,由平衡條件得：F+mg=N,解得：N=4mg,

木塊B對(duì)水平面的壓力為4mg,故。錯(cuò)誤。

根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出彈簧的彈力，在將C迅速移開(kāi)的瞬間，彈簧的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求出

木塊4的加速度。

本題考查牛頓第二定律的瞬時(shí)問(wèn)題，知道撤去C的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求

解。

次-如-附.2gs丁2)產(chǎn)M

.答案：；

133.61222

s't'2gty/s-(ht-h2)

解析：解：(1)、游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3.6cm,游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，因此其

讀數(shù)為為0.1x1mm=0.1mm=0.01cm,所以最終讀數(shù)為：3.6cm+0.01cm=3.61cm；

①由數(shù)學(xué)知識(shí)可知：cosa嚴(yán);

②、滑塊通過(guò)光電門時(shí)的速度：v=p

③、由—詔=2ax可得：v2=2as,即：(y)2=2as,

解得，加速度：a=鳥(niǎo)；

2st2

④、由牛頓第二定律得：mgsinO一/=ma,

其中sin。=勺二”，

解得/=mg包產(chǎn)鑒;

f=i^mgcosd

2g(h-h)t2-d2

聯(lián)立各式解得“12

222

2gty/s-(hi-h2')

故答案為：(1)①3.61②&osa=Jsay@7

①2ggi-7i2)t2-d2

222

25tVs-(hi-h2)

(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

(2)根據(jù)題意應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)求解正余弦函數(shù)值；

滑塊在通過(guò)光電門時(shí)，平均速度等于遮光片的寬度d與其通過(guò)的時(shí)間之比,

由于寬度較小，時(shí)間很短，所以瞬時(shí)速度接近平均速度;

熟練應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式層-詔=2a%求解物體的加速度大小；

對(duì)滑塊受力分析，由牛頓第二定律列方程可以求出摩擦阻力.

熟練應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)和牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問(wèn)題；掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)

加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

本題難度不大，是一道基礎(chǔ)題，認(rèn)真審題、熟練應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)，并把握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)和本

實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理是解決此題的前提

14.答案：1.450.60產(chǎn)?2

解析：

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)要求作出實(shí)驗(yàn)電路圖。

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖。

(3)電源U-/圖象縱軸截距等于電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻，根據(jù)圖示圖象求出電

源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

(4)由閉合電路歐姆定律可明確對(duì)應(yīng)的公式，再由圖象即可求得對(duì)應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。

在測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中由于公式較多，在解題中要根據(jù)題意，靈活的選用相應(yīng)的表達(dá)式。

若用圖象解時(shí)，基本思路是：用學(xué)過(guò)的物理定律列出表達(dá)式，再結(jié)合數(shù)學(xué)整理表達(dá)出有關(guān)一次函數(shù)

式求解。

(1)應(yīng)用伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，電壓表測(cè)路端電壓，電流表測(cè)電路電流，由于電流表內(nèi)阻已知，

應(yīng)采用電流表相對(duì)電源的內(nèi)接法(相對(duì)于電壓表電流表采用外接法)，電路圖如圖所示：

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，是電路圖如圖所示:

(3)根據(jù)U=E-/r以及圖象可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為E=1.45，，

i+ir?n?nAU1.45—0.801

內(nèi)阻：r+R=—=fnl=1.30/2,

A△/0.50

則電源內(nèi)阻：r=1.300-0.70。=0.600；

(4)由閉合電路歐姆定律可知：E=U2+^r,變形得：=皿一皿，

N()rr

當(dāng)U1=O時(shí)，U2=a,則有：=a把蚓、*=k解得：后=普，r=獸。

x4rrrk-1k-1

故答案為：(1)電路圖如圖所示；(2)實(shí)物電路圖如圖所示；(3)1.45；0.60；(4)袋；名。

15.答案：解：(1)若只閉合開(kāi)關(guān)S],根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：

U220

/。=不行=2x5+10%=24

電爐子R上的電壓：

UR=l0R=2x1001/=200V

電爐子R上的電功率：

PR=URI0=200x214/=4001V；

(2)若只閉合開(kāi)關(guān)S2，電流表示數(shù)/=1.04

電動(dòng)機(jī)兩端電壓UM=U-2/r=220V-2x1x57=210V

電動(dòng)機(jī)消耗的電功率P”=UMI=210X1W=210W

電動(dòng)機(jī)的熱功率：P熱=I2RM=I?x10W=10W

電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率：P^I=PM-P熱=210〃-10W=200Wo

答：(1)若只閉合開(kāi)關(guān)工，電流表示數(shù)為24,電爐子的熱功率為400W；

(2)若只閉合開(kāi)關(guān)S2，電流表示數(shù)/=1.04電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為210W,轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率為

200億

解析：(1)若只閉合開(kāi)關(guān)S】，是純電阻電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流，根據(jù)歐姆定律求解電

壓，根據(jù)P=U/求解電功率；

(2)若只閉合開(kāi)關(guān)S2,對(duì)除電動(dòng)機(jī)的部分運(yùn)用歐姆定律求解r分得的電壓，再求出電動(dòng)機(jī)兩端電壓，

根據(jù)電功率的計(jì)算公式