湖北省鄂州市華容高級中學2023年物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

湖北省鄂州市華容高級中學2023年物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，a、b、c為三根與紙面垂直的長直導線，其橫截面位于正方形的三個頂點上，導線中通有大小相同的電流，方向如圖所示。則置于正方形中心O點的小磁針N極指向是A.沿O到a方向B.沿O到b方向C.沿O到c方向D.沿O到d方向2、帶電質點在勻強磁場中運動，某時刻速度方向如圖所示，所受重力和洛侖茲力的合力恰好與速度方向相反，不計阻力，則在此后的一小段時間內，帶電質點將（）A.可能做直線運動 B.可能做勻減速運動C.可能做勻速圓周運動 D.一定做曲線運動3、帶電粒子以初速度v0從a點垂直y軸進入勻強磁場，如圖所示，運動中粒子經過b點，Oa＝Ob。若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，仍以v0從a點垂直y軸進入電場，粒子仍能過b點，粒子重力不計，那么電場強度E與磁感應強度B之比為（）A.v0 B.C.2v0 D.4、勻強磁場中一個運動的帶電粒子，運動速度v方向如圖所示，下列說法正確的是()A.若粒子帶負電，所受洛倫茲力的方向向下B.若粒子帶正電，所受洛倫茲力的方向向下C.若粒子帶負電，運動速率v一定減小D.若粒子帶正電，運動速率v一定增大5、電阻不變的三個電燈、、連接在如圖所示的電路中，閉合開關后三燈電功率相同，此后向上移動滑動變阻器的滑片．則可判斷（）A.三燈的電阻大小是B.三燈的電阻大小是C.、兩燈變亮，燈變暗D.、兩燈變亮，燈變暗6、磁場中某區(qū)域的磁感線如圖所示，則（）A.a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba＞BbB.a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba＜BbC.同一通電導線放在a處受力一定比放在b處受力大D.同一通電導線放在a處受力一定比放在b處受力小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，半徑R=0.5m的圓弧型接收屏位于電場強度方向豎直向下的勻強電場中，Ob水平．一質量為m＝10－4kg、帶電荷量為q＝2．0×10－6C的粒子，從與圓弧圓心O等高且距O點0．3m的a點，以初速度=3m／s沿水平方向射出，粒子重力不計，粒子恰好能垂直圓弧曲面打到弧面上的c點（圖中未畫出），取c點電勢＝0，則（）A.該勻強電場的電場強度E＝1000V／mB.粒子到達c點的速度大小為5m／sC.粒子在a點的電勢為－40VD.粒子速率為3m／s時的電勢能為4×10－4J8、如圖1所示，兩根光滑平行導軌水平放置，間距為L，其間有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B．垂直于導軌水平對稱放置一根均勻金屬棒．從t=0時刻起，棒上有如圖2所示的持續(xù)交變電流I，周期為T，最大值為Im，圖1中I所示方向為電流正方向．則金屬棒（）A.一直向右移動B.速度隨時間周期性變化C.受到的安培力隨時間周期性變化D.受到的安培力在一個周期內做正功9、如圖所示，直角三角形ABC區(qū)域中存在一勻強磁場，比荷不同的兩個粒子a、b（不計重力）以相同的速度沿AB方向射入磁場，并分別從AC邊上的PQ兩點射出，a粒子的比荷是b粒子比荷的一半，則()A.從Q點射出的粒子的向心加速度小B.從P點和Q點射出的粒子動能一樣大C.a、b兩粒子帶異種電荷D.a、b兩粒子在磁場中運動的時間不同10、如圖所示，一陰極射線管，左側不斷有電子射出，若在管的正下方放一通電直導線AB時，發(fā)現(xiàn)射線的徑跡向下彎曲，則（）A.導線中的電流從B到AB.導線中的電流從A到BC.若要使電子束的徑跡向上彎曲，可以改變AB中的電流方向來實現(xiàn)D.電子束的徑跡與AB中的電流無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖a為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內阻為480Ω。虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。(2)關于R6的使用，下列說法正確的是_______（填正確答案標號）。A．在使用多用電表之前，調整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置C．使用電流擋時，調整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖b所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_______；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為________；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為___________。（結果均保留3位有效數(shù)字）12．（12分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間有垂直紙面向里、磁感應強度為B圓形勻強磁場區(qū)域，與兩板及左側邊緣線相切．一個帶正電的粒子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側邊緣O1點以某一速度射入，恰沿直線通過圓形磁場區(qū)域，并從極板邊緣飛出，在極板間運動時間為t0．若撤去磁場，粒子仍從O1點以相同速度射入，則經時間打到極板上（1）求兩極板間電壓u；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，該粒子仍沿中心線O1O2從O1點射入，欲使粒子從兩板左側間飛出，射入的速度應滿足什么條件四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)題意，由右手螺旋定則，則有a與c導線電流在O點產生磁場正好相互抵消，則由b導線產生磁場，由右手螺旋定則，得磁場方向水平向右。置于O點的小磁針N極指向磁場的方向，所以小磁針N極指向沿O到c方向。A.沿O到a方向。與上述結論不符，故A錯誤；B.沿O到b方向。與上述結論不符，故B錯誤；C.沿O到c方向。與上述結論相符，故C正確；D.沿O到d方向。與上述結論不符，故D錯誤。故選：C2、D【解析】在圖示時刻，質點所受合力方向與質點速度方向相反，質點做減速運動，質點速度減小，由f=qvB可知，質點受到的洛倫茲力減小，則質點所受重力與洛倫茲力的合力與速度方向不再在同一直線上，即質點的速度方向與所受合力方向不在同一直線上，質點將做曲線運動；由于合力與速度不垂直，粒子不可能做勻速圓周運動；故選D.【點睛】此題是對洛倫茲力及曲線運動的考查；要注意質點所受洛倫茲力隨速度的變化而變化，質點所受合力隨之變化，當質點所受的合力與速度不共線時，質點做曲線運動．做勻速圓周的的條件是質點受到大小不變的，方向總與速度垂直的合力作用.3、C【解析】帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，O為圓心，故有Oa＝Ob＝帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，故有Ob＝v0t，Oa＝t2聯(lián)立以上各式，解得＝2v0。故選C。4、B【解析】由左手定則可知，若粒子帶負電，所受洛倫茲力的方向向上；若粒子帶正電，所受洛倫茲力的方向向下，選項B正確，A錯誤；因洛倫茲力不做功，故無論是正電還是負電，粒子的速率都是不變的，故選項CD錯誤；故選B.考點：左手定則【名師點睛】此題是對左手定則的考查；要知道判斷帶電粒子在磁場中的受力方向用左手定則，注意四指指正電荷的運動方向或者負電荷運動方向的反方向，這是易錯點；洛倫茲力對帶電粒子是不做功的.5、C【解析】A燈兩端的電壓大于C燈、B燈兩端的電壓，而三燈的實際功率相等，由可知，；通過C燈的電流大于通過B燈的電流，兩燈的實際功率相等，由可得，則知，故AB錯誤．當滑動變阻器的滑片向上滑動時，變阻器接入電路中的電阻增大，外電阻增大，總電流減小，電源的內電壓減小，路端電壓增大，通過A燈的電流增大，則A燈變亮；因為總電流減小，而通過A燈的電流增大，則通過C燈的電流減小，C燈變暗；C燈兩端的電壓減小，而路端電壓增大，則B燈兩端的電壓增大，B燈變亮，故C正確，D錯誤6、B【解析】AB．在磁場中，磁感線疏密程度表示磁場的強弱，故A錯誤B正確；CD．同一通電導線如果都垂直放入磁場中，則在a處受力一定比b處受力小，但如果導線與磁場平行放置，受力均為零，CD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)類平拋運動的推論與類平拋運動的規(guī)律求出電場強度；然后由勻強電場場強與電勢差的關系求出A點的電勢，然后求出電勢能；由動能定理求出粒子在C點的速度；然后由能量守恒定律求出粒子速率為3m/s時的電勢能【詳解】A項：粒子在電場力作用下做類平拋運動，因粒子垂直打在C點，由類平拋運動規(guī)律知：C點速度方向的反向延長線必過O點，且OD=AO=0.3m，DC=0.4m，即有：AD=v0t，DC=聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可得：E=1000N/C，故A正確B、C項：因UDC=E?DC=400V，而A、D兩點電勢相等，所以φa=400V，從A到C由動能定理知：代入數(shù)據(jù)解得：，故B正確；故C錯誤；D項：粒子在C點總能量：E=由能量守恒定律可知，粒子速率為3m/s時的電勢能為0，故D錯誤故選AB【點睛】本題考查了粒子在電場中的運動，粒子在電場中做類平拋運動，應用類平拋運動規(guī)律、動能定理、能量守恒定律即可正確解題8、ABC【解析】AB、根據(jù)左手定則知,導體棒開始所受的安培力方向水平向右,安培力在第一個內做勻加速直線運動,在第二個內,安培力方向水平向左,大小不變,做勻減速直線運動,根據(jù)運動的對稱性知,一個周期末速度為零,金屬棒的速度方向未變.知金屬棒一直向右移動,先向右做勻加速直線運動,再向右做勻減速運動,速度隨時間周期性變化,而位移一直增大.所以A選項是正確的、B正確.C、因為電流周期性變化,則安培力也周期性變化.故C正確；

D、在一個周期內,動能的變化量為零,則安培力在一個周期內做功為零.故D錯誤.9、AD【解析】A．由兩粒子出射點可知，兩粒子的半徑關系為，由可知，從Q點出射的粒子向心加速度較小，故A正確；B．由，兩粒子的質量關系位置，故動能不一定相同，故B錯誤；C．兩粒子的偏轉方向相同，由左手定則可知，兩粒子的電性相同，且都帶正電，故C錯誤；D．兩粒子轉過的圓心角相等，由可知，兩粒子比荷不同，故運動時間不同，故D正確；故選AD。10、AC【解析】AB．電流的方向與負電荷運動的方向相反，所以陰極射線管內電流的方向向左；由圖可知，電子受到的洛倫茲力的方向向下，所以陰極射線管處的磁場的方向垂直于紙面向里，由安培定則可知，AB中電流的方向向左．故A正確，B錯誤；CD．若要使電子束的徑跡向上彎曲，則陰極射線管處的磁場的方向需向外，根據(jù)安培定則，可以改變AB中的電流方向來實現(xiàn)，故C正確,D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.黑②.B③.160④.880⑤.1.45mA⑥.1.10×103Ω⑦.2.90V【解析】(1)[1]與歐姆表內電源正極相連的是黑表筆。(2)[2]R6是可變電阻，它的作用就是歐姆表調零，也就是使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。(3)[3]換擋開關接2時，是量程較小的電流表，所以[4]換擋開關接4時，是量程較小的電壓表，這時表頭與R1、R2并聯(lián)組成新表頭，新表頭的內阻新表頭的量程是1mA，所以(4)[5]某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示。若此時B端與“1”相連，則多用電表是量程為2.5mA的電流表，則讀數(shù)為1.45mA；[6]若此時B端與“3”相連接，多用電表是歐姆×100Ω擋，則讀數(shù)為11.0×100Ω，即1.10×103Ω；[7]若此時B端與“5”相連接，多用電表是量程為5V電壓表，則讀數(shù)為2.90V。12、（1）（2）【解析】（1）設粒子從左側O1點射入的速度為v，極板長為L，磁場中根據(jù)受力平衡可得：qE=qvB根據(jù)勻強電場中電場強度與電勢差之間的關系式：電場強度為：因為粒子在磁場中做勻速直線運動，所以有：L=vt0在電場中做類似平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律，有水平方向：L-2R=豎直方向：聯(lián)立解得：L=4R兩極板間電壓：（2）設粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛