2022年江蘇省泰州市高考物理調(diào)研試卷（四）（附答案詳解）

2022年江蘇省泰州市高考物理調(diào)研試卷（四）

1.在帶電量為+Q的金屬球的電場中，為測量球附近某點的電場強度E,現(xiàn)在該點放置

一帶電量為+?的點電荷，點電荷受力為尸，則該點的電場強度（）

A,E*B.E>系C.F<^D.|=^

2.一個鉆60原子核（的Co）放出一個夕粒子后衰變成一個銀核（留Ni）,并伴隨產(chǎn)生了y射

線。已知鉆核、0粒子、銀核的質(zhì)量分別為血1、巾2、血3。下列說法正確的是（）

A.核反應(yīng)中釋放出的y射線的穿透本領(lǐng)比/?粒子強

B.核反應(yīng)中釋放的能量為（血2+巾3-7n1%2

C.鉆核（裝。）比保核晚Ni）更穩(wěn)定

D.0粒子是鉆原子核外的電子電離形成的

3.如圖所示，“食雙星”是兩顆相距為d的恒星4B,只在*?

????

相互引力作用下繞連線上。點做勻速圓周運動，彼此掩食

B

（像月亮擋住太陽）而造成亮度發(fā)生周期性變化的兩顆恒*°*n*

?*??

星.觀察者在地球上通過望遠(yuǎn)鏡觀察“食雙星”，視線與雙

星軌道共面.觀測發(fā)現(xiàn)每隔時間r兩顆恒星與望遠(yuǎn)鏡共線

一次，已知萬有引力常量為G,則（）

A.恒星4、B運動的周期為TB.恒星4質(zhì)量小于B的質(zhì)量

C.恒星4、B的總質(zhì)量為黑D.恒星4線速度大于B的線速度

4.在“用D/S研究溫度不變時氣體的壓強跟體積的關(guān)系”實驗時，緩慢推動活塞，注

射器內(nèi)空氣體積逐漸減小，多次測量得到注射器內(nèi)氣體壓強p、體積U變化的p-V圖

線，如圖所示（其中實線是實驗所得圖線，虛線為一條雙曲線，實驗過程中環(huán)境溫

度保持不變），發(fā)現(xiàn)該圖線與玻意耳定律明顯不合，造成這一現(xiàn)象的可能原因是（）

A.實驗時用手握住注射器B.實驗時迅速推動活塞

C.注射器沒有保持水平D.推動活塞過程中有氣體泄漏

5.一束激光垂直照射在光屏上，形成一圓形光斑如圖甲所示?，F(xiàn)在光屏前放置一透明

的玻璃圓柱體，讓激光垂直圓柱體軸線入射，光束經(jīng)過圓柱體后照射在光屏上，如

圖乙所示。則在光屏上觀察到的光斑形狀可能為()

6.如圖所示，在一平靜水面上建立xOy坐標(biāo)系.甲、乙兩波源分別在01(x=0.3m)、

02(x=0.6m)處先后以5Hz的頻率上下振動,在水面上產(chǎn)生簡諧橫波.圖中虛線為

某一時刻兩列波到達(dá)的位置，此時x=0.4m處的質(zhì)點沿振動方向的位移為零且速度

向下.已知該水波的波速為0.5m/s,振幅為2cm,兩波源起振方向相同，傳播過程

中能量損耗不計.則下列說法正確的是()

>E

A.波源。1、。2起振方向向上

B.波源01比。2振動提前0.2s

C.圖示時刻％=0.5m處的質(zhì)點向下振動

D.圖示時,刻x=0.55m處的質(zhì)點位移大小為4cm

7.如圖所示，圓柱形汽缸開口向上，活塞和汽缸中間的固定隔板

將汽缸分為兩個體積相等的氣室，分別密封等質(zhì)量的同種氣體

甲

甲、乙。已知汽缸、活塞絕熱，隔板導(dǎo)熱良好，活塞與汽缸壁

乙

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間無摩擦，活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將一重物放在活塞上，一段時間后活塞達(dá)到新的

平衡。則（）

A.活塞達(dá)到新的平衡過程中，甲氣體吸熱

B.活塞達(dá)到新的平衡后，甲的壓強比乙大

C.活塞達(dá)到新的平衡過程中，甲內(nèi)能減小

D.活塞達(dá)到新的平衡后，甲內(nèi)能比乙小

8,質(zhì)量為m的重物掛在輕質(zhì)彈性繩上。如果對重物施加一個向下的力，

且其大小從0開始緩慢增大，當(dāng)力的大小達(dá)到Fi時繩恰被拉斷；如果從

一開始向下施加某一恒力，繩將被拉斷的最小值為F2,下列說法正確

的是（）

A.繩被拉斷時，彈性繩中的張力為Fi

B.繩被拉斷時，彈性繩中的張力為F2+mg

C.F2與&的大小關(guān)系為&=2F2

D.F2作用下，彈性繩與重物組成系統(tǒng)的機械能先增大后減小

9.如圖，足夠長的磁鐵在空隙產(chǎn)生一個徑向輻射狀磁場，一個圓形細(xì)金屬環(huán)與磁鐵中

心圓柱同軸，由靜止開始下落，經(jīng)過時間3速度達(dá)最大值/此過程中環(huán)面始終水

平。已知金屬環(huán)質(zhì)量為沉、半徑為小電阻為R,金屬環(huán)下落過程中所經(jīng)過位置的磁

感應(yīng)強度大小均為B,重力加速度大小為g,不計空氣阻力，則（）

的視圖他視圖

A.在俯視圖中，環(huán)中感應(yīng)電流沿逆時針方向

B.環(huán)中最大的感應(yīng)電流大小為管

C.環(huán)下落過程中一直處于超重狀態(tài)

D.t時間內(nèi)通過金屬環(huán)橫截面的電荷量為空手

10.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一傾斜的光滑絕緣桿，輕質(zhì)絕緣

彈簧上端固定，下端系帶正電的小球4球4套在桿上，桿下

端固定帶正電的小球8?，F(xiàn)將球4從彈簧原長位置由靜止釋

放，運動距離X。到達(dá)最低點，此時未與球B相碰。在球a向

下運動過程中，關(guān)于兩球的電勢能Ep、加速度a、球4和彈簧系統(tǒng)的機械能E、球4的

11.某同學(xué)要測量量程為3U電壓表的內(nèi)阻，步驟如下：

（1）先用多用電表的歐姆擋粗測該電壓表的內(nèi)阻值，選擇開關(guān)撥至“X100”擋，表

盤示數(shù)如圖甲所示，則阻值約為kn.若將歐姆表換一個電動勢相同，但內(nèi)

阻變大的電池，重新歐姆調(diào)零后測量該電壓表內(nèi)阻，其測量結(jié)果（選填“偏

大”、“偏小”或“不變”）。

（2）該同學(xué)改用如圖乙所示電路測量電壓表內(nèi)阻即，實驗過程如下：

A.按電路圖正確連接好電路，將滑動變阻器&的滑動頭移到最左端

8.閉合開關(guān)N和S2并調(diào)節(jié)飛,使電壓表的指針指到滿刻度

C.保持開關(guān)Si閉合以及滑動變阻器％的滑動頭位置不變，斷開S2,調(diào)整電阻箱/?2的

阻值，使電壓表的指針指到滿刻度的|

D讀出此時電阻箱/?2的阻值

①若電阻箱%為145k0,貝UR-=k。。

②用上述方法得到電壓表內(nèi)電阻的測量值R鼠選填“大于”、”等于

或“小于”）。

③若實驗中測得的結(jié)果R潮=2.4/CO,要將這個電壓表改裝成量程為5V的電壓表,

則應(yīng)串聯(lián)一個阻值為R單=的定值電阻。

④為了使上述根據(jù)R海計算后改裝的電壓表能更準(zhǔn)確地測量電壓，下面做法中可行

的是o（填寫選項前的序號）

A在R圣旁邊再串聯(lián)一個比R圣小得多的電阻

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及在R國旁邊再串聯(lián)一個比R圣大得多的電阻

c在R單兩端再并聯(lián)一個比R弟小得多的電阻

。.在R單兩端再并聯(lián)一個比R第大得多的電阻

5??ny

(Moav

圖甲圖乙

12.如圖所示為賽車場的一個“梨形”賽道，兩個彎道分別----、

為半徑R的大圓弧和r的小圓弧，直道與彎道相切，直道,、

長度小賽車沿彎道路線行駛時，路面對輪胎的最大徑""'70，

向靜摩擦力是賽車重力的K倍，假設(shè)賽車在直道上做勻

變速直線運動，在圓心角為120。彎道上做勻速圓周運動，若R=4r,要使賽車安全

且繞賽道一圈時間最短(發(fā)動機功率足夠大，重力加速度為g)。求：

(1)賽車行駛的最大速率；

(2)賽車?yán)@賽道一圈的最短時間。

13.如圖所示為研究光電效應(yīng)實驗裝置。當(dāng)變阻器滑片B左移/單色光

至a時，微安表示數(shù)恰變?yōu)榱?，電壓表示?shù)為a。當(dāng)B右移A^l

至過b后，微安表示數(shù)為/不再變化，已知照射到光電管陰lt(y)V

極K上的單色光的功率為P,一個光子只能打出一個光電r

子，且光電子打到陽極4上立即被4吸收，電子電量為e,

、“-------'I

質(zhì)量為m，普朗克常量為八。求：

(1)光電管陰極K的極限頻率；

(2)當(dāng)滑片B位于d處時，電壓表示數(shù)為出，求此時單位時間內(nèi)光電子對陽極4的沖

量大小。

14.如圖所示，高九=1.6m,傾角為6=30。斜面固定在水平面上。一質(zhì)量為m=1kg、

長度L=2nl薄木板8置于斜面頂端，恰能保持靜止，木板下端連有一原長為0.2小的

輕彈簧。有一質(zhì)量M=3kg的小物塊4從斜面左側(cè)離水平面的高度H=1.8m某位

置水平拋出，沿平行于斜面方向落到木板上并向下滑行，同時木板沿斜面下滑，木

板滑到斜面底端碰到擋板時立刻停下，運動過程中物塊4最終恰好能脫離彈簧。已

知4、B間的動摩擦因數(shù)為〃=/,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2,不

計空氣阻力。求：

(1)小物塊4剛滑上木板8時速度的大?。?/p>

(2)斜面與木板B間的動摩擦因數(shù)的及木板B到達(dá)斜面底端時小物塊4相對木板B的

位移；

(3)彈簧被壓縮到最短時的彈性勢能。

15.如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy,第一象限內(nèi)有豎直向上的勻強電場和垂

直坐標(biāo)平面向里的勻強磁場B1=器;第三、四象限有磁感應(yīng)強度大小為&=翳，

方向垂直坐標(biāo)平面向里的勻強磁場。t=0時刻，質(zhì)量為m、帶電量為+q的絕緣小

球，從x軸的。點，沿x軸正方向以速度為射入第一象限，在第一象限做勻速圓周運

動；小球過一段時間進(jìn)入第三象限的磁場區(qū)域。不計空氣阻力，重力加速度為g。

求：

(1)電場強度的大小E;

(2)在磁場外內(nèi)，小球離x軸最遠(yuǎn)距離及對應(yīng)的速度大??；

(3)小球進(jìn)入磁場％的時刻。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：在金屬球的電場中放入電量為+?的點電荷，電荷受力大小為凡結(jié)合電場

強度的定義式E=；,可知，該點電場強度E的大小為七=含。但此時由于同種電荷相互

排斥，導(dǎo)致+Q電荷密度的分布遠(yuǎn)離原來的位置，使+Q電荷到該點的距離變大，導(dǎo)致E>

2F

~Q,

故AC。錯誤，8正確；

故選：Bo

根據(jù)電場強度的定義式E=%q是試探電荷，題中在球體附近放置的點電荷，由于

同種電荷間的影響可知電場強度應(yīng)大于獲。

解決本題的關(guān)鍵是掌握電場強度的定義式E=；,要注意式中q是試探電荷，電場中的電

場強度與放入電場中的電荷無關(guān)，由電場本身的性質(zhì)決定。

2.【答案】A

【解析】解：4、根據(jù)三種射線的特點與穿透性，可知y射線的穿透本領(lǐng)比0粒子強，故

A正確；

B、根據(jù)質(zhì)能方程可知核反應(yīng)中釋放的能量為（mi-62-巾3”2,故8錯誤；

C、核反應(yīng)生成物比反應(yīng)物更穩(wěn)定，銀核（羽川）比鉆核C。）更穩(wěn)定，故C錯誤；

。、根據(jù)夕衰變的本質(zhì)可知，￡粒子是原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時產(chǎn)生的，故。

錯誤；

故選：4。

根據(jù)質(zhì)能方程計算釋放的能量；根據(jù)三種射線的特點與穿透性判斷；生成物比反應(yīng)物更

穩(wěn)定。

解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道a衰變和￡衰變的實

質(zhì)，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程進(jìn)行計算。

3.【答案】C

【解析】解：ABC、設(shè)人B天體的軌道半徑分別為6、萬，兩者做圓周運動的周期相同，

設(shè)為7\,由于兩者通過時間7與望遠(yuǎn)鏡共線一次，故A=27,對于兩天體，由萬有引力

Gnng

提供向心力，可得：^=mA--^-r2＞且4+「2=心

解得：mA+mB=黑，

由于犯1-答/=m8?等「2，由圖可知恒星A質(zhì)量大于B的質(zhì)量；

故A8錯誤，C正確；

D、根據(jù)v=r3可知恒星4線速度小于8的線速度，故。錯誤；

故選：Co

根據(jù)題目條件先分析出天體的運動周期，星體間的萬有引力提供向心力，結(jié)合半徑和兩

星體的間距關(guān)系聯(lián)立求解出質(zhì)量之和，根據(jù)線速度于角速度的關(guān)系分析判斷。

本題主要考查了雙星系統(tǒng)的應(yīng)用，結(jié)合萬有引力定理，在計算過程中要注意區(qū)分星體的

運動半徑和雙星之間的距離的區(qū)別，切勿混淆。

4.【答案】D

【解析】解：由圖示圖象可知，該圖線與玻意耳定律不夠吻合，結(jié)合圖象的特點可知，

壓縮氣體的過程中p與V的乘積減小，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程牛=C分析可知,

造成這一現(xiàn)象的可能原因是：實驗時注射器內(nèi)的空氣向外泄漏，或?qū)嶒灂r環(huán)境溫度降低

了，故ABC錯誤，。正確。

故選：Do

研究溫度不變時氣體的壓強跟體積的關(guān)系實驗需要控制氣體溫度不變；根據(jù)題意，結(jié)合

一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程牛=C分析答題。

本題考查了“用D/S研究溫度不變時氣體的壓強跟體積的關(guān)系”實驗，解決本題時要明

確實驗中的操作步驟和一些注意事項，同時要求學(xué)生會分析實驗誤差。

5.【答案】B

【解析】解：激光束照在圓柱上，沿圓柱體軸上的光線即水平方向上的光線，經(jīng)相同的

入射角折射，兩次折射后，同一水平方向上的光線折射偏轉(zhuǎn)角度相同，光線平行，故在

光屏上水平方向上的光斑寬度不變；根據(jù)題意作圖

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在豎直方向上光線通過圓柱體光線會有會聚作用，根據(jù)光屏與圓柱體的位置關(guān)系，光斑

的長度可能變大，可能變小也可能不變，由于圖中的入射光束在圓心的上方，故光路往

下偏，光斑的中心不可能在光屏的上方。故8正確，4CD錯誤；

故選：B。

激光束照在圓柱體上，在水平方向上的光線經(jīng)過折射后寬度不變；在豎直方向上光線經(jīng)

過偏轉(zhuǎn)之后向下偏故承接光屏上的光的投影的中心不能位于圓心的上部。

明確光的折射的概念，能根據(jù)題意判斷光的折射光路。

6.【答案】CD

【解析】解；力、由圖知，此時。2處產(chǎn)生的水波還未傳播到x=0.46處，此時質(zhì)點只受

。1處波源形成的水波影響，兩列波頻率為5Hz,在水中的傳播速度為0.5rn/s,則波長

A=y==0.1m,

此時Oi處波源形成的水波已傳播到久=0.6m處，x=0.4m處的質(zhì)點已振動了兩個周期,

且位于平衡位置向下振動，根據(jù)波的傳播特點可知，x=0.4a處質(zhì)點起振方向向下，波

源起振方向也向下，故A錯誤；

8、兩波已經(jīng)形成的時間分別為

X0.6—0.3八/

^=『=^^s=0.6s,

2=?=*=02s，

故波源01比。2開始振動的時間早0.4s,故8錯誤。

C、圖示時刻x=0.5ni處到兩波源的路程差為zls=(0.5-0.3)m-(0.6-0.5)m=

0.1m=A,此處為振動加強點，。2處波源正傳播到此處，因波源起振方向向下，所以此

時此處質(zhì)點正向下振動，故C正確;

D、圖示時刻x=0.55m處到兩波源的路程差為zls=(0.55-0.3)zn-(0.6-0.55)m=

0.2m=2；l,此處為振動加強點，。2處波源正傳播到x=0.5m處，則此處質(zhì)點以振動了

半周期，因波源起振方向向下，所以此時此處質(zhì)點正處于波谷，位于大小為4cm,故。

正確;

故選:CD。

根據(jù)質(zhì)點的振動情況和波的傳播方向判斷波源起振方向；兩列頻率相同的波會產(chǎn)生干涉

現(xiàn)象，當(dāng)波程差相差半波長的偶數(shù)倍時，振動加強，當(dāng)波程差相差半波長的奇數(shù)倍時，

振動減弱；根據(jù)波的疊加原理判斷質(zhì)點的位置。

本題要抓住波在同一介質(zhì)中勻速傳播的特點，由x=i7t求解時間，根據(jù)路程差，確定兩

波疊加后質(zhì)點的振動情況。

7.【答案】B

【解析】解：ACD,活塞汽缸絕熱，與外界沒有熱交換，放上物體后，氣體被壓縮，外

界對氣體做功，內(nèi)能增大，溫度升高，熱量從甲傳向乙，最終甲乙溫度相同，內(nèi)能相等，

故AC。錯誤；

8、由一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程可知

嗎=C

最終甲乙溫度相同，乙的體積大，壓強小，甲的體積小，壓強大，故B正確。

故選：B。

因為隔板導(dǎo)熱良好，則甲乙氣體最終溫度相等，則內(nèi)能也相等；

根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程分析出甲乙的狀態(tài)參量的變化。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程

結(jié)合熱平衡知識即可完成分析。

8.【答案】C

【解析】解：ABC,將彈性繩看作勁度系數(shù)為k的彈簧，第一種情境中力緩慢增大的過

程，可以看成動態(tài)平衡，設(shè)斷時總的伸長量為％,則有：丫=罕。

現(xiàn)施加一恒力為尸2,物塊先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，到

彈性繩斷的過程中，

重力和七對系統(tǒng)做的功等于重物動能的增加量與彈性勢能的增量之和。要使彈性繩拉斷，

其伸長量是一定的，也就是彈性勢能是一定的，要使尸2最小，則應(yīng)使重物的動能增量為

零，由動能定理有：(F+7ng)(x-&=1依2-；/(：^，所以有：F2+mg=^k(x+x0)

由第一種情形知，》=詈盧，從而得到：Fmin=\F1.故48錯誤，C正確；

D、根據(jù)功能原理，在尸2的作用下，機械能一直增加的，故。錯誤。

故選：Co

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將彈性繩看成輕彈簧，第一種情形緩慢拉是動態(tài)平衡。從最終狀態(tài)可以求出此時的伸長

量；

由胡克定律、牛頓第二定律、能量守恒定律分析第二種情形物體變加速運動，要使拉力

最小，則要求重物動能的增量最小，結(jié)合第一種情形結(jié)論，從而求出相應(yīng)的關(guān)系.

本題把兩種繩子被拉斷的情形放在一起對比。主要是針對第二種情形，重物做變加速運

動，求恒力的最值時要此時物體的動能的增量為零。

9.【答案】B

【解析】解：4、根據(jù)右手定則，在圓環(huán)上取一段分析可知環(huán)中感應(yīng)電流沿順時針方向，

故A錯誤；

B、當(dāng)重力等于安培力時，環(huán)下落的速度最大，此時感應(yīng)電流最大，根據(jù)mgu=/2R,

解得：/=鹿,故8正確；

C、環(huán)下落中mg—F=ma,加速度向下，處于始終狀態(tài)，故C錯誤；

D、設(shè)t時間內(nèi)通過金屬環(huán)橫截面的電荷量為q。環(huán)下落速度為D時的感應(yīng)電流大小為/=

手，由于環(huán)中感應(yīng)電流不斷增大，則知=故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)右手定則分析感應(yīng)電流方向，當(dāng)重力等于安培力時，環(huán)下落的速度最大，由功能關(guān)

系求解感應(yīng)電流；根據(jù)電荷量定義式分析電荷量大小。

解決本題時，要知道環(huán)的有效切割長度等于周長2兀r,要能根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、

歐姆定律和安培力公式推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系。

10.【答案】A

【解析】解：4、小球向下運動過程中，電場力做負(fù)功，所以電勢能逐漸增大，越靠近B

小球，電場力越大，電勢能增大的越快，所以圖象的斜率越來越大，故A正確；

D、設(shè)4B小球分別帶電量為q1、勺2,釋放4球時4B間距為r,彈簧的勁度系數(shù)為鼠

小球4運動到最低點的過程中，受力分析如圖所示：

mg

加速階段，根據(jù)牛頓第二定律得：

mgsind——kx=ma1

減速階段，根據(jù)牛頓第二定律得：

；:器+kx—mgsind=ma2

所以小球先做加速度減小的加速運動，再做加速度增大的減速運動，越向下運動，彈力

和電場力越大，所以減速階段速度減小的更快，速度減為零的時間更短，和加速階段不

對稱，故。錯誤；

8、小球做加速度減小的加速運動時，加速度由為：=gsind-1~京

對由求導(dǎo)則有：贊=懸第-、

所以在加速階段，加速度隨著運動距離x的增加而減小，且加速減小得越來越快（即a-x

曲線越來越陡峭）。

同理，減速階段有：a2=^^+^x-gsind

對求導(dǎo)則有：翳=9熟第

在減速階段加速度運動距離x的增加而增大，且加速度增加得越來越快（即a-x曲線越

來越陡），故8錯誤；

C、小球向下運動過程中，由于要克服電場力做功，所以球4和彈簧系統(tǒng)的機械能E逐漸

減小，越靠近B小球，電場力越大，機械能減小的越快，所以圖象的斜率的絕對值越來

越大，故C錯誤。

故選：Ao

對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷9與x的關(guān)系；得到加速度的表達(dá)式，然后應(yīng)用

加速度a對x求導(dǎo)來判斷加速度a與久的關(guān)系；根據(jù)功能關(guān)系來判斷球4和彈簧系統(tǒng)的機械

能E、兩球的電勢能與隨運動距離x的變化關(guān)系即可。

本題是通過圖象來考查來速度以加速度a、球4和彈簧系統(tǒng)的機械能E、兩球的電勢能Ep

隨運動距離x的變化，特別需要注意的是要理解圖象斜率的物理意義；本題的難點是加

速度a與運動距離x，需要應(yīng)用數(shù)學(xué)中的求導(dǎo)來判斷。

11.【答案】2.2不變2.3大于1.6D

【解析】解：（1）歐姆表的讀數(shù)為

即=22x100/2=2.2k。

歐姆表電動勢不變，內(nèi)阻改變，通過歐姆調(diào)零后不影響測量結(jié)果。若電動勢改變則會影

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響測量結(jié)果，故測量結(jié)果不變；

(2)①斷開開關(guān)S2,并聯(lián)部分電壓不變，電壓表指針指到滿刻度的|,則根據(jù)閉合電路歐

姆定律可知，電阻變?yōu)樵瓉淼膢，故

Rv=2R2=2xl.lSkH=2.3k/2

②當(dāng)斷開開關(guān)S2,電壓表該支路的總電阻增大，則并聯(lián)部分的總電阻增大，并聯(lián)部分的

電壓增大。為了使電壓表的指針指到滿刻度的|,電阻箱的電阻也偏大。故最終得到電

壓表內(nèi)電阻的測量值大于真實值。

③改裝前后電壓表滿偏的電流是相等的，則根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

3_5

2.4k-2.4k+R小

解得：R串=

④因為電壓表內(nèi)阻測量值偏大，改裝電壓表時，串聯(lián)電阻阻值偏大。用改裝后的電阻

測電壓時，所測電壓偏小。為準(zhǔn)確測量電壓，應(yīng)減小串聯(lián)電阻阻值，可以減小串聯(lián)電阻

阻值或在串聯(lián)電阻兩端并聯(lián)一個比該電阻大得多的電阻，故。正確，ABC錯誤；

故選：Do

故答案為：(1)2.2；(2分)不變；(2)①2.3;②大于；③1.6；@D

(1)根據(jù)多用電表的讀數(shù)規(guī)則得出對應(yīng)的示數(shù)，結(jié)合實驗原理分析出實驗誤差；

(2)①根據(jù)歐姆定律得出電壓表的示數(shù)；

②根據(jù)電路構(gòu)造分析出測量值和真實值的大小關(guān)系；

③根據(jù)電表改裝的知識分析出對應(yīng)的電阻阻值；

④根據(jù)實驗原理和電路構(gòu)造分析出能減小實驗誤差的方法。

本題主要考查了多用電表的使用，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，理解電表改裝的

特點，結(jié)合電路構(gòu)造和閉合電路歐姆定律即可完成分析。

12.【答案】解：⑴根據(jù)牛頓第二定律：kmg=吟

最大速率為為=JkgR

9/A/4/

(2)賽車在直道的時間為匕=了=際標(biāo)=訴

2仃

賽車在小圓弧彎道的時間為±2=工

vmr

4nR

賽車在大圓弧彎道的時間為h=工

Vm

所以賽車?yán)@賽道一圈的最短時間tz=tr+t2+t3

4L+10nr

聯(lián)立解得：tz=3y/kgr

答：(1)賽車行駛的最大速率為炳

(2)賽車?yán)@賽道一圈的最短時間為節(jié)翳。

【解析】(1)分別由牛頓第二定律解得在彎道的最大速率

(2)根據(jù)運動學(xué)公式和圓周運動的規(guī)律求出在直道和彎道上的時間，再求總時間。

解答此題的關(guān)鍵是由題目獲得條件：①在彎道上由最大靜摩擦力提供向心力②由數(shù)學(xué)

知識求得圓心角，另外還要熟練掌握勻速圓周運動的知識.

13.【答案】解：(1)由光電效應(yīng)方程有九y-九九=Ekm

Ekm=eU]

設(shè)每秒到達(dá)陽極4的光電子數(shù)為n,則/=neP=nhy

hy若

解得：/。二更等

(2)設(shè)光電子到達(dá)陽極4時速度為％單位時間內(nèi)陽極對光電子的沖量大小/力，

由動量定理有：/尿二九加17

由動能定理：eU2=-Ekm

解得：/沖二叵警西

答：(1)光電管陰極K的極限頻率為若爭；

(2)此時單位時間內(nèi)光電子對陽極4的沖量大小為強西亙。

e

【解析】(1)由光電效應(yīng)方程:=h%+Ekm求解；

(1)電子從K極射出時的最大初動能為鼠=eU],故電子到達(dá)4極時的最大初動能為：

Ekm=eUi+eU2i根據(jù)動量定理解答。

本題考查了光電效應(yīng)方程。這種題型比較少見，注意動量定理的應(yīng)用。

14.【答案】解：(1)物塊4落到木板前做平拋運動，豎直方向有呼=2g(H-/i)

解得物塊4到達(dá)斜面時豎直分速度大?。簐y=2m/s

速度大小"==京m/s=4m/s

(2)木板恰好靜止在斜面上，有mgs譏30。=〃07ngeos30。，解得〃()=tan30。=日

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物塊a在木板上滑行時，對a,由牛頓第二定律得：

_iiMgcos300-Mgsin300

%二M

2

代入數(shù)據(jù)解得：aA=2.5m/s,方向沿斜面向上

對8,由牛頓第二定律得：

00

_p.Mgcos30+mgsin300-ii0(M+m)gcos30

劭=-

2

代入數(shù)據(jù)解得：aB=7.5m/s,方向沿斜面向下

假設(shè)4與木板達(dá)到共同速度"共時,4還沒有壓縮彈簧且木板還沒有到達(dá)底端，則有："共=

Afiti=v-aAti

解得：v^=3m/s,h=0.4s

此過程中，A的位移為=—x0.4m=1.4m

B的位移為&=T,I=|x0.4m=0.6m

小物塊4相對木板B的位移大小/x=xA—xB=lAm-0.6m=0.8m<L—l0

假設(shè)成立。

(3)木板停下，此后4做勻減速到與彈簧接觸，然后4壓縮彈簧至最短，設(shè)接觸彈簧時4的

速度為以，有：一2%(乙一"一4%)=城-

解得力=2m/s

設(shè)彈簧最大壓縮量為與?，4從開始壓縮彈簧到剛好回到原長過程因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，

則有：Q=2nMgxmcos30°=琢

解得Q=67,xm=-m

4從開始壓縮彈簧到彈簧最短過程有

Epm=jM域+Mgxmsin30°-^Q

解得Epm=5/

答：(1)小物塊4剛滑上木板B時速度的大小為4m/s；

(2)斜面與木板B間的動摩擦因數(shù)所為弓，木板B到達(dá)斜面底端時小物塊4相對木板B的位

移為0.8m；

(3)彈簧被壓縮到最短時的彈性勢能是5人

【解析】(1)物塊4落到木板前做平拋運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)豎直分

運動規(guī)律求出物塊4到達(dá)斜面時豎直分速度大小，由分速度關(guān)系求速度大小。

(2)木板恰好靜止在斜面上時，重力沿斜面向下的分力與最大靜摩擦力大小相等，由此

列式求解斜面與木板B間的動摩擦因數(shù)的。先要判斷4與木板是否達(dá)到共同速度,4與B共

速時4有沒有壓縮彈簧，B有沒有到達(dá)斜面底端，可采用假設(shè)法研究：假設(shè)4與木板達(dá)到

共同速度“人時，4還沒有壓縮彈簧且木板還沒有到達(dá)底端，根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)

公式相結(jié)合求共同速度以及小物塊4相對木板B的位移大小，分析假設(shè)是否成立，即可

求解。

(3)木板停下，此后4做勻減速到與彈簧接觸，然后A壓縮彈簧至最短，由運動學(xué)公式求

出接觸彈簧時4的速度。分別研究4從開始壓縮彈簧到剛好回到原長過程以及4從開始壓

縮彈簧到彈簧最短過程，