2021年北京市海淀區(qū)高考物理一模試卷(含答案詳解)

2021年北京市海淀區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.因?yàn)樵雍苄。栽谌魏吻闆r下都可視為質(zhì)點(diǎn)

B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律并測定了引力常量的數(shù)值

C.港珠澳大橋把港珠澳三地的陸地通行時間縮短到30分鐘，這里的30分鐘指的是時間

D.安培首先提出了電場線的概念

2.分子甲和分子乙距離較遠(yuǎn)，設(shè)分子甲固定不動，分子乙逐漸向分子甲靠近，直到不能再靠近.在

這一過程中（）

A.分子力總是對分子乙做正功

B.分子乙總是克服分子力做功

C.先是分子乙克服分子力做功，然后分子力對分子乙做功

D.先是分子力對分子乙做正功，然后分子乙克服分子力做功

3.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)4依次經(jīng)過狀態(tài)8、C和。后再回到狀

態(tài)A其中，4-B和CtD為等溫過程，B-C和D-4為絕熱過程（氣體與

外界無熱量交換）.這就是著名的“卡諾循環(huán)”.該循環(huán)過程中，下列說法正確

的是（）

A.A-B過程中，外界對氣體做功

B.B-C過程中，氣體分子的平均動能增大

C.C-＞。過程中，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多

D.A過程中，氣體分子的速率分布曲線不發(fā)生變化

4.關(guān)于生活中的自然現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.海市蜃景是一種衍射現(xiàn)象

B.水面上彩色的油膜是由于光的折射引起的

C.“額溫槍”測體溫應(yīng)用了多普勒效應(yīng)

D.太陽東升西落，是以地面為參照物的

5.圖甲為一列簡諧橫波在1=0時刻的波形圖，圖甲中質(zhì)點(diǎn)Q運(yùn)動到負(fù)向最大位移處時，質(zhì)點(diǎn)P剛好

經(jīng)過平衡位置。圖乙為質(zhì)點(diǎn)P從此時刻開始的振動圖象。下列判斷正確的是（）

20

<>

?20

圖乙

A.該波的波速為40m/sB.質(zhì)點(diǎn)P的振幅為0

C.該波沿x軸負(fù)方向傳播D.Q質(zhì)點(diǎn)在0.1s時的速度最大

6.空間某一靜電場的電勢租在x軸上分布如圖所示，若規(guī)定沿x軸正向的電場強(qiáng)度

為正，貝此軸上電場強(qiáng)度在x軸方向上的分量E隨x變化的圖象是（）

A.「B.-C.--D.

7.如圖，水平放置的光滑絕緣桌面上有一個輕質(zhì)金屬圓環(huán)，圓心的正上方

有一個豎直的條形磁鐵。把條形磁鐵水平向右方向移動時，則金屬圓環(huán)

（）

A.靜止

B.向右運(yùn)動

C.向左運(yùn)動

D.向上運(yùn)動

8.小明同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室里用插針法測平行玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，已確定好AZi,

a/：

入射方向4。，插了兩枚大頭針匕和P2,如圖所示（①②③是三條直線）.1分、

在以后的操作說法中你認(rèn)為正確的一項(xiàng)是（）------

A.在帥'側(cè)調(diào)整觀察視線，另兩枚大頭針P3和匕可能插在①線上

B.在bb'側(cè)調(diào)整觀察視線，另兩枚大頭針P3和線可能插在③線上

C.若保持。點(diǎn)不動，減少入射角，在防'側(cè)調(diào)整觀察視線，另外兩枚大頭針P3和K可能插在①線

上

D.若保持。點(diǎn)不動，增大入射角，在防'側(cè)調(diào)整觀察視線，看不清P1和P2的像，這可能是光在帥'

界面發(fā)生全反射.

9.下列有關(guān)動量的說法中正確的是（）

A.物體的動量發(fā)生改變，其動能一定改變

B.物體的運(yùn)動狀態(tài)改變，其動量一定改變

C.對于同一研究對象，若機(jī)械能守恒，則動量一定守恒

D.對于同一研究對象，若動量守恒，則機(jī)械能一定守恒

10.如圖所示四盞燈泡接成如圖所示的電路.a、c燈泡的規(guī)格為“220U401V”，b、d燈泡的規(guī)格為

“220U100VT',各個燈泡的實(shí)際功率都沒超過它的額定功率.這四盞燈泡實(shí)際消功率大小的順

序正確的是（）

0

U

A.Pa>Pd=Pb>PcB.Pa>Pa>Pb>Pc

C.Pa<<Pi)<PcD.Pg.<P&=Pb<Pc

11.汽車車廂地板上有一貨物，貨物與地板之間的最大靜摩擦力是物體重力的0.2倍，當(dāng)汽車以5m/s

的速率勻速轉(zhuǎn)過半徑為87n的彎道時，在司機(jī)看來，貨物將（）

A.仍然和車頂保持相對靜止

B.向后方滑動

C.右轉(zhuǎn)彎時貨物從車的左后方滑下，左轉(zhuǎn)彎時貨物從車的右后方滑下

D.右轉(zhuǎn)彎時貨物從車的右后方滑下，左轉(zhuǎn)彎時貨物從車的左后方滑下

12.在如圖所示電路中，電源電動勢為12U,電源內(nèi)阻r為1.00,電路中的電I~

阻段為1.50,小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻R為0.50,閉合開關(guān)S后，電動機(jī)T電動機(jī)

轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.04。則以下判斷中正確的是（）S?@

A.電動機(jī)的輸出功率為14WB.電動機(jī)兩端的電壓為7.01/——<=1-------'

C.電動機(jī)產(chǎn)生的熱功率4.0WD.電源輸出的電功率為24小

13.在水平傳送帶上的物體P,隨傳送帶一起沿水平方向勻速運(yùn)動，并且P與傳左臺/右

送帶保持相對靜止，如圖所示，此時傳送帶對物體p的摩擦力（）Q°

A.一定為零B.方向一定向左左P右

C.方向一定向右D.方向可能向左

14.下列說法正確的是（）

A.物體的運(yùn)動速度為零，加速度不一定為零

B.運(yùn)動的越快的汽車越不容易停下來，是因?yàn)槠囘\(yùn)動越快，慣性越大

C.勻速圓周運(yùn)動是一種勻速運(yùn)動

D.兩個物體的動量相等，其動能一定相等

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

15.現(xiàn)有毛玻璃屏4、雙縫8、白光光源C、單縫D,和透紅光的濾光片E等光學(xué)元件，要把它們放在

如圖1所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用來測量紅光的波長.

(1)將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學(xué)元件，由左至右，表示各光學(xué)元件的字母排

歹！I順序?yàn)镃、E、0、B、A.

(2)本實(shí)驗(yàn)的步驟有：

①取下遮光筒左側(cè)的元件，調(diào)節(jié)光源高度，使光束能直接沿遮光筒軸線把屏照亮；

②按合理順序在光具座上放置各光學(xué)元件，并使各元件的中心位于遮光筒的軸線上；

③用米尺測量雙縫到屏的距離；

④用測量頭(其讀數(shù)方法同螺旋測微器)測量數(shù)條亮條紋之間的距離.

在操作步驟②時還應(yīng)該注意;

(3)將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上的示數(shù)

如圖2所示.然后同方向轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，記下此時圖3中

手輪上的示數(shù)mm,求得相鄰亮紋的間距△x為mm.

(4)已知雙縫間距d為2.0x10-Sn,測得雙縫到屏的距離L為。.700m,由計(jì)算式4=(用題目

中的物理量表示)，求得所測紅光波長為nm.

16.“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中：

(1)入射小球mi=15g,原靜止的被碰小球血2=I。。，由實(shí)驗(yàn)測得它們在碰撞前、后的久-t圖象如

圖甲，可知入射小球恤碰撞前的動量為0.015kg?m/s,碰撞后的Will/］是kg-m/s,被碰

撞后的如也是kg-m/s,(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)由此得出結(jié)論。

(2)實(shí)驗(yàn)裝置如圖乙所示，本實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)必須要求的條件是。

A.斜槽軌道必須是光滑的

8.斜槽軌道末端點(diǎn)的切線是水平的

C入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速釋放

。.入射小球與被碰小球滿足nia>mb>ra=rb

(3)圖中M、P、N分別為入射小球與被碰小球?qū)?yīng)的落點(diǎn)的平均位置，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系是

A.ma-ON—ma?OP+mb?OMB.ma-OP—ma?ON+mb?OM

C.ma-OP=ma-OM+mb?OND.ma-OM=ma-OP+mb-ON

三、計(jì)算題(本大題共5小題，共40.0分)

17.如圖，一個質(zhì)量為m=Mg的小球沿半徑為R=0.9m的豎直半圓軌道做

圓周運(yùn)動，恰好經(jīng)過最高點(diǎn)8.取g=10m/s2.求：

(1)經(jīng)過B點(diǎn)的速度外的大??；

(2)小球經(jīng)8點(diǎn)拋出以后，在水平地面上的落地點(diǎn)到4點(diǎn)的距離；

(3)若小球過最高點(diǎn)時，對軌道的壓力為30N,則小球在B點(diǎn)的速度又為多大?

18.實(shí)驗(yàn)表明，一些金屬受到紫外線照射時會有電子射出。如圖18所示，真空中一對平行金屬板力和

8正對放置，用紫外線持續(xù)照射4板時，4板持續(xù)射出速度大小不同的電子，且電子的最大速度

為定值。為了簡化問題，假設(shè)射出的電子都垂直于4板向B板運(yùn)動，忽略電子之間的相互作用以

及電子所受的重力。電子的電荷量為e。(1)如圖1所示，在4、B板之間接一靈敏電流計(jì)。當(dāng)電

流計(jì)示數(shù)為/時，求每秒鐘到達(dá)B板的電子個數(shù)N。

(2)將兩金屬板、電壓可調(diào)的電源、靈敏電流計(jì)連接成如圖2所示的電路，4板接電源正極，8板接電

源負(fù)極。逐漸增大兩板間的電壓，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)示數(shù)會隨著電壓的增大而減小，當(dāng)電壓為時電

流計(jì)示數(shù)剛好為零。

a.求從4板射出的電子具有的最大動能以m；

b.有同學(xué)認(rèn)為，斷開開關(guān)，將B板向左平移一段距離，使其靠近4板后，維持電壓%不變，再次閉合

開關(guān)，則電路中將再次出現(xiàn)電流。你認(rèn)為這種說法是否正確，請說明理由。

圖］

19.下圖甲所示的電路中，Ri、/?2均為定值電阻，Ri=3OO0,R2阻值未知，區(qū)3為滑動變阻器,

電表均為理想電表.閉合開關(guān)S,將滑片P從左端4滑至右端8時，測得電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)

變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，圖線中M、N兩點(diǎn)的坐標(biāo)對應(yīng)滑片P位于A、B兩端點(diǎn)時測得的電壓、

電流值.

(1)求電源的電動勢E和內(nèi)阻r.

(2)求滑動變阻器的最大阻值R3.

(3)若將一個電容C=200〃F的電容器并聯(lián)在/?2的兩端，當(dāng)滑片P在4端時，求電容器上的帶電

量Q.

20.如圖甲所示，某同學(xué)用輕繩通過定滑輪提升一重物，運(yùn)用傳感器(未在圖中畫出)測得此過程中

不同時刻被提升重物的速度"與對輕繩的拉力F，并描繪出外［圖象.假設(shè)某次實(shí)驗(yàn)所得的圖象

如圖乙所示，其中線段4B與u軸平行，它反映了被提升重物在第一個時間段內(nèi)"和J的關(guān)系；線

段BC的延長線過原點(diǎn)，它反映了被提升重物在第二個時間段內(nèi)及和前勺關(guān)系；第三個時間段內(nèi)拉

力F和速度"均為C點(diǎn)所對應(yīng)的大小保持不變，因此圖象上沒有反映.實(shí)驗(yàn)中還測得重物由靜止

開始經(jīng)過t=1.4s,速度增加到%=3.0m/s,此后物體做勻速運(yùn)動.取重力加速度g=10m/s2,

繩重及一切摩擦和阻力均可忽略不計(jì).試求：

(1)重物的質(zhì)量及在第一個時間段內(nèi)重物上升的加速度各是多大？

(2)在第二個時間段內(nèi)拉力的功率多大？

(3)被提升重物在第一個時間段內(nèi)和第二個時間段內(nèi)通過的總路程.

21.在電場中一條電場線上有4、8兩點(diǎn)，如圖所示。若將一負(fù)電荷q=2.0x4

10-7C,從4點(diǎn)移至B點(diǎn)，電荷克服電場力做功4。xICT”試求：

(1)4B兩點(diǎn)的電勢差(/.多大？

(2)在這一過程中，電荷的電勢能怎樣變化？變化多大？

(3)如在這一電場中有另一點(diǎn)C,已知U4c=500叭若把這一負(fù)荷從B移至C電場力做多少功？

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：力、研究原子的轉(zhuǎn)動時，不能把它看作質(zhì)點(diǎn)。故A錯誤；

8、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測定了引力常量的數(shù)值。故8錯誤；

C、通行時間為30分鐘，這里的30分鐘指的是時間間隔，故C正確；

。、法拉第首先提出了電場線的概念。故。錯誤

故選：Co

質(zhì)點(diǎn)是一種理想化模型，使實(shí)際物體的抽象，突出質(zhì)量因素而忽略大小形狀，物體能否看成質(zhì)點(diǎn)要

根據(jù)具體情況分析；

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

時間對應(yīng)一段位移與對應(yīng)一個過程。

質(zhì)點(diǎn)是經(jīng)常考查的概念，物體能否看成質(zhì)點(diǎn)要根據(jù)具體情況分析，當(dāng)物體的大小和形狀對研究的問

題沒有影響或影響可以忽略時，物體可看作質(zhì)點(diǎn)，同一物體在不同情景下，有時可看作質(zhì)點(diǎn)，有時

不能，要根據(jù)實(shí)際情況進(jìn)行分析。

2.答案：D

解析：解：分子乙由較遠(yuǎn)處逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過程中，分子力先為引力后為斥力，故

分子力對乙先做正功后做負(fù)功，或者說分子力對乙先做正功后克服分子力做功；

故ABC錯誤，。正確；

故選：D

開始時，兩分子之間的距離大于小，分子力表現(xiàn)為引力，當(dāng)相互靠近時分子力做正功，當(dāng)分子間距

小于2,分子力為斥力，相互靠近時，分子力做負(fù)功.由此分析即可.

解決本題的關(guān)鍵是要知道分子力與分子距離的關(guān)系，可結(jié)合分子力與分子距離關(guān)系圖象（/-r圖象）

形象記憶.

3.答案：C

解析：解：4、A-B過程中，體積增大，氣體對外界做功，故A錯誤；

8、B-C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故B錯誤；

C、C-D過程中，等溫壓縮，體積變小，分子數(shù)密度變大，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)

增多，C正確；

。、Ct4過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，溫度升高，分子平均動能增大，氣體分子的速率分

布曲線發(fā)生變化，故。錯誤；

故選：C.

4-B過程中，體積增大，氣體對外界做功，B-C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，溫度降低，

C-D過程中，等溫壓縮，D-4過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，溫度升高.

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程，要理解各過程氣體的變化，選擇相應(yīng)的狀態(tài)方程.

4.答案：D

解析：解：4、海市蜃景是光的折射和全反射形成的，不是衍射，故A錯誤；

B、滴在水面上的油膜出現(xiàn)彩色條紋是由于油膜上下表面反射回的光相遇發(fā)生干涉形成的，故B錯誤;

C、額溫槍的工作原理主要是利用了人體發(fā)出的紅外線來測定體溫的體溫的，故C錯誤；

。、太陽東升西落是相對于地面來說的，所以是以地面為參照物的，故。正確。

故選：D?

根據(jù)海市蜃景的形成原因來分析；水面上的油膜出現(xiàn)彩色條紋是薄膜干涉；額溫槍是利用紅外線來

工作的；太陽東升西落是相對于地面來說的。

掌握了各種物理現(xiàn)象發(fā)生的原理即可順利解決此類題目，故對于物理現(xiàn)象要知其然更要知其所以然。

5.答案：C

解析：解:A根據(jù)圖甲知該波的波長2=4m,由圖乙知周期為:T=0.2s,則波速為:“*=^m/s=

20m/s,故A錯誤；

B、質(zhì)點(diǎn)P做簡諧運(yùn)動，其振幅為20cm,故B錯誤；

C、在t=0時刻質(zhì)點(diǎn)P剛好經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動，則該波沿x軸負(fù)方向傳播，故C正確；

。、因t=0.1s=］則Q質(zhì)點(diǎn)在0.1s時位于波峰，速度為零，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)圖甲讀出波長，由圖乙讀出周期，從而求得波速。由圖直接讀出振幅。根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P的振動圖象可

確定質(zhì)點(diǎn)。在1=。時刻的振動方向，從而確定波的傳播方向。根據(jù)時間與周期的關(guān)系確定質(zhì)點(diǎn)Q的速

度情況。

本題的關(guān)鍵要把握波動圖象與振動圖象的內(nèi)在聯(lián)系，正確分析在不同時刻時質(zhì)點(diǎn)的位置，進(jìn)而分析

加速度與速度如何變化。

6.答案：B

解析：解：

在X負(fù)軸方向，電勢的變化趨勢為一直增大，但是增大的快慢為先慢，后快，再變慢，故而電場強(qiáng)度

變化為先增大，后減小，因?yàn)殡妱葑兓詙軸對稱，故而可知，電場強(qiáng)度變化也是以y軸對稱，但方

向是相反的，故B正確，AC。錯誤.

故選:B.

依據(jù)電勢變化的快慢程度可以判定圖象.

該題為定性分析，不需要有具體的數(shù)學(xué)表達(dá)式，其實(shí)依據(jù)x負(fù)軸電場先增大，后減小，就可以判定B

正確了.

7.答案：B

解析：解：當(dāng)條形磁鐵水平向右方向移動時，閉合導(dǎo)體環(huán)內(nèi)的磁通量減小，因此線圈做出的反應(yīng)是

面積有擴(kuò)大的趨勢，同時根據(jù)楞次定律可知，金屬圓環(huán)受安培力向右；金屬環(huán)將向右運(yùn)動，故B正

確AC。錯誤。

故選：B。

掌握楞次定律的理解、應(yīng)用。在楞次定律中線圈所做出的所有反應(yīng)都是阻礙其磁通量的變化。如：

感應(yīng)電流磁場的磁通量、面積、速度、受力等。

本題從力、運(yùn)動的角度考查楞次定律，可以結(jié)合楞次定律使用的四個步驟逐步分析得出結(jié)論，也可

以根據(jù)楞次定律的推廣方法：阻礙變化，來做出判定，該推廣方法要求的思維含量高。

8.答案：C

解析:

本題考查對平行玻璃玻璃磚特性的理解能力，其特性可折射定律和光路可逆性原理來理解.

A、光線通過平行玻璃磚后，根據(jù)折射定律得知，出射光線與入射光線平行，故在命'側(cè)調(diào)整觀察視

線，另兩枚大頭針P3和P4不可能插在①線上.故A錯誤.

反由折射定律得知，光線通過平行玻璃磚后光線向一側(cè)發(fā)生側(cè)移，由于光線在上表面折射時，折射

角小于入射角，則出射光線向②一側(cè)偏移，如圖，故另兩枚大頭針P3和尸4不可能插在③線上.故8

錯誤.

C、若保持。點(diǎn)不動，減少入射角，出射光線折射角也減小，另外兩枚大頭針P3和可能插在①線上.故

C正確.

D、若保持。點(diǎn)不動，增大入射角，在防'側(cè)調(diào)整觀察視線，看不清P1和P2的像，反射光增強(qiáng)，折射光

線減弱，在側(cè)調(diào)整觀察視線，會看不清匕和Pz的像.根據(jù)光路可逆性原理得知，光線不可能在附'

界面發(fā)生全反射.故。錯誤.

故選：C.

9.答案：B

解析：解：力、物體的動量發(fā)生改變，其動能不一定改變，例如做勻速圓周運(yùn)動的物體動量改變，但

動能不變，故A錯誤；

B、物體的運(yùn)動狀態(tài)改變，則速度一定發(fā)生變化，根據(jù)p=nw知，動量一定改變.故8正確；

C、對于同一研究對象，若機(jī)械能守恒，則動量不一定守恒，例如做平拋運(yùn)動的物體機(jī)械能守恒，但

動量不斷增加，故C錯誤；

。、對于同一研究對象，若動量守恒，則機(jī)械能不一定守恒，如非彈性碰撞動量守恒，機(jī)械能不守

恒，故。錯誤。

故選：B。

動量是矢量，動能是標(biāo)量，物體的運(yùn)動狀態(tài)改變，其速度一定改變。根據(jù)p=nw分析動量的變化情

況。通過舉例分析機(jī)械能守恒時動量是否守恒，以及動量守恒時機(jī)械能是否守恒。

本題考查動量與動能的區(qū)別、動量守恒與機(jī)械能守恒的區(qū)別，要知道動量是矢量，物體速度的大小

或方向發(fā)生變化時，物體動量就發(fā)生變化。對于涉及“一定”的概念題，可通過舉例法分析。

10.答案：B

解析：解：a、c燈泡的電阻為：R=9=12100

b、d燈泡的電阻為：=捺=4840

根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)知氏c并聯(lián)后的總電阻R/＜R',

大電阻分大電壓，所以b、c兩端的電壓小于d燈泡的電壓，根據(jù)P=半可得與＜＜「式

a、d燈串聯(lián)，電流相等，根據(jù)P=/2R知則p與R2成正比，則匕〉Pd，故8正確。ACD錯誤；

故選：B。

先根據(jù)小燈泡的規(guī)格確定小燈泡的電阻，然后根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律確定四個小燈泡電壓電流的關(guān)

系，從而根據(jù)P=U1=I2R=?比較它們的功率大小

已知用電器的額定功率、額定電壓，求實(shí)際電壓的功率時，要抓住電阻不變這一關(guān)鍵點(diǎn).

11.答案：C

解析：解：貨物隨汽車一起做勻速圓周運(yùn)動需要的向心力F==u，車廂能提供的最大靜摩擦

R8

力為f-mg-2m,

因?yàn)槭緁，所以靜摩擦力不足以提供靜摩擦力，貨物將做離心運(yùn)動，右轉(zhuǎn)時向車的左后方滑下，左

轉(zhuǎn)時向右后方滑下，故C正確.

故選：c

汽車轉(zhuǎn)彎時，貨物隨汽車一起做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)向心力公式求出所需要的向心力，再根據(jù)最大

靜摩擦力比較，判斷物體的運(yùn)動狀態(tài)即可.

本題的關(guān)鍵是先判斷貨物的靜摩擦力是否能提供貨物做圓周運(yùn)動的向心力，知道做近心運(yùn)動和離心

運(yùn)動的條件，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

12.答案：B

解析：ABC.此電路為串聯(lián)電路，電動機(jī)兩端的電壓為U=E-/(/?0+r)=12V-2.0x(1.5+1)7=

7V,

電動機(jī)的總功率為P=UI=1414/,電動機(jī)的熱功率為鳥=I2R=22x0.5W=2W,電動機(jī)的輸出

功率為：P的=P—Pi=14W-2W=12W,故A、C錯誤；B正確；

。.電源的總功率為：P也用；EI12x2.0ir24H,輸出功率為

%出=%?一入=24卬-2,X1W=20W,故0錯誤。

故選8。

在計(jì)算電功率的公式中，總功率用P=/U來計(jì)算，發(fā)熱的功率用P=/2R來計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻

的功率，這兩個公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對于電動機(jī)等非純電阻，P=/U計(jì)算的是總功率，P=

只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個的計(jì)算結(jié)果是不一樣的，所以求解時要注意是非純電阻電路還是純

電阻電路。

13.答案:A

解析：解：傳送帶沿水平方向做勻速運(yùn)動時，物體和傳送帶之間沒有相對運(yùn)動的趨勢，所以物體不

受摩擦力作用，故8CO錯誤；A正確；

故選：A.

物體和傳送帶一起運(yùn)動，根據(jù)摩擦力產(chǎn)生的條件進(jìn)行分析，明確物體是否受到摩擦力。

物體間有沒有摩擦力關(guān)鍵在于明確能否滿足條件，本題中二者沒有相對運(yùn)動，故一定沒有摩擦力。

14.答案：A

解析：解：力、加速度是描述速度變化快慢的物理量，加速度等于速度的變化與所用時間的比值，速

度為零，加速度不一定為零，故A正確；

B、質(zhì)量是物體慣性大小的量度，物體的慣性由物體質(zhì)量決定，與物體速度無關(guān)，故B錯誤；

C、速度是矢量，勻速圓周運(yùn)動速度方向不斷改變，速度不斷變化，勻速圓周運(yùn)動是變速運(yùn)動，故C

錯誤；

D、P=34物體動量相等，動能不一定相等，故。錯誤；

故選4.

15.答案：(2)各光學(xué)元件中心與遮光筒軸線水平共線；單縫與雙縫豎直平行放置；(3)13.870：2.31：

(4)^xzJx；660

解析：

(1)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)是讓單色的線光源通過雙縫在光屏上產(chǎn)生干涉圖樣。

(2)螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需估讀。根據(jù)區(qū)求出條紋間距。

(3)根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式求出紅光的波長。

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式$九注意單

位的統(tǒng)一。

(1)在“用雙縫干涉測光的波長”實(shí)驗(yàn)中，在安裝以上器材時應(yīng)注意，各光學(xué)元件中心與遮光筒軸線

水平共線；單縫與雙縫豎直平行放置。

(2)圖2螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2.0mm,可動刻度讀數(shù)為0.01x32.0mm=0.320mm,則最終

讀數(shù)為2.320mm,圖3螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為13.5mm,可動刻度讀數(shù)為0.01x37.0?nm=

0.370mm,則最終讀數(shù)為13.870mm。

13,870232

相鄰亮條紋的間距△%=建言=~'°mm=2.31mmo

ALi3日.△X，d2.31X103x2X104_7,/c

(3)根據(jù)△x=-A<,A=弋嚴(yán)=-―-~-m=6.6x1077n=660nm.

故答案為：(1)各光學(xué)元件中心與遮光筒軸線水平共線，單縫與雙縫豎直平行放置；(2)13.870,2.31；

(3):xZlx,66O0

16.答案：0.00750.0075碰撞過程系統(tǒng)動量守恒BCDC

解析：解：(1)由圖1所示圖象可知，碰撞前球1的速度為:

0.204/

Vi=—=—=lm/s,

1G0.2/，

碰撞后，球的速度為:

,%/0.30-0.20

Vi=-7=—————=0.5m/s

亡10.4—0.2

/xf0.35-0.20仁/

"2=)2=NG=0?75m/s,

入射小球碰撞后的動量為：恤必=0.015x0.5=0.0075kg-m/s,入射小球碰撞前的動量為:

=0.015x1=0.015kg-m/s,

被碰撞后的動量為：m2v'2=0.01x0.75=0.075kg-m/s,碰撞前系統(tǒng)總動量為：p=m1v1=

0.015kg-m/s,

碰撞后系統(tǒng)總動量為：p'-+m2v'2—0.015kg-m/s,p'-p,由此可知：碰撞過程系統(tǒng)動量

守恒；

(2)4、“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，

只要離開軌道后做平拋運(yùn)動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；

8、要保證每次小球都做平拋運(yùn)動，則軌道的末端必須水平，故8正確；

C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；

D、為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求機(jī).>m匕，ra=rb,故。正確。

故選：BCD。

(3)要驗(yàn)證動量守恒定律定律即：nia%=ma%+m/2,小球做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律可知

根據(jù)兩小球運(yùn)動的時間相同，上式可轉(zhuǎn)換為：mavot=mav1t+mbv2t,

故需驗(yàn)證niaOP=ma。"+m〃ON，因此錯誤，C正確。

故選：Co

故答案為：(1)0.0075；0.0075；碰撞過程系統(tǒng)動量守恒；(2)BCD；(3)C。

(1)由速度圖象求出小球的位移與對應(yīng)的時間，由速度公式求出小球的速度，然后根據(jù)動量的計(jì)算公

式求出小球的動量，然后分析答題；

(2)在做“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，所以

要保證每次小球都做平拋運(yùn)動，則軌道的末端必須水平。

(3)本題要驗(yàn)證動量守恒定律定律即巾1%=mjVj+m2v2>故需驗(yàn)證maOP=ma0M+mh0Na

本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析，由圖象求出小球的位移與對應(yīng)的時間，應(yīng)用速度公式與動量的計(jì)算公式

正確解題；本實(shí)驗(yàn)的一個重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運(yùn)動并且落到同一水平面上,

故下落的時間相同，所以在實(shí)驗(yàn)的過程當(dāng)中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當(dāng)中水平方向

發(fā)生的位移，可見掌握了實(shí)驗(yàn)原理才能順利解決此類題目。

17.答案：解：(1)恰好經(jīng)過B點(diǎn)，則在B點(diǎn)，重力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律得：

mg=m-f

vB=yfgR=V10X0.9m/s=3m/s

(2)小球接著以外=3m/s速度從B點(diǎn)平拋x=vBt

2R=\gt2,

代入數(shù)據(jù)得解得：t=0.6s,x=1.8m

小球的落地點(diǎn)離4點(diǎn)的距離為1.8m.

(3)最高點(diǎn)球?qū)壍赖膲毫?0N,根據(jù)牛頓第三定律知，其反作用力是軌道對球向下的彈力，大小

也為30N,設(shè)這時速度為0,則對于球，由牛頓第二定律得：mg+N=m^-

代入數(shù)據(jù)得：v=6m/s

答：(1)經(jīng)過B點(diǎn)的速度%的大小為3m/s；

(2)小球經(jīng)B點(diǎn)拋出以后，在水平地面上的落地點(diǎn)到4點(diǎn)的距離為1.8m；

(3)若小球過最高點(diǎn)時，對軌道的壓力為30N,則小球在B點(diǎn)的速度又為6m/s

解析：(1)恰好通過最高點(diǎn)，只有重力提供向心力，故可求的速度；

(2)從B點(diǎn)做平拋運(yùn)動，可求得水平位移；

(3)由牛頓第二定律求的速度；

本題主要考查了牛頓第二定律及平拋運(yùn)動知識，關(guān)鍵是抓住恰好做圓周運(yùn)動時到達(dá)最高點(diǎn)的條件；

18.答案：解：(1)每秒鐘到達(dá)B板的電子個數(shù)為N,電荷量為

Q=Ne

根據(jù)電流的定義式得/=1

其中￡=1S

可得N=-

e

(2)a、以具有最大動能的電子為研究對象，當(dāng)其速度減小到0時，電子恰好運(yùn)動到接近B板，設(shè)其最

大動能為&曲

根據(jù)動能定理得一e4=0-Ekm；

解得Ekm=eU。。

從這種說法不正確。理由是：

電子的最大速度為定值，電子的最大動能也是定值。以具有最大動能的電子為研究對象，當(dāng)移動B板

后，設(shè)當(dāng)電流為U時其速度減小到。時，根據(jù)動能定理得

—ell=0—Ekm。

結(jié)合上一問的結(jié)果，解得U=%.即電子也是恰好運(yùn)動到接近B板速度減為0,故仍然沒有電流。

答：

(1)每秒鐘到達(dá)B板的電子個數(shù)N是5

(2)a、從4板射出的電子具有的最大動能Ekm是e%。

b,這種說法不正確。理由見上。

解析：(1)根據(jù)電流的定義式/=亨以及Q=Ne,求解每秒鐘到達(dá)B板的電子個數(shù)N。

(2)a、以具有最大動能的電子為研究對象，當(dāng)電子的速度減小到0時，電子恰好運(yùn)動到接近8板，根

據(jù)動能定理求從4板射出的電子具有的最大動能&加

b、維持電壓/不變，電子從A板到B板電場力做功不變，可知電子接近B板時速度仍為零，電路中不

會出現(xiàn)電流。

本題研究的是光電效應(yīng)現(xiàn)象，關(guān)鍵要明確電子在電場中的運(yùn)動情況，運(yùn)用動能定理求最大初動能。

(1)20V20Q

19.答案：(2)100Q

(2)2x104C

(1)由圖象可知電源的電動勢E=20V

At/

內(nèi)阻r=W=20Q

(2)滑片P在B端時，對應(yīng)圖象中的N點(diǎn)，則

%

R2=%=5Q

解析：滑片P在A端時，外電路總電阻為RA=R/RZ

?