高中物理人教版選擇性必修1第一章2動量定理練習題-普通用卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁第=page22頁，共=sectionpages22頁高中物理人教版選擇性必修1第一章2動量定理練習題（含答案）一、單選題質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)豎直向上跳起，離開地面的速度為v，在這段時間下列說法正確的是(????)A.地面對運動員的沖量大小為mv B.重力的沖量為零

C.動量的變化量為mv D.地面對運動員做的功為1一質(zhì)量為2kg的物體受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直線運動時的a?t圖像如圖所示，t=0時其速度大小為2m/s，滑動摩擦力大小恒為2N。(????)A.在t=6s時刻，物體的速度為18m/s

B.在t=6s時間內(nèi)，合力對物體做的功為400J

C.在t=6s時間內(nèi)，拉力對物體的沖量為36Ns

D.在t=6s時刻，拉力F的功率為200W若一個質(zhì)量不變的物體的動能發(fā)生了變化，則(

)A.物體的動量不一定改變

B.物體所受合外力的沖量一定不為零

C.物體的速度大小和方向一定變化

D.物體的加速度一定發(fā)生變化“娛樂風洞”是一項將科技與驚險相結合的娛樂項目，它能在一個特定的空間內(nèi)把表演者“吹”起來．假設風洞內(nèi)向上的風量和風速保持不變，表演者調(diào)整身體的姿態(tài)，通過改變受風面積(表演者在垂直風力方向的投影面積)，來改變所受向上風力的大?。阎梭w所受風力大小與受風面積成正比，人水平橫躺時受風面積最大，設為S0，站立時受風面積為18S0；當受風面積為12S0時，表演者恰好可以靜止或勻速漂移．如圖所示，某次表演中，人體可上下移動的空間總高度為H，表演者由靜止以站立身姿從A位置下落，經(jīng)過B位置時調(diào)整為水平橫躺身姿(不計調(diào)整過程的時間和速度變化)A.從A至B過程表演者的加速度大于從B至C過程表演者的加速度

B.從A至B過程表演者的運動時間小于從B至C過程表演者的運動時間

C.從A至B過程表演者動能的變化量大于從B至C過程表演者克服風力所做的功

D.從A至B過程表演者動量變化量的數(shù)值小于從B至C過程表演者受風力沖量的數(shù)值如圖所示，小滑塊在水平外力F作用下，沿水平地面從A點由靜止向右滑行，滑至B點時撤去外力F，到達C點時速度恰為零，不計空氣阻力。則下列說法中正確的是

A.BC段滑塊動量的改變量大于阻力的沖量

B.AB段和BC段滑塊動量的變化量相同

C.滑塊運動的全過程，F(xiàn)的功與克服阻力的功相等

D.滑塊運動的全過程，F(xiàn)的沖量與阻力的沖量相同下圖為一名同學“立定跳遠”的頻閃照片。下列分析正確的是(????)

A.人在跳出之前，地面對人作用力的沖量等于重力的沖量

B.人在跳出之后，動量先增大后減小

C.人在跳出之后，重力勢能先增大后減小

D.人的腳落入沙坑之后，沙坑對人作用力的沖量小于重力的沖量如圖所示，一個物體在拉力F的作用下勻速前進了時間t，且拉力F與水平方向成θ角．則(????)A.支持力N對物體的沖量大小為零

B.拉力F對物體的沖量大小為Ftsinθ

C.摩擦力對物體的沖量大小為Ftsinθ

D.合外力對物體的沖量大小為零

下圖是同一型號子彈以相同的初速度射入固定的、兩種不同防彈材料時完整的運動徑跡示意圖．由此圖可判定，與第一次試驗比較，第二次試驗A.子彈克服阻力做功更少

B.子彈與材料產(chǎn)生的總熱量更多

C.子彈的動量變化量更大

D.防彈材料所受沖量相等

兩相同小球距地面高度相同，其中一個水平拋出，另一個以相同速率豎直上拋，不計空氣阻力，下列說法正確的是(????)A.兩小球落地時動量相同

B.兩小球落地時重力的瞬時功率相等

C.兩小球落地時動能相等

D.從拋出到落地，兩小球重力的沖量相等

行駛中的汽車發(fā)生劇烈碰撞時，車內(nèi)的安全氣囊會被彈出并充滿氣體。由于安全氣囊在碰撞過程中的作用，車內(nèi)的司機A.動量的變化量變小 B.受力時間變短

C.受力變小 D.受力面積不變下列關于物體動量和沖量的說法，不正確的是(

)A.物體所受合外力的沖量越大，它的動量也越大

B.物體所受合外力的沖量不為零，它的動量一定要改變

C.物體動量增量的方向，就是它所受合外力的沖量方向

D.物體所受合外力的沖量越大，它的動量變化就越大體操運動員從同樣高度翻滾落地時，總有一個屈膝的動作，其原因是(????)A.屈膝落地動量小，不易受傷

B.屈膝落地動量改變小，不易受傷

C.不屈膝落地動量改變大，容易受傷

D.屈膝落地可以延長作用時間，從而減小腿部受力，不易受傷籃球運動員通常伸出雙手迎接傳來的籃球．接球時，兩手隨球迅速收縮至胸前．這樣做可以(

)A.減小球?qū)κ值臎_量 B.減小球的動量變化量

C.減小球的動能變化量 D.減小球的動量變化率如圖所示，足夠長的固定光滑斜面傾角為θ，質(zhì)量為m的物體以速度v從斜面底端沖上斜面，達到最高點后又滑回原處，所用時間為t.對于這一過程，下列判斷正確的是(

)A.斜面對物體的彈力的沖量為零 B.物體受到的重力的沖量大小為mgt

C.物體受到的合力的沖量大小為零 D.物體動量的變化量大小為零二、多選題在一個斜面上，擺兩條(光滑)軌道，一條是直線，一條是曲線，起點高度以及終點高度都相同。兩個質(zhì)量，大小一樣的小球同時從起點向下滑落，曲線的小球反而先到終點。這是由于曲線軌道上的小球先達到最高速度，所以先到達。然而，兩點之間的直線只有一條，曲線卻有無數(shù)條，那么，哪一條才是最快的呢？1696年，瑞士數(shù)學家約翰·伯努利解決了這個問題，這條最速曲線就是一條擺線，也叫旋輪線?，F(xiàn)讓質(zhì)量相同的小球1和2分別沿直線，最速曲線由靜止開始下滑到斜面底端。此過程中(????)A.兩小球所受合力沖量相同

B.球1的合力沖量大于球2的合力沖量

C.兩小球重力沖量相同

D.球1的重力沖量大于球2的重力沖量水平地面上方同一高度處有兩相同的小球，a球水平拋出，b球自由落體，不計空氣阻力，則下列正確的是A.a球下落過程重力做的功多 B.a球下落過程重力的沖量大

C.下落過程兩球重力做的功相同 D.下落過程兩球動量的變化相同如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點由靜止開始釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到達距地面深度為h的B點時速度減為零．不計空氣阻力，重力加速度為g.關于小球在剛接觸地面到速度變?yōu)榱愕倪^程中，下列說法中正確的有(????)A.小球的機械能減少了mgh

B.小球克服阻力做的功為mg(H+?)

C.小球所受阻力的沖量等于m2gH

D.小球動量的改變量大小等于m關于動量、動量的變化、沖量及動量定理，下面說法正確的是A.力與力的作用時間的乘積叫力的沖量，它是一個標量

B.易碎品運輸時用柔軟材料包裝、船舷常懸掛舊輪胎，都是為了減小作用力

C.物體動量變化的方向就是它所受合力的沖量方向

D.物體所受合力沖量越大，它的動量就越大三、填空題一個質(zhì)量為0.18?kg的壘球，以25?m/s水平速度飛向球棒，被球棒打擊后，反向飛回．速度的大小為45?m/s，設球棒與壘球的作用時間為0.02?s，球棒對壘球的平均作用力為________N．一人做“蹦極”運動，用原長20m的橡皮繩拴住身體往下躍，若此人質(zhì)量為50kg，從45m高處無初速下落，運動開始至運動停止瞬間所用時間4s，則橡皮繩對人的平均作用力約為______N(不計空氣阻力，g=10m/s2)如圖所示，質(zhì)量為3m、長為L的木塊置于光滑的水平面上，質(zhì)量為m的子彈以初速度v0水平向右射入木塊，穿出時速度為2v0/5，設木塊對子彈的阻力保持不變，則子彈穿過木塊后，木塊的速度大小為_____。若將木塊固定在水平傳送帶上，使木塊始終以某一恒定速度(小于v0)沿水平方向向右運動，子彈仍以初速度v0將質(zhì)量為0.5kg的空水桶放在磅秤上，水龍頭以每秒0.7kg的流量向桶中注水，經(jīng)過10s，磅秤示數(shù)為78.5N。則水流入桶中時的流速為__________。(設水沒有濺起來，g取10m/s四、實驗題某同學用如圖所示的實驗裝置驗證動量定理，所用器材包括：氣墊導軌、滑塊(上方安裝有寬度為d的遮光片)、兩個與計算機相連接的光電門、砝碼盤和砝碼等。實驗步驟如下：

(1)開動氣泵，調(diào)節(jié)氣墊導軌，輕推滑塊，當滑塊上的遮光片經(jīng)過兩個光電門的遮光時間________時，可認為氣墊導軌水平；(2)用天平測砝碼與砝碼盤的總質(zhì)量m1、滑塊(含遮光片)的質(zhì)量m(3)用細線跨過輕質(zhì)定滑輪將滑塊與砝碼盤連接，并讓細線水平拉動滑塊；(4)令滑塊在砝碼和砝碼盤的拉動下從左邊開始運動，和計算機連接的光電門能測量出遮光片經(jīng)過A、B兩處的光電門的遮光時間Δt1、Δt2及遮光片從A運動到(5)在遮光片隨滑塊從A運動到B的過程中，如果將砝碼和砝碼盤所受重力視為滑塊所受拉力，拉力沖量的大小I=________，滑塊動量改變量的大小Δp=________；(用題中給出的物理量及重力加速度g表示)有同學設計了一個估測圖甲所示吹風機出風口最強擋氣流速度的簡易實驗．圖乙是實驗的原理示意圖，輕質(zhì)擋板放在摩擦可以忽略的平臺上，連接擋板的輕質(zhì)彈簧固定在右壁上，所用精密彈簧的勁度系數(shù)k=39.6?N/m.該同學測量了吹風機圓形出風口的橫截面積為S=2.20×10?3m2，風機內(nèi)加熱后的空氣密度ρ=1.26?kg/m3。

五、綜合題(1)目前，新冠疫情在我國已基本得到控制，各地中小學均已陸續(xù)復學，但疫情防控工作仍不能放松，學生每天返校均要接受體溫檢測。如圖所示為紅外測溫儀，其原理是利用黑體輻射的紅外線能量轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?，從而顯示人體溫度數(shù)值。下列關于黑體輻射說法中正確的是

A.人體溫度越高，輻射紅外線強度越大B.黑體輻射電磁波的強度按波長的分布除了與溫度有關，還與材料的種類及表面狀況有關C.為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出了電磁輻射的能量量子化的D.隨著溫度升高，黑體輻射強度的極大值向波長較長的方向移動(2)氫原子基態(tài)的能量為E1=?13.6?eV。大量氫原子處于某一激發(fā)態(tài)，由這些氫原子可能發(fā)出的所有光子中，頻率最大的光子能量為?0.96E1，頻率最小的光子的能量為________eV(保留2位有效數(shù)字(3)如圖所示，質(zhì)量為M的木塊位于光滑水平面上，木塊與墻間用輕彈簧連接，開始時木塊靜止在A位置?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射向木塊并迅速嵌入其中，經(jīng)過一段時間后木塊第一次回到A位置，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。求：

①木塊第一次回到A位置時的速度大小v；②此過程中彈簧對木塊和子彈的沖量I．

答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】

合力的沖量大小為mv，地面對運動員的力的作用點沒位移，故做功為0。

已知初末速度，則由動量定理可求得地面對人的沖量；由做功的公式可確定地面對人是否做功。

【解答】

A.合力的沖量大小為mv，故A錯誤；

B.重力的沖量I=mgt，不為0，故B錯誤；

C.動量的變化為△p=mv，故C正確；

D.地面對運動員的力的作用點沒位移，故做功為0，故D錯誤。

故選C。

2.【答案】D

【解析】【分析】根據(jù)△v=a△t可知a?t圖象中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量，根據(jù)動能定理可知，合外力對物體做的功等于動能的變化量，根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于物體動量的變化量，根據(jù)牛頓第二定律求出在t=6s時刻，拉力F的大小，再根據(jù)P=Fv求解瞬時功率。本題主要考查了動能定理、動量定理、牛頓第二定律及瞬時功率公式的直接應用，解題的突破口是知道a?t圖象中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量，難度適中?！窘獯稹緼.根據(jù)△v=a△t可知a?t圖象中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量，則在t=6s時刻，物體的速度v6=v0+Δv=2+12×(2+4)×6=20m/s，故A錯誤；

B.根據(jù)動能定理得：W合=ΔEk=12mv62?12mv02=12×2×400?12×2×4=396J，故B錯誤；

C

3.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查動能、動量、沖量、加速度等，難度不大。注意動量是矢量，有大小，有方向；動能是標量，只有大小，沒有方向。

根據(jù)動能變化，判斷速度變化；由動量表達式判斷動量變化；由動量定理判斷合外力沖量。

【解答】

質(zhì)量不變的物體的動能變化，知速度大小一定變化，但速度方向可能不變；由p=mv可知，動量一定變化；由動量定理知物體所受合外力的沖量一定不為零；物體的受力情況及運動情況未知，加速度變化未知，故ACD錯誤，B正確。

故選B。

4.【答案】D

【解析】【分析】

本題關鍵將下降過程分為勻加速過程和勻減速過程，求出各個過程的加速度，然后根據(jù)運動學公式列式判斷．要知道動能關系可根據(jù)動能定理研究．沖量和動量關系可根據(jù)動量定理研究．

【解答】

A、設人水平橫躺時受到的風力大小為Fm，由于人體受風力大小與正對面積成正比，故人站立時風力為18Fm．

由于受風力有效面積是最大值的一半時，恰好可以靜止或勻速漂移，故可以求得人的重力G=12Fm，即有Fm=2G．

則從A至B過程表演者的加速度為a1=G?18Fmm=mg?18×2×mgm=0.75g

從B至C過程表演者的加速度大小為a2=Fm?Gm=2mg?mgm=g，因此從A至B過程表演者的加速度小于從B至C過程表演者的加速度．故A錯誤；

B、設B點的速度為v，則從A至B過程表演者的運動時間t1=va1=4v3g.從B至C過程表演者的運動時間t2=va2=vg，則t1>t2，故B錯誤．

C、由速度位移公式得：

從A至B過程表演者的位移x1=v22a1，從B至C過程表演者的位移x2=v22a2，故x1：x2【解析】【分析】本題主要考查動量、沖量的矢量性，動量、沖量都是是矢量，既有大小又有方向。

【解答】

A、設滑塊到B點速度為v，摩擦力為f，對BC段滑塊只受摩擦力，應用動量定理有Δp=ΔI=ft，故BC段滑塊動量的改變量等于阻力的沖量，故A錯誤；

B、AB段動量變化量Δp1=mv?0=mv，BC段滑塊動量的變化量Δp2=0?mv=?mv，Δp1≠Δp2，故B錯誤；

C、對滑塊運動的全過程應用動能定理，有FsAB?fsAC=0【解析】【分析】

本題考查了沖量、動量定理的應用，掌握基礎知識、分析清楚人的運動過程是解題的前提，根據(jù)沖量的計算公式、應用動量定理即可解題。

【解答】

A.人在跳出之前，地面對人作用力大于人的重力，根據(jù)I=Ft可知，地面對人的作用力的沖量大于重力的沖量，故A錯誤；

B.人在跳出至落到沙坑，速度先減小后增加，則由p=mv可知，動量先減小后增大，故B錯誤；

C.人在跳出至落到沙坑，離地面的高度先增加后減小，則重力勢能先增大后減小，故C正確；

D.設人落在沙坑前瞬間人的速度為v，沙坑對人的沖量為IF，重力的沖量為IG，腳在落到沙坑之后，設向上為正方向，由動量定理得：IF?IG=0?(?mv)，則IF=IG+mv>【解析】【分析】恒力的沖量等于作用力與作用時間的乘積，根據(jù)動量定理求合外力的沖量。

此題中各力都恒力，恒力的沖量公式I=Ft與物體的運動狀態(tài)無關。【解答】C.由于做勻速運動，阻力大小與F的水平分力相等，摩擦力大小為f=Fcosθ，摩擦力對物體的沖量的大小為I2=ft=Ftcosθ，故C錯誤；

A.設物體重力為G，則支持力N=G?Fsinθ≠0，則支持力N對物體的沖量大小不為零，故A錯誤；

B.運動時間為t，則拉力的沖量為I1=Ft；故B錯誤；

D.物體勻速運動，由動量定理知合外力對物體的沖量為零，故D正確；

8.【答案】D

【解析】【分析】

本題主要考查動能定理、能量守恒定律、動量定理、沖量。

【解答】

A.設子彈初速度為v，子彈克服阻力做功為Wf，對子彈，由動能定理得：?Wf=0?12mv2，所以子彈克服阻力做功Wf=12mv2，可知二次試驗子彈克服阻力做功相等，故A錯誤；

B.根據(jù)能量守恒，子彈的動能全部轉(zhuǎn)化為子彈與材料的總熱量，故二次試驗總熱量相等，故B錯誤；

C.子彈的動量變化量為Δp=0?mv，可知二次試驗子彈的動量變化量相等，故C錯誤；

D.【解析】【分析】

該題主要考查動能、動量等相關知識。分析好物體運動情景并靈活應用各相關公式是解決本題的關鍵。

兩個小球在運動的過程中都是只有重力做功，機械能守恒，所以根據(jù)機械能守恒可以知兩物體落地時速度大小相等，方向不同，所以速度不同；兩球質(zhì)量相等，但落地時速度大小相等，方向不同，故兩小球落地時動量不相同。

【解答】

A.兩個小球在運動的過程中都是只有重力做功，機械能守恒，所以根據(jù)機械能守恒可以知兩物體落地時速度大小相等，方向不同，所以速度不同，兩小球落地時動量不同，故A錯誤。

B.兩小球落地時重力的瞬時功率P=mgvy，豎直方向速度大小不同，瞬時功率不相等

，故B錯誤。

C.兩球質(zhì)量相等，但落地時速度大小相等，根據(jù)動能表達式：Ek=12mv2可知兩小球落地時動能相同，故C正確。

D.兩小球從拋出到落地時間不同，兩小球重力的沖量不相等，故D錯誤?！窘馕觥俊痉治觥?/p>

在碰撞過程中，司機動量的變化量是一定的，都等于Δp=0?mv，但安全氣囊會延長作用時間，增加受力面積，再根據(jù)動量定理分析即可。

本題的關鍵是知道在碰撞過程中，司機動量的變化量是一定的，會熟練應用動量定理分析力的變化。

【解答】

在碰撞過程中，司機的動量的變化量是一定的，但安全氣囊會增加作用的時間，根據(jù)動量定理

Ft=Δp可知，可以減小司機受到的沖擊力F，同時安全氣囊會增大司機的受力面積，則司機單位面積的受力大小減小，故C正確，ABD錯誤。

故選C。

11.【答案】A

【解析】【分析】

本題考查對沖量、動量、動量的增量三個物理量的理解，抓住三個量都是矢量，從定義、定理理解記憶。

根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于物體動量的變化量，據(jù)此逐項分析即可求解。

【解答】

AD.由動量定理知物體所受合外力沖量越大，它的動量變化就越大，不是動量越大，故A不正確，D正確；

B.合外力的沖量等于物體動量的變化量，物體所受合外力沖量不為零，它的動量一定要改變，故B正確；

C.合外力的沖量等于物體動量的變化量，所以物體動量增量的方向，就是它所受沖量的方向，故C正確。

本題選不正確的，故選A。

12.【答案】D

【解析】【分析】

運動員與地面接觸的過程，動量的變化是確定的，屈膝能增加動量變化的時間，根據(jù)動量定理進行分析。

本題考查動量定理的應用，要在生活中注意體會物體知識的應用，從而培養(yǎng)對物理學習的興趣。

【解答】

設運動員著地時速度為v，質(zhì)量為m，與地面間的平均作用力為F，則著地過程中根據(jù)動量定理(mg?F)△t=0?mv

得：F=mg+mv△t

因此，可知與地面作用時間越長，F(xiàn)越小，越不容易受傷。故D正確，ABC錯誤。

故選D。

13.【答案】【解析】【分析】

本題關鍵用動量定理判斷球?qū)κ值臎_量和沖擊力。

解答關鍵理解動量定理，合外力的沖量等于物體動量的增量。

【解答】

AD.先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時間，根據(jù)動量定理得：?Ft=0?mv，解得F=mvt，F(xiàn)又稱為動量變化率，所以在動量大小變化一定時，當時間增大時，球的動量變化率減小，而球?qū)κ值臎_量大小I=mv是定值，故A錯誤，D正確；

B.根據(jù)動量定理，球的動量變化量為是定值，故B錯誤；

C.球的動能的變化量為12mv2是定值，故C錯誤。

故選D【解析】【分析】

此題考查了沖量的概念和動量定理的應用，要記住動量的變化等于合力的沖量；同時明確動量的矢量性。

由沖量的計算公式I=Ft求出各力的沖量大小，由動量定理求出動量的變化量。

【解答】

A.斜面對物體的彈力的沖量大?。篒=Nt=mgcosθ?t，彈力的沖量不為零，故A錯誤；

B.根據(jù)沖量的定義式可知，物體所受重力的沖量大小為：IG=mg?t，故B正確；

CD.物體受到的合力的沖量大小為mgtsinθ，由動量定理得：動量的變化量大小△p=I合=mgsinθ?t，則合力的沖量和動量的變化量不為零，故【解析】略

16.【答案】CD

【解析】【分析】

根據(jù)下落的高度分析重力做功的大??；由平拋運動的豎直分運動及自由落體運動規(guī)律分析兩球的運動時間，即可得重力的沖量的大小關系；結合動量定理分析兩球的動量變化的關系。

本題考查了重力做功、沖量的求解及動量定理的應用，考查學生的推理能力。

【解答】

AC.由題意可知，兩球從開始到落地過程中，下落的高度相等，又因為兩球的質(zhì)量相等，根據(jù)WG=mg?可知兩球下落過程中，重力做功一樣多，故C正確，A錯誤；

B.平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，根據(jù)?=12gt2可知，兩球在空中的運動時間相等，根據(jù)I=mgt可知，兩球下落過程中，重力的沖量相同，故B錯誤；

D.兩球下落過程中，合外力即為重力，根據(jù)動量定理I合=Δp可知，兩球在下落過程中，動量的變化相同，故D正確?！窘馕觥俊痉治觥?/p>

解決本題的關鍵掌握動能定理和動量定理的運用，運用動能定理解題不需考慮速度的方向，運用動量定理解題需考慮速度的方向。

通過小球重力勢能和動能的變化量求出小球機械能的減小量，對全過程運用動能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根據(jù)動量定理求出小球阻力的沖量。

【解答】

A.小球在整個過程中，動能變化量為零，重力勢能減小mg(H+?)，而在空氣中自由下落的過程機械能不變，則小球在剛接觸地面到速度變?yōu)榱愕倪^程中，小球的機械能減小了mg(H+?)，故A錯誤；

B.對全過程運用動能定理得，mg(H+?)?Wf=0，則小球克服阻力做功Wf=mg(H+?)，故B正確；

C.落到地面的速度v=2gH，對進入泥潭的過程運用動量定理得，IG+If=0?m2gH，知阻力的沖量大小不等于m2gH，故C錯誤；

D.落到地面的速度v=2gH，對進入泥潭后的速度為0【解析】【分析】

本題考查了沖量、動量定理；知道動量定理、動量與沖量的定義式，應用動量定理即可正確解題，本題難度不大，要注意掌握基礎知識。

合外力的沖量等于動量的變化量，合力沖量的方向和動量變化量的方向相同，結合動量定理分析判斷。

【解答】

A.力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對時間的積累效應，是一個矢量，故A錯誤；

B.由△p=Ft可知，動量變化相等時，時間t越長，力F越小，因此易碎品運輸時要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力，故B正確；

C.根據(jù)動量定理知，合力沖量的方向與動量變化的方向相同，故C正確；

D.根據(jù)動量定理知，合外力的沖量越大，動量的變化量越大，動量不一定大，故D錯誤。

故選BC。

19.【答案】630

【解析】略

20.【答案】1000

【解析】解：人先做自由落體運動，由?=12gt2，

可得自由下落的時間為t1=2?g=2×2010s=2s，

繩的拉力作用時間為：t2=t?t1=4s?2s=2s，

設向上為正方向，全程應用動量定理有：Ft2?mgt=0【解析】【分析】

子彈射穿木塊過程，子彈和木塊系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)守恒定律列式求出木塊的速度大??；子彈射穿木塊過程，對木塊和子彈分別應用動能定理，可求木塊滑行距離；子彈射穿木塊過程，由動能定理和動量定理可求作用時間。

本題考查了動量守恒定律和功能關系在子彈打木塊模型中的應用，注意研究對象的選取和功能關系的應用。

【解答】

子彈和木塊作用過程中動量守恒，有：mv0=m?25v0+3mv

解得：v=15v0

故求子彈穿透木塊后，木塊速度的大小為：15v0

子彈射穿木塊過程，設二者間作用力為f，對木塊和子彈分別應用動能定理，

對子彈：?fs+L=?12m2v052??12mv02

對木塊：fs=【解析】【分析】

取極短時間內(nèi)注入杯中的水為研究對象，根據(jù)動量定理列式，可求得注入水流的速度．由牛頓第三定律得到磅秤的示數(shù)與注水時間的關系．

對于連續(xù)介質(zhì)求作用力，往往要取極短時間的物質(zhì)為研究對象，運用動量定理求作用力。

【解答】

設注入水流的速度為t，取極短時間△t內(nèi)注入杯中的水為研究對象，取豎直向下為正方向，△t時間內(nèi)注入杯中的水的質(zhì)量m=0.7△t

根據(jù)動量定理得：[(mg?F)△t]=0?mv

可得F=0.7v+7△t

可知，杯子對水的作用力與注水時間成線性關系，由牛頓第三定律知，水對杯子的作用力也與注水時間成線性關系，所以磅秤的示數(shù)與注水時間成線性關系。

由題知，10s時，杯子對水的作用力為F=G示?G杯=78.5N?0.5×10=73.5N，及△t=10s，代入上式得v=5m/s。

故答案為：5m/s。

23.【解析】【分析】

本題考查驗證動量定理的實驗，需明確實驗原理，調(diào)節(jié)氣墊導軌輕推滑塊，當滑塊上的遮光片經(jīng)過兩個光電門的遮光時間大約相等時，可認為氣墊導軌水平；拉力的沖量為I=Ft，用經(jīng)過光電門的平均速度代替滑塊經(jīng)過A、B兩處的瞬時速度，塊動量改變量的大小為m2(dΔt2?dΔt1)，由此分析解答。

【解答】

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