2022年湖北省七市（州）高考物理模擬試卷（3月份）（附答案詳解）

2022年湖北省七市（州）高考物理模擬試卷（3月份）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.波長為入的單色光可使某金屬發(fā)生光電效應，已知逸出的光電子的最大初動能為E,

普朗克常量為九，光速為c,則該金屬的逸出功為（）

B.Ek

A.g+a哈-cj-入D.Ek

2.橡皮筋彈弓夜光飛箭是一種常見的小玩具，它利用橡皮筋將飛箭彈射升空，再徐徐

下落，如圖（a）所示，其運動可簡化為如下過程：飛箭以初速度幾豎直向上射出，

在t2時刻恰好回到發(fā)射點，其速度隨時間的變化關系如圖（b）所示。則下列關于飛

箭運動的描述中正確的是（）

圖(a)圖⑹

A.上升和下落過程運動時間相等

B.上升和下落過程中平均速度大小相等

C.0?t2過程中加速度先減小后增大

D.0?t2過程中所受阻力先減小后增大

3.我國首輛火星車“祝融號”采用放射性材料-Pa。?作為發(fā)電能源為火星車供電。

Pa5中的元素Pa是/8P“，其發(fā)生a衰變的半衰期為87.7年。下列說法中正確的是

（）

A.a衰變是原子核中的一個中子轉變?yōu)橐粋€質子和一個電子

B.攀Pu發(fā)生a衰變的核反應方程為深Pu+乩一笏u+4He

C.經過263.1年，大約還有12.5%的原子核P“沒發(fā)生衰變

D.當氣溫和引力環(huán)境發(fā)生改變，Pu的半衰期可能會發(fā)生變化

4.質量為m的物體在光滑水平面上以速度u勻速向左運動?！挂徊?/p>

某時刻施加恒力尸作用在物體上，力F與水平方向夾角為

e,如圖所示。經過時間t,物體的速度大小仍為方向.................

水平向右。則在時間t內，下列說法中正確的是（）

A.重力對物體的沖量大小為零

B.拉力F對物體的沖量大小是Ftcos。

C.合力對物體的沖量大小為零

D.力F與D的大小滿足的關系為Ftcos。=2mv

5.如圖所示電路，兩電源電動勢分別為第、心，內阻分別為心、v2,且El=E2"1＞「2,

R為滑動變阻器，P為滑動變阻器滑片，燈泡電阻可認為不變?，F閉合開關S「單

刀雙擲開關S2接1時，燈泡均正常發(fā)光，則下列說法中錯誤的是（）

A.若滑片P向下滑動，則G變亮，乙3變暗

B.若滑片P向下滑動，則刀變暗，G變亮

C.若將單刀雙擲開關52切換至2,則人、乙2、口均變亮

D.若將單刀雙擲開關S2切換至2,則電源的輸出功率可能變小

6.2021年10月16日，“神舟十三號”載人飛船與空間站組合體完成自主快速交會對

接。執(zhí)行任務的三名宇航員將在軌駐留六個月。已知甲為地球赤道處的物體，乙為

在近地圓軌道上做勻速圓周運動的空間站。則（）

A.甲的加速度小于乙的加速度B.乙的速度大于第一宇宙速度

C.甲的周期小于乙的周期D.乙的動能大于甲的動能

7.如圖所示，虛線圓位于豎直面內，4C和BD為相互垂

直的兩條直徑，其中8。位于水平方向。豎直平面內有

足夠大的勻強電場，場強大小為管，方向與圓周平

面平行。在圓周平面內將質量為m、帶電量為+q的小

球（可視為質點）從4點以相同的速率向各個方向拋出,

小球會經過圓周上不同的點，其中到達B點時小球的

動能最大。已知重力加速度為g,則下列說法中正確的是（）

A.電場的方向由。指向B

B.小球運動過程中的加速度大小等于g

C.B點為圓周上的電勢最低點

D.經過C點時小球的速度與初速度大小相等

第2頁，共20頁

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

8.2021年6月28日，白鶴灘水電站正式并網發(fā)電，使用了我國領先全球的特高壓輸電

技術。若發(fā)電機的輸出電壓不變，遠距離輸電的示意圖如圖所示。則下列敘述中正

確的是（）

A.用戶接入電路的用電器越多，用電器兩端電壓越大

B.用戶接入電路的用電器越多，發(fā)電機的輸出功率越大

C.用戶接入電路的用電器越多，輸電線電阻r消耗功率越大

D.用戶接入電路的用電器越多，輸電線電阻r兩端電壓越小

9.如圖所示，輕彈簧一端固定在光滑斜面頂端，另一端連接質

量為m點?，F用沿斜面向下的力F緩慢拉動物體到達斜面上的

B點，此的物體，。點為彈簧原長時的末端位置，初始時刻物

體靜止在4時力尸大小為zng,此過程中力F做功為小.已知彈簧的彈性勢能與形變量

的平方成正比，且彈簧始終在彈性限度內，斜面傾角為30。?，F撤去力F,物體開始

向上運動，則下列說法正確的是（不計空氣阻力）（）

A.物體經過4、B兩點時，彈簧的彈性勢能之比為1：3

B.力F作用的過程中，系統(tǒng)機械能的增加量為W

C.物體向上運動經過4B中點時的速度最大

D.物體向上運動經過48中點和。點時速度相等

10.甲乙兩列機械波在同一種介質中沿x軸相向傳播，甲波源位于0點，乙波源位于％=

8m處，兩波源均沿y軸方向振動。在t=0時刻甲形成的波形如圖（a）所示，此時乙

波源開始振動，其振動圖象如圖（b）所示，已知甲波的傳播速度。用=2.0m/s,質點

P的平衡位置處于x=5爪處，下列說法中正確的是（）

A.

B.在t=2.Os時，質點P開始振動

C.若兩波源一直振動，則質點P為振動的加強點,其振幅為7cm

D.若兩波源一直振動，則在t=4.5s時，質點P處于平衡位置且向y軸負方向振動

11.如圖，與水平面成45。角的平面將空間分成I和HxI￡

'、△I

兩個區(qū)域。氣核和質核分別以相同的初動能&從平面”'、、、

、

MN上的P點水平向右射入I區(qū)。I區(qū)存在勻強電場，?'、、I

電場強度大小為E,方向豎直向下；n區(qū)存在勻強磁、、、

場，磁感應強度大小為8,方向垂直于紙面向里。已B''、'、、'

、、

知光核、笊核的質量分別為m、2m,電荷量均為+q,

不計氣核和氣核的重力。下列說法正確的是（）

A.文:核和笊核第一次進入n區(qū)時的速度方向相同

B.氣核第一次進入II區(qū)時的速度大小為陣

7m

c.氣核在n區(qū)做勻速圓周運動的半徑為J警

D.氣核和笊核第一次剛出n區(qū)時的位置相距2（&-1）陣

三、實瞼題（本大題共2小題，共16.0分）

12.某次研究性學習活動中，同學們用如圖所示的帶有一個白點的黑

色圓盤進行自主探究。已知圓盤可繞過其中心且垂直于盤面的軸.

沿順時針方向勻速轉動，轉速為n=20r/s。

（1）白點轉動90。需用時s；

（2）小華同學在暗室中用頻閃光源照射圓盤，觀察到白點僅在圓盤上兩個位置出現,

則頻閃光源的頻率最小為Hz；

（3）小軍同學利用手機攝像后慢放，則下列關于白點轉動情況的描述中正確的是

（填答案序號）。

4若手機攝像設置為19幀/秒，則觀察到白點順時針轉動

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B.若手機攝像設置為21幀/秒，則觀察到白點順時針轉動

C.若手機攝像設置為10幀/秒，則觀察到白點處于靜止狀態(tài)

13.現代智能手機中大都配置有氣壓傳感器，當傳感器所處環(huán)境氣壓變化時，其電阻也

隨之發(fā)生變化。己知某氣壓傳感器的阻值變化范圍為幾十歐姆到幾百歐姆，某實驗

小組在室溫下用伏安法探究其阻值R,隨氣壓P變化的規(guī)律，實驗室提供了如下器

材可供選擇：

A.氣壓傳感器，一個標準大氣壓下阻值約為300。

8.直流電源，電動勢6U,內阻不計

C電流表4量程為0?60機4內阻不計

。?電壓表叭量程為0?3乙內阻為3ko

￡定值電阻&=3k。

F.滑動變阻器R,最大電阻值約為500

G.開關S與導線若干

(1)小明同學設計了圖?)實驗電路原理圖，請在圖(b)中將實物連線圖補充完整。

(2)某次測量時，電壓表示數如圖(c)所示，電壓表示數為V。

(3)當氣壓傳感器所處環(huán)境氣壓為P時，閉合開關S,測得兩個電表的讀數分別為U和

I,則氣壓傳感器的阻值&=。

(4)改變環(huán)境壓強P的大小，測得不同的R值，繪成圖象如圖(d)所示，由圖可得R阻

值和壓強P的函數關系式為q=_______0。

四、計算題(本大題共3小題，共40.0分)

14.如圖所示，一個圓筒形導熱汽缸開口向上豎直放置，內有活塞，

活塞橫截面積為S，質量為?n,活塞與汽缸之間無摩擦且不漏

氣。汽缸內密封有一定質量的理想氣體，氣柱高度為/I,氣缸

內距缸底|八處有固定的卡環(huán)。已知大氣壓為Po,重力加速度為

9。

(1)若在活塞上緩慢加入一定質量的細砂，直至活塞恰好與卡環(huán)接觸，計算細砂的

質量；

(2)若汽缸緩慢漏氣，則直到不再漏氣為止，汽缸內漏出氣體與剩余氣體質量之比

為多少。

15.如圖所示，水平面內有兩根金屬導軌MN、PQ平行放置，兩導軌之間的距離L=1.0m.

以虛線。0'為分界線，左側導軌粗糙，空間有水平向左的勻強磁場，磁感應強度大

小Bi=1.57,。。'右側導軌光滑，空間有與水平面成30。的勻強磁場，磁感應強度

大小=0.67。兩根質量均為m=0.50kg的均勻直金屬桿48、CD放在兩導軌上，

并與導軌垂直且接觸良好，在導軌上接有阻值為R的固定電阻。已知兩金屬桿接入

電路的電阻與固定電阻的阻值均為2.00,其余部分電阻忽略不計，重力加速度g取

10m/s2?AB桿在水平恒力Fi=2.65N作用下向左勻速運動，CD桿在水平恒力F2的

作用下向右以u=4m/s的速度做勻速運動。求：

(1)水平恒力6的大小；

(2)金屬桿48與導軌之間的動摩擦因數由

(3)從某一時刻開始計時，在時間t=5s內桿CD克服安培力做的功。

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16.如圖(a)所示，質量為%=4.0kg的物塊4與質量為me=2.0kg的長木板B并排放置

在粗糙的水平面上，二者之間夾有少許塑膠炸藥，長木板B的右端放置有可視為質

點的小物塊C?，F引爆塑膠炸藥，爆炸后物塊4可在水平面上向左滑行s=1.2/n,

小物塊C的速度隨時間變化圖像如圖(b)所示?已知物塊A和長木板8與水平面間的

動摩擦因數均為g=：,物塊C未從長木板B上掉落，重力加速度g取10zn/s2,求:

(1)炸藥爆炸后瞬間長木板B的速度大小；

(2)小物塊C的質量me；

(3)小物塊C靜止時距長木板B右端的距離d。

圖(a)

圖(b)

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：根據光電效應方程：Ek=hv-Wo

頻率和波長關系為：v=j

聯(lián)立解得：％=牛一&。故8正確，AC。錯誤；

A,

故選：Bo

根據光電效應方程結合波長、頻率和波速的關系聯(lián)立等式計算出金屬的逸出功。

本題主要考查了愛因斯坦的光電效應方程，熟悉公式以及頻率、波長和波速的關系即可

完成解答，難度不大。

2.【答案】D

【解析】解：人根據牛頓第二定律得：上升過程有機9+，上=ma上，下落過程有小。一

fr=mar,貝皿上>a萬，可知上升過程平均加速度比下落過程的大，兩個過程的位移

大小相等，由x=：at2知上升的時間比下落的時間短，故A錯誤；

8、上升和下落兩個過程的位移大小相等，上升的時間比下落的時間短，則上升過程中

平均速度大小大于下落過程中的平均速度大小，故B錯誤；

C、根據v-t圖像的斜率表示加速度，知0?t2過程中加速度一直減小，故C錯誤；

D、上升過程有巾9+/上=g。上，a上減小，則f上減小。下落過程有mg-/>=ma廣，

a城小，則/尸增大，所以0?今過程中所受阻力先減小后增大，故。正確。

故選：De

分析上升和下落過程加速度關系，由位移一時間公式判斷運動時間關系，從而判斷平均

速度關系；由圖像的斜率變化分析加速度的變化，再由牛頓第二定律分析阻力的變化。

本題的關鍵是要知道速一時間圖像的“面積”表示位移，圖像的斜率表示加速度，結合

牛頓第二定律進行分析。

3.【答案】C

【解析】解：4、a粒子是由2個質子核2個中子組成，a衰變是原子核中兩個中子和兩個

質子組團從原子核中分離出來，故A錯誤；

8、根據質量數守恒與電荷數守恒，裝Pa發(fā)生a衰變的核反應方程為深Pa-糅u+4He>

故B錯誤；

C、深Pu發(fā)生a衰變的半衰期為87.7年，經過263.1年，即經過3個半衰期，則沒發(fā)生衰

變的為：m=(^)3m=lm,可知大約還有;，即12.5%的原子核Pu沒發(fā)生衰變，故C

Z0o0o

正確；

半衰期由原子核本身決定，不隨溫度和引力的改變而改變，故。錯誤。

故選：Co

根據a衰變的本質判斷；根據質量數守恒與電荷數守恒判斷；半衰期與原子所處的物理

狀態(tài)無關、與化學狀態(tài)無關。

掌握衰變的特點，知道衰變的過程中質量數守恒與電荷數守恒；知道半衰期由原子核本

身決定，與外界因素無關，難度不大。

4.【答案】D

【解析】解：4、重力對物體的沖量大?。簂c=mgt^O,故4錯誤：

B、拉力對物體沖量的大?。篒F=Ft,故B錯誤；

CD,由動量定理可得：Ftcosd=2mv^0,故C錯誤，。正確。

故選：Do

根據沖量的定義式計算拉力F對物體的沖量大小即可；根據動量定理分析合力對物體的

沖量。

本題考查沖量的定義式以及動量定理，牢記公式并理解其意義，易錯點在于計算沖量的

大小時，認為和角度有關，要注意規(guī)避這一情況。

5.【答案】D

【解析】解：AB.將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，變阻器接入電路的電阻變大，R與燈

42并聯(lián)的部分電阻變大，外電路總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律分析得知，干路電

流/減小，口燈泡亮度變暗；路端電壓U變大，L燈兩端的電壓g變小，R與燈勾并聯(lián)電

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路的電壓

u'=u-u3

增大，/減小，則U'增大，燈42變；

流過L1的電流/1=/一/2

/減小，/2增大，A減小，燈泡〃亮度變暗，故AB正確；

CD.若將單刀雙擲開關S2切換至2,電源電動勢不變，內電阻變小，根據閉合電路歐姆定

律可知

/=-^—

R外+「

電路干路電流增大，外電路電壓變大，外電路各用電器阻值不變，故各支路電流增大,

燈泡Li、L2,〃均變亮，故C正確；

P出=?R外

電路總電流增大，路端電阻不變，輸出功率一定增大，故。錯誤。

本題選擇錯誤選項；

故選：D.

根據閉合電路歐姆定律結合串并聯(lián)電路電壓和電流的關系分析解答；電源的輸出功率

P出=*R外。

本題考查閉合電路歐姆定律，解題關鍵掌握串并聯(lián)電路特點，注意輸出功率的計算公式。

6.【答案】A

【解析】解：4甲為地球赤道處的物體，地球對物體的萬有引力的分力提供自轉向心力，

即G魯一小甲g=m甲a甲，得甲的加速度為。甲=答一g：乙是近地衛(wèi)星，引力提供向

心力，即G與=ma/得乙的加速度為。乙=整，故甲的加速度小于乙的加速度，故A

R2乙J

正確；

8.乙是近地衛(wèi)星，速度等于第一宇宙速度，故8錯誤；

C.甲是地球遲到處的物體周期等于同步衛(wèi)生的周期約24小時，而己是近地衛(wèi)星，由開普

勒第三定律可知，軌道越高周期越大，故甲的周期大于乙的周期，故C錯誤；

D由以上分析可知，甲的速度小于乙的速度，但是赤道處的物體質量和空間站的質量未

知，因動能公式為a=［巾。2故動能無法判斷，故。錯誤。

故選:4。

地球上的物體，若考慮地球自轉，引力的一個分力提供向心力，但是衛(wèi)星是引力提供向

心力。結合萬有引力和開普勒定律判斷。

一定要把地球上的物體和衛(wèi)星區(qū)分分析，衛(wèi)星滿足高軌、低速、長周期的規(guī)律，地球上

的物體只有隨地球自轉的向心加速度，由引力的分力提供，特別容易錯。

7.【答案】D

【解析】解：4、由題可知，B點是復合場的等效最低點，則重力與電場力的合力的方

向從。指向8,畫出小球受到的重力與電場力以及合力如圖：

設小球受到的電場力與DB之間的夾角為。，貝htand=5=TW=1；正電荷受到的

"qq

電場力得方向與電場強度的方向相同，所以電場的方向與DB之間的夾角是30。，故4錯

誤；

8、小球受到的合力：尸合=qEcos30。=q?,日=小球的加速度：a=?=

皿故8錯誤；

m

C、結合4的分析，圓周上電勢最低的點是過圓心。的電場線與圓周的交點，不是B點，

故C錯誤；

D、結合4的分析可知，電場力與重力的合力沿DB的方向，所以小球從4運動到C,合力

對小球做的功為零，所以經過C點時小球的速度與初速度大小相等，故。正確。

故選：Do

該題中，小球受到重力與電場力的作用，到達B點時小球的動能最大，說明B點是復合

場的等效最低點，根據平行四邊形定則判斷電場強度的方向，以及合力的大小，由牛頓

第二定律求出加速度，結合電場強度的方向判斷電勢的最低點。

本題考查帶電粒子在電場和重力場復合場中的運動，靈活運用動能定理和牛頓第二定律

相結合研究，可用類比的方法理解：B點相當于重力場中豎直平面內圓周運動的最低點.

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8.【答案】BC

【解析】解：AD,用戶接入電路的用電器越多，降壓變壓器副線圈的電流越大，根據

理想變壓器原副線圈的電流與匝數成反比，可知降壓變壓器原線圈的電流越大，輸電線

上的電流越大，由〃=。知輸電線電阻r兩端電壓越大，而發(fā)電機的輸出電壓不變，升

壓變壓器副線圈的電壓不變，則降壓變壓器原線圈的電壓越小，用電器兩端電壓越小，

故AO錯誤；

8、用戶接入電路的用電器越多，升壓變壓器副線圈的電流越大,而其電壓不變,11JP=U1

知升壓變壓器副線圈的功率越大，發(fā)電機的輸出功率越大，故8正確；

C、輸電線上的電流越大，其電阻不變，則輸電線電阻r消耗功率越大，故C正確。

故選：BC。

用戶接入電路的用電器越多，降壓變壓器副線圈的電流增大，根據變壓器的規(guī)律分析降

壓變壓器原線圈的電流變化，由電壓分配關系分析用電器兩端電壓變化，由P=〃分析

發(fā)電機的輸出功率變化，由P=Gr分析輸電線電阻r消耗功率變化，由U=/r分析輸電

線電阻r兩端電壓變化。

對于遠距離輸電問題，一定要明確整個過程中的功率、電壓關系，要知道理想變壓器的

輸入功率由輸出功率決定，輸出電壓由輸入電壓和變壓比共同決定。

9.【答案】BD

【解析】解：A、物體在4點時滿足片=mgsine=3mg=/cJx1；B點時滿足/=

3

mgsind+尸=-mg=kAx2

根據Ep=：k(dx)2可知，彈簧的彈性勢能之比為1：9,故A錯誤；

B、根據功能關系可知，系統(tǒng)機械能增加量為外力F做功，故8正確；

C、當加速度為零時，即合力為零時，物體的速度最大，因此在4點時速度最大，故C

錯誤；

D、4B中點到。點距離為滿足

2

%=1/c(4x0)=^mgAx0=mgAx0sin9

因此彈性勢能減小量等于重力勢能增加量，根據機械能守恒定律可知，物體的動能相等,

所以速度相同，故。正確；

故選：BD。

根據受力分析計算出在不同位置時彈簧的形變量，結合彈性勢能公式品=；k(zlx)2分析

出彈性勢能之比；

根據功能關系分析出系統(tǒng)機械能增加量與外力做功的關系；

當物體的加速度為零時物體的速度最大；

根據能量轉化特點分析出物體在不同位置的動能，由此分析出速度的大小關系。

本題主要考查了功能關系的相關應用，根據受力分析得出不同位置的彈簧的形變量，理

解整個過程中的能量轉換，同時要知道當物體的加速度為零時，物體的速度最大。

10.【答案】AC

【解析】解:4在同一介質中，甲乙速度相同，所以。乙=2.0m/s,因此=VzT=2.0x

Im=2m,故A正確；

X8—54L

B.在t=H=W-s=1.5s時，乙波到達P點，質點開始振動，故8錯誤；

CP點到兩個波源的波程差為2粗，是半波長的偶數倍，所以為振動加強點，因此振幅為

A=3cm+4cm=7cm,故C正確；

D甲的周期7=?=|s=ls,對于甲波，需要2s到達P點，之后P點振動兩個周期后再

經過^7,此時P點處于平衡位置且向y軸正方向振動，對于乙波，需要1.5s到達P點運動

3個周期，此時P點應處于平衡位置向y軸正方向振動，綜合甲乙運動情況在則在t=4.5s

時，質點P處于平衡位置且向y軸正方向振動，故。錯誤。

故選:AC.

兩列機械波在同種介質中波速相同；根據波的傳播情況分析質點P的振動情況；振動加

強點的振幅等于兩列波的振幅之和；根據波的疊加原理，分析4.5s時質點P的振動。

本題主要是考查了波的圖象；解答本題關鍵是要理解機械波在介質中的傳播規(guī)律，能夠

根據圖象直接讀出振幅、波長和各個位置處的質點振動方向，知道波的疊加原理。

11.【答案】AD

【解析】解：4、第一次在電場中，粒子均做類平拋運動,

水平方向有：X=vot,

第14頁，共20頁

V,

V

豎直方向有：y=22=gx黑t2

聯(lián)立解得：y=票/

4以

氣核、笊核具有相同的初動能和相同的電荷量，氣核、笊核在電場中的軌跡相同，即氣

核和笊核第一次進入n區(qū)時的速度方向相同，故A正確；

B、笊核在電場中做類平拋，根據類平拋運動的規(guī)律可得：tan450=

根據動能的計算公式可得：Fk=|x2m評2

根據牛頓第二定律可得：。2=*

豎直方向的速度大小為：為2=。2t2

笊核第一次進入n區(qū)時的速度大小為：v2=J詔2+哆2

聯(lián)立解得：藝=后，故B錯誤；

C、由B選項分析，同理可得氣核第一次進入n區(qū)時的速度大小為：里

根據洛倫茲力提供向心力可得：

解得：6=吧=叵無，故C錯誤；

1qBqB

D,粒子在進入磁場速度方向與水平方向夾角相同，設為a,根據類平拋運動的規(guī)律，

貝ij有：tana=2tan45°o

設粒子在進入磁場速度方向與MN的夾角為0,則：/?=a-45°

可得：sinfi=

粒子從進入磁場到再次回到MN時與進入磁場位置的距離：s=2rsinp

笊核在磁場中的半徑：「2=且強="強

/qBqB

則先核和笊核第一次剛出n區(qū)時的位置相距：4s=S2-S1=粵32-6)=2(72-

1)幅,故。正確。

故選：AD.

根據類平拋運動的規(guī)律分析氣核和笊核第一次進入n區(qū)時的速度大小和方向；根據洛倫

茲力提供向心力求解氣核在口區(qū)做勻速圓周運動的半徑；根據幾何關系得到笈核和笊核

第一次剛出n區(qū)時的位置相距的距離。

對于帶電粒子在磁場中的運動情況分析，一般是確定圓心位置，根據幾何關系求半徑，

結合洛倫茲力提供向心力求解未知量；對于帶電粒子在電場中運動時，一般是按類平拋

運動的規(guī)律進行解答。

12.【答案】白40AC

【解析】解：⑴圓盤轉速為n=20r/s,則周期：T=；=*s

白點轉動90。，即圓盤轉過;周，時間為：t=；T=^s

(2)小華同學在暗室中用頻閃光源照射圓盤，觀察到白點僅在圓盤上兩個位置出現，可

知圓盤每轉過半周拍攝一次，或轉過n+3周拍攝一次，頻閃光源的頻率最小時圓盤每

轉過半周拍攝一次，則頻閃光源拍攝的時間間隔：戊TS頻閃光源的最小頻

=J2=420,

率：fmin=^=THZ=40WZ

40

(3)由題意圓盤,可繞過其中心，垂直于盤面的軸勻速轉動，每秒沿順時針方向旋轉20圈，

即頻率為A,=20Hz

A、若手機攝像設置為19幀/秒，即尸=19Hz,則為＞廣，所以觀察到白點順時針旋轉，

故A正確；

B、若手機攝像設置為21幀/秒，即r=21Hz,則人＜/"＜2/o,所以觀察到白點逆時

針旋轉，故B錯誤；

C、若手機攝像設置為10幀/秒，=則圓盤每轉過2周擺拍攝一次，所以則觀察

到白點處于靜止狀態(tài)，故C正確。

故選：AC.

故答案為：⑴總(2)40；(3)AC

oU

(1)根據周期與轉速的關系求出周期，然后求出白點轉動90。需用的時間；

(2)根據轉動的周期性求出頻閃光源的最小頻率；

(3)根據圓盤轉動頻率和頻閃光的頻率之間的關系進行求解。

本題考查實際頻率與變化的頻率的關系，掌握能看到白點的原理與解題的思路。

13.【答案】2.30Y(1500-1.2x10-2p)

第16頁，共20頁

【解析】解：(1)根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示

(2)由圖(c)所示表盤可知，其量程為3V,分度值是0.1V,讀數為2.30V。

(3)定值電阻尺阻值與電壓表內阻相等，定值電阻與電壓表串聯(lián)，由串聯(lián)電路特點可知，

定值電阻兩端電壓與電壓表兩端電壓相等，電壓表示數為U時，氣壓傳感器兩端電壓為

2U,氣壓傳感器的阻值q=年。

(4)根據圖(d)所示圖象，設阻值與壓強的關系為&=kP+b,由圖示圖象可知：當「=

0.8x105pa時&=5400,當p=1xKppa時&=300/2,代入數據解得：k=-1.2x

10-2n/Pa,b=15000,阻值與壓強的關系是Rx=(15OO-1.2xlO-2p)0。

2

故答案為：(1)實物電路圖如上圖所示；(2)2.30；(3)y；(4)(1500-1.2X10-P)O

(1)根據圖示電路圖連接實物電路圖。

(2)根據圖示電壓表表盤確定其量程和分度值，根據指針位置讀出其讀數。

(3)根據圖示電路圖應用歐姆定律求出壓力傳感器的阻值。

(4)根據圖示圖象求出阻值與壓強的關系。

對電表讀數時要先確定其量程與分度值，然后根據指針位置讀數；分析清楚電路結構，

應用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以解題。

14.【答案】解：⑴將汽缸內的封閉氣體作為研究對象，初始狀態(tài)：Pi=Po+詈；匕=S/i

末狀態(tài)：p2=Po+"等；彩=|s/i

因為是緩慢加入細砂的，所以氣體溫度不變

則Pi%=P2V2

聯(lián)立解得：M=￡+翳

(2)汽缸緩慢漏氣的過程中，氣體的溫度和體積保持不變，根據公式pV=nR7可知，在

此種情況下，壓強p之比等于氣體質量之比。

由此可知汽缸內漏出氣體與剩余氣體質量之比為學=喈詈

PoZPo?

答：(1)若在活塞上緩慢加入一定質量的細砂，直至活塞恰好與卡環(huán)接觸，細砂的質量

為依+皿.

(2)若汽缸緩慢漏氣，則直到不再漏氣為止，汽缸內漏出氣體與剩余氣體質量之比為

p0S+3mg

2Pos°

【解析】(1)分析出封閉的氣體變化前后的狀態(tài)參量，根據公式pH=C7列式計算出細砂

的質量；

(2)根據公式pU=nR7可知，在溫度和體積不變的情況下，p與n成正比，即與氣體的質

量成正比，由此完成分析。

本題主要考查了一定質量的理想氣體的狀態(tài)方程，解題的關鍵點是分析出氣體變化前后

的狀態(tài)參量，根據理想氣體狀態(tài)方程代入數據解答，解題的難點是理解在等溫等容情況

下，氣體壓強與氣體質量成正比。

15.【答案】解：(1)磁感應強度%在豎直方向的分量為：B=B2sin30°=0.6x0.5T=

03T

CD棒切割磁感應線產生的感應電動勢為：E=BLv=0.3x1x4V=1.2V

CD棒為電源，外電阻為R與AB棒的電阻并聯(lián)，根據題意可知，4B與CD的電阻均為r=

2.00,電阻R=2.00。

則電路總電阻為R點=r+瑞，解得：R總=3。

E12

通過CD棒的電流為：1=T=~A=QAA

對CD,水平方向根據平衡條件可得：F2=BIL=0.3x0.4xIN=0.12N；

(2)通過48棒的電流為：/i="=2x0.44=0.24

根據左手定則可知4B棒受到的安培力方向向上，大小為自=B/L=1.5x0.2X1N=

0.3N

對AB,水平方向根據平衡條件可得：=n(jng+FA)

代入數據解得：4=0.5；

(3)在t=5s內CD桿的位移為：x=vt=4x5m=20m

由于CO桿勻速運動，所以CD桿克服摩擦力做的功等于克服安培力做的功，所以有：

WA=F2X=0.12x20/=2.4人

第18頁，共20頁

答:(1)水平恒力尸2的大小為0.12N；

(2)金屬桿4B與導軌之間的動摩擦因數為0.5；

(3)從某一時刻開始計時，在時間t=5s內桿C?？?/p>