杭州第二中學(xué)等四校聯(lián)盟2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題（解析版）

2022-2023學(xué)年第二學(xué)期四校聯(lián)盟期中考試試卷高二年級物理學(xué)科第I卷（選擇題共45分）一、選擇題1（本題共12小題，每小題3分，共36分，每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.“四大發(fā)明”是中國古代人民智慧的結(jié)晶，是中華民族對世界文明發(fā)展的重大貢獻(xiàn)，在現(xiàn)代仍具有重大影響。下列說法正確的是（）A.春節(jié)有放鞭炮的習(xí)俗，在炸響的瞬間，鞭炮動量守恒但能量不守恒B.指南針的發(fā)明促進(jìn)了航海和航空事業(yè)發(fā)展，靜止時指南針的N極指向北方C.裝在炮筒中的火藥燃燒爆炸時，化學(xué)能全部轉(zhuǎn)化為彈片的動能D.火箭是我國重大發(fā)明，現(xiàn)代火箭發(fā)射時，火箭對噴出氣體的作用力大于氣體對火箭的作用力【答案】B【解析】【詳解】A．鞭炮炸響時，內(nèi)力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，所以動量守恒，在任何情況下，能量都是守恒的，故A錯誤；B．指南針的發(fā)明促進(jìn)了航海和航空，因地磁場南極處在地理北極處，故指南針靜止時指南針的N極指向北方，故B正確；C．裝在炮彈中的火藥燃燒爆炸時，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為彈片的動能和周圍物體的內(nèi)能，故C錯誤；D．現(xiàn)代火箭發(fā)射時，火箭對噴出氣體的作用力和氣體對火箭的作用力為作用力和反作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知，二者大小相等，方向相反，故D錯誤。故選B。2.下列幾幅圖片所展示的現(xiàn)象和情形與動量中緩沖無關(guān)的是（）A.甲圖中易碎物品運(yùn)輸時，要用柔軟材料包裝B.乙圖中碼頭邊上懸掛著一排排舊輪胎C.丙圖中體操運(yùn)動員著地時先屈膝后站立D.丁圖中直升機(jī)依靠螺旋槳旋轉(zhuǎn)獲得升力【答案】D【解析】【詳解】由動量定理p=Ft可知，在動量的變化量相同時，作用時間越長，作用力F越小；ABC．體操運(yùn)動員從高處跳下著地時先屈膝、碼頭邊上懸掛著一排排舊輪胎、易碎物品運(yùn)輸時要用柔軟材料包裝，都是為了延長作用時間以減少作用力，應(yīng)用了與動量相關(guān)的物理知識和原理，故ABC不符合題意；

D．直升機(jī)依靠螺旋槳旋轉(zhuǎn)獲得升力，是“反沖現(xiàn)象”，即螺旋槳旋轉(zhuǎn)對空氣施加一個向下的力，根據(jù)牛頓第三定律可知，空氣對螺旋槳一個向上的力，不是“應(yīng)用了與動量相關(guān)的物理，故D符合題意。

故選D。3.振源A帶動細(xì)繩上各點(diǎn)上下做簡諧運(yùn)動，某時刻繩上形成的波形如圖所示。規(guī)定繩上質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動的方向?yàn)閤軸的正方向，則A點(diǎn)從起振到完成一次全振動的振動圖象是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】由波形得知，波向右傳播時，開始計時，P點(diǎn)在平衡位置且振動方向向下，所以開始時從平衡位置向下振動。故選B。4.關(guān)于單擺的認(rèn)識，下列說法正確的是（）A.擺球運(yùn)動到平衡位置時，擺球所受的合力為零B.伽利略通過對單擺的深入研究，得到了單擺的周期公式C.將擺鐘由紹興移至北京，為保證擺鐘走時準(zhǔn)確，需將鐘的擺長調(diào)長些D.利用單擺測重力加速度的實(shí)驗(yàn)時，誤將擺線長做擺長，用T2-圖的斜率測量結(jié)果偏小【答案】C【解析】【詳解】A．單擺的過程中擺球的運(yùn)動軌跡為圓弧，所以擺球在最低點(diǎn)受到的合外力提供向心力，不為0，故A錯誤；B．根據(jù)物理學(xué)史可知，伽利略得出了單擺的同時性，是惠更斯得出單擺的周期公式，故B錯誤；C．根據(jù)單擺的周期公式將擺鐘由紹興移至哈爾濱，重力加速度增大，為保證擺鐘的準(zhǔn)確，需要將鐘擺調(diào)長，故C正確；D．在利用單擺測量重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，誤將擺線長L0當(dāng)做擺長，則實(shí)際的擺長減小，根據(jù)T2-L0圖的斜率不變，由圖像斜率求得的加速度不變，故D錯誤。

故選C。5.如圖甲所示，在一塊平板玻璃上放置一平凸薄透鏡，在兩者之間形成厚度不均勻的空氣膜，讓一束單一波長的光垂直入射到該裝置上，結(jié)果在上方觀察到如圖乙所示內(nèi)疏外密的同心圓環(huán)狀條紋，稱為牛頓環(huán)，以下說法正確的是（）A.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡上表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的B.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的C.若凸透鏡的曲率半徑增大，則會造成相應(yīng)條紋間距減小D.若照射單色光的波長增大，則會造成相應(yīng)條紋間距減小【答案】B【解析】【詳解】AB．凸透鏡下表面與玻璃上表面形成空氣薄膜，干涉條紋是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的，故A錯誤，B正確；C．若平薄凸透鏡的圓弧面曲率半徑增大，則空氣膜厚度變小，圓環(huán)狀干涉條紋的間距將變大，故C錯誤；D．若照射單色光的波長增大，則會造成相應(yīng)條紋間距增大，故D錯誤。故選B。6.如圖甲是一個磁懸浮地球儀，原理如圖乙所示。上方的地球儀內(nèi)有一個永磁體，底座內(nèi)有一個線圈，線圈通上直流電，地球儀就可以懸浮起來。下列說法正確的是（）A.將地球儀上下位置翻轉(zhuǎn)，仍能繼續(xù)保持懸浮B.圖中線圈的a端須連接直流電源的正極C.若增加線圈的匝數(shù)，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力增大D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力不變【答案】D【解析】【詳解】A.地球儀根據(jù)同名磁極相互排斥的原理工作，將地球儀上下翻轉(zhuǎn)，則磁體磁極顛倒，和線圈的作用力從斥力變?yōu)槲Φ淖饔?，不能繼續(xù)保持懸浮，故A錯誤；B.線圈a端接正極時，根據(jù)安培定則，可知螺線管上面S極和永磁體下端磁極相反，會相互吸引，地球儀不會懸浮，故B錯誤；C.若增加線圈匝數(shù)，磁場增大，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故C錯誤；D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故D正確。故選D。7.如圖所示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)示意圖，演示儀中有一對彼此平行且共軸的勵磁圓形線圈，通入電流I后，能夠在兩線圈間產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場；玻璃泡內(nèi)有電子槍，通過加速電壓U對初速度為零的電子加速并連續(xù)發(fā)射。電子剛好從球心O點(diǎn)正下方的S點(diǎn)水平向左射出，電子通過玻璃泡內(nèi)稀薄氣體時能夠顯示出電子運(yùn)動的徑跡。則下列說法正確的是（）A.若要正常觀察電子徑跡，勵磁線圈的電流方向應(yīng)為逆時針（垂直紙面向里看）B.若保持U不變，增大I，則圓形徑跡的半徑變大C.若同時減小I和U，則電子運(yùn)動的周期減小D.若保持I不變，減小U，則電子運(yùn)動的周期將不變【答案】D【解析】【詳解】A．若要正常觀察電子徑跡，則電子需要受到向上的洛倫茲力，根據(jù)左手定則可知，玻璃泡內(nèi)的磁場應(yīng)向里，根據(jù)安培定則可知，勵磁線圈的電流方向應(yīng)為順時針，故A錯誤；B．電子在磁場中，向心力由洛倫茲力提供，則有可得而電子進(jìn)入磁場的動能由電場力做功得到，即即U不變，則v不變。由于m、q不變，而當(dāng)I增大時，B增大，故半徑減小，故B錯誤；C．因?yàn)?，所以電子運(yùn)動的周期與U無關(guān)，當(dāng)減小電流I時，則線圈產(chǎn)生的磁場B也減小，則電子運(yùn)動的周期T增大，故C錯誤；D．由C中分析可知，I不變，U減小，T不變，故D正確。故選D。8.被譽(yù)為“救命神器”的自動體外除顫儀（AED），是一種用于搶救心臟驟?；颊叩谋銛y式的醫(yī)療設(shè)備。其結(jié)構(gòu)如圖所示，低壓直流電經(jīng)高壓直流發(fā)生器后向儲能電容器C充電。除顫治療時，開關(guān)撥到2，利用電極將脈沖電流作用于心臟，使患者心臟恢復(fù)正常跳動，若無其他條件變化時，下列說法正確的是（）A.脈沖電流作用于不同人體時，電流大小相同B.放電過程中，電流大小不變C.自感系數(shù)L越小，放電脈沖電流的振蕩周期越短D.電容C越小，電容器的放電時間越長【答案】C【解析】【詳解】A．脈沖電流作用于不同人體時，由于不同人體的電阻不一定相同，則電流大小不一定相同，故A錯誤；B．放電過程中，電容器電場能逐漸減小，線圈中磁場能逐漸增大，則電流大小逐漸增大，故B錯誤；C．根據(jù)振蕩周期表達(dá)式可知自感系數(shù)L越小，放電脈沖電流的振蕩周期越短，故C正確；D．根據(jù)振蕩周期表達(dá)式可知電容C越小，放電脈沖電流的振蕩周期越短，則電容器的放電時間越短，故D錯誤。故選C。9.無線充電技術(shù)極好的提高了用戶體驗(yàn)，當(dāng)下汽車無線充電也越來越多受到關(guān)注。將受電線圈安裝在汽車底盤上，供電線圈安裝在地面上，如圖所示。當(dāng)電動汽車行駛到供電線圈裝置上，受電線圈即可“接受”到他電線圈的電流，從而對車載蓄電池進(jìn)行充電，關(guān)于無線充電，下列說法正確的是（）

A.無線充電技術(shù)與電動機(jī)工作原理相同B.只有將供電線圈接到直流電源上，才能對蓄電池進(jìn)行充電C.為保護(hù)受電線圈不受損壞，可在車底加裝一個金屬護(hù)板D.當(dāng)受電線圈沒有對準(zhǔn)供電線圈（二者沒有完全重合）時，也能進(jìn)行無線充電【答案】D【解析】【詳解】A．無線充電技術(shù)與變壓器的工作原理相同，都是電磁感應(yīng)原理，故A錯誤；B．只有將供電線圈接到交流電源上，才能對蓄電池進(jìn)行充電，故B錯誤；C．如果在車底加裝一個金屬護(hù)板，金屬護(hù)板會產(chǎn)生渦流，損耗能量，同時屏蔽磁場，使受電線圈無法產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；D．受電線圈沒有對準(zhǔn)供電線圈（二者沒有完全重合）時，也可以發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，也可以進(jìn)行無線充電，故D正確。故選D。10.如圖所示為用相機(jī)拍攝的夏日荷塘一景，已知水的折射率為n，下列說法正確的是（）A.太陽光進(jìn)入水中后，光的頻率發(fā)生變化B.用相機(jī)拍攝水中的魚，可通過鏡頭表面的增透膜減弱水面反射光的影響C.用激光槍射擊水中的魚，為了提高命中率，在射擊時應(yīng)瞄準(zhǔn)眼睛看到的魚D.在水中的魚看來，崖上的量物都出現(xiàn)在一個倒立的圓錐里，圓錐的頂角θ的正弦值為【答案】C【解析】【詳解】A．光的頻率與介質(zhì)無關(guān)，太陽光進(jìn)入水中前后頻率保持不變，故A錯誤；B．用相機(jī)拍攝水中的魚，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以減弱反射光的強(qiáng)度，使照片清晰，故B錯誤；C．看到的魚與實(shí)際是魚的像，光線在水和空氣的界面發(fā)生折射；用激光槍看到水中的魚光在界面也發(fā)折射，所以用激光槍射擊水中的魚，為了提高命中率，在射擊時應(yīng)瞄準(zhǔn)看到的魚，故C正確；D．光從空氣折射進(jìn)入魚眼，折射角小于入射角，魚眼認(rèn)為光是直線傳播的，所以岸上所有景物都出現(xiàn)在一個倒立的圓錐里，如圖所示根據(jù)根據(jù)圖可知圓錐的頂角θ為C的2倍，故D錯誤。故選C。11.如圖所示，水平間距為L，半徑為r的二分之一光滑圓弧導(dǎo)軌，為導(dǎo)軌最低位置，與為最高位置且等高，右側(cè)連接阻值為R的電阻，圓弧導(dǎo)軌所在區(qū)域有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場?，F(xiàn)有一根金屬棒在外力的作用下以速度從沿導(dǎo)軌做勻速圓周運(yùn)動至處，金屬棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌的電阻均不計，則該過程中（）A.經(jīng)過最低位置處時，通過電阻R的電流最小B.經(jīng)過最低位置處時，通過金屬棒的電流方向?yàn)镃.通過電阻R的電荷量為D.電阻R上產(chǎn)生的熱量為【答案】C【解析】【詳解】A．金屬棒從位置運(yùn)動到軌道最低處的過程中，水平分速度即有效切割速度逐漸增大，由E=BLv可知金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，則通過R的電流大小逐漸增大；金屬棒從軌道最低位置運(yùn)動到處的過程中，水平分速度即有效切割速度逐漸減小，由E=BLv可知金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢減小，則通過R的電流大小逐漸減小，故經(jīng)過最低位置處時，通過電阻R的電流最大，故A錯誤；B．由右手定則可知，經(jīng)過最低位置處時，通過金屬棒的電流方向?yàn)?，故B錯誤；C．通過電阻R的電荷量為故C正確；D．金屬棒做勻速圓周運(yùn)動，切割磁感線的有效速度為是金屬棒的速度與水平方向的夾角，則金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為則回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，可得感應(yīng)電動勢的最大值為有效值為由焦耳定律可知，R上產(chǎn)生的熱量故D錯誤。故選C。12.老師采用圖1所示的實(shí)驗(yàn)器材演示交變電流的產(chǎn)生，并聯(lián)的兩個發(fā)光二極管連接方式如圖2所示，二極管兩端正向電壓大于0.7V時才能發(fā)光，反向電壓超過20V將損壞。勻速轉(zhuǎn)動手柄，1min內(nèi)二極管閃爍100次。已知發(fā)電機(jī)中正方形線框的邊長為10cm，匝數(shù)為1000，假設(shè)線圈所在處的磁場可視為勻強(qiáng)磁場，下列判斷正確的是（）A.線框的轉(zhuǎn)速為100r/sB.線框的電動勢有效值可能是20VC.磁感應(yīng)強(qiáng)度B不會超過0.4TD.若轉(zhuǎn)速減半，1min內(nèi)閃爍次數(shù)將變?yōu)?0次【答案】C【解析】【詳解】A．正弦式交變電流一個周期內(nèi)電流方向改變2次，所以1min內(nèi)有50個周期，線框的轉(zhuǎn)速為50r/min，故A錯誤；B．若線框電動勢有效值是20V，則最大值為二極管將被擊穿，故B錯誤；C．由最大值Em=nBSω=nBS×2πf=1000×B×0.12×2×3.14×V＜20V解得B＜0.4T故C正確；D．若轉(zhuǎn)速減半，交流電的最大值減半，如果這時的最大值小于0．7V，二極管將不會閃爍，1min內(nèi)閃爍次數(shù)將變?yōu)?次，故D錯誤。故選C。二、選擇題II（本題共3小題，每小題3分，共9分，每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）13.2022年35歲的梅西竭盡所能率領(lǐng)阿根廷隊(duì)取得第二十二屆世界杯足球賽冠軍，如圖是梅西在練習(xí)用頭顛球。假設(shè)足球從靜止開始自由下落45cm，被頭豎直頂起，離開頭部后足球上升的最大高度仍為45cm，足球與頭部的接觸時間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.頭向上頂球的過程中，頭對足球的沖量等于足球動量的變化量B.頭向上頂球的過程中，足球的動量變化量大小為2.4kg·m/sC.頭向上頂球的過程中，頭部對足球的平均作用力大小為28ND.從最高點(diǎn)下落至回到最高點(diǎn)過程中，足球重力的沖量為零【答案】BC【解析】【詳解】AB．取向下為正方向，由題知，下落、上升的高度都為h=45cm=0.45m，則下落到與頭部剛接觸時有解得與頭部碰撞后，速度反向，大小不變，即為，則動量變化量為即動量的大小為，設(shè)頭對足球的沖量為，根據(jù)動量定理可得A錯誤，B正確；C．根據(jù)動量定理可得即代入數(shù)據(jù)解得C正確；D．從最高點(diǎn)下落至回到最高點(diǎn)的過程中，足球重力的作用時間不為零，沖量不為零，D錯誤。故選BC。14.在水槽中，波源是固定在同一個振動片上的兩根細(xì)桿，當(dāng)振動片振動時，細(xì)桿周期性的擊打水面，形成兩列水面波，這兩列波相遇后，在它們的重疊區(qū)域會形成如圖甲所示的穩(wěn)定干涉圖樣。如圖乙所示，振動片做周期T的簡諧運(yùn)動，兩細(xì)桿同步周期性地?fù)舸蛩嫔系腁、B兩點(diǎn)，以線段AB為直徑在水面上畫一個半圓，半徑OC與AB垂直。圓周上除C點(diǎn)外還有其他振幅最大的點(diǎn)，D點(diǎn)為距C點(diǎn)最近的振動振幅最大的點(diǎn)。已知半圓的直徑為d，∠DBA=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.水波的波長為B.水波的傳播速度C.AB圓周上共有10個振動減弱點(diǎn)D.若減小振動片振動的周期，C點(diǎn)可能為振幅最小的點(diǎn)【答案】AC【解析】【詳解】A．依題意，DB與AD的長度差為波長，由幾何知識可得解得故A正確；B．水波的傳播速度為故B錯誤；C．在AB連線上取一點(diǎn)P，設(shè)它的振動是減弱的，令PA=x，則PB=d-x，P點(diǎn)到兩波源的波程差為在0<x<d的范圍內(nèi)，n取值為說明在AB之間連線上有10個振動減弱點(diǎn)，必然有10個振動減弱區(qū)，根據(jù)波的干涉圖樣畫出10條振動減弱線，和AB半圓的交點(diǎn)共有10個。故C正確；D．若減小振動片振動的周期，C點(diǎn)與兩波源的距離相等，距離差為零，一定仍為振幅最大的點(diǎn)。故D錯誤。故選AC。15.如圖所示，矩形金屬線圈abcd與理想變壓器的原線圈組成閉合電路，當(dāng)變壓器原線圈中的滑片置于最上端時，原、副線圈的匝數(shù)比為k:1。矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉(zhuǎn)動，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，線圈面積為S，轉(zhuǎn)動的角速度為ω，匝數(shù)為N，線圈電阻不計。則下列說法正確的是（）A.原線圈中輸入電流與副線圈中電流大小之比為kB.當(dāng)滑片P置于最上端時，電壓表示數(shù)為C.若將矩形線圈面積減為原來一半，轉(zhuǎn)速加倍，其他條件不變，則燈L1會變亮，燈L2會變暗D.其他條件不變，當(dāng)滑片P向下移動，電壓表示數(shù)增大【答案】CD【解析】【詳解】A．變壓器電流跟匝數(shù)成反比，所以原線圈中輸入電流與副線圈中電流大小之比為，A錯誤；B．原線圈最大電壓為其有效值為當(dāng)滑片P置于最上端時，副線圈電壓即電壓表示數(shù)為其他條件不變，當(dāng)滑片P向下移動，電壓表示數(shù)增大，B錯誤，D正確；C．設(shè)轉(zhuǎn)速為n，若將矩形線圈面積減為原來一半，轉(zhuǎn)速加倍，其他條件不變，則轉(zhuǎn)動頻率為頻率加倍，則副線圈的頻率也加倍，電容器的容抗減小，電感器的感抗增大，所以燈L1會變亮，燈L2會變暗，C正確。故選CD。第II卷（非選擇題共55分）三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.（1）在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，下列器材在實(shí)驗(yàn)中不必用到有______A.B.CD.（2）本實(shí)驗(yàn)要通過改變原、副線圈匝數(shù)，探究原、副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)中需要運(yùn)用的科學(xué)方法是______。A.控制變量法B.等效替代法C.類比法（3）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)原副線圈電壓之比略大于匝數(shù)之比，下列不可能的原因是______；A.原副線圈的電壓變化不同步B.變壓器線圈中有電流通過時會發(fā)熱C.鐵芯在交變磁場的作用下會發(fā)熱D.變壓器鐵芯漏磁【答案】①.AC②.A③.A【解析】【詳解】（1）[1]A．變壓器需要用交流電，干電池不能夠使變壓器正常過程，因此干電池不必要用到，A正確；B．實(shí)驗(yàn)需要用到變壓器，因此變壓器需要用到，B錯誤；C．該實(shí)驗(yàn)不需要滑動變阻器，C錯誤；D．電壓表用來測量電壓，需要用到，D錯誤。故選AC。（2）[2]本實(shí)驗(yàn)要通過改變原、副線圈匝數(shù)，探究原、副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)中需要運(yùn)用的科學(xué)方法是控制變量法。故選A。（3）[3]A．原副線圈電壓之比略大于匝數(shù)之比，表明副線圈兩端電壓偏小，說明穿過副線圈的磁通量小于穿過原線圈的磁通量，原副線圈的電壓變化不同步，并不能造成穿過副線圈的磁通量小于穿過原線圈的磁通量，該原因不可能，A正確；B．變壓器線圈中有電流通過時會發(fā)熱，有一部分能量損耗，造成穿過副線圈的磁通量小于穿過原線圈的磁通量，該原因可能，B錯誤；C．鐵芯在交變磁場的作用下會發(fā)熱，有一部分能量損耗，造成穿過副線圈的磁通量小于穿過原線圈的磁通量，該原因可能，C錯誤；D．變壓器鐵芯漏磁，有一部分能量損耗，造成穿過副線圈的磁通量小于穿過原線圈的磁通量，該原因可能，D錯誤。故選A。17.用圓弧狀玻璃磚做測定玻璃折射率的實(shí)驗(yàn)時，先在白紙上放好圓弧狀玻璃磚，在玻璃磚的一側(cè)豎直插上兩枚大頭針P1、P2，然后在玻璃磚的另一側(cè)觀察，調(diào)整視線使的像擋住的像，接著在眼睛所在的一側(cè)插兩枚大頭針和P4，使擋住和的像，擋住以及和的像，在紙上標(biāo)出大頭針位置和圓弧狀玻璃磚輪廓，如圖甲所示，其中O為兩圓弧圓心，圖中已畫出經(jīng)、點(diǎn)的入射光線。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的操作，下列說法正確的是________。A．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選用盡可能細(xì)的筆畫線B．在確定、P4位置時，二者距離應(yīng)適當(dāng)遠(yuǎn)一些，以減小誤差C．為了實(shí)驗(yàn)操作方便，應(yīng)選用粗的大頭針D．為了保證在弧面CD得到出射光線，實(shí)驗(yàn)過程中，光線在弧面AB的入射角應(yīng)適當(dāng)小一些（2）為了測出玻璃的折射率，需要測量入射角i和折射角r，請?jiān)趫D中補(bǔ)畫出所需的光路并在AB分界面上標(biāo)出這兩個角__________；（3）多次改變?nèi)肷浣牵瑴y得幾組入射角和折射角，根據(jù)測得的入射角和折射角的正弦值，畫出了如圖乙所示的圖像，由圖像可知該玻璃的折射率n=__________。【答案】①.ABD②.見解析③.1.5【解析】【詳解】（1）[1]A．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，選用盡可能細(xì)的筆畫線，故A正確；B．在確定、P4位置時，二者距離應(yīng)適當(dāng)遠(yuǎn)一些，以減小誤差，故B正確；C．為了實(shí)驗(yàn)操作方便，應(yīng)選用細(xì)的大頭針，故C錯誤；D．為了保證在弧面CD得到出射光線，實(shí)驗(yàn)過程中，光線在弧面AB的入射角應(yīng)適當(dāng)小一些，才不會使光線在面上發(fā)生全反射，故D正確。故選ABD。（2）[2]連接、與交于一點(diǎn)，此交點(diǎn)即為光線從玻璃磚中射出的位置，由于、的連線與的交點(diǎn)即為光線進(jìn)入玻璃磚的位置，連接兩交點(diǎn)即可作出玻璃磚中的光路，如圖所示。（3）[3]圖像的斜率由題圖乙可知斜率為，即該玻璃的折射率為。18.在“用雙縫干涉測量光的波長”的實(shí)驗(yàn)中，（1）圖中的a、b、c三個位置對應(yīng)的器材為________；A．a(chǎn)是濾光片，b是單縫，c是雙縫B．a(chǎn)是單縫，b是濾光片，c是雙縫C．a(chǎn)是雙縫，b是濾光片，c是單縫（2）以某種單色光做實(shí)驗(yàn)時，先將測量頭分劃板中心刻度線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第一條亮紋，此時手輪上的刻度如圖所示，讀數(shù)為________mm；轉(zhuǎn)動手輪，當(dāng)分劃板中心刻度線與第6條亮紋中心對齊時，讀數(shù)是17.332mm，已知裝置中雙縫間距為0.2mm，雙縫到屏的距離是1.0m，則測得此單色光的波光為________m（保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?A②.2.332##2.331##2.333③.【解析】【詳解】（1）[1]雙縫干涉實(shí)驗(yàn)讓單色光通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣，所以讓白熾燈光通過濾光片，再經(jīng)過單縫形成單色光，再通過雙縫，故圖中的a、b、c三個位置對應(yīng)的器材為：濾光片、單縫、雙縫。故選A。（2）[2]螺旋測微器的精確值為，由圖可知讀數(shù)為[3]兩條相鄰亮紋間的距離為根據(jù)可得此單色光的波光為19.一位游客在千島湖邊乘坐游船，當(dāng)日風(fēng)浪很大，游船上下浮動?？砂延未雍喕韶Q直方向的簡諧運(yùn)動，振幅為20cm，周期為3.0s。當(dāng)船上升到最高點(diǎn)時，甲板剛好與碼頭地面平齊。若地面與甲板的高度差不超過10cm時，游客能舒服地登船。求（1）若t=0時，船處于平衡位置且開始向上浮動，以向上浮動為正方向，則船振動的位移和時間變化的關(guān)系；（2）在一個周期內(nèi)，游客能舒服地登船的時間是多少；（3）若把風(fēng)浪的運(yùn)動簡化為簡諧橫波，據(jù)游客的觀察，兩個相鄰的浪（波峰）之間的距離為25cm。則浪的傳播速度是多少?！敬鸢浮浚?）；（2）1s；（3）0.083m/s【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意可知A=20cm=0.2m游船做簡諧運(yùn)動的振動方程為（2）把船浮動簡化成豎直方向的簡諧運(yùn)動，從船上升到最高點(diǎn)時開始計時，其振動方程為當(dāng)y=10cm時，可解得所以在一個周期內(nèi)，游客能舒服登船的時間是=2t=1.0s（3）根據(jù)兩個相鄰的浪（波峰）之間的距離為25cm，可知根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得20.如圖所示，在光滑水平桌面上靜止著三個小滑塊，滑塊1和滑塊2之間壓縮一輕彈簧（滑塊與輕彈簧之間不拴接），水平桌面的左端A處固定一個與桌面相切的，半徑為r的光滑豎直圓軌道，水平桌面的右端B處與一光滑管道（內(nèi)徑略大于滑塊大?。┫嗲校艿滥┒伺c粗糙地面CD在C點(diǎn)平滑連接，D點(diǎn)處有豎直擋板?，F(xiàn)釋放被壓縮的彈簧，滑塊1和滑塊2被彈出，滑塊2彈出時的速度，滑塊1和滑塊3相碰后粘在一起，進(jìn)入圓弧軌道，并恰好通過最高點(diǎn)E，滑塊2從B點(diǎn)進(jìn)入光滑管道后，在水平軌道上與滑塊4碰撞后粘在一起運(yùn)動。已知滑塊1和滑塊3的質(zhì)量m均為0.1kg，滑塊2和滑塊4的質(zhì)量M均為0.2kg，且四個滑塊均可看成質(zhì)點(diǎn)，滑塊與粗糙地面CD之間的動摩擦因數(shù)為0.5，CD的長度，桌面和地面間高度差，不考慮滑塊與擋板碰撞時機(jī)械能損失。求：（1）被滑塊1和滑塊2壓縮的彈簧的彈性勢能；（2）光滑豎直圓軌道半徑r；（3）最終滑塊2和滑塊4停在距D點(diǎn)多遠(yuǎn)的位置?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）將滑塊1和滑塊2與壓縮的彈簧看作系統(tǒng)，由系統(tǒng)內(nèi)動量守恒有得彈簧的彈性勢能為得（2）滑塊1和滑塊3相碰過程動量守恒得滑塊1和滑塊3相碰后粘在一起，進(jìn)入圓弧軌道并恰好通過最高點(diǎn)E過程，由動能定理有由最高點(diǎn)重力提供向心力聯(lián)立上式得（3）滑塊2從B點(diǎn)進(jìn)入光滑管道后，在水平軌道上與滑塊4相碰前，由動能定理得對滑塊2和滑塊4碰撞過程由動量守恒得得由于不考慮滑塊與擋板