2023年四川省武勝高考物理考前最后一卷預(yù)測卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、下列用來定量描述磁場強(qiáng)弱和方向的是（）

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度B.磁通量C.安培力D.磁感線

2、一帶電粒子從A點(diǎn)射人電場，從B點(diǎn)射出，電場的等勢面和粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示，圖中左側(cè)前三個等勢面彼

此平行，不計(jì)粒子的重力.下列說法正確的有

第6題圖

A.粒子帶正電荷

B.粒子的速度不斷增大

C.粒子的加速度先不變，后變小

D.粒子的電勢能先減小，后增大

3、下列關(guān)于科學(xué)家對物理學(xué)發(fā)展所做的貢獻(xiàn)正確的是（）

A.牛頓三條運(yùn)動定律是研究動力學(xué)問題的基石，牛頓的三條運(yùn)動定律都能通過現(xiàn)代的實(shí)驗(yàn)手段直接驗(yàn)證

B.伽利略通過實(shí)驗(yàn)和合理的推理提出質(zhì)量并不是影響落體運(yùn)動快慢的原因

C.奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)

D.伽利略通過萬有引力定律計(jì)算得出了太陽系中在天王星外還存在著距離太陽更遠(yuǎn)的海王星

4、圖1是研究光的干涉現(xiàn)象的裝置示意圖，在光屏P上觀察到的圖樣如圖2所示。為了增大條紋間的距離，下列做

法正確的是（）

。二"s尸lllllll

光>|I52圖2

單縫屏雙縫屏光屏

圖1

A.增大單色光的頻率

B.增大雙縫屏上的雙縫間距

C.增大雙縫屏到光屏的距離

D.增大單縫屏到雙縫屏的距離

5、水平地面上方分布著水平向右的勻強(qiáng)電場，一光滑絕緣輕桿豎直立在地面上，輕桿上有兩點(diǎn)A、瓦輕桿左側(cè)固定

一帶正電的點(diǎn)電荷，電荷量為+Q,點(diǎn)電荷在輕桿A3兩點(diǎn)的中垂線上，一個質(zhì)量為機(jī)，電荷量為+g的小球套在輕桿上,

從A點(diǎn)靜止釋放，小球由4點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）

A.小球受到的電場力先減小后增大

B.小球的運(yùn)動速度先增大后減小

C.小球的電勢能先增大后減小

D.小球的加速度大小不變

6、太陽周圍除了八大行星，還有許多的小行星，在火星軌道與木星軌道之間有一個小行星帶，假設(shè)此小行星帶中的行

星只受太陽引力作用，并繞太陽做勻速圓周運(yùn)動，則

小行星帶

A.小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動周期相同

B.小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動加速度大于火星做圓周運(yùn)動的加速度

C.小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動周期大于木星公轉(zhuǎn)周期

D.小行星帶中某兩顆行星線速度大小不同，受到太陽引力可能相同

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、在某一均勻介質(zhì)中由波源O發(fā)出的簡諧橫波在x軸上傳播，某時刻的波形如圖所示，其波速為5m/s,則下列說法

B.再經(jīng)過0.5s質(zhì)點(diǎn)N剛好在(-5m,20cm)位置

C.在1.5svt<1.6s時間間隔內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)N在x軸上方向上運(yùn)動

D.能與該波發(fā)生干涉的橫波的頻率一定為3Hz

E.再經(jīng)過0.5s時間質(zhì)點(diǎn)M通過的路程大于100m

8、如圖所示，足夠長U型管內(nèi)分別由水銀封有人、4兩部分氣體，則下列陳述中正確是()

岳7

hrnij

A.只對右加熱，則〃減小，氣柱以長度不變

B.只對右加熱，則〃減小，氣柱4長度減少

C.若在右管中注入一些水銀，乙將增大

D.使人、以同時升高相同的溫度，則乙增大、“減小

9、如圖，發(fā)電機(jī)的輸出電壓。=10000sin100m(V),通過理想降壓變壓器給若干盞燈泡供電，輸電線上連接可調(diào)

電阻變壓器原線圈兩端接有理想交流電壓表V,副線圈干路接有理想交流電流表A,下列說法正確的是()

A.電壓表V的示數(shù)始終為1000VB.僅可調(diào)電阻r增大，電壓表V的示數(shù)減小

C.僅接入燈泡增多，電流表A的示數(shù)增大D.僅可調(diào)電阻r增大，電流表A的示數(shù)減小

10、為了保障廣大市民的生命健康，快遞公司和外賣平臺推出了“無接觸”配送。業(yè)內(nèi)人士分析，“無接觸”配送減輕了

廣大市民的生活壓力，使他們不用走出小區(qū)，生活依然得到保障，同時也使疫情得到有效控制，避免病毒通過人群接

觸擴(kuò)散和蔓延。如圖為某快遞公司分揀郵件的水平傳輸裝置示意圖，皮帶在電動機(jī)的帶動下保持v=lm/s的恒定速度向

右運(yùn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量為，〃=2kg的郵件輕放在皮帶上，郵件和皮帶間的動摩擦因數(shù)“=0.5,設(shè)皮帶足夠長，取g=10m/s2,

在郵件與皮帶發(fā)生相對滑動的過程中，下列說法正確的是（）

A.皮帶對郵件的作用力水平向右

B.郵件在傳送帶上滑動的時間為0.2s

C.郵件對地的位移大小為0.1m

D.郵件與皮帶間的摩擦力對皮帶做的功為2J

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學(xué)在“測勻變速直線運(yùn)動的加速度”的實(shí)驗(yàn)中，用打點(diǎn)計(jì)時器（頻率為50Hz,即每0.02s打一個點(diǎn)）記

錄了被小車拖動的紙帶的運(yùn)動情況，在紙帶上確定出4、B、C,D,E、F,G共7個計(jì)數(shù)點(diǎn).其相鄰點(diǎn)間還有4個點(diǎn)

未畫出.其中尤1=7.05cm、％=7.67cm、=8.29cm,4=8.91cm、毛=9.53cm、x6=10.15cm,小車運(yùn)動

的加速度為__m/s2,在尸時刻的瞬時速度為一m/s（保留2位有效數(shù)字）。

12.（12分）某同學(xué)用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，如圖所示，用質(zhì)量為機(jī)的鉤碼通過輕繩帶動質(zhì)量為

M的滑塊在水平導(dǎo)軌上，從A由靜止開始運(yùn)動，測出寬度為d的遮光條經(jīng)過光電門的時間已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?/p>

g,要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，還需要測量的物理量是,在這過程中系統(tǒng)的動能增量為。如果實(shí)驗(yàn)前忘記調(diào)

節(jié)導(dǎo)軌水平，而是導(dǎo)軌略為向左傾斜，用現(xiàn)有測量數(shù)據(jù)（填“能''或"不能”）驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。

遮光條

光電汁時

A

鉤碼

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）在納米技術(shù)中需要移動或修補(bǔ)原子，必須使在不停地做熱運(yùn)動（速率約幾百米每秒）的原子幾乎靜止下

來且能在一個小的空間區(qū)域內(nèi)停留一段時間，為此已發(fā)明了“激光致冷”的技術(shù)。即利用激光作用于原子，使原子運(yùn)動

速率變慢，從而溫度降低。

（1）若把原子和入射光子分別類比為一輛小車和一個小球，貝!1“激光致冷”與下述的力學(xué)模型相似。如圖所示，一輛質(zhì)量

為機(jī)的小車（左側(cè)固定一輕質(zhì)擋板以速度為水平向右運(yùn)動；一個動量大小為p。質(zhì)量可以忽略的小球水平向左射入小

車后動量變?yōu)榱悖痪o接著不斷重復(fù)上述過程，最終小車將停下來。設(shè)地面光滑。求:

①第一個小球入射后，小車的速度大小也；

②從第一個小球入射開始計(jì)數(shù)到小車停止運(yùn)動，共入射多少個小球？

(2)近代物理認(rèn)為，原子吸收光子的條件是入射光的頻率接近于原子吸收光譜線的中心頻率如圖所示，現(xiàn)有一個原子A

水平向右運(yùn)動，激光束a和激光束b分別從左右射向原子A,兩束激光的頻率相同且都略低于原子吸收光譜線的中心

頻率、請分析：

①哪束激光能被原子A吸收?并說明理由；

②說出原子A吸收光子后的運(yùn)動速度增大還是減小。

。000b

14.(16分)如圖所示，兩根電阻不計(jì)且足夠長的平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，傾角a=37。，導(dǎo)軌間距工=lm,頂端用電阻

R=2Q的定值電阻相連。虛線上方存在垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=1T。質(zhì)量，m=O.lkg、

電阻拈=4。的導(dǎo)體棒M在磁場中距虛線的距離d=2m,M與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)川=0.25,質(zhì)量w/2=0.3kg、電阻/?2=2￡2

的導(dǎo)體棒N在虛線處，N與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)“2=0.8。將導(dǎo)體棒M、N同時從導(dǎo)軌上由靜止釋放，M到達(dá)虛線前已

經(jīng)勻速，重力加速度g取10m/s2,運(yùn)動過程中M、N與導(dǎo)軌始終接觸良好，已知目1137。=0.6,COS37L0.8。

(1)求知、N相碰前，M上產(chǎn)生的焦耳熱；

(2)求M、N相碰前M運(yùn)動的時間；

(3)"、N相遇發(fā)生彈性碰撞，碰后瞬間對"施加一個沿斜面方向的作用力凡使M、N同時勻減速到零，求知棒

在減速到零的過程中作用力F的大小隨時間變化的表達(dá)式。

15.(12分)如圖，小球“、》用等長細(xì)線懸掛于同一固定點(diǎn)O.讓球。靜止下垂，將球5向右拉起，使細(xì)線水平.從

靜止釋放球從兩球碰后粘在一起向左擺動，此后細(xì)線與豎直方向之間的最大偏角為60。.忽略空氣阻力，求

0

b

(1)兩球a、》的質(zhì)量之比;

(2)兩球在碰撞過程中損失的機(jī)械能與球h在碰前的最大動能之比.

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1,A

【解析】

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度是用來描述磁場強(qiáng)弱和方向的物理量，故A正確；

B.磁通量是穿過某一面積上的磁感線的條數(shù)，單位面積上的磁通量才可以描述磁場的強(qiáng)弱，故B錯誤；

C.安培力描述電流在磁場中受到的力的作用，不是用來描述磁場的強(qiáng)弱和方向，故C錯誤；

D.磁感線只能定性地說明磁場的強(qiáng)弱和方向，故D錯誤；

故選Ao

2、C

【解析】

A.帶電粒子做曲線運(yùn)動，受力指向曲線的內(nèi)側(cè)，所以所受電場力向左，帶負(fù)電；A錯；

BC.電場力做負(fù)功，所以動能越來越小，電勢能越來越大，速度越來越小B錯；C,對；

D.等勢線的疏密程度反映場強(qiáng)大小，所以所受電場力越來越小，加速度越來越小，D錯.

故選C

3、B

【解析】

A.牛頓三條運(yùn)動定律是研究動力學(xué)問題的基石，牛頓第一定律不能通過實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證，而牛頓第二定律和牛頓第三

定律都能通過現(xiàn)代的實(shí)驗(yàn)手段直接驗(yàn)證，A錯誤；

B.伽利略通過實(shí)驗(yàn)和合理的推理提出物體下落的快慢與物體的輕重沒有關(guān)系，即質(zhì)量并不影響落體運(yùn)動快慢，B正確;

c.安培由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，C錯誤；

D.英國青年數(shù)學(xué)家亞當(dāng)斯與法國數(shù)學(xué)家勒威耶分別獨(dú)立地通過萬有引力定律計(jì)算得出了太陽系中在天王星外還存在

著距離太陽更遠(yuǎn)的海王星，D錯誤。

故選B。

4、C

【解析】

A.增大單色光頻率，則波長減小，根據(jù)公式心=』/1可知，條紋間的距離減小，A不符合要求；

B.增大雙縫屏上的雙縫間距d,根據(jù)公式叔=4之可知，條紋間的距離減小，B不符合要求；

a

C.增大雙縫屏到光屏的距離L根據(jù)公式-可知，條紋間的距離增大，C符合要求；

a

D.根據(jù)公式Ar=可知，條紋間的距離與單縫屏到雙縫屏的距離無關(guān)，D不符合要求。

a

故選C。

5、C

【解析】

A.小球下滑時受勻強(qiáng)電場的電場力是不變的，受到點(diǎn)電荷的電場力先增加后減小，則小球受到的電場力先增大后減

小，選項(xiàng)A錯誤；

B.小球下滑時，勻強(qiáng)電場的電場力垂直小球運(yùn)動方向，則對小球不做功；點(diǎn)電荷在前半段先對小球做負(fù)功，重力做

正功，但是由于不能比較正功和負(fù)功的大小關(guān)系，則不能確定小球速度變化情況；在后半段，點(diǎn)電荷電場力和重力均

對小球做正功，則小球的運(yùn)動速度增大，選項(xiàng)B錯誤；

C.小球下滑時，勻強(qiáng)電場的電場力垂直小球運(yùn)動方向，則對小球不做功；點(diǎn)電荷在前半段先對小球做負(fù)功，在后半

段對小球做正功，則小球的電勢能先增大后減小，選項(xiàng)C正確；

D.由小球的受力情況可知，在A點(diǎn)時小球的加速度小于g,在AB中點(diǎn)時小球的加速度等于g,在3點(diǎn)時小球的加速

度大于g,則加速度是不斷變化的，選項(xiàng)D錯誤。

故選C。

6、D

【解析】

4/

A項(xiàng)：由公式Gr可知，若小行星做圓周運(yùn)動半徑不同，則周期不同，故A錯誤;

r-m亍

B項(xiàng)：由公式6尸=,〃&可知'小行星中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動的加速度小于火星做圓周運(yùn)動的加速度'故B錯

誤;

c項(xiàng)：小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動的半徑小于木星繞太陽公轉(zhuǎn)的半徑，因此小行星帶中各行星繞太陽做圓周

運(yùn)動周期小于木星公轉(zhuǎn)周期，故c錯誤；

2v2

D項(xiàng)：由公式尸=，〃匕可知，某兩顆行星線速度大小v不同，但根匕有可能相同，故D正確。

rr

故選：D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ABE

【解析】

A.根據(jù)對稱性可知，此時P(-2m,Ocm)、Q(2m,0cm)兩點(diǎn)運(yùn)動方向相同，A正確；

o2i

B.由圖可知波長2=2加，周期為T=-=-s,時間f=0.5s=l-T,波傳到N點(diǎn)的時間為7,波傳到N點(diǎn)時，N點(diǎn)

v54

向上運(yùn)動，經(jīng)過0.5s質(zhì)點(diǎn)N剛好在波峰，其坐標(biāo)為(-5m,20cm),B正確；

C.在L5s<t<L6s時間間隔內(nèi)，即33T~4T,由周期性可知其3與~2T運(yùn)動狀態(tài)相同，可判斷質(zhì)點(diǎn)N在x軸下方

44

向上運(yùn)動，C錯誤；

D.該波的頻率為/="=2.5Hz,能與該波發(fā)生干涉的橫波的頻率一定為2.5Hz,D錯誤；E.在經(jīng)過0.5s即個周

期，1個完整的周期其通過的路程為80cm,由于,丁內(nèi)M處于加速階段，因此通過的路程大于20cm,即總路程大于

4

100cm,E正確.

8、AD

【解析】

AB.只對L加熱，假設(shè)體積不變，則壓強(qiáng)增大，所以心增大、兒減小，氣柱心長度不變，因?yàn)榇瞬糠謿怏w做等溫變

化，故A正確B錯誤；

C.若在右管中注入一些水銀，乙2壓強(qiáng)增大，假設(shè)心的體積不變，L的壓強(qiáng)與力長度的水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)之和隨之增

大，L的壓強(qiáng)增大，根據(jù)玻意耳定律得以將減小，故C錯誤；

D.使心、心同時升高相同的溫度，假設(shè)氣體體積不變，Li的壓強(qiáng)增大，心壓強(qiáng)不變，則必增大、〃減小，故D正

確；

故選AD.

【點(diǎn)睛】

做好本題的關(guān)鍵是知道兩邊氣體壓強(qiáng)大小的影響因素，再利用理想氣體狀態(tài)方程判斷各物理量的變化.

9、BCD

【解析】

A.電壓表示數(shù)

U=Uo-Ir<lOOOV

A錯誤；

BD.可調(diào)電阻r增大，副線圈電阻不變，則電路總電阻增大，電流減小，副線圈電阻分壓減小，BD正確;

C.僅接入燈泡增多，副線圈電流增大，電流表示數(shù)增大，C正確。

故選BCD,

10>BC

【解析】

A.皮帶對郵件的作用力為豎直向上的支持力和水平向右的摩擦力的合力，方向斜向右上方，故A錯誤；

B.以郵件為研究對象，根據(jù)動量定理得

jamgt=mv

代入數(shù)據(jù)解得

t=0.2s

故B正確；

C.以郵件為研究對象，根據(jù)動能定理得

/.imgx--1mv2

代入數(shù)據(jù)解得

X=0.1m

故C正確；

D.郵件對皮帶的摩擦力做功為

W=pimg-x傳送帶-cos180°=-fjmgvt=-2J

故D錯誤。

故選BC?

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.620.98

【解析】

[1].相鄰點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時間間隔7=0.1s。在紙帶中，連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差

△x=0.62cm,根據(jù)AkaT2得

..X0.62x10-2

=0.62m/s2

T70.01

[2].F點(diǎn)的瞬時速度等于EG段的平均速度，則

_X+X_(9.53+10.15)X10-2

56=0.98m/s

~zr0.2

12、A、B的距離L+不能

【解析】

[1]要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，就需要求得動能的增加量和重力勢能的減少量，而要知道重力勢能的減少量則還需要測得A、

B的距離L。

⑵滑塊通過光電門B時，因光電門寬度很小，用這段平均速度代替瞬時速度可得

d

故滑塊和鉤碼組成的系統(tǒng)從A到B動能的增加量為

△4=5（，〃+知）喏=5（，〃+“）

⑶如果導(dǎo)軌不水平，略微傾斜，則實(shí)驗(yàn)過程中滑塊的重力勢能也要發(fā)生變化，因不知道傾角，故不能求得滑塊重力勢

能的變化，則不能驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、（1）①vo—②竺（2）①激光束，理由見解析6；②減小

mp

【解析】

（1）①取向右方向?yàn)檎?，小車與小球水平方向動量守恒

mv0-P=mv{

得3匕=%---P

m

②設(shè)入射〃個小球后小車將停下來，由動量守恒定律得

mv07tp=0

解得〃=智。

⑵①激光束b

理由是原子A向右運(yùn)動，是迎著激光束b運(yùn)動的，根據(jù)多普勒效應(yīng)，這個原子感受到激光束b的頻率升高，進(jìn)一步接

近了原子吸收光譜線的中心頻率，原子從激光束b吸收光子的幾率增大。原子A的運(yùn)動方向和激光束a的傳播方向相

同，所以它感受到激光束a的頻率減小，根據(jù)多普勒效應(yīng)，這個原子感受到激光束a的頻率降低，進(jìn)一步遠(yuǎn)離了原子

吸收光譜線的中心頻率，原子從激光束a吸收光子的幾率減小。綜上所述，原子A吸收了激光束b的光子。

②減小。由動量守恒定理得

mv0—mhvh=(m+w/;)v

(〃2+/叫,)

所以是減小了。

14、(1)0.48J；(2)1.5s；(3)尸=0.96—0.08但.5s)

【解析】

(1)的棒勻速時，有

7?ugsin37°=//i7/zigcos37°+BIL?

E=BLva?

RR、

R總=&+不力④

M棒從開始到達(dá)虛線位置，有

//^gJsinS70=4碼gdcos37。%+?？偄?/p>

M