2022年高考押題預(yù)測卷02（全國乙卷）-理綜（全解全析）

2022年高考原創(chuàng)押題預(yù)測卷02【全國乙卷】

理科綜合?全解全析

1234567891011

DADBCCCCCcB

12131415161718192021

DAADCCCBCCDAC

1.

【答案】D

【解析】

【分析】

疫苗是將病原微生物（如細(xì)菌、立克次氏體、病毒等）及其代謝產(chǎn)物，經(jīng)過人工減毒、滅活或利用轉(zhuǎn)基因

等方法制成的用于預(yù)防傳染病的自動免疫制劑。疫苗保留了病原菌刺激動物體免疫系統(tǒng)的特性。當(dāng)動物體

接觸到這種不具傷害力的病原菌后，免疫系統(tǒng)便會產(chǎn)生一定的保護(hù)物質(zhì)，如免疫激素、活性生理物質(zhì)、特

殊抗體等；當(dāng)動物再次接觸到這種病原菌時，動物體的免疫系統(tǒng)便會依循其原有的記憶，制造更多的保護(hù)

物質(zhì)來阻止病原菌的傷害。

【詳解】

A、黏膜細(xì)胞不能產(chǎn)生抗體，漿細(xì)胞才能產(chǎn)生抗體，A錯誤；

B、吸入式新冠病毒疫苗的使用不會作用于細(xì)胞膜上的病毒受體而使其失去功能，B錯誤；

C、某種疫苗具有特異性，只能針對相應(yīng)病毒起到保護(hù)人體的作用，不能避免變異新冠病毒感染已接種該疫

苗的人體，C錯誤；

D、接種吸入式新冠病毒疫苗后可以阻斷人與人之間的傳播，因此可以避免同種病毒的空氣傳播感染，D正

確。

故選D。

2.

【答案】A

【解析】

【分析】

I、同位素標(biāo)記法也叫同位素示蹤法，同位素可用于追蹤物質(zhì)的運行和變化規(guī)律。在生物學(xué)研究中，用于研

究分泌蛋白的合成過程、噬菌體侵染細(xì)菌的實驗、光合作用過程中水的來源和二氧化碳的轉(zhuǎn)移途徑等方面。

2、分別用綠色和紅色熒光標(biāo)記法標(biāo)記鼠和人細(xì)胞膜上的蛋白質(zhì)分子，讓小鼠細(xì)胞和人在37c條件下融合，

40min后，綠色和紅色熒光在融合的細(xì)胞膜上均勻分布。

【詳解】

A、用,4C標(biāo)記的CCh探明了光合作用中碳的轉(zhuǎn)移途徑，用含l5N的培養(yǎng)液培養(yǎng)大腸桿菌證明了DNA的半

保留復(fù)制方式，&N不具有放射性，不能檢測同位素放射性，A錯誤；

B、DNA雙螺旋結(jié)構(gòu)的發(fā)現(xiàn)和研究某種群“J”型增長規(guī)律都采用了模型建構(gòu)法，前者構(gòu)建的是物理模型，后

者構(gòu)建的是數(shù)學(xué)模型，B正確；

C、在探究酵母菌呼吸方式時，利用了有氧和無氧的兩組實驗裝置進(jìn)行對比實驗，常用“梯度法'’來探究酶的

最適溫度（或pH）,設(shè)計實驗時需設(shè)置一系列不同溫度（或pH）的實驗組進(jìn)行相互對比，C正確；

D、采用熒光標(biāo)記法標(biāo)記細(xì)胞膜上的蛋白質(zhì)分子，讓小鼠細(xì)胞和人細(xì)胞融合，表明細(xì)胞膜具有流動性；現(xiàn)代

分子生物學(xué)技術(shù)通過熒光標(biāo)記確定基因在染色體上的位置，D正確。

故選Ao

3.答案：D

【解析】新冠病毒屬于RNA病毒，遺傳物質(zhì)是一條單股正鏈RNA,通過自我復(fù)制生成子代病毒遺傳物質(zhì)

RNA,A錯誤；大腸桿菌是原核生物，無核仁，B錯誤；煙草細(xì)胞的遺傳物質(zhì)是DNA,不包括RNA,C錯

誤；同一個體的不同細(xì)胞中不同時期遺傳物質(zhì)的量不一定相同，D正確。

4.

【答案】B

【解析】

【分析】

呼吸作用包括有氧呼吸和無氧呼吸，有氧呼吸是在有氧條件可以將葡萄糖徹底分解成CCh和H?O,無氧呼

吸是在無氧條件下將葡萄糖分解成酒精和CO2或乳酸。

【詳解】

A、由題意知，患者消化道內(nèi)微生物發(fā)酵產(chǎn)生高濃度酒精能致其酒醉，所以患者腸道內(nèi)產(chǎn)酒精微生物比例較

raj,A正確；

B、腸道微生物主要通過無氧呼吸產(chǎn)生酒精，B錯誤；

C、酒精進(jìn)入細(xì)胞的方式是自由擴散，c正確；

D、呼吸作用最常利用的物質(zhì)是葡萄糖，所以減少糖類物質(zhì)的攝入可緩解ABS的病癥，D正確。

故選B。

5.

【答案】C

【解析】

【分析】

1、生物進(jìn)化理論的內(nèi)容：種群是生物進(jìn)化的基本單位；突變和基因重組提供進(jìn)化的原材料；自然選擇或人

工選擇導(dǎo)致種群基因頻率的定向改變；通過隔離形成新的物種。

2、根據(jù)題干信息，飛鳥A是捕食者，蝸牛是被捕食者，蝸牛有有條紋和無條紋兩種類型，由圖可見有條紋

的蝸牛被捕食的概率高，無條紋的蝸牛被捕食的概率低，據(jù)此分析答題。

【詳解】

A、根據(jù)以上分析已知，有條紋蝸牛被飛鳥A捕食的概率大于無條紋蝸牛，所以控制有條紋性狀的基因頻

率將減小，A正確；

B、蝸牛是被捕食者，飛鳥A是捕食者，兩者之間通過捕食和躲避捕食而相互選擇，協(xié)同進(jìn)化，B正確；

C、該地有條紋蝸牛與無條紋蝸牛共同生活在一起，可相互交配而實現(xiàn)基因的交流，屬于同一個物種，C錯

誤；

D、當(dāng)蝸牛數(shù)量因捕食而減少時會反過來抑制飛鳥A數(shù)量的增長，從而使兩個種群數(shù)量保持相對穩(wěn)定，D正

確。

故選C。

6.答案：C

【解析】該單基因遺傳病產(chǎn)生的根本原因是基因突變，A錯誤；圖1中1號和2號都正常，但他們的兒子

患病，說明該病為隱性遺傳病，圖2中編號8有兩個條帶，對應(yīng)的樣品來自于圖1中的8號個體，而8號

個體是隱性純合子，但出現(xiàn)了兩個條帶，說明致病基因內(nèi)部存在相關(guān)限制酶的1個切點，B錯誤；6號生的

8號為患病男性，說明6號為雜合子，6號和5號均有三條條帶，說明5號也為雜合子，從而說明控制該病

的基因位于常染色體上，5號和1號均有患病兒子，均為雜合子，基因型相同的概率為100%,C正確；因

致病基因位于常染色體上，男女患病機會相等，對胎兒進(jìn)行性別鑒定不能降低生患兒的風(fēng)險，D錯誤。

7【答案】C

【詳解】A.壓縮空氣儲能是利用空氣狀態(tài)的變化，重力儲能利用介質(zhì)動能勢能的轉(zhuǎn)化，屬于物理儲能方式,

儲能裝置放電時會發(fā)生化學(xué)反應(yīng)，A說法錯誤；B.發(fā)展新型綠色儲能利于實現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)，與碳匯無關(guān)(碳

匯指樹木、植物吸收匯聚的二氧化碳的量)，B錯誤；C.氨不易燃燒，易液化存儲及運輸，這些均優(yōu)于氫。

合成氨時，更加低成本高效的電解水制氫方式、尋求合成氨的低溫催化劑(目前合成氨條件：高溫高壓催

化劑)有待創(chuàng)新，且氨不易燃燒，燃燒時控制氮氧化合物的生成，都是研究攻克的技術(shù)問題，C說法正確；

D.將太陽能轉(zhuǎn)化為電化學(xué)儲能用到光電池，單晶硅、多晶硅都可做光電池，但并不唯一，還有其他可做芯

片的化合物半導(dǎo)體，最少的能量轉(zhuǎn)化包括光能-電能-化學(xué)能，3種，D錯誤。故選C。

8.【答案】C

【詳解】

A.配制一定物質(zhì)的量濃度溶液定容時，視線于容量瓶刻度線相平，A能達(dá)到實驗?zāi)康模?/p>

B.CO?與NaOH發(fā)生反應(yīng)，可以使瓶內(nèi)壓強瞬間減小從而形成噴泉現(xiàn)象，B能達(dá)到實驗?zāi)康模?/p>

C.NCh的密度比空氣大，應(yīng)該采用向上排空氣法收集，即“長進(jìn)短出”，C不能達(dá)到實驗?zāi)康模?/p>

D.氨氣極易溶于水，當(dāng)膠頭滴管中的水滴下時，瓶內(nèi)壓強瞬間減小，可觀察到氣球膨脹的現(xiàn)象，D能達(dá)到

實驗?zāi)康模?/p>

答案選C。

9.【答案】C

【解析】

A.28.4gP2O5為0.2mol,即02moiP4O10,1個PQo含16個共價鍵(4個P=O,12個P-O,全部為極性鍵),

貝ijO.lmolPKXo含有共1.6mol共價鍵，也就是1.6M個，故A錯誤；

B.核反應(yīng)方程式必須遵循核電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，即可推算出A=36,Z=89,,ImoDM中含中子(89-36)

NA=53NA,故B錯誤；

C.由得失電子數(shù)目守恒可知，1mol鋅與稀硫酸反應(yīng)生成1mol氫氣，與濃硫酸反應(yīng)生成1mol二氧化硫，

則0.25molZn與一定量濃硫酸反應(yīng)后完全溶解時，無論是生成氫氣，還是二氧化硫，或是二氧化硫或氫氣

的混合氣體，氣體的分子數(shù)恒定為0.25molxgmolT=0.25NA,故C正確；

++

D.ILImol/LCH3coONa溶液中〃(Na+)=lmol,根據(jù)電荷守恒：n(CH3COO)+n(OH)=n(Na)+n(H),所以

CH3coO與0H-離子數(shù)之和大于刈，故D錯誤；

故選C。

10.【答案】C

【詳解】

A.一個檸檬酸分子中含有四個親水基，故檸檬酸易溶于水，其中含有三個竣基，屬于三元酸，A正確；

B.-OH,-COOH均可與Na發(fā)生置換反應(yīng)得到H2,1mol檸檬酸共有-OH、-COOH4mol,故與足量Na反

應(yīng)可得到2mol小，B正確；

C.符合要求的同分異構(gòu)如下:

（序號代表-0H）,共有11種，C錯誤;

D.檸檬酸中含有羥基、竣基，兩種官能團均可發(fā)生酯化反應(yīng)，D正確;

故答案選C。

11.【答案】B

【分析】

根據(jù)化合物G的焰色實驗為黃色，可推斷有鈉元素，G與F反應(yīng)生成CO?,故G為碳酸鈉或者為碳酸氫鈉,

則可推出E為鈉的化合物，E中含兩種元素，又能與C0?反應(yīng)，故為Na^O?,A與B為鈉與氧氣；再根據(jù)

特征反應(yīng)條件光照反應(yīng)生成的產(chǎn)物能與碳酸鈉反應(yīng)，可推斷為H2與C1?反應(yīng)生成HCI,故W為H,X為0,

丫為Na,Z為Cl。

【詳解】

根據(jù)上述分析，W為H,X為O,丫為Na,Z為Cl,

A.核外電子排布相同時，核電荷越大半徑越小，則簡單離子半徑：Cl>O2->Na+>H+,故A項正確;

B.C1的一種含氧酸為HC10,HC1O為弱酸，故B項錯誤；

C.丫形成的常見氧化物有Na?。、Na2O2,其中陽離子與陰離子個數(shù)之比都為2：1,故C項正確；

D.也0中只有極性鍵，凡。。中既有極性鍵又有非極性鍵，故D項正確。

故選B。

12.【答案】D

【分析】

由圖可知，傳感器中發(fā)生4Ali3+3O2=2A12Ch+6L,原電池反應(yīng)為2Ag+E=2AgL所以原電池的負(fù)極發(fā)生

Ag-e-=Ag+,正極發(fā)生L+2Ag++2e=2Agl,以此來解答。

【詳解】

A.根據(jù)以上分析可知銀電極為負(fù)極，多孔石墨電極為正極，故A正確；

B.傳感器中發(fā)生4Ali3+302=2ALCh+6l2,所以透過聚四氟乙烯膜后與A%反應(yīng)生成L,故B正確；

C.多孔石墨電極為正極，發(fā)生得到電子的還原反應(yīng)，即附近發(fā)生如下反應(yīng)：L+2Ag++2e=2AgI,故C正確;

D.由于氧氣所處的狀態(tài)未知，則不能計算參加反應(yīng)的氧氣體積，故D錯誤；

故選D。

13.

【答案】A

【解析】

向某濃度H2A溶液中加入NaOH溶液時，由于二者發(fā)生反應(yīng)，所以H2A逐漸減少，-lgc(H2A)會逐漸增大,

所以圖中呈上升趨勢的為-lgc(H?A)與pH變化關(guān)系，標(biāo)①；H2AWH++HA-,HA#H++A2-,A?一會逐漸增大,

-lgc(A4)會逐漸減小，但是不會等于0,所以呈下降趨勢且與橫坐標(biāo)無交點的為-lgc(A3)與pH變化關(guān)系，標(biāo)

②；另一條則是［就磊］與PH的變化圖‘標(biāo)③,以此解題。

【詳解】

c(H)(HA)卜_c(Hj-(A2)C2(H+)C(A2)

A.電離常數(shù)的表達(dá)式為:④，當(dāng)pH=3.05

C(HA)-，%c(HA)

2C(H2A)

時，-lgc(A2)與-lgc(H2A)相等，即c(A%)=c(H2A)代入④，可得勺?&2=(103°5)2=104/；又由圖中③可知，當(dāng)

Pg、時，膽黔=。,即C(A+C(HA)即3*所以卜「俏-A錯誤;

B.a點時,電荷守恒為c(Na+)+c(H+)=2c(A，+c(HA)+c(OH-),移向c(H+)-c(OH)=2c(A，+c(HA)c(Na*),

1095

a點時，pH=3.05,所以C(H+)=103°5,C(OH)=10,因為c(凡A)=c(A%),所以

3051095+

1O--1O--=2c(H2A)+c(HA-)-c(Na),因為c(Na+)>0,所以C(HA)+2C(H2A)>1()-3.O6_[O-IO.95,B正確；

C.NaHA溶液，由HA-既存在電離又存在水解，所以c(Na+)>c(HA),HA#H++A2-,HA+HzOuHzA+OH、

所以C(A2-)與C(H2A)的大小取決于電離和水解的程度，Ka2=10-5.3,即HA-的水解常數(shù)

k10-14

kh===l0,32<10532

lT10^，所以HA一的水解程度小于HA-的電離程度，所以C(H2A)<C(A-),故NaHA溶

al

+2

液中c(Na)>c(HA-)>c(A)>c(H2A),C正確；

D.b點時,電荷守恒為c(Na')+c(H+)=2c(A2-)+c(HA)+c(OH-),此時pH=5.3,即咽嗦*]=0,所以

c(HA)

c(A2)=c(HA-),所以上式變形為：c(Na+)+c(H+)=3c(A2-)+c(OH-),c(Na+)-3c(A2>c(OH)-c(H+),因為

c(OH)<c(H+),所以:c(Na+)<3c(A2"),D正確；

故選Ao

14.【答案】A

【解析】X比葭Sr的比結(jié)合能大，因此X比;:S/?更穩(wěn)定，A項正確；X的核子數(shù)明顯比第。小，因此X的

結(jié)合能比埸U的結(jié)合能小，B項錯誤；根據(jù)質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒得到X的質(zhì)子數(shù)為54,中子數(shù)為78,C項

錯誤；該反應(yīng)是重核的裂變反應(yīng)，D項錯誤。故選A。

15.【答案】D

【解析】小球和小車組成的系統(tǒng)合力不為0,動量不守恒，故A錯誤；系統(tǒng)在水平方向不受外力，動量守

恒，因此到達(dá)8點時，小車速度為0,小球速度方向豎直向上，小球不能進(jìn)入軌道，又因為小球從8點

沖出，在空中上升的最大高度為q％,機械能減小，故BC錯誤；根據(jù)動能定理可知〃取=0,

即(mg%=叼，第二次在軌道上小球速率小于第一次速率，因此圓弧面對小球支持力減小，即摩擦力減小,

因此第二次在圓弧軌道上摩擦力做功小于第一次，因此第二次損失的機械能小于第一次損失的機械能，所

以上升的最大高度故D正確。故選D。

16.【答案】C

【解析】電梯艙內(nèi)的航天員與地球一起同軸轉(zhuǎn)動，當(dāng)r=R時電梯中的航天員受到萬有引力和電梯的彈力

竿-尸N=等，第一宇宙速度為只有萬有引力提供向心力時，即上式中&=。時勻速圓周運動的線速度,

因此航天員在i處的線速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；由公式丁-2府，，可知，隨著「增

大，航天員受到電梯艙的彈加咸小，當(dāng)丁=小協(xié),時，e,%為同步衛(wèi)星的軌道半徑，此時電梯艙對

航天員的彈力為零，此時只由萬有引力提供向心力，帶入題目中所給數(shù)據(jù)可得r=6.6R,即電梯艙對航天員

的彈力為零時，電梯艙停在距地面高度為5.6R的站點；故C正確，D錯誤；當(dāng)時，隨著r繼續(xù)增大，

需求的向心力更大，有絲絲+乙="療乙知國反向增大；所以隨著「從小于川到大于力逐漸增大的過程

r~

中，航天員受到電梯艙的彈力先減小為零后反向增大，故A錯誤。故選C。

17.【答案】C

【解析】粒子在靜電分析器內(nèi)沿中心線方向運動，說明粒子帶正電，由左手定則可判斷出粒子在速度選擇

器中受到的洛倫茲力方向向上，粒子受到的電場力方向向下，故速度選擇器的極板《的電勢比極板鳥的高,

A錯誤；由*=西，可知，粒子的速度為口=今，B錯誤；由丫吟，又電場力提供向心力更=,.

片"iR

可得，粒子的比荷為烏=島，C正確；粒子在磁分析器中做圓周運動，PQ為軌跡圓的直徑，故P、。兩

mHRB；

點間的距離為所=券=隼等，D錯誤。故選C。

qBE、B

18.【答案】C

【解析】根據(jù)右手螺旋定則可知檢測電流產(chǎn)生的磁場方向向下，磁感線在磁芯中沿逆時針方向，可知霍爾

元件所在磁場方向向上，由于霍爾元件中的載流子為電子，可知電子移動方向與工作電流方向相反，根據(jù)

左手定則可知，電子在N端積累，N端為負(fù)極，則M端應(yīng)與電壓表的正接線柱相接，故A錯誤；設(shè)霍爾元

件單位體積內(nèi)電子數(shù)量為小電子移動速度為V,則4時間內(nèi)通過截面％的電荷量為。=/4=必6〃*，

得I=vSbd〃e=vbdne,由于MN之間存在電勢差，則MN之間的電場強度為E=冬，電子所受沿6邊方向

b

的電場力和洛倫茲力大小相等，方向相反eE=ev8,聯(lián)立解得，耽=?，因此若要提高靈敏度，可以適當(dāng)

dne

減小d,增大工作電流/,故C正確，B錯誤；當(dāng)霍爾元件尺寸和工作電流/不變時，根據(jù)可

dne

知電壓表示數(shù)變大，磁感應(yīng)強度8變大，則檢測電流變大，故D錯誤。故選C。

19.【答案】BC

【解析】球在空中做平拋運動，在豎直方向上有產(chǎn)"'水平方向上有…，又皿干聯(lián)立解得

2Votan0

x=-,--當(dāng)---0-Vtan，Vl時，圖象為直線，當(dāng)tanO>l時圖象為曲線，可知夕超過45。后，小球?qū)⒉粫?/p>

g

落在斜面上’根據(jù)圖線的斜率"=第=怒’得"尸1m/s,故A錯誤’B正確；當(dāng)G45。時’小球落在斜面

12

的底端，根據(jù)tan"”gt得平拋運動的時間詈=*-。公’斜面的長度

卬2%

L=^vJ=TxO.26m=(m,故C正確，D錯誤。故選BC。

20.【答案】CD

【解析】由圖乙可知滑塊在43m處電勢能最低，因為滑塊帶負(fù)電，所以43m處的電勢最高，選項A錯誤;

BC.耳內(nèi)圖像斜率的絕對值表示滑塊所受電場力的大小，所以滑塊在戶1m處所受電場力大小為

月=?N=1N,滑塊所受滑動摩擦力大小為/=W"g=lN,在1?3m區(qū)間內(nèi)，滑塊所受電場力與滑動摩擦

力方向相反，且不斷減小，則滑塊所受合外力方向與速度方向相反；在43m之后，滑塊所受電場力與滑動

摩擦力同向，且不斷增大，則滑塊所受合外力方向也與速度方向相反。綜上所述可知滑塊向右運動過程中，

速度始終減小，在x=lm處速度最大，選項B錯誤C正確：滑塊在x=lm處的電勢能與在44m處的電勢能

相等，根據(jù)能量守恒定律，若滑塊能夠經(jīng)過a4m處，則應(yīng)滿足;機片2/At,根據(jù)題中數(shù)據(jù)可知實際情況

并不滿足上式，所以滑塊一定無法經(jīng)過x=4m處的位置，選項D正確。故選CD。

21.【答案】AC

【解析】由題意可知小球在P點靜止時，兩彈簧對小球的彈力方向均沿直桿向上，且大小均為

T=k\x=3〃呼n,乙_=斜且si",設(shè)勻強電場的電場強度大小為E,在沿直桿方向根據(jù)平衡條件有

（mg+q￡）sin6=2T,聯(lián)立以上兩式解得《=藁，故A正確；根據(jù)對稱性可知小球在P、。兩點時兩彈簧

的彈性勢能之和相同，即小球從P到。的過程中兩彈簧對小球做功的代數(shù)和為零，則根據(jù)動能定理有

-Wg+4E）（2L-|qsine=g/w：,解得%=產(chǎn)祟亙，故B錯誤；小球從。點由靜止下滑過程中，當(dāng)

合外力為零時動能最大，即小球運動至尸點時動能最大，對小球從。到P的過程，根據(jù)動能定理有

Ekm=（〃?g+qE）（2L-[L}ine=^|"?gLsine,故C正確；從固定點8處剪斷彈簧的瞬間，下端彈簧的彈力

突變?yōu)榱?，設(shè)小球加速度大小為小規(guī)定沿桿向下為正方向，對小球根據(jù)牛頓第二定律有

{mg+qE）s\nO-T=ma,解得a=jgsin。，方向斜桿向下，故D錯誤。故選AC。

22.（6分）【答案】（1）：（2分）J（2分）

（2）mg=Mq或mg=（加+"）々（2分）

kgkg

【解析】（1）由于旭您可表示繩子的拉力，對小車，由牛頓第二定律m

聯(lián)立可得]二幺

+—a

Mmmg

則根據(jù)題意力3怨

得加〃邛

kgkg

（2）設(shè)小車釋放后機下降〃高度，在滿足加《用和平衡摩擦力后，對小車列動能定理機的=3^/①

小車勻加速力過程力=上二^②

2a

聯(lián)立可得mg=M”

也可將機動能算進(jìn)來，用〃+，〃代換①中的M,則得/ng=5+M）a

故滿足表達(dá)式mg=Ma或mg=（tn+M）a,即可驗證動能定理。

4U.U,

23.（9分）【答案】⑴3000（2分）?（2分）沒有（2分）⑵置一廣（3分）

【解析】（1）③根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知5=5。R2

A2

2

由題意可知S=§U/,/?2=1500Q

解得R尸3000。

④根據(jù)閉合電路歐姆定律可得￡=。/+~

i<vKv

,ERR、

整理得春V-菽's

ERvEx30003￡

Ul'U2圖象縱軸截距為b-R、,+R1-3000+1000一彳

4

電源電動勢為

按圖甲所示電路進(jìn)行實驗，消除了電壓表分流對實驗的影響，電壓與電流的測量值等于真實值，該實驗沒

有系統(tǒng)誤差。

（2）根據(jù)實驗步驟，由歐姆定律得：Ui=h（RA+RP+RX）

U2=h（RA+RP）

解得&=彳■-牛

24.（14分）【答案】（1）0.5N,0.5N；（2）M=L3N,AT2=0.7N；（3）后m/s,2.85m

【解析】（1）圓柱體與軌道兩側(cè)相切處和圓柱截面圓心。連線的夾角6為120。，根據(jù)對稱性可知，兩側(cè)彈

力大小均與重力相等為1N,內(nèi)外軌道對小圓柱的摩擦力/=6=〃N=0.5N（3分）

（2）當(dāng)々=6m/s,小圓柱剛經(jīng)8點進(jìn)入圓弧軌道時一%（1分）

2

在B點N|Sin60°-N2sin60°=〃?±（1分），乂cos60°+乂cos60°=mg（1分）

R

解得M=L3N,M=0.7N（1分）

（3）為了讓小圓柱不脫離內(nèi)側(cè)軌道，vo最大時，在B點N/sin6（T=m'（1分）

1R

M'cos60°=mg（1分）

且g機4一;機喙,=-（f+&）/（1分）

解得V。的最大值為歷m/s,在圓弧上受摩擦力仍為/=/+￡=〃（2+N,）=〃-%=IN（1分）

cos60°

所以;加說“=力（1分）

解得s=2.85m（2分）

25.（18分）【答案】⑴3.6m/s2；（2）3.6C；（3）33.92J

【解析】（1）設(shè)金屬桿6進(jìn)入軌道HI區(qū)域瞬間速度大小為%,此時金屬桿。的速度大小為匕，在金屬桿〃

的下滑過程，由機械能守恒定律得，咫〃=g，"U（1分）

解得%=10m/s（1分）

A①BLx

金屬桿。向左運動x=2.5m的過程中，通過金屬桿a的電荷量為^=qQ々［j?=（（1分）

對金屬桿a由動量定理得-BJq=mva-mv0（1分）

解得匕=4m/s（1分）

此時，回路的總電動勢為E=B?L%+8J%=36V（1分）

E

總電流為/=——=36A（］分）

片+《

由牛頓第二定律得用〃=〃"（1分）

解得a=3.6m/s2（1分）

（2）設(shè)金屬桿8進(jìn)入軌道HI區(qū)域后通過其橫截面的電荷量為/,金屬桿。、人穩(wěn)定時的速度分別為K，耳,

則4M=4W（1分）

對金屬桿a由動量定理得4卬=加工-㈠叫）（1分）

對金屬桿匕由動量定理得-生功'=相％-，曲，（1分）

聯(lián)立解得工=3.2m/s（1分）

巾=6.4m/s（1分）

q'=3.6C（1分）

（3）整個過程中系統(tǒng)損失的機械能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱Q=g小成?以2（1分）

解得Q=84.8J（1分）

在整個運動過程中金屬桿a產(chǎn)生的焦耳熱為Qa=%與Q=33.92J（1分）

26.（14分）

【答案】(1)適當(dāng)升溫、粉碎礦石、適當(dāng)增加稀硫酸濃度、攪拌等將Co3+、Fe3+還原為C02+、Fe2+

2++u

(2)6Fe+C1O-+6H=6Fe+Cr+3H2O>

(3)Fe(0H)3、A1(OH)3滴入幾滴KSCN,振蕩，溶液不變紅

(4)4.8xlO-6mol-LH

(5)4：3

【解析】

【分析】

鉆礦石中加入稀硫酸和Na2so3,可得C02+、Fe2\Al3\Mg2\Ca2+,加入的Na2sO3主要是將Cc>3+、Fe3+

還原為C02+、Fe?+,然后向濾液中加入NaCICh將Fe?+氧化為Fe3+,加入Na2cO3調(diào)整溶液pH,使Fe3+、Al3+

22+

形成Fe(0H)3、Al(0H)3沉淀，過濾后所得濾液主要含有Cc)2+、Mg\Ca,濾渣2為Fe(0H)3、Al(0H)3,

再用NaF溶液除去Ca2+、Mg2+,過濾后，向濾液中加入草酸鍍?nèi)芤旱玫蕉喜菟徙@，煙燒后制得CO2O3,

據(jù)此分析解答。

(1)

溶浸過程中，適當(dāng)升溫、粉碎礦石、適當(dāng)增加稀硫酸的濃度等均可以加快反應(yīng)速率和提高原料利用率；

Na2sCh是還原劑，主要是將Co3+、Fe3+還原為C02+、Fe2+；

(2)

“氧化”過程中在酸性條件下金屬離子Fe2+與NaCICh反應(yīng)產(chǎn)生Fe3+、C1及H2O,根據(jù)電子守恒、電荷守恒、

原子守恒,結(jié)合物質(zhì)的拆分原則，可得該反應(yīng)的離子方程式為6Fe2*+ClO3+6H+=6Fe"+Cr+3H2O；Fe?+與CIO；

反應(yīng)而Co?+不發(fā)生反應(yīng)，說明微粒的還原性：Fe2+>Co2+；

(3)

3+

用Na2cCh調(diào)節(jié)溶液pH,可以使溶液中Fe3+和A戶全部轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3和A1(OH)3沉淀，達(dá)到除去Feff

AU+的目的，故濾渣2為Fe(OH)3和A1(OH)3；

可根據(jù)Fe3+與SCN-作用，使溶液變?yōu)檠t色檢驗鐵元素已被完全沉淀，操作為：取少量待測液于試管中，

滴入幾滴KSCN溶液，充分振蕩，若溶液不變紅，說明溶液中無Fe3+,即Fe3+已經(jīng)完全形成了Fe(OH)3沉

淀；

(4)

2+2+2+22+2

c(Ca)：c(Mg)=[c(Ca)-c(F)]：[c(Mg)-c(F)]=Kv/,(CaF2)：K7,(MgF2)=34：71,所以若濾液中

34

c(Mg2+)=1.0xl0-5molL',c(Ca2+)=l.OxIO'5mol-L_1x—=4.8x1O-6molL-1；

(5)

COC2OT2H2。在空氣中高溫煨燒，得到產(chǎn)品CO2O3,C0C2CU中Co元素化合價為+2價，CO2O3中C。元素化

合價為+3價,c。元素化合價升高,說明空氣中的也參加了反應(yīng)，因此酸根離子中c元素化合價會由cqj

中的+3價變?yōu)?4價的CO2氣體，根據(jù)元素守恒可知還有H2O生成，煨燒時發(fā)生反應(yīng)方程式：

高溫

4COC2O4-2H2O+3O2=2CO2O3+8CO2+8H2O,由方程式可知CoCzOQH?。與O2的化學(xué)計量數(shù)之比為4：3。

27.(14分)

【答案】(1)-236

(2)V,O5/MgO-SiO2

(3)0.003C及時分離出H?O該反應(yīng)為氣體分子數(shù)增加的反應(yīng)，恒壓條件下增大氨氣的比例，相

當(dāng)于減壓，平衡正向移動，丙烷的平衡轉(zhuǎn)化率增大

2

l^xpkPa物xpkPa

X

10.6410.64r

(4)

當(dāng)fpkPa…xpkPa

10.64I10.64

【解析】

(1)

①2c3H式g)+O?(g)「"化劑、2c3H6(g)+2Hq(g)AH,

-1

②H2O(l)=H2O(g)AH2=+44kJ-mol

由丙烷、丙烯的燃燒熱(AH)分別為-2220kJ-mo「、-2058kJ-mol'的方程式：

③C3H8(g)+5C)2(g)=3CO式g)+4H?O(l)AH,=-2220kJ-mor1

9

④C3H6(g)+]C)2(g尸3c。2值)+3凡0⑴AH4=-2()58kJ-mor'

由蓋斯定律可得③x2-④x2+②x2得方程式①，則

AHI=2AH3-2AH4+2AH,=2x(-2220kJ-mol')-2x(-2058kJ-mol')+2x(+44kJ-mol')=-236kJ-mof'

則△H[=-236kJ-moL。

故答案為：-236;

⑵

在上述三種催化劑作用下，丙烯的選擇性高且丙烷的總轉(zhuǎn)化率高時.，丙烯產(chǎn)率才會最高，所以最好的催化

劑是：V2O5/MgO-SiO2o

故答案為：V2O5/MgO-SiO2

⑶

①在500℃、以VQ5/ALO3為催化劑的條件下，丙烷轉(zhuǎn)化率為25%,丙烯選擇性為40%,說明丙烷生成丙

烯的部分是40%,則△n(C?H6)=3moix25%x40%=0.3mol,則0?lOmin,丙烯的化學(xué)反應(yīng)速率

V(C3H6)=--------------=0.003mol-L1-min'

lOLxlOmin

②A.AH與物質(zhì)狀態(tài)和熱化學(xué)方程式的書寫有關(guān)，所以不論是否平衡狀態(tài)其值都不變，故A錯誤;

B.2c3H8(g)+C)2(g)化劑22GH6(g)+2H2O(g),C3H與H?。的物質(zhì)的量之比一直為1：1,不能說明該

反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，故B錯誤；

c.G也為生成物，平衡時的質(zhì)量才不再改變，故c正確。

③欲提高丙烷轉(zhuǎn)化率，即讓反應(yīng)正向進(jìn)行即可，所以可采取的措施是及時分離出產(chǎn)物HQ,促進(jìn)反應(yīng)正向

進(jìn)行。

n(氮氣)

④在恒溫恒壓的密閉容器中充入丙烷、氧氣、氨氣發(fā)生氧化脫氫反應(yīng)，起始氧氣一定時，，內(nèi)烷j越大，丙

烷的平衡轉(zhuǎn)化率越大，其原因是：該反應(yīng)為氣體分子數(shù)增加的反應(yīng)，恒壓條件下增大氨氣的比例，相當(dāng)于

減壓，平衡正向移動，丙烷的平衡轉(zhuǎn)化率增大。

故答案為：①0.003；②C；③及時分離出HQ；④該反應(yīng)為氣體分子數(shù)增加的反應(yīng)，恒壓條件下增大氨氣

的比例，相當(dāng)于減壓，平衡正向移動，丙烷的平衡轉(zhuǎn)化率增大。

(4)

在500℃、以Vq/MgO-SiO?為催化劑的條件下，向恒容密閉容器中充入ImolCsH*、ImolOz、8molN2

發(fā)生反應(yīng)，丙烯選擇性為45%,丙烷轉(zhuǎn)化率為40%,則△!!((：3H6)=lmolx40%x45%=0.18mol,則可得：

2GH皿)+O2(g)、㈣蟠、2GH6(g)+2HQ(g)

起始n始(mol)1100

變化△n(mol)0.180.090.180.18

終態(tài)n終(mol)0.820.910.180.18

2c3H8(g)+7O2(g)工跳科、6co(g)+8Hq(g)

起始n始(mol)0.82

變化△n(mol)0.4-0.18

終態(tài)n終(mol)0.6

故平衡時：n(C3H8)=0.6mol,n(C3H6)=0.18mol,n(O2)=0.14mol,n(CO)=0.66mol,n(H2O)=1.06mol,

n(N2)=8mol,貝I」n總=10.64mol；

平衡時壓強為pkPa,平衡分壓=總壓x體積分?jǐn)?shù)，則PC,HxA牝xpkPa,P(C,H6)=-^-xpkPa,

10.6410.64

P(°2)=黑xpkPa,P(HQ)=黑^xpkPa,則該溫度下丙烷氧化脫氫反應(yīng)的平衡常數(shù)：

22

_P(C3H(,)P(H2O)_

P-2

P(C3HS)P(O2)

1.06

------------X

10.64

故答案為:

28.(15分)

【答案】⑴Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)21+2NH3f飽和食鹽水可減緩生成氨氣的速率

(2)三頸燒瓶(或三口燒瓶)

(3)分液漏斗的活塞與旋塞沉淀恰好完全溶解時

(4)打開K2,緩慢推動滑動隔板，將氣體全部推出，再關(guān)閉K2減小氣體的通入速率，使空氣中的甲醛

氣體被完全吸收0.0375

【解析】

【分析】

在儀器A中Mg3N2與HzO反應(yīng)產(chǎn)生Mg(0H)2和N%,N%通入到AgNCh溶液中首先反應(yīng)產(chǎn)生AgOH白色

沉淀，后當(dāng)氨氣過量時，反應(yīng)產(chǎn)生Ag(NH3)2OH,然后向溶液中通入甲醛，水浴加熱，發(fā)生銀鏡反應(yīng)產(chǎn)生單

質(zhì)Ag和CO?氣體，產(chǎn)生的Ag與加入的Fe3+定量反應(yīng)生成Fe2+,Fe?+與菲洛嗪形成有色物質(zhì)，在562nm

處測定吸光度，測得生成Fe2+1.12mg,據(jù)此結(jié)合反應(yīng)過程中電子守恒，可計算室內(nèi)空氣中甲醛含量。

(1)

Mg3N2與水發(fā)生鹽的雙水解反應(yīng)產(chǎn)生Mg(OH)2和NH3)反應(yīng)方程式為：Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2X+2NH.4;

用飽和食鹽水代替水，單位體積溶液中水的含量降低，可減緩生成氨氣的速率；

(2)

根據(jù)儀器B的結(jié)構(gòu)可知，儀器B的名稱為三頸燒瓶；

(3)

銀氨溶液的制備：關(guān)閉Ki、七，打開K3,打開分液漏斗的活塞與旋塞，使飽和食鹽水慢慢滴入圓底燒瓶中，

+

首先發(fā)生反應(yīng)：Ag+NH3+H2O=AgOHl+NH：,后又發(fā)生反應(yīng)：AgOH+2NH3H2O=[Ag(NH3)2]++OH+2H2。，

當(dāng)觀察到B中白色沉淀恰好完全溶解時，就得到了銀氨溶液，此時關(guān)閉K3和分液漏斗旋塞；

(4)

①用熱水浴加熱B,打開Ki,將滑動隔板慢慢由最右端抽到最左端，吸入1L室內(nèi)空氣，關(guān)閉K“后續(xù)操

作是打開K2,緩慢推動滑動隔板，將氣體全部推出，再關(guān)閉K2；再重復(fù)上述操作3次。毛細(xì)管的作用是減

小氣體的通入速率，使空氣中的甲醛氣體被完全吸收。

②甲醛和銀氨溶液加熱反應(yīng)生成銀，銀具有還原性，被Fe3+氧化，結(jié)合甲醛被氧化為CCh,氫氧化二氨合銀

被還原為銀，甲醛中碳元素化合價0價變化為+4價，銀+1價變化為0價，生成的銀又被鐵離子氧化，鐵離

子被還原為亞鐵離子，生成亞鐵離子l12mg,物質(zhì)的量n(Fe)=^=2^生==2xl(?5moi,根據(jù)氧化還

M56g/mol

原反應(yīng)電子守恒計算，設(shè)消耗甲醛物質(zhì)的量為xmol,則4x=2xl(Pmolxl,x=5xW6mol,因此實驗進(jìn)行了

4次操作，所以測得1L空氣中甲醛的含量為1.25x104moi，空氣中甲醛的含量為1.25xlO6molx30g/molxl03

mg/g=0.0375mg/Lo

【點睛】

本題考查了物質(zhì)組成和含量的測定、氧化還原反應(yīng)電子守恒的計算的應(yīng)用、物質(zhì)性質(zhì)等，掌握基礎(chǔ)是解題

關(guān)鍵，了解反應(yīng)原理、根據(jù)反應(yīng)過程中電子守恒分析解答。

29.

【答案】(1)蘋果酸夜間沒有光照，無法通過光反應(yīng)為暗反應(yīng)提供ATP和[H]

(2)葉綠體基質(zhì)蘋果酸分解為丙酮酸和CCh,C02可以參與光合作用暗反應(yīng)

(3)b/6溫度、空氣濕度(答水分、干旱程度均給分)等

【解析】

【分析】

題圖分析：夜間沒有光照，不能進(jìn)行光合作用，但是仙人掌氣孔開放，細(xì)胞中的PEP可以與二氧化碳反應(yīng)

生成OAA,進(jìn)一步反應(yīng)產(chǎn)生蘋果酸儲存在液泡中：白天蘋果酸由液泡進(jìn)入細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)分解產(chǎn)生二氧化碳和

丙酮酸，其中二氧化碳進(jìn)入葉綠體參與光合作用暗反應(yīng)，而丙酮酸進(jìn)入線粒體反應(yīng)生成二氧化碳供葉綠體

使用。

(1)

夜間仙人掌氣孔開放，吸收來自大氣中的CO2,細(xì)胞中的PEP可以與CCh反應(yīng)生成OAA,OAA進(jìn)一步反

應(yīng)產(chǎn)生蘋果酸并儲存在液泡中：該過程中發(fā)生在夜間，沒有光照，無法通過光反應(yīng)為暗反應(yīng)提供ATP和[H],

暗反應(yīng)無法進(jìn)行，因此葉綠體無法合成糖類等有機物。

(2)

葉肉細(xì)胞中固定CO2的場所是葉綠體基質(zhì)：白天仙人掌氣孔關(guān)閉，液泡中蘋果酸進(jìn)入細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)分解為丙

酮酸和C02,丙酮酸進(jìn)入線粒體反應(yīng)生成CO2,CCh進(jìn)入葉綠體基質(zhì)進(jìn)行光合作用暗反應(yīng)。

(3)

白天該葉肉細(xì)胞積累葡萄糖，就是液泡中蘋果酸分解產(chǎn)生的C02進(jìn)行光合作用所產(chǎn)生，而呼吸作用每分解

一摩爾葡萄糖產(chǎn)生的CCh,通過光合作用只合成一摩爾葡萄糖，不會影響光合作用中葡萄糖的積累，根據(jù)

光合作用總反應(yīng)式可知蘋果酸每小時分解產(chǎn)生CCh為bmoL則白天該細(xì)胞每小時積累葡萄糖為b/6mol；仙

人掌生活于干旱、高溫的環(huán)境中，白天氣孔關(guān)閉，夜晚溫度、空氣濕度等都會影響氣孔的開度，影響蘋果

酸的積累，進(jìn)而影響細(xì)胞內(nèi)C02濃度，所以均可影響光合作用。

【點睛】

熟知光合作用和有氧呼吸過程中物質(zhì)和能量的變化是解答本題的關(guān)鍵，正確分析圖示的信息是解答本題的

前提。

30.

【答案】(1)芽、幼嫩的葉和發(fā)育中的種子色氨酸不是植物體產(chǎn)生的含量

(2)乙烯通過影響細(xì)胞中基因的表達(dá)，進(jìn)而促進(jìn)離層的形成

(3)將生長狀態(tài)相同的同種植株相同部位的葉片均分為4組(N3組即可)，1組用清水處理作為對照，2、3、

4組分別噴灑等量的不同濃度的曝苯隆溶液，然后在相同條件下培養(yǎng)這些植株，觀察葉片脫落所需的時間

【解析】

【分析】

由圖可知，睡苯隆具有促進(jìn)乙烯、脫落酸的產(chǎn)生，抑制生長素運輸?shù)淖饔谩?/p>

【詳解】

(1)生長素主要的合成部位是芽、幼嫩的葉和發(fā)育中的種子，在這些部位，色氨酸經(jīng)過一系列反應(yīng)可轉(zhuǎn)變

成生長素。曝苯隆雖然能調(diào)節(jié)植物的生命活動，但由于不是植物體產(chǎn)生的，因此不能稱為植物激素。由圖

可知，睡苯隆是通過影響內(nèi)源激素的含量來促進(jìn)葉片脫落和蕾的開裂。

（2）乙烯可促進(jìn)離層區(qū)細(xì)胞合成和分泌酣X,酶X能夠水解離層區(qū)細(xì)胞的細(xì)胞壁導(dǎo)致葉柄脫落。由此可知，

乙烯促進(jìn)葉片脫落的機理是乙烯通過影響細(xì)胞中基因的表達(dá)，通過表達(dá)特定的能間接影響生物的性狀，進(jìn)

而促進(jìn)離層的形成。

（3）設(shè)計實驗時應(yīng)注意控制無關(guān)變量相同且適宜，找出自變量和因變量。本實驗的自變量是嚷苯隆的濃度,

因變量是葉片脫落的多少或時間等，植株的長勢、健康狀況、培養(yǎng)條件等屬于無關(guān)變量。欲證明不同濃度

的睡苯隆對葉片脫落的影響，可將生長狀態(tài)相同的同種植株相同部位的葉片均分為4組Q3組即可），1組

用清水處理作為對照，2、3、4組分別噴灑等量的不同濃度的噫苯隆溶液，然后在相同條件下培養(yǎng)這些植株,

觀察葉片脫落所需的時間。

【點睛】

本題考查激素對生命活動的調(diào)節(jié)，要求考生熟記五大植物激素產(chǎn)生、分布、功能和對應(yīng)的植物生長調(diào)節(jié)劑

的功能。

31.

【答案】（1）環(huán)境容納量（K值）直接價值和間接

⑵

I.有機物分解產(chǎn)生的N、P含量增加，浮游藻類增加。

【1.使得以浮游藻類為食物的餌料魚數(shù)量增加。

III.餌料魚和微生物呼吸作用加強，使水中溶解氧含量減少，使大鯨種群數(shù)量較低

加大對景區(qū)的監(jiān)管力度；減少景區(qū)的人為干擾

【解析】

【分析】

1、能量流動是指生態(tài)系統(tǒng)中能量的輸入、傳遞、轉(zhuǎn)化和散失的過程.

能量流動特點：①單向流動：生態(tài)系統(tǒng)內(nèi)的能量只能從第一營養(yǎng)級流向第二營養(yǎng)級，再依次流向下一個營

養(yǎng)級，不能逆向流動，也不能循環(huán)流動.

②逐級遞減：能量在沿食物鏈流動的過程中，逐級減少，能量在相鄰兩個營養(yǎng)級間的傳遞效率是10%-20%?

2、生物多樣性的價值包括直接價值、間接價值和潛在價值。

3、保護(hù)生物多樣性就是在生態(tài)系統(tǒng)、物種和基因三個層次上采取保護(hù)戰(zhàn)略和保護(hù)措施。保護(hù)生物多樣性的

措施有：一是就地保護(hù)，大多是建自然保護(hù)區(qū)；二是遷地保護(hù)，大多轉(zhuǎn)移到動物園或植物園；三是開展生

物多樣性保護(hù)的科學(xué)研究，制定生物多樣性保護(hù)的法律和政策；四是開展生物多樣性保護(hù)方面的宣傳和教

育。

（1）

建立自然保護(hù)區(qū)可以提高環(huán)境容納量（K值）。生物多樣性的價值包括直接價值、間接價值和潛在價值。潛

在價值是目前暫不清楚的價值；直接價值是對人類食用、藥用、工業(yè)、旅游觀賞、科學(xué)研究、文學(xué)創(chuàng)造有

意義的；間接價值是對生態(tài)系統(tǒng)起重要調(diào)節(jié)功能的。當(dāng)?shù)氐倪@些措施使得其成為了溫度適宜、負(fù)離子含量

高的天然氧吧，說明對生態(tài)系統(tǒng)具有重要調(diào)節(jié)功能，屬于間接價值，而旅游打卡屬于直接價值。

（2）

①生態(tài)系統(tǒng)的能量流動包括輸入（固定太陽能）、傳遞（食物鏈）、轉(zhuǎn)化（分解者和生產(chǎn)者、消費者的細(xì)胞

呼吸）、散失（熱量）過程，該生態(tài)生態(tài)系統(tǒng)能量流動過程如下：

②重度干擾的區(qū)域餌料魚的捕獲量比輕度干擾多，但是