2023年高考考前押題密卷-物理（廣東卷）（全解全析）

2023年高考考前押題密卷（廣東卷）

物理

（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是

符合題目要求的。

1.地鐵靠站時列車車體和屏蔽門之間安裝有光電傳感器。如圖甲所示，若光線被乘客阻擋，電流發(fā)生變化，

工作電路立即報警。如圖乙所示，光線發(fā)射器內(nèi)大量處于“=3激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時，輻射出的

光中只有八b兩種可以使該光電管陰極逸出光電子，圖丙所示為八b光單獨照射光電管時產(chǎn)生的光電流/

與光電管兩端電壓。的關(guān)系圖線。已知光電管陰極材料的逸出功為2.55eV,可見光光子的能量范圍是

1.62eV~3.1leV,下列說法正確的是（）

光

線

發(fā)3VO

。

射

。

器-154

85

51

放大器二工作電路-340

A.光線發(fā)射器中發(fā)出的光有兩種為可見光

B.題述條件下，光電管中光電子飛出陰極時的最大初動能為9.54eV

C.題述。光為氫原子從〃=3能級躍遷到〃=1能級時發(fā)出的光

D.若部分光線被遮擋，光電子飛出陰極時的最大初動能變小，光電流減小

【答案】B

【詳解】A.光線發(fā)射器中發(fā)出的光子的能量分別為耳=-L51eV-（-13.6）eV=12.09eV；

E,=-3.40eV-（-13.6）eV=10.2eV；鳥=一1.5招丫一（一3.40N丫=1.896丫可見光光子的能量范圍1.626丫~3.1幅丫,

光線發(fā)射器中發(fā)出的光有一種為可見光，A錯誤；

B.根據(jù)耳="+Ekm光電管中光電子飛出陰極時的最大初動能為Ek?、=9.54eV,B正確；

C.由圖丙可知，“光遏止電壓小于匕光遏止電壓，由七=叱1+線?,,?4=后5得。光能量小于b光能量，

則題述。光為氫原子從〃=2能級躍遷到〃=1能級時發(fā)出的光，B錯誤；

D.部分光線被遮擋，不改變光子能量，則光電子飛出陰極時的最大初動能不變。因為光子數(shù)量減少，則光

電子數(shù)量減小，光電流變小，D錯誤。

故選B。

2.身高相差較大的甲、乙兩位工人用如圖所示的方法將重物抬起。將不可伸長的輕繩兩端分別固定于剛性

直桿上的A、B兩點，輕繩長度大于A、8兩點間的距離，然后將固定在重物上的掛鉤掛在輕繩上，甲、乙

各肩抬直桿的一端，準(zhǔn)備把重物抬起。個子較矮的乙直立不動，個子較高的甲下蹲后緩慢站起，從重物剛

要離開地面到甲緩慢站直的過程中。不計掛鉤與繩之間的摩擦。則下列說法正確的是（）

A.輕繩的張力先變大后變小

B.輕繩的張力先變小后變大

C.輕繩的張力大小一直不變

D.輕繩對掛鉤的作用力先變大后變小

【答案】A

【詳解】ABC.如圖

不計掛鉤與繩之間的摩擦，則掛鉤可視為'‘活結(jié)'’。掛鉤兩側(cè)繩上的拉力大小相等。甲緩慢站起至站直的過程，

可視為動態(tài)平衡。

設(shè)掛鉤兩側(cè)輕繩的夾角為20,設(shè)輕繩上的拉力為凡則由共點力的平衡可得2Fcos6=Mg則F=-^-

2cos夕

當(dāng)甲緩慢站起至低于乙的過程中，AB之間的水平距離變大，因乙咻平=《sin0+4sinO=/sin。（/為繩子總

長度）故輕繩間的夾角26先變大，cos。先變小，輕繩的張力先變大；當(dāng)桿水平時輕繩間夾角最大，輕繩的

張力最大；當(dāng)甲的高度超過乙的高度時，AB之間的垂直距離開始變小，故輕繩間的夾角2。變小，cos。變

大，輕繩的張力變??；故輕繩的張力先變大后變小，故A正確，BC錯誤；

D.輕繩對掛鉤的作用力，大小等于掛鉤對輕繩的作用力，等于重物的重力，大小不變，故D錯誤。故選A。

3.如圖所示，一固定的不帶電金屬球殼接地，半徑為K,球心為A,將一帶電量為+4的點電荷固定在離球

心為2R的B點，D、E是A8連線上的兩點,BD=BE,8c與球殼相切于C點，球殼靜電平衡時，C點的場

強V孕，下列說法正確的是（

A.C點電勢低于4點B.。點電勢低于E點

c.A點的場強既=黑D.球上的感應(yīng)電荷在C處的場強大小4=條

3A

【答案】B

【詳解】A.靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是等勢體，所以C、A等電勢，即A錯誤;

B.+?在QE兩點電勢相等，感應(yīng)電荷在。點的電勢比E點低，所以。點電勢低于￡點，即B正確；

C.靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為0,所以C錯誤；

D.C點場強指向4點,+夕在C兩點的場強沿8c向外，大小為E=鳥由矢量合成可知/=J段+爐=駕

jR3A

選項D錯誤。故選B。

4.2023年1月21日，農(nóng)歷除夕當(dāng)晚，中國空間站過境祖國上空，神舟十五號航天員費俊龍、鄧清明、張

陸向全國人民送來新春祝福。如圖所示，中國空間站繞地心做近似圓周運動，軌道半徑為r,航天員們在空

間站內(nèi)觀察地球的最大張角為。。已知地球表面的重力加速度為g,忽略地球自轉(zhuǎn)。則（）

B.航天員所受地球引力幾乎為零

21[r

D.航天員的向心加速度為gsing

c.空間站繞地球運動的周期為

sin—v

2

【答案】C

【詳解】A.由題圖,設(shè)地球的半徑為R,由幾何關(guān)系可得解得地球半徑為』s吟A錯誤:

Mm=g/sin2?設(shè)航天員的質(zhì)量

B.因為地球表面物體的重力等于地球的引力，可得G=mg可得GM=gR2

為W,由萬有引力定律可知，航天員所受地球引力為小「Mm'mgrsin2,r2。因航天員的質(zhì)量

r=G——=----z-----=mgsin一

rr2

m'不是零，所以航天員所受地球引力不是零，B錯誤；

C.空間站受地球的引力提供向心力，可得G"=M駕r解得7=C正確；

r2T2sin—V*

2

D.由牛頓第二定律可得G"=m'a解得航天員的向心加速度為a=5K="sin22=gsin2S,D錯誤。

r廣廠22

故選C。

5.某均勻介質(zhì)中兩持續(xù)振動的振源P、Q分別位于x軸上玉=-3cm和％=9cm處，f=0時亥”兩振源同時開

始振動，f=3s時刻在x軸上第一次形成如圖所示的波形。則下列說法不正確的是（）

A.振源P起振方向沿y軸正方向

B.振源Q的振動方程為y=-2sin（R）cm

C.波在介質(zhì)中的傳播速度為1cm/s

D.兩列波在x=3cm處相遇后，該質(zhì)點的振動始終加強

【答案】D

【詳解】A.因振源廠產(chǎn)生的波在f=3s時刻傳到x=0的位置，x=0的位置此時向y軸正方向，則振源P

起振方向沿y軸正方向，故A正確；

BC.波速丫=￡==4：111/$=1口1內(nèi)周期T=4=2S；⑷=^=〃rad/s由圖可知，振源Q起振方向沿y軸負(fù)方向,

t3vT

則振源為。的振動方程為y=-2sin（m）cm故BC正確;

D.兩列波在同一介質(zhì)中傳播，則波速相等，在x=3cm處相遇后，該質(zhì)點的振動始終減弱，故D錯誤。

本題選擇錯誤選項；故選D。

6.（改編題）在折射率為〃=血的液體內(nèi)部有一點光源S,點光源可以向各個方向移動，初始時刻，在液面

上觀察到半徑為R=0.2m的圓形光斑?，F(xiàn)讓點光源S向某個方向勻速移動，發(fā)現(xiàn)光斑最右側(cè)邊沿B位置不動，

最左側(cè)邊沿。向左側(cè)移動，經(jīng)過2s,左側(cè)邊沿D向左移動了x=0.4m,側(cè)面圖如下圖所示，則點光源S的

移動速度方向和大?。ǎ?/p>

—°-------——液面

?S\液體內(nèi)部

A.水平向左B.水平向右C.v=—m/sD.v=0.2m/s

10

【答案】C

液面

【詳解】由圖可知液體內(nèi)部

方向為光源沿著左下

光源移動的位移s滿足W=s由公式寧聯(lián)立解得，光源移動速度為v=4^m/sS

10

方45。角。

7.無線充電是近年發(fā)展起來的新技術(shù)，無線充電技術(shù)與變壓器相類似，通過分別安裝在充電基座和接收能

量裝置上的線圈，利用產(chǎn)生的磁場傳遞能量。如圖所示，充電基座接上220V,50Hz家庭用交流電，受電線

圈接上一個理想二極管（正向電阻可看作零，反向電阻可看作無窮大）給手機電池充電。已知手機電池的

充電電壓為5V,假設(shè)在充電過程中基座線圈的磁場全部穿過受電線圈而無能量的損失，下列說法正確的是

)

A.受電線圈之所以能夠給手機電池充電是因為受電線圈發(fā)生了自感現(xiàn)象

B.220V,50Hz家庭用交流電電流方向每秒變化50次

C.基座線圈和受電線圈的匝數(shù)比為44：1

D.受電線圈兩端的輸出電壓的電壓峰值為10V

【答案】D

【詳解】A.電線圈之所以能夠給手機電池充電是因為受電線圈發(fā)生J'互感現(xiàn)象，故A錯誤；

B.正弦交流電一個周期內(nèi)電流方向變化兩次，則家用交流電每秒有50個周期，所以電流每秒變化100次，

故B錯誤；

CD.設(shè)受電線圈電壓的峰值為S,由于其后有一二極管使反向電壓不能通過，據(jù)有效值的定義

,幺F勺_a_22V2

u2T'顯T’c解得q=10V由變壓器規(guī)律7=石=］一故D正確，C錯誤。故選D。

—1=-x-1-0-二

RR2y/2

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有多項符合

題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得0分。

8.我國戰(zhàn)機殲-20在空中飛行表演結(jié)束后，降落至跑道并打開了阻力傘，直至減速到零。已知殲-20戰(zhàn)機落

地時的速度為％,動能為落地后滑行的總時間為力，滑行的總距離為so,且“<￡為，則該過程中下

列關(guān)于殲-20戰(zhàn)機的速度一時間圖像及克服阻力做功一滑行距離圖像，正確的是（）

【答案】AD

【詳解】若戰(zhàn)機所受阻力恒定，做勻減速直線運動，則VY圖像如下

V

%

Ot。

與坐標(biāo)軸圍成面積表示位移大小，為s=/f。由于實際情況則可知實際圍成面積小于上圖，則圖

斜率逐漸減小，則加速度減小，所受阻力逐漸減小，由此可知，當(dāng)走過相同位移時克服阻力做功減少，則

9.如圖1所示，一光滑軌道由A8、BC和CQ段組成。AB段傾角為仇8c段水平。質(zhì)量為，"的滑塊在頂

端A處由靜止滑下，經(jīng)C點飛入空中，最終落在CQ段上的E點。不計滑塊經(jīng)過B點的機械能損失和空氣

阻力，滑塊加速度大小。隨時間［變化的圖像如圖2所示，圖中的物理量均為已知量，依據(jù)圖中信息可求得

a/(m?s-2)

°，o2fo3/()t/s

圖1圖2

A.sin?號B.C、E兩點的高度差人=；41

C.滑塊在B點的速度大小為。府D,滑塊在E點時，重力瞬時功率為〃皿丸

【答案】CD

【詳解】A.由圖可知，在0-辦時間內(nèi)滑塊從4加速到3,則有4=gsin。，在2%-3*,時間內(nèi)滑塊從C到E

做平拋運動，則有4=g，聯(lián)立可得sin?="故A錯誤；

a2

B.在4-3￡。時間內(nèi)滑塊從C到E做平拋運動，則有/?=；的片故B錯誤；

C.在0-t°時間內(nèi)滑塊從A加速到8點，則有以=4%故C正確；

D.在%一3f0時間內(nèi)滑塊從C到E做平拋運動，在E點時豎直方向的速度為匕,=。猛則滑塊在E點時，重

力瞬時功率為P=mgvy=故D正確。故選CD。

10.如圖所示，以棱長為心的正方體頂點。為原點建立三維坐標(biāo)系Oxyz,其中正方體的頂點尸落在x軸上，

頂點。落在y軸上。一質(zhì)量為機、電荷量為+4的帶電粒子（重力不計）由。點沿X軸正方向以初速度％射

入，第一次在正方體內(nèi)加沿z軸負(fù)方向磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，該粒子恰好能通過。。的中點：第

二次在正方體內(nèi)加沿）'軸負(fù)方向電場強度大小為E的勻強電場，該粒子恰好能通過。尸的中點；第三次在正

方體內(nèi)同時加上大小不變的磁場和電場，磁場方向不變，將電場方向調(diào)整為與yOz平面平行，與z軸正方向

A.該粒子在正方體內(nèi)運動的時間第一次大于第二次

B.電場強度和磁感應(yīng)強度滿足E=

C.該粒子第三次在正方體內(nèi)的運動為勻變速曲線運動

D.該粒子第三次從正方體內(nèi)射出的位置坐標(biāo)為

【答案】ACD

【詳解】A.第一次粒子在磁場中運動，半徑為「=；4=等可知8=半運動時間%="=}

4BqqL%4%

L

第二次粒子在電場中運動，運動時間G=已一故6>%A正確;

解得八甯故有八2%B,B錯誤;

B.第二次運動中，粒子在y方向上勻變速直線運動工=、

2

C.第三次運動過程中，帶電粒子所受電場力助=誓洛倫茲力《%8=等在y"平面內(nèi)，如圖所示，沿

，軸方向有助sinO=Eqsin30o=q%B電場力沿z軸的分量號cos夕讓粒子在z軸正向加速，故粒子的運動為從

B點以速度%沿x軸正向做勻速直線運動以及沿z軸正向做勻加速直線運動的合運動，即勻變速曲線運動,

C正確;

D.粒子在z方向上L空”/解得r=A,x方向上"

,y方向上的坐標(biāo)為L,故出

2mv0

故選ACD。

三、非選擇題：共54分。考生根據(jù)要求作答。

11.（6分）用如圖所示的裝置探究加速度、力和質(zhì)量的關(guān)系，帶滑輪的長木板水平放置，彈簧測力計固定

在墻上，小車上固定一定滑輪，細(xì)繩通過滑輪連接彈簧測力計和沙桶。

（1）實驗時，下列操作必要且正確的是.

A.用天平測出沙和沙桶的質(zhì)量

B.將帶滑輪的長木板右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力

C.為了減小誤差，實驗中要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

D.應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源

（2）利用打點頻率為50Hz的打點計時器，得到的一條紙帶如圖所示（圖中每兩個計數(shù)點間還有四個點未

畫出）。

）ABCDE?

RL2.62工3.84工5.00工6.23』cm）

則在該次實驗中小車運動的加速度大小為m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

（3）某同學(xué)做實驗時，未把木板的一側(cè)墊高，就繼續(xù)進(jìn)行其他實驗步驟，該同學(xué)作出的小車的加速度a與

彈簧測力計示數(shù)尸的圖像如圖所示，則實驗中小車受到的摩擦力大小為。

【答案】B1.192Fo

【詳解】為了使得細(xì)繩對小車的彈力等于小車所受外力的合力，實驗時，需要將帶滑輪的長木板

右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力，故B正確；

AC.由于彈簧測力計能夠直接測量出細(xì)繩的拉力大小，即可以直接求出小車所受外力的合力，并沒有用沙

與沙桶的重力表示細(xì)繩的拉力，所以實驗中不需要用天平測出沙和沙桶的質(zhì)量，也不需要保證沙和沙桶的

總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AC錯誤；

D.使用打點計時器時，應(yīng)當(dāng)先接通電源，后釋放紙帶，故D錯誤。故選B。

（2）⑵根據(jù)逐差法可得小車運動的加速度大小為a=g00+623）-（2.6：+3.84）］xl0~m&"十M:

4x01

（3）⑶若實驗時未把木板的一側(cè)墊高，則有2F—f=所以

MM

結(jié)合圖像，將坐標(biāo)（尸0,0）代入函數(shù)式，解得f=24

12.（10分）電學(xué)實驗中可將電源?與電源及及靈敏電流計G連成如圖甲所示電路，若靈敏電流計G示

數(shù)為0,說明此時兩電源的電動勢相等：

6

甲

根據(jù)這一原理，某同學(xué)設(shè)計了如圖乙所示電路，來測量某電源C的電動勢為E,其中A為工作電源（內(nèi)阻

不計），B為電動勢恒定的標(biāo)準(zhǔn)電源，其電動勢為E,Ri、R2為電阻箱，&為滑動變阻器，G為靈敏電流計，

Si.S3為單刀單擲開關(guān)，S2為單刀雙擲開關(guān)，實驗過程如下:

①實驗開始之前，將R/和R2的阻值限定在1000C到3000C之間;

②將S2置于1處，閉合開關(guān)％、S3,通過調(diào)節(jié)R/、&,使R3阻值為0時，靈敏電流計G示數(shù)為0,記錄此

時的R/與&的阻值，分別為R/公R2ft；

③將開關(guān)S2置于2處，保持通過R/、&的電流不變，重復(fù)上述操作，使a的阻值為。時，靈敏電流計G

的示數(shù)為0,記錄此時的R/與&的阻值，分別為R/新上那

根據(jù)上述實驗過程回答問題：

（1）實驗步驟①中，為保護(hù)靈敏電流計，開始時滑動變阻器觸頭應(yīng)處在最端（填“左''或"右"）；

（2）在步驟③中，為保持實驗過程中流過R/與&的電流不變，調(diào)整R/、R2時需要使Q瞪、R?忐Ri及、七

我滿足的關(guān)系是:

（3）待測電源C的電動勢后=（用題中所給物理量符號表示）；

（4）若工作電源A的內(nèi)阻不可忽略，則待測電源C的電動勢E測量值相比于上述方案結(jié)果（選填

“偏大”“不變”或“偏小”）.

【答案】左Q滔+&澎=@度+汽2/鏟穌不變

【詳解】（I）[1]在開關(guān)閉合前，為保護(hù)靈敏電流計G,以接入的阻值應(yīng)為最大，則觸頭應(yīng)在最左端；

（2）⑵改用待測電源替換標(biāo)準(zhǔn)電源的位置，其前提條件是工作電源A所在電路電流/要保持不變，電源A

的輸出電壓固定不變，采取的措施是使R/挖與&傳的阻值之和為某一固定阻值，所以使網(wǎng)將和后憐的阻值之

和也為該固定阻值，即Ri與+R?產(chǎn)Ri/R2ft

（3）[3]根據(jù)部分電路歐姆定律，有詈E.E

可知，當(dāng)滿足

尺2校K校+&校&測N測+&測

Ri種+&瀚=Ri校+R2防&=鏟鳥

色校

EEEE

（4）⑷若考慮工作電源內(nèi)阻，則有h=『+小『-二=

八2校e校十八2校十r/測飛測十勺測十r

因之前有Ri涌+R2濯=Ri校+R2校，考慮到了工作電源內(nèi)阻后，則有—?通卷+r=R/&+后笈+廠

故整理后依舊為Ex=M斗故測量值不變。

5校

13.（10分）如圖所示，一豎直放置、粗細(xì)均勻且足夠長的U形玻璃管，右端通過橡膠管（橡膠管體積不

計）與放在水中的導(dǎo)熱金屬球形容器連通，球形容器的容積為匕=90cm）用U形玻璃管中的水銀柱封閉一

定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)環(huán)境溫度為7℃時，U形玻璃管右側(cè)水銀面比左側(cè)水銀面高出九=16cm,水銀柱上方

空氣柱長為=20cm。（已知大氣壓強％=76cmHg,U形玻璃管的橫截面積為S=010?）

（1）若對水緩慢加熱，應(yīng)加熱到多少攝氏度，兩邊水銀柱高度會在同一水平面上？

（2）保持加熱后的溫度不變，往左管中緩慢注入水銀，問注入水銀的高度是多少時右管水銀面回到原來的

位置？

1TL

一」|lllO||||

【答案】（1）95.85℃；（2）19.04cm

【詳解】（1）初狀態(tài)壓強為”=Po-16cmHg=6OcmHg；體積和溫度為K=%+%S,7；=280K

末狀態(tài)。，

P2=PV2=Vl+^S,（=（273+f）K

由理想氣體狀態(tài)方程有￥=竽

代入數(shù)據(jù)得f=95.85℃

（2）當(dāng)往左管注入水銀后，末狀態(tài)壓強為p,體積為h=%+%S

由等溫變化%匕=〃匕

解得P=79.04cmHg

可知往左管注入水銀的高度為/?=19.04cm

14.(12分)如圖甲所示，水平面內(nèi)固定兩根平行的足夠長的光滑軌道，軌道間距乙=0.4m,其中在E、F、

G、H四點附近的軌道由絕緣材料制成，這四段絕緣軌道的長度非常短，其余軌道由金屬材料制成，金屬軌

道的電阻不計，在右側(cè)兩軌道之間連接一個阻值R=1.5。的定值電阻。在矩形區(qū)域MNQP中存在豎直向上

的磁場，記M點所在位置為坐標(biāo)原點，沿MP方向建立x坐標(biāo)軸，磁感應(yīng)強度的大小隨位置的變化如圖乙

所示，圖中線=2.5?，F(xiàn)有一總質(zhì)量〃z=Qlkg的“工”字形“聯(lián)動雙棒”(由兩根長度略長于L的平行金屬棒

ab和cd,用長度為L的剛性絕緣棒連接構(gòu)成，棒的電阻均為r=0.5Q),以初速度%=8m/s沿x軸正方向運

動，運動過程中棒與導(dǎo)軌保持垂直，最終靜止于軌道上，忽路磁場邊界效應(yīng)。求

(1)棒ab剛進(jìn)入磁場時，流經(jīng)棒ab的電流的大小和方向；

(2)棒ab在EF處的速度大小K和在GH處時的速度大小均；

(3)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

甲

【答案】(1)8A,bfa(2)4m/s,3m/s(3)0.3375J

【詳解】(1)當(dāng)ab棒剛進(jìn)入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=

E

由歐姆定律/=不

2r

解得/=8A

由右手定則可知，電流方向為acdba；

(2)當(dāng)油棒進(jìn)入磁場后，到油棒到達(dá)EF處的過程中，由動量定理可得一凡”叫-機％；^=B0IL

解得匕=4m/s

當(dāng)時棒經(jīng)過EF后，由于EF絕緣，/棒與cd棒不再形成閉合回路，雖有切割，但感應(yīng)電流為0,所以兩

棒做勻速運動，直至cd棒經(jīng)過EF處，此后，對血棒耳"=耳"加

對cd棒/=BctILv

由乙圖可知瓦

所以，電路中的總感應(yīng)電動勢為6=Eah-Ecd

耳

由歐姆定律/|=

2；

則必棒的安培力七,=紇

cd棒的安培力“=%〃

所以血棒與cd棒的合力向左，為F=F“,_F）

當(dāng)ab到達(dá)GH處時，由動量定理-西=mv2-mv}

解得匕=3m/s

（3）當(dāng)時棒經(jīng)過GH,由于GH絕緣，"棒無電流，必棒切割與右邊電阻形成閉合回路，則七=2屁“3

由歐姆定律/,=