新高考物理一輪復(fù)習(xí)分層提升講義C閉合電路的歐姆定律 提升版（含解析）

閉合電路的歐姆定律考點(diǎn)一閉合電路的分析與計(jì)算閉合電路的歐姆定律(1)內(nèi)容：閉合電路中的電流跟電源的電動(dòng)勢(shì)成正比，跟內(nèi)、外電阻之和成反比；(2)公式：I＝eq\f(E,R＋r)(只適用于純電阻電路)；E＝U外＋U內(nèi)或E＝U外＋I(xiàn)r(適用于任意電路)．技巧點(diǎn)撥1．路端電壓與外電阻的關(guān)系(1)一般情況：U＝IR＝eq\f(E,R＋r)·R＝eq\f(E,1＋\f(r,R))，當(dāng)R增大時(shí)，U增大；(2)特殊情況：①當(dāng)外電路斷路時(shí)，I＝0，U＝E；②當(dāng)外電路短路時(shí)，I短＝eq\f(E,r)，U＝0.2．動(dòng)態(tài)分析常用方法(1)程序法：遵循“局部—整體—局部”的思路，按以下步驟分析：(2)結(jié)論法：“串反并同”，應(yīng)用條件為電源內(nèi)阻不為零．①所謂“串反”，即某一電阻的阻值增大時(shí)，與它串聯(lián)或間接串聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將減小，反之則增大．②所謂“并同”，即某一電阻的阻值增大時(shí)，與它并聯(lián)或間接并聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將增大，反之則減小．例題精練1．關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)E，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是()A．電動(dòng)勢(shì)E的單位與電勢(shì)、電勢(shì)差的單位相同，都是伏特VB．干電池和鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)是不同的C．電動(dòng)勢(shì)E可表示為E＝eq\f(W,q)，可知電源內(nèi)非靜電力做功越多，電動(dòng)勢(shì)越大D．電動(dòng)勢(shì)較大，表示電源內(nèi)部將其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大答案C解析電動(dòng)勢(shì)E的單位與電勢(shì)、電勢(shì)差的單位相同，都是伏特V，選項(xiàng)A正確；干電池電動(dòng)勢(shì)是1.5V，鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)是2V，選項(xiàng)B正確；電動(dòng)勢(shì)E可表示為E＝eq\f(W,q)，可知電源內(nèi)非靜電力從電源的負(fù)極移動(dòng)1C正電荷到電源的正極做功越多，電動(dòng)勢(shì)越大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)較大，表示電源內(nèi)部將其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，選項(xiàng)D正確．2.如圖1，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開(kāi)關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表．初始時(shí)S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開(kāi)，則()圖1A．V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小B．V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變大C．V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小D．V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大答案B解析S斷開(kāi)，電路中總電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大，V的讀數(shù)變大，R1兩端電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，A的讀數(shù)變大，故A、C、D錯(cuò)誤，B正確．3．(多選)在如圖2所示電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，各電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列說(shuō)法正確的是()圖2A.eq\f(U1,I)不變，eq\f(ΔU1,ΔI)不變B.eq\f(U2,I)變大，eq\f(ΔU2,ΔI)變大C.eq\f(U2,I)變大，eq\f(ΔU2,ΔI)不變D.eq\f(U3,I)變大，eq\f(ΔU3,ΔI)不變答案ACD解析由題圖電路圖可知，U1、U2分別是R1、R2兩端的電壓，電流表測(cè)通過(guò)這個(gè)電路的總電流，U3是路端電壓，由歐姆定律可知R1＝eq\f(U1,I)＝eq\f(ΔU1,ΔI)(因R1是定值電阻)，故A正確；U2＝E－I(R1＋r)(因E、R1、r均是定值)，eq\f(U2,I)＝R2，R2變大，eq\f(U2,I)變大，eq\f(ΔU2,ΔI)的大小為R1＋r，保持不變，故B錯(cuò)誤，C正確；eq\f(U3,I)＝R1＋R2，因R2變大，則eq\f(U3,I)變大，又由于U3＝E－Ir，可知eq\f(ΔU3,ΔI)的大小為r，保持不變，故D正確．考點(diǎn)二電路的功率及效率問(wèn)題1．電源的總功率(1)任意電路：P總＝IE＝IU外＋I(xiàn)U內(nèi)＝P出＋P內(nèi)．(2)純電阻電路：P總＝I2(R＋r)＝eq\f(E2,R＋r).2．電源內(nèi)部消耗的功率P內(nèi)＝I2r＝IU內(nèi)＝P總－P出．3．電源的輸出功率(1)任意電路：P出＝IU＝IE－I2r＝P總－P內(nèi)．(2)純電阻電路：P出＝I2R＝eq\f(E2R,R＋r2).4．電源的效率任意電路：η＝eq\f(P出,P總)×100%＝eq\f(U,E)×100%純電阻電路：η＝eq\f(R,R＋r)×100%技巧點(diǎn)撥1．純電阻電路中電源的最大輸出功率(如圖3)P出＝UI＝I2R＝eq\f(E2,R＋r2)R＝eq\f(E2R,R－r2＋4Rr)＝eq\f(E2,\f(R－r2,R)＋4r)當(dāng)R＝r時(shí)，電源的輸出功率最大為Pm＝eq\f(E2,4r).圖32．提高純電阻電路效率的方法η＝eq\f(P出,P總)×100%＝eq\f(R,R＋r)×100%＝eq\f(1,1＋\f(r,R))×100%，R增大，η提高．例題精練4．(多選)某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr和輸出功率PR隨電流I變化的圖線畫(huà)在了同一坐標(biāo)系中，如圖4中的a、b、c所示．以下判斷正確的是()圖4A．在a、b、c三條圖線上分別取橫坐標(biāo)相同的A、B、C三點(diǎn)，這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系PA＝PB＋PCB．b、c圖線的交點(diǎn)與a、b圖線的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)之比一定為1∶2，縱坐標(biāo)之比一定為1∶4C．電源的最大輸出功率Pm＝9WD．電源的電動(dòng)勢(shì)E＝3V，內(nèi)電阻r＝1Ω答案ABD解析在a、b、c三條圖線上分別取橫坐標(biāo)相同的A、B、C三點(diǎn)，因?yàn)橹绷麟娫吹目偣β蔖E等于輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr之和，所以這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系PA＝PB＋PC，故A正確；圖線c表示電路的輸出功率與電流的關(guān)系圖象，很顯然，最大輸出功率小于3W，故C錯(cuò)誤；當(dāng)內(nèi)電阻和外電阻相等時(shí)，電源輸出的功率最大，此時(shí)即為b、c圖線的交點(diǎn)處的電流，此時(shí)電流的大小為eq\f(E,R＋r)＝eq\f(E,2r)，輸出功率的大小為eq\f(E2,4r)，a、b圖線的交點(diǎn)表示電源的總功率PE和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr相等，此時(shí)只有電源的內(nèi)電阻，所以此時(shí)電流的大小考點(diǎn)三電源的U－I圖象兩類U－I圖象的比較電源的U－I圖象電阻的U－I圖象圖象表述的物理量變化關(guān)系電源的路端電壓與電路電流的變化關(guān)系電阻的電流與電阻兩端電壓的變化關(guān)系圖線與坐標(biāo)軸交點(diǎn)①與縱軸交點(diǎn)表示電源電動(dòng)勢(shì)E②與橫軸交點(diǎn)表示電源短路電流eq\f(E,r)過(guò)坐標(biāo)軸原點(diǎn)，表示沒(méi)有電壓時(shí)電流為零圖線的斜率－r(r為內(nèi)阻)表示電阻值大小圖線上每一點(diǎn)坐標(biāo)的乘積UI表示電源的輸出功率表示電阻消耗的功率圖線上每一點(diǎn)坐標(biāo)比值eq\f(U,I)表示外電阻的大小，不同點(diǎn)對(duì)應(yīng)的外電阻大小不同每一點(diǎn)對(duì)應(yīng)的比值均為等大阻值，表示此電阻的阻值大小例題精練5．(多選)兩位同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室中利用如圖5(a)所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向某一方向移動(dòng)時(shí)，一位同學(xué)記錄電流表A和電壓表V1的測(cè)量數(shù)據(jù)，另一位同學(xué)記錄電流表A和電壓表V2的測(cè)量數(shù)據(jù)．兩位同學(xué)根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)描繪出如圖(b)所示的兩條U－I圖線，則圖象中兩圖線的交點(diǎn)表示的物理意義是()圖5A．滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P滑到了最右端B．電源的輸出功率最大C．定值電阻R0消耗的功率為0.5WD．電源的效率達(dá)到最大值答案BC解析由題圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)E＝1.5V，內(nèi)阻r＝1Ω，在交點(diǎn)位置有R＋R0＝eq\f(U1,I)＝2Ω，R0＝eq\f(U2,I)＝2Ω，則R＝0，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P滑到了最左端，A錯(cuò)誤；當(dāng)電路中外電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，但R0>r，故改變滑動(dòng)變阻器的阻值時(shí)無(wú)法使電路中外電阻等于電源內(nèi)阻，此時(shí)外電阻越接近電源內(nèi)阻，電源的輸出功率越大，B正確；P0＝U2I＝0.5W，C正確；電源的效率η＝eq\f(EI－I2r,EI)，電流越小，電源的效率越大，可見(jiàn)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P滑到最右端時(shí)電源的效率最大，D錯(cuò)誤．考點(diǎn)四含容電路的分析1．電路簡(jiǎn)化把電容器所在的支路視為斷路，簡(jiǎn)化電路時(shí)可以去掉，求電荷量時(shí)再在相應(yīng)位置補(bǔ)上．2．電容器的電壓(1)電容器所在的支路中沒(méi)有電流，與之串聯(lián)的電阻兩端無(wú)電壓，相當(dāng)于導(dǎo)線．(2)電容器兩端的電壓等于與之并聯(lián)的電阻兩端的電壓．3．電容器的電荷量及變化(1)電路中電流、電壓的變化可能會(huì)引起電容器的充、放電．若電容器兩端電壓升高，電容器將充電；若電壓降低，電容器將通過(guò)與它連接的電路放電．(2)如果變化前后極板帶電的電性相同，通過(guò)所連導(dǎo)線的電荷量為|Q1－Q2|；(3)如果變化前后極板帶電的電性相反，通過(guò)所連導(dǎo)線的電荷量為Q1＋Q2.例題精練6．(多選)如圖6所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.電路中的R2、R3均為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻(其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小)．當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．有關(guān)下列說(shuō)法中正確的是()圖6A．只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B．只調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C．只調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D．若斷開(kāi)電鍵S，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)答案AD解析只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，R1的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動(dòng)變阻器R2兩端的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容器下極板的帶電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流，故選項(xiàng)A正確；電路穩(wěn)定時(shí)，電容器所在支路相當(dāng)于斷路，只調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，對(duì)電路沒(méi)有影響，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；只調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由E＝eq\f(U,d)可知電場(chǎng)強(qiáng)度變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若斷開(kāi)電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，板間場(chǎng)強(qiáng)減小，帶電微粒所受的電場(chǎng)力減小，帶電微粒將向下運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)D正確．考點(diǎn)五電路故障分析1．故障特點(diǎn)(1)斷路特點(diǎn)：表現(xiàn)為路端電壓不為零而電流為零；(2)短路特點(diǎn)：用電器或電阻發(fā)生短路，表現(xiàn)為有電流通過(guò)電路但用電器或電阻兩端電壓為零．2．檢測(cè)方法(1)電壓表檢測(cè)：如果電壓表示數(shù)為零，則說(shuō)明可能在并聯(lián)路段之外有斷路，或并聯(lián)部分短路；(2)電流表檢測(cè)：當(dāng)電路中接有電源時(shí)，可用電流表測(cè)量各部分電路上的電流，通過(guò)對(duì)電流值的分析，可以確定故障的位置．在運(yùn)用電流表檢測(cè)時(shí)，一定要注意電流表的極性和量程；(3)歐姆表檢測(cè)：當(dāng)測(cè)量值很大時(shí)，表示該處斷路；當(dāng)測(cè)量值很小或?yàn)榱銜r(shí)，表示該處短路．在用歐姆表檢測(cè)時(shí)，應(yīng)斷開(kāi)電源．例題精練7．(電路故障分析)如圖7所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為6V，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，燈泡L1和L2都不亮，用電壓表測(cè)得各部分的電壓分別為Uab＝6V，Uad＝0V，Ucd＝6V，由此可斷定()圖7A．L1和L2的燈絲都燒斷了B．L1的燈絲燒斷了C．L2的燈絲燒斷了D．滑動(dòng)變阻器R斷路答案C解析由Uab＝6V可知電源完好，燈泡都不亮，說(shuō)明電路中出現(xiàn)斷路故障，由Ucd＝6V可知，燈泡L1與滑動(dòng)變阻器R完好，斷路故障出現(xiàn)在c、d之間，故燈泡L2斷路，選項(xiàng)C正確．綜合練習(xí)一．選擇題（共12小題）1．（閔行區(qū)二模）某掃地機(jī)器人電池容量2000mA?h，額定工作電壓15V，額定功率30W，則下列說(shuō)法正確的是（）A．掃地機(jī)器人的電阻是7.5Ω B．題中mA?h是能量的單位 C．掃地機(jī)器人正常工作時(shí)的電流是2A D．掃地機(jī)器人充滿電后一次工作時(shí)間約為4h【分析】掃地機(jī)器人是非純電阻用電器，根據(jù)題意不能求出機(jī)器人的電阻。題中mA?h是電荷量的單位。掃地機(jī)器人正常工作時(shí)的電流等于額定功率與額定電壓的比值。掃地機(jī)器人充滿電后工作的時(shí)間等于電池容量與額定電流的比值?！窘獯稹拷?；A、根據(jù)題意掃地機(jī)器人是非純電阻用電器，無(wú)法計(jì)算掃地機(jī)器人的電阻。B、題中題中mA?h是電荷量的單位。C、掃地機(jī)器人正常工作時(shí)的電流為I=PD、根據(jù)題意，2000mA?h＝2A?h掃地機(jī)器人充滿電后一次工作時(shí)間約為t=2A??故選：C。【點(diǎn)評(píng)】明確電壓、電流、電功率之間的關(guān)系，合理運(yùn)用公式解題是解決本題的關(guān)鍵。2．（靜寧縣校級(jí)期末）如圖（a）電路，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片從一端滑到另一端的過(guò)程中，兩電壓表的示數(shù)隨電流的變化情況如圖（b）U﹣I圖象中的AC、BC兩直線所示，不考慮電表對(duì)電路的影響。下面說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．電源電動(dòng)勢(shì)為E＝8V B．電源內(nèi)阻r＝1Ω C．定值電阻R0＝3Ω D．變阻器消耗的最大功率為7W【分析】變阻器的滑動(dòng)片向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，定值電阻R0的電壓增大，路端電壓減小，來(lái)判斷兩個(gè)電壓表的示數(shù)對(duì)應(yīng)的圖線；找出兩個(gè)特殊點(diǎn)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律列方程求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻；根據(jù)歐姆定律求解R0；將定值電阻和電源當(dāng)作一個(gè)等效電源，當(dāng)?shù)刃щ娫吹膬?nèi)電阻和變阻器電阻相等時(shí)，等效電源輸出功率最大，由此求解?！窘獯稹拷猓篈B、電壓表V1測(cè)路端電壓，路端電壓隨電流的增大而減小，所以電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)為BC；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)I1＝0.5A時(shí)，U1＝7.5V，當(dāng)I2＝2.0A時(shí)，U1′＝6V，根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U+Ir可得：E＝7.5+0.5r，E＝6+2r解得：E＝8V，r＝1Ω，故AB正確；C、電壓表V2測(cè)定值電阻R0兩端電壓，所以電壓表V2的示數(shù)隨電流的增大而增大，電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)為AC，則定值電阻為：R0=UI=D、當(dāng)I＝0.5A時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：R外=U1I=7.50.5Ω＝15Ω，此時(shí)滑動(dòng)變阻器全部接入電路，則滑動(dòng)變阻器的總電阻為：R＝R外當(dāng)R′＝R0+r＝3Ω+1Ω＝4Ω時(shí)，變阻器消耗的電功率最大，變阻器兩端的電壓為：UR=E變阻器消耗的最大功率為：PR=U本題選錯(cuò)誤的，故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)物理圖象的理解能力，可以把本題看成動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，來(lái)選擇兩電表示對(duì)應(yīng)的圖線．再根據(jù)閉合電路歐姆定律即可確定電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．3．（廣南縣校級(jí)期中）如圖所示是根據(jù)某次實(shí)驗(yàn)記錄數(shù)據(jù)畫(huà)出的U﹣I圖象。下面關(guān)于這個(gè)圖象的各種說(shuō)法正確的是（）A．電源電動(dòng)勢(shì)為1.5V B．短路電流為0.4A C．電池內(nèi)阻為5Ω D．電池內(nèi)阻無(wú)法確定【分析】由閉合電路歐姆定律可得出路端電壓與電流的關(guān)系，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。當(dāng)外電路電阻為零，外電路短路?！窘獯稹拷猓河砷]合電路歐姆定律可知：U＝E﹣Ir；A、由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，I＝0時(shí)，U＝E，即縱軸截距為電源的電動(dòng)勢(shì)，故電動(dòng)勢(shì)為E＝1.5V；故A正確；B、由圖知，U＝1.1時(shí)I＝0.4A，則知短路電流不是0.4A．故B錯(cuò)誤；CD、圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻，即得電源的內(nèi)阻r=1.5?1.10.4Ω＝1.0故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查電路中圖象問(wèn)題，關(guān)鍵要根據(jù)閉合電路歐姆定律理解圖象的斜率、截距的物理意義。4．（上海期末）電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r的電源與阻值為R的電阻連成閉合電路。t秒內(nèi)電源內(nèi)部的非靜電力移送電荷的電量及非靜電力做功分別為（）A．ERt，E2Rt C．ER+rt，(ER+r)【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流；電源是把其它形式的能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，在內(nèi)電路，非靜電力做功，電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化電能；電動(dòng)勢(shì)的定義式E=W【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流為：I=ER+r，則t秒內(nèi)移送電荷為：q＝It在電源的內(nèi)部，非靜電力做功把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義式E=Wq，得非靜電力做功為：W＝qE＝EIt故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了閉合電路歐姆定律和非靜電力做功的知識(shí)，要知道在電源的內(nèi)部是非靜電力做功。掌握電動(dòng)勢(shì)的定義式E=W5．（郴州期末）關(guān)于電動(dòng)勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是（）A．某電池外殼上的“9V”字樣，表示電池的電動(dòng)勢(shì)是9V B．電動(dòng)勢(shì)的單位與電壓的單位不相同 C．電動(dòng)勢(shì)等于電源接入電路時(shí)兩極間的電壓 D．因?yàn)殡妱?dòng)勢(shì)有方向，所以電動(dòng)勢(shì)是矢量【分析】電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢(shì)。電動(dòng)勢(shì)的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)?！窘獯稹拷猓篈、電池外殼的銘牌信息，“9V”，表明電池的電動(dòng)勢(shì)為9V，故A正確；B、電動(dòng)勢(shì)的單位和電壓的單位相同，都是伏特，故B錯(cuò)誤；C、電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，電源接入電路時(shí)兩極間的電壓為路端電壓，故C錯(cuò)誤；D、電動(dòng)勢(shì)是標(biāo)量，電動(dòng)勢(shì)的方向是電流在電源內(nèi)部的流向，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查了電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的相關(guān)知識(shí)，電動(dòng)勢(shì)是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，與外電路無(wú)關(guān)。6．（徐匯區(qū)校級(jí)期末）干電池的電動(dòng)勢(shì)為6V，這表示（）A．1C正電荷通過(guò)干電池的過(guò)程中，有6J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能 B．干電池在單位時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)化的化學(xué)能為6J C．短路時(shí)干電池輸出的電流為6A D．干電池必須在6℃的環(huán)境下才能正常工作【分析】電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，由電動(dòng)勢(shì)的定義式E=W電動(dòng)勢(shì)表征電源把其他形式的轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，電動(dòng)勢(shì)大，這種轉(zhuǎn)化本領(lǐng)大。【解答】解：A、干電池的電動(dòng)勢(shì)為6V，則電源中每通過(guò)1C電量，非靜電力做功為6J，有6J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故A正確；B、干電池的電動(dòng)勢(shì)為6V，并不是表明干電池在單位時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)化的化學(xué)能為6J，故B錯(cuò)誤；C、干電池的內(nèi)阻未知，無(wú)法確定輸出的電流，故C錯(cuò)誤；D、干電池的電動(dòng)勢(shì)為6V，并不是說(shuō)必須在6℃的環(huán)境下才能正常工作，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查了電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的相關(guān)知識(shí)，明確對(duì)電動(dòng)勢(shì)的理解．抓住電動(dòng)勢(shì)的物理意義和定義式是關(guān)鍵。7．（瑞安市月考）關(guān)于電動(dòng)勢(shì)，下面的說(shuō)法正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)，兩極間的電壓，所以當(dāng)電源接入電路時(shí)，電動(dòng)勢(shì)將發(fā)生改變 B．閉合電路時(shí)，并聯(lián)在電源兩端的電壓表的示數(shù)就是電源的電動(dòng)勢(shì) C．電源的電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小的物理量 D．在閉合電路中，電源的輸出功率隨外電路電阻的增大而增大【分析】電動(dòng)勢(shì)表征電源本身的特性，與外電路無(wú)關(guān)，對(duì)于給定的電源，電動(dòng)勢(shì)一定。電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小的物理量。閉合電路后，電源兩端的電壓表的示數(shù)為路端電壓。當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大。【解答】解：AC、電源電動(dòng)勢(shì)是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量，其大小與外電路無(wú)關(guān)，電源的電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，故A錯(cuò)誤，C正確；B、閉合電路，并聯(lián)在電源兩端的電壓表的示數(shù)為路端電壓，不是電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；D、根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系可知，當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查電源的電動(dòng)勢(shì)的性質(zhì)，要注意明確電動(dòng)勢(shì)是由電源本身的性質(zhì)決定的，其大小與外電路無(wú)關(guān)，并且電源接入電路時(shí)，與電源并聯(lián)的電壓表測(cè)量的是路端電壓。8．（豐臺(tái)區(qū)期中）干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，這表示（）A．電路中每通過(guò)1C的電荷量，電源把1.5J的電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能 B．干電池在1s內(nèi)將1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能 C．干電池中非靜電力將1C的正電荷，從電池的負(fù)極移到正極做功為1.5J D．干電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比電動(dòng)勢(shì)為2V的蓄電池強(qiáng)【分析】電源是一種把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動(dòng)勢(shì)E的大小等于非靜電力做的功與電量的比值，其大小表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，而與轉(zhuǎn)化能量多少無(wú)關(guān)。【解答】解：A、干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，則電源中每通過(guò)1C電量，電源把1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?，故A錯(cuò)誤；B、電源中每通過(guò)1C電量，非靜電力做功為1.5J，電源把1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?，不?s內(nèi)將1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能，故B錯(cuò)誤；C、電源中每通過(guò)1C電量，干電池中非靜電力把正電荷從電源的負(fù)極移到正極做功為1.5J，故C正確；D、電動(dòng)勢(shì)表征電源將其他形式能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能本領(lǐng)的物理量，干電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比電動(dòng)勢(shì)為2V的蓄電池弱，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查了電源的電動(dòng)勢(shì)，電動(dòng)勢(shì)E大小表征電源把其它形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小，而電壓U大小表征電能轉(zhuǎn)化為其它形式的能的大小，要注意區(qū)分。9．（太原期末）按如圖所示的電路連接好裝置、閉合開(kāi)關(guān)后，發(fā)現(xiàn)無(wú)論滑動(dòng)變阻器的滑片移到任何位置電流表均無(wú)示數(shù)，而電壓表示數(shù)接近電源的電動(dòng)勢(shì)。如果電路只存在一處故障，則出現(xiàn)故障的部位可能是（）A．電流表斷路 B．開(kāi)關(guān)S斷路 C．待測(cè)電阻Rx斷路 D．滑動(dòng)變阻器R斷路【分析】電路中無(wú)電流，若電路完好，這部分電路的電壓為零，若電路中有斷路，這部分電路的電壓接近電源的電動(dòng)勢(shì)。【解答】解：A、若電流表斷路，則電壓表示數(shù)為零，不符合題意，故A錯(cuò)誤；B、若開(kāi)關(guān)S斷路，則電壓表示數(shù)為零，不符合題意，故B錯(cuò)誤；C、待測(cè)電阻Rx斷路，電路中無(wú)電流，根據(jù)歐姆定律U＝IR知滑動(dòng)變阻器的電壓和內(nèi)電壓均為零，則電壓表示數(shù)接近電源的電動(dòng)勢(shì)，故C正確；D、若滑動(dòng)變阻器R斷路，則電壓表示數(shù)為零，不符合題意，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題是電路中故障分析問(wèn)題，要知道電路中部分電路斷路，那部分電路的電壓接近電源的電動(dòng)勢(shì)。10．（湖北月考）如圖所示，圖中所有電表均為理想電表，電源內(nèi)阻不可忽略。已知平行板電容器中的帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，定值電阻R1的阻值比電源內(nèi)阻大，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)時(shí)（）A．電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)減小 B．電源的輸出功率逐漸增大 C．電壓表示數(shù)變化量△U與電流表示數(shù)變化量△I比值不變 D．質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，其接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，由U＝E﹣Ir分析路端電壓變化，再由部分電路歐姆定律確定電壓表示數(shù)的變化；根據(jù)電源的內(nèi)電阻與外電阻的關(guān)系，分析電源的輸出功率如何變化；根據(jù)電容器兩極板間電壓的變化，分析質(zhì)點(diǎn)P如何運(yùn)動(dòng)?！窘獯稹拷猓篈、當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的有效電阻增大，電路總電阻增大，則干路電流減小，即電流表示數(shù)減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大。定值電阻R1的電壓減小，則滑動(dòng)變阻器R2的電壓增大，即電壓表示數(shù)增大。故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)電源輸出功率與外電阻的關(guān)系圖像可知，當(dāng)外電阻大于內(nèi)阻時(shí)，外電阻越大，輸出功率越小。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)閉合電路的歐姆定律得U＝E﹣I（R1+r），所以有△U△I=?（RD．因?yàn)橥怆妷涸龃螅噪娙蓦妷涸龃?，則帶電質(zhì)點(diǎn)受到的電場(chǎng)力增大，質(zhì)點(diǎn)將向上運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，先分析變阻器接入電路的電阻變化，再分析外電路總電阻變化和總電流的變化，接著分析局部電路電壓和電流的變化。11．（文峰區(qū)校級(jí)期末）在如圖所示的U﹣I圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的U﹣I圖線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5Ω B．電阻R的阻值為2Ω C．電源的輸出功率為2W D．電源的效率為50%【分析】根據(jù)圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動(dòng)勢(shì)，由斜率大小讀出電源的內(nèi)阻。圖線Ⅱ的斜率大小等于電阻R的阻值。兩圖線的交點(diǎn)表示電阻R接在該電源的電壓和電流，讀出電壓和電流，再求出電源的輸出功率和電源的效率。【解答】解：A、圖線Ⅰ縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻，則知電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝3V，內(nèi)阻為r＝|△U△I|=36ΩB、電阻R的阻值為R=UI=2C、兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)電路中電流和路端電壓，則有U＝2V，I＝2A，電源的輸出功率為P＝UI＝2×2W＝4W，故C錯(cuò)誤；D、電源的效率為η=UIEI×100%=故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵要抓住伏安特性曲線的斜率、截距和交點(diǎn)的數(shù)學(xué)意義來(lái)理解其物理意義，知道兩個(gè)圖象的交點(diǎn)表示該電源與電阻R相連組成閉合電路時(shí)電路中電流和路端電壓。12．（金山區(qū)校級(jí)月考）如圖所示電路中，A、B為輸入端，輸入電壓恒為U，CD為輸出端，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P位于R的正中時(shí)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．若CD不接用電器，UCD=UB．若CD接上用電器，UCD＜UC．CD所接用電器的電阻越大，UCD越接近U2D．無(wú)論CD是否接用電器，CD間電壓總是U【分析】空載時(shí)變阻器上下兩部分電阻串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比得出輸出電壓UCD．當(dāng)CD間接上負(fù)載R時(shí)，負(fù)載R與變阻器下部分電阻并聯(lián)，電阻減小，分擔(dān)的電壓減小，CD間的負(fù)載R越大，下部分并聯(lián)的電阻越大，分擔(dān)的電壓越大，越接近U2【解答】解：A、空載時(shí)，變阻器上下兩部分電阻串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比得出輸出電壓UCD=UB、當(dāng)CD間接上負(fù)載R時(shí)，負(fù)載R與變阻器下部分電阻并聯(lián)，電阻減小，CD間的電壓減小，輸出電壓UCD＜UC、CD間的負(fù)載R越大，下部分并聯(lián)的電阻越大，分擔(dān)的電壓越大，越接近U2本題選錯(cuò)誤的，故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題變阻器作為分壓器使用，考查對(duì)分壓器原理的理解能力，關(guān)鍵利用串并聯(lián)的特點(diǎn)進(jìn)行分析．二．多選題（共18小題）13．（呂梁期末）關(guān)于電源，下列說(shuō)法中正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)和電壓?jiǎn)挝幌嗤虼穗妱?dòng)勢(shì)就是電壓 B．電源是通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的裝置 C．電源的電動(dòng)勢(shì)E=WqD．電源把正電荷從負(fù)極搬運(yùn)到正極的過(guò)程中，靜電力做功使電荷的電勢(shì)能增加【分析】電源是把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動(dòng)勢(shì)由電源中非靜電力的特性決定。電源把正電荷從負(fù)極搬運(yùn)到正極的過(guò)程中，靜電力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增加?！窘獯稹拷猓篈、電源的電動(dòng)勢(shì)涉及到電源中非靜電力做功，電壓涉及到電路中靜電力做功，兩者本質(zhì)不同，故A錯(cuò)誤；B、電源是通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的裝置，故B正確；C、電源的電動(dòng)勢(shì)由電源本身決定，與非靜電力做功無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D、電源把正電荷從負(fù)極搬運(yùn)到正極的過(guò)程中，靜電力做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可知，電荷的電勢(shì)能增加，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查了電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，電動(dòng)勢(shì)由電源中非靜電力的特性決定，跟電源的體積無(wú)關(guān)，也跟外電路無(wú)關(guān)。14．（慈溪市期末）智能手機(jī)耗電量大，移動(dòng)充電寶應(yīng)運(yùn)而生，它是能直接給移動(dòng)設(shè)備充電的儲(chǔ)能裝置。充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60～0.70之間（包括移動(dòng)電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）。如表為某一款移動(dòng)充電寶，其參數(shù)如下，則下列說(shuō)法正確的是（）容量20000mAh兼容性所有手機(jī)邊充邊放否保護(hù)電路是輸入DC5V2AMAX輸出DC5V0.1﹣2.5A尺寸156*82*22mm轉(zhuǎn)換率0.60A．充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 B．該充電寶最多能儲(chǔ)存的能量為3.6×105J C．該充電寶電量從零到完全充滿電的時(shí)間約為2h D．該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機(jī)充電，則理論上能充滿4次【分析】充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能。根據(jù)銘牌讀出充電寶的容量和電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)電能公式：E＝E電動(dòng)勢(shì)?q，計(jì)算充電寶儲(chǔ)存的能量。充電寶的容量是指電池能釋放的總電量，根據(jù)電流的定義式求出供電時(shí)間。根據(jù)充電寶可以釋放的電荷量，計(jì)算充電次數(shù)?！窘獯稹拷猓篈、充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，不是內(nèi)能，故A錯(cuò)誤；B、該充電寶的容量為：q＝20000mAh＝20000×10﹣3×3600C＝7.2×104C，該電池的電動(dòng)勢(shì)為5V，所以充電寶儲(chǔ)存的能量：E＝E電動(dòng)勢(shì)?q＝5×7.2×104J＝3.6×105J，故B正確；C、以2A的電流為用電器供電，則供電時(shí)間t=qD、由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.6，所以可以釋放的電荷量為：q'＝20000mAh×0.6＝12000mAh，給容量為3000mAh的手機(jī)充電的次數(shù)：n=12000故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查了電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的相關(guān)知識(shí)，正確讀取電池銘牌信息，解答的關(guān)鍵是要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量。15．（隆德縣期末）如圖所示的電路中，電表為理想電表，R1、R2為定值電阻，電源的正極接地，將滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向上移動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．電流表的示數(shù)變大 B．電壓表的示數(shù)變大 C．電容器帶電量減小 D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)降低【分析】根據(jù)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律分析電表示數(shù)如何變化。電容器極板間電壓等于并聯(lián)部分兩端的電壓。根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律分析電容器板間電壓的變化，從而判斷電容器所帶電量的變化。根據(jù)并聯(lián)電路電壓的變化以及a點(diǎn)電勢(shì)與零電勢(shì)的關(guān)系，分析a點(diǎn)電勢(shì)如何變化?！窘獯稹拷猓築、當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向上移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路電阻增大，電路中的總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，因電壓表測(cè)量路端電壓，則電壓表的示數(shù)變大，故B正確；A、電阻R1處于干路，干路電流減小，則R1兩端的電壓減小，因路端電壓增大，則并聯(lián)部分的電壓增大，R2兩端的電壓增大，流過(guò)電阻R2的電流增大，則流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流減小，電流表示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；C、電容器板間電壓等于并聯(lián)部分的電壓，則知電容器板間電壓增大，根據(jù)Q＝CU可知，電容器所帶電量增大，故C錯(cuò)誤；D、電源的正極接地，根據(jù)在外電路中順著電流方向電勢(shì)降低，知a點(diǎn)的電勢(shì)比零電勢(shì)低，因a點(diǎn)與零電勢(shì)間的電勢(shì)差大小等于并聯(lián)部分的電壓，則a點(diǎn)與零電勢(shì)間的電勢(shì)差增大，因此，a點(diǎn)的電勢(shì)降低，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，屬于電路動(dòng)態(tài)分析題，要掌握動(dòng)態(tài)電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題的解題思路與方法：局部→整體→局部，記住這個(gè)結(jié)論可提高分析的速度。16．（成都月考）如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與R＝6Ω的定值電阻、滑動(dòng)變阻器RP、開(kāi)關(guān)S組成閉合回路。已知滑動(dòng)變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值RP的關(guān)系如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．電源的電動(dòng)勢(shì)E＝10V，內(nèi)阻r＝4Ω B．定值電阻R消耗的最大功率為256WC．圖乙中Rx＝15Ω D．電源的最大輸出功率為6W【分析】將R看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)?shù)刃щ娫吹膬?nèi)外電阻相等時(shí)RP的功率最大，由圖讀出RP的功率最大值及對(duì)應(yīng)的阻值，即可求得電源的內(nèi)阻，根據(jù)功率公式求出電源的電動(dòng)勢(shì)。根據(jù)滑動(dòng)變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時(shí)消耗的功率相等列式，可求得Rx．當(dāng)RP＝0時(shí)電路中電流最大，R消耗的功率最大。根據(jù)內(nèi)外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，由此求電源的最大輸出功率?！窘獯稹拷猓篈、將R看成電源的內(nèi)阻，由圖乙知，當(dāng)RP＝R+r＝10Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，因R＝6Ω，可得電源的內(nèi)阻r＝4Ω最大功率Pm=[EB、當(dāng)回路中電流最大時(shí)，定值電阻R消耗的功率最大，此時(shí)RP＝0，則定值電阻R消耗的最大功率，且最大功率為PRmax＝（ER+r）2R，解得PRmaxC、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為5Ω與阻值為Rx時(shí)消耗的功率相等，有(E5+R+r)2×5=(D、當(dāng)外電阻與內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大。本題中定值電阻R的阻值大于內(nèi)阻的阻值，故滑動(dòng)變阻器RP的阻值為0時(shí)，電源的輸出功率最大，最大輸出功率為P出max＝（ER+r）2R，解得P出max故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是掌握推論：當(dāng)外電路電阻與電源的內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大。對(duì)于定值電阻，當(dāng)電流最大時(shí)其消耗的功率最大。對(duì)于滑動(dòng)變阻器的最大功率，可采用等效法研究。17．（禪城區(qū)校級(jí)期中）如圖所示為某一款移動(dòng)充電寶，其參數(shù)如表，下列說(shuō)法正確的是（）容量20000mAh兼容性所有智能手機(jī)輸入5V，2A輸出DC5V0.1～2.5A尺寸略轉(zhuǎn)換率0.60產(chǎn)品名稱小米重量約430gA．給充電寶充電時(shí)將大部分電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能 B．該充電寶最多能儲(chǔ)存能量為20000mA?h C．該充電寶電量從零到完全滿電的時(shí)間約為2h D．該充電寶給電量為零、容量為3000mA?h的手機(jī)充電，則理論上能充滿4次【分析】根據(jù)銘牌讀出充電寶的容量和電動(dòng)勢(shì)。充電寶的總電能可以用電容器的電動(dòng)勢(shì)和電荷容量解得，根據(jù)電流的定義式求出該充電寶充滿所需要的時(shí)間【解答】解：A.給充電寶充電時(shí)是把電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的過(guò)程，故A正確；B.該充電寶的容量為：q＝20000mAh＝20000×10﹣3×3600C＝72000C該電池的電動(dòng)勢(shì)為5V，所以充電寶儲(chǔ)存的能量為：E=EC.該充電寶的容量為：q＝20000mA?h＝20000×10﹣3×3600C＝72000C以2A的電流為供電電流則充滿所用時(shí)間t=72000D.由于充電寶的轉(zhuǎn)化率為0.6，所以可以釋放的電量為：20000mA?h×0.6＝12000mA?h，給容量為3000mAh的手機(jī)充電的次數(shù)為：n=12000故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查讀取電池銘牌信息的能力。解答的關(guān)鍵是要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量，這里也可以借助量綱計(jì)算法來(lái)理解。18．（惠東縣期中）智能手機(jī)耗電量大，移動(dòng)充電寶應(yīng)運(yùn)而生，它是能直接給移動(dòng)設(shè)備充電的儲(chǔ)能裝置。充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之間（包括移動(dòng)電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）。如圖為某一款移動(dòng)充電寶，其參數(shù)見(jiàn)如表，下列說(shuō)法正確的是（）容量20000mAh兼容性所有智能手機(jī)輸入DC5V2AMAX輸出DC5V0.1﹣2.5A尺寸156×82×22mm轉(zhuǎn)換率0.60產(chǎn)品名稱索揚(yáng)重量約430gA．給充電寶充電時(shí)將大部分電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能 B．該充電寶最多能儲(chǔ)存能量為20000mAh C．理論上該充電寶電量從零到完全充滿電的時(shí)間約為10h D．該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機(jī)充電，則理論上能充滿4次【分析】根據(jù)銘牌讀出充電寶的容量，充電寶的容量是指電池能釋放的總電量；根據(jù)輸入電壓和輸入電流，確定充電寶充滿電的時(shí)間；根據(jù)充電寶的容量，求出給手機(jī)充電的次數(shù)。【解答】解：A、充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，儲(chǔ)存起來(lái)，故A正確；B、該充電寶的容量為：q＝20000mAh＝20000×10﹣3×3600＝7.2×104C該充電寶的電動(dòng)勢(shì)為5V，所以充電寶儲(chǔ)存的能量為：E＝E電動(dòng)勢(shì)?q＝5×7.2×104＝3.6×105J，故B錯(cuò)誤；C、充電寶的輸入電流為2A，理論上該充電寶電量從零到完全充滿電的時(shí)間為：t=qI=7.2×10D、由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.6，所以可以釋放的電荷量為：20000mA?h×0.6＝12000mAh，給容量為3000mAh的手機(jī)充電的次數(shù)：n=12000故選：ACD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查讀取電池銘牌信息的能力。解答的關(guān)鍵是要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量。19．（大觀區(qū)校級(jí)期中）圖為一塊手機(jī)電池的背面印有的一些符號(hào)，下列說(shuō)法正確的是（）A．500mA?h指的是該電池放電時(shí)能輸出的總電荷量 B．該電池的電動(dòng)勢(shì)為3.6V C．該電池充滿電可提供的電能為1.8J D．若該手機(jī)的待機(jī)電流為10mA，手機(jī)最多可待機(jī)50小時(shí)【分析】根據(jù)銘牌讀出電池的容量和電動(dòng)勢(shì)。電池的容量是指電池能釋放的總電量，根據(jù)電流的定義式求出以10mA的電流工作可用的時(shí)間?！窘獯稹拷猓篈B、由電池的銘牌讀出：該電池的容量為500mA?h，電動(dòng)勢(shì)為3.6V．500mA?h指的是該電池放電時(shí)能輸出的總電荷量，故AB正確；C、電池充滿電后，可提供的電能為W＝Eq＝3.6×500×10﹣3×10﹣3kW?h＝1.8×10﹣3kW?h＝6480J，故C錯(cuò)誤。D、由q＝It得知，若電池以10mA的電流工作，可用50小時(shí)。故D正確。故選：ABD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查讀取電池銘牌信息的能力。電池的容量是指電池所能釋放的總電量。20．（欽北區(qū)校級(jí)期中）鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，這表示（）A．蓄電池在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化成電能 B．電路中每通過(guò)1C的電荷量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能 C．無(wú)論接不接入外電路，蓄電池兩極間的電壓都為2V D．蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的大【分析】電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電路電壓之和．電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量．電動(dòng)勢(shì)由電源本身的特性決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)．電動(dòng)勢(shì)的定義式E=W【解答】解：A、根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義式E=Wq，可知電路中每通過(guò)1C的電荷量，非靜電力做功為W＝qE＝1C、沒(méi)有接入電路時(shí)，蓄電池的內(nèi)電壓為零，則由閉合電路歐姆定律可知電池兩極間的電壓為2V，但接入電路時(shí)，路端電壓一定小于2V，故C錯(cuò)誤；D、電動(dòng)勢(shì)反映電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，電動(dòng)勢(shì)越大，這種轉(zhuǎn)化本領(lǐng)越大；一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，電路中每通過(guò)1C的電荷量，電源把1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔埽芍U蓄電池把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池的強(qiáng)，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)電動(dòng)勢(shì)的理解．關(guān)鍵抓住電動(dòng)勢(shì)的物理意義：表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大?。莆针妱?dòng)勢(shì)的定義式E=W21．（豐順縣校級(jí)模擬）關(guān)于能量和電機(jī)，下列表述正確的是（）A．能量可以從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式 B．能量可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體 C．電機(jī)實(shí)現(xiàn)了電能與其他形式能源的相互轉(zhuǎn)換 D．電機(jī)就是指發(fā)電機(jī)【分析】電機(jī)是依據(jù)電磁感應(yīng)定律實(shí)現(xiàn)電能轉(zhuǎn)換或傳遞的一種電磁裝置．電機(jī)是指發(fā)電機(jī)和電動(dòng)機(jī)．【解答】解：A、電機(jī)可以將能量可以從電能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，作為電動(dòng)機(jī)。故A正確。B、當(dāng)發(fā)電機(jī)帶動(dòng)電動(dòng)機(jī)時(shí)，能量可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體。故B正確。C、電機(jī)依據(jù)電磁感應(yīng)定律實(shí)現(xiàn)了電能與其他形式能源的相互轉(zhuǎn)換。故C正確。D、電機(jī)是指發(fā)電機(jī)和電動(dòng)機(jī)。故D錯(cuò)誤。故選：ABC。【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)日常生產(chǎn)和生活中電機(jī)的理解能力．發(fā)電機(jī)和電動(dòng)機(jī)本質(zhì)結(jié)構(gòu)沒(méi)有多大差別，都稱為馬達(dá)．22．（海珠區(qū)期末）一臺(tái)直流電動(dòng)機(jī)的電阻為R，額定電壓為U，額定電流為I，當(dāng)其正常工作時(shí)，下述正確的是（）A．電動(dòng)機(jī)所消耗的電功率I2R B．t秒內(nèi)所產(chǎn)生的電熱為UIt C．t秒內(nèi)所產(chǎn)生的電熱為I2Rt D．t秒內(nèi)輸出的機(jī)械能為（U﹣IR）It【分析】電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立。求電功率只能用P＝UI，求電熱只能用Q＝I2Rt，機(jī)械能只能用能量守恒求解?！窘獯稹拷猓篈、電動(dòng)機(jī)所消耗的電功率為UI＞I2R．故A錯(cuò)誤。B、C，t秒內(nèi)所產(chǎn)生的電熱為I2Rt＜UIt．故C錯(cuò)誤，D正確。D、根據(jù)能量守恒得電動(dòng)機(jī)t秒內(nèi)輸出的機(jī)械能為UIt﹣I2Rt＝（U﹣IR）It．故D正確。故選：CD。【點(diǎn)評(píng)】非純電阻電路與純電阻電路的根本區(qū)別是電能的轉(zhuǎn)化不同，純電阻電路全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，非純電阻電路電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，一部分轉(zhuǎn)化其他能。23．（太湖縣校級(jí)三模）如圖是建筑工地常用的一種“深穴打夯機(jī)”，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)兩個(gè)滾輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)將夯桿從深坑提上來(lái)，當(dāng)夯桿底端剛到達(dá)坑口時(shí)，兩個(gè)滾輪彼此分開(kāi)，將夯桿釋放，夯桿只在重力作用下運(yùn)動(dòng)，落回深坑，夯實(shí)坑底，且不反彈；然后兩個(gè)滾輪再次壓緊，將夯桿提到坑口，如此周而復(fù)始．設(shè)某次打夯時(shí)，夯桿在滾輪作用下向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，夯桿底端剛到達(dá)坑口時(shí)的速度為v．已知夯桿質(zhì)量為m，坑深為h．假定在打夯的過(guò)程中坑的深度變化不大，可以忽略．下列說(shuō)法正確的是（）A．夯桿上升的加速度為v2B．打夯的周期為2?vC．電動(dòng)機(jī)輸出的最大功率為mgv D．每個(gè)周期電動(dòng)機(jī)對(duì)桿所做的功為mg?+【分析】夯桿在每個(gè)周期內(nèi)先做勻加速上升，再做勻減速上升到零后再自由下落到坑底．夯桿底端剛到達(dá)坑口的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解加速度．分別求出三個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程的時(shí)間，得到打夯的周期．電動(dòng)機(jī)輸出的最大功率等于牽引力與最大速度的乘積．根據(jù)牛頓第二定律求出牽引力，再求解最大功率．根據(jù)功能關(guān)系求解每個(gè)周期電動(dòng)機(jī)對(duì)桿所做的功．【解答】解：A、夯桿在滾輪作用下向上做勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由v2＝2ah，得加速度為a=vB、勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1=?v2=2?v，勻減速上升的時(shí)間為t2所以打夯的周期為T(mén)＝t1+t2+t3=2?C、設(shè)電動(dòng)機(jī)的牽引力為F，由牛頓第二定律得：F﹣mg＝ma，得到F＝m（g+v22?D、根據(jù)功能關(guān)系得知，每個(gè)周期電動(dòng)機(jī)對(duì)桿所做的功為W=mg?+1故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵理清夯桿的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，知道夯桿在每個(gè)周期內(nèi)先做勻加速上升，再做勻減速上升到零后再自由下落到坑底．24．（2003秋?靜安區(qū)期末）圖示為研究閉合電路歐姆定律的演示實(shí)驗(yàn)裝置，圖中電壓表和電流表均為理想電表．下列判斷正確的是（）A．兩只電壓表的四個(gè)接線柱中，若a為正極，則c也為正極 B．s1、s2都斷開(kāi)時(shí)，電壓表V1的示數(shù)等于電源電動(dòng)勢(shì) C．s1、s2都閉合時(shí)，電壓表V1與V2的示數(shù)之和等于電源電動(dòng)勢(shì) D．s1、s2都閉合時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電壓表V1的示數(shù)減小，V2的示數(shù)增大【分析】本實(shí)驗(yàn)的關(guān)鍵是弄清V2和V1分別測(cè)得是電源的內(nèi)外電壓，然后再根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行討論即可．【解答】解：A、電壓表測(cè)電壓時(shí)應(yīng)讓電流從正接線柱流入，從負(fù)接線柱流出。在電源的內(nèi)電路中，電流是從電源的負(fù)極流向電源的正極的，這是由于非靜電力的作用。兩只電壓表的四個(gè)接線柱中，若a為正極，則c也為負(fù)極，故A錯(cuò)誤B、s1、s2都斷開(kāi)時(shí)，外電路斷開(kāi)，電壓表V1的示數(shù)等于電源電動(dòng)勢(shì)，故B正確C、s1、s2都閉合時(shí)，電壓表V1與V2的示數(shù)之和等于電源電動(dòng)勢(shì)，故C正確D、s1、s2都閉合時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，外電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得外電壓減小，內(nèi)電壓增大，所以電壓表V1的示數(shù)減小，V2的示數(shù)增大。故D正確故選：BCD?！军c(diǎn)評(píng)】抓住電路的結(jié)構(gòu)和電表的測(cè)量的是什么值是解決問(wèn)題的關(guān)鍵．25．（上高縣校級(jí)期末）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，不計(jì)電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，兩小燈泡均能發(fā)光．在將滑動(dòng)變阻器的觸片逐漸向右滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．小燈泡L1變亮，小燈泡L2變暗 B．小燈泡L1、L2均變暗 C．電流表A的讀數(shù)變大，電壓表V的讀數(shù)變小 D．電流表A的讀數(shù)變小，電壓表V的讀數(shù)變大【分析】將滑動(dòng)變阻器的滑片逐漸向右滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數(shù)的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化．分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L1燈亮度的變化．【解答】解：AB、將滑動(dòng)變阻器的滑片逐漸向右滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，與燈L1并聯(lián)的電路的電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，電流表讀數(shù)變小，L2變暗，電源的內(nèi)電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知路端電壓增大，電壓表V的讀數(shù)變大。路端電壓增大，而L2燈電壓減小，所以L1燈的電壓增大，L1燈變亮。故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題是一道閉合電路的動(dòng)態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用歐姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵．也可以運(yùn)用結(jié)論進(jìn)行分析：變阻器電阻增大，與之并聯(lián)的電燈會(huì)亮，與之串聯(lián)的電燈會(huì)變暗，即“串反并同”．26．（重慶期末）在如圖所示電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，三個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2表示，電表的示數(shù)變化量分別用△I、△U1、△U2表示，下列判斷正確的是（）A．I增大，U1增大 B．I減小，U2增大 C．U1I不變，UD．△U1△I【分析】滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)R2增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析出總電流的變化，路端電壓的變化，再根據(jù)部分電路歐姆定律分析電路中各用電器上的電壓、電流的變化情況，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得△U1△I【解答】解：由電路圖可知，R1、R2串聯(lián)再與R3并聯(lián)，電壓表V1測(cè)R1兩端的電壓，電壓表V2測(cè)R2兩端電壓，電流表測(cè)電路中的電流。AB、滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)R2增大，電路的外電阻R外增大，由I總=E由路端電壓U＝E﹣I總r可知路端電壓U增大，設(shè)通過(guò)R3的電流為I3，由于R3阻值不變，由I3=UR3可以判斷出I3R1與R2串聯(lián)且R1與R2串聯(lián)的電壓為路端電壓，U＝U1+U2，由U1＝IR1知U1減小，所以U2增大，故A錯(cuò)誤，B正確；CD、要注意對(duì)于定值電阻，是線性元件，有R=UI=△U△I，由電路圖可知，U對(duì)于電阻R2有：R2=U2I，由于R2增大，故U2I都增大，U2＝E﹣（I+I3）r﹣IR1，化簡(jiǎn)可得：U2＝﹣（R1+r）I+E﹣故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查歐姆定律中的動(dòng)態(tài)分析，解題方法一般是先分析總電阻的變化、再分析總電流的變化、內(nèi)電壓的變化、路端電壓的變化；因本題要求分析電流及電壓的變化量，故難度稍大，要求學(xué)生能靈活選擇閉合電路的歐姆定律的表達(dá)形式。27．（聊城二模）壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用壓敏電阻判斷升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的裝置，其工作原理如圖（a）所示，其中R為定值電阻，將壓敏電阻固定在升降機(jī)底板上，其上放置一個(gè)物塊，在升降機(jī)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電流表的示數(shù)如圖（b）所示，在0到t1時(shí)間內(nèi)升降機(jī)靜止。則（）A．t1到t2時(shí)間內(nèi)升降機(jī)加速上升 B．t1到t2時(shí)間內(nèi)升降機(jī)加速下降 C．t2到t3時(shí)間內(nèi)升降機(jī)勻加速上升 D．t2到t3時(shí)間內(nèi)升降機(jī)勻加速下降【分析】升降機(jī)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中發(fā)現(xiàn)電流表不變，則說(shuō)明是勻變速運(yùn)動(dòng)，且I大于升降機(jī)靜止時(shí)電流表的示數(shù)I0，則可知外電壓變大，內(nèi)電壓變小，說(shuō)明電流變小．所以是電阻變大。由壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，則壓力變?。虼思铀俣确较蛳蛳拢赡芟蛳聞蚣铀伲部赡芟蛏蟿驕p速?！窘獯稹拷猓篈B、t1到t2時(shí)間內(nèi)，電流增大，電阻減小，因?yàn)閴好綦娮璧淖柚惦S所受壓力的增大而減小，所以壓力增大，靜止時(shí)FN＝mg，t1到t2時(shí)間內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律：FN﹣mg＝ma，合力向上，加速度向上，向上做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故A正確、B錯(cuò)誤；CD、t2到t3時(shí)間內(nèi)電流不變，電阻不變，壓力不變，電流大于靜止時(shí)的電流，壓力大于靜止時(shí)的壓力，對(duì)物塊受力分析，受到重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律：FN﹣mg＝ma，合力向上，加速度向上，加速度不變，所以t2到t3時(shí)間內(nèi)升降機(jī)勻加速上升，故C正確、D錯(cuò)誤；故選：AC。【點(diǎn)評(píng)】該題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識(shí)，電流表的示數(shù)I不變，說(shuō)明壓力不變；而I大于升降機(jī)靜止時(shí)電流表的示數(shù)I0，則說(shuō)明壓力不等于重力。28．（唐山期末）如圖，滑片P處于滑動(dòng)變阻器的正中央，AB間電壓為U，下列說(shuō)法正確的是（）A．滑片P向右移動(dòng)時(shí)，燈泡的電壓增大 B．滑片P向左移動(dòng)時(shí)，燈泡的電壓增大 C．滑動(dòng)變阻器的電阻越大，燈泡的電壓越接近U2D．滑動(dòng)變阻器的電阻越小，燈泡的電壓越接近U【分析】滑動(dòng)變阻器是分壓式接法，即燈泡與變阻器的下半部分并聯(lián)后再與上半部分串聯(lián)。【解答】解：AB、滑動(dòng)變阻器是分壓式接法，燈泡與變阻器的左半部分并聯(lián)后再與右半部分串聯(lián)；滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，串聯(lián)部分電阻變小，并聯(lián)電阻變大，并聯(lián)部分分壓變大，則燈泡兩端電壓增大，同理，滑片向左移動(dòng)時(shí)，燈泡兩端電壓減小，故A正確，B錯(cuò)誤。CD、滑動(dòng)變阻器的電阻越小，則并聯(lián)部分電阻越接近滑動(dòng)變阻器的左半部分電阻，由于滑片處于滑動(dòng)變阻器的正中央，故此時(shí)燈泡的電壓越接近U2故選：AD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串并聯(lián)電路的規(guī)律，關(guān)鍵是明確電阻電路結(jié)構(gòu)，知道圖中滑動(dòng)變阻器采用的是分壓式接法。29．（常德期中）如圖甲所示電路中的小燈泡通電后其兩端電壓U隨所通過(guò)的電流I變化的圖線如圖乙所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PM為U軸的垂線，PQ為I軸的垂線，下列說(shuō)法中正確的是（）A．隨著所通電流的增大，小燈泡的電阻增大 B．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為U1C．若在電路甲中燈泡L兩端的電壓為U1，則電阻R兩端的電壓為I1R D．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積【分析】（1）此燈泡是非線性元件，根據(jù)電阻是指對(duì)電流的阻礙作用判斷燈泡電阻與電壓之間的關(guān)系；（2）找到P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)燈泡的電阻；（3）由功率公式可對(duì)應(yīng)圖線的“面積”．【解答】解：A、圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率等于電阻大小，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大。故A正確B、對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=UC、在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時(shí)，電阻R兩端的電壓為I2R，故C錯(cuò)誤；D、由恒定電流的功率公式P＝UI，推廣可知，對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積。故D正確故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題結(jié)合圖象考查對(duì)歐姆定律的理解，要明確題中燈泡是非線性元件，其電阻是變化的，故只能有R=UI，但R30．（潁州區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡D1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時(shí)，燈泡D1恰好能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．此電源的內(nèi)阻為0.5Ω B．燈泡D1的額定電壓為3V，功率為6W C．把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變大 D．由于小燈泡B的U﹣I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過(guò)程，歐姆定律不適用【分析】電源的U﹣I曲線與燈泡伏安特性曲線的交點(diǎn)表示該燈泡與該電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動(dòng)勢(shì)從而可算出燈泡的額定功率。根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化。燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用?！窘獯稹拷猓篈、由圖讀出：電源的電動(dòng)勢(shì)E＝4V，內(nèi)阻r＝|△U△I|=4?16ΩB、兩圖線的交點(diǎn)表示小燈泡D1與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U＝3V，額定電流I＝2A，則額定功率為P＝UI＝6W，故B正確。C、燈泡D1的電阻R1=UI=32=1.5Ω，換成一個(gè)“3V，20W”的燈泡D2，燈泡D2的電阻R2D、燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，故D錯(cuò)誤。故選：ABC?！军c(diǎn)評(píng)】解決這類問(wèn)題的關(guān)鍵在于從數(shù)學(xué)角度理解圖象的物理意義，抓住圖象的斜率、面積、截距、交點(diǎn)等方面進(jìn)行分析，更加全面地讀出圖象的物理內(nèi)涵。三．填空題（共7小題）31．（武陵區(qū)校級(jí)期末）在國(guó)際單位制中，電場(chǎng)強(qiáng)度的單位是N/C；1節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5伏特。【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式確定電場(chǎng)強(qiáng)度的單位。1節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5伏特?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=F1節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5伏特。故答案為：N/C，1.5?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電場(chǎng)強(qiáng)度的單位和干電池的電動(dòng)勢(shì)，了解干電池的電動(dòng)勢(shì)數(shù)值，明確電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，根據(jù)公式確定單位是常用方法。32．（浦東新區(qū)二模）如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)阻r＝3Ω，定值電阻R0＝5Ω，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為10Ω，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R調(diào)節(jié)為8Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器R消耗的電功率最大；當(dāng)滑動(dòng)變阻器R調(diào)節(jié)為0Ω時(shí)，電源的輸出功率最大?！痉治觥扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律求電流，再根據(jù)電功率的表達(dá)式，利用數(shù)學(xué)知識(shí)求解功率的最大值。【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I=滑動(dòng)變阻器R消耗的電功率為：P=當(dāng)R＝R0+r＝（5+3）Ω＝8Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器R消耗的電功率最大。電源輸出功率為：P出＝I2（R0+R）=因?yàn)镽0＞r，故當(dāng)R＝0時(shí)，[(R故答案為：80【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是運(yùn)用函數(shù)法求功率的極值，這是求極值問(wèn)題的常用方法。33．（金山區(qū)校級(jí)期末）如圖所示的由伏打電池供電的閉合電路中，沿電流方向繞電路一周，在a、b地方電勢(shì)升高：在R、r地方電勢(shì)降低。（“a”“r”“b”“R”）【分析】在電源的內(nèi)阻和外電阻上，沿電流的方向電勢(shì)降低，在非靜電力區(qū)域，電勢(shì)升高?！窘獯稹拷猓悍治隹芍琣、b區(qū)域?yàn)榉庆o電力作用的范圍，電勢(shì)升高，R為外電阻，r為內(nèi)阻，在電阻上，沿電流方向電勢(shì)降低。故答案為：a、b；R、r?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，解決本題的關(guān)鍵理解電動(dòng)勢(shì)的概念以及整個(gè)回路電勢(shì)的走向。34．（順義區(qū)期末）隨著中國(guó)電信業(yè)的發(fā)展，國(guó)產(chǎn)手機(jī)在手機(jī)市場(chǎng)上已經(jīng)有相當(dāng)大的市場(chǎng)份額。如圖所示是中國(guó)科健股份有限公司生產(chǎn)的一塊手機(jī)電池外殼上的文字說(shuō)明，由此可知該電池的電動(dòng)勢(shì)3.7V，待機(jī)狀態(tài)下的平均工作電流7.29mA?！痉治觥坑蓤D讀出此電池的電動(dòng)勢(shì)、容量和待機(jī)時(shí)間t，由電量公式q＝It求出平均工作電流。【解答】解：由手機(jī)電池外殼上的文字說(shuō)明可知，電池的電動(dòng)勢(shì)是3.7V700mA?h是電池的容量，即放電電流與時(shí)間的乘積，由說(shuō)明文字可知手機(jī)的待機(jī)時(shí)間為t＝96h，故待機(jī)狀態(tài)下平均工作電流為：I=q故答案為：3.7V；7.29mA。【點(diǎn)評(píng)】知道電池外殼文字說(shuō)明的各個(gè)數(shù)表示的物理意義是正確解此題的關(guān)鍵，根據(jù)電量公式q＝It求出平均工作電流。35．（2010秋?宿州期中）某一用直流電動(dòng)機(jī)提升重物的裝置如圖所示，電源提供恒定電壓U＝110v，不計(jì)各處摩擦，電路中電流強(qiáng)度I＝5A，電動(dòng)機(jī)線圈電阻R＝4Ω，電動(dòng)機(jī)發(fā)熱消耗的功率是100，在1分鐘內(nèi)所做的機(jī)械功是2.7×104J．【分析】電動(dòng)機(jī)發(fā)熱消耗的功率P＝I2R．電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率等于電動(dòng)機(jī)的輸入功率與電動(dòng)機(jī)發(fā)熱消耗的功率之差．求出機(jī)械功率，再由W＝Pt求出機(jī)械功．【解答】解：電動(dòng)機(jī)發(fā)熱消耗的功率P熱＝I2R＝52×4W＝100W在1分鐘內(nèi)所做的機(jī)械功W＝（UI﹣I2R）t＝（110×5﹣52×4）×60J＝2.7×104J故答案為：100W，2.7×104J【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于電動(dòng)機(jī)電路，正常工作時(shí)歐姆定律不成立，求電功只能用W＝UIt，求電熱只能用焦耳定律，機(jī)械功要根據(jù)能量守恒定律求解．36．（青浦區(qū)期末）如圖所示，當(dāng)電阻為R時(shí)，電流表讀數(shù)為I，換成3R之后，電流表讀數(shù)為23I，換成3R時(shí)的電壓與電阻為R時(shí)的電壓之比為2：1，電源電動(dòng)勢(shì)為4IR【分析】根據(jù)歐姆定律計(jì)算電阻兩端的電壓。根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電源的電動(dòng)勢(shì)?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)歐姆定律可知，換成3R時(shí)的電壓為：U'=2換成R時(shí)的電壓為：U＝IR，電壓之比為2：1。設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，E＝I（R+r）E=聯(lián)立解得：r＝3R，E＝4IR。故答案為：2：1；4IR。【點(diǎn)評(píng)】該題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識(shí)，明確歐姆定律和閉合電路歐姆定律的規(guī)律，并靈活運(yùn)用是解題的關(guān)鍵。37．（湖南學(xué)業(yè)考試）如圖所示為電源的路端電壓U與電力I管線的圖象，由圖可知，該電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5Ω．【分析】電源U﹣I圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻．【解答】解：由圖示電源U﹣I圖象可知，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是3V，則電源電動(dòng)勢(shì)為：E＝3V；電源內(nèi)阻為：r=△U△I=故答案為：3，0.5．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，電源U﹣I圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻．四．計(jì)算題（共5小題）38