沖刺2024年高考物理真題重組卷05（參考答案）

沖刺2024年高考※※真題重組卷（）真題重組卷05（參考答案）（考試時(shí)間：90分鐘試卷滿分：100分）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）12345678910111213ADABBABCACDCD二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）1415ABBD三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16．(7分+7分)Ⅰ、（1）12；（2）；（3）Ⅱ、（1）；（3）；（4）；；（5）接法Ⅱ；（5）接法Ⅱ。17．(8分)【解答】解：（1）狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，圓筒內(nèi)氣體與熱源處于熱平衡狀態(tài)，則圓筒內(nèi)氣體的溫度保持不變，其分子平均動(dòng)能不變；根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程pV＝CT可知，因?yàn)閺臓顟B(tài)A到狀態(tài)B過程，氣體的溫度不變，體積減小，所以氣體的壓強(qiáng)增大，所以圓筒內(nèi)壁單位面積受到的壓力增大；（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，氣體的溫度保持不變，根據(jù)玻意耳定律可得：pAVA＝pBVB在A狀態(tài)時(shí)，根據(jù)活塞的平衡狀態(tài)可得：p0S＝mg+pAS其中，S＝100cm2＝2從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，氣體的體積保持不變，根據(jù)查理定律可得：pB聯(lián)立解得：TC＝350K（3）因?yàn)锳到B過程中氣體的溫度保持不變，則ΔUAB＝0從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得：ΔUAC＝Q+WAC因?yàn)闋顟B(tài)B到狀態(tài)C過程氣體的體積不變，則WAC＝WAB根據(jù)題意可得：ΔUAC＝ΔU聯(lián)立解得：WAB＝11J18．(11分)【解答】解：（1）選擇水平向右的方向?yàn)檎较?，A在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得：μmg＝ma結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：v0＝0+at聯(lián)立解得：t=（2）B從M點(diǎn)滑至N點(diǎn)的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：2mg×3L﹣W=聯(lián)立解得：W＝6mgL-（3）設(shè)碰撞后A和B的速度分別為vA和vB，選擇水平向右的方向?yàn)檎较?，則根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：2m×2v0＝2mvB+mvA根據(jù)能量守恒定律可得：12聯(lián)立解得：vA1=另一解為：vA2＝2v0；vB2＝v0根據(jù)碰撞的合理性，碰撞后B的速度應(yīng)小于A的速度，故只有vA2、vB2滿足碰撞合理性。離開平臺(tái)后，藥品盒做平拋運(yùn)動(dòng)，則有：L=1根據(jù)題意可得：s=1解得：s=19．(11分)【解答】解：（1）由電流定義式得：q=由閉合電路歐姆定律得：I由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E0到πω時(shí)間內(nèi)圓環(huán)的磁通量變化量的絕對(duì)值為：ΔΦ＝B0S﹣（﹣B0S）＝2B0聯(lián)立解得：q=2（2）在0～π3ω在π3ω～2π3ω時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E沿y軸正方向看，由楞次定律判斷感應(yīng)電流為順時(shí)針方向，故為負(fù)值，則此時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電流為：I=-（3）由圖（2）的對(duì)稱性可知，圓環(huán)中電流的有效值可用半個(gè)周期0～I(xiàn)2R(2π3ω-π解得：I有=2（4）已知經(jīng)πω時(shí)間角速度減小量為Δω(ΔEk=12?2m（ωl）2-12?2m[（ω﹣Δω）l]2＝mω2l2[1﹣（1-Δωω）2]＝mω2l2[1﹣（1-Δωω）2]＝mω2l2?此時(shí)間內(nèi)圓環(huán)產(chǎn)生的焦耳熱為：Q＝I有2R?π已知線框與圓環(huán)的能量轉(zhuǎn)換效率為k，則有：Q＝kΔEk解得：Δω=620．(11分)【解答】解：（1）根據(jù)帶電微粒從P點(diǎn)射入磁場(chǎng)，能到達(dá)點(diǎn)O，根據(jù)幾何關(guān)系確定軌道半徑為a，由洛倫茲力提供向心力得：Bqv＝mv解得：v=（2）粒子甲運(yùn)動(dòng)一個(gè)圓周時(shí)，粒子乙剛好運(yùn)動(dòng)兩個(gè)圓周，可知甲的周期是乙的周期的2倍，即T甲＝2T乙根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期公式得：T甲=解得：m乙=第一次到達(dá)點(diǎn)O時(shí)與運(yùn)動(dòng)到該點(diǎn)的帶正電粒子乙發(fā)生正碰，碰前在O點(diǎn)甲的速度沿y軸負(fù)方向，為﹣v，碰后為3v，設(shè)碰前在O點(diǎn)乙的速度為v1，碰后為v2，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m（﹣v）+m2v1所有碰撞均為彈性正碰，再根據(jù)機(jī)械能守恒得：12聯(lián)立解得：第一次碰撞前粒子乙的速度為v1＝5v=5Bqam，方向指向第一次碰撞后粒子乙的速度為v2＝﹣3v=-3Bqam（3）0時(shí)刻開始，設(shè)第二次彈性正碰后，粒子甲的速度為v3，粒子乙的速度為v4，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m?3v+m2v所有碰撞均為彈性正碰，再根據(jù)機(jī)械能守恒得：12聯(lián)立解得：v3＝﹣v，粒子乙的速度為v4＝5v因?yàn)榈诙闻龊髢煞N粒子速度等于第一次碰前的速度，可知，粒子甲經(jīng)過第奇數(shù)次碰撞后速度變?yōu)?v，經(jīng)過第偶數(shù)次碰撞后速度變?yōu)椹乿，粒子乙經(jīng)過第奇數(shù)次碰撞后速度變?yōu)椹?v，經(jīng)過第偶數(shù)次碰撞后速度變?yōu)?v；根據(jù)題意，從第一次碰撞開始，甲粒子完成一個(gè)周期、乙粒子完成兩個(gè)周期兩種粒子在磁場(chǎng)中就在O點(diǎn)碰撞一次；從t＝0時(shí)刻開始，由于第一次碰撞是甲運(yùn)動(dòng)了半個(gè)周期發(fā)生的，到t=18πmqB時(shí)刻，粒子甲完成了9次碰撞又運(yùn)動(dòng)了半個(gè)周期，乙完成了9次碰撞又運(yùn)動(dòng)了一個(gè)周期，因此在第9次碰后，甲粒子速度為3v，粒子乙的速度為﹣3v根據(jù)左手定則判斷第9次碰后經(jīng)過粒子甲運(yùn)動(dòng)的半個(gè)周期，運(yùn)動(dòng)到x軸負(fù)方向，所以到t=18πmqB時(shí)刻粒子甲的坐標(biāo)為（﹣6a，由于粒子乙碰后完成了粒子乙運(yùn)動(dòng)的一個(gè)周期，坐標(biāo)為（0，0）；根據(jù)洛倫茲力提供向心力可知，乙經(jīng)過奇數(shù)次碰撞后軌道半