2021-2022學(xué)年浙江省臺(tái)州市高三下學(xué)期4月二模物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)精品試卷PAGEPAGE1高三年級(jí)教學(xué)質(zhì)量評(píng)估試題物理注意事項(xiàng)：1.本卷共22小題，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.非選擇題的〖答案〗必須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆書寫在答題紙規(guī)定的區(qū)城內(nèi)。3.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.以下物理量數(shù)值中的正負(fù)號(hào)，既不代表大小也不代表方向的是（）A.磁通量 B.速度 C.沖量 D.電勢(shì)能〖答案〗A〖解析〗B．速度是矢量，速度中的正負(fù)號(hào)代表方向，故B錯(cuò)誤；C．沖量是矢量，沖量中的正負(fù)號(hào)代表方向，故C錯(cuò)誤；D．電勢(shì)能是標(biāo)量，電勢(shì)能中的正負(fù)號(hào)代表大小，故D錯(cuò)誤；A．磁通量的正負(fù)僅表示磁感線是怎樣穿過某一平面的，既不代表大小也不代表方向，故A正確。故選A。2.下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展史的說法中，不符合歷史事實(shí)的是（）A.湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子，揭示了原子本身也有結(jié)構(gòu)B.奧斯特最早提出在電荷周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)C.伽利略指出亞里士多德對(duì)落體的認(rèn)識(shí)存在問題，通過邏輯推理得出重物與輕物下落得一樣快的結(jié)論D.學(xué)家笛卡兒認(rèn)為，如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)下去〖答案〗B〖解析〗A．湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子，揭示了原子本身也有結(jié)構(gòu)，故A正確，不符合題意；B．法拉第最早提出在電荷周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．伽利略指出亞里士多德對(duì)落體的認(rèn)識(shí)存在問題，通過邏輯推理得出重物與輕物下落得一樣快的結(jié)論，故C正確，不符合題意；D．學(xué)家笛卡兒認(rèn)為，如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)下去，故D正確，不符合題意。故選B。3.如圖所示，在花樣滑冰比賽中的男運(yùn)動(dòng)員托舉著女運(yùn)動(dòng)員一起滑行。對(duì)于此情景，下列說法正確的是（）A.男運(yùn)動(dòng)員受到的重力和冰面對(duì)他的支持力是一對(duì)平衡力B.男運(yùn)動(dòng)員對(duì)女運(yùn)動(dòng)員的支持力大于女運(yùn)動(dòng)員受到的重力C.男運(yùn)動(dòng)員對(duì)冰面壓力大小與冰面對(duì)他支持力大小在任何時(shí)候都相等D.女運(yùn)動(dòng)員對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的壓力與冰面對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的支持力是一對(duì)作用力和反作用力〖答案〗C〖解析〗A．冰面對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的支持力等于男運(yùn)動(dòng)員和女運(yùn)動(dòng)員重力之和，所以男運(yùn)動(dòng)員受到的重力和冰面對(duì)他的支持力不是一對(duì)平衡力，故A錯(cuò)誤；B．女運(yùn)動(dòng)員處于平衡狀態(tài)，男運(yùn)動(dòng)員對(duì)女運(yùn)動(dòng)員的支持力等于女運(yùn)動(dòng)員受到的重力，故B錯(cuò)誤；C．男運(yùn)動(dòng)員對(duì)冰面壓力與冰面對(duì)他支持力是一對(duì)相互作用力，大小在任何時(shí)候都相等，故C正確；D．作用力和反作用力之間只涉及兩個(gè)相互作用的物體，而女運(yùn)動(dòng)員對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的壓力與冰面對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的支持力涉及到三個(gè)物體，所以不是一對(duì)作用力和反作用力，故D錯(cuò)誤。故選C。4.冬季奧運(yùn)會(huì)比賽中，單板大跳臺(tái)是一項(xiàng)緊張刺激項(xiàng)目。2022年北京冬奧會(huì)期間，一觀眾用手機(jī)連拍功能拍攝運(yùn)動(dòng)員從起跳到落地的全過程，合成圖如圖所示。忽略空氣阻力，且手機(jī)連拍的時(shí)間間隔一定。下列說法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程是變加速曲線運(yùn)動(dòng)B.裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，可以將其視為質(zhì)點(diǎn)C.運(yùn)動(dòng)員在斜向上飛行到最高點(diǎn)的過程中，其動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能D.運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程中，圖片中任意兩組相鄰位置的動(dòng)量變化量大小方向都相同〖答案〗D〖解析〗A．運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程只受重力，加速度恒定不變，所以是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的體積和形狀不能忽略，不可以將其視為質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員在斜向上飛行到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度變?yōu)?，水平方向速度不為零，所以其動(dòng)能不為零，故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程中，加速度恒定不變，根據(jù)可知圖片中任意兩組相鄰位置的動(dòng)量變化量大小方向都相同，故D正確。故選D。5.高空“蹦極”是勇敢者的游戲。蹦極運(yùn)動(dòng)員將彈性長(zhǎng)繩（質(zhì)量忽略不計(jì)）的一端系在雙腳上，另一端固定在高處的跳臺(tái)上，運(yùn)動(dòng)員無初速地從跳臺(tái)上落下。若不計(jì)空氣阻力，則（）

A.彈性繩剛伸直時(shí)，運(yùn)動(dòng)員開始減速B.整個(gè)下落過程中，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能一直在減小C.整個(gè)下落過程中，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功大于運(yùn)動(dòng)員克服彈性繩彈力所做的功D.從彈性繩從伸直到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能與彈性繩的彈性勢(shì)能之和先減小后增大〖答案〗D〖解析〗A．彈性繩剛伸直到彈性繩彈力等于重力之前，重力大于彈性繩彈力，運(yùn)動(dòng)員都處于加速狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)跳下到彈性繩剛伸直過程中，只受重力，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；C．下落到最低點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員速度為0，整個(gè)下落過程中重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于運(yùn)動(dòng)員克服彈性繩彈力所做的功，故C錯(cuò)誤；D．從彈性繩從伸直到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)動(dòng)員和彈性繩組成的系機(jī)械能守恒，彈性繩從伸直到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)動(dòng)員先加速后減速到0，所以運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能先增大后減小，則運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能與彈性繩的彈性勢(shì)能之和先減小后增大，故D正確。故選D。6.某同學(xué)制作了一個(gè)“豎直加速度測(cè)量?jī)x”。如圖所示，彈簧上端固定，在彈簧旁固定一直尺。不掛鋼球時(shí)，彈簧下端指針位于直尺刻度處；下端懸掛鋼球，靜止時(shí)指針位于直尺刻度處。將直尺不同刻度對(duì)應(yīng)的加速度標(biāo)在直尺上，就可用此裝置直接測(cè)量豎直方向的加速度。取加速度豎直向上為正方向，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.刻度對(duì)應(yīng)的加速度為g B.刻度對(duì)應(yīng)的加速度為C.刻度對(duì)應(yīng)的加速度為D.各刻度對(duì)應(yīng)加速度值的間隔是不均勻的〖答案〗C〖解析〗設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為，鋼球質(zhì)量為，下端懸掛鋼球，靜止時(shí)指針位于直尺刻度處，則A．刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有解得故A錯(cuò)誤；B．刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有解得故B錯(cuò)誤；C．刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有解得故C正確；D．根據(jù)牛頓第二定律得可得則各刻度對(duì)應(yīng)加速度的值是均勻的，故D錯(cuò)誤。故選C。7.1966年，33歲的華裔科學(xué)家高錕提出：光通過直徑幾微米的玻璃纖維就可以傳輸大量信息。根據(jù)這一理論制造的光導(dǎo)纖維已經(jīng)普遍應(yīng)用到通訊領(lǐng)域。目前光纖信號(hào)傳輸主要采用以下三種波長(zhǎng)的激光、、，均大于紅光波長(zhǎng)（）。下列說法中正確的是（）A.三種激光中，波長(zhǎng)的激光光子能量最大B.光纖內(nèi)芯和外套都是玻璃材質(zhì)，且外套折射率比內(nèi)芯大C.若用紅光照射某光電管能產(chǎn)生光電效應(yīng)，這三種激光也一定可以D.若換用可見光傳輸信號(hào)，其在光纖中的傳播速度比這三種激光都小〖答案〗D〖解析〗A．由c=λv可知，波長(zhǎng)為1550nm的激光的頻率最小，再根據(jù)ε=hv，可知波長(zhǎng)為1550nm的激光光子能量最小，A錯(cuò)誤；B．光發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角大于或等于臨界角，所以內(nèi)芯的折射率大于外套的折射率，光傳播時(shí)在內(nèi)芯和外套的界面上發(fā)生全反射，B錯(cuò)誤；C．激光的波長(zhǎng)大于紅光的波長(zhǎng)，則激光的頻率小于紅光的頻率，若用紅光照射某光電管能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，光纖中的激光不一定可以，C錯(cuò)誤；D．激光的波長(zhǎng)大于可見光的波長(zhǎng)，則激光的折射率小于可見光的折射率，根據(jù)可知，若換用可見光傳輸信號(hào)，其在光纖中的傳播速度比現(xiàn)有的三種激光都慢，D正確。故選D。8.如圖是一種延時(shí)繼電器的示意圖，鐵芯上有兩個(gè)線圈A和B，線圈A跟電源連接，線圈B兩端連在一起構(gòu)成閉合電路，鐵質(zhì)桿D的右端與金屬觸頭C絕緣相連，C連接工作電路，彈簧K可以拉起桿D從而使工作電路斷開。下列說法正確的是（）A.工作電路正常工作時(shí)，彈簧K處于原長(zhǎng)狀態(tài)B.工作電路正常工作時(shí)，B線圈中有感應(yīng)電流C.開關(guān)S斷開瞬間，鐵芯能繼續(xù)吸住鐵桿D一小段時(shí)間D.減少線圖B的匝數(shù)，對(duì)電路的延時(shí)效果沒有影響〖答案〗C〖解析〗AB．工作電路正常工作時(shí)，金屬觸頭C將工作電路連通，此時(shí)彈簧K處于拉伸狀態(tài)，此時(shí)由于線圈A的電流不變，穿過線圈A的磁通量不變，則線圈B中的磁通量不變，B線圈中沒有感應(yīng)電流，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．開關(guān)S斷開瞬間，線圈A中電流減小，則穿過線圈B的磁通量減小，從而在線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，使鐵芯的磁性逐漸減弱，從而鐵芯能繼續(xù)吸住鐵桿D一小段時(shí)間，起到延時(shí)的作用，選項(xiàng)C正確；D．減少線圖B的匝數(shù)，則當(dāng)開關(guān)S斷開的瞬時(shí)，B中產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)減小，鐵芯的磁性減弱，則對(duì)電路的延時(shí)效果有影響，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，在空間坐標(biāo)系中，A、B、M、N四個(gè)點(diǎn)均位于坐標(biāo)軸上，且，現(xiàn)在A、B兩點(diǎn)分別固定等量異種電荷與。下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B.M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同C.試探電荷從N點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，其電勢(shì)能增加D.沿著坐標(biāo)軸將試探電荷從M點(diǎn)移到O點(diǎn)再移到N點(diǎn)，其電勢(shì)能先增加后減小〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，O點(diǎn)的電場(chǎng)線較N點(diǎn)密集，可知O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因MN兩點(diǎn)在兩電荷連線的中垂面上且到O點(diǎn)的距離相等，可知M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，選項(xiàng)B正確；C．若無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則N點(diǎn)的電勢(shì)也為零，則試探電荷從N點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，其電勢(shì)能最終不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因MON三點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，則沿著坐標(biāo)軸將試探電荷從M點(diǎn)移到O點(diǎn)再移到N點(diǎn)，其電勢(shì)能不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。10.據(jù)媒體報(bào)道，今年1月22日中國(guó)的SJ-2衛(wèi)星將一顆失效的“北斗2號(hào)”衛(wèi)星從地球同步軌道B拖曳到同步軌道上方的“墳?zāi)管壍馈盇，并將其留在該軌道，然后SJ-2衛(wèi)星又返回同步軌道。以下說法正確的是（）A.北斗2號(hào)衛(wèi)星的動(dòng)能變大B.北斗2號(hào)衛(wèi)星的周期變小C.SJ-2衛(wèi)星在B軌道上速度大于第一宇宙速度D.北斗2號(hào)衛(wèi)星在A軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比B軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大〖答案〗D〖解析〗北斗2號(hào)衛(wèi)星從同步軌道B到“墳?zāi)管壍馈盇，軌道半徑增大。A．根據(jù)萬有引力提供向心力可得可知北斗2衛(wèi)星的線速度變小，則動(dòng)能變小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力可得可知北斗2號(hào)衛(wèi)星的周期變大，故B錯(cuò)誤；C．第一宇宙速度是環(huán)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，所以SJ-2衛(wèi)星在B軌道上速度小于第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤；D．北斗2號(hào)衛(wèi)星從B軌道到A軌道需要加速離心才能到達(dá)，除了萬有引力之外的其他力對(duì)其做正功，所以北斗2號(hào)衛(wèi)星在A軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比B軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大，故D正確。故選D。11.如圖所示，兩平行金屬板P、Q之間有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在其下方有兩光滑金屬導(dǎo)軌處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌平面與水平面夾角為，兩導(dǎo)軌分別與P、Q相連，現(xiàn)將等離子體垂直于磁場(chǎng)持續(xù)噴入P、Q板間，恰使垂直于導(dǎo)軌放置的金屬棒靜止。下列說法正確的是（）A.P極板電勢(shì)高于Q極板B.金屬棒中電流方向從b到aC.如果水平向右（沿方向看），金屬棒必不能平衡D.要使取最小值，則必須使其方向垂直導(dǎo)軌平面向下〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)左手定則可知正離子受到向下的洛倫茲力而偏向板，負(fù)離子受到向上的洛倫茲力而偏向板，則P極板電勢(shì)低于Q極板，所以金屬棒中電流方向從a到b，故AB錯(cuò)誤；C．金屬棒中電流從到，水平向右（沿方向看），由左手定則知金屬棒受到的安培力豎直向上，若安培力大小恰好等于重力大小，金屬棒平衡，故C錯(cuò)誤；D．要使取最小值，需使得金屬棒所受安培力的方向沿著金屬導(dǎo)軌向上，根據(jù)左手定則知其方向垂直導(dǎo)軌平面向下，故D正確。故選D。12.如圖所示，光滑絕緣的水平桌面上有一質(zhì)量為m，帶電量為的點(diǎn)電荷，距水平面高h(yuǎn)處的空間內(nèi)固定一場(chǎng)源點(diǎn)電荷，兩電荷連線與水平面間的夾角，現(xiàn)給點(diǎn)電荷一水平初速度，使其在水平桌面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，靜電力常量為k，則（）A.點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力為B.點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為C.若水平初速度，則點(diǎn)電荷對(duì)桌面壓力為零D.點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力一定由重力和庫侖力的合力提供〖答案〗A〖解析〗A．由圖可知，點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力由庫侖力在水平方向的分力提供，可得故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律得解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有豎直方向解得故C錯(cuò)誤；D．僅有當(dāng)時(shí)，點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力由重力和庫侖力的合力提供，故D錯(cuò)誤。故選A。13.如圖所示，熱氣球靜止于距水平地面H的高處，現(xiàn)將質(zhì)量為m的小球以相對(duì)地面的速度水平投出。已知投出小球后熱氣球的總質(zhì)量為M，所受浮力不變，重力加速度為g，不計(jì)阻力，以下判斷正確的是（）A.投出小球后氣球所受合力大小為B.小球落地時(shí)氣熱球的速度大小為C.小球在落地之前，小球和熱氣球速度始終大小相等方向相反D.小球落地時(shí)二者的水平距離為〖答案〗B〖解析〗A．熱氣球從開始攜帶小球時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以所受合外力為零，由于投出小球后所受浮力不變，則熱氣球所受合外力為mg，A錯(cuò)誤；B．熱氣球從開始攜帶小球時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以所受合外力為零，初動(dòng)量為零，水平投出重力為mg的物資瞬間，滿足動(dòng)量守恒定律Mv1=mv0由上式可知熱氣球獲得水平向左的速度小球落地所需時(shí)間為解得熱氣球豎直方向上加速度為mg=Ma解得小球落地時(shí)，熱氣球豎直方向上的速度為根據(jù)矢量法則解得B正確；C．熱氣球所受合外力為mg，豎直向上，所以熱氣球做勻加速曲線運(yùn)動(dòng)，加速度為而小球體積比較小又不計(jì)阻力則小球的加速度為g，故小球和熱氣球速度不會(huì)始終大小相等方向相反，C錯(cuò)誤；D．熱氣球和物資在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)則二者的水平距離為d=xM+xm解得D錯(cuò)誤。故選B二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.如圖所示，一個(gè)豎直圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，固定在圓盤上的小圓柱帶動(dòng)一個(gè)T型支架在豎直方向振動(dòng)，T型支架下面系著一個(gè)彈簧和小球組成的振動(dòng)系統(tǒng)，小球浸沒在水中，當(dāng)圓盤靜止時(shí)，讓小球在水中振動(dòng)，其阻尼振動(dòng)頻率約為。現(xiàn)使圓盤由靜止開始緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，直至以的周期勻速轉(zhuǎn)動(dòng)穩(wěn)定下來，在此過程中，下列說法正確為（）A.圓盤靜止和轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球都是做受迫振動(dòng)B.最終穩(wěn)定時(shí)小球的振動(dòng)頻率為C.小球的振幅先逐漸增大后又逐漸減小D.圓盤緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，以T型支架為參考系，小圓柱的運(yùn)動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)〖答案〗BC〖解析〗A．振動(dòng)系統(tǒng)在周期性驅(qū)動(dòng)力作用下的振動(dòng)叫受迫振動(dòng)，圓盤靜止時(shí)無周期性驅(qū)動(dòng)力作用，不是受迫振動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．小球穩(wěn)定振動(dòng)時(shí)的頻率為故B正確；C．圓盤轉(zhuǎn)速由零逐漸增大，轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率逐漸接近小球振動(dòng)的固有頻率，振幅增大，與固有頻率相同時(shí)振幅最大；超過固有頻率，轉(zhuǎn)速繼續(xù)增大，振幅減小，故先增大，后減小。C正確；D．圓盤緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，以T型支架為參考系，小圓柱運(yùn)動(dòng)到T型支架的中間位置時(shí)是非平衡狀態(tài)，有加速度，不滿足簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的條件，D錯(cuò)誤。故選BC。15.圖甲為一交流發(fā)電機(jī)的示意圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，匝數(shù)為n，面積為S，總電阻為r的矩形線圈繞軸做角速度為的勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，矩形線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)中始終保持和外電路電阻R形成閉合電路，回路中接有一理想交流電流表。圖乙是線圖轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的圖像，下列說法中正確的是（）A.時(shí)刻穿過線圈的磁通量的變化率為零B.從到這段時(shí)間通過電阻R的電荷量為C.從到這段時(shí)間穿過線圈磁通量的變化量為D.圖乙中的零時(shí)刻線圈所處位置可能對(duì)應(yīng)甲圖中所示位置〖答案〗BD〖解析〗A．由圖乙可知時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，穿過線圈的磁通量的變化率最大，故A錯(cuò)誤；B．從到這段時(shí)間的平均感應(yīng)電流為則通過電阻R的電荷量故B正確；C．時(shí)刻磁通量為時(shí)刻磁通量為從到這段時(shí)間穿過線圈磁通量的變化量為故C錯(cuò)誤；D．圖乙中的零時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，穿過線圈的磁通量最大，線圈處于中性面，故可能對(duì)應(yīng)甲圖中所示位置，故D正確。故選BD。16.發(fā)展核能將為我國(guó)碳達(dá)峰、碳中和戰(zhàn)略發(fā)揮不可替代的作用。甘肅武威的釷基熔鹽堆核能系統(tǒng)（TMSR）是第四代核能系統(tǒng)之一，它的試驗(yàn)成功標(biāo)志著我國(guó)在這方面的研究“處于國(guó)際引領(lǐng)地位”。其中釷基核燃料鈾，由較難裂變的釷吸收一個(gè)中子后經(jīng)過若干次衰變而來，鈾的一種典型裂變產(chǎn)物是鋇和氪。以下說法正確的是（）A.外界溫度越高，釷核衰變的速度越快B.釷核經(jīng)過1次衰變可變成鏷C.在鈾核裂變成鋇和氪的核反應(yīng)中，核子的比結(jié)合能增大D.題中鈾核裂變的核反應(yīng)方程為〖答案〗BCD〖解析〗A．半衰期的大小與溫度、壓強(qiáng)以及化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．1次衰原子核質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)增大1，所以釷核經(jīng)過1次衰變可變成鏷，故B正確；C．核反應(yīng)方程式中生成物比反應(yīng)物穩(wěn)定，生成物的比結(jié)合能大比反應(yīng)物的比結(jié)合能大，所以在鈾核裂變成鋇和氪的核反應(yīng)中，核子的比結(jié)合能增大，故C正確；D．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知題中鈾核裂變的核反應(yīng)方程為故D正確。故選BCD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，每小題2分，共55分）17.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。實(shí)驗(yàn)時(shí)該實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)使用頻閃儀和照相機(jī)對(duì)做平拋運(yùn)動(dòng)的小球進(jìn)行拍攝，某次拍攝后得到的照片局部如圖乙所示。照片上每個(gè)方格的實(shí)際邊長(zhǎng)為。①下列關(guān)于本實(shí)驗(yàn)說法正確的是_________。A.本實(shí)驗(yàn)需要調(diào)節(jié)斜槽末端水平B.圖乙中的a點(diǎn)就是平拋的起點(diǎn)C.為獲取圖乙中的數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)至少需要4次釋放小球，且每次釋放位置必須相同D.由圖乙數(shù)據(jù)可得知平拋運(yùn)動(dòng)水平遵從勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，豎直方向遵從勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律②根據(jù)圖乙中數(shù)據(jù)可知頻閃儀頻率是_______。③小球運(yùn)動(dòng)到圖乙中位置b時(shí)，其速度的大小為_______；〖答案〗①AD②③2.5〖解析〗（1）〖1〗A．實(shí)驗(yàn)中必須保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則斜槽軌道末端必須水平，故A正確；B．若是平拋起點(diǎn)，豎直方向位移應(yīng)滿足，結(jié)合圖象可知B錯(cuò)誤；C．因?yàn)橐嬐贿\(yùn)動(dòng)的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，為了減小誤差應(yīng)多次釋放小球，圖乙中有4個(gè)點(diǎn)，不代表至少要放4次，故C錯(cuò)誤；D．由圖可知相等時(shí)間內(nèi)水平方向位移相等，豎直方向相鄰相等時(shí)間內(nèi)位移差滿足所以平拋運(yùn)動(dòng)水平遵從勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，豎直方向遵從勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，故D正確。（2）〖2〗根據(jù)解得（3）〖3水平方向解得豎直方向根據(jù)中間時(shí)刻瞬時(shí)速度等于該過程平均速度得則b點(diǎn)速度為18.在“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，裝置如圖所示：某同學(xué)在觀察時(shí)發(fā)現(xiàn)條紋比較模糊，可以通過調(diào)節(jié)________裝置（填裝置名稱），調(diào)節(jié)方式是______（“旋轉(zhuǎn)”、“上下調(diào)節(jié)”、“左右調(diào)節(jié)”）〖答案〗撥桿左右調(diào)節(jié)〖解析〗〖1〗〖2〗當(dāng)觀察到條紋比較模糊時(shí)，可以通過調(diào)節(jié)撥桿裝置，調(diào)節(jié)方式是左右調(diào)節(jié)。19.某同學(xué)為測(cè)定一段粗細(xì)均勻、電阻率較小的電阻絲的電阻率，采用了如圖甲所示的電路進(jìn)行測(cè)量。實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.改變電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，重復(fù)測(cè)量，記錄多組x、U、I的值。b.用游標(biāo)卡尺在電阻絲上的三個(gè)不同位置測(cè)出電阻絲直徑，求出平均值D；c.調(diào)節(jié)電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，用毫米刻度尺測(cè)量并記錄導(dǎo)電夾P到電阻絲右端B的長(zhǎng)度x；閉合開關(guān)S，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I；（1）上述實(shí)驗(yàn)步驟，正確的先后順序應(yīng)是________。（2）若游標(biāo)卡尺某次測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，其示數(shù)為______。（3）根據(jù)多組測(cè)量得到的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出圖像如圖丙所示，若圖線斜率為k，則電阻絲的電阻率_______（用已知或測(cè)量出的物理量的符號(hào)表示）；電流表內(nèi)阻對(duì)電阻率的測(cè)量_______（選填“有”或“沒有”）影響。（4）用記錄的數(shù)據(jù)繪制出圖像如圖丁所示，由圖像可知電源的內(nèi)阻_______。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）bca（2）（3）沒有（4）〖解析〗（1）〖1〗實(shí)驗(yàn)步驟為先用游標(biāo)卡尺在電阻絲上的三個(gè)不同位置測(cè)出電阻絲直徑，求出平均值D；然后調(diào)節(jié)電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，用毫米刻度尺測(cè)量并記錄導(dǎo)電夾P到電阻絲右端B的長(zhǎng)度x；閉合開關(guān)S，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I；再改變電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，重復(fù)測(cè)量，記錄多組x、U、I的值。順序?yàn)閎ca；（2）〖2〗游標(biāo)卡尺的度數(shù)為（3）〖3〗〖4〗由歐姆定律得由電阻定律得整理得可得則根據(jù)可知電流表的內(nèi)阻對(duì)電阻率沒有影響；（4）〖5〗根據(jù)閉合電路歐姆定律可知圖象斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻為20.如圖甲所示是一跳臺(tái)滑雪運(yùn)動(dòng)員比賽的畫面，運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）從高臺(tái)飛出，落到傾斜的著陸坡后調(diào)整姿勢(shì)，在A點(diǎn)以初速度沿直線勻加速下滑，到達(dá)坡底B點(diǎn)再勻減速滑行一段距離后停下，如圖乙所示。已知運(yùn)動(dòng)員及裝備的總質(zhì)量，傾斜滑道的傾角，運(yùn)動(dòng)員沿斜面下滑到達(dá)坡底時(shí)的速度，運(yùn)動(dòng)員從傾斜滑道進(jìn)入減速區(qū)順間的速度大小不變，進(jìn)入減速區(qū)后，運(yùn)動(dòng)員受到阻力變?yōu)?，兩個(gè)過程滑行的總時(shí)間為，不計(jì)空氣阻力（，）求：（1）運(yùn)動(dòng)員沿水平軌道的位移大??；（2）運(yùn)動(dòng)員在傾斜滑道上受到阻力大小；（3）運(yùn)動(dòng)員在這兩個(gè)過程中運(yùn)動(dòng)的總路程。〖答案〗（1）55m；（2）；（3）〖解析〗（1）由牛頓第二定律得得根據(jù)解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得（2）由得則得（3）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式則21.如圖所示，兩段半徑均為的光滑圓弧、的左右兩側(cè)分別連接斜面和傳送帶，兩個(gè)足夠長(zhǎng)的相同斜面的傾角均為。將一質(zhì)量可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊從右側(cè)斜面的E點(diǎn)靜止下滑，同時(shí)傳送帶以速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。物塊第一次滑到傳送帶C點(diǎn)時(shí)的速度為，已知物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，傳送帶長(zhǎng)。求：（1）物塊經(jīng)過圓弧最低點(diǎn)B時(shí)（尚未滑上傳送帶），滑塊對(duì)軌道的彈力；（2）若傳送帶以的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊第一次到達(dá)左側(cè)斜面的最高點(diǎn)與D點(diǎn)的距離；（3）若傳送帶以大于的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的總路程s與傳送帶的速度v之間的關(guān)系?！即鸢浮剑?）3.5N，方向豎直向下；（2）；（3）若，，若，〖解析〗（1）根據(jù)牛頓第二定律得物塊在傳送帶上加速度根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立解得由牛頓第三定律方向豎直向下；（2）圓弧軌道的豎直高度差為階段根據(jù)動(dòng)能定理得最高點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得得（3）滑塊從E點(diǎn)下到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得滑塊從B點(diǎn)經(jīng)傳送帶一直加速度到C點(diǎn)時(shí)的速度設(shè)為，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得設(shè)傳送帶的速度為v，經(jīng)分析，最后滑塊到D點(diǎn)速度為零，在來回運(yùn)動(dòng)，由能量守恒方程①（其中就是指物塊第一次到達(dá)C點(diǎn)的速度）第一種情況解得又，往返運(yùn)動(dòng)中傳送帶對(duì)其不做功，代入方程①得則在斜面上的總路程為第二種情況則又往返運(yùn)動(dòng)中傳送帶對(duì)其不做功，代入方程①得則在斜面上的總路程為22.如圖所示，兩根半徑為的四分之一光滑圓弧軌道，間距為，軌道電阻不計(jì)。在其上端連有一阻值為的電阻，圓弧軌道處于輻向磁場(chǎng)中，所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為，其頂端A、B與圓心處等高。兩根完全相同的金屬棒mn、pq在軌道頂端和底端，e、f是兩段光滑的絕緣材料，緊靠圓弧軌道最底端，足夠長(zhǎng)的光滑金屬軌道左側(cè)是一個(gè)的電容器。將金屬棒mn從軌道頂端處由靜止釋放。已知當(dāng)金屬棒到達(dá)如圖所示的位置，金屬棒的速度達(dá)到最大，此時(shí)金屬棒與軌道圓心連線所在平面和水平面夾角為。mn棒到達(dá)最底端時(shí)速度為（此時(shí)與pq還沒有碰撞）。已知金屬棒mn，pq質(zhì)量均為、電阻均為，求：（1）當(dāng)金屬棒的速度最大時(shí)，流經(jīng)金屬棒pq的電流方向和pq金屬棒此時(shí)的熱功率；（2）金屬棒滑到軌道底端的整個(gè)過程（此時(shí)與pq還沒有碰撞）中流經(jīng)電阻R的電量；（3）金屬棒mn和pq發(fā)生碰撞后粘在一起運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過兩小段光滑絕緣材料e，f后繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，求金屬棒最后的速度大小?！即鸢浮剑?）P到q，；（2）或0.13C；（3）〖解析〗詳析〗（1）根據(jù)楞次定律可知，電流方向由p到q，且速度最大時(shí)有得由于e、f是兩段光滑的絕緣材料，則由電路關(guān)系知Ipq=1A則pq金屬棒此時(shí)的熱功率（2）金屬棒滑到軌道底端的整個(gè)過程（此時(shí)與pq還沒有碰撞）中流經(jīng)電阻R的電量為其中代入解得解得或0.13C（3）金屬棒mn和pq發(fā)生碰撞由動(dòng)量守恒有碰撞后對(duì)整體有解得23.如圖甲所示，某裝置由直線加速器和圓心角為的扇形偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)兩部分組成。直線加速器由一個(gè)金屬圓板（序號(hào)為0）和10個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒（序號(hào)為1，2，3…10）依次排列，其中心軸線在同一直線上，圓筒的長(zhǎng)度遵照一定的規(guī)律依次增加。圓板與圓筒與交流電源相連，序號(hào)為奇數(shù)的圓筒和電源的一極相連，圓板和序號(hào)為偶數(shù)的圓筒和該電源的另一極相連，交變電源兩極間電勢(shì)差的變化規(guī)律如圖乙所示，圖乙中電壓的絕對(duì)值為。在時(shí)，奇數(shù)圓筒相對(duì)偶數(shù)圓筒的電勢(shì)差為正值，此時(shí)圓板中央的一個(gè)電子在圓板和圓筒之間的電場(chǎng)中由靜止開始加速，沿中心軸線沖進(jìn)圓筒1，電子在每個(gè)圓筒中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均小于T，且電子均在電壓變向時(shí)恰從各圓筒中射出。電子在圓筒、圓筒與圓筒之間各個(gè)間隙中不斷被加速（圓筒間隙特別小，電子穿越間隙的時(shí)間可以忽略不計(jì)）。最后電子從10號(hào)圓筒的A點(diǎn)水平射出，從P點(diǎn)垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，沿實(shí)線路徑從邊界射出，軌跡關(guān)于平分線對(duì)稱，已知，電子的比荷為k，交變電壓的周期為T。求：（1）電子剛進(jìn)入1號(hào)圓筒時(shí)的速度大小；（2）9號(hào)圓筒的長(zhǎng)度是多少；（3）若從金屬圓板出發(fā)的是一群電子，其中小部分有垂直于加速電場(chǎng)且平行于紙面的較小的初速度，所有電子可近似看成從10號(hào)圓筒A點(diǎn)以小發(fā)散角射出，并進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)，問長(zhǎng)度調(diào)節(jié)為多少時(shí)，所有電子在同一點(diǎn)D收集?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）由動(dòng)能定理得解得（2）由動(dòng)能定理得所有（3）電子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)得沿方向可得如圖，設(shè)長(zhǎng)x，根據(jù)幾何關(guān)系得在三角形中（為Q軌跡電子的圓心），由幾何關(guān)系解得高三年級(jí)教學(xué)質(zhì)量評(píng)估試題物理注意事項(xiàng)：1.本卷共22小題，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.非選擇題的〖答案〗必須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆書寫在答題紙規(guī)定的區(qū)城內(nèi)。3.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度均取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.以下物理量數(shù)值中的正負(fù)號(hào)，既不代表大小也不代表方向的是（）A.磁通量 B.速度 C.沖量 D.電勢(shì)能〖答案〗A〖解析〗B．速度是矢量，速度中的正負(fù)號(hào)代表方向，故B錯(cuò)誤；C．沖量是矢量，沖量中的正負(fù)號(hào)代表方向，故C錯(cuò)誤；D．電勢(shì)能是標(biāo)量，電勢(shì)能中的正負(fù)號(hào)代表大小，故D錯(cuò)誤；A．磁通量的正負(fù)僅表示磁感線是怎樣穿過某一平面的，既不代表大小也不代表方向，故A正確。故選A。2.下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展史的說法中，不符合歷史事實(shí)的是（）A.湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子，揭示了原子本身也有結(jié)構(gòu)B.奧斯特最早提出在電荷周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)C.伽利略指出亞里士多德對(duì)落體的認(rèn)識(shí)存在問題，通過邏輯推理得出重物與輕物下落得一樣快的結(jié)論D.學(xué)家笛卡兒認(rèn)為，如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)下去〖答案〗B〖解析〗A．湯姆遜發(fā)現(xiàn)電子，揭示了原子本身也有結(jié)構(gòu)，故A正確，不符合題意；B．法拉第最早提出在電荷周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．伽利略指出亞里士多德對(duì)落體的認(rèn)識(shí)存在問題，通過邏輯推理得出重物與輕物下落得一樣快的結(jié)論，故C正確，不符合題意；D．學(xué)家笛卡兒認(rèn)為，如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)下去，故D正確，不符合題意。故選B。3.如圖所示，在花樣滑冰比賽中的男運(yùn)動(dòng)員托舉著女運(yùn)動(dòng)員一起滑行。對(duì)于此情景，下列說法正確的是（）A.男運(yùn)動(dòng)員受到的重力和冰面對(duì)他的支持力是一對(duì)平衡力B.男運(yùn)動(dòng)員對(duì)女運(yùn)動(dòng)員的支持力大于女運(yùn)動(dòng)員受到的重力C.男運(yùn)動(dòng)員對(duì)冰面壓力大小與冰面對(duì)他支持力大小在任何時(shí)候都相等D.女運(yùn)動(dòng)員對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的壓力與冰面對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的支持力是一對(duì)作用力和反作用力〖答案〗C〖解析〗A．冰面對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的支持力等于男運(yùn)動(dòng)員和女運(yùn)動(dòng)員重力之和，所以男運(yùn)動(dòng)員受到的重力和冰面對(duì)他的支持力不是一對(duì)平衡力，故A錯(cuò)誤；B．女運(yùn)動(dòng)員處于平衡狀態(tài)，男運(yùn)動(dòng)員對(duì)女運(yùn)動(dòng)員的支持力等于女運(yùn)動(dòng)員受到的重力，故B錯(cuò)誤；C．男運(yùn)動(dòng)員對(duì)冰面壓力與冰面對(duì)他支持力是一對(duì)相互作用力，大小在任何時(shí)候都相等，故C正確；D．作用力和反作用力之間只涉及兩個(gè)相互作用的物體，而女運(yùn)動(dòng)員對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的壓力與冰面對(duì)男運(yùn)動(dòng)員的支持力涉及到三個(gè)物體，所以不是一對(duì)作用力和反作用力，故D錯(cuò)誤。故選C。4.冬季奧運(yùn)會(huì)比賽中，單板大跳臺(tái)是一項(xiàng)緊張刺激項(xiàng)目。2022年北京冬奧會(huì)期間，一觀眾用手機(jī)連拍功能拍攝運(yùn)動(dòng)員從起跳到落地的全過程，合成圖如圖所示。忽略空氣阻力，且手機(jī)連拍的時(shí)間間隔一定。下列說法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程是變加速曲線運(yùn)動(dòng)B.裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，可以將其視為質(zhì)點(diǎn)C.運(yùn)動(dòng)員在斜向上飛行到最高點(diǎn)的過程中，其動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能D.運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程中，圖片中任意兩組相鄰位置的動(dòng)量變化量大小方向都相同〖答案〗D〖解析〗A．運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程只受重力，加速度恒定不變，所以是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，裁判在針對(duì)運(yùn)動(dòng)員動(dòng)作難度和技巧打分時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的體積和形狀不能忽略，不可以將其視為質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員在斜向上飛行到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度變?yōu)?，水平方向速度不為零，所以其動(dòng)能不為零，故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)動(dòng)員在空中飛行過程中，加速度恒定不變，根據(jù)可知圖片中任意兩組相鄰位置的動(dòng)量變化量大小方向都相同，故D正確。故選D。5.高空“蹦極”是勇敢者的游戲。蹦極運(yùn)動(dòng)員將彈性長(zhǎng)繩（質(zhì)量忽略不計(jì)）的一端系在雙腳上，另一端固定在高處的跳臺(tái)上，運(yùn)動(dòng)員無初速地從跳臺(tái)上落下。若不計(jì)空氣阻力，則（）

A.彈性繩剛伸直時(shí)，運(yùn)動(dòng)員開始減速B.整個(gè)下落過程中，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能一直在減小C.整個(gè)下落過程中，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功大于運(yùn)動(dòng)員克服彈性繩彈力所做的功D.從彈性繩從伸直到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能與彈性繩的彈性勢(shì)能之和先減小后增大〖答案〗D〖解析〗A．彈性繩剛伸直到彈性繩彈力等于重力之前，重力大于彈性繩彈力，運(yùn)動(dòng)員都處于加速狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)跳下到彈性繩剛伸直過程中，只受重力，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；C．下落到最低點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員速度為0，整個(gè)下落過程中重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于運(yùn)動(dòng)員克服彈性繩彈力所做的功，故C錯(cuò)誤；D．從彈性繩從伸直到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)動(dòng)員和彈性繩組成的系機(jī)械能守恒，彈性繩從伸直到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)動(dòng)員先加速后減速到0，所以運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能先增大后減小，則運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能與彈性繩的彈性勢(shì)能之和先減小后增大，故D正確。故選D。6.某同學(xué)制作了一個(gè)“豎直加速度測(cè)量?jī)x”。如圖所示，彈簧上端固定，在彈簧旁固定一直尺。不掛鋼球時(shí)，彈簧下端指針位于直尺刻度處；下端懸掛鋼球，靜止時(shí)指針位于直尺刻度處。將直尺不同刻度對(duì)應(yīng)的加速度標(biāo)在直尺上，就可用此裝置直接測(cè)量豎直方向的加速度。取加速度豎直向上為正方向，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.刻度對(duì)應(yīng)的加速度為g B.刻度對(duì)應(yīng)的加速度為C.刻度對(duì)應(yīng)的加速度為D.各刻度對(duì)應(yīng)加速度值的間隔是不均勻的〖答案〗C〖解析〗設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為，鋼球質(zhì)量為，下端懸掛鋼球，靜止時(shí)指針位于直尺刻度處，則A．刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有解得故A錯(cuò)誤；B．刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有解得故B錯(cuò)誤；C．刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有解得故C正確；D．根據(jù)牛頓第二定律得可得則各刻度對(duì)應(yīng)加速度的值是均勻的，故D錯(cuò)誤。故選C。7.1966年，33歲的華裔科學(xué)家高錕提出：光通過直徑幾微米的玻璃纖維就可以傳輸大量信息。根據(jù)這一理論制造的光導(dǎo)纖維已經(jīng)普遍應(yīng)用到通訊領(lǐng)域。目前光纖信號(hào)傳輸主要采用以下三種波長(zhǎng)的激光、、，均大于紅光波長(zhǎng)（）。下列說法中正確的是（）A.三種激光中，波長(zhǎng)的激光光子能量最大B.光纖內(nèi)芯和外套都是玻璃材質(zhì)，且外套折射率比內(nèi)芯大C.若用紅光照射某光電管能產(chǎn)生光電效應(yīng)，這三種激光也一定可以D.若換用可見光傳輸信號(hào)，其在光纖中的傳播速度比這三種激光都小〖答案〗D〖解析〗A．由c=λv可知，波長(zhǎng)為1550nm的激光的頻率最小，再根據(jù)ε=hv，可知波長(zhǎng)為1550nm的激光光子能量最小，A錯(cuò)誤；B．光發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角大于或等于臨界角，所以內(nèi)芯的折射率大于外套的折射率，光傳播時(shí)在內(nèi)芯和外套的界面上發(fā)生全反射，B錯(cuò)誤；C．激光的波長(zhǎng)大于紅光的波長(zhǎng)，則激光的頻率小于紅光的頻率，若用紅光照射某光電管能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，光纖中的激光不一定可以，C錯(cuò)誤；D．激光的波長(zhǎng)大于可見光的波長(zhǎng)，則激光的折射率小于可見光的折射率，根據(jù)可知，若換用可見光傳輸信號(hào)，其在光纖中的傳播速度比現(xiàn)有的三種激光都慢，D正確。故選D。8.如圖是一種延時(shí)繼電器的示意圖，鐵芯上有兩個(gè)線圈A和B，線圈A跟電源連接，線圈B兩端連在一起構(gòu)成閉合電路，鐵質(zhì)桿D的右端與金屬觸頭C絕緣相連，C連接工作電路，彈簧K可以拉起桿D從而使工作電路斷開。下列說法正確的是（）A.工作電路正常工作時(shí)，彈簧K處于原長(zhǎng)狀態(tài)B.工作電路正常工作時(shí)，B線圈中有感應(yīng)電流C.開關(guān)S斷開瞬間，鐵芯能繼續(xù)吸住鐵桿D一小段時(shí)間D.減少線圖B的匝數(shù)，對(duì)電路的延時(shí)效果沒有影響〖答案〗C〖解析〗AB．工作電路正常工作時(shí)，金屬觸頭C將工作電路連通，此時(shí)彈簧K處于拉伸狀態(tài)，此時(shí)由于線圈A的電流不變，穿過線圈A的磁通量不變，則線圈B中的磁通量不變，B線圈中沒有感應(yīng)電流，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．開關(guān)S斷開瞬間，線圈A中電流減小，則穿過線圈B的磁通量減小，從而在線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，使鐵芯的磁性逐漸減弱，從而鐵芯能繼續(xù)吸住鐵桿D一小段時(shí)間，起到延時(shí)的作用，選項(xiàng)C正確；D．減少線圖B的匝數(shù)，則當(dāng)開關(guān)S斷開的瞬時(shí)，B中產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)減小，鐵芯的磁性減弱，則對(duì)電路的延時(shí)效果有影響，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，在空間坐標(biāo)系中，A、B、M、N四個(gè)點(diǎn)均位于坐標(biāo)軸上，且，現(xiàn)在A、B兩點(diǎn)分別固定等量異種電荷與。下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B.M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同C.試探電荷從N點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，其電勢(shì)能增加D.沿著坐標(biāo)軸將試探電荷從M點(diǎn)移到O點(diǎn)再移到N點(diǎn)，其電勢(shì)能先增加后減小〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，O點(diǎn)的電場(chǎng)線較N點(diǎn)密集，可知O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因MN兩點(diǎn)在兩電荷連線的中垂面上且到O點(diǎn)的距離相等，可知M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，選項(xiàng)B正確；C．若無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則N點(diǎn)的電勢(shì)也為零，則試探電荷從N點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處，其電勢(shì)能最終不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因MON三點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，則沿著坐標(biāo)軸將試探電荷從M點(diǎn)移到O點(diǎn)再移到N點(diǎn)，其電勢(shì)能不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。10.據(jù)媒體報(bào)道，今年1月22日中國(guó)的SJ-2衛(wèi)星將一顆失效的“北斗2號(hào)”衛(wèi)星從地球同步軌道B拖曳到同步軌道上方的“墳?zāi)管壍馈盇，并將其留在該軌道，然后SJ-2衛(wèi)星又返回同步軌道。以下說法正確的是（）A.北斗2號(hào)衛(wèi)星的動(dòng)能變大B.北斗2號(hào)衛(wèi)星的周期變小C.SJ-2衛(wèi)星在B軌道上速度大于第一宇宙速度D.北斗2號(hào)衛(wèi)星在A軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比B軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大〖答案〗D〖解析〗北斗2號(hào)衛(wèi)星從同步軌道B到“墳?zāi)管壍馈盇，軌道半徑增大。A．根據(jù)萬有引力提供向心力可得可知北斗2衛(wèi)星的線速度變小，則動(dòng)能變小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力可得可知北斗2號(hào)衛(wèi)星的周期變大，故B錯(cuò)誤；C．第一宇宙速度是環(huán)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，所以SJ-2衛(wèi)星在B軌道上速度小于第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤；D．北斗2號(hào)衛(wèi)星從B軌道到A軌道需要加速離心才能到達(dá)，除了萬有引力之外的其他力對(duì)其做正功，所以北斗2號(hào)衛(wèi)星在A軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比B軌道運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大，故D正確。故選D。11.如圖所示，兩平行金屬板P、Q之間有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在其下方有兩光滑金屬導(dǎo)軌處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌平面與水平面夾角為，兩導(dǎo)軌分別與P、Q相連，現(xiàn)將等離子體垂直于磁場(chǎng)持續(xù)噴入P、Q板間，恰使垂直于導(dǎo)軌放置的金屬棒靜止。下列說法正確的是（）A.P極板電勢(shì)高于Q極板B.金屬棒中電流方向從b到aC.如果水平向右（沿方向看），金屬棒必不能平衡D.要使取最小值，則必須使其方向垂直導(dǎo)軌平面向下〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)左手定則可知正離子受到向下的洛倫茲力而偏向板，負(fù)離子受到向上的洛倫茲力而偏向板，則P極板電勢(shì)低于Q極板，所以金屬棒中電流方向從a到b，故AB錯(cuò)誤；C．金屬棒中電流從到，水平向右（沿方向看），由左手定則知金屬棒受到的安培力豎直向上，若安培力大小恰好等于重力大小，金屬棒平衡，故C錯(cuò)誤；D．要使取最小值，需使得金屬棒所受安培力的方向沿著金屬導(dǎo)軌向上，根據(jù)左手定則知其方向垂直導(dǎo)軌平面向下，故D正確。故選D。12.如圖所示，光滑絕緣的水平桌面上有一質(zhì)量為m，帶電量為的點(diǎn)電荷，距水平面高h(yuǎn)處的空間內(nèi)固定一場(chǎng)源點(diǎn)電荷，兩電荷連線與水平面間的夾角，現(xiàn)給點(diǎn)電荷一水平初速度，使其在水平桌面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，靜電力常量為k，則（）A.點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力為B.點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為C.若水平初速度，則點(diǎn)電荷對(duì)桌面壓力為零D.點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力一定由重力和庫侖力的合力提供〖答案〗A〖解析〗A．由圖可知，點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力由庫侖力在水平方向的分力提供，可得故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律得解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有豎直方向解得故C錯(cuò)誤；D．僅有當(dāng)時(shí)，點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力由重力和庫侖力的合力提供，故D錯(cuò)誤。故選A。13.如圖所示，熱氣球靜止于距水平地面H的高處，現(xiàn)將質(zhì)量為m的小球以相對(duì)地面的速度水平投出。已知投出小球后熱氣球的總質(zhì)量為M，所受浮力不變，重力加速度為g，不計(jì)阻力，以下判斷正確的是（）A.投出小球后氣球所受合力大小為B.小球落地時(shí)氣熱球的速度大小為C.小球在落地之前，小球和熱氣球速度始終大小相等方向相反D.小球落地時(shí)二者的水平距離為〖答案〗B〖解析〗A．熱氣球從開始攜帶小球時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以所受合外力為零，由于投出小球后所受浮力不變，則熱氣球所受合外力為mg，A錯(cuò)誤；B．熱氣球從開始攜帶小球時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以所受合外力為零，初動(dòng)量為零，水平投出重力為mg的物資瞬間，滿足動(dòng)量守恒定律Mv1=mv0由上式可知熱氣球獲得水平向左的速度小球落地所需時(shí)間為解得熱氣球豎直方向上加速度為mg=Ma解得小球落地時(shí)，熱氣球豎直方向上的速度為根據(jù)矢量法則解得B正確；C．熱氣球所受合外力為mg，豎直向上，所以熱氣球做勻加速曲線運(yùn)動(dòng)，加速度為而小球體積比較小又不計(jì)阻力則小球的加速度為g，故小球和熱氣球速度不會(huì)始終大小相等方向相反，C錯(cuò)誤；D．熱氣球和物資在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)則二者的水平距離為d=xM+xm解得D錯(cuò)誤。故選B二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.如圖所示，一個(gè)豎直圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，固定在圓盤上的小圓柱帶動(dòng)一個(gè)T型支架在豎直方向振動(dòng)，T型支架下面系著一個(gè)彈簧和小球組成的振動(dòng)系統(tǒng)，小球浸沒在水中，當(dāng)圓盤靜止時(shí)，讓小球在水中振動(dòng)，其阻尼振動(dòng)頻率約為?，F(xiàn)使圓盤由靜止開始緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，直至以的周期勻速轉(zhuǎn)動(dòng)穩(wěn)定下來，在此過程中，下列說法正確為（）A.圓盤靜止和轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球都是做受迫振動(dòng)B.最終穩(wěn)定時(shí)小球的振動(dòng)頻率為C.小球的振幅先逐漸增大后又逐漸減小D.圓盤緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，以T型支架為參考系，小圓柱的運(yùn)動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)〖答案〗BC〖解析〗A．振動(dòng)系統(tǒng)在周期性驅(qū)動(dòng)力作用下的振動(dòng)叫受迫振動(dòng)，圓盤靜止時(shí)無周期性驅(qū)動(dòng)力作用，不是受迫振動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．小球穩(wěn)定振動(dòng)時(shí)的頻率為故B正確；C．圓盤轉(zhuǎn)速由零逐漸增大，轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率逐漸接近小球振動(dòng)的固有頻率，振幅增大，與固有頻率相同時(shí)振幅最大；超過固有頻率，轉(zhuǎn)速繼續(xù)增大，振幅減小，故先增大，后減小。C正確；D．圓盤緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，以T型支架為參考系，小圓柱運(yùn)動(dòng)到T型支架的中間位置時(shí)是非平衡狀態(tài)，有加速度，不滿足簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的條件，D錯(cuò)誤。故選BC。15.圖甲為一交流發(fā)電機(jī)的示意圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，匝數(shù)為n，面積為S，總電阻為r的矩形線圈繞軸做角速度為的勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，矩形線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)中始終保持和外電路電阻R形成閉合電路，回路中接有一理想交流電流表。圖乙是線圖轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的圖像，下列說法中正確的是（）A.時(shí)刻穿過線圈的磁通量的變化率為零B.從到這段時(shí)間通過電阻R的電荷量為C.從到這段時(shí)間穿過線圈磁通量的變化量為D.圖乙中的零時(shí)刻線圈所處位置可能對(duì)應(yīng)甲圖中所示位置〖答案〗BD〖解析〗A．由圖乙可知時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，穿過線圈的磁通量的變化率最大，故A錯(cuò)誤；B．從到這段時(shí)間的平均感應(yīng)電流為則通過電阻R的電荷量故B正確；C．時(shí)刻磁通量為時(shí)刻磁通量為從到這段時(shí)間穿過線圈磁通量的變化量為故C錯(cuò)誤；D．圖乙中的零時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，穿過線圈的磁通量最大，線圈處于中性面，故可能對(duì)應(yīng)甲圖中所示位置，故D正確。故選BD。16.發(fā)展核能將為我國(guó)碳達(dá)峰、碳中和戰(zhàn)略發(fā)揮不可替代的作用。甘肅武威的釷基熔鹽堆核能系統(tǒng)（TMSR）是第四代核能系統(tǒng)之一，它的試驗(yàn)成功標(biāo)志著我國(guó)在這方面的研究“處于國(guó)際引領(lǐng)地位”。其中釷基核燃料鈾，由較難裂變的釷吸收一個(gè)中子后經(jīng)過若干次衰變而來，鈾的一種典型裂變產(chǎn)物是鋇和氪。以下說法正確的是（）A.外界溫度越高，釷核衰變的速度越快B.釷核經(jīng)過1次衰變可變成鏷C.在鈾核裂變成鋇和氪的核反應(yīng)中，核子的比結(jié)合能增大D.題中鈾核裂變的核反應(yīng)方程為〖答案〗BCD〖解析〗A．半衰期的大小與溫度、壓強(qiáng)以及化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．1次衰原子核質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)增大1，所以釷核經(jīng)過1次衰變可變成鏷，故B正確；C．核反應(yīng)方程式中生成物比反應(yīng)物穩(wěn)定，生成物的比結(jié)合能大比反應(yīng)物的比結(jié)合能大，所以在鈾核裂變成鋇和氪的核反應(yīng)中，核子的比結(jié)合能增大，故C正確；D．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知題中鈾核裂變的核反應(yīng)方程為故D正確。故選BCD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，每小題2分，共55分）17.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。實(shí)驗(yàn)時(shí)該實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)使用頻閃儀和照相機(jī)對(duì)做平拋運(yùn)動(dòng)的小球進(jìn)行拍攝，某次拍攝后得到的照片局部如圖乙所示。照片上每個(gè)方格的實(shí)際邊長(zhǎng)為。①下列關(guān)于本實(shí)驗(yàn)說法正確的是_________。A.本實(shí)驗(yàn)需要調(diào)節(jié)斜槽末端水平B.圖乙中的a點(diǎn)就是平拋的起點(diǎn)C.為獲取圖乙中的數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)至少需要4次釋放小球，且每次釋放位置必須相同D.由圖乙數(shù)據(jù)可得知平拋運(yùn)動(dòng)水平遵從勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，豎直方向遵從勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律②根據(jù)圖乙中數(shù)據(jù)可知頻閃儀頻率是_______。③小球運(yùn)動(dòng)到圖乙中位置b時(shí)，其速度的大小為_______；〖答案〗①AD②③2.5〖解析〗（1）〖1〗A．實(shí)驗(yàn)中必須保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則斜槽軌道末端必須水平，故A正確；B．若是平拋起點(diǎn)，豎直方向位移應(yīng)滿足，結(jié)合圖象可知B錯(cuò)誤；C．因?yàn)橐嬐贿\(yùn)動(dòng)的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，為了減小誤差應(yīng)多次釋放小球，圖乙中有4個(gè)點(diǎn)，不代表至少要放4次，故C錯(cuò)誤；D．由圖可知相等時(shí)間內(nèi)水平方向位移相等，豎直方向相鄰相等時(shí)間內(nèi)位移差滿足所以平拋運(yùn)動(dòng)水平遵從勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，豎直方向遵從勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，故D正確。（2）〖2〗根據(jù)解得（3）〖3水平方向解得豎直方向根據(jù)中間時(shí)刻瞬時(shí)速度等于該過程平均速度得則b點(diǎn)速度為18.在“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，裝置如圖所示：某同學(xué)在觀察時(shí)發(fā)現(xiàn)條紋比較模糊，可以通過調(diào)節(jié)________裝置（填裝置名稱），調(diào)節(jié)方式是______（“旋轉(zhuǎn)”、“上下調(diào)節(jié)”、“左右調(diào)節(jié)”）〖答案〗撥桿左右調(diào)節(jié)〖解析〗〖1〗〖2〗當(dāng)觀察到條紋比較模糊時(shí)，可以通過調(diào)節(jié)撥桿裝置，調(diào)節(jié)方式是左右調(diào)節(jié)。19.某同學(xué)為測(cè)定一段粗細(xì)均勻、電阻率較小的電阻絲的電阻率，采用了如圖甲所示的電路進(jìn)行測(cè)量。實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.改變電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，重復(fù)測(cè)量，記錄多組x、U、I的值。b.用游標(biāo)卡尺在電阻絲上的三個(gè)不同位置測(cè)出電阻絲直徑，求出平均值D；c.調(diào)節(jié)電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，用毫米刻度尺測(cè)量并記錄導(dǎo)電夾P到電阻絲右端B的長(zhǎng)度x；閉合開關(guān)S，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I；（1）上述實(shí)驗(yàn)步驟，正確的先后順序應(yīng)是________。（2）若游標(biāo)卡尺某次測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，其示數(shù)為______。（3）根據(jù)多組測(cè)量得到的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出圖像如圖丙所示，若圖線斜率為k，則電阻絲的電阻率_______（用已知或測(cè)量出的物理量的符號(hào)表示）；電流表內(nèi)阻對(duì)電阻率的測(cè)量_______（選填“有”或“沒有”）影響。（4）用記錄的數(shù)據(jù)繪制出圖像如圖丁所示，由圖像可知電源的內(nèi)阻_______。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）bca（2）（3）沒有（4）〖解析〗（1）〖1〗實(shí)驗(yàn)步驟為先用游標(biāo)卡尺在電阻絲上的三個(gè)不同位置測(cè)出電阻絲直徑，求出平均值D；然后調(diào)節(jié)電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，用毫米刻度尺測(cè)量并記錄導(dǎo)電夾P到電阻絲右端B的長(zhǎng)度x；閉合開關(guān)S，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I；再改變電阻絲上的導(dǎo)電夾P的位置，重復(fù)測(cè)量，記錄多組x、U、I的值。順序?yàn)閎ca；（2）〖2〗游標(biāo)卡尺的度數(shù)為（3）〖3〗〖4〗由歐姆定律得由電阻定律得整理得可得則根據(jù)可知電流表的內(nèi)阻對(duì)電阻率沒有影響；（4）〖5〗根據(jù)閉合電路歐姆定律可知圖象斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻為20.如圖甲所示是一跳臺(tái)滑雪運(yùn)動(dòng)員比賽的畫面，運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）從高臺(tái)飛出，落到