2022-2023學(xué)年山西省大同市臨汾市高二上學(xué)期期末考物理試題（解析版）

高中物理精品試卷PAGEPAGE1高二（上）期末試卷物理一、單項(xiàng)選擇題：本題包含10小題，每小題3分，共30分。請(qǐng)將正確選項(xiàng)前的字母填在答題卡中相應(yīng)的位置。1.電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的能力，因此電動(dòng)勢(shì)（）A.就是閉合電路中電源兩端的電壓B.由電源中非靜電力的特性決定C.越大，表明電源儲(chǔ)存的電能越多D.等于把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極移到正極靜電力做的功[答案]B[解析]A．電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，小于電源電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，是非靜電力做功能力的反映，電動(dòng)勢(shì)越大，表明電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，故B正確；C．電動(dòng)勢(shì)的大小與所儲(chǔ)存的電能是無(wú)關(guān)的，故C錯(cuò)誤；D．電動(dòng)勢(shì)等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，空間存在垂直紙面的磁場(chǎng)，一帶電粒子從P點(diǎn)平行紙面射入磁場(chǎng)中，由于受到與運(yùn)動(dòng)方向相反的阻力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好是一段圓弧。已知Q是軌跡上的另一點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子從P到Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.該磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)C.沿圓弧從P到Q磁感應(yīng)強(qiáng)度越來(lái)越小D.沿圓弧從P到Q磁感應(yīng)強(qiáng)度越來(lái)越大[答案]C[解析]A．根據(jù)題意，粒子受洛倫茲力和阻力作用，洛倫茲力始終不做功，阻力做負(fù)功，則粒子運(yùn)動(dòng)的速度減小，所以粒子不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BCD．由于阻力始終與速度方向相反，所以洛倫茲力提供向心力，則有解得由于v不斷減小，r不變，所以B減小，故BD錯(cuò)誤，C正確。故選C。3.如圖所示，通電直導(dǎo)線(xiàn)旁放有一閉合線(xiàn)圈abcd，線(xiàn)圈與直導(dǎo)線(xiàn)在同一平面內(nèi)并可自由移動(dòng)，ab與直導(dǎo)線(xiàn)平行。當(dāng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流I大小發(fā)生變化時(shí)，下列判斷正確的是（）A.電流I增大，線(xiàn)圈向右平動(dòng) B.電流I增大，線(xiàn)圈向左平動(dòng)C.電流I減小，線(xiàn)圈向紙面外平動(dòng) D.電流I減小，線(xiàn)圈向紙面內(nèi)平動(dòng)[答案]A[解析]AB．當(dāng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流I增大時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)圈產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，線(xiàn)圈受到的安培力向右，所以線(xiàn)圈向右運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．同理，當(dāng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流I減小時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)圈產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，線(xiàn)圈受到的安培力向左，所以線(xiàn)圈向左運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。故選A。4.19世紀(jì)，安培為了解釋地球的磁性提出“分子電流假說(shuō)”，認(rèn)為地球的磁場(chǎng)是由帶電的地球繞過(guò)地心的軸形成的環(huán)形電流引起的，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.地球表面任意位置的地磁場(chǎng)方向都與地面平行B.地球內(nèi)部也存在磁場(chǎng)，地磁南極在地理南極附近C.根據(jù)右手螺旋定則可判斷，地球帶負(fù)電荷D.地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球赤道的質(zhì)子有向西的力的作用[答案]C[解析]A．地球表面只有赤道位置的地磁場(chǎng)方向與地面平行，故A錯(cuò)誤；B．地磁南極在地理北極附近，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，地磁北極地理南極附近，根據(jù)右手螺旋定則可確定電流方向與地球自轉(zhuǎn)方向相反，說(shuō)明地球帶負(fù)電，故C正確；D．根據(jù)左手定則可知，地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球赤道的質(zhì)子有向東的力的作用，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，矩形abcd中。，電荷量為的點(diǎn)電荷固定在a點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大B.沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電勢(shì)先升高后降低C.將正試探電荷從b點(diǎn)沿bcd移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力所做總功為負(fù)D.負(fù)試探電荷在cd上任意一點(diǎn)的電勢(shì)能總小于在d點(diǎn)的電勢(shì)能[答案]C[解析]A．根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)方向指向無(wú)窮遠(yuǎn)處，根據(jù)電勢(shì)順線(xiàn)降，距離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電勢(shì)越低，故沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電勢(shì)先降低后升高，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電場(chǎng)力做功只與始末位置有關(guān)，將正試探電荷從b點(diǎn)沿bcd移動(dòng)到d點(diǎn)，靠近正場(chǎng)源電荷，故電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)，故C正確；D．cd線(xiàn)上由c到d上電勢(shì)逐漸升高，負(fù)試探電荷在電勢(shì)越高處電勢(shì)能越低，故負(fù)試探電荷在d點(diǎn)的電勢(shì)能最低，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，正五邊形線(xiàn)框abcde由五根相同的導(dǎo)體棒連接而成，固定于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線(xiàn)框頂點(diǎn)a、c與直流電源兩端相接。已知導(dǎo)體棒abc受到的安培力大小為F，則線(xiàn)框abcde受到的安培力的大小為（）A.0 B.F C.F D.F[答案]D[解析]設(shè)正五邊形線(xiàn)框每邊電阻為R，abc邊的電阻為2R，通過(guò)的電流為I，則abc邊受到的安培力為由于abc邊與aedc邊并聯(lián)，電壓相等，aedc邊電阻為3R，故流過(guò)的電流為，aedc邊的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，受到的安培力為兩部分受到的安培力均豎直向上，故合力為故選D。7.圖1為CT的剖面圖，圖2為其簡(jiǎn)化的工作原理示意圖。M、N間有一加速電場(chǎng)，虛線(xiàn)框內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)。從電子槍逸出的電子（忽略初速度），經(jīng)M、N間的電場(chǎng)加速后沿帶箭頭的實(shí)線(xiàn)方向前進(jìn)，打到靶上的P點(diǎn)，從而產(chǎn)生X射線(xiàn)進(jìn)行工作，則（）A.M處的電勢(shì)高于N處的電勢(shì)B.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外C.當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，射出電場(chǎng)時(shí)的速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍D.當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍[答案]D[解析]A．由于電子在MN間做加速運(yùn)動(dòng)，所以電子受到的電場(chǎng)力水平向右，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向左，即N的電勢(shì)高于M的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．由于電子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可以確定磁場(chǎng)的方向應(yīng)垂直紙面向里，故B錯(cuò)誤；C．在加速電場(chǎng)中，有解得由此可知，當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，射出電場(chǎng)時(shí)的速度變?yōu)樵瓉?lái)的倍，故C錯(cuò)誤；D．在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力，有所以由此可知，當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，故D正確。故選D。8.已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)在其周?chē)a(chǎn)生磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與電流成正比、與到導(dǎo)線(xiàn)的距離成反比。如圖，兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)a、b平行放置，a、b中的電流強(qiáng)度分別為I和2I，此時(shí)a受到b的磁場(chǎng)力為F，b受到a的磁場(chǎng)力為-F?，F(xiàn)在a、b的正中間放置一根與a、b電流方向相反且平行共面的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)c，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?F，則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力為（）A.-5F B.5F C.-3F D.3F[答案]B[解析]根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，當(dāng)放入c時(shí)，b對(duì)a的作用力方向向右，大小為F，c對(duì)a的作用力方向向左，a受到的磁場(chǎng)力為b、c對(duì)a的合力，合力大小為2F，說(shuō)明合力方向向左，則有所以a導(dǎo)線(xiàn)對(duì)b的作用力方向向左，大小為F，由于b的電流為2I，所以c對(duì)b的作用力向右，大小為6F，所以b的合力為方向向右。故選B。9.如圖為半導(dǎo)體離子注入工藝原理示意圖。離子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后，垂直進(jìn)入寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，轉(zhuǎn)過(guò)一定角度后從磁場(chǎng)射出，注入半導(dǎo)體內(nèi)部達(dá)到摻雜的目的。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里，離子的質(zhì)量為m，元電荷為e。則離子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度為（）A. B.60° C.37° D.[答案]A[解析]設(shè)離子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后的速度為v，由動(dòng)能定理離子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力由幾何關(guān)系，離子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)角度正弦為聯(lián)立解得則離子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度。故選A。10.如圖所示，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置在寬度為d的固定平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌平面與水平面成θ角，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ（μ<tanθ），整個(gè)裝置處于垂直斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知金屬棒ab的質(zhì)量為m、電阻為，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。為能讓金屬棒ab在導(dǎo)軌上保持靜止，則（）A.變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，金屬棒受到的安培力最大B.金屬棒受到的安培力最大時(shí)，摩擦力沿導(dǎo)軌平面向上C.變阻器R接入電路的值不小于D.變阻器R接入電路的值不大于[答案]D[解析]A．變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，電路中的電流最小，金屬棒受到的安培力最小。故A錯(cuò)誤；B．由左手定則可知，安培力沿導(dǎo)軌平面向上，當(dāng)金屬板剛好要上滑時(shí)，金屬棒受到的安培力最大，摩擦力沿導(dǎo)軌平面向下。故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)金屬板剛好要上滑時(shí)，變阻器R接入電路的值最小，對(duì)金屬棒，由平衡條件得由閉合電路歐姆定律得聯(lián)立解得則變阻器R接入電路的值不小于。故C錯(cuò)誤；D．由于μ<tanθ，則金屬棒剛好下滑時(shí)，電路中電流最小，即變阻器R接入電路的值最大，對(duì)金屬棒，由平衡條件得由閉合電路歐姆定律得聯(lián)立解得則變阻器R接入電路的值不大于。故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題包含5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有兩個(gè)選項(xiàng)正確。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。請(qǐng)將正確選項(xiàng)前的字母填在答題卡中相應(yīng)位置。11.在物理學(xué)中，常常用物理量之比表示研究對(duì)象的某種性質(zhì)，從而定義新物理量的方法叫比值定義法。在用比值定義磁感應(yīng)強(qiáng)度B時(shí)，下列理解正確的是（）A.這一比值不描述電流元的性質(zhì)，也不描述磁場(chǎng)的性質(zhì)B.被定義的B跟定義式中的物理量描述的是同一研究對(duì)象C.在定義B的同時(shí)，也就確定了B與F，以及IL單位間的關(guān)系D.在定義B的同時(shí)，也包含了利用相同電流元“比較”受安培力大小的思維方法[答案]CD[解析]A．這一比值不描述電流元的性質(zhì)，描述磁場(chǎng)的性質(zhì)，即對(duì)垂直放入其中的電流元有力的作用，故A錯(cuò)誤；B．被定義的B描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱及方向，而定義式中的物理量描述電流元受力情況，故B錯(cuò)誤；C．在定義B的同時(shí)，也就確定了B與F，以及IL單位間的關(guān)系，即故C正確；D．在定義B的同時(shí)，也包含了利用相同電流元“比較”受安培力大小的思維方法，即控制變量法，故D正確。故選CD。12.如圖所示，磁鐵固定在水平放置的電子測(cè)力計(jì)上時(shí)，測(cè)力計(jì)的示數(shù)為。現(xiàn)控制導(dǎo)線(xiàn)框abcd平面與磁場(chǎng)方向垂直，底邊水平，以恒定的速率在磁場(chǎng)中豎直向下運(yùn)動(dòng)。當(dāng)ab邊進(jìn)入磁鐵兩極間時(shí)，測(cè)力計(jì)的示數(shù)變?yōu)椤⒋盆F兩極間的磁場(chǎng)視為水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其余區(qū)域磁場(chǎng)不計(jì)。則（）A.ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，流過(guò)ab邊電流由a指向bB.ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框受到的安培力豎直向上C.ab邊中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是由于洛倫茲力的作用產(chǎn)生的D.磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與（）成正比[答案]BC[解析]AB．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框abcd的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，流過(guò)ab邊電流由b指向a，線(xiàn)框受到的安培力豎直向上，故A錯(cuò)誤，B正確；C．a(chǎn)b邊中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是ab邊運(yùn)動(dòng)切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的，本質(zhì)是由于洛倫茲力的作用產(chǎn)生的，故C正確；D．設(shè)ab邊長(zhǎng)度為，運(yùn)動(dòng)速度為，導(dǎo)線(xiàn)框電阻為，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為；則ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為ab邊受到的安培力為根據(jù)題意有聯(lián)立可得可知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與（）不成正比，故D錯(cuò)誤。故選BC。13.直流電源、滑動(dòng)變阻器R、定值電阻以及平行板電容器C連接成如圖的電路。圖中C的下極板接地，開(kāi)始時(shí)C不帶電。現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，穩(wěn)定后一帶電油滴恰能靜止在電容器中的P點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片上滑時(shí)，R0中電流向右B.保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片下滑時(shí)，油滴向上運(yùn)動(dòng)C.斷開(kāi)S2，C的下極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)升高D.斷開(kāi)S2，C的上極板下移時(shí)，油滴的電勢(shì)能減小[答案]AC[解析]A．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片上滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值變大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù),電容器處于充電狀態(tài)，則R0中電流向右，故A正確；B．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片下滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值變小，電容器兩端的電壓減小，根據(jù)，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則油滴受到向上的電場(chǎng)力減小，油滴向下運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．?dāng)嚅_(kāi)S2，電容器兩極板之間電荷量保持不變，根據(jù)，，得C的下極板下移時(shí)，兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)保持不變，根據(jù)則C的下極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)升高，故C正確；D．?dāng)嚅_(kāi)S2，電容器兩極板之間電荷量保持不變，根據(jù)C的上極板下移時(shí)，兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)保持不變，又由C的上極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)不變，所以油滴的電勢(shì)能保持不變，故D錯(cuò)誤。故選AC。14.在用圖1的電路研究自感現(xiàn)象時(shí)，電流傳感器顯示各時(shí)刻通過(guò)線(xiàn)圈L（直流電阻為0）的電流如圖2所示。已知燈泡的電阻與定值電阻R相同且不隨電流變化，可以判定（）A.閉合S時(shí)燈泡緩慢變亮，斷開(kāi)S時(shí)燈泡緩慢熄滅B.1.0×10-3s前后，S由閉合變斷開(kāi)C.1.2×10-3s時(shí)，通過(guò)燈泡的電流方向?yàn)閺挠蚁蜃驞.1.1×10-3s時(shí)，燈泡的功率約為5.0×10-4s時(shí)的二分之一[答案]BC[解析]AB．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，流過(guò)燈泡的電流瞬間增大，所以燈泡瞬間變亮，由于線(xiàn)圈的自感作用使得流過(guò)電阻R的電流逐漸增大，斷開(kāi)S時(shí)，由于燈泡的電阻與定值電阻R相同電流逐漸減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向向右，所以流過(guò)燈泡的電流向左，故C正確；D．由圖可知，t=1.1×10-3s時(shí)，電流為0.9A，t=5.0×10-4s時(shí)，電流為1.5A，根據(jù)功率的計(jì)算公式可得故D錯(cuò)誤。故選BC。15.如圖所示E=3V，r=1Ω，R0=3Ω，滑動(dòng)變阻器R的總阻值為10Ω。在滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.理想電壓表V示數(shù)增大 B.理想電流表A示數(shù)增大C.R消耗的最大功率為W D.R0消耗的最大功率為W[答案]BD[解析]AB．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，所以回路中的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中的電流增大，即電流表示數(shù)增大，但內(nèi)電壓增大，從而路端電壓減小，即電壓表讀數(shù)減小，故A錯(cuò)誤，B正確；D．當(dāng)回路中的電流最大時(shí)，定值電阻R0消耗的功率最大，此時(shí)滑片滑到最左端，有所以故D正確；C．當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，根據(jù)等效電源法，當(dāng)R消耗的功率最大時(shí)，有所以故C錯(cuò)誤。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)探究題：本題包含2小題，共16分。請(qǐng)將正確[答案]填在答題卡中的橫線(xiàn)上，或按要求作答。16.某同學(xué)將電流表G（滿(mǎn)偏電流Ig=3mA，內(nèi)阻Rg=30Ω）按圖1的電路改裝成歐姆表，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=1Ω。（1）圖1中A端應(yīng)與________（填“紅”或“黑”）表筆相連接：（2）測(cè)量電阻前，將紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零。當(dāng)G滿(mǎn)偏時(shí)，R0接入電路的阻值為_(kāi)_______Ω；（3）將待測(cè)電阻Rx接入A、B間，此時(shí)G的示數(shù)如圖2所示，則Rx=________Ω。[答案]（1）紅（2）.469（3）.1000[解析]（1）[1]電流從電源正極流出，從黑筆流出從紅筆流入，所以A端應(yīng)與紅筆相連；（2）[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得（3）[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得17.疊層電池的性質(zhì)與普通干電池相同，但它具有體積小、輸出電壓高的特點(diǎn)。為測(cè)量某疊層電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r，該同學(xué)利用下列器材設(shè)計(jì)了如圖1所示的測(cè)量電路：A．待測(cè)電池B．定值電阻（30.0Ω）C．理想電壓表V1（量程為15V）D．理想電壓表V2（量程為3V）E．滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為500Ω）F．開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干回答下列問(wèn)題（1）閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器R的觸頭置于________（選填“最左端”或“最右端”）；（2）實(shí)驗(yàn)中，調(diào)節(jié)R觸頭的位置，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表V1讀數(shù)為6.0V時(shí)，電壓表V2讀數(shù)為1.96V，此時(shí)通過(guò)電源的電流為_(kāi)_______mA；（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。（3）多次改變R接入電路的電阻，讀出多組V1和V2的示數(shù)、，將（2）中的點(diǎn)描在圖2中，連同已描出的點(diǎn)作出的圖像________；（4）由圖像可知該疊層電池的電動(dòng)勢(shì)E=________V，內(nèi)電阻r=________Ω。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）[答案]（1）.最左端（2）.65.3（3）.見(jiàn)[解析]（4）.14.0122[解析]（1）[1]為保護(hù)電壓表，閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器有效阻值調(diào)至最大，故R的觸頭置于最左端。（2）[2]電壓表為理想電表，則電流為（3）[3]描出U1為6.0V，U2為1.96V的點(diǎn)如圖，擬合已描出的點(diǎn)，讓盡可能多的點(diǎn)分布在線(xiàn)上，或均勻分布在線(xiàn)的兩側(cè)，做出的圖像如圖所示（4）[4][5]根據(jù)閉合電路歐姆定律整理得可知圖像縱軸截距等于電源電動(dòng)勢(shì)，則有圖像的斜率絕對(duì)值為解得電源內(nèi)阻為四、計(jì)算題：本題包含4小題，共34分。解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明，方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后[答案]的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，[答案]中必須寫(xiě)出數(shù)值和單位。18.目前，中國(guó)汽車(chē)電池企業(yè)“寧德時(shí)代”和整車(chē)企業(yè)“比亞迪”，在全球新能源汽車(chē)領(lǐng)域處于領(lǐng)先地位?，F(xiàn)將“比亞迪”某型號(hào)電動(dòng)汽車(chē)的部分電路簡(jiǎn)化為如圖所示，已知車(chē)燈電阻為174Ω，當(dāng)電源電量剩余20%時(shí)，電源的電動(dòng)勢(shì)為350V。閉合開(kāi)關(guān)S1，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，電流表示數(shù)為2A；然后接著閉合S2，電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)，電流表示數(shù)達(dá)到89A，設(shè)電流表為理想電表，車(chē)燈電阻恒定，求；（1）此狀態(tài)下汽車(chē)電源的內(nèi)阻r；（2）電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)后，電動(dòng)機(jī)消耗的電功率。[答案]（1）1.0Ω；（2）22.84kW[解析]（1）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1閉合S2斷開(kāi)時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有解得（2）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1、S2均閉合時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律解得19.2022年10月，我國(guó)成功運(yùn)行了世界首個(gè)“電磁撬”，它對(duì)噸級(jí)物體的最高推進(jìn)速度達(dá)到每小時(shí)1030公里（286m/s）。如圖為簡(jiǎn)化后的“電磁撬”模型：兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌沿水平方向固定，其間安放金屬滑塊，滑塊可沿導(dǎo)軌無(wú)摩擦滑行，且始終與導(dǎo)軌保持良好接觸。電源提供的強(qiáng)大電流經(jīng)導(dǎo)軌-滑塊-導(dǎo)軌流回電源，滑塊被導(dǎo)軌中電流形成的磁場(chǎng)推動(dòng)而加速。將滑塊所處位置的磁場(chǎng)簡(jiǎn)化為方向垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5T，若兩導(dǎo)軌間的距離L=2m，滑塊質(zhì)量為1000kg，設(shè)通電后滑塊開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為50m/s2，求：（1）滑塊勻加速過(guò)程中電源提供的電流大??；（2）滑塊沿軌道運(yùn)動(dòng)9m時(shí)所受安培力的瞬時(shí)功率。[答案]（1）5000A；（2）1.5×106W[解析]（1）滑塊在兩導(dǎo)軌間做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有解得（2）根據(jù)速度位移關(guān)系有安培力的瞬時(shí)功率為解得

20.如圖所示，間距為L(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，其與水平面間的夾角為θ，整個(gè)裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中（圖中磁場(chǎng)未畫(huà)出），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。導(dǎo)軌上端接有阻值為R的定值電阻。一質(zhì)量為m的金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置在導(dǎo)軌上。在沿導(dǎo)軌平面向下的恒力F作用下，金屬桿ab以速度沿導(dǎo)軌向下做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。已知導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，不計(jì)其他電阻，求；（1）金屬桿ab受力F的大??；（2）某時(shí)刻撤去力F，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，金屬桿再次沿軌道向下勻速運(yùn)動(dòng)，求此時(shí)電阻R消耗的電功率。[答案]（1）；（2）[解析]（1）對(duì)金屬棒ab進(jìn)行受力分析可得又由解得（2）撤去力F后，金屬桿再次沿軌道向下勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)金屬棒受力分析可得此時(shí)電阻R消耗的電功率21.2022年5月，我國(guó)自主設(shè)計(jì)建造的新一代碳約束核聚變實(shí)驗(yàn)裝置——“人造太陽(yáng)”實(shí)現(xiàn)首次放電。如圖為磁約束裝置的簡(jiǎn)化示意圖，圖中環(huán)形區(qū)域內(nèi)有一垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T，磁場(chǎng)邊界內(nèi)圓半徑R1未知，外圓半徑R2=3m。一帶正電粒子自中空區(qū)域的圓心O點(diǎn)以某一初速度v0沿環(huán)形區(qū)域半徑OM方向射入磁場(chǎng)后，恰好不能穿出磁場(chǎng)外邊界，且從磁場(chǎng)內(nèi)邊界上的N點(diǎn)第一次射回中空區(qū)域。已知∠MON=60°，被束縛帶正電粒子的比荷，不計(jì)帶電粒子的重力，不考慮粒子之后的運(yùn)動(dòng)，求：（1）帶電粒子射入環(huán)形磁場(chǎng)時(shí)的初速度v0；（2）該粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次回到O點(diǎn)所需的最短時(shí)間。[答案]（1）；（2）[解析]（1）設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，如圖所示由幾何知識(shí)得解得根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得（2）根據(jù)題意有聯(lián)立解得高二（上）期末試卷物理一、單項(xiàng)選擇題：本題包含10小題，每小題3分，共30分。請(qǐng)將正確選項(xiàng)前的字母填在答題卡中相應(yīng)的位置。1.電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的能力，因此電動(dòng)勢(shì)（）A.就是閉合電路中電源兩端的電壓B.由電源中非靜電力的特性決定C.越大，表明電源儲(chǔ)存的電能越多D.等于把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極移到正極靜電力做的功[答案]B[解析]A．電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，小于電源電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，是非靜電力做功能力的反映，電動(dòng)勢(shì)越大，表明電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，故B正確；C．電動(dòng)勢(shì)的大小與所儲(chǔ)存的電能是無(wú)關(guān)的，故C錯(cuò)誤；D．電動(dòng)勢(shì)等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，空間存在垂直紙面的磁場(chǎng)，一帶電粒子從P點(diǎn)平行紙面射入磁場(chǎng)中，由于受到與運(yùn)動(dòng)方向相反的阻力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好是一段圓弧。已知Q是軌跡上的另一點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子從P到Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.該磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)C.沿圓弧從P到Q磁感應(yīng)強(qiáng)度越來(lái)越小D.沿圓弧從P到Q磁感應(yīng)強(qiáng)度越來(lái)越大[答案]C[解析]A．根據(jù)題意，粒子受洛倫茲力和阻力作用，洛倫茲力始終不做功，阻力做負(fù)功，則粒子運(yùn)動(dòng)的速度減小，所以粒子不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BCD．由于阻力始終與速度方向相反，所以洛倫茲力提供向心力，則有解得由于v不斷減小，r不變，所以B減小，故BD錯(cuò)誤，C正確。故選C。3.如圖所示，通電直導(dǎo)線(xiàn)旁放有一閉合線(xiàn)圈abcd，線(xiàn)圈與直導(dǎo)線(xiàn)在同一平面內(nèi)并可自由移動(dòng)，ab與直導(dǎo)線(xiàn)平行。當(dāng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流I大小發(fā)生變化時(shí)，下列判斷正確的是（）A.電流I增大，線(xiàn)圈向右平動(dòng) B.電流I增大，線(xiàn)圈向左平動(dòng)C.電流I減小，線(xiàn)圈向紙面外平動(dòng) D.電流I減小，線(xiàn)圈向紙面內(nèi)平動(dòng)[答案]A[解析]AB．當(dāng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流I增大時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)圈產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，線(xiàn)圈受到的安培力向右，所以線(xiàn)圈向右運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．同理，當(dāng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流I減小時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)圈產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，線(xiàn)圈受到的安培力向左，所以線(xiàn)圈向左運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。故選A。4.19世紀(jì)，安培為了解釋地球的磁性提出“分子電流假說(shuō)”，認(rèn)為地球的磁場(chǎng)是由帶電的地球繞過(guò)地心的軸形成的環(huán)形電流引起的，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.地球表面任意位置的地磁場(chǎng)方向都與地面平行B.地球內(nèi)部也存在磁場(chǎng)，地磁南極在地理南極附近C.根據(jù)右手螺旋定則可判斷，地球帶負(fù)電荷D.地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球赤道的質(zhì)子有向西的力的作用[答案]C[解析]A．地球表面只有赤道位置的地磁場(chǎng)方向與地面平行，故A錯(cuò)誤；B．地磁南極在地理北極附近，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，地磁北極地理南極附近，根據(jù)右手螺旋定則可確定電流方向與地球自轉(zhuǎn)方向相反，說(shuō)明地球帶負(fù)電，故C正確；D．根據(jù)左手定則可知，地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球赤道的質(zhì)子有向東的力的作用，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，矩形abcd中。，電荷量為的點(diǎn)電荷固定在a點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大B.沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電勢(shì)先升高后降低C.將正試探電荷從b點(diǎn)沿bcd移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力所做總功為負(fù)D.負(fù)試探電荷在cd上任意一點(diǎn)的電勢(shì)能總小于在d點(diǎn)的電勢(shì)能[答案]C[解析]A．根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)方向指向無(wú)窮遠(yuǎn)處，根據(jù)電勢(shì)順線(xiàn)降，距離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電勢(shì)越低，故沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電勢(shì)先降低后升高，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電場(chǎng)力做功只與始末位置有關(guān)，將正試探電荷從b點(diǎn)沿bcd移動(dòng)到d點(diǎn)，靠近正場(chǎng)源電荷，故電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)，故C正確；D．cd線(xiàn)上由c到d上電勢(shì)逐漸升高，負(fù)試探電荷在電勢(shì)越高處電勢(shì)能越低，故負(fù)試探電荷在d點(diǎn)的電勢(shì)能最低，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，正五邊形線(xiàn)框abcde由五根相同的導(dǎo)體棒連接而成，固定于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線(xiàn)框頂點(diǎn)a、c與直流電源兩端相接。已知導(dǎo)體棒abc受到的安培力大小為F，則線(xiàn)框abcde受到的安培力的大小為（）A.0 B.F C.F D.F[答案]D[解析]設(shè)正五邊形線(xiàn)框每邊電阻為R，abc邊的電阻為2R，通過(guò)的電流為I，則abc邊受到的安培力為由于abc邊與aedc邊并聯(lián)，電壓相等，aedc邊電阻為3R，故流過(guò)的電流為，aedc邊的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，受到的安培力為兩部分受到的安培力均豎直向上，故合力為故選D。7.圖1為CT的剖面圖，圖2為其簡(jiǎn)化的工作原理示意圖。M、N間有一加速電場(chǎng)，虛線(xiàn)框內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)。從電子槍逸出的電子（忽略初速度），經(jīng)M、N間的電場(chǎng)加速后沿帶箭頭的實(shí)線(xiàn)方向前進(jìn)，打到靶上的P點(diǎn)，從而產(chǎn)生X射線(xiàn)進(jìn)行工作，則（）A.M處的電勢(shì)高于N處的電勢(shì)B.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外C.當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，射出電場(chǎng)時(shí)的速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍D.當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍[答案]D[解析]A．由于電子在MN間做加速運(yùn)動(dòng)，所以電子受到的電場(chǎng)力水平向右，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向左，即N的電勢(shì)高于M的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．由于電子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可以確定磁場(chǎng)的方向應(yīng)垂直紙面向里，故B錯(cuò)誤；C．在加速電場(chǎng)中，有解得由此可知，當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，射出電場(chǎng)時(shí)的速度變?yōu)樵瓉?lái)的倍，故C錯(cuò)誤；D．在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力，有所以由此可知，當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉?lái)的倍，故D正確。故選D。8.已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)在其周?chē)a(chǎn)生磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與電流成正比、與到導(dǎo)線(xiàn)的距離成反比。如圖，兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)a、b平行放置，a、b中的電流強(qiáng)度分別為I和2I，此時(shí)a受到b的磁場(chǎng)力為F，b受到a的磁場(chǎng)力為-F?，F(xiàn)在a、b的正中間放置一根與a、b電流方向相反且平行共面的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)c，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?F，則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力為（）A.-5F B.5F C.-3F D.3F[答案]B[解析]根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，當(dāng)放入c時(shí)，b對(duì)a的作用力方向向右，大小為F，c對(duì)a的作用力方向向左，a受到的磁場(chǎng)力為b、c對(duì)a的合力，合力大小為2F，說(shuō)明合力方向向左，則有所以a導(dǎo)線(xiàn)對(duì)b的作用力方向向左，大小為F，由于b的電流為2I，所以c對(duì)b的作用力向右，大小為6F，所以b的合力為方向向右。故選B。9.如圖為半導(dǎo)體離子注入工藝原理示意圖。離子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后，垂直進(jìn)入寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，轉(zhuǎn)過(guò)一定角度后從磁場(chǎng)射出，注入半導(dǎo)體內(nèi)部達(dá)到摻雜的目的。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里，離子的質(zhì)量為m，元電荷為e。則離子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度為（）A. B.60° C.37° D.[答案]A[解析]設(shè)離子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后的速度為v，由動(dòng)能定理離子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力由幾何關(guān)系，離子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)角度正弦為聯(lián)立解得則離子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度。故選A。10.如圖所示，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置在寬度為d的固定平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌平面與水平面成θ角，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ（μ<tanθ），整個(gè)裝置處于垂直斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知金屬棒ab的質(zhì)量為m、電阻為，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。為能讓金屬棒ab在導(dǎo)軌上保持靜止，則（）A.變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，金屬棒受到的安培力最大B.金屬棒受到的安培力最大時(shí)，摩擦力沿導(dǎo)軌平面向上C.變阻器R接入電路的值不小于D.變阻器R接入電路的值不大于[答案]D[解析]A．變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，電路中的電流最小，金屬棒受到的安培力最小。故A錯(cuò)誤；B．由左手定則可知，安培力沿導(dǎo)軌平面向上，當(dāng)金屬板剛好要上滑時(shí)，金屬棒受到的安培力最大，摩擦力沿導(dǎo)軌平面向下。故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)金屬板剛好要上滑時(shí)，變阻器R接入電路的值最小，對(duì)金屬棒，由平衡條件得由閉合電路歐姆定律得聯(lián)立解得則變阻器R接入電路的值不小于。故C錯(cuò)誤；D．由于μ<tanθ，則金屬棒剛好下滑時(shí)，電路中電流最小，即變阻器R接入電路的值最大，對(duì)金屬棒，由平衡條件得由閉合電路歐姆定律得聯(lián)立解得則變阻器R接入電路的值不大于。故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題包含5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有兩個(gè)選項(xiàng)正確。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。請(qǐng)將正確選項(xiàng)前的字母填在答題卡中相應(yīng)位置。11.在物理學(xué)中，常常用物理量之比表示研究對(duì)象的某種性質(zhì)，從而定義新物理量的方法叫比值定義法。在用比值定義磁感應(yīng)強(qiáng)度B時(shí)，下列理解正確的是（）A.這一比值不描述電流元的性質(zhì)，也不描述磁場(chǎng)的性質(zhì)B.被定義的B跟定義式中的物理量描述的是同一研究對(duì)象C.在定義B的同時(shí)，也就確定了B與F，以及IL單位間的關(guān)系D.在定義B的同時(shí)，也包含了利用相同電流元“比較”受安培力大小的思維方法[答案]CD[解析]A．這一比值不描述電流元的性質(zhì)，描述磁場(chǎng)的性質(zhì)，即對(duì)垂直放入其中的電流元有力的作用，故A錯(cuò)誤；B．被定義的B描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱及方向，而定義式中的物理量描述電流元受力情況，故B錯(cuò)誤；C．在定義B的同時(shí)，也就確定了B與F，以及IL單位間的關(guān)系，即故C正確；D．在定義B的同時(shí)，也包含了利用相同電流元“比較”受安培力大小的思維方法，即控制變量法，故D正確。故選CD。12.如圖所示，磁鐵固定在水平放置的電子測(cè)力計(jì)上時(shí)，測(cè)力計(jì)的示數(shù)為。現(xiàn)控制導(dǎo)線(xiàn)框abcd平面與磁場(chǎng)方向垂直，底邊水平，以恒定的速率在磁場(chǎng)中豎直向下運(yùn)動(dòng)。當(dāng)ab邊進(jìn)入磁鐵兩極間時(shí)，測(cè)力計(jì)的示數(shù)變?yōu)?。將磁鐵兩極間的磁場(chǎng)視為水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其余區(qū)域磁場(chǎng)不計(jì)。則（）A.ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，流過(guò)ab邊電流由a指向bB.ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框受到的安培力豎直向上C.ab邊中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是由于洛倫茲力的作用產(chǎn)生的D.磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與（）成正比[答案]BC[解析]AB．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框abcd的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，流過(guò)ab邊電流由b指向a，線(xiàn)框受到的安培力豎直向上，故A錯(cuò)誤，B正確；C．a(chǎn)b邊中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是ab邊運(yùn)動(dòng)切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的，本質(zhì)是由于洛倫茲力的作用產(chǎn)生的，故C正確；D．設(shè)ab邊長(zhǎng)度為，運(yùn)動(dòng)速度為，導(dǎo)線(xiàn)框電阻為，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為；則ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為ab邊受到的安培力為根據(jù)題意有聯(lián)立可得可知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與（）不成正比，故D錯(cuò)誤。故選BC。13.直流電源、滑動(dòng)變阻器R、定值電阻以及平行板電容器C連接成如圖的電路。圖中C的下極板接地，開(kāi)始時(shí)C不帶電。現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，穩(wěn)定后一帶電油滴恰能靜止在電容器中的P點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片上滑時(shí)，R0中電流向右B.保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片下滑時(shí)，油滴向上運(yùn)動(dòng)C.斷開(kāi)S2，C的下極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)升高D.斷開(kāi)S2，C的上極板下移時(shí)，油滴的電勢(shì)能減小[答案]AC[解析]A．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片上滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值變大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù),電容器處于充電狀態(tài)，則R0中電流向右，故A正確；B．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片下滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值變小，電容器兩端的電壓減小，根據(jù)，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則油滴受到向上的電場(chǎng)力減小，油滴向下運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．?dāng)嚅_(kāi)S2，電容器兩極板之間電荷量保持不變，根據(jù)，，得C的下極板下移時(shí)，兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)保持不變，根據(jù)則C的下極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)升高，故C正確；D．?dāng)嚅_(kāi)S2，電容器兩極板之間電荷量保持不變，根據(jù)C的上極板下移時(shí)，兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)保持不變，又由C的上極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)不變，所以油滴的電勢(shì)能保持不變，故D錯(cuò)誤。故選AC。14.在用圖1的電路研究自感現(xiàn)象時(shí)，電流傳感器顯示各時(shí)刻通過(guò)線(xiàn)圈L（直流電阻為0）的電流如圖2所示。已知燈泡的電阻與定值電阻R相同且不隨電流變化，可以判定（）A.閉合S時(shí)燈泡緩慢變亮，斷開(kāi)S時(shí)燈泡緩慢熄滅B.1.0×10-3s前后，S由閉合變斷開(kāi)C.1.2×10-3s時(shí)，通過(guò)燈泡的電流方向?yàn)閺挠蚁蜃驞.1.1×10-3s時(shí)，燈泡的功率約為5.0×10-4s時(shí)的二分之一[答案]BC[解析]AB．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，流過(guò)燈泡的電流瞬間增大，所以燈泡瞬間變亮，由于線(xiàn)圈的自感作用使得流過(guò)電阻R的電流逐漸增大，斷開(kāi)S時(shí)，由于燈泡的電阻與定值電阻R相同電流逐漸減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向向右，所以流過(guò)燈泡的電流向左，故C正確；D．由圖可知，t=1.1×10-3s時(shí)，電流為0.9A，t=5.0×10-4s時(shí)，電流為1.5A，根據(jù)功率的計(jì)算公式可得故D錯(cuò)誤。故選BC。15.如圖所示E=3V，r=1Ω，R0=3Ω，滑動(dòng)變阻器R的總阻值為10Ω。在滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.理想電壓表V示數(shù)增大 B.理想電流表A示數(shù)增大C.R消耗的最大功率為W D.R0消耗的最大功率為W[答案]BD[解析]AB．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，所以回路中的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中的電流增大，即電流表示數(shù)增大，但內(nèi)電壓增大，從而路端電壓減小，即電壓表讀數(shù)減小，故A錯(cuò)誤，B正確；D．當(dāng)回路中的電流最大時(shí)，定值電阻R0消耗的功率最大，此時(shí)滑片滑到最左端，有所以故D正確；C．當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，根據(jù)等效電源法，當(dāng)R消耗的功率最大時(shí)，有所以故C錯(cuò)誤。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)探究題：本題包含2小題，共16分。請(qǐng)將正確[答案]填在答題卡中的橫線(xiàn)上，或按要求作答。16.某同學(xué)將電流表G（滿(mǎn)偏電流Ig=3mA，內(nèi)阻Rg=30Ω）按圖1的電路改裝成歐姆表，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=1Ω。（1）圖1中A端應(yīng)與________（填“紅”或“黑”）表筆相連接：（2）測(cè)量電阻前，將紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零。當(dāng)G滿(mǎn)偏時(shí)，R0接入電路的阻值為_(kāi)_______Ω；（3）將待測(cè)電阻Rx接入A、B間，此時(shí)G的示數(shù)如圖2所示，則Rx=________Ω。[答案]（1）紅（2）.469（3）.1000[解析]（1）[1]電流從電源正極流出，從黑筆流出從紅筆流入，所以A端應(yīng)與紅筆相連；（2）[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得（3）[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得17.疊層電池的性質(zhì)與普通干電池相同，但它具有體積小、輸出電壓高的特點(diǎn)。為測(cè)量某疊層電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r，該同學(xué)利用下列器材設(shè)計(jì)了如圖1所示的測(cè)量電路：A．待測(cè)電池B．定值電阻（30.0Ω）C．理想電壓表V1（量程為15V）D．理想電壓表V2（量程為3V）E．滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為500Ω）F．開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干回答下列問(wèn)題（1）閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器R的觸頭置于________（選填“最左端”或“最右端”）；（2）實(shí)驗(yàn)中，調(diào)節(jié)R觸頭的位置，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表V1讀數(shù)為6.0V時(shí)，電壓表V2讀數(shù)為1.96V，此時(shí)通過(guò)電源的電流為_(kāi)_______mA；（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。（3）多次改變R接入電路的電阻，讀出多組V1和V2的示數(shù)、，將（2）中的點(diǎn)描在圖2中，連同已描出的點(diǎn)作出的圖像________；（4）由圖像可知該疊層電池的電動(dòng)勢(shì)E=________V，內(nèi)電阻r=________Ω。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）[答案]（1）.最左端（2）.65.3（3）.見(jiàn)[解析]