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文檔簡介
絕密★啟用前[4,6]上的解析式是
V3x+y<>4V3
上海市2022屆高三上學期一模暨春考模擬卷10.已知x,yeR,且滿足,若存在OwR使得xcose+(y-2)sine=2成立,則
(一)數(shù)學試題y>0
點PQ,y)構成的區(qū)域面積為
注意事項:1、答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2、請將
11.正三棱錐P-48c的所有棱長均為1,L,M,N分別為棱PAP8,尸C的中點,則該正三棱錐
答案正確填寫在答題卡上的外接球被平面LMN所截的截面面積為.
一、填空題
12.設々力>0,滿足:關于x的方程屈+疝工l=b恰有三個不同的實數(shù)解與馬,與,且
1.已知集合U=Wx2-8x-9VO,xeZ},4=卜卜=J-d+8x+9,yez},則Q,A=.
x、〈x2<X3=b,則4+b的值為.
2.已知一個關于x、1的二元一次方程組的增廣矩陣是1,且/+〃+5?2”-助,
二、單選題
I。>b)
13.是的()
則x+y=_:
A.充分不必要條件B.必要不充分條件
3.i是虛數(shù)單位,若復數(shù)(1-2i)(a+i)是純虛數(shù),z=x+ai(xeR),則目的取值范圍為—
C.充分必要條件D.既不充分也不必要條件
2
人若代二卜,則-----------14.下面是關于復數(shù)2=一「的四個命題:
-1+1
①同=2;②z2=2i;③z的共輒復數(shù)為1+i;④z的虛部為T.
5.在報名的8名男生和5名女生中,選取6人參加志愿者活動,若男生甲和女生乙不同時參加,
則事件發(fā)生的概率為(結果用數(shù)值表示).其中正確的命題()
6.已知圓錐的母線長為5,側面積為20產(chǎn),過此圓錐的頂點作一截面,則截面面積最大為A.②③B.①②C.②④D.③@
15.將函數(shù)y=sin(2x-彳)圖象上的點P(f/)向左平移$(5>0)個單位長度得到點P,若P,
34
位于函數(shù))=犬的圖象上,則()
7.若二項式+的展開式中式的三次項的系數(shù)是168,貝”皿(〃+/+/+…+優(yōu))=0112
>/3n
一
A.,=彳,5的最小值為gB.t,26-
直
冗
的最小值為?,
C.r=g,sD.r2-3
8.己知橢圓*?+9=1(。>°)的焦點6、4,拋物線產(chǎn)=2px的焦點為r,若即=3房,
16.在平面直角坐標系中,定義在平血=網(wǎng){1卜一/1」%一%1}為兩點4%耳)、
若ZN/-p2恒成立,貝g的取值范圍為;
8g,%)的“切比雪夫距離”,又設點尸及/上任意一點Q,稱4P,。)的最小值為點尸到
9.設/")是定義在R上以2為周期的奇函數(shù),當匯引0,1]時,f(x)=log式.丫+1),則函數(shù)/(x)在
直線/的“切比雪夫距離”,記作以尸、0,給出下列三個命題:20.己知下表為函數(shù)/(X)=混+s+d部分自變量取值及其對應函數(shù)值,為了便于研究,相關
①對任意三點A、B、C,都有d(GA)+d(C,BRd(A3);
函數(shù)值取非整數(shù)值時,取值精確到0.0L
②已知點P(3,l)和直線/:2x-y-l=0,則d(p,/)=;;
X0.61-0.59-0.56-0.3500.260.421.573.27
③定點£(一。,0)、瑪《,0),動點P(iy)滿足|d(P,E)-d(尸,瑪)1=2。(2c>Zz>0),
則點P的軌跡與直線N=Z(左為常數(shù))有且僅有2個公共點;
/(X)0.070.02-0.03-0.2200.210.20-10.04-101.63
其中真命題的個數(shù)是
A.0B.1C.2D.3據(jù)表中數(shù)據(jù),研究該函數(shù)的一些性質;
三、解答題
17.在AABC中,sinA=:f.求cos8+VJcosC的取值范圍.(1)判斷函數(shù)“力的奇偶性,并證明;
18.如圖,在四棱錐尸一ABCD中,底面43co為直角梯形,BC//AD,AB±BC,ZADC=45°,
(2)判斷函數(shù)/(外在區(qū)間[0.55,0.6]上是否存在零點,并說明理由;
PA_L平面A3C£>,AB=AP=l,AD=3.
(3)判斷〃的正負,并證明函數(shù)“力在Ho.435]上是單調遞減函數(shù).
21.對于數(shù)列A:q,%,?3(^GN,z=1,2,3),定義“丁變換”:丁將數(shù)列A變換成數(shù)列3:
片,%,其中a=同一qj(i=l,2),且-4.這種T變換“記作3=T(A).
繼續(xù)對數(shù)列8進行“7變換”,得到數(shù)列C:6,Q,依此類推,當?shù)玫降臄?shù)列各項均為0
時變換結束.
(1)求點。到平面P8c的距離;
(1)試問A:2,6,4經(jīng)過不斷的“7變換”能否結束?若能,請依次寫出經(jīng)過“丁變換”得
(2)求二面角3-PC-O的平面角的余弦值.
到的各數(shù)列;若不能,說明理由;
19.已知點冗、居依次為雙曲線C:二-4=1(。>0">0)的左、右焦點,且1開21=6,B,(0,-Z?),
6Tb-(2)設A:%,%,%,3=T(A).若B:b,2,?(?>/?),且8的各項之和為2012.求。,
B式0力).bi
(1)若。=百,以1=(3,-4)為方向向量的直線,經(jīng)過用,求今到/的距離;(3)在(2)的條件下,若數(shù)列5再經(jīng)過Z次“r變換”得到的數(shù)列各項之和最小,求女的最小
值,并說明理由.
UUUUUU
(2)若雙曲線C上存在點人使得2P=-2,求實數(shù)。的取值范圍.
參考答案
1.{-1,6,7,8,9)
通過解一元二次不等式,求解函數(shù)值域,結合xeZ,yeZ,用列舉法表示集合U,A,再結合補集
的定義,即得解
由題意,x2-8x-9=a-9)(x+l)<0.-.-l<A:<9,又xwZ
.”={-1,0,1,2,3,4,5,6,7,8,9}
又y=V-X2+8X+9=7-U-4)2+25
由于04-(x-4)、25425..04J-(x-4>+2545,又yeZ
.-M={0,1,2,3,4,5}
故”={-1,6,7,8,9}
故答案為:{—1,678,9}
2.-3
根據(jù)增廣矩陣可求出x,y,再由/+從+5424-4。求出。力,即可求解.
[x-y=a
由題意可知八,
[y=b
解得x=a+b,y=b,
又因為/+〃+542a-46,
所以(a-l)2+3+2)2W0,
故a=1,6=-2,
即x+y=a+2Z?=l-4=-3,
故答案為:-3
3.[2,+00)
由(1-2i)3+i)=(a+2)+(l-2n)i為純虛數(shù),可得a=—2,則目=6+422,即得解
由題意,(l-2i)(a+i)=(a+2)+(l-2a)i為純虛數(shù),
(a+2=0
故《a=-2
/.z=x—2i
.\|Z|=V^2+4>2,BP|Z|G[2,+OO)
故答案為:[2,+8)
4.4點或20
根據(jù)行列式及對數(shù)的運算法則、性質求解.
噫犬-111.
因為-42尸,
所以1210g2*—4|=|21og2京X=1,
即10g2t=±g=±l°g2^,
解得x=4>/2或x=2應,
故答案為:4人或2人
5.0
26
根據(jù)組合知識計算總的取法,再由間接法求出男生甲和女生乙不同時參加的取法,根據(jù)古典概型求
解即可.
13人中任選6人參加有C2種,再除去甲乙2人同時參加的情況有-C:種,
C6-「4「4
由古典概型可知尸=q1=1-滴=5__2A
26-26
故答案為:321
26
「25
6.—
2
7T7T
圓錐軸截面頂角(兩母線夾角)小于等于彳時,軸截面面積最大,軸截面夾角大于7時,母線夾角
22
TT
為§時截面面積最大.
設圓錐的底面半徑為r,則S11s=5萬廠=2。萬,
.*.r=4,
,圓錐的高/7=疹7=3,
4
設軸截面中兩母線夾角為2。,則tan6=§>l,
.t0>一,2。>—,
42
TT
所以當兩母線夾角為5時,過此圓錐頂點的截面面積最大,
最大面積為S=;/2sin]=gx52=T.
故答案為:
7.1或T
利用二項式定理展開式公式可得("=27T/C;1-2r,令7—2r=3可得X的三次項的系數(shù)為:
2y/、婿=168,解得由等比數(shù)列前n項和公式,以及當〃一私時,°"-0,
4
1加仿+/+蘇+…+〃")=lim四一叫二,-,代入即得解
〃+o'7“一田(\-a)[-a
由二項式定理展開式公式可得展開式的通項公式為:
rr2r
Tr+I=C;(2x)=(q)=i-aC^-,
令7-2『=3可得:r=2,則x的三次項的系數(shù)為:27-2a2xC^,
據(jù)此可得:27%2*盤=168,解得:a2=l
4
故當”時,an->0
則lim(a+“2+〃3---卜/)=limf——々
7
,f'"-個\-aJ\-a
當a=—時、lim(a+a2+/+…+4)=1
2〃T8''
當a=_g時,lim^a+a2+a3H--Fa")=-g
故答案為:1或
8.[l,+oo)
由辟=3/,可得橢圓焦點在x軸上,用坐標表示群=3用可得/-p2=],即得解
由題意稈=3布,故月、6、尸三點共線,即橢圓焦點在x軸上,a>l
故橢圓的焦點為月(-7?2-1,0),6(Va2-1,0),拋物線的焦點F(5,0)
用坐標表示肝=3%,有g+>/7^T,0)=3(>/7二T-與0)
可得〃=即“2—p2=l
i^z>a2-p2=l
即z的取值范圍為[1,+8)
故答案為:[l,+°o)
q外)=[/。處"+3)”[4,5)
一[-log2(7-x),xe[5,6]
根據(jù)函數(shù)的周期及函數(shù)為奇函數(shù),分段求解函數(shù)的解析式即可.
因為Ax)是定義在R上以2為周期的奇函數(shù)且xeOll時,/(x)=log2(x+l),
設xw[4,5),則工一4£[。,1),
所以/(3)=/(%-4)=叫2(工一3),
設xw[5,6],貝!]x-6e[-l,0],-(X-6)G[0,1],
故f(x)=f(x-6)=-f[-(x-6)]=-log2(6-x+1)=-log2(7-x).
綜上可得,函數(shù)"X/、)在「[4,6r]上的解析式是/小、)=]_£式(x7-3,),x)心e[4[,5,)6]
■us士dcl\體g2(x+3),xe[4,5)
故答案為‘〃力|丁蒜7一九邛同
10.5>/3--
3
29
轉化xcos8+(y_2)sin(9=2為sin(a+,)=------,即~——<1,QPx2+(y-2)2>4,
Jx+(y-2)-Jx?+(y-2)2
則對應的區(qū)域為以C(0,2)為圓心,r=2的圓的外部,用三角形面積減去區(qū)域內(nèi)弓形的面積即可
作出不等式組對應的平面區(qū)域如圖:對應的區(qū)域為三角形OAB,
若存在。eR使得xcos6+(y-2)sin6=2成立,
22
則Jx+(y-2)]文^=cos「+)2sin,=2
7.1次+(-2)2々+(.2)2J
^xy-Z
企sina=.?|i|i|cosa=…]
“2+(k",二J「+(kJ?'
則方程等價為Jf+gysin(a+。)=2,
2
即sin(a+O)=
Jf+(y_2)2
"存在6eR使得xcos6+(y—2)sine=2成立,
2
<l,BP%2+(y-2)2>4,
yjx2+(y—2)2
則對應的區(qū)域為以C(0,2)為圓心,廠=2的圓的外部,即如圖所示的陰影部分
y=46二晝,即8(2,2①
由,解得
一丫=0
A(4,0),則三角形OAB的面積S=;x4x2石=46,
直線y=gx的傾斜角為
TT7T
則NAO3=—,;.NCOB=-
36
取。為直線y="r交圓所得弦的中點,則8,08
“后一瀉
.-.CD=1,00=73
10jr12元Ajr—
因此三角形OAB區(qū)域內(nèi)的弓形面積為:-X—x22--x2x2xsiny-y-^
故陰影部分面積為:4^-(y-^)=5^-y
故答案為:5G--
11.
3
結合已知條件計算出正三棱錐外接球球心的位置,得到球心到兩個面的距離相等,即可計算出截面
面積.
解:由條件知平面LMN與平面ABC平行,且點P到平面LMMA8C的距離之比為1:2.設H為正
三棱錐尸-ABC的面ABC的中心,尸”與平面LWV交于點K,則P”_L平面ABC,PK_L平面LWN,
故PK」PH.
2
正三棱錐P-ABC可視為正四面體,設0為其中心(即外接球球心),則0在P”上,且由正四面
體的性質知=結合可知OK=OH,即點0到平面LMMABC等距.這表明
42
正三棱錐的外接球被平面LMN,ABC所截得的截面圓大小相等.從而所求截面的面積等于的
外接圓面積,即萬/半〕=:.
故答案為:—
關鍵點點睛:解答本題的關鍵是確定正三棱錐外接球的球心位置,在解答此類題目時要注意幾何體
的特征,還可以考慮一些特殊位置等.
12.144.
令f=x+g將方程根的問題轉化為函數(shù)問題,結合函數(shù)的奇偶性和單調性進行計算,即可得到結
2
果.
解:令,=x+],則關于t的方程=6恰有三個不同的實數(shù)解f,=玉+=1,2,3).
由于即出+后
為偶函數(shù),故方程/(,)=〃的三個實數(shù)解關于數(shù)軸原點對稱分布,從而
必有6=/(0)=癡.以下求方程/")=后的實數(shù)解.
當時,/(r)=0?+J|7?=而正干4衣■,等號成立當且僅當r=0;當時?,/?)
單調增,且當f=當寸/心=而;當時,/⑺單調減,且當,=-當時
82o
從而方程/⑴=疝■恰有三個實數(shù)解G=-k山=04=。.
OO
由條件知6=工3=2,結合6=0^得a=128.
2o
于是。+6=也=144.
8
故答案為:144
關鍵點點睛:要求解方程的根,關鍵是轉化為函數(shù)問題,結合函數(shù)的奇偶性和單調性進行求解,考
查轉化能力.
13.D
由2,41Ox40,結合充分條件、必要條件的定義,即可判斷
由題意,2*410x40
故推不出“2*41”,即充分性不成立;
“2、41”也推不出,即必要性不成立
故是“2、41”的既不充分也不必要條件
故選:D
14.C
z=.=>|z|=.=^==V2,z2=(1+1)2=2z,,
—l+i—l+iJ2
22(-1-z)
2=——:=-------二一1一〃.彳=一1+、z的虛部為_1.所以選②④,選C.
-1+z2
15.A
由題意得,f=sin(2x?-g=g,
可得咋\1);
因為P'位于函數(shù)丫=《112》的圖象上
所以s£n|2s)=cos2s=:
可得2sM+2k7v,$=土:+卜7r
7T
s的最小值為一,故選A.
6
【名師點睛】
三角函數(shù)圖象的變換,有兩種選擇:一是先伸縮再平移,二是先平移再伸縮.特別注意:①平移變
換時,當自變量X的系數(shù)不為1時,要將系數(shù)先提出;②翻折變換要注意翻折的方向;③三角函數(shù)
名不同的圖象變換問題,應先將三角函數(shù)名統(tǒng)一,再進行變換.
16.D
設A(x””),B(XB,yll),C(xc,yc),由題意可得:
4/(CM)+^(C,B)=max(|x/l-xc|,|y/l-yc|}+max{|xfl-xc|,|yfi-yc|)
XXXxxx
^\A-C\+\B-c\^\A~B\y
同理可得:d(C,A)+d(C,B)>\yA-,則:
d[C,A)+d(C,B)>max{|x4-xB|,|yA-yfi|}=,
命題①成立;
設點Q是直線y=2x-l上一點,且Q(x,2x-1),可得"(P.Q)=max{|x-3|,|2-2鄧,
由|x-3閆2-24解得-IVxM:,即有d(P.Q)=|x-3|,當z=;時取得最小值g;
由|x-3|<|2-2乂,解得x>\或xvT,即有d(P,Q)=|2x-2|,
"(P.Q)的范圍是(3,+8)嗚,+8)=(*+8),無最小值.
4
綜上可得,P,Q兩點的“切比雪夫距離”的最小值為
說法②正確.
定點片(―G。)、鳥(c,0),動點P(x,y)滿足|d(P,K)-d(P,/Q|=2a(2c>加>0),則:
|max||x+c|,|y||-max{|x-c|,|y|}|=2a,
顯然上述方程所表示的曲線關于原點對稱,故不妨設x》0,y50.
⑴當時,有k+dTx-d卜幼,得:;
|x-c|>y11[0<y<tz-c
|x+c|<y
⑵當《「時,有0=2a,此時無解;
■
x+c>y
⑶當《時,有x+c-y=2a,avx;
x-c<y
則點P的軌跡是如圖所示的以原點為中心的兩支折線.
結合圖象可知,點p的軌跡與直線y=&(4為常數(shù))有且僅有2個公共點,命題③正確.
綜上可得命題①②③均正確,真命題的個數(shù)是3.
本題選擇D選項.
點睛:“新定義”主要是指即時定義新概念、新公式、新定理、新法則、新運算五種,然后根據(jù)此
新定義去解決問題,有時還需要用類比的方法去理解新的定義,這樣有助于對新定義的透徹理解.
對于此題中的新概念,對閱讀理解能力有一定的要求.但是,透過現(xiàn)象看本質,它們考查的還是基
礎數(shù)學知識,所以說“新題”不一定是“難題”,掌握好三基,以不變應萬變才是制勝法寶.
17.(0,l]U(2訴
由已知條件得到角A的值,分類討論兩種情況,然后結合兩角和的正弦公式逆用求得取值范圍.
解:記/=cosB+-JlcosC.
由條件知4=1或4=芋.
44
當4=工時,B=--C,其中0<C<陽,此時
444
/=cos[充-c1+&cosC=sinC+cosC=sine(0,1]
當4=至時,B=--C,其中0<C<X,此時
444
f=cos(5-。)+&cosC=sinC+~~~cosC=A/5sin(C+cp),
其中夕=arctan3.
注意到函數(shù)g(x)=6sin(x+e)在上單調增,在^-夕,手上單調減,又
L,」L,4_
g(o)=^^>2=g(?),g(]-e)=6,故/c(2,逐].
綜上所述,/=cosB+ecosC的取值范圍是(0JU(2,6].
關鍵點點睛:解答本題的關鍵是熟練運用兩角和正弦公式,需要注意對角A的分類討論.
18.(1)也(2)-2夜
211
(1)建立空間直角坐標系,計算平面PBC的法向量,由點面距離的向量公式即得解;
(2)計算平面PCD的法向量,結合(1)中平面PBC的法向量,利用二面角的向量公式即得解
(1)由題意,R4,平面ABCD,BC//AD,ABLBC,
AB±AD
以A為坐標原點,48,4。,AP所在直線為x,y,z軸建立如圖所示的空間直角坐標系
則P(0,0,1),B(1,0,0),C(1,2,0),D(0,3,0),
設平面PBC的一個法向量為5=(x,y,z),
麗=(1,0,-1),BC=(0,2,0),CD=(-1,1,0),
n-PB=x-z=0
取x=l,得5=(1,0,1),
n-BC=2y=0
\n-CD\_V2
點D到平面PBC的距離d=Li
H一2
(2)由(1)可得平面PBC的一個法向量為元=(1,0,1),
設平面PCD的一個法向量為而=(a,b,c),
PC=(1,2,-1),CD=(-1,1,0),
in-PC=a+2b-c=0
取。二1得加=(1,1,3),
inCD=-a+b=O
設二面角B-PC-D的平面角為a,由圖得二面角為鈍角
mn4-201
故cosa=一|
麗||初一722II
(1)由題意知,c=3,a=不,根據(jù)a,。,c的關系求出方,根據(jù)向量的共線定理設出直線方程
l-.4x+3y+m=0,再代入點與,求出直線方程,根據(jù)點到直線的距離公式計算距離;(2)設出點
P(x,y),根據(jù)數(shù)量積公式得V+y2=2,再根據(jù)點尸(x,y)在雙曲線上得y2=%-凡聯(lián)立求
解以后根據(jù)國之“代入不等式求范圍即可.
(1)依題意,6=J^=2,則雙曲線C:三-±=1,耳(0,-2),乙(3,0),
54
設直線/:4x+3y+m=0,將用(0,-2)代入解得:加=6,
此時/:4x+3y+6=0,F冽/的距離為"弋;
(2)設雙曲線上的點P(x,y)滿足西?呵=-2,即,+/=6-2,
r22f2h22
又r--=1=>y2=—rx2-b2f(1H"--)x2=2b2—2,即七/=2//-2,
ab~aaa
:22a之,且c?=9,/.2h2-2>9^>,
又因為bvc=3,.?.實數(shù)b的取值范圍是[亨,3).
解答直線與雙曲線的題目時,時常把兩個曲線的方程聯(lián)立,消去x或丫建立一元二次方程,然后借
助根與系數(shù)的關系,并結合題設條件建立有關參變量的等量關系或者不等關系求解.
20.(1)奇函數(shù),見解析;(2)存在,理由見解析;(3)。<0,見解析
(1)通過代入(0,0)點解得d=O,再利用奇偶性的定義即可判斷出奇偶性.
(2)根據(jù)零點判斷法則,f(x)為連續(xù)函數(shù),只需在區(qū)間內(nèi)尋找符號相反的兩個值即可.
(3)根據(jù)(1)與(2)可知,f(x)為奇函數(shù)且在[0.55,0.6]上存在零點.由此可判斷/(x)在[-0.6,-0.55]
也存在零點,即可設兩個零點為“與-m,并代入點建立包含“與"?的不等式,即可判斷〃的符號.利
用。的符號采用定義法證明"X)單調性,即證明
(1)因為/(())=(),所以"=O,f(x)=ax3+ex,由/(-x)=-/(x),
所以f(x)為奇函數(shù).
(2)由已知可得/(0.59)=-/(-0.59)<0,/(0.56)=-/(-0.56)>0,所以在[0.55,0.59],所以
/(x)在[0.55,0.6]上存在零點.
(3)因為/3在[0.55,0.6]上存在零點,",=+5是奇函數(shù),所以f(x)在[-0.6,-0.55]上存
在零點一加,
所以/(X)=ax{x-m){x+m),
/(0.57)=a?1.57?(1.57—加)(1.57+ni)<0
而1.57—相>0,1.57+6>0,所以av0
因為f(X)在[0.55,0.6]上存在零點,
所以0.554^^40.6,^e[-0.36,-0.3025].
設<x2<-0.35
/Uo)一/(x,)=a(x2一玉)(為2++Z?+上),
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