浙江衢州四校2024屆物理高二下期末教學質量檢測試題含解析

浙江衢州四校2024屆物理高二下期末教學質量檢測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、a、b兩物體在同一直線上運動，二者運動的v-t圖像均為直線，如圖，已知兩物體在4s末相遇，則關于它們在A．a、B．a物體的加速度小于b物體的加速度C．t=0時刻，a在b前方3mD．t=2s2、下列情況下，會使單擺周期變大的是A．減少單擺擺球的質量010010劈劈啪啪20012345678910B．增大單擺擺球的質量C．將擺從赤道移到北極D．將擺從地球移到月球上3、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在輕彈簧上面并緊挨著豎直粗糙墻壁，處于靜止狀態(tài)；彈簧處于豎直．現(xiàn)用力F沿斜面向上推A，但A、B仍處于靜止狀態(tài)．下列說法正確的是()A．施加F前，B可能受6個力B．施加F后，A、B之間的摩擦力一定變小C．施加F后，B受到彈簧的彈力可能變小D．施加F后，B與墻之間的摩擦力一定小于F4、如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是（）A．增大斜面的傾角B．在木塊A上再疊放一個重物C．對木塊A施加一個豎直向下的力D．對木塊A施加一個垂直于斜面的力5、氣缸中一定質量的理想氣體內能增加了180,下列說法中正確的是()A．—定是外界對物體做了180的功B．—定是氣體吸收了180的熱量C．一定是氣體分子總動能增加了180D．物體的分子平均動能可能不變6、下列關于分子運動和熱現(xiàn)象的說法正確的是（）A．如果氣體溫度升高，那么所有分子的速率都增加B．一定量氣體的內能等于其所有分子熱運動動能和分子勢能的總和C．一定量的水變成的水蒸氣，其分子平均動能增加D．氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子之間存在斥力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑水平面上有一小車，小車上有一物體，用一細線將物體系于小車的A端，物體與小車A端之間有一壓縮的彈簧，某時刻線斷了，物體沿車滑動到B端粘在B端的油泥上．則下述說法中正確的是()A．若物體滑動中不受摩擦力，則全過程機械能守恒B．若物體滑動中有摩擦力，則全過程系統(tǒng)動量守恒C．小車的最終速度與斷線前不同D．全過程系統(tǒng)的機械能不守恒8、如圖所示，一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A經絕熱過程A→B、等容過程B→C、等溫過程C→A又回到了狀態(tài)A，則()A．A→B過程氣體降溫B．B→C過程氣體內能增加，可能外界對氣體做了功C．C→A過程氣體放熱D．全部過程氣體做功為零9、如圖所示，一個箱子中放有一個物體，已知靜止時物體對下底面的壓力等于物體的重力，且物體與箱子上表面剛好接觸．現(xiàn)將箱子以初速度v0豎直向上拋出，已知箱子所受空氣阻力與箱子運動的速率成正比，且箱子運動過程中始終保持圖示姿態(tài)．則下列說法正確的是()．A．上升過程中，物體對箱子的下底面有壓力，且壓力越來越小B．上升過程中，物體對箱子的上底面有壓力，且壓力越來越小C．下降過程中，物體對箱子的下底面有壓力，且壓力越來越大D．下降過程中，物體對箱子的上底面有壓力，且壓力越來越小10、如圖，甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于x軸上，甲分子對乙的作用力與兩分子間距離的關系如圖中的曲線所示，F(xiàn)>0為斥力，F(xiàn)<0為引力，規(guī)定在無窮遠處分子勢能為零。a、b、c、d為x軸上四個特定的位置。現(xiàn)把乙分子從a處由靜止釋放，則乙分子A．在b位置處，乙分子受到的分子力最小B．從a到c做加速運動，到達c位置時速度最大C．從a到b的過程中，兩分子間的分子勢能一直減小D．到達c時，兩分子間的分子勢能最小為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實驗裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點位置等高。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由_____（“靜止”或“一定初速度”）滾下，并落在豎直擋板上。重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點與M、P、N三點的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設球1和球2的質量m1、m2，則關于步驟2中的說法，正確的是_____A．球1、球2的落點分別是N、MB．球1、球2的落點分別是M、NC．如果兩球質量相等，則球2的落點介于ON之間D．球1的質量應該大于球2的質量（2）當所測物理量滿足表達式_____（可以用（2）問中物理量的字母表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。12．（12分）為了探究質量一定時加速度與力的關系。一同學設計了如圖甲所示的實驗裝置。其中為帶滑輪的小車的質量，為砂和砂桶的質量。（滑輪質量不計）(1)實驗時，一定要進行的操作或保證的條件是（____）。A．用天平測出砂和砂桶的質量B．將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C．小車靠近打點計時器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)D．改變砂和砂桶的質量，打出幾條紙帶E.為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量遠小于小車的質量(2)該同學在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶（相鄰兩計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為的交流電，根據紙帶可求出小車的加速度為________（結果保留兩位有效數(shù)字）。(3)以彈簧測力計的示數(shù)為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的圖象是一條直線，圖線與橫軸的夾角為，求得圖線的斜率為，則小車的質量為（____）A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某城市快速公交所有相鄰車站間的距離均為，公共汽車的運行也非常規(guī)則，先由靜止開始勻加速啟動，當速度達到時再做勻速運動，進站前開始勻減速制動，在到達車站時剛好停住．公共汽車在每個車站停車時間均為．然后以同樣的方式運行至下一站．已知公共汽車在加速啟動和減速制動時加速度大小都為．有一次當公共汽車剛剛抵達一個車站時，一輛電動車剛好經過該路線的下車站，已知該電動車的速度大小恒為，而且行進路線、方向與公共汽車完全相同，不考慮其他交通狀況的影響路線均可認為是直線．（1）求公共汽車從車站出發(fā)至到達下站所需的時間；（2）若從公共汽車的下一站開始計數(shù)第1站，公共汽車在剛到達第站時，電動車也恰好同時到達此車站，求．14．（16分）如圖所示，用三根輕繩將質量均為m的A、B兩小球以及水平天花板上的固定點O之間兩兩連接，然后用一水平方向的力F作用于A球上，此時三根輕繩均處于直線狀態(tài)，且OB繩恰好處于豎直方向，兩球均處于靜止狀態(tài)，輕繩OA與AB垂直且長度之比為3:1．試計算：（1）OA繩拉力及F的大??？（2）保持力F大小方向不變，剪斷繩OA，穩(wěn)定后重新平衡，求此時繩OB及繩AB拉力的大小和方向．（繩OB、AB拉力的方向用它們與豎直方向夾角的正切值表達）（3）欲使繩OB重新豎直，需在球B上施加一個力，求這個力的最小值和方向．15．（12分）如圖所示，豎直輕彈簧B的下端固定于水平面上，上端與A連接，開始時A靜止。A的質量為m＝2kg，彈簧B的勁度系數(shù)為k1＝200N/m。用細繩跨過定滑輪將物體A與另一根勁度系數(shù)為k2的輕彈簧C連接，當彈簧C處在水平位置且未發(fā)生形變時，其右端點位于a位置，此時A上端輕繩恰好豎直伸直。將彈簧C的右端點沿水平方向緩慢拉到b位置時，彈簧B對物體A的拉力大小恰好等于A的重力。已知ab＝60cm，求：（1）當彈簧C處在水平位置且未發(fā)生形變時，彈簧B的形變量的大??；（2）該過程中物體A上升的高度及輕彈簧C的勁度系數(shù)k2。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

a、b兩物體的速度均為正，說明兩物體運動的方向相同，故A錯誤；根據v-t圖像的斜率表示加速度，由幾何關系知，a物體的加速度大于b物體的加速度，B錯誤；根據“面積”表示位移，由幾何關系可知：在0-4s內，a的位移等于b的位移，已知兩物體在4s末相遇，說明t=0時刻a、b在同一位置，在0-2s內，b的速度比a的大，兩者間距增大．在2-4s內a的速度比b的大，兩者間距減小，所以t=2s時兩物體相距最遠，故C錯誤D正確．2、D【解題分析】單擺周期計算公式為：，所想要想使周期變大，可以增大擺長或者減小g。故可以將擺從地球移到月球上，這樣重力加速度g減小了，單擺質量不影響周期，從赤道移到北極會使g增大，這樣就減小了周期，故只有D選項正確故選D3、D【解題分析】試題分析：隔離對A分析，通過A受力平衡判斷A、B之間摩擦力的變化．通過對整體分析，抓住AB不動，彈簧的彈力不變，判斷B與墻之間有無摩擦力．開始時A靜止，則A受到重力以及B對A的支持力、摩擦力，根據共點力平衡可知，B對A的支持力與摩擦力的合力的方向豎直向上；

開始時B也靜止，則B受到重力、彈簧的彈力、A對B的壓力與摩擦力，由于B對A的支持力與摩擦力的合力的方向豎直向上，則A對B的壓力與摩擦力的合力方向豎直向下，所以B與墻壁之間沒有力的作用．所以B受到四個力的作用．故A錯誤；對A，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，三力平衡，A所受的靜摩擦力大小為mAgsinθ，當施加F后，仍然處于靜止，若F＞2mAgsinθ，則A、B之間的摩擦力大小為f=F-mAgsinθ＞mAgsinθ，變大，故B錯誤；

A與B始終靜止，可知彈簧的形變量沒有變化，根據胡克定律可知，施加F后，B受到彈簧的彈力不變．故C錯誤；對整體分析，由于AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，但F有豎直向上的分量，則根據平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力且大小等于F沿豎直方向的分力，即f=Fsinα，所以B與墻之間的摩擦力一定小于4、C【解題分析】解：A、木塊勻速滑下，合力為零，根據平衡條件得mgsinθ=μmgcosθ，解得：μ=tanθ；若增大斜面的傾角θ，重力沿斜面向下的分力mgsinθ增大，滑動摩擦力f=μmgcosθ減小，木塊的合力方向將沿斜面向下，木塊做加速運動．故A錯誤．B、對木塊A施加一個豎直向向上但小于木塊A重力的力，有：（mg﹣F）sinθ﹣μ（mg﹣F）cosθ=（mg﹣F）sinθ﹣tanθ（mg﹣F）cosθ=0依然平衡，做勻速直線運動，不會停止運動，故B錯誤；C、對木塊A施加一個豎直向下的力，有：（mg+F）sinθ﹣μ（mg+F）cosθ=（mg+F）sinθ﹣tanθ（mg+F）cosθ=0依然平衡，做勻速直線運動，不會停止運動，故C錯誤；D、對木塊A施加一個垂直于斜面的力F，重力沿斜面向下的分力mgsinθ不變，而滑動摩擦力f=μ（F+mgcosθ）增大，合力方向沿斜面向上，木塊做減速運動，可以使木塊停下，故D正確；故選D【點評】本題關鍵根據物體做減速運動的條件，分析木塊的合力方向，當合力方向與速度反向時，木塊能做減速運動，可以停下來．5、C【解題分析】做功和熱傳遞都能改變物體的內能，氣體的內能增加了180J，由熱力學第一定律知，可能是外界對氣體做了180J的功，也可能是氣體吸收了180J的熱量，也可能既有做功，又有熱傳遞，兩者代數(shù)和為180J，故AB錯誤．理想氣體的內能是所有分子動能的總和，故內能增加了180J，則分子總動能增加了180J，而分子數(shù)沒有變，故分子的平均動能不變，故C正確，D錯誤；故選C．【題目點撥】改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞，根據熱力學第一定律分析做功和熱量．而理想氣體的內能只與分子總動能有關．6、B【解題分析】

氣體溫度升高，分子的平均動能增大，但并不是所有分子的速率都增加，故A錯誤；根據物體內能的定義可知，一定量氣體的內能等于其所有分子熱運動動能和分子之間勢能的總和。故B正確；一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，溫度不變，其分子平均動能不變，吸收的熱量轉化為分子勢能，故C錯誤；氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子做永不停息的熱運動的結果，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】物體與橡皮泥粘合的過程，發(fā)生非彈性碰撞，系統(tǒng)機械能有損失，所以全過程系統(tǒng)的機械能不守恒，A錯誤D正確；取小車、物體和彈簧為一個系統(tǒng)，則系統(tǒng)水平方向不受外力（若物體在滑動有摩擦力，為系統(tǒng)的內力），全過程系統(tǒng)的動量守恒，B正確；取系統(tǒng)的初速度方向為正方向，根據動量守恒定律可知，物體沿車滑動到B端粘在B端的油泥上后系統(tǒng)共同的速度與初速度是相同的，C錯誤．【題目點撥】本題根據動量守恒和機械能守恒的條件進行判斷：動量守恒的條件是系統(tǒng)不受外力或受到的外力的合力為零；機械能守恒的條件是除重力和彈力外的其余力不做功．8、AC【解題分析】A→B過程是絕熱過程，Q=0，體積變大，氣體對外做功，W<0，根據熱力學第一定律ΔU=Q+W，得ΔU<0，內能減小，溫度降低，故A正確；B→C過程中，氣體體積不變，根據查理定律，壓強增加，溫度升高，內能增加，根據熱力學第一定律ΔU=Q+W，體積不變不做功W=0，氣體吸熱，故B錯誤；C→A過程是等溫變化，內能不變ΔU=0，體積減小，外界對氣體做功W>0，根據熱力學第一定律得Q<0，氣體放熱，C正確；全部過程分三個過程，A到B氣體對外做功W1<0，B到C不做功，C到A外界對氣體做功W2>0，根據p-V圖象中，圖線與坐標軸圍成的圖形的面積等于所做的到B做功小于【題目點撥】根據圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出氣體做功情況，再應用熱力學第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動能的標志，理想氣體內能由問題溫度決定．9、BC【解題分析】試題分析：對箱子和物體整體受力分析，當物體與箱子上升時，如圖甲所示，由牛頓第二定律可知，Mg＋kv＝Ma，則a＝g＋kvM，又整體向上做減速運動，v減小，所以a減??；再對物體單獨受力分析，如圖乙所示，因a>g，所以物體受到箱子上底面向下的彈力FN，由牛頓第二定律可知mg＋FN＝ma，則FN＝ma－mg，而a減小，則FN考點：考查了牛頓第二定律的應用【名師點睛】先總體分析，把箱子和物體當成一個整體，上升過程中，空氣阻力和重力都是向下的，在下降過程中，阻力的方向向上，根據牛頓第二定律列式分析加速度變化情況，再對物體單獨受力即可10、BC【解題分析】

A.在b位置處，乙分子受到的是吸引力，且分子力最大，選項A錯誤；B.從a到c受到分子引力作用而做加速運動，到達c位置時分子力為零，此時加速度為零，速度最大，選項B正確；C.從a到b的過程中，分子引力做正功，則兩分子間的分子勢能一直減小，選項C正確；D.從a到c時，分子引力一直做正功，則兩分子間的分子勢能一直減小，到達c點時分子勢能最小，但是不為零，選項D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、靜止BDm1h2=m【解題分析】

第一空、靜止。為控制小球到達軌道末端時的速度相等，不放小球2時，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下。第二空、BD。AB、小球離開軌道后做平拋運動，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運動的時間t=dv0，小球在豎直方向的位移為：h=12gt2=gd22v02，由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2C、如果兩球質量相等，兩球發(fā)生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運動，球2的落點為P，故C錯誤。D、為防止入射球反彈，球1的質量應大于球2的質量，故D正確。第三空、m1h2=m小球離開軌道后做平拋運動，水平方向：d=v0t，豎直方向：h=12gt2，解得：v0=d2hg由題意可知，碰撞前球1的速度為：v0=dg碰撞后球1的速度為：v1=dg碰撞后球2的速度為：v2=dg碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0＝m1v1+m2v2，整理得：m1h2=m12、BD1.3D【解題分析】

(1)[1]．本實驗中細線的拉力由彈簧測力計直接測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M，故AE錯誤。先拿下砂桶，然后將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實驗探究加速度與力和質量的關系，要同時記錄彈簧測力計的示數(shù)，故C錯誤；要改變砂和砂桶質量，從而改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關系，故D正確；故選BD。(2)[2]．根據公式?x=aT2，依據逐差法可得小車加速度。由于兩計數(shù)點間還有二個點沒有畫出，故相鄰計數(shù)點的時間間隔為

T=0.06s，可得(3)[3]．由，得

對圖來說，圖象的斜率

得

對于斜率k，不能根據k=tanθ求解，所以不能根據求小車的質量M。故ABC錯誤，D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）5【解題分析】

（1）公共汽車啟動后加速