2022-2023學(xué)年河南省商丘市柘城縣八年級(jí)(下)期中數(shù)學(xué)試卷(附答案詳解)_第1頁
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文檔簡介

絕密★啟用前

2022-2023學(xué)年河南省商丘市柘城縣八年級(jí)(下)期中數(shù)學(xué)試

學(xué)校:姓名:班級(jí):考號(hào):

注意事項(xiàng):

1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑;如需改動(dòng),

用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?;卮鸱沁x擇題時(shí),將答案寫在答題卡上,寫在試卷

上無效。

3.考試結(jié)束后,本試卷和答題卡一并交回。

第I卷(選擇題)

一、選擇題(本大題共10小題,共30.0分。在每小題列出的選項(xiàng)中,選出符合題目的一項(xiàng))

1.下列根式中,是最簡二次根式的是()

23

A.J?B.√16C.y/χyD.√2x+1

2.估算E"的運(yùn)算結(jié)果在()

A.5和6之間B.6和7之間C.7和8之間D.8和9之間

3.如果代數(shù)式廣正+磊有意義,那么,直角坐標(biāo)系中點(diǎn)P(m,n)的位置在()

A.第一象限B.第二象限C.第三象限D(zhuǎn).第四象限

4.4ABC滿足下列條件中的一個(gè),其中不能說明△48C是直角三角形的是()

A.b2=(a+c)(α—c)B.a:b:c=1:√^^3:2

C.Z.C=Z.A—Z.BD,Z?4:zB:NC=3:4:5

5.已知△4BC的三邊長α,b,C滿足(α-b)(c?-ɑ2—Z√)=0,則4ABC的形狀是()

A.等腰三角形或直角三角形B.等腰直角三角形

C.等腰三角形D.直角三角形

6.如圖,胤4BCD的頂點(diǎn)4,B,C的坐標(biāo)分別是(0,1),(-2,-2),(2,-2),則頂點(diǎn)。的坐標(biāo)是()

A.(-4,1)B.(4,-2)C.(4,1)D.(2,1)

7.如圖,四邊形ABCD的兩條對(duì)角線相交于點(diǎn)0,且互相平分.添加下列條件,仍不能判定

四邊形ABCD為菱形的是()

A.AC1BD

B.AB=AD

C.AC=BD

D.乙ABD=乙CBD

8.如圖,正方形ABCD的邊長為,對(duì)角線4C,BD交于點(diǎn)。,

E是AC延長線上一點(diǎn),且CE=C。,則BE的長度為()

A.y∏

B?--Vio

C.V^^5

D.2>∏>

9.如圖,將〃IBCD沿對(duì)角線BD折疊,使點(diǎn)4落在點(diǎn)E處,DE交

BC于點(diǎn)尸,若乙4BD=48。,/.CFD=40°,則ZE的度數(shù)為()

A.92°

B.102°

C.122°

D.112o

10.如圖,在菱形48C。中,AB=6,NABC=60。,M為4。的中點(diǎn),P為對(duì)角線BO上一動(dòng)

點(diǎn),連接PA和PM,貝∣]P4+PM的最小值是()

A.3B.2√^3C.3√^D.6

第U卷(非選擇題)

二、填空題(本大題共5小題,共15.0分)

11.實(shí)數(shù)α,b在數(shù)軸上對(duì)應(yīng)點(diǎn)的位置如圖所示,化簡∣α∣+J(a—b)2的結(jié)果是

12.已知X,y為等腰三角形的兩條邊長,且X,y滿足y=+√3x—6+3,則此三

角形的周長為.

13.如圖,在平行四邊形力BCD中,AEIBC于E,AF1CD

于尸,若AE=2,AF=3,平行四邊形ZBCD的周長為20.則

平行四邊形4BCD的面積為.

14.如圖,在Rt△4BC中,44CB=90°,NA=30°,BC=2cm.

把AABC沿48方向平移Iem,得到A4B'C',連結(jié)CC',則四邊

形AB'C'C的周長為cm.

15.如圖,正方形ABCO和正方形DE尸。的頂點(diǎn)4,E,。在

同一直線L上,且EF=/N,AB=3,給出下列結(jié)論:

(T)ZCOD=45°;

@AE=5;

③CF=BD=√^17;

(J)SACFO=3.

其中正確的序號(hào)為.

三、計(jì)算題(本大題共1小題,共9.0分)

16.在進(jìn)行二次根式化簡時(shí),我們有時(shí)會(huì)碰上如言,Ji,*π一樣的式子,這樣的式子

我們可以將其進(jìn)一步化簡備=言=*,=信=苧,高=著韶F=

-1以上這種化簡的方法叫做分母有理化,請(qǐng)利用分母有理化解答下列問題:

7

(1)化簡:7THΠI

(2)若α是的小數(shù)部分,求3的值;

(3)矩形的面積為3/虧+1,一邊長為C-2,求它的周長.

四、解答題(本大題共7小題,共66.0分。解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或演算步驟)

17.(本小題8.0分)

計(jì)算:

+√^2)(√^-√1)-∣1-√^∣.

18.(本小題9.0分)

如圖,在△4BC中,點(diǎn)D,F分別為邊ZC,ZB的中點(diǎn).延長DF到點(diǎn)E,使DF=EF,連接BE.

求證:(1)?∕1DF≤ΔBEFi

(2)四邊形BCDE是平行四邊形.

19.(本小題9.0分)

已知:如圖,AD是ZMBC的角平分線,DEuAC交AB干點(diǎn)、E,DF〃AB交AC于點(diǎn)F.

(1)求證:四邊形4ED尸是菱形;

(2)若AE=I3,AD=24,試求四邊形AEDF的面積.

20.(本小題9.0分)

如圖,菱形ABCC的對(duì)角線AC,BD相交于點(diǎn)O,E是4C的中點(diǎn),點(diǎn)F,G在AB上,EFLAB,

OG//EF.

(1)求證:四邊形OEFG是矩形;

(2)若AD=10,EF=4,求OE和BG的長.

21.(本小題10.0分)

已知:如圖,菱形4BCD的對(duì)角線AC與BO相交于點(diǎn)0,若∕C4D=NDBC.

(1)求證:四邊形4BCD是正方形.

(2)E是。B上一點(diǎn),DH1CE,垂足為H,DH與OC相交于點(diǎn)P,求證:OE=OF.

22.(本小題10.0分)

如圖,△?!BC中,?ACB=90o,AB=10,BC=6,若點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā),以每秒1個(gè)單位長度

的速度沿折線A-C-B-4運(yùn)動(dòng),設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒(t>0).

AA

(備用圖)

(1)若點(diǎn)P在AC上,且滿足PA=PB時(shí),求此時(shí)t的值;

(2)若點(diǎn)P恰好在NBAC的平分線上,求t的值.

23.(本小題11.0分)

如圖,在△4BC中,AC=BC=6,E為BC邊上一點(diǎn),且CE=2,AE=2√^0.

(1)求AB的長;

(2)點(diǎn)尸為ZB邊上的動(dòng)點(diǎn),當(dāng)ABEF為等腰三角形時(shí),求AF的長.

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解:2、原式=",不符合題意;

B、原式=4,不符合題意;

C、原式=?x?yy∕~y,不符合題意;

。、原式為最簡二次根式,符合題意.

故選:D.

利用最簡二次根式定義判斷即可.

此題考查了最簡二次根式,熟練掌握最簡二次根式定義是解本題的關(guān)鍵.

2.【答案】C

【解析】解:√^T8+ΛΛ24×J^i=3√^+

???√^9<√-50<√^64.

???7<√50<8.

故原式的運(yùn)算結(jié)果在7和8之間,

故選:C.

先將已知式子化簡,然后進(jìn)行估計(jì)即可.

本題主要考查了無理數(shù)的運(yùn)算以及大小,熟悉無理數(shù)的相關(guān)內(nèi)容是解答本題的關(guān)鍵.

3.【答案】C

【解析】

【分析】

先根據(jù)二次根式有意義,分母不為0,求m、n的取值范圍,判斷出P點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)的符號(hào),進(jìn)

而判斷所在的象限.

本題考查的是二次根式有意義的條件,被開方數(shù)大于或等于0,以及坐標(biāo)平面內(nèi)各個(gè)象限中點(diǎn)的坐

標(biāo)的符號(hào)特點(diǎn).

【解答】

解:???代數(shù)式,=+7?有意義,

?—m≥O且Tnn>0,

???m<0,n<0,

點(diǎn)P(m,n)的位置在第三象限.

故選C.

4.【答案】D

【解析】解:人由爐=(。+。)9一0可得:c2+b2=a2,可以組成直角三角形,故此選項(xiàng)不

符合題意;

B,l2+(<3)2=22,可以組成直角三角形,故此選項(xiàng)不符合題意;

C、由NC=4√1-4B,?A+?B+ΛC=180°,可得:44=90。,可以組成直角三角形,故此選

項(xiàng)不符合題意;

£>、?.?乙4:ZB:ZC=3:4:5,乙4+NB+NC=180。,二最大角4C=75。,不能構(gòu)成直角三角

形,故選項(xiàng)符合題意;

故選:D.

根據(jù)勾股定理的逆定理和三角形內(nèi)角和定理求出最大角,即可判斷.

本題考查了三角形內(nèi)角和定理,勾股定理的逆定理的應(yīng)用,能熟記定理的內(nèi)容是解此題的關(guān)鍵.

5.【答案】A

【解析】解:τ(α-b)(c2-α2-b2)=o,

■-a-b=0或c?—a2-b2=0,

??a=b或a2+b2=c2,

???Δ力BC的形狀是等腰三角形或直角三角形,

故選:A.

根據(jù)(α-b)(c2—ɑ?—岳)=0得α—b=0,或c2—(j2一/=0,求出a、b、C之間的數(shù)量關(guān)系進(jìn)

行判斷.

本題考查因式分解的應(yīng)用、勾股定理的逆定理,掌握這兩個(gè)知識(shí)點(diǎn)的熟練應(yīng)用,根據(jù)(。-匕)?2-

a2-。2)=0得a-b=0,或c2-tχ2-b2=0,是解題關(guān)鍵.

6.【答案】C

【解析】解:???8(—2,-2),6(2,-2),

/.BC=2-(-2)=2+2=4,

???四邊形48CO是平行四邊形,

?AD=BC=4,

???點(diǎn)4的坐標(biāo)為(0,1),

???點(diǎn)D的坐標(biāo)為(4,1),

故選:C.

首先根據(jù)B、C兩點(diǎn)的坐標(biāo)確定線段BC的長,然后根據(jù)4點(diǎn)的坐標(biāo)向右平移線段BC的長度即可求得

點(diǎn)。的坐標(biāo).

考查了平行四邊形的性質(zhì)及坐標(biāo)與圖形性質(zhì)的知識(shí),解題的關(guān)鍵是求得線段BC的長,難度不大.

7.【答案】C

【解析】[分析]

根據(jù)菱形的定義及其判定對(duì)各選項(xiàng)逐一判斷即可得.

本題主要考查平行四邊形的判定和菱形的判定,解題的關(guān)鍵是掌握菱形的定義和各判定.

[詳解]

解:???四邊形4BC。的兩條對(duì)角線相交于點(diǎn)。,且互相平分,

四邊形ZBCD是平行四邊形,

.?.AD//BC,

當(dāng)4B=4?;駻C1BC時(shí),均可判定四邊形ABCO是菱形;

當(dāng)AC=BD時(shí),不能判定四邊形ABCD是菱形;

當(dāng)乙4BD="BD時(shí),

由40〃BC得:?CBD=?ADB,

:■Z.ABD=Z.ADB,

.??AB—ADf

???四邊形ZBCD是菱形;

故選C.

8.【答案】C

【解析】解:?;正方形ZBCD的邊長為

.?.OB1OC,OB=OC,

.?.0B2+OC2=BC2=2,

:,OB=OC=1,

?.?CE=OC,

?■OE=2,

在RtΔOBE中,BE=VI2÷22=√^^5?

故選:C.

利用正方形的性質(zhì)得到。B=OC=1,0B10C,貝IJOE=2,然后根據(jù)勾股定理計(jì)算BE的長.

本題考查了正方形的性質(zhì):正方形的四條邊都相等,四個(gè)角都是直角;正方形的兩條對(duì)角線相等,

互相垂直平分,并且每條對(duì)角線平分一組對(duì)角;正方形具有四邊形、平行四邊形、矩形、菱形的

一切性質(zhì).

9.【答案】D

【解析】解:???AD//BC,

?■Z.ADB=Z.DBC,

由折疊可得NaDB=?BDF,

??乙DBC=Z.BDF,

又?.?ADFC=40°,

???乙DBC=乙BDF=?ADB=20°,

又???4ABD=48°,

.?.?ABDφ,=180°-20°-48°=112°,

??E=?A=112°,

故選:D.

由平行四邊形的性質(zhì)和折疊的性質(zhì),得出44DB=4BDF=NDBC,由三角形的外角性質(zhì)求出

乙BDF=乙DBC=3乙DFC=20°,再由三角形內(nèi)角和定理求出〃,即可得到結(jié)果.

本題主要考查了平行四邊形的性質(zhì)、折疊的性質(zhì)、三角形的外角性質(zhì)以及三角形內(nèi)角和定理的綜

合應(yīng)用,熟練掌握平行四邊形的性質(zhì),求出44CB的度數(shù)是解決問題的關(guān)鍵.

io.【答案】c

【解析】

【分析】

此題考查了最短路徑問題、等邊三角形的判定與性質(zhì)、勾股定理以及菱形的性質(zhì).注意準(zhǔn)確找到

點(diǎn)P的位置是解此題的關(guān)鍵.首先連接4C,交BD于點(diǎn)0,連接CM,貝IJCM與BD交于點(diǎn)P,此時(shí)?PA+

PM的值最小,由在菱形ABCD中,AB=6,?ABC=60°,易得△ACD是等邊三角形,BD垂直平

分AC,繼而可得CMl4D,則可求得CM的值,繼而求得P4+PM的最小值.

【解答】

解:連接/C,交BD于點(diǎn)O,連接CM,則CM與BD交于點(diǎn)P,此時(shí)PA+PM的值最小,

在菱形ABCC中,AB=6,ZTIBC=60。,

.?.?ADC=/.ABC=60o,AD=CD=6,BC垂直平分4C,

??.△ACO是等邊三角形,PA=PC,

???M為4。中點(diǎn),

.?.DM=^AD=3,CMVAD,

:.CM=√CD2-DM2=3√^^>

.?.PA+PM=PC+PM=CM=3√^3?

故選C.

11.【答案】b-2a

【解析】解:由數(shù)軸可得:a<0,a-b<0,

則原式=—a—(a-b)=b-2a.

故答案為:b—2a.

直接利用數(shù)軸得出α<0,α-b<0,進(jìn)而化簡得出答案.

此題主要考查了二次根式的性質(zhì)與化簡,正確得出各項(xiàng)符號(hào)是解題關(guān)鍵.

12.【答案】7或8

【解析】解:要使y=√2-x+√3x-6+3有意義,必須2-x≥O且3x-6≥0,

解得:X=2,

所以y=0+0+3=3,

當(dāng)?shù)妊切蔚娜厼?,2,3時(shí),符合三角形的三邊關(guān)系定理,此時(shí)三角形的周長為2+2+3=7;

當(dāng)?shù)妊切蔚娜厼?,3,3時(shí),符合三角形的三邊關(guān)系定理,此時(shí)三角形的周長為2+3+3=8;

即此三角形的周長為7或8.

故答案為:7或8.

根據(jù)二次根式有意義的條件求出x、y的值,再分為兩種情況:等腰三角形的三邊為2,2,3或等

腰三角形的三邊為2,3,3,求出符合條件的三角形的周長即可.

本題考查了等腰三角形的性質(zhì),三角形的三邊關(guān)系定理和二次根式有意義的條件等知識(shí)點(diǎn),能求

出X、y的值是解此題的關(guān)鍵.

13.【答案】12

【解析】解:設(shè)BC=x,則CD=IO-工,根據(jù)“等面積法”得

2x=3(10—尤),

解得X=6,

???平行四邊形ABCD的面積=BCAE=2x=2×6=12.

故答案為:12.

已知平行四邊形的高ZE、AF,設(shè)BC=X,則CD=IO—%,根據(jù)“等面積法”列方程,求BC,從

而求出平行四邊形的面積.

本題應(yīng)用的知識(shí)點(diǎn)為:平行四邊形一組鄰邊之和為平行四邊形周長的一半,平行四邊形的面積=底

X高,可用兩種方法表示.

14.【答案】8+2√-3

【解析】解:在Rt△/!BC中,?ACB=90°,44=30。,BC=2cm,

:?AB=2BC=4,

:.AC=√AB2-BC2=2<3.

?.?把AABC沿4B方向平移ICm,得到△A'B'C',

.?.B'C'=BC=2,AA'=CC'=1,A'B'=AB=4,

:.AB'=AA'+A'B'=5.

???四邊形4B'C'C的周長為4B'+B'C'+CC'+AC=5+2+1+2y∏=(8+2y∏)cm.

故答案為:8+2√^?

利用含30。角的直角三角形的性質(zhì),勾股定理和平移的性質(zhì),求得四邊形AB'C'C的四邊即可求得結(jié)

論.

本題主要考查了含30。角的直角三角形的性質(zhì),勾股定理和平移的性質(zhì),熟練掌握平移的性質(zhì)是解

題的關(guān)鍵.

15.【答案】①②

【解析】解::四邊形4BCD和四邊形DEFo是正方形,

.?.?AOC=90o,NDoE=45。,

?Z.COD=180o-Z-AOC-乙DOE=45°,故①正確;

?.?DE-DO=EF=√-2,

.?.EO=√DE2+DO2=2,

OA=AB=3,

AE=OA+E。=3+2=5,故②正確:

過C作CM1CO交CO延長線于M,HDW-DN1AE于N,過。作DH1AB于H,如圖:

?.?NFoM=180o-/.COD-ZJ)OF=45°,

FOM是等腰直角三角形,

OF

.?.OM=FM=^=I,

ΛCM=OC+OM=3+1=4,

???CF=√FM2+CM2=√I2÷42=>∏L7,

..,DEDOy∕~2×y∕~2CZ

???DγN=———=——-——=1λ=ON,

EO2

???AH=DN=1,AN=OA+ON=3+1=4,

.?.DH=AN=4,BH=AB-AH=3-1=2,

:?BD=√DH2+BH2=√42+22=2√^^5.故③錯(cuò)誤;

113

viC0?FM=^×3×l=≡,

???SACFO=∣,故④錯(cuò)誤;

;?正確的有①②,

故答案為:①②.

由四邊形力BeD和四邊形DEF。是正方形,知NAOC=90。,?DOE=45°,故NCOD=180。一

NAOC-乙DOE=45°,判斷①正確;由勾股定理可得EO=√DE2+DO2=2,從而AE=OA+

E。=3+2=5,判斷②正確;過C作CM1Co交CO延長線于M,過。作DN1AE于N,過。作DH1

22

AB于H,由勾股定理可得CF=VFM?+CM?=bd=√DH+BH=2√^5.判斷③錯(cuò)

誤;求出SACFO=I,判斷④錯(cuò)誤.

本題考查正方形的性質(zhì),解題的關(guān)鍵是掌握正方形性質(zhì)及勾股定理的應(yīng)用.

16?【答案】解一===

(2)???α是/2的小數(shù)部分,

???a=√-2—1,

3_3_3(C+1)

=3(√^+l)=3√-2+3;

a-C-I—(>Λ^2-1)(ΛΓ2+1)

(3)矩形的面積為3,石+1,一邊長為,石-2,

二矩形的另一邊長為:爰斗=盟義雷)=15+6√^+ΛΓ5+2=17+7√T,

√5—2(V5—2)(V5+2)

該矩形的周長為:(17+7√^5+√^5-2)×2=30+16ΛΛ^5.

答:它的周長是30+16/5

【解析】(1)根據(jù)題目中的例子可以解答本題;

(2)根據(jù)題意,可以下ɑ=/2-1,可以求得所求式子的值;

(3)根據(jù)題意,可以求得矩形的另一邊長,從而可以求得該矩形的周長.

本題考查估算無理數(shù)的大小、二次根式的混合運(yùn)算、二次根式的應(yīng)用,解答本題的關(guān)鍵是明確它

們各自的計(jì)算方法.

17.【答案】解:(1)原式=3—2-(V^^Σ—1)

=l-yΓ2+l

=2-y∏.

(2)原式=4-C+2√-δ

=4+<^6

【解析】根據(jù)二次根式的運(yùn)算法則即可求出答案.

本題考查二次根式的運(yùn)算法則,解題的關(guān)鍵是熟練運(yùn)用二次根式的運(yùn)算法則,本題屬于基礎(chǔ)題型.

18.【答案】證明:⑴???F是4B的中點(diǎn),

.?.AF=BF,

在AADF和ABEF中,

(AF=BF

?∕.AFD=乙BFE,

WF=EF

:.△ADFmABEF(SAS')-,

(2)?.?點(diǎn)。,F(xiàn)分別為邊4C,48的中點(diǎn),

.?.DF/∕BC,DF=^BC,

???EF—DFf

.?.EF=;DE,

:.DF+EF=DE=BC,

.??四邊形BCDE是平行四邊形.

【解析】本題考查了平行四邊形的判定和三角形全等的判定,解題的關(guān)鍵是牢記平行四邊形的判

定定理.

(I)根據(jù)SAS證明△ADF=ΛBEF;

(2)根據(jù)點(diǎn)D,F分別為邊4C,AB的中點(diǎn),可得DF〃BC,DF=∣BC,再由EF=DE,得EF=?DE,

DF+EF=DE=BC,從而得出四邊形BCDE是平行四邊形.

19.【答案】(1)證明:VDE//AC,DF//AB,

四邊形AECF是平行四邊形,/.EAD=?ADF,

???40是△4BC的角平分線,

?EAD=?FADf

????ADF=?FAD1

???FA=FD9

???平行四邊形AEDF是菱形;

(2)解:如圖,連接EF交4。于點(diǎn)O,

由(1)可知,四邊形AEDF是菱形,

1

?OA=OD=-ΛZ)=12?OE=OF,EFJLAD1

???Z.AOE=90°,

???OE=√AE2-OTI2=√132-122=5,

ΛEF=2OE=10,

11

?,?S菱形AEDF=E",-EF=-×24×10=120.

【解析】(1)先證四邊形AEDF是平行四邊形,?EAD=?ADF,再證乙4。F=?FAD,則凡4=FD,

即可得出結(jié)論;

(2)連接EF交40于點(diǎn)O,由菱形的性質(zhì)得04=OD=^AD=12,OE=OF,EF1AD,再由勾股

定理得OE=5,貝IJEF=2。E=I0,即可解決問題.

本題考查了菱形的判定與性質(zhì)、平行四邊形的判定與性質(zhì)、等腰三角形的判定以及勾股定理等知

識(shí),熟練掌握菱形的判定與性質(zhì)是解題的關(guān)鍵.

20.【答案】解:(I);四邊形ABCz)是菱形,

.?.BD1.AC,/.DAO=?BAO,

???E是4。的中點(diǎn),

.?.AE=OE=^AD,

Z-EAO=Z-AOEf

?Z-AOE=Z-BAOf

???OE//FGf

???OGIlEF,

???四邊形OEFG是平行四邊形,

???EF1AB,

???Z.EFG=90o,

???四邊形OEFG是矩形;

(2)???四邊形48C。是菱形,

:?BD1AC9AB-AD=10,

???Z-AOD=90°,

???E是4。的中點(diǎn),

OE—AE-=5,

由(I)知,四邊形OEFG是矩形,

???FG=OE=5,

VAE=5,EF=4,

.?.AF=√AE2-EF2=3,

.?.BG=AB-AF-FG=10-3-5=2.

【解析】本題考查了矩形的判定和性質(zhì),菱形的性質(zhì),勾股定理,直角三角形的性質(zhì),正確的識(shí)

別圖形是解題的關(guān)鍵.

⑴根據(jù)菱形的性質(zhì)得到BD1AC,?DAO=/.BAO,得到力E=OE=^AD,推出OE//FG,求得

四邊形OEFG是平行四邊形,根據(jù)矩形的判定定理即可得到結(jié)論;

(2)根據(jù)菱形的性質(zhì)得到BDIaC,AB=AD=10,得到OE=AE=TAZ)=5;由(1)知,四邊形

OEFG是矩形,求得FG=OE=5,根據(jù)勾股定理得到4F=√4E2-=3,于是得到結(jié)論.

21.【答案】證明:(1)?;四邊形/BCD是菱形,

.?.AD∕∕BC,?BAD=2Z.DAC,/.ABC=2乙DBC,

.?.?BAD+?ABC=180°,

????CAD=?DBC,

?Z.BAD=Z-ABC,

???2乙BAD=180°,????BAD=90°,

???四邊形ZBCD是正方形;

(2)?;四邊形ZBCD是正方形,

11

:.ACLBD,AC=BD,CO=^AC,DO=^BD,

.?.4CoB=乙DOC=90o,CO=DO,

?.?DW1CE,垂足為H,

.?.4DHE=90o,乙EDH+乙DEH=90°,

?.?乙ECo+乙DEH=90°,

.?.?ECO=乙EDH,

NECo=乙EDH

在^ECO??FD。中,CO=DO,

/COE=ADOF=90°

:心ECoWAFDo(ASA),

.?.OE=OF.

【解析】本題考查了正方形的判定與性質(zhì)、菱形的性質(zhì)、全等三角形的判定與性質(zhì)等知識(shí);熟練

掌握正方形的判定與性質(zhì)是解題關(guān)鍵.

⑴由菱形的性質(zhì)得出4?!?,乙BAD=2?DAC,?ABC=2乙DBC,得出"1。+?ABC=180°,

證出NBAD=乙4BC,求出NBAD=90。,即可得出結(jié)論;

(2)由正方形的性質(zhì)得出4C1BD,ACBD,CO=^AC,DO=;BD,得出“。8=4DOC=90°,

CO=DO,證出NECO=乙EDH,證明△FCO≤ΔFDO(ASAy),即可得出結(jié)論.

22.【答案】解:(1)如圖1,PA=PB,

在Rt△ACB中,AC=√AB2-BC2=√IO2-62=8

設(shè)AP=3貝IJPC=8-3

在RtAPCB中,依勾股定理得:(8

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