溫州市高三下學期月選考適應性測試物理試題含解析

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2020年4月份溫州市普通高中選考適應性測試物理試題一、選擇題1。如圖所示，下列數(shù)據(jù)的單位屬于國際單位制中基本單位的是（）A.北京到重慶的直線距離約1300kmB。打點計時器打點時間間隔0.02sC.鋰電池電動勢3。6VD。電容器電容1.0F【答案】B【解析】【詳解】A。國際單位制中長度基本單位是m，故A錯；B。國際單位制中時間基本單位是s，故B正確；C。根據(jù)電壓公式可得，電壓單位V為導出單位，故C錯誤；D.根據(jù)電容公式可得，電容單位F為導出單位,故D錯誤。故選B.2。“文泰高速"泰順先行通車段已于2019年12月30日正式通車運營，龍麗溫高速文成至泰順段起于文成樟臺、止于泰順友誼橋,全長55.96km,采用雙向四車道高速公路標準,設計速度80km/h，使兩地的通行時間由150min縮短至50min以內。下列說法正確的是（）A?！?0min”指的是時刻 B?！?5。96km”指的是位移C?！?0km/h"指的是平均速度 D.研究汽車從樟臺到友誼橋所用時間，可將汽車看成質點【答案】D【解析】【詳解】A.“50min”指的是從文成樟臺到泰順友誼橋走高速消耗的時間，即時間間隔,故A錯誤；B.位移是描述質點位置變化的物理量,大小是初末位置間有向線段的長度，“55.96km”指的是路程,故B錯誤；C.“80km/h”指的是汽車在某一時刻的速度，為瞬時速度，故C錯誤；D。在研究問題中，當物體的體積和形狀處于次要或可忽略地位時，可以把物體看做質點，故研究汽車從樟臺到友誼橋所用時間，可將汽車看成質點，故D正確.故選D.3.如圖所示,籃球訓練中，某同學伸出雙手迎接飛來的籃球，觸球后雙手隨籃球收縮至胸前.這樣接球有助于減小接球過程中（）A?；@球動量的變化量 B.籃球動能的變化量C?；@球對手的作用力 D。籃球對手作用力的沖量【答案】C【解析】【詳解】A.在觸球后雙手隨籃球收縮至胸前的過程中，動量的變化量為雙手接球和單手接球初末速度相同,故籃球動量的變化量相同，故A錯誤；B。在觸球后雙手隨籃球收縮至胸前的過程中，動能的變化量為雙手接球和單手接球初末速度相同，故籃球動能的變化量相同，故B錯誤；C.雙手接球籃球對手的作用力為單手接球籃球對手的作用力大小的一半,故C正確;D。籃球對手作用力的沖量等于動量的變化量，故籃球對手作用力的沖量相同,故D錯誤.故選C。4.北斗衛(wèi)星是我國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統(tǒng)（BDS)。其中第41顆北斗衛(wèi)星是地球靜止軌道衛(wèi)星,第49顆北斗衛(wèi)星是傾斜地球“同步”衛(wèi)星（軌道傾斜、周期與地球自轉周期相同），第50顆和51顆北斗衛(wèi)星是中圓軌道衛(wèi)星(軌道高度約20000km），則下列說法正確的是()A。第50顆衛(wèi)星的運行周期大于24hB.第51顆衛(wèi)星繞地球運行速度約為7.9km/sC。第41顆、第49顆衛(wèi)星都相對地面靜止D。第41顆、第49顆衛(wèi)星的角速度大小相等【答案】D【解析】【詳解】A.根據(jù)開普勒第三定律第50顆衛(wèi)星的運行的半軸長小于地球同步衛(wèi)星運行的半軸長,故第50顆衛(wèi)星的運行周期小于24h，故A錯誤;B.7。9km/s是地球的第一宇宙速度,是環(huán)繞地球衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度，根據(jù)萬有引力定律得可得第51顆衛(wèi)星繞地球運行速度小于7.9km/s,故B錯誤；C.地球的同步衛(wèi)星相對地面靜止，地球的同步衛(wèi)星的軌道在赤道的正上方，第49顆北斗衛(wèi)星的軌道傾斜于地球“同步”衛(wèi)星軌道，故第49顆北斗衛(wèi)星相對地面在運動，故C錯誤；D。根據(jù)周期角速度關系得可得第41顆、第49顆衛(wèi)星的角速度大小相等，故D正確。故選D.5。如圖甲所示，為研究一半圓柱形透明新材料的光學性質，用激光由真空沿半圓柱體的徑向射入，入射光線與法線成θ角，由光學傳感器CD可以探測反射光的強度。實驗獲得從AB面反射回來的反射光的強度隨θ角變化的情況如圖乙所示。光在真空中傳播速度為c，則該激光在這種透明新材料中（）A。折射率為B.傳播速度為cC。θ=0°時，反射光強度為0D。反射光強度隨θ角的增大而增大【答案】B【解析】【詳解】A.根據(jù)圖像可得當時激光發(fā)生全反射，根據(jù)折射定律得故A錯誤；B.根據(jù)速度公式故B正確；C.θ=0°時大量的激光從O點射出,少量激光反射經(jīng)過C點,故C錯誤；D.根據(jù)圖像可得當時激光發(fā)生全反射，反射光強度不變，故D錯誤。故選B。6.1966年曾在地球的上空完成了以牛頓第二定律為基礎的測定質量的實驗.實驗時，用雙子星號宇宙飛船去接觸正在軌道上運行的火箭組（火箭組發(fā)動機已熄火）.接觸后,開動飛船尾部的推進器，使飛船和火箭組共同加速，如圖所示.推進器的平均推力為F，開動時間t,測出飛船和火箭的速度變化量是v，雙子星號宇宙飛船的質量為m，下列說法正確的是()A?；鸺M的質量應為B.火箭組的質量應為mC。宇宙飛船對火箭組的作用力為D.宇宙飛船對火箭組的作用力為F【答案】BD【解析】【詳解】AB。飛船和火箭組共同加速有解得，故A錯誤，B正確；CD。宇宙飛船對火箭組的作用力為故C錯誤,D正確。故選BD。7.如圖所示為一種環(huán)保“重力燈”，讓重物緩慢下落，拉動繩子，從而帶動發(fā)電機轉動，使小燈泡發(fā)光,這種燈可替代部分不發(fā)達地區(qū)仍在使用的煤油燈。某“重力燈”中的重物為18kg，它在30min內緩慢下落了2m,使規(guī)格為“1.5V，0.12W”的小燈泡正常發(fā)光.不計繩子重力，則以下說法正確的是（)A.繩子拉力對重物做正功B.重物重力做功的功率為0.12WC。30min內產(chǎn)生的電能為360JD。重物重力勢能轉化為燈泡電能的效率為60%【答案】D【解析】【詳解】A。繩子拉力方向豎直向上，重物豎直向下運動，故繩子拉力對重物做負功，故A錯誤；B.重物重力做功的功率為故B錯誤；C。30min內產(chǎn)生的電能為故C錯誤；D.重物重力勢能轉化為燈泡電能的效率為故D正確。故選D.8.如圖甲所示,理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1，R1=10Ω,R2=20Ω，C為電容器。通過R1的正弦交流電如圖乙所示,則（）A.電容器兩端電壓為10V B。原線圈輸入電流的頻率為100HzC。電壓表示數(shù)100V D。原線圈輸入功率為10W【答案】C【解析】【詳解】A.電容器兩端電壓為故A錯誤;B。根據(jù)變壓器原理可知原副線圈中電流的周期頻率相同，周期為0。02s故B錯誤；C.根據(jù)變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)關系得解得，故C正確；D.根據(jù)變壓器原理得輸入功率等于輸出功率，由于有電流通過電容器，輸出功率為R1、R2、電容器消耗的電功率之和，故D錯誤。故選D。9。如圖所示，為一種改進后的回旋加速器示意圖，在D形盒邊上的縫隙間放置一對中心開有小孔a、b的平行金屬板M、N。每當帶正電的粒子從a孔進入時，就立即在兩板間加上恒定電壓，經(jīng)加速后從b孔射出，再立即撤去電壓。而后進入D形盒中的勻強磁場，做勻速圓周運動?？p隙間無磁場，不考慮相對論效應，則下列說法正確的是（）A.D形盒中的磁場方向垂直紙面向外B.粒子運動的周期不斷變大C.粒子每運動一周直徑的增加量越來越小D.增大板間電壓，粒子最終獲得的最大動能變大【答案】C【解析】【詳解】A。根據(jù)左手定則，D形盒中的磁場方向垂直紙面向里，故A錯誤；B.根據(jù)洛倫茲力提供向心力得粒子運動的周期粒子運動的周期不變，故B錯誤；C.粒子每運動一周直徑的增加量可得粒子每運動一周直徑的增加量越來越小，故C正確；D。粒子最終獲得的動能當半徑達到D形盒半徑時,粒子動能最大,與板間電壓無關，故D錯誤.故選D。10.用如圖甲所示的裝置研究平拋運動，在水平桌面上放置一個斜面，每次都讓小鋼球從斜面上的同一位置滾下,滾過桌邊后鋼球便做平拋運動打在豎直墻壁上，把白紙和復寫紙貼在墻上,就可以記錄小鋼球的落點.改變桌子和墻的距離,就可以得到多組數(shù)據(jù).已知四次實驗中桌子右邊緣離墻的水平距離分別為10cm、20cm、30cm、40cm，在白紙上記錄的對應落點分別為A、B、C、D，如圖乙所示。則B、C、D三點到A點的距離之比為（）A.4：9:16 B。3：8：15 C.3：5：7 D.1:3：5【答案】B【解析】詳解】根據(jù)平拋運動規(guī)律得可得運動時間比豎直方向運動距離比B、C、D三點到A點的距離之比故選B。11.一波源P在水面振動的同時沿x軸正方向勻速移動,某時刻觀察到的水面波如圖所示。圖中的實線表示水面波的波峰位置，此時波源P處于波峰位置，激起的第一個波峰剛好傳到40cm處.已知波源P每秒振動5次，O點是它的初始位置，那么水面波的傳播速度及波源P勻速移動的速度分別是（）A.0.2m/s;0.1m/s B.0.15m/s;0。125m/SC.0。1m/s；0。1m/s D。0。05m/s;0.025m/s【答案】A【解析】【詳解】波源P每秒振動5次，波源P的周期為波源P振動10個周期的時間波源P的速度水面波的傳播速度故選D.12.筆記本電腦機身和顯示屏對應部位分別有磁體和霍爾元件。當顯示屏翻開時磁體遠離霍爾元件，電腦正常工作;當顯示屏合上時磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅,電腦進入休眠狀態(tài)。如圖所示是一塊長為a、寬為b、高為c的半導體霍爾元件，元件內的導電粒子是電荷量為e的自由電子，通入的恒定電流方向向右。當顯示屏合上時，元件處于垂直于上表面且方向向下的勻強磁場中，元件的前、后表面間產(chǎn)生電壓U，以此來控制屏幕的熄滅.則元件的（）A.前表面的電勢比后表面的低 B。前、后表面間的電壓U與a成正比C。前、后表面間的電壓U與b成正比 D。前、后表面間的電壓U與c成反比【答案】D【解析】【詳解】A。由圖知電流從左向右流動，因此電子的運動方向為從右向左，根據(jù)左手定則可知電子偏轉到后面表，因此前表面的電勢比后表面的高，故A錯誤；BCD。電壓U穩(wěn)定時，電子受到的洛倫茲力和電場力平衡解得，故D正確,BC錯誤。故選D。13。沿某一電場方向建立軸，電場僅分布在dxd的區(qū)間內，其電場場強與坐標x的關系如圖所示.規(guī)定沿x軸方向為電場強度的正方向，x=0處電勢為零。一質量為m、電荷量為q的帶點粒子只在電場力作用下，沿x軸做周期性運動。以下說法正確的是()A.粒子沿x軸做簡諧運動B。粒子在x=d處的電勢能為qE0dC。動能與電勢能之和的最大值是qE0dD。一個周期內,在x0區(qū)域的運動時間t2【答案】D【解析】【詳解】A.x0區(qū)域粒子受到恒定大小水平向左的電場力，不滿足簡諧運動回復力特點，故A錯誤；B.粒子從x=0到x=d電壓變化粒子從x=0到x=d的電場力做功根據(jù)功能關系得粒子在x=d處的電勢能為，故B錯誤；C.設動能與電勢能之和的最大值為P最右位置有最左位置有粒子的運動區(qū)間為電場僅分布在的區(qū)間內，解得，故C錯誤；D。在x0區(qū)域的運動由對稱的2段組成解得,總時間為故D正確。故選D。二、選擇題14.下列說法正確的是（）A.組成原子核的核子越多，原子核越穩(wěn)定B.一群處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子共能輻射出4種不同頻率的光子C.原子核中所有核子單獨存在時的質量總和大于該原子核的總質量D.在電子的單縫衍射實驗中，狹縫變窄，電子動量的不確定量變大【答案】CD【解析】【詳解】A。比結合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度,比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A錯誤;B。一群處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子共能輻射出種光子，故B錯誤;C。原子核的質量小于組成它的核子質量之和,故C正確；D.根據(jù)不確定關系可知狹縫變窄,電子動量的不確定量變大,故D正確。故選CD。15.如圖甲所示的LC振蕩電路中，把通過P點向右的電流方向規(guī)定為電流的正方向，通過P點的電流變化規(guī)律如圖乙所示，則(）A。0.5s至1。0s時間內，電容器在充電B.0.5s至1。0s時間內，電容器的上極板帶正電C.1。0s至1。5s時間內，Q點比P點電勢高D.1.0s至1。5s時間內，磁場能正在轉變成電場能【答案】AC【解析】【詳解】A.由圖乙可知，在0.5s至1s內，電路電流在減小,電容器C正在充電，故A正確；B。由圖乙可知，在0。5s至1s內，電流是正的，即經(jīng)過P點的電流向右，由于電路中做定向移動的帶電粒子是帶負電的電子，因此在該時間段內，電子經(jīng)過P點向左移動，因此電容器上極板帶負電，故B錯誤；C.由圖乙可知，在1s至1。5s內，通過電感線圈的電流向上，且增大，電感線圈產(chǎn)生自感電動勢,由楞次定律可知，電感線圈下端電勢高，上端電勢低,即Q點比P點電勢高，故C正確；D.由圖乙可知，在1s至1.5s內，電路電流增大，磁場增大，磁感應強度變大，電路處于放電過程，電場能轉化為磁場能，故D錯誤。故選AC。16。研究光電效應現(xiàn)象的實驗電路如圖所示，A、K為光電管的兩個電極.已知該光電管陰極K的極限頻率為0,元電荷電量為，普朗克常量為?，F(xiàn)用頻率為（vv0）的光照射陰極K，則下列說法正確的是（）A.將滑片P向右滑動，可增大光電子的最大初動能B。若兩電極間電壓為,則到達陽極A的光電子最大動能為C。將滑片P向右滑動，則電流表的示數(shù)一定會不斷增大D。將電源正負極對調,當兩電極間的電壓大于時，電流表的示數(shù)為0【答案】BD【解析】【詳解】A．分析電路圖可知，光電管加正向電壓，將滑片P向右滑動，光電管兩端電壓增大，根據(jù)愛因斯坦光電效應方程可知最大初動能由入射光的頻率決定，與光電管兩端電壓無關，故A錯誤；B．若兩電極間電壓為,根據(jù)動能定理可知解得到達陽極的光電子最大動能故B正確；C．將滑片P向右滑動,增大光電管的正向電壓，當達到飽和光電流時，電流表的示數(shù)不變，故電流表的示數(shù)不是不斷增大的，故C錯誤;D．將電源正負極對調，則光電管加反向電壓，根據(jù)動能定理可知解得即當兩電極間的電壓大于，電流表的示數(shù)為0，故D正確；故選BD.三、非選擇題17。在“探究求合力的方法”的實驗中：①已有實驗器材：木板、白紙、圖釘、細繩套、橡皮筋、鉛筆,圖甲所示的器材中還需要選取_______;A.B.C.D.②某實驗室老師提供的橡皮筋和細繩套如圖乙所示，在實驗過程中需要記錄的“結點”應該選擇___________（選填“O點"或“O’點”）；③關于此實驗的操作，說法正確的是___________；A。b、c兩細繩套應適當長一些B.實驗過程中，彈簧測力計外殼不能與木板有接觸C。重復實驗再次探究時，“結點”的位置可以與前一次不同D。只有一把彈簧測力計也可以完成此實驗【答案】(1）.AC（2）.O′點（3）。ACD【解析】【詳解】（1）［1]在“探究求合力的方法"的實驗中需要刻度尺測量長度，彈簧測力計測量橡皮筋拉力,故選AC；（2）[2]實驗通過點的位置體現(xiàn)合力的方向;(3）[3］A。b、c兩細繩套應適當長一些可以減小實驗的誤差，故A正確；B.測量力的實驗要求盡量準確，為了減小實驗中因摩擦造成的誤差，操作中要求彈簧秤、細繩、橡皮條都應與木板平行，故B錯誤；C.合力與分力的關系為等效替代的關系，效果是相同的，所以在同一次實驗時,需要讓兩果相同，則必定結點O的位置要相同，而在重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次不同，故C正確，D.如果只有一個彈簧測力計，可以先將結點拉力到某個位置,記下兩個拉力的方向，讀出一個讀數(shù)，然后拆開儀器重做，再拉到原位一個讀數(shù)，然后拆開儀器重做,再拉到原位，故D正確。故選ACD。18?！坝秒p縫干涉測量光的波長"的實驗中，實驗裝置如圖所示。某同學經(jīng)過粗略的調試后，出現(xiàn)了干涉圖樣，但不夠清晰明亮,則他需要調節(jié)裝置中的一個部件是________(選填“C”、“D”、“E"、“F”)。得到清晰明亮的圖樣后進行測量，測量頭的游標位置如圖所示，則其讀數(shù)為_________mm.【答案】（1）.E(2)。12.6【解析】【詳解】（1）［1］要使干涉條紋更加清晰明亮，則要增大條紋的寬度，根據(jù)公式可知，增大雙縫到屏的距離l或減小雙縫之間的距離d都可以增大條紋的間距，所以需要調節(jié)E；（2）［2］游標卡尺讀數(shù)=固定刻度讀數(shù)+游標尺讀數(shù)，故讀數(shù)為19.如圖所示的電路由電源、電阻、開關和導線組成.林同學利用多用電表測電阻的電壓時，黑表筆應接圖中的_________點(選填“M”或“N"）。測完電壓后，他又直接將選擇開關旋至歐姆擋，繼續(xù)測電阻的阻值,而王同學認為有兩處不合理：一是測量前未歐姆調零；二是________________?！敬鸢浮浚?）.M（2）.待測電阻不能接入電路【解析】【詳解】（1）［1]利用多用電表測電阻的電壓時，紅表筆接高電勢，黑表筆接低電勢，故黑表筆接M點；(2)［2]多用電表歐姆擋內部存在干電池，外部電路會影響電阻的測量.20.用電壓表和電流表測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻。實驗中要求盡量減小實驗誤差：①應選擇的實驗電路是圖2中的___（選填“甲”或“乙”）；②選定合適的電路后進行實驗，將記錄的6組數(shù)據(jù)描在圖的坐標紙上,請在圖中畫出U—I圖線____;根據(jù)所畫圖線，可得電池的內電阻r=___Ω（保留兩位有效數(shù)字）;③實驗中,隨著滑動變阻器滑片的移動，電壓表的示數(shù)U及干電池的輸出功率P都會發(fā)生變化，圖中能反映“P-U”關系的是___。A.B。C。D.【答案】（1）。甲（2)。（3）。1。0或1。1(4)。C【解析】【詳解】①［1]干電池內阻較小，為減小電流表內阻造成實驗誤差，應選圖甲所示電路圖;②［2］[3］根據(jù)閉合電路的歐姆定律得可知圖像的斜率為電源內阻，圖像截距為電源電動勢③［4]電壓表的示數(shù)U及干電池的輸出功率P關系為可知圖像為二次函數(shù)，故選C。21.2019年12月17日，中國第一艘國產(chǎn)航母“山東艦"在海南三亞交付使用。“山東艦”的甲板由水平甲板和上翹甲板兩部分組成，利于艦載機滑躍式起飛，如圖所示。為方便研究艦載機的起飛過程，將甲板近似為如圖所示的軌道：水平軌道AB長L1=157。5m，傾斜軌道高h=6m，水平投影長L2=42.5m。總質量為3。0×104kg的某艦載機，從A點以36km/h的初速度出發(fā)，到達B點時的速度為288km/h,進入上翹甲板后,經(jīng)0。5s從C點起飛。該艦載機在起飛過程中，發(fā)動機的推力恒為8。0×105N，在水平軌道上的運動視為勻變速直線運動,艦載機視為質點,航母靜止不動。求艦載機:(1)在水平軌道上運動的加速度大小;（2）在水平軌道上運動時受到的平均阻力大??；(3）整個起飛階段平均速度的大?。ńY果保留整數(shù)）?！敬鸢浮?1）；(2）N；（3)m/s【解析】【詳解】（1）根據(jù)速度位移公式解得（2）根據(jù)牛頓第二定律得解得(3）A到C位移所用的時間平均速度22.如圖所示，半徑為R、內壁光滑的半圓軌道固定于豎直平面內，下端C與水平地面相切,上端B與水平傳送帶的左端之間形成一小的狹縫，可讓放在傳送帶上的小物塊剛好通過，傳送帶以恒定速度逆時針轉動。水平地面D點放置一質量為3m的小物塊乙，C、D間距為2R.現(xiàn)在傳送帶上的A處輕輕放上質量為m的小物塊甲，A、B間的距離L=2R，它經(jīng)傳送帶加速后,從B處沿半圓軌道滑下，再經(jīng)C沿水平地面滑到D處,與物塊乙相撞后立即粘在一起,繼續(xù)向前滑行一段距離后靜止.兩物塊均可視為質點,甲物塊與傳送帶間的動摩擦因素及甲、乙兩物塊與地面間的動摩擦因素均為μ=0.5,重力加速度為g，傳送帶足夠長：（1)求甲物塊經(jīng)過半圓形軌道的C點時對軌道的壓力FN；(2)求兩物塊最終靜止的位置離D點的距離x；（3）若A、B間的距離L可調，求兩物塊最終靜止的位置離D點的距離x隨L變化的函數(shù)關系式.【答案】(1)，方向豎直向下；（2）;(3）【解析】【詳解】（1)根據(jù)動能定理物塊從A至C有對C點解得支持力，壓力，方向豎直向下(2）甲物塊由C至D甲乙兩物塊碰撞碰后一起運動至靜止最終靜止的位置離D點的距離(3)甲物塊由A至D甲乙兩物塊碰撞碰后一起運動至靜止得甲物塊運動至B點恰好不脫軌由可得物塊運動至B點時恰好與傳送帶共速即由速度位移公式可得綜上所述:x隨L變化的函數(shù)關系式為23。如圖所示，兩根粗細均勻的金屬棒，用兩根等長的、不可伸長的柔軟導線將它們連接成閉合回路，并懸掛在光滑絕緣的水平直桿上，并使兩金屬棒水平。在棒的下方有高為、寬度略小于導線間距的有界勻強磁場，磁感應強度為，磁場方向垂直紙面向里,此時棒在磁場外距上邊界高處（hH，且h、H均為未知量）,N棒在磁場內緊貼下邊界。已知：棒M、N質量分別為3m、m,棒在磁場中的長度均為L，電阻均為R.將M棒從靜止釋放后，在它將要進入磁場上邊界時，加速度剛好為零；繼續(xù)運動,在N棒未離開磁場上邊界前已達勻速.導線質量和電阻均不計,重力加速度為g：（1)求M棒將要進入磁場上邊界時回路的電功率；（2)若已知M棒從靜止釋放到將要進入磁場的過程中，經(jīng)歷的時間為t，求該過