2022-2023學年天津東門里中學高一物理上學期摸底試題含解析

2022-2023學年天津東門里中學高一物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.同步衛(wèi)星是指相對于地面不動的人造衛(wèi)星。關于同步衛(wèi)星，下列說法正確的是（

）A．它可以在地面上任一點的正上方，且離地心的距離可按需要選擇不同的值B．它只能在赤道的正上方，且離地心的距離是一定的C．它的速度大小是7.9km/sD．它的速度大于7.9km/s參考答案：B2.(單選)光束從高速旋轉的齒輪的齒縫正中央穿過后經鏡面反射回來，通過調節(jié)齒輪的轉速，使反射光束恰好通過相鄰的另一個齒縫的正中央，由此可測出光的傳播速度。已知齒輪上的齒數為p，若測量出在時間t內齒輪轉動了n周，齒輪與鏡子間距離為d，則以下說法正確的是

A.齒輪轉動的角速度為

B.每轉動一齒的時間為

C．光速表達式為

D.光速表達式為參考答案：D3.（多選）下列關于速度和加速度的說法中，正確的是

A．物體的速度為零，加速度不一定為零；

B．物體的速度越大，加速度也越大；

C．物體的變化量越大，加速度一定也越大；

D．物體的速度變化越快，加速度越大；參考答案：AD4.2017年10月24日，在地球觀測組織全會期間舉辦的“中國日”活動上，我國正式向國際社會免費開放共享我國氣象衛(wèi)星“風云四號”和二氧化碳監(jiān)測衛(wèi)星“碳衛(wèi)星”的數據?！疤夹l(wèi)星”的圓軌道距地球表面700km，“風云四號”的圓軌道距地球表面36000km。有關這兩顆衛(wèi)星的說法正確的是A.“風云四號”衛(wèi)星的向心加速度大于“碳衛(wèi)星”的向心加速度B.“風云四號”衛(wèi)星的線速度小于“碳衛(wèi)星”的線速度C.“風云四號”衛(wèi)星的周期小于“碳衛(wèi)星”的周期D.“風云四號”衛(wèi)星的角速度小于“碳衛(wèi)星”的角速度參考答案：BD根據，可知運行軌道半徑越大向心加速度越小，“風云四號”衛(wèi)星運行軌道半徑大于“碳衛(wèi)星”的軌道半徑，所以“風云四號”衛(wèi)星的向心加速度小于“碳衛(wèi)星”的向心加速度，故A錯誤；由，有，“風云四號”衛(wèi)星的運行軌道半徑大于“碳衛(wèi)星”的軌道半徑，所以“風云四號”衛(wèi)星的線速度小于“碳衛(wèi)星”的線速度，故B正確；由可得可知，風云四號衛(wèi)星的周期大于碳衛(wèi)星的周期，選項C錯誤；根據可知，風云四號衛(wèi)星的角速度小于碳衛(wèi)星的角速度，選項D正確；故選AD.

點睛：本題考查考生的推理能力，需要考生熟練運用萬有引力定律，知道萬有引力充當向心力的不同表達形式并能推導出相應物理量的表達式進行討論。5.如果設行星的質量為m，繞太陽運動的線速度為v，公轉周期為T，軌道半徑為r，太陽的質量為M，則下列說法錯誤的是(

)A.教材在探究太陽與行星的引力大小F的規(guī)律時，引入了公式，這個關系式實際上是牛頓第二定律B.教材在探究太陽與行星的引力大小F的規(guī)律時，引入了公式，這個關系式實際上是勻速圓周運動的一個公式C.教材在探究太陽與行星間的引力大小F的規(guī)律時，引入了公式，這個公式實質上是開普勒第三定律，是不可以在實驗室中得到驗證的D.教材在探究太陽與行星間的引力大小F的規(guī)律時，得到的關系式之后，又借助相對運動的知識（即：也可以理解為太陽繞行星做勻速圓周運動）得到，最終關系式用數學方法合并成參考答案：D【詳解】引用公式F=m，這個關系式實際上是牛頓第二定律，抓住引力提供向心力得出的，故A正確。引用公式，這個公式是勻速圓周運動線速度與周期的關系式，故B正確。引入了公式，這個公式實質上是開普勒第三定律，是不可以在實驗室中得到驗證的，故C正確。教材在探究太陽與行星間的引力大小F的規(guī)律時，得到的關系式F∝之后，根據牛頓第三定律得出F∝，最終關系式用數學方法合并成F∝，故D錯誤。本題選錯誤的，故選D。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.用水平推力是200牛的力，將一木箱在水平方向上勻速地椎動了5米，水平推力所做的功是_______J。用500牛頓的舉力，將杠鈴勻速地舉高，若所做的功為250焦耳，那么舉高的高度是__________m。參考答案：

1000

0.5

7.為了測定木塊A和木板B之間的動摩擦因數，某同學設計了一個實驗，圖甲為其實驗裝置示意圖．該同學在實驗中主要操作有：A．用彈簧測力計測出木塊A的重力為；B．用彈簧測力計測出木板B的重力為；C．按圖甲的裝置安裝器材，安裝過程中用手按住木塊和木板；D．松開按住木塊和木板的手，讓其運動，并即刻讀出彈簧測力計的示數（1）該同學的上述操作中有一個步驟是多余的，有一個步驟存在錯誤．多余的步驟是________，存在錯誤的步驟是________．（2）存在錯誤的步驟應該修改為________________________．（3）按正確方法重新操作，彈簧測力計的示數如圖乙所示，根據該同學的測量數據，可得到木塊A和木塊B之間的動摩擦因數為____________．參考答案：B

D

松開按住木塊和木板的手，讓其運動，待木塊靜止后讀出彈簧測力計的示數

0.35

8.某同學設計了一個探究加速度a與物體所受合力F及質量m關系的實驗，如圖所示，圖甲為實驗裝置簡圖．（1）圖中的電源插頭應插在

▲（填“交流”或“直流”）電源上；（2）實驗前，要將木板安裝有打點計時器的一端墊起，其目的是

▲；（3）設沙桶和沙子的質量為m0，小車質量為m，為了減小實驗誤差，它們質量應滿足m0

▲m；（填“>>”、“<<”或“=”）

（4）電源的頻率為50Hz，圖乙為某次實驗得到的紙帶,根據紙帶可求出小車的加速度大小為

▲m/s2．（保留兩位有效數字）參考答案：交流，平衡摩擦力，〈〈，3.29.某小組在探究“共點力合成的規(guī)律”時得到的實驗結果如圖所示，圖中F′與A、O共線，A端為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細線的結點。需要進行比較的是和

。通過本實驗可以驗證

。（2）上述實驗中所說的合力與兩個分力具有相同的效果，是指下列說法中的________。A．彈簧秤的彈簧被拉長

B．固定橡皮條的圖釘受拉力產生形變C．細線套受拉力產生形變

D．使橡皮條在某一方向上伸長到某一長度參考答案：10.在地質、地震、勘探、氣象和地球物理等領域的研究中，需要精確的重力加速度g值，g值可由實驗精確測得，今年來測g值的一種方法叫“對稱自由下落法”，它是將測g轉變?yōu)闇y長度和時間，具體做法是：將真空長直管沿豎直方向放置，自其中O點上拋小球又落到原處的時間為T1，在小球運動過程中經過比O點高H的P點，小球離開P點到又回到P點所用的時間為T2，測得T1、T2和H，則g=

．參考答案：【考點】自由落體運動．【分析】解決本題的關鍵是將豎直上拋運動分解成向上的勻減速運動和向下的勻加速，所以從最高點落到O點的時間為，落到B點的時間為，可以求出VP和VO，根據OP之間可得H=×（）可求出g．【解答】答：解：將小球的運動分解為豎直向上的勻減速直線運動和豎直向下的自由落體運動，根據t上=t下則從最高點下落到O點所用時間為，故V0=g從最高點下落到O點所用時間為，則VP=g，則從B點下落到O點的過程中的平均速度為=從B點下落到O點的時間為t=﹣根據H=t可得H=（）（﹣）=（g+g）×（T1﹣T2）解得g=故答案為：11.

和

是做功的兩個不可缺少的因素，功是

（選填“矢量”或“標量”）。參考答案：12.如圖所示，質量為2的物塊與質量為的物塊緊靠在一起，它們與地面間的摩擦不計，在水平推力的作用下一起運動，則對作用力的大小為______。參考答案：【解題思路】試題分析：將AB看做一個整體，對整體應用牛頓第二定律，可得對B分析，B受到A對B的作用力，根據牛頓第二定律可得，聯(lián)立可得考點：考查了牛頓第二定律的應用13.質量不計的輕彈性桿P插在桌面上，桿上端套有一個質量為m的小球，今使小球沿水平方向做半徑為R的勻速圓周運動，角速度為,如圖所示，小球做勻速圓周運動的線速度大小為_______,則桿的上端受到的作用力大小是_____________.參考答案：

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中(電源頻率為50Hz)。

（1）下列說法中不正確或不必要的是______。（填選項前的序號）

A．長木板的一端必.須墊高，使小車在不掛鉤碼時能在木板上做勻速運動

B．連接鉤碼和小車的細線應與/長木板保持平行

C．小車應靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車

D.

選擇計數點時，必須從紙帶上第一個點開始

(2)如圖所示是實驗中打下-的一段紙帶，打計數點2時小車的速度為____m/s，其余計數點1、3、4、5對應的小車瞬時速度已在坐標紙上標出。

(3)在坐標紙上補全計數點2對/的數據，描點作圖，求得小車的加速度為_______m/s2。參考答案：

(1).AD

(2).0.60

(3).如圖所示（1）此實驗要研究小車的勻加速直線運動，所以不需要平衡摩擦力，選項A不必要；連接鉤碼和小車的細線應與長木板保持平行，選項B有必要；小車應靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車，選項C有必要；選擇計數點時，應該從點跡較清晰的開始選點，沒必要必須從紙帶上第一個點開始，選項D不必要；故選AD.（2）根據圖中x1=3.80cm=0.0380m，x3=15.70cm=0.1570m，所以有：；

（3）根據描點作一條過原點的直線，如圖所示：

直線的斜率即為小車的加速度，所以加速度為：．15.質量為2kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的v–t圖象如圖所示。g取10m/s2，求：（1）物體與水平面間的動摩擦因數μ；（2）水平推力F的大?。唬?）0～10s內物體運動位移的大小。參考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m試題分析：（1）由題中圖象知，t＝6s時撤去外力F，此后6～10s內物體做勻減速直線運動直至靜止，其加速度為又因為聯(lián)立得μ＝0．2。（2）由題中圖象知0～6s內物體做勻加速直線運動其加速度大小為由牛頓第二定律得F－μmg＝ma2聯(lián)立得，水平推力F＝6N。（3）設0～10s內物體的位移為x，則x＝x1＋x2＝×（2＋8）×6m＋×8×4m＝46m?？键c：牛頓第二定律【名師點睛】本題是速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息，并結合勻變速直線運動基本公式及牛頓第二定律求解．屬于中檔題。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一質量為m=40kg的小孩站在電梯內的體重計上。電梯從t=0時刻由靜止開始上升，在0到6s內體重計示數F的變化如圖所示.試問：在這段時間內電梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10m/s2參考答案：9m由圖可知，在t=0到t1=2s的時間內根據牛頓第二定律，得：

f1-mg=ma1

在這段時間內電梯上升的高度

h1=a1t2

在t1=2s到t2=5s的時間內，體重計的示數等于mg，故電梯應做勻速上升運動，速度v1=a1t1

在這段時間內電梯上升的高度h2=v1t2

在5s到6s的時間內，體重計的示數小于mg，故電梯應做減速上升運動，由牛頓第二定律，得：

mg-f2=ma2

在這段時間內電梯上升的高度

h3=v1（t3-t2）-a2（t3-t2）2

電梯上升的總高度

h=h1+h2+h3

由以上各式，利用題文及題圖中的數據，解得

h=9m

故在這段時間內電梯上升的高度是為9m．17.從某高度處以12m/s的初速度水平拋出一物體，經2s落地，g取