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文檔簡介
化歸轉(zhuǎn)化思想【規(guī)律總結(jié)】化歸思想,將一個(gè)問題由難化易,由繁化簡,由復(fù)雜化簡單的過程稱為化歸,它是轉(zhuǎn)化和歸結(jié)的簡稱?;瘹w思想方法,就是在研究和解決有關(guān)數(shù)學(xué)問題時(shí)采用某種手段將問題通過變換使之轉(zhuǎn)化,進(jìn)而達(dá)到解決的一種方法。一般總是將復(fù)雜問題通過變換轉(zhuǎn)化為簡單問題;將難解的問題通過變換轉(zhuǎn)化為容易求解的問題;將未解決的問題通過變換轉(zhuǎn)化為已解決的問題??傊?,化歸在數(shù)學(xué)解題中幾乎無處不在,化歸的基本功能是:生疏化成熟悉,復(fù)雜化成簡單,抽象化成直觀,含糊化成明朗。說到底,化歸的實(shí)質(zhì)就是以運(yùn)動(dòng)變化發(fā)展的觀點(diǎn),以及事物之間相互聯(lián)系,相互制約的觀點(diǎn)看待問題,善于對(duì)所要解決的問題進(jìn)行變換轉(zhuǎn)化,使問題得以解決。實(shí)現(xiàn)這種轉(zhuǎn)化的方法有:\t"/item/%E5%8C%96%E5%BD%92%E6%80%9D%E6%83%B3/_blank"待定系數(shù)法,配方法,\t"/item/%E5%8C%96%E5%BD%92%E6%80%9D%E6%83%B3/_blank"整體代入法以及化動(dòng)為靜,由抽象到具體等轉(zhuǎn)化思想?!镜淅治觥坷?、“一般的,如果二次函數(shù)y=ax2+bx+c的圖像與x軸有兩個(gè)公共點(diǎn),那么一元二次方程ax2+bx+c=0有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根.”判斷方程A.有三個(gè)實(shí)數(shù)根 B.有兩個(gè)實(shí)數(shù)根 C.有一個(gè)實(shí)數(shù)根 D.無實(shí)數(shù)根【答案】C【解析】【分析】
本題考查利用函數(shù)的圖像解方程的根,考查化歸與轉(zhuǎn)化思想,數(shù)形結(jié)合思想,屬于中檔題.
可先將方程轉(zhuǎn)化為
1x?1=(x?1)2,由此設(shè)出兩個(gè)函數(shù)關(guān)系式,在同一坐標(biāo)系中畫出兩函數(shù)的圖像,由圖像的交點(diǎn)個(gè)數(shù)即可判斷方程實(shí)數(shù)根的情況.
【解答】
解:將原方程變形為1x?1=(x?1)2,
設(shè)
y1=1x?1,
y2=(x?1)2,
因?yàn)橐辉畏匠谈膫€(gè)數(shù)相當(dāng)于二次函數(shù)與x軸交點(diǎn)的個(gè)數(shù),
則方程x2?2x=1x?2根的個(gè)數(shù)相當(dāng)于y1和y2交點(diǎn)的個(gè)數(shù),例2、已知a2+a?3=0,那么a2(a+4)【答案】9【解析】【分析】此題主要是考查化歸思想和整體代入法求代數(shù)式的值,先把條件化為a2+a=3,
再把原式轉(zhuǎn)化為含a2+a的式子,進(jìn)行整體代入求值.
【解答】解:因?yàn)閍2+a?3=0,
所以a2+a=3.
原式=a3+4a2
=a例3、閱讀材料:關(guān)于x的方程:x+1xx?1x=c?1x+2xx+3x…根據(jù)以上材料解答下列問題:(1)①方程x+1x=2+②方程x?1+1x?1=2+(2)解關(guān)于x的方程:x?3【答案】x1=2,【解析】解:(1)①方程x+1x=2+12的解為:x1=2,x2=12;
②根據(jù)題意得;x?1=2,x?1=12,
解得:x1=3,x2=32.
故答案為:①x1=2,x2=12;②x1=3,【好題演練】一、選擇題關(guān)于a,b的方程組k?1a?3b?=?ka?3b?=?2?????????有無數(shù)組解,那么k的值是(????).A.2 B.1 C.3 D.不存在【答案】A【解析】【分析】
本題考查了二元一次方程組的解,屬于基礎(chǔ)題,關(guān)鍵是要理解方程組有無數(shù)組解的含義.由關(guān)于x,y的方程組有無數(shù)組解,兩式相減求出關(guān)于a,b的等式,再根據(jù)題意判斷即可.
【解答】
解:k?1①?②得,(k?2)a?=?k?2,
∵方程組有無數(shù)組解,
∴k?2?=?0,
∴k?=?2,
故選A.
已知方程x+1x=a+1a的兩根分別為a,1A.a,1a?1 B.1a?1,a?1 C.【答案】D【解析】【分析】
本題考查了分式方程的解,解分式方程,涉及了轉(zhuǎn)化思想和整體代入的數(shù)學(xué)方法,考查了學(xué)生的觀察能力,屬于中檔題.
首先觀察已知方程x+1x=a+1a的特點(diǎn),然后把方程x+1x?1=a+1a?1變形成具有已知方程x+1x=a+1a的特點(diǎn)的形式,從而得出所求方程的根.
【解答】
解:方程x+1x?1=a+1a?1可以寫成x?1+1x?1=a?1+1a?1的形式,
∵方程x+1x=a+1a的兩根分別為a、如圖,已知點(diǎn)A(1,2),B(5,n)(n>0),點(diǎn)P為線段AB上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),反比例函數(shù)y=kx(x>0)的圖象經(jīng)過點(diǎn)甲說:“當(dāng)n=1時(shí),點(diǎn)P在點(diǎn)A位置時(shí),乙說:“當(dāng)n=1時(shí),丙說:“若要使k的值逐漸增大,n的取值范圍是n>三個(gè)人的結(jié)論中,判斷正確的是
(
)A.甲和乙 B.甲和丙 C.乙和丙 D.都正確【答案】A【解析】【分析】
此題屬于反比例函數(shù)的綜合題,涉及的知識(shí)有:待定系數(shù)法求函數(shù)解析式,反比例函數(shù)的性質(zhì),熟練掌握待定系數(shù)法是解本題的關(guān)鍵.
若n=1,求出正確k的最大值與最小值即可判斷甲、乙的結(jié)論;
把A與B坐標(biāo)代入反比例解析式,并列出不等式,求出解集即可確定出n的范圍.
【解答】
解:當(dāng)n=1時(shí),B(5,1),
設(shè)線段AB所在直線的函數(shù)表達(dá)式為y=ax+b,
把A(1,2)和B(5,1)代入得:a+b=25a+b=1,
解得:a=?14b=94,
則線段AB所在直線的函數(shù)表達(dá)式為y=?14x+94;
k=xy=x(?14x+94)=?14(x?92)2+8116,
∵1≤x≤5,
∴當(dāng)x=1時(shí),k取最小值,kmin=2;
當(dāng)x=92時(shí),k取最大值,kmax=8116,
故甲,乙的結(jié)論是正確的;
當(dāng)n=2時(shí),A(1,2),B(5,2),符合k的值逐漸增大;
當(dāng)n≠2時(shí),線段AB所在直線的函數(shù)表達(dá)式為y=n?24x+10?n4,
k=x(n?24x+10?n從邊長為a的正方形內(nèi)去掉一個(gè)邊長為b的小正方形(如圖1),然后將剩余部分剪拼成一個(gè)矩形(如圖2),上述操作能驗(yàn)證的等式是(????)A.(a?b)2=a2+2ab+b2 B.【答案】B【解析】【分析】
本題考查了平方差公式的運(yùn)用,解此題的關(guān)鍵是用代數(shù)式表示圖形的面積,運(yùn)用了轉(zhuǎn)化思想,把實(shí)際問題轉(zhuǎn)化成數(shù)學(xué)問題,并用數(shù)學(xué)式子表示出來.分別求出從邊長為a的正方形內(nèi)去掉一個(gè)邊長為b的小正方形后剩余部分的面積和拼成的長方形的面積,根據(jù)剩余部分的面積相等即可得出算式,即可選出選項(xiàng).
【解答】
解:因?yàn)閺倪呴L為a的正方形內(nèi)去掉一個(gè)邊長為b的小正方形,剩余部分的面積是:a2?b2,
且拼成的長方形的面積是:(a+b)(a?b),
∴根據(jù)剩余部分的面積相等得:a2?從邊長為a的正方形內(nèi)去掉一個(gè)邊長為b的小正方形(如圖1),然后將剩余部分剪拼成一個(gè)矩形(如圖2),上述操作所能驗(yàn)證的等式是(????)A.(a?b)2=a2?2ab+b2? B.【答案】B【解析】【分析】
本題考查了平方差公式的運(yùn)用,解此題的關(guān)鍵是用代數(shù)式表示圖形的面積,運(yùn)用了轉(zhuǎn)化思想,把實(shí)際問題轉(zhuǎn)化成數(shù)學(xué)問題,并用數(shù)學(xué)式子表示出來.分別求出從邊長為a的正方形內(nèi)去掉一個(gè)邊長為b的小正方形后剩余部分的面積和拼成的長方形的面積,根據(jù)剩余部分的面積相等即可得出算式,即可選出選項(xiàng).
【解答】
解:因?yàn)閺倪呴L為a的正方形內(nèi)去掉一個(gè)邊長為b的小正方形,剩余部分的面積是:a2?b2,
且拼成的長方形的面積是:(a+b)(a?b),
∴根據(jù)剩余部分的面積相等得:a2?如圖,已知AB=CD=AE=BC+DE=2,∠ABC=∠AED=90°,則五邊形ABCDE的面積為(????).A.7
B.6
C.5
D.4【答案】D【解析】【分析】
此題考查全等三角形的判定與性質(zhì),三角形的面積公式和轉(zhuǎn)化思想.首先延長DE至F,使EF=BC,連AC,AD,AF,可得△ABC≌△AEF,然后再證得△ACD≌△AFD,可將五邊形ABCDE的面積轉(zhuǎn)化為兩個(gè)△ADF的面積,最后根據(jù)三角形的面積公式求出結(jié)論即可.
【解答】
解:延長DE至F,使EF=BC,連AC,AD,AF,
∵AB=CD=AE=BC+DE,∠ABC=∠AED=90°,
∴CD=EF+DE=DF,
在△ABC與△AEF中,
AB=AE∠ABC=∠AEFBC=EF,
∴△ABC≌△AEF(SAS),
∴AC=AF,
在△ACD與△AFD中,
AC=AFCD=DFAD=AD,
∴△ACD≌△AFD(SSS),
∴五邊形ABCDE的面積是:S=2S△ADF=2×二、填空題小明在解方程24?x?8?x=2,又有24?x?8?x=2,可得24?x+8?x=8,將這兩式相加可得24?x=58?x=3,將24?x=5【答案】±【解析】【分析】此題主要考查了二次根式在解方程中的應(yīng)用,要熟練掌握,解答此題的關(guān)鍵是在解決實(shí)際問題的過程中能熟練應(yīng)用有關(guān)二次根式的概念、性質(zhì)和運(yùn)算的方法.首先把根式x2+42+x2+10有理化,然后分別求出根式【解答】解:(=x=(x2+42)?(x2+10)=32.∵x∴x=32÷16=2.∴x∵(x∴x=±39經(jīng)檢驗(yàn)x=±39故答案為±39
如圖所示,在ΔABC中,DE、MN是邊AB、AC的垂直平分線,其垂足分別為D、M,分別交BC于E、N(點(diǎn)E在點(diǎn)N的左側(cè)).若AB=8,AC=9,設(shè)ΔAEN周長為m,則m的取值范圍為_____________.【答案】
145【解析】【分析】
本題考查了線段垂直平分線的性質(zhì)、三角形三邊關(guān)系、三角形內(nèi)角和定理、大邊對(duì)大角、勾股定理及其應(yīng)用.此題難度適中,注意掌握數(shù)形結(jié)合思想與轉(zhuǎn)化思想的應(yīng)用,解題時(shí)由DE、MN是邊AB、AC的垂直平分線,根據(jù)線段垂直平分線的性質(zhì),即可得AE=BE,AN=CN,即可得△AEN周長等于BC的長,∠BAE=∠B,∠CAN=∠C,由三角形三邊關(guān)系即可求得1<BC<17,然后由三角形內(nèi)角和定理,即可求得∠BAE+∠CAN<90°,則∠BAC>90°,當(dāng)∠BAC=90°時(shí)由勾股定理易得BC=AB2+AC2=145,由“大角對(duì)大邊”易得BC>145,進(jìn)而可得△AEN周長的范圍.
【解答】
解∵DE、MN是邊AB、AC的垂直平分線,
∴AE=BE,AN=CN,
∴BC=BE+EN+CN=AE+EN+AN=C△AEN=m,
∠BAE=∠B,∠CAN=∠C,
∵AB=8,AC=9,
∴1<BC<17,
∵∠B+∠C+∠BAC=180°,∠BAC=∠BAE+∠CAN+∠EAN,
∴∠B+∠C=∠BAE+∠CAN<90°,
∴∠BAC>90°,
當(dāng)∠BAC=90°時(shí)由勾股定理易得BC=AB2+AC如圖,在△ABC中,BC=6,E、F分別是AB、AC的中點(diǎn),動(dòng)點(diǎn)P在射線EF上,BP交CE于D,∠CBP的平分線交CE于Q,當(dāng)CQ=13CE時(shí),EP+BP=_________【答案】12【解析】【分析】本題考查了相似三角形的判定與性質(zhì),角平分線的定義,平行線的性質(zhì),延長BQ構(gòu)造出相似三角形,求出EP+BP=EM并得到相似三角形是解題的關(guān)鍵,也是本題的難點(diǎn)。
延長BQ交射線EF于M,根據(jù)三角形的中位線平行于第三邊可得EF//BC,根據(jù)兩直線平行,內(nèi)錯(cuò)角相等可得∠M=∠CBM,再根據(jù)角平分線的定義可得∠PBM=∠CBM,從而得到∠M=∠PBM,根據(jù)等角對(duì)等邊可得BP=PM,求出EP+BP=EM,再根據(jù)CQ=13CE求出EQ=2CQ,然后根據(jù)△MEQ和△BCQ相似,利用相似三角形對(duì)應(yīng)邊成比例列式求解即可.
【解答】
解:如圖,延長BQ交射線EF于M,
∵E、F分別是AB、AC的中點(diǎn),
∴EF//BC,
∴∠M=∠CBM,
∵BQ是∠CBP的平分線,
∴∠PBM=∠CBM,
∴∠M=∠PBM,
∴BP=PM,
∴EP+BP=EP+PM=EM,
∵CQ=13CE,
∴EQ=2CQ,
由EF//BC得,△MEQ∽△BCQ,
∴EMBC=EQCQ=2,
三個(gè)同學(xué)對(duì)問題“若方程組的解是,求方程組的解.”提出各自的想法。甲說:“這個(gè)題目好像條件不夠,不能求解”;乙說:“它們的系數(shù)有一定的規(guī)律,可以試試”;丙說:“能不能把第二個(gè)方程組的兩個(gè)方程的兩邊都除以5,通過換元替換的方法來解決”.參考他們的討論,你認(rèn)為這個(gè)題目的解應(yīng)該是__________.【答案】x=5【解析】【分析】
此題考查了二元一次方程組的解,解二元一次方程組,整體思想,轉(zhuǎn)化化歸思想,熟練掌握運(yùn)算法則是解本題的關(guān)鍵.
仿照已知方程組的解確定出所求方程組的解即可.
【解答】解:∵方程組a1x+∴方程組
可化為35a1x+故答案為x=5y=10
如圖,已知二次函數(shù)y=?34(x+1)(x?4)的圖象與x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C,P為該二次函數(shù)在第一象限內(nèi)的一點(diǎn),連接AP,交BC于點(diǎn)K,則PKAK的最大值為__________【答案】4【解析】【試題解析】【分析】
本題主要考查了二次函數(shù)的圖象與性質(zhì),相似三角形的性質(zhì)與判定,二次函數(shù)的最值的求法,關(guān)鍵是構(gòu)造相似三角形,把線段的比值的最大值轉(zhuǎn)化為二次函數(shù)的最大值進(jìn)行解答,體現(xiàn)了轉(zhuǎn)化思想.
過P作PQ//AB,與BC交于點(diǎn)Q,則三角形相似得PKAK=PQAB,設(shè)P(t,?34
【解答】
解:過P作PQ//AB,與BC交于點(diǎn)Q,如圖,
∵二次函數(shù)y=?34(x+1)(x?4)的圖象與x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C,
∴A(?1,0),B(4,0),C(0,3),
設(shè)直線BC的解析式為:y=mx+n(m≠0),
則n=34m+n=0,
∴n=3m=?34,
∴直線BC的解析式為:y=?34
x+3,
設(shè)P(t,?34
(t+1)(t?4)),則Q(t2?3t,?34(t+1)(t?4)),
∴PQ=?t2+4t,
∵PQ//AB,
∴△PQK
如圖,P是長方形ABCD內(nèi)一動(dòng)點(diǎn),AB=4,BC=6,且S△PAB=12S△PCD,則【答案】4【解析】【分析】
本題考查軸對(duì)稱??最短問題,三角形的面積,矩形的性質(zhì)等知識(shí),解題的關(guān)鍵是學(xué)會(huì)添加常用輔助線,學(xué)會(huì)用轉(zhuǎn)化的思想思考問題,屬于中考??碱}型.
如圖,作PM⊥AD于M,作點(diǎn)D關(guān)于直線PM的對(duì)稱點(diǎn)E,連接PE,EC.設(shè)AM=x.由PM垂直平分線段DE,推出PD=PE,推出PC+PD=PC+PE?EC,利用勾股定理求出EC的值即可.
【解答】
解:如圖,
作PM⊥AD于M,作點(diǎn)D關(guān)于直線PM的對(duì)稱點(diǎn)E,連接PE,EC.
設(shè)AM=x.
∵四邊形ABCD是矩形,
∴AB//CD,AB=CD=4,BC=AD=6,
∵S△PAB=12S△PCD,
∴12×4×x=12×12×4×(6?x),
∴x=2,
∴AM=2,DM=EM=4,
∴DE=DM+EM=4+4=8,
在Rt△ECD中,EC=CD2+ED2=42+三、解答題閱讀材料:為了解方程(x2?1)2則原方程可化為y2?5y+4=0解得y1=1,當(dāng)y=1時(shí),x2?1=1,x當(dāng)y=4時(shí),x2?1=4,x2∴原方程的解為x1=2,x2=?解答問題:仿照上述方法解方程:x4【答案】
解:設(shè)x2=y則原方程可化為y2解得y1=2,當(dāng)y=2時(shí),x2=2當(dāng)y=4時(shí),x2=4∴原方程的解為x1=2,x2=?【解析】【分析】本題考查了用換元法和因式分解法解一元二次方程,合理把整體換元是解本題的關(guān)鍵.
【問題探究】如圖1,銳角△ABC中,分別以AB、AC為邊向外作等腰直角△ABE和等腰直角△ACD,使AE=AB,AD=AC,∠BAE=∠CAD=90°,連接BD,CE,試猜想BD與CE的大小關(guān)系,不需要證明.
【深入探究】(1)如圖2,銳角△ABC中分別以AB、AC為邊向外作等腰△ABE和等腰△ACD,使AE=AB,AD=AC,∠BAE=∠CAD,連接BD、CE,試猜想BD與CE的大小關(guān)系,并說明理由.
【拓展應(yīng)用】(2)如圖3,在△ABC中,∠ACB=45°,以AB為直角邊,A為直角頂點(diǎn)向外作等腰直角△ABD,連接CD,若AC=2,BC=3,則CD長為
.
(3)如圖4,已知在平面直角坐標(biāo)系xOy中,O為坐標(biāo)原點(diǎn),A(0,
33)、P(3,0),過點(diǎn)P作直線l⊥x軸,點(diǎn)B是直線l上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),線段AB繞點(diǎn)A按逆時(shí)針方向旋轉(zhuǎn)30°得到線段AC.則AC+PC的最小值為
【答案】解:【問題探究】BD=CE;
【深入探究】
(1)BD=CE.
理由:∵∠BAE=∠CAD,
∴∠BAE+∠BAC=∠CAD+∠BAC,即∠EAC=∠BAD,
在△EAC和△BAD中,
AE=AB??∠EAC=∠BADAC=AD,
∴△EAC≌△BAD,
∴BD=CE;
【拓展應(yīng)用】
(2)13【解析】【分析】
此題主要考查了等腰三角形、等腰直角三角形的性質(zhì)和判定,全等三角形的判定和性質(zhì),勾股定理、軸對(duì)稱?最短路線問題,圖形與坐標(biāo),綜合性較強(qiáng),解決前兩問的關(guān)鍵是判斷出∠EAC=∠BAD,解決【拓展應(yīng)用】的關(guān)鍵是運(yùn)用探究的結(jié)論,體現(xiàn)化歸轉(zhuǎn)化思想.
【問題探究】首先根據(jù)等式的性質(zhì)證明∠EAC=∠BAD,則根據(jù)SAS即可證明△EAC≌△BAD,根據(jù)全等三角形的性質(zhì)即可證明;
【深入探究】(1)首先根據(jù)等式的性質(zhì)證明∠EAC=∠BAD,則根據(jù)SAS即可證明△EAC≌△BAD,根據(jù)全等三角形的性質(zhì)即可證明;
【拓展應(yīng)用】(2)構(gòu)造如【問題探究】的圖形,得出BE=CD,再在Rt△BCE中求出BE即求出CD;
(2)在y軸A點(diǎn)下方取一點(diǎn)M,使AM=AP,連接BM,構(gòu)造如【深入探究】的圖形,△APM和△ABC是由△APB的兩邊AP、AB向外作頂角相等的等腰三角形,得出PC=BM,則所求AC+PC的最小值轉(zhuǎn)化為AB+BM的最小值,作M關(guān)于直線l的對(duì)稱點(diǎn)M′,求AM′即可得出結(jié)論.
【解答】
解:【問題探究】
BD=CE.
理由是:∵∠BAE=∠CAD,
∴∠BAE+∠BAC=∠CAD+∠BAC,即∠EAC=∠BAD,
在△EAC和△BAD中,
AE=AB??∠EAC=∠BADAC=AD,
∴△EAC≌△BAD,
∴BD=CE;
【深入探究】
(1)見答案;
【拓展應(yīng)用】
(2)以AC為直角邊,A為直角頂點(diǎn)向外作等腰直角△ACE,連接BE,
由【問題探究】得BE=CD,
∵AC=2,BC=3,∠ACB=45°,
∴CE=2AC=2,∠BCE=90°,
∴BE=BC2+CE2=32+22=13,
∴CD=BE=13.
故答案為13;
(3)在y軸A點(diǎn)下方取一點(diǎn)M,使AM=AP,連接BM,如圖,
∵A(0,
33)、P(3,0),
∴OA=33,OP=3,
∴AP=OA2+OP2=332+32=6,
∴AP=2OP,
∴∠OAP=30°,
∴△APM和△ABC是由△APB的兩邊AP、AB向外作頂角相等的等腰三角形
根據(jù)【深入探究】可得PC=BM,
∴AC+PC=AC+BM=AB+BM,
閱讀下列材料:關(guān)于x的方程:
x+1x=c+1c的根是x1=c,x2=1c;
x?1x=c?……(1)觀察上述方程及其解的特征,直接寫出關(guān)于x的方程x+m(2)通過(1)中的結(jié)論,你能解出關(guān)于x的方程x+2x?1=a+【答案】解:(1)猜想:方程的解為:x1=c,x2=mc;
驗(yàn)證:
當(dāng)x=c時(shí),方程左邊=c+mc,
方程右邊=c+mc,
∴左邊=右邊,
∴x=c是方程的解;
當(dāng)x=mc時(shí),方程左邊=mc+c,
方程右邊=mc+c,
∴左邊=右邊,
∴x=【解析】本題主要考查了分式方程的解法,正確理解已知條件,正確理解閱讀材料中解方程的方法是解題關(guān)鍵.
(1)根據(jù)已知方程的特點(diǎn)與解的關(guān)系即可寫出方程的解,然后把方程的解代入原方程看左右兩邊是否相等即可;
(2)原方程可以變形為x?1+2x?1=a?1+2請(qǐng)你觀察:11×2=11?111×211×2+以上方法稱為“裂項(xiàng)相消求和法”請(qǐng)類比完成:(1)11×2(2)21×2(3)類比計(jì)算:11【答案】(1)4(2)2n解:(3)112?2=1+12?3+16+3+112?5+120+5+1【解析】【分析】本題主要考查了有理數(shù)的混合運(yùn)算,發(fā)現(xiàn)算式的運(yùn)算規(guī)律是解題的關(guān)鍵.(1)利用“裂項(xiàng)相消求和法”將算式變形,再根據(jù)有理數(shù)的加減運(yùn)算法則進(jìn)行解答,即可求解;(2)首先提取公因數(shù)2,寫在括號(hào)外,然后與(1)同樣的思路與方法進(jìn)行解答,即可求解;(3)首先將算式中分子不是1的帶分?jǐn)?shù)化成一個(gè)整數(shù)減去一個(gè)分?jǐn)?shù)的形式,其中分?jǐn)?shù)的分子為1,然后利用“裂項(xiàng)相消求和法”將算式變形,再根據(jù)有理數(shù)的加減運(yùn)算法則進(jìn)行解答,即可求解;【解答】解:(1)11×2+12×3+13×4+14×5
=1?12+12?13+13?14+14?15
在平面直角坐標(biāo)系xOy中,直線y=?2x+2分別與x,y軸交于A,B兩點(diǎn),點(diǎn)C(0,m)在線段OB上,拋物線y=ax2+bx+c(a≠0)經(jīng)過A,C兩點(diǎn),且與x軸交于另一點(diǎn)D.
(1)求點(diǎn)D的坐標(biāo)(用只含a,m的代數(shù)式表示);
(2)當(dāng)a=12m時(shí),若點(diǎn)P(n,y1),Q(4,y2)均在拋物線y=ax2+bx+c上,且y1【答案】解:(1)∵直線y=?2x+2分別與x、y軸交于A、B兩點(diǎn),
令y=0,得x=1,令x=0,得y=2,
∴A(1,0),B(0,2),
∵拋物線y=ax2+bx+c過點(diǎn)C(0,m)和點(diǎn)A(1,0),
∴b=?a??m,c=m.
∴y=ax2??(a+m)x+m,
令y=0,得ax2?a+mx+m=0.
解得x1=1,x2=ma,
∴?D(ma,0);
(2)?∵點(diǎn)C(0,m)在線段OB上,
∴0≤m≤2,
∵a=12m,
∴a?>0,D(2,0).
∴拋物線的對(duì)稱軸是直線x=32,
在拋物線上取點(diǎn)E使點(diǎn)E與點(diǎn)Q關(guān)于直線x=32對(duì)稱,
由Q(4,y2)得對(duì)稱點(diǎn)E(?1,y2),
∵點(diǎn)P(n,y1)在拋物線上,且y1>y2,
∴由函數(shù)增減性,得n<?1或n>4;
(3)∵函數(shù)y=ax2??(a+m)x+m有最小值m?1,
∴4am?a+m24a=m?1.
①當(dāng)點(diǎn)D在點(diǎn)A【解析】本題考查的是二次函數(shù)的綜合題,解答本題主要應(yīng)用了二次函數(shù)的圖象和性質(zhì),二次函數(shù)的最值,二次函數(shù)圖象上點(diǎn)的坐標(biāo)特征,拋物線與x軸的交點(diǎn),解方程,分類討論的數(shù)學(xué)思想.
(1)先根據(jù)一次函數(shù)圖象上點(diǎn)的坐標(biāo)特征求A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo),再根據(jù)拋物線y=ax2+bx+c(a≠0)經(jīng)過A,C兩點(diǎn)得b=?a??m,c=m,最后再求拋物線與x軸的交點(diǎn)即可解答;
(2)點(diǎn)C(0,m)在線段OB上得0≤m≤2,再由a=12m和D(2,0)得拋物線的對(duì)稱軸是直線x=32,根據(jù)二次函數(shù)對(duì)稱性由Q(4,y2)得對(duì)稱點(diǎn)E(?1,y2),再根據(jù)函數(shù)增減性即可解答;
(3)由函數(shù)有最小值m?1,得4am?a+m24a=m?1.①當(dāng)點(diǎn)D在點(diǎn)A如圖,拋物線y=ax2?2ax+c與x軸分別交于點(diǎn)A、B(點(diǎn)B在點(diǎn)A的右側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C,連接BC,點(diǎn)1(1)求c的值;(2)已知點(diǎn)D與C關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱,作射線BD交拋物線于點(diǎn)E,若BD=DE,①求拋物線所對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式;
②過點(diǎn)B作BF⊥BC交拋物線的對(duì)稱軸于點(diǎn)F,以點(diǎn)C為圓心,以5的長為半徑作⊙C,點(diǎn)T為⊙C上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),求55【答案】解:(1)∵點(diǎn)(12,?34a?3)在拋物線上,
∴?34a?3=(12)2a?2a×12+c
∴c=?3.
(2)?①解法一:如圖,由題意,得點(diǎn)C(0,?3),
∵點(diǎn)D與點(diǎn)C關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱,
∴點(diǎn)D(
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