2021年廣東省江門市鶴山一中高考物理模擬試卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁第=page22頁，共=sectionpages22頁2021年廣東省江門市鶴山一中高考物理模擬試卷1938年底，德國物理學(xué)家哈恩和他的助手斯特拉斯曼在用中子轟擊鈾核的實驗中發(fā)現(xiàn)，生成物中有原子序數(shù)為56的元素鋇，核反應(yīng)方程為：?92235U+A.核反應(yīng)方程中x=91

B.?56144Ba的比結(jié)合能大于?92235U的比結(jié)合能“電動平衡車”是時下熱門的一種代步工具。如圖，人站在“電動平衡車”上在某水平地面上沿直線勻速前進，人受到的空氣阻力與速度成正比，下列正確的是(????)A.“電動平衡車”對人的作用力豎直向上

B.“電動平衡車”對人的作用力大小大于空氣阻力大小

C.不管速度多大，“電動平衡車”對人的作用力大小相同

D.不管速度多大，地面對“電動平衡車”摩擦力大小相同

輪滑等極限運動深受青少年的喜歡，輪滑少年利用場地可以進行各種炫酷的動作表演。為了研究方便，把半球形下沉式場地簡化成半圓形軌道，兩輪滑少年可以看作光滑小球A和B，如圖所示。兩小球分別從半圓形軌道邊緣無初速滑下，則下列說法正確的是(????)A.A、B兩小球在最低點都處于失重狀態(tài)

B.A、B兩小球在最低點的速度方向相同

C.A、B兩小球從邊緣滑到最低點過程，重力的功率都是一直增大

D.A、B兩小球從邊緣滑到最低點過程，機械能都是一直增大如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶負電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R點在等勢面b上，據(jù)此可知A.帶電質(zhì)點在P點的加速度比在Q點的加速度小

B.帶電質(zhì)點在P點的電勢能比在Q點的小

C.帶電質(zhì)點在P點的動能大于在Q點的動能

D.三個等勢面中，c的電勢最高太陽內(nèi)部發(fā)生的核反應(yīng)模式之一是質(zhì)子?質(zhì)子循環(huán)，即四個?11H結(jié)合生成一個?24He，并釋放出大量能量，其鏈式反應(yīng)方程為①11A.②反應(yīng)中，釋放了γ光子，則②反應(yīng)為衰變反應(yīng)

B.循環(huán)結(jié)果可表示為411H→24He+210墻網(wǎng)球又叫壁球，場地類似于半個網(wǎng)球場，在球網(wǎng)處立有一豎直墻壁，墻壁上與球網(wǎng)等高的位置畫了水平線(發(fā)球線)，在發(fā)球區(qū)發(fā)出的球必須擊中發(fā)球線以上位置才有效，運動員站在接、發(fā)球區(qū)擊球。假設(shè)運動員在某個固定位置將球發(fā)出，發(fā)球速度(球離開球拍時的速度)方向與水平面的夾角為θ，球擊中墻壁位置離地面的高度為h，球每次都以垂直墻壁的速度撞擊墻壁。設(shè)撞擊速度大小為v，在球與墻壁極短時間的撞擊過程中無機械能損失，球撞到墻面反彈后落地點到墻壁的水平距離為x，不計空氣阻力，則下列說法正確的是(????)A.h越大，x越大 B.v越小，x越大 C.h越大，θ越大 D.v越大，h越大如圖為日常生活中常見的電子打火灶點火裝置原理圖。將1.5V直流電壓通過轉(zhuǎn)換器轉(zhuǎn)換為正弦交變電壓u=6sin100πt(V)，再將其加在匝數(shù)比n2：n1=2000：1A.原線圈兩端所接交流電壓表的讀數(shù)為6V

B.放電針之間電壓最高可達12000V

C.放電針之間交流電壓頻率100Hz

D.放電針每隔0.02s點火一次質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)向上起跳，經(jīng)時間t身體伸直并剛好離開水平地面，該過程中，地面對他的沖量大小為I，重力加速度大小為g。下列說法正確的是(????)A.運動員在加速上升過程中處于超重狀態(tài)

B.運動員離開地面時的速度大小為Im

C.該過程中，地面對運動員做的功為I22m

2020年7月23日，中國火星探測任務(wù)“天問一號”探測器在海南文昌航天發(fā)射場發(fā)射升空。如圖所示，已知地球和火星到太陽的距離分別為R和1.5R，若某火星探測器在地球軌道上的A點被發(fā)射出去，進入預(yù)定的橢圓軌道，通過橢圓軌道到達遠日點B進行變速被火星俘獲。下列說法正確的是(????)A.探測器在橢圓軌道A點的速度等于地球的公轉(zhuǎn)速度

B.探測器由A點大約經(jīng)0.7年才能抵達火星附近的B點

C.地球和火星兩次相距最近的時間間隔約為2.2年

D.探測器在橢圓軌道A點的加速度小于在B點的加速度如圖，正四棱柱abcd?a′b′c′d′的兩條棱bb′和dd′上各有一根通有相同恒定電流的無限長直導(dǎo)線，則(????)A.a點磁場方向平行于db連線

B.a、c兩點的磁感應(yīng)強度相同

C.ac連線上由a到c磁感應(yīng)強度先增大后減小

D.穿過矩形abb′a′和矩形add′a′的磁感線條數(shù)相等北京將是首個舉辦過夏季奧運和冬奧會的城市，花樣滑冰是冬奧會上一個極具觀賞性的比賽項目，小明和小樂同學(xué)在觀看雙人花樣滑冰比賽時，看到男運動員拉著女運動員的手以男運動員為軸旋轉(zhuǎn)(如圖a所示)，他們開始討論運動員旋轉(zhuǎn)快慢跟什么條件有關(guān)，于是就設(shè)計了一個實驗來探究影響運動員旋轉(zhuǎn)周期的因素。他們在實驗室準備了鐵架臺、栓有細繩的小鋼球、毫米刻度尺和秒表，已知當?shù)氐闹亓铀俣葹間，該同學(xué)實驗操作步驟如下：

(1)將鐵架臺放在水平桌面上，將小球懸掛在鐵架臺橫桿上，按如圖b所示固定好刻度尺，使刻度尺的零刻度與繩子結(jié)點處于同一高度。

(2)給小球一個初速度，并經(jīng)過調(diào)整盡量使小球在水平方向上做圓周運動，這樣小球的運動可以看做是勻速圓周運動。小明立刻拿著秒表開始計時并數(shù)小球圓周運動的圈數(shù)，從他按下秒表的那一刻開始數(shù)1，當數(shù)到n時停秒表，秒表顯示的時間為t，則小球做圓周運動的周期T0=______。在小明數(shù)數(shù)計時的過程中，小樂同學(xué)負責從刻度尺上讀出鐵架臺上繩子結(jié)點到圓平面的豎直高度?i，多次測量后取平均值??，這樣做的目的是為了減小______(填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”)。

(3)由勻速圓周運動規(guī)律，小球做圓周運動周期的表達式為T=______(用以上題目所給出的符號表示，若題中沒有給出請注明)

(4)帶入所測數(shù)據(jù)經(jīng)過計算，若T0≈T在測量小燈泡的伏安特性曲線時，某同學(xué)先用圖a所示的多用電表粗測其電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、T，請?zhí)顚懴铝锌崭?，完成電阻測量步驟：

(1)旋動部件S，使指針對準電流的“0”刻線。

(2)將K旋轉(zhuǎn)到某一電阻擋位置。

(3)將插入“+”“?”插孔的表筆短接，旋動部件______，使指針對準電阻的______(填“0刻線”或“∞刻線”)。

(4)若測量的小燈泡的規(guī)格為2.5V、0.6W，則測量時應(yīng)選擇______倍率的電阻擋(請?zhí)顚憽啊?”、“×10”或“×100”)；調(diào)零后，測量小燈泡的電阻，示數(shù)如圖b，則讀數(shù)為______Ω；該阻值與小燈泡正常發(fā)光時的電阻有較大的不同，其原因是______。

(5)實物圖(圖c)中還有一根導(dǎo)線未連接，請用筆畫線代表導(dǎo)線連接完整，說明閉合開關(guān)前變阻器的滑動觸頭應(yīng)置于滑動變阻器的哪一端？______(填“左端”或“右端”)。如圖所示一半徑為l=0.5m的金屬圓環(huán)水平放置，長度為2l的粗細均勻的金屬棒OP搭在圓環(huán)上且一端O點與圓心重合，金屬棒OP的電阻為R=4Ω，轉(zhuǎn)動時棒與圓環(huán)保持良好接觸。額定電壓為U=2V、內(nèi)阻為r=2Ω的電動機通過導(dǎo)線分別連接棒上O點和圓環(huán)上Q點，整個裝置處在豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B=2T，圓環(huán)及導(dǎo)線電阻不計。當金屬棒繞圓心以角速度ω=12rad/s順時針(俯視)勻速轉(zhuǎn)動時，電動機恰好正常工作，求：

(1)通過電動機的電流方向及電動機的輸出功率；

(2)金屬棒兩端點的電壓U。

如圖所示，一斜劈A固定在水平地面上，其末端水平且光滑，傾斜部分長s=6.4m，與水平地面夾角為θ=53°，初始時A、B、C緊靠在一起，但不黏連，可視為質(zhì)點的物塊P與木板B、C的質(zhì)量都相等，P與斜劈A、木板B和C的上表面間動摩擦因數(shù)均為0.5，木板B、C與斜劈末端等高，其長度分別為LB=4m、LC=1m，不計木板B、C與地面間的摩擦，D為固定在地面的豎直擋板，與A末端相距7m?，F(xiàn)讓物塊P從斜劈頂端自由滑下，斜劈底端與水平部分圓滑連接，且水平部分長度可忽略。物塊P離開A后滑上B，離開B后又滑上C，木板C與擋板碰后粘合在一起，P與擋板碰撞無機械能損失，已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2，求：

(1)物塊P剛滑上木板B時的速度大小；

(2)物塊P離開木板B時P和B的速度大小及木板B的位移大小；

(3)物塊P最終能否滑離木板C，如果能滑離，求物塊P滑離木板C時物塊P的速度；如果不能滑離，求物塊P停止時距木板C右端的距離。

由于水的表面張力，荷葉上的小水滴總是球形的。在小水滴表面層中，水分子之間的相互作用總體上表現(xiàn)為______(選填“引力”或“斥力”)。分子勢能E和分子間距離r的關(guān)系圖象如圖所示，圖象中A、B、C三點的分子勢能EpA、EpB、EpC的大小關(guān)系為______；能總體上反映小水滴表面層中水分子Ep的是圖中______(選填“A”、“B”或“C”)2020年11月10日8時12分，中國研發(fā)的萬米載人潛水器“奮斗者號”在馬里亞納海溝成功坐底，坐底深度10909米，刷新中國載人深潛的新紀錄。載人潛水器是進入“無人區(qū)”的科考利器。某科技小組深受啟發(fā)，自己動手制作了潛水器模型。如圖所示，高壓氣瓶通過細管與壓載水箱連接，壓載水箱通過通海口(細管)通向外界，連接各部分的細管容積不計。壓載水箱中有一厚度忽略不計的輕活塞，在地面先將高壓空氣充入高壓氣瓶中，關(guān)閉閥門K，此時活塞在壓載水箱最右端。壓載水箱通過通?？谘b滿水后，潛水器下沉到水下?=10m處懸停，通過遙控器將閥門K打開，高壓氣瓶中的氣體緩慢膨脹推動活塞，剛好能夠?qū)狠d水箱中的水全部排出。已知高壓氣瓶的容積為1L，壓載水箱的容積為4L，大氣壓強p0=1.0×105Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知x=235+1?144?3=89，故A錯誤；

B、該核反應(yīng)釋放能量，產(chǎn)生的新核更穩(wěn)定，比結(jié)合能變大，所以?56144Ba的比結(jié)合能大于?92235U的比結(jié)合能，故B正確；

C、中子是查德威克發(fā)現(xiàn)的，故C錯誤；

D、該核反應(yīng)為鏈式反應(yīng)，釋放出來的中子繼續(xù)引起上述鈾核反應(yīng)，故D錯誤；

故選：B。

2.【答案】B

【解析】解：A、“電動平衡車”對人的作用力與空氣阻力的合力與重力等大反向，“電動平衡車”對人的作用力與空氣阻力的合力方向豎直向上，“電動平衡車”對人的作用力不是豎直向上，故A錯誤；

B、“電動平衡車”水平方向?qū)θ说淖饔昧Φ扔诳諝庾枇?，豎直方向?qū)θ说淖饔昧Φ扔谌说闹亓?，所以“電動平衡車”對人的作用力大于空氣阻力，故B正確；

C、速度越大，電動車對人水平方向的作用力越大，所以“電動平衡車”對人的作用力越大，故C錯誤；

D、以人和電動車整體為研究對象，豎直方向受到支持力和重力，水平方向受到地面的摩擦力和空氣的阻力，空氣阻力與速度成正比，速度變化，阻力就變化，地面對“電動平衡車”摩擦力就變化，故D錯誤。

故選：B。

根據(jù)人的受力情況分析“電動平衡車”對人的作用力；速度越大，電動車對人水平方向的作用力越大；以人和電動車整體為研究對象，根據(jù)平衡條件分析地面對電動平衡車的作用力。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答。

3.【答案】B

【解析】解：A.兩小球在最低點時支持力和重力的合力提供向心力，加速度方向向上，支持力大于重力，處于超重狀態(tài)，故A錯誤；

B.A、B兩小球在最低點的速度方向沿切線方向水平向右，即速度方向相同，故B正確；

C.小球在初位置速度為零，重力做功的功率為零；在最低點，由于重力的方向與速度方向垂直，則重力做功的功率也為零，因為初末位置都為零，則A、B兩小球從邊緣滑到最低點過程重力的功率先增大后減小，故C錯誤；

D.由于兩輪滑少年可以看作光滑小球A和B，則A、B兩小球從邊緣滑到最低點過程中只有重力做功，機械能守恒，故D錯誤。

故選：B。

加速度方向向上物體超重，加速度方向向下物體失重，與運動方向無關(guān)；速度方向為軌跡切線方向，重力的瞬時功率等于重力和重力方向的速度分量的乘積；只有重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力做功時機械能守恒。

本題考查的知識點比較多，綜合性比較強，此題難點在于C選項功率變化的判斷，

4.【答案】D

【解析】【分析】

解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化。

【解答】

A.等差等勢面P處密集，P處電場強度大，電場力大，加速度大，故A錯誤；

BCD.根據(jù)軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直可知負電荷所受的電場力應(yīng)向下，所以電場線向上。故c點電勢最高；利用推論：負電荷在電勢高處電勢能小，知道P點電勢能大；負電荷的總能量守恒，即帶電質(zhì)點的動能與電勢能之和不變，P點電勢能大則動能小。故BC錯誤，D正確。

故選D。

5.【答案】C

【解析】解：A、②反應(yīng)屬于輕核聚變反應(yīng)，故A錯誤；

B、循環(huán)結(jié)果可表示為：411H→24He+210e+2γ，故B錯誤；

C、四個?11H生成一個

?24He6.【答案】C

【解析】ABD.將球從發(fā)出到撞向墻壁的運動反向視為平拋運動，做出軌跡圖。

由于從同一點發(fā)球，h越大，則從墻壁到發(fā)球點的高度?1也越大，設(shè)球從發(fā)出到撞擊墻壁所用時間為t，由?1=12gt2，知?1越大，則t越大；

對于從墻壁到發(fā)球點的平拋運動，水平位移x1都相同，由v=x1t知時間t越大，則v越小。

依據(jù)圖可看出h越大x越小。

綜上所述，h越大，v越小，x越小，故ABD錯誤。

C.通過發(fā)球點做軌跡切線，由于曲線運動的速度方向是軌跡在該點的切線方向，所以切線與水平方向的夾角即為θ，由圖可以看出h越大，θ越大，故C正確。

故選：C。

7.【答案】B

【解析】解：A.正弦交流電有效值和最大值之間的關(guān)系為：u=umax2，

電壓表示數(shù)為有效值，所以原線圈兩端所接交流電壓表的讀數(shù)為：

u=umax2=62V=32V，故A錯誤；

B.根據(jù)變壓器原副線圈電壓關(guān)系為：U1U2=n1n2，

計算出副線圈兩端電壓的最大值為12000V，故B正確；

C.正弦交流電的角速度為100π，所以交流電的頻率為：f=ω2π=100π2πHz=50

Hz，故C錯誤；

D.一個周期內(nèi)電壓可兩次達到最高電壓12000

V，而周期T=2πω=2π100π=0.02s，所以每間隔0.01

8.【答案】AD

【解析】解：A、運動員在加速上升過程中加速度向上，處于超重狀態(tài)，故A正確；

B、取向上為正，根據(jù)動量定理可得I?mgt=mv，解得v=Im?gt，故B錯誤；

C、該過程中，地面對運動員做的功為0，故C錯誤；

D、根據(jù)動量定理可得：該過程中，人的動量變化大小為Δp=I?mgt，故D正確。

故選：AD。

加速度方向向上是超重；根據(jù)動量定理分析速度和動量的變化；地面對人不做功。9.【答案】BC

【解析】解：A、探測器在地球軌道上的A點被發(fā)射出去，探測器做離心運動，發(fā)動機做正功，速度增大，所以在橢圓軌道A點的速度大于地球的公轉(zhuǎn)速度，故A錯誤。

B、因為地球的公轉(zhuǎn)周期T1=1年，設(shè)探測器在橢圓軌道運動的周期為T2，根據(jù)開普勒第三定律得：

R3T12=(R+1.5R2)3T22

解得：T2≈1.4年，故大約經(jīng)過

t=T22=0.7年后抵達火星附近的

B

點。故B正確。

設(shè)火星公轉(zhuǎn)周期為T3，根據(jù)開普勒第三定律得：

R3T12=(1.5R)3T32

解得：T3=1.84年

設(shè)經(jīng)過t時間地球和火星兩次相距最近，即地球比火星多轉(zhuǎn)一圈，根據(jù)△θ=2πT?△t得：

2πT1t?2πT310.【答案】AD

【解析】解：A、bb′導(dǎo)線在a點產(chǎn)生的磁場方向沿da方向，dd′在a點產(chǎn)生的磁場方向沿ab方向，根據(jù)矢量的合成可知a點磁場方向平行于db連線方向，故A正確；

B、bb′導(dǎo)線在c點產(chǎn)生的磁場方向沿cd方向，dd′在c點產(chǎn)生的磁場方向沿bc方向，根據(jù)矢量的合成可知c點磁場方向平行于bd連線方向，a、c兩點的磁感應(yīng)強度方向相反，故B錯誤；

C、由于a和c點磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反，所以ac連線上由a到c磁感應(yīng)強度先減小到零，后反向增大，故C錯誤；

D、根據(jù)對稱性可知，穿過矩形abb′a′和矩形add′a′的磁感線條數(shù)相等，故D正確。

故選：AD。

根據(jù)安培定則判斷bb′和dd′的電流在a和c點產(chǎn)生的磁場方向，再進行矢量的合成；根據(jù)對稱性分析磁感線條數(shù)的多少。

本題主要是電流周圍的磁場，能夠根據(jù)右手螺旋定則(安培定則)判斷通電直導(dǎo)線周圍的磁場方向，知道磁感應(yīng)強度是矢量，滿足矢量的平行四邊形法則。

11.【答案】tn?1

偶然誤差

2π?g【解析】解：(1)因為從計時開始數(shù)1，所以數(shù)到n時，經(jīng)歷了n?1個周期，

故：T0=tn?1

(2)多次測量求平均值是為了減小偶然誤差；

(3)根據(jù)實驗?zāi)Ｐ?，小球受重力、繩子拉力，二者的合力做為向心力

mgtanθ=m(2π2T)2Lsinθ

其中θ為繩與豎直方向夾角，L為繩長，又?=Lcosθ

故：T=2π?g

(4)根據(jù)(3)中結(jié)論，周期與懸掛點到圓周運動圓心的豎直高度有關(guān)。即運動員的旋轉(zhuǎn)快慢與懸掛點到圓周運動圓心的豎直高度有關(guān)。

故答案為：(1)tn?1；

(2)偶然誤差；

(3)2π12.【答案】T

0刻線

×1

4.5

小燈泡的正常發(fā)光時溫度升高、電阻增大

左端

【解析】解：(3)將插入“+”、“?”插孔的表筆短接，需要進行歐姆調(diào)零，此時旋動部件T(歐姆調(diào)零旋鈕)，使指針對準電阻的0刻線；

(4)若測量的小燈泡的規(guī)格為2.5V、0.6W，則小燈泡的電阻大約為R=U2P=2.520.6Ω≈10Ω，則測量時應(yīng)選擇“×1”倍率的電阻擋；

歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×倍率=4.5×1Ω=4.5Ω；

由于小燈泡的正常發(fā)光時溫度升高、電阻增大，所以阻值與小燈泡正常發(fā)光時的電阻比不發(fā)光時大；

(5)滑動變阻器要采用分壓式接法，電路連接情況如圖所示；

為了防止開關(guān)閉合時用電器被燒壞，閉合開關(guān)前變阻器的滑動觸頭應(yīng)置于滑動變阻器的左端。

故答案為：(3)T；0刻線；(4)×1；4.5；小燈泡的正常發(fā)光時溫度升高、電阻增大；(5)電路圖見解析；左端。

(3)歐姆表使用前需要進行歐姆調(diào)零，使指針對準電阻的0刻線；

(4)求出小燈泡的電阻，由此確定選擇的倍率；歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×13.【答案】解：(1)磁場豎直向下，金屬棒順時針轉(zhuǎn)動(俯視)，由右手定則可知，通過金屬棒的感應(yīng)電流指向圓心O，

則通過電動機的電流由a流向b；

QO間的金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E=Blv?=Bl0+ωl2=12Bl2ω

電動機正常工作，則電動機兩端電壓U=2V，流過金屬棒的電流：I=E?U12R

電動機的熱功率P熱=I2r

電動機的額定功率P=UI

電動機的輸出功率P輸出=P?P熱

代入數(shù)據(jù)解得：P輸出=0.5W

(2)PQ間的金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：【解析】(1)根據(jù)金屬棒的旋轉(zhuǎn)方向應(yīng)用右手定則判斷感應(yīng)電流方向，由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，然后應(yīng)用歐姆定律求出電路電流，再應(yīng)用電功率公式求出電動機的輸出功率。

(2)求出金屬棒的切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，然后求出金屬棒兩端的電壓。

解題時注意，金屬棒切割磁感線相當于電源，電動機是非純電阻電路，電動機的輸出功率等于總功率與熱功率之差；分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用右手定則在、E=BLv、歐姆定律與電功率公式即可解題。

14.【答案】解：(1)對P從靜止滑上B的過程運用動能定理得：mgssin53°?μmgcos53°?s=12mv02，

代入數(shù)據(jù)解得：v0=8m/s；

(2)P在B上滑動的過程中，P、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：mv0=mvp+2mvB，

根據(jù)能量守恒得：12mv02=12mvp2+12×(2m)vB2+μmgLB，

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：vp=4m/s，vB=2m/s；

對B、C組成的系統(tǒng)運用動能定理得：μmgxB=12×(2m)vB2，

代入數(shù)據(jù)解得：xB=0.8m；

(3)當P滑上C時，C的速度vC=vB=2m/s，

若P不脫離木板C，C碰到擋板D之前與P已保持相對靜止，速度為v，P在C上滑動的位移為xp，