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2023年高考金榜預(yù)測(cè)卷(三)(江蘇專用)
數(shù)學(xué)
一、單項(xiàng)選擇題
1.已知集合A={Xx>l},8={x∣2*>4},則AUB=()
A.RB.(1,2)C.(2,+∞)D.(l,+∞)
K答案DD
K解析》因?yàn)?={x∣2*>4}={x∣x>2},A={φ>l},,
?AoB={x∣x>l)=(l,+∞).
故選:D.
2.若復(fù)數(shù)Z滿足(l+2i)?z=3+4i(其中i是虛數(shù)單位),復(fù)數(shù)Z的共葩復(fù)數(shù)為三,則
()
112
A?z的實(shí)部是二B.Z的虛部是-二
C.復(fù)數(shù)I在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在第四象限D(zhuǎn)?∣Z∣=5
K答案》A
3+4i_(3+4i)?(l-2i)_3-2i_112.
R解析H(l+2i)-z=3+4i.-.z=—1
l+2i-(l+2i)?(l-2i)-5一5^5
的實(shí)部是/故正確;
ZA√f5≠5,故D錯(cuò)誤
.?.z=γ+∣i,W的虛部是故B錯(cuò)誤,5=”+看在復(fù)平面上對(duì)應(yīng)的點(diǎn)為伴目所
???????,JJ-∕
以為第一象限點(diǎn),故C錯(cuò)誤.
故選:A
3.己知4,6∈R,則"&>的"是“l(fā)nα>lnb”的()
A.充分不必要條件B.必要不充分條件
C.充要條件D.既不充分也不必要條件
(答案DB
K解析》若&>新,取α=l,b=0,但是Inb無(wú)意義,
所以由>揚(yáng)"推不出"Ina>lnb”,
若“l(fā)nα>lnb”,則a>6>0,所以可得標(biāo)>揚(yáng),
所以由“Inα>ln6”可推出“&>揚(yáng)“,
所以“揚(yáng)”是-nα>lnb”的必要不充分條件,
故選:B.
4.若向量α,b滿足W=l,W=2,且卜+0=2,則&/=()
A.—1B.—C.~D.1
22
K答案HB
R解析2由卜+0=2可得/+2α∕+∕>2=4,
即l+24?b+4=4,
,1
:,a`b=——,
2
故選:B.
13
5.己知等比數(shù)列{4}的各項(xiàng)均為正數(shù),它的前〃項(xiàng)和為S,,,且53=1嗎3=9,則%=
()
A.27B.64C.81D.128
K答案HA
233
,α--
0l-aγq=9
或
解
即-1
K解析』設(shè)公比為4,則由已知得[213,4
ZlH刀
a,(l+q+q-)=-r3-3
、?+?
Q----3
“41
-A(舍去),所以%=丁3"=27.
a.=—'
13
故選:A.
6.在不考慮空氣阻力的條件下,從發(fā)射開(kāi)始,火箭的最大飛行速度V滿足公式:
v=vpln^l+-L其中”為火箭推進(jìn)劑質(zhì)量,W為去除推進(jìn)劑后的火箭有效載荷質(zhì)量,W
為火箭發(fā)動(dòng)機(jī)噴流相對(duì)火箭的速度.當(dāng)M=3加時(shí),V=5.544千米/秒.在保持W不變的情況
下,若〃?=25噸,假設(shè)要使V超過(guò)第一宇宙速度達(dá)到8千米/秒,則M至少約為()(結(jié)
果精確到1,參考數(shù)據(jù):e2≈7.389,ln2≈0.693)
A.135噸B.160噸C.185噸D.210噸
R答案2B
K解析H由題意知,當(dāng)M=3m時(shí),「5.544千米/秒,
(3〃八5544(
故可以得到5.544=Mn1+—=2Mn2,解得VV=二竺≈4,故u=41n1+一,
km)21n2Im)
由題意知,當(dāng)加=25噸,v=8千米/秒時(shí),可以得到8=4In(I+石),
解得知=25仁-1卜160噸.
故選:B
7.在平面直角坐標(biāo)系Xoy中,若滿足x(x-S≤y(k-y)的點(diǎn)(χ,y)都在以坐標(biāo)原點(diǎn)為圓
心,2為半徑的圓及其內(nèi)部,則實(shí)數(shù)A的取值范圍是()
A.-√2≤fc≤2√2B.-√2≤?≤√2
C.-2√2<?≤√2D.[-√2,θ)(θ,√2]
K答案HB
K解析》X(X-Z)≤y(A-y),則χ2+y2τ(χ+y)≤o,(X-?∣)+()'-^∣]≤y)
圓心(∣?,T}r=裳,(x,y)都在r+y244,
則兩圓內(nèi)切或內(nèi)含.
??-V2≤左≤V2?
故選:B.
22
8.在平面直角坐標(biāo)系Xo),中,己知橢圓C£+==1(。>匕>0)的左,右焦點(diǎn)分別是
£,F1,點(diǎn)P是橢圓C上一點(diǎn),點(diǎn)Q是線段PK靠近點(diǎn)片的三等分點(diǎn),若OPJ■OQ,則
橢圓的離心率的取值范圍是()
R答案HA
K解析H由題意作圖如下:
,、29
設(shè)耳(-c,0),P(x,y),Qz(m,"),則有PQ=§P匕,(m-x,n-y)=-(-c-x,-y),
"m~3~~ic,〃=,^[3,OPOQ=O,得:λ'^-∣c^+∣^2=o???
①,
化簡(jiǎn)得:x2-2cx+y2=Q,即(x-c?y+V=c2,P點(diǎn)也在以K為圓心半徑為C的圓上,
22
即圓(X-C)2+)3=<?與橢圓?γ+*=l必定有不與右頂點(diǎn)重合的交點(diǎn)(與右頂點(diǎn)重合顯然
不滿足題意),
圓尸2與X軸除原點(diǎn)外的另一個(gè)交點(diǎn)的坐標(biāo)是(左,0),并且該交點(diǎn)必須在橢圓外,
.,.2c>a,即e>;,因?yàn)槭菣E圓,所以e?l);
故選:A.
二、多項(xiàng)選擇題
9.下列結(jié)論中正確的是()
A.運(yùn)用最小二乘法求得的回歸直線必經(jīng)過(guò)點(diǎn)(五y)
B.若相關(guān)系數(shù)后的值越接近于O,表示回歸模型的擬合效果越好
C.已知隨機(jī)變量X服從二項(xiàng)分布貝∣JE(2X+1)=4
4
D.己知隨機(jī)變量X服從超幾何分布“(2,3,6),則P(X=I)+P(X=2)=χ
K答案》ACD
K解析》A項(xiàng),回歸直線必經(jīng)過(guò)樣本點(diǎn)的中心(E?),故A正確;
B項(xiàng),若相關(guān)系數(shù)內(nèi)的值越接近1,表示回歸模型的擬合效果越好,故B錯(cuò)誤;
C項(xiàng),若隨機(jī)變量X服從二項(xiàng)分布86,;),則E(X)=3xg=∣,
E(2X+1)=2×∣+1=4,故C正確;
對(duì)于D,隨機(jī)變量X服從超幾何分布“(2,3,6),
則P(X=l)+P(X=2)=fi=j∣=1,故D正確.
故選:ACD
10.己知函數(shù)/(x)=ACOS(0X+*)(A>O,0>O,∣9∣<'J的部分圖像如圖所示,將/(χ)的圖
像向左平叫個(gè)單位長(zhǎng)度,再向上平移I個(gè)單位長(zhǎng)度后得到函數(shù)g(x)的圖像,則()
c.g(x)的圖像關(guān)于點(diǎn)(親0)對(duì)稱
D.g(x)在eg)上單調(diào)遞減
K答案UAD
K解析D函數(shù)/(X)的周期7=2(=-1)=%,則。=二=2,Λ=2,
36T
由/(^)=2得:2×^+φ=2kπ,keZ,又∣o∣<1,則Z=O,e=-f,?(?)=2cos(2x-?,
66233
A正確;
依題意,g(x)=∕(x+f)+l=2cos(2x+g)+l,B不正確;
46
因?yàn)間(%=ι,則g(x)的圖像關(guān)于點(diǎn)G/)對(duì)稱,C不正確;
66
當(dāng)O<x<g時(shí),J<2x+f<當(dāng),所以函數(shù)g(x)在(0,g)上單調(diào)遞減,D正確.
36663
故選:AD
11.過(guò)直線L2x+y=5上一點(diǎn)尸作圓O∕2+y2=]的切線,切點(diǎn)分別為A,8,則()
A.若直線A8〃/,則∣A8∣=逐
3
B.cos/APB的最小值為M
C.直線A3過(guò)定點(diǎn)(∣,")
D.線段AB的中點(diǎn)。的軌跡長(zhǎng)度為
K答案DBC
K解析X由題知,設(shè)P(XO,九),
因?yàn)檫^(guò)點(diǎn)尸作圓O:d+V=1的切線,切點(diǎn)分別為AB,
所以A8在以O(shè)P為直徑的圓上,
即A,B在ITj+(y_打=J/;為2上,
\7
因?yàn)锳B是切點(diǎn),所以AB在/+y2=]上,
故AB是兩圓的交點(diǎn),
故兩圓方程相減可得A8所在的直線方程,
化簡(jiǎn)可得AB:XOx+%y=1,
因?yàn)镻在/上,
所以2Λ0+%=5,
故直線45:通犬+(5-2MJy=1;
關(guān)于選項(xiàng)A,
若AB//1,
則一2=—"
J
5-2X01
解得:%=2,
所以AB:2x+y-l=0,
故圓心。到AB的距離d=卡.
所以AB=2^^=W≠布,
故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;
由ΛBrj?Λ+(5-2?)γ=l,
即天(x-2y)+5y=l,
(x-2y=0
聯(lián)立,
2
x=-
解得:j,
,),=5
所以AB過(guò)定點(diǎn)M(I,J
故選項(xiàng)C正確;
因?yàn)镹APB+NAOB=兀,
所以cosZAPB=cos(π-ZAOB)=YoSZAoB,
由于AB過(guò)定點(diǎn)
所以。到AB距離dmax=OM=-?,
記AB中點(diǎn)為。,
則OM≥OQ,
cosZAPB=-cosZAOB
=-cos2ZAOQ
=-(2cos2ZAOβ-l)
=l-2cos2ZAOQ
故選項(xiàng)B正確;
因?yàn)?。為線段的中點(diǎn),且〃在AA上,
TT
所以NMQo=
所以。點(diǎn)軌跡為以。”為直徑的圓,
所以r=絲=旦
210
周長(zhǎng)為2πr=π,
5
故選項(xiàng)D錯(cuò)誤.
故選:BC
12.設(shè)等比數(shù)列{《,}的公比為9,其前"項(xiàng)和為工,前〃項(xiàng)積為I,且滿足條件4>1,
a2O22-a2023>?>(6?22-1卜(。2023-D<。,則下列選項(xiàng)正確的是()
A.{4}為遞減數(shù)列B.S2022+1<S2023
C.AO22是數(shù)列{。}中的最大項(xiàng)D.小5>∣
K答案DAC
K解析U由(%022-1)?(6?23-I)Vo可得:〃2022-1和。2023一1異號(hào),即<一八或
?2023T<U
。2022-1<0
、〃2023-1>°
而4>],。2022,“2023>1,可得“2022和。2023問(wèn)號(hào),且~*個(gè)大于??―*個(gè)小于L
因?yàn)閝>l,所有%)22>1,出023<1,即數(shù)列{q}的前2022項(xiàng)大于1,而從第2023項(xiàng)開(kāi)始
都小于1.
對(duì)于A:公比q=e也<1,因?yàn)?>1,所以4/1為減函數(shù),所以{““}為遞減數(shù)列.故
“2022
A正確;
對(duì)于B:因?yàn)椋?23<1,所以“2023=$2023-$2922<1,所以$2022+1>$2023.故B錯(cuò)誤;
對(duì)于C:等比數(shù)列{q}的前〃項(xiàng)積為η,,且數(shù)列{凡}的前2022項(xiàng)大于1,而從第2023項(xiàng)開(kāi)
始都小于1,所以£)22是數(shù)列{0}中的最大項(xiàng).故C正確;
對(duì)于D:T4045=a,a2ar-a4045
=%(α0(q∕)(4產(chǎn))
_C4045λ1+2+3+4044
—cι?
因?yàn)樯?3<1,所以?)234O45<1,即加5<L故D錯(cuò)誤.
故選:AC
三、填空題
13.已知圓柱的高為8,該圓柱內(nèi)能容納半徑最大的球的表面積為36π,則圓柱的體積為
K答案》72π
K解析H圓柱內(nèi)能容納半徑最大的球的表面積為36π,設(shè)此球半徑為r,則
4πr2=36π=>r=3
如果圓柱有內(nèi)切球,又因?yàn)閳A柱的高為8,所以內(nèi)切球半徑為4>3,說(shuō)明這個(gè)圓柱內(nèi)能容
納半徑最大的球,與圓柱側(cè)面和下底面相切,與上底面相離,易得圓柱底面半徑為3,圓
柱的體積為兀Jx8=72π
故K答案H為:72π.
14.已知。為第二象限角,且cos(生一幺]=題,貝IJtano=.
4
K答案》
K解析D因?yàn)閏os(%-23√10
?
θ
所以COS
因?yàn)椤榈诙笙藿?,所以CoSd=3tan,=一:4,
4
故K答案H為:
15.己知拋物線V=2px(p>0)的焦點(diǎn)為尸,過(guò)尸且斜率為G直線與拋物線在第一象限交
于點(diǎn)A,過(guò)A作拋物線準(zhǔn)線的垂線,垂足為若..AME的面積為46,則P=.
R答案H2
《解析》如下圖所示:
設(shè)拋物線的準(zhǔn)線交X軸于點(diǎn)N,則忻Nl=p,
由拋物線的定義可得IAFI=IA因?yàn)橹本€4尸的斜率為則NXE4=g,
TT
易知AΛ∕∕∕x軸,則NMAF=NXE4=§,故一AMF為等邊三角形,
因?yàn)镹AMF=工,則NFMN=2,故InWl=2∣∕W∣=2p,
36
所以,.AA折是邊長(zhǎng)為2p的等邊三角形,故SM,F=gx(2p)2sin]=6p2=4G,
:P>0,因此,P=2.
故R答案H為:2.
16.一名學(xué)生參加學(xué)校社團(tuán)活動(dòng),利用3D技術(shù)打印一個(gè)兒何模型該模型由一個(gè)幾何體M
及其外接球。組成,幾何體”由一個(gè)內(nèi)角都是120。的六邊形ABCOEF繞邊BC旋轉(zhuǎn)一周得
到且滿足AB=AF=DC=3E,BC=EF,則球。與幾何體例的體積之比為.
K答案》里Z
81
K解析U方法一:設(shè)AB=1,BC=a,連接3尸、CE,
因?yàn)锳B=A尸=OC=CE,且每一個(gè)內(nèi)角都為120,
所以ZABF=NAFB=Z.DCE=ZDEC=30,
所以NFBC=ZBFE=NFEC=ZECB=90,
即BC1BF,EFVBF,BCLCE,BCLEF,所以四邊形BFEC是長(zhǎng)方形,
Oy+3=aI
—+—I+∣=OA2,
22
,ɑ=4,
3
:.0F=S,?i∣i=yr=^y?π,
×l×2-2×l×^×l3?4=^=27π
——π+3π+-π+π
314223424F
匕求28√72-56√7
3*27=81
.?.AB,"旋轉(zhuǎn)形成的幾何體為一個(gè)圓臺(tái)挖去一個(gè)圓錐,
Vl一臺(tái)二gπ(y∕5a)+兀?QJia)+?∣π?3a2?π?12tz2?”g?π(?∕5a)`a
=7πfl,-τ∞3=6τ∞,,
匕咽柱=π(2√3a)2-Ib=24πα?,匕響體=12m?+24π∕b,
?;幾何體存在外接球,設(shè)BC中點(diǎn)為。,.?.。為球心,
由3=OP=R=(A+a)2+3ɑ2=3+12〃=∕,=44,
???R2=28/,R=2y∕la,Λ‰=^π?28t∕2-2√7?,
333
VM=12τuι+96τuι=108πα,
.K*.56√7
??
%81
四、解答題
17.已知一ABC的內(nèi)角A、B、C的對(duì)邊分別為。、b、c,c=3,ab=4,點(diǎn)。滿足
2AD=DB-
(1)若CQ為NACS的角平分線,求:ABC的周長(zhǎng);
(2)求3CZ)2的取值范圍.
ADAC
解:(1)在AoC中,①
sinZACDsinZADC
BDBC
在,.3C。中,
sinZBCD~SinZBDC
因?yàn)镃D為ZACB的角平分線,
所以NACD=/BCD,所以SinNACQ=SinNBCD,
因?yàn)镹Af>C+/BDC=%,所以SinNADC=Sin/BDC,
.,,ADACb
所ct以——=——=-,
BDBCa
又因?yàn)?AO=OB,所以2=:,
a2
又因?yàn)棣羈=4,
所以a=2Λ∕2,b=y/2,
所以ABC的周長(zhǎng)為3+3√L
I2O2_〃2
(2)在二ACO中,cosZADC=---------------,
2×?×CD
在,8DC中,CoSNBXC=2+8-J
2×2×CD
因?yàn)镹ADC+NBDC=%,所以CoSNBr)C+cosNAf)C=O,
所以SC。=2從+/一6,
32
因?yàn)槎?4,所以BCD?=/+6,
a
a+3>b,
因?yàn)锳BCf所以"+3>tz,
a+b>3,
4
。+3〉一,
4
所以<一+3>α,所以l<α<4,
a
a+->3,
a
令.=則l<f<16,
/32
則/(,)=,H----6,1<Z<16j
(r+4√2)(z-4√2)
ɑ)=「*
當(dāng)l<t<4&時(shí),尸(r)<0,當(dāng)r>4√2W.r(t)>O,
所以在(1,4夜)上單調(diào)遞減,在(4夜,16)上單調(diào)遞增
所以∈[8收-6,27),所以3C》的取值范圍為,五-6,27).
18.己知公差大于0的等差數(shù)列{%}滿足見(jiàn)%=即,4=5.
(1)求{%}的通項(xiàng)公式;
(2)在?!芭cα同之間插入2"個(gè)2,構(gòu)成新數(shù)列也},求數(shù)列{〃}的前110項(xiàng)的和Lo.
解:(1)設(shè)公差為d,(d>0),由題意得(5-d)(5+4)=5+8”,
化簡(jiǎn)得d2+8"-20=0,解得d=2或d=-10(舍去),
所以4=%+(〃-3)。=5+2〃一6=2〃—1.
(2)由(1)知在2〃-1與2〃+1之間插入2"個(gè)2,所以當(dāng)忽略數(shù)列{4}中的項(xiàng),則當(dāng)有〃
次插入新數(shù),共有2'+2?+2'++2"=202)=2"+∣-2個(gè)項(xiàng),
-1-2-
當(dāng)"=5時(shí),有62個(gè)數(shù);
當(dāng)〃=6時(shí),共有126個(gè)數(shù),所以110項(xiàng)應(yīng)該介于4和%之間,即110=62+6+42,
表示共有104個(gè)2和原先{%}中前6項(xiàng)之和,
所以SUO=I+3+5+7+9+11+104x2=244.
19.己知如圖1直角梯形ABCz),AB//CD,ZDAB=90°,AB=4,AD=CD=2,E為
AB的中點(diǎn),沿CE將梯形ABCo折起(如圖2),使平面BEr),平面AECQ.
圖1圖2
(1)證明:BEL平面AEa>;
(2)設(shè)線段C。的中點(diǎn)為R求平面E4B與平面EBC所成的銳二面角的余弦值.
(1)證明:在直角梯形ABa)中,ABHCD,E為AB的中點(diǎn),即AE∕∕CD,AE=CD,
四邊形AECI)為平行四邊形,
ffijZDΛB=90o,AD=CD=2,則AEC力為正方形,在幾何體中,連接AC,如圖,
則ACJ_£>E,因?yàn)槠矫?平面AEC。,平面BED平面AE8=DE,ACU平面
AECD,
于是得ACJ_平面BEZ),而B(niǎo)Eu平面3即,則有AC_L5E,又CELBE,ACCE=C,
AC,CEu平面AECf>,
所以BEJL平面AECD
(2)解:由ɑ)知,BE工平面AECD,AEU平面AECE),則BELAE,而
CEA.AE,CEVBE,
以點(diǎn)E為原點(diǎn),建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,
?7
則4(2,0,0),B(0,2,0),線段CD的中點(diǎn)F(l,0,2),FA=(1,0,-2),FB=(-1,2,-2),
n?FA=x-2z=0
設(shè)平面ElB的法向量"=Q,y,z),則,
顯然平面EBC的法向量為EA=(2,0,0),
令平面E4B與平面EBC所成的銳二面角大小為。,
則cosθ=|COS〈〃,EA)I=I"EAl=—^―=—
?n??EA?3x23
7
所以平面EAB與平面EBC所成的銳二面角的余弦值為M
20.某公司開(kāi)發(fā)了一款可以供“(〃=3或”=4)個(gè)人同時(shí)玩的跳棋游戲.每局游戲開(kāi)始,
采用擲兩顆質(zhì)地均勻的骰子(骰子出現(xiàn)的點(diǎn)數(shù)為1,2,3,4,5,6),兩個(gè)骰子的點(diǎn)數(shù)之
和除以〃所得的余數(shù)對(duì)應(yīng)的人先走第一步.兩個(gè)骰子的點(diǎn)數(shù)之和除以”的余數(shù)0,1,2,
L,〃一1分別對(duì)應(yīng)游戲者A,4,A3,L,A,,.
(1)當(dāng)"=3時(shí),在已知兩個(gè)骰子的點(diǎn)數(shù)之和為偶數(shù)的條件下,求A,先走第一步的概率;
(2)當(dāng)”=4時(shí)?,求兩顆骰子點(diǎn)數(shù)之和除以〃的余數(shù)X的概率分布和數(shù)學(xué)期望,并說(shuō)明該
方法對(duì)每個(gè)游戲者是否公平.
解:(1)因?yàn)閿S兩顆質(zhì)地均勻的骰子所得點(diǎn)數(shù)之和有如下36種基本樣本點(diǎn)(表):
123456
1234567
2345678
3456789
45678910
567891011
6789101112
在己知兩個(gè)骰子點(diǎn)數(shù)之和為偶數(shù)的條件下,共有基本事件18個(gè),
設(shè)事件”A先走第一步”為O,表示和被〃=3除后的余數(shù)為2的基本事件有和為2,8對(duì)應(yīng)
的情形有6個(gè),依據(jù)古典概型可知:P(D)=最=!,
Io3
即A先走第一步的概率為;.
(2)當(dāng)〃=4時(shí),兩顆骰子點(diǎn)數(shù)之和除以〃的余數(shù)X可能為O,1,2,3,且
P(X=O)=途VP(X=I)4+42
=~36~=9
P(X=2)=1^=;P(X=3)_2+6+2_5
一36-18
所以隨即變量X的概率分布為
X0123
?2?_5_
'494?8
故E(X)=OX—+lx—+2x—+3X—=一
v7494189
由于和被4除所得余數(shù)(即隨即變量X取值)的概率大小不完全相同,說(shuō)明該方法對(duì)每個(gè)
游戲者不公平.
2∣.在平面直角坐標(biāo)系X。),中,設(shè)曲線c:kL以
凹=l(α>%>0)所圍成的封閉
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