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文檔簡介
第八講概率統(tǒng)計
考點透視
1.了解隨機事件的發(fā)生存在著規(guī)律性和隨機事件概率的意義.
2.了解等可能性事件的概率的意義,會用排列組合的基本公式計算一些等可能性事件的概率.
3.了解互斥事件、相互獨立事件的意義,會用互斥事件的概率加法公式與相互獨立事件的概率乘法公
式計算一些事件的概率.
4.會計算事件在n次獨立重復(fù)試驗中恰好發(fā)生k次的概率.
5.掌握離散型隨機變量的分布列.
6.掌握離散型隨機變量的期望與方差.
7.掌握抽樣方法與總體分布的估計.
8.掌握正態(tài)分布與線性回歸.
例題解析
考點1.求等可能性事件、互斥事件和相互獨立事件的概率
解此類題目常應(yīng)用以下知識:
1等可能性事件古典概型的概率:PA=card(A)=m;
card{I}n
等可能事件概率的計算步驟:
①計算一次試驗的基本事件總數(shù)〃;
②設(shè)所求事件A,并計算事件A包含的基本事件的個數(shù)用;
③依公式戶(如機求值;
P(A)=—
n
④答,即給問題一個明確的答復(fù).
2互斥事件有一個發(fā)生的概率:PA+B=PA+PB;
特例:對立事件的概率:PA+P1=PA+N=1.
3相互獨立事件同時發(fā)生的概率:PA?B=PA?PB;
特例:獨立重復(fù)試驗的概率:Pnk=aUmAp(Ai-p)n-k.其中P為事件A在一次試驗中發(fā)
生的概率,此式為二項式l-P+Pn展開的第k+1項.
4解決概率問題要注意“四個步驟,一個結(jié)合”:
①求概率的步驟是:
等可能事件
第一步,確定事件性質(zhì)
互斥事件
獨立事件
n次獨立重復(fù)試驗
即所給的問題歸結(jié)為四類事件中的某一種.
第二步,判斷事件的運算[和事件
i積事件
即是至少有一個發(fā)生,還是同時發(fā)生,分別運用相加或相乘事件.
第三步,運用公式等可能事件:P(A)=—
互斥事件:P(A+8)=P(A)+P(B)
獨立事件:P(AB)=P(A)P(B)
n次獨立重復(fù)試驗:P(k)=Ckpk([-p)?-k
第四步,答,即給提出的問題有一個明確的答復(fù).
例1.在五個數(shù)字1,2,3,4,5中,若隨機取出三個數(shù)字,則剩下兩個數(shù)字都是奇數(shù)的概
率是結(jié)果用數(shù)值表示.
考查目的本題主要考查概率的概念和等可能性事件的概率求法.
Ci~5x4
例2.一個總體含有100個個體,以簡單隨機抽樣方式從該總體中抽取一個容量為
5的樣本,則指定的某個個體被抽到的概率為.
考查目的本題主要考查用樣本分析總體的簡單隨機抽樣方式,同時考查概率的概
念和等可能性事件的概率求法.
用頻率分布估計總體分布,同時考查數(shù)的區(qū)間~的意義和概率的求法.
解答過程,提示:尸_/___1
20'10020
例3從自動打包機包裝的食鹽中,隨機抽取20袋,測得各袋的質(zhì)量分別為單位:g:
492496494495498497501502504496
497503506508507492496500501499
根據(jù)的原理,該自動包裝機包裝的袋裝食鹽質(zhì)量在~之間的概率約為.
考查目的本題主要考查用頻率分布估計總體分布,同時考查數(shù)的區(qū)間~的意義和概
率的求法.
解答過程在~內(nèi)的數(shù)共有5個,而總數(shù)是20個,所以有
204'
點評:首先應(yīng)理解概率的定義,在確定給定區(qū)間的個體的數(shù)字時不要出現(xiàn)錯誤.
例4.接種某疫苗后,出現(xiàn)發(fā)熱反應(yīng)的概率為.現(xiàn)有5人接種該疫苗,至少有3人出現(xiàn)
發(fā)熱反應(yīng)的概率為.精確到
考查目的本題主要考查運用組合、概率的基本知識和分類計數(shù)原理解決問題的能
力,以及推理和運算能力.w
g
解答提示至少有3人出現(xiàn)發(fā)熱反應(yīng)的概率為
口
C3-0.803-0.202+C4-0.804?0.20+Cs0.80s=0.94?H
555
故填.
例5.右圖中有一個信號源和五個接收器.接收器與信號源在同一個串聯(lián)線路中時,
就能接收到信號,否則就不能接收到信號.若將圖中左端的六個接線點隨機地平均
分成三組,將右端的六個接線點也隨機地平均分成三組,再把所有六組中每組的兩
個接線點用導(dǎo)線連接,則這五個接收器能同時接收到信號的概率是
A_4_BJ_C_£DJ_
45361515
考查目的本題主要考查運用組合、概率知識,以及分步計數(shù)原理解決問題的能力,
以及推理和運算能力.
解答提示由題意,左端的六個接線點隨機地平均分成三組有COC2種分法,同理
Ai
右端的六個接線點也隨機地平均分成三組有代種分法;要五個接收器能同
―6-4*?=15
A3
3
時接收到信號,則需五個接收器與信號源串聯(lián)在同一個線路中,即五個接收器的一
個全排列,再將排列后的第一個元素與信號源左端連接,最后一個元素與信號源右
端連接,所以符合條件的連接方式共有A.120種,所求的概率是P%。8,所以選
J-1Z.V廠=
522515
D.
點評:本題要求學(xué)生能夠熟練運用排列組合知識解決計數(shù)問題,并進一步求得概率
問題,其中隱含著平均分組問題.
例6.從某批產(chǎn)品中,有放回地抽取產(chǎn)品二次,每次隨機抽取1件,假設(shè)事件力:“取
出的2件產(chǎn)品中至多有1件是二等品”的概率p(A)=096.
1求從該批產(chǎn)品中任取1件是二等品的概率p;
2若該批產(chǎn)品共100件,從中任意抽取2件,求事件B:“取出的2件產(chǎn)品中至少有
一件二等品”的概率p(B).
考查目的本小題主要考查相互獨立事件、互斥事件等的概率計算,運用數(shù)學(xué)知識解
決問題的能力,以及推理與運算能力.
解答過程1記A表示事件“取出的2件產(chǎn)品中無二等品”,
0
A表示事件”取出的2件產(chǎn)品中恰有1件二等品”.
1
則A,A互斥,且A=A+A,故
010I
J0.96=1-/?2,
解得p=0.2,p二一0.2舍去?
I2
2記B表示事件“取出的2件產(chǎn)品中無二等品”,則八萬.
00
若該批產(chǎn)品共100件,由1知其中二等品有100x0.2=20件,故WA_316.
■I\D)—M),—
oC2495
100
例7.兩部不同的長篇小說各由第一、二、三、四卷組成,每卷1本,共8本.將它
們?nèi)我獾嘏懦梢慌?左邊4本恰好都屬于同一部小說的概率
是結(jié)果用分數(shù)表示.
考查目的本題主要考查運用排列和概率知識,以及分步計數(shù)原理解決問題的能力,
以及推理和運算能力.
解答提示從兩部不同的長篇小說8本書的排列方法有As種,左邊4本恰好都屬于
8
同一部小說的的排列方法有種.所以,將符合條件的長篇小說任意地排成
442
一排,左邊4本恰好都屬于同一部小說的概率是「一”勺1種.所以,填1.
483535
8
例8.甲、乙兩袋裝有大小相同的紅球和白球,甲袋裝有2個紅球,2個白球;乙袋
裝有2個紅球,n個白球.由甲,乙兩袋中各任取2個球.
I若n=3,求取到的4個球全是紅球的概率;II若取到的4個球中至少有2個紅球
的概率為3求n.
4
考查目的本題主要考查排列組合、概率等基本知識,同時考察邏輯思維能力和數(shù)學(xué)
應(yīng)用能力.
標準解答I記”取到的4個球全是紅球”為事件上
II記“取到的4個球至多有1個紅球”為事件8,“取到的4個球只有1個紅球”
為事件8,“取到的4個球全是白球”為事件
12
由題意,得131
尸(8)=匚=7
所以,P(8)=P(B)+P(B)=———......+―-----1*~=1)
123(n+2)(/7+1)6(/?+2)(n+l)4
化簡,得解得〃=2,或"二舍去,
7
故〃=2?
例9.某商場經(jīng)銷某商品,顧客可采用一次性付款或分期付款購買.根據(jù)以往資料統(tǒng)
計,顧客采用一次性付款的概率是,經(jīng)銷一件該商品,若顧客采用一次性付款,商場
獲得利潤200元;若顧客采用分期付款,商場獲得利潤250元.
I求3位購買該商品的顧客中至少有1位采用一次性付款的概率;
II求3位顧客每人購買1件該商品,商場獲得利潤不超過650元的概率.
考查目的本小題主要考查相互獨立事件、獨立重復(fù)試驗等的概率計算,運用數(shù)學(xué)知
識解決問題的能力,以及推理與運算能力.
解答過程I記力表示事件:“3位顧客中至少1位采用一次性付款”,則Z表示事件:
“3位顧客中無人采用一次性付款”.
/>(7)=(1-0.6)2=0.064,P(A)=1-P(X)=1-0.064=0.936,
II記8表示事件:“3位顧客每人購買1件該商品,商場獲得利潤不超過650元”.
B表示事件:“購買該商品的3位顧客中無人采用分期付款”.
0
B表示事件:“購買該商品的3位顧客中恰有1位采用分期付款”.
1
則B=B+B?
0I
P(B)=0.63=0.216'尸(3)=Cix0.62x0.4=0.432,
013
P(B)=P(B+B)=P(B)+=0.216+0.432=0.648-
oioi
例10.某公司招聘員工,指定三門考試課程,有兩種考試方案.
方案一:考試三門課程,至少有兩門及格為考試通過;
方案二:在三門課程中,隨機選取兩門,這兩門都及格為考試通過.
假設(shè)某應(yīng)聘者對三門指定課程考試及格的概率分別是a,6,c,且三門課程考試是否
及格相互之間沒有影響.
I分別求該應(yīng)聘者用方案一和方案二時考試通過的概率;
II試比較該應(yīng)聘者在上述兩種方案下考試通過的概率的大小.說明理由
考查目的本題主要考查互斥事件有一個發(fā)生的概率和對立事件的概率,以及不等
式等基本知識,同時考查邏輯思維能力和數(shù)學(xué)應(yīng)用能力.
標準解答記該應(yīng)聘者對三門指定課程考試及格的事件分別為A,B,C,
則PA=a,PB=b,PC=c.
I應(yīng)聘者用方案一考試通過的概率
p=PA,B?K+P1?B?C+PA?7?C+PA?B?C
二aXbX1-c+l-aXbXc+aX1-bXc+aXbXc=ab+bc+ca-2abe.
應(yīng)聘者用方案二考試通過的概率
p=[PA?B+1PB?C+2PA,C=!XaXb+bXc+cXa=Jab+bc+ca
233333
IIpp=ab+bc+ca-2abe-1ab+bc+ca=2ab+bc+ca-3abe
H233
~-[3^(abc)2-3abc]2,(abc)2(l-Jabc)>0,
.*.p2P
12
例11.
某項選拔共有四輪考核,每輪設(shè)有一個問題,能正確回答問題者進入下一輪考核,
否則即被淘汰.已知某選手能正確回答第一、二、三、四輪的問題的概率分別為小
?
3、2、L且各輪問題能否正確回答互不影響.
555
I求該選手進入第四輪才被淘汰的概率;
II求該選手至多進入第三輪考核的概率.注:本小題結(jié)果可用分數(shù)表示
考查目的本小題主要考查相互獨立事件、獨立重復(fù)試驗的概率計算,運用數(shù)學(xué)知識
解決問題的能力,以及推理與運算能力.
解答過程1記”該選手能正確回答第,?輪的問題”的事件為A(i=l,2,3,4),則
P(4)=gP(A)=3,P(4)=鄉(xiāng)P(A)=
>5253545
該選手進入第四輪才被淘汰的概率
——432496
P=P(AAAA)=P(A)P(A)P(A)P(P)=-x-x-x-=—,
41234I2345555625
II該選手至多進入第三輪考核的概率
P=P(A+AA'+AA1)=P(彳)+P(A)P(T)+P(A)P(A)P(A)=1+1XZ+£X1X2=121?
3II2I23II2I23555555125
考點2離散型隨機變量的分布列
1.隨機變量及相關(guān)概念
①隨機試驗的結(jié)果可以用一個變量來表示,這樣的變量叫做隨機變量,常用希臘字母
,、n等表示.
②隨機變量可能取的值,可以按一定次序一一列出,這樣的隨機變量叫做離散型隨機
變量.
③隨機變量可以取某區(qū)間內(nèi)的一切值,這樣的隨機變量叫做連續(xù)型隨機變量.
2.離散型隨機變量的分布列
①離散型隨機變量的分布列的概念和性質(zhì)
一般地,設(shè)離散型隨機變量自可能取的值為、,七,……,%,……,自取每一個值
分布列都具有下述兩個性質(zhì):
1/>>0>?—j2+p+***—1.
i12
②常見的離散型隨機變量的分布列:
1二項分布
〃次獨立重復(fù)試驗中,事件A發(fā)生的次數(shù)E是一個隨機變量,其所有可能的取值為
2幾何分布
在獨立重復(fù)試驗中,某事件第一次發(fā)生時所作的試驗的次數(shù)g是一個取值為正
整數(shù)的離散型隨機變量,2=/'表示在第k次獨立重復(fù)試驗時事件第一次發(fā)生.
隨機變量自的概率分布為:
123???k???
…???
PPqp
例12.
廠家在產(chǎn)品出廠前,需對產(chǎn)品做檢驗,廠家將一批產(chǎn)品發(fā)給商家時,商家按合
同規(guī)定也需隨機抽取一定數(shù)量的產(chǎn)品做檢驗,以決定是否接收這批產(chǎn)品.
I若廠家?guī)旆恐械拿考a(chǎn)品合格的概率為,從中任意取出4件進行檢驗,求至
少有1件是合格的概率;
II若廠家發(fā)給商家20件產(chǎn)品中,其中有3件不合格,按合同規(guī)定該商家從中任
取2件.都進行檢驗,只有2件都合格時才接收這批產(chǎn)品.否則拒收,求出該商家檢
驗出不合格產(chǎn)品數(shù)1的分布列及期望反,并求出該商家拒收這批產(chǎn)品的概率.
考查目的本題考查相互獨立事件、互斥事件等的概率計算,考察隨機事件的分布列,
數(shù)學(xué)期望等,考察運用所學(xué)知識與方法解決實際問題的能力.
解答過程I記”廠家任取4件產(chǎn)品檢驗,其中至少有1件是合格品”為事件A
用對立事件A來算,有「(A)=[“G)=
1-0.24=0.9984
可能的取值為0,1,2.
心。)咆之'
20
20
EC。、里+1*21+2x2=2.
19()19019010
記“商家任取2件產(chǎn)品檢驗,都合格”為事件B,則商家拒收這批產(chǎn)品的概率
P=1-P(B)=1--=—'
19095
所以商家拒收這批產(chǎn)品的概率為0.
95
例13.
某項選拔共有三輪考核,每輪設(shè)有一個問題,能正確回答問題者進入下一輪考核,
否則即被淘汰.已知某選手能正確回答第一、二、三輪的問題的概率分別為已、3、
?5
2,且各輪問題能否正確回答互不影響.
5
I求該選手被淘汰的概率;
II該選手在選拔中回答問題的個數(shù)記為匕,求隨機變量1的分布列與數(shù)學(xué)期望.
注:本小題結(jié)果可用分數(shù)表示
考查目的本題考查相互獨立事件、互斥事件等的概率計算,考察隨機事件的分布列,
數(shù)學(xué)期望等,考察運用所學(xué)知識與方法解決實際問題的能力.
解答過程解法一:I記“該選手能正確回答第i輪的問題”的事件為4(>123),則
432
P(4)=,尸(A)=,P(4)='
?52535
...該選手被淘汰的概率
nq的可能值為123,p《=i)=p(^)T
一一428
Pg=2)=P(AA)=P(A)P(4)=-x-=—)
I2'25525
4312
P6=3)=P(44)=P(4)P(A)=-x-=—?
I2125525
:.匕的分布列為
123
57.
Eg=lx-+2x-+3x—=
5252525
解法二:I記“該選手能正確回答第i輪的問題”的事件為A?=1,2,3),則
432
P(A)=-'P(A)=_,P(A)=->
>52535
該選手被淘汰的概率尸=1-P(AAA)=1-P(A)P(A)P(A)=1-4X3X2=101,
123123555125
n同解法一.
考點3離散型隨機變量的期望與方差
隨機變量的數(shù)學(xué)期望和方差
1離散型隨機變量的數(shù)學(xué)期望:Et-xApU+十x人Up十+…;期望反映隨機變量取值的平均水平.
\I22
⑵離散型隨機變量的方差:O"(x一房+(x-ESP+…+(x-Eg”p+…;
II22nn
方差反映隨機變量取值的穩(wěn)定與波動,集中與離散的程度.
⑶基本性質(zhì):E(成+b)=a慶+6;D(a&+b)=(i2O}
4若g?Bn,p,則EW=叩;Dg=npq這里q=l-p;
如果隨機變量&服從幾何分布,尸《=&)―(“),則成‘,為=q其中q=l-p.
pP2
例14.甲、乙兩名工人加工同一種零件,兩人每天加工的零件數(shù)相等,所得次品數(shù)分
別為£、n,£和n的分布列如下:
£012n012
PP
則比較兩名工人的技術(shù)水平的高低為.
思路啟迪:一是要比較兩名工人在加工零件數(shù)相等的條件下出次品數(shù)的平均值,即期
望;二是要看出次品數(shù)的波動情況,即方差值的大小.
解答過程:工人甲生產(chǎn)出次品數(shù)£的期望和方差分別為:
八I2
=Ox—+1x—+2x—=0.7'
101010
613
D£=(0-0.7)2x—+(1-0.7)2x—+(2-0.7)2x—=0.891'
101010
工人乙生產(chǎn)出次品數(shù)n的期望和方差分別為:
532532
£ri=Ox+lx-+2x=0.7,Dr|=(0-0.7)2—+(1-0.7)2—+(2-0.7)2x—=0.664
101010x10x1010
由E£=En知,兩人出次品的平均數(shù)相同,技術(shù)水平相當,但D£〉Dn,可見乙的技
術(shù)比較穩(wěn)定.
小結(jié):期望反映隨機變量取值的平均水平;方差反映隨機變量取值的穩(wěn)定與波動,集
中與離散的程度.
例15.
某商場經(jīng)銷某商品,根據(jù)以往資料統(tǒng)計,顧客采用的付款期數(shù)1的分布列為
12345
商場經(jīng)銷一件該商品,采用1期付款,其利潤為200元;分2期或3期付款,其利潤
為250元;分4期或5期付款,其利潤為300元.r)表示經(jīng)銷一件該商品的利潤.
I求事件A:“購買該商品的3位顧客中,至少有1位采用1期付款”的概率p(4);
II求”的分布列及期望期.
考查目的本小題主要考查概率和離散型隨機變量分布列和數(shù)學(xué)期望等知識.考查
運用概率知識解決實際問題的能力.
解答過程I由A表示事件“購買該商品的3位顧客中至少有1位采用1期付款”.
知彳表示事件“購買該商品的3位顧客中無人采用1期付款”
P(A)=(1-0.4)2=0.216,P(A)=1-P(才)=1-0.216=0.784.
Hr|的可能取值為200元,250元,300元.
P(r)=200)==1)=0.4,
P(r\=250)=P&=2)+P&=3)=0.2+0.2=0.4,
P(r)=300)=1—P(r)=200)-P(r|=250)=1-0.4—04=0.2.
r)的分布列為
Eq=200x0.4+250x0.4+300x0.2=2407E.
小結(jié):離散型隨機變量在某一范圍內(nèi)取值的概率等于它取這個范圍內(nèi)各個值的概率
之和.本題考查離散型隨機變量分布列和數(shù)學(xué)期望等概念,考查運用概率知識解決實
際問題的能力.
例16.某班有48名學(xué)生,在一次考試中統(tǒng)計出平均分為70分,方差為75,后來發(fā)現(xiàn)
有2名同學(xué)的成績有誤,甲實得80分卻記為50分,乙實得70分卻記為100分,更
正后平均分和方差分別是
,25,50,,25
解答過程:易得[沒有改變,7=70,
而S2=J_X2+X2+…+502+1002+…+X2—48嚏2=75,
12
4848
s2=J_x2+x2+…+8O2+7O2+…+x2—48;2
48I248
=±75X48+48^2-12500+11300-48^
48
=75—幽=75—25=50.
48
答案:B
考點4抽樣方法與總體分布的估計
抽樣方法
1.簡單隨機抽樣:設(shè)一個總體的個數(shù)為N,如果通過逐個抽取的方法從中抽取一個樣
本,且每次抽取時各個個體被抽到的概率相等,就稱這樣的抽樣為簡單隨機抽樣.常
用抽簽法和隨機數(shù)表法.
2.系統(tǒng)抽樣:當總體中的個數(shù)較多時,可將總體分成均衡的幾個部分,然后按照預(yù)先
定出的規(guī)則,從每一部分抽取1個個體,得到所需要的樣本,這種抽樣叫做系統(tǒng)抽樣也
稱為機械抽樣.
3.分層抽樣:當已知總體由差異明顯的幾部分組成時,常將總體分成幾部分,然后按
照各部分所占的比進行抽樣,這種抽樣叫做分層抽樣.
總體分布的估計
由于總體分布通常不易知道,我們往往用樣本的頻率分布去估計總體的分布,一
般地,樣本容量越大,這種估計就越精確.
總體分布:總體取值的概率分布規(guī)律通常稱為總體分布.
當總體中的個體取不同數(shù)值很少時,其頻率分布表由所取樣本的不同數(shù)值及相應(yīng)
的頻率表示,幾何表示就是相應(yīng)的條形圖.
當總體中的個體取值在某個區(qū)間上時用頻率分布直方圖來表示相應(yīng)樣本的頻率
分布.
總體密度曲線:當樣本容量無限增大,分組的組距無限縮小,那么頻率分布直方圖
就會無限接近于一條光滑曲線,即總體密度曲線.
典型例題
例17.某工廠生產(chǎn)A、B、C三種不同型號的產(chǎn)品,產(chǎn)品數(shù)量之比依次為2:3:5.現(xiàn)用分層抽樣
方法抽出一個容量為n的樣本,樣本中A種型號產(chǎn)品有16件.那么此樣本的容量n=
解答過程:A種型號的總體是2,則樣本容量io8n.
例18.一個總體中有100個個體,隨機編號0,1,2,99,依編號順序平均分成10個
小組,組號依次為1,2,3,10.現(xiàn)用系統(tǒng)抽樣方法抽取一個容量為10的樣本,規(guī)定如
果在第1組隨機抽取的號碼為m,那么在第k組中抽取的號碼個位數(shù)字與機+人的個位
數(shù)字相同,若加=6,則在第7組中抽取的號碼是.
解答過程:第K組的號碼為(i)io,(i)io+i,…,(i)io+9,當m=6解第k組抽取的號的個位
數(shù)字為m+k的個位數(shù)字,所以第7組中抽取的號碼的個位數(shù)字為3,所以抽取號碼為63.
例19.考查某校高三年級男生的身高,隨機抽取40名高三男生,實測身高數(shù)據(jù)單位:
cm如下:
171163163166166168168160168165
171169167169151168170160168174
165168174159167156157164169180
176157162161158164163163167161
⑴作出頻率分布表;⑵畫出頻率分布直方圖.
思路啟迪:確定組距與組數(shù)是解決“總體中的個體取不同值較多”這類問題的出發(fā)
八占、、?
解答過程:⑴最低身高為151,最高身高180,其差為180-151=29;確定組距為3,組數(shù)
為10,列表如下:
⑵頻率分布直方圖如下:
小結(jié):合理、科學(xué)地確定組距和組數(shù),才能準確地制表及繪圖,這是用樣本的頻率分
布估計總體分布的基本功.
估計總體分布的基本功;
考點5正態(tài)分布與線性回歸
1.正態(tài)分布的概念及主要性質(zhì)
1正態(tài)分布的概念
如果連續(xù)型隨機變量之的概率密度函數(shù)為1其中口為
SJ\x)—2a2u產(chǎn)
常數(shù),并且。>0,則稱自服從正態(tài)分布,記為g~NN,b”
2期望”=口,方差o"?!?/p>
3正態(tài)分布的性質(zhì)
正態(tài)曲線具有下列性質(zhì):
①曲線在x軸上方,并且關(guān)于直線x=u對稱.
②曲線在x=u時處于最高點,由這一點向左右兩邊延伸時,曲線逐漸降低.
③曲線的對稱軸位置由U確定;曲線的形狀由。確定,B越大,曲線越“矮胖”;反之
越“高瘦”.
4標準正態(tài)分布
當廣0,0=1時己服從標準的正態(tài)分布,記作jN。,1
5兩個重要的公式
①帆-幻=1-帆幻,②P(a<^<b)=<l>(b)-<t>(a)-
6/V(H.ai)與N(0,l)—者聯(lián)系。
①若&~N(N.°2),則月=三上~7(0,1);
②若&~N(氏62),則p(a*<?=<|)("艮)_(!)(佇凹”
QO
2.線性回歸
簡單的說,線性回歸就是處理變量與變量之間的線性關(guān)系的一種數(shù)學(xué)方法.
變量和變量之間的關(guān)系大致可分為兩種類型:確定性的函數(shù)關(guān)系和不確定的函
數(shù)關(guān)系.不確定性的兩個變量之間往往仍有規(guī)律可循.回歸分析就是處理變量之間的
相關(guān)關(guān)系的一種數(shù)量統(tǒng)計方法.它可以提供變量之間相關(guān)關(guān)系的經(jīng)驗公式.
具體說來,對n個樣本數(shù)據(jù),v,xv,…,xv,其回歸直線方程,或經(jīng)驗公式為:
1122nn
處"+”?其中工兩,其中行分別為I"、I"的平均數(shù)?
‘"十"b=金,a=y-bx,羽)A
Xx2-n(x)2
例20.如果隨機變量g?NH,。2,且Eg=3,"=1,則P—1VgWl=等于
①1一1B.①4一①2
C.①2一①4D.①一4一①一2
解答過程:對正態(tài)分布,R=Eg=3,。2=乂=1,故P—1<WW1=S—3一①一1—3=
①一2一①一4二①4一①2.
答案:B
例2L將溫度調(diào)節(jié)器放置在貯存著某種液體的容器內(nèi),調(diào)節(jié)器設(shè)定在d℃,液體的
溫度《單位:C是一個隨機變量,且8?Nd,.
1若d=90°,則&<89的概率為;
2若要保持液體的溫度至少為80c的概率不低于,則d至少是其中若
n-NO,1,貝ij①2=Pn<2=,0-=Pn<-=
思路啟迪:1要求P&<89=F89,
V€?Nd,不是標準正態(tài)分布,而給出的是①2,①一,故需轉(zhuǎn)化為標準正態(tài)分布的
數(shù)值.
2轉(zhuǎn)化為標準正態(tài)分布下的數(shù)值求概率P,再利用P2,解d.
解答過程:IPM<89=F89=①四型=①一2二1一①2=1—二.
0.5
2由已知d滿足WP&280,
即1-Pg<8021—,.?”<80〃.
???①8O-dW=①一.
0.5
??80-d?
0.5
,dW.
故d至少為.
小結(jié):1若之?NO,1,則n=j?N0,1.2標準正態(tài)分布的密度函數(shù)fx是偶函
數(shù),x<0時,fx為增函數(shù),x>0時,fx為減函數(shù).
例22.且總體密度曲線的函數(shù)表達式為:“、.)=_!=/丁,x£R.
1則U,O是;2則「([*一]]<上)及玖i_q<x<l+2揚的值是,
思路啟迪:根據(jù)表示正態(tài)曲線函數(shù)的結(jié)構(gòu)特征,對照已知函數(shù)求出R和。.利用一般
正態(tài)總體N(禺c)與標準正態(tài)總體N0.1概率間的關(guān)系,將一般正態(tài)總體劃歸為標準正
態(tài)總體來解決.
解答過程:(1)由于“、1一一1-寸,根據(jù)一般正態(tài)分布的函數(shù)表達形式,
可知口=1,。=后,故X?N1,2.
=2。⑴-1=2x0.8413-1=0.6826,
又P(1-石'<x<1+2揚=F(1+2VI)-尸(1-41)
=62)+0⑴-1=0.9772+0.8413-1=0.8185
小結(jié):通過本例可以看出一般正態(tài)分布與標準正態(tài)分布間的內(nèi)在關(guān)聯(lián).
例23.公共汽車門的高度是按照確保99%以上的成年男子頭部不跟車門頂部碰撞設(shè)
計的,如果某地成年男子的身高£?N173,7單位:cm,則車門應(yīng)設(shè)計的高度是精
確到1cm
思路啟迪:由題意可知,求的是車門的最低高度,可設(shè)其為xcm,使其總體在不低于x
的概率小于1%.
解答過程:設(shè)該地區(qū)公共汽車車門的最低高度應(yīng)設(shè)為xcm,由題意,需使P£2x<l%.
???£-N173,7,.?.小加則?).;查表得s>233,解得x>,即公共汽車門
V7、/7
的高度至少應(yīng)設(shè)計為180cm,可確保99%以上的成年男子頭部不跟車門頂部碰撞.
專題訓(xùn)練
一.選擇題
1.下面關(guān)于離散型隨機變量的期望與方差的結(jié)論錯誤的是
A.期望反映隨機變量取值的平均水平,方差反映隨機變量取值集中與離散的程度.
B.期望與方差都是一個數(shù)值,它們不隨試驗的結(jié)果而變化
C.方差是一個非負數(shù)
D.期望是區(qū)間0,1上的一個數(shù).
2.要了解一批產(chǎn)品的質(zhì)量,從中抽取200個產(chǎn)品進行檢測,則這200個產(chǎn)品的質(zhì)量是
A.總體B.總體的一個樣本C.個體D.樣本容量
3.已知T|的分布列為:
01
設(shè)J3n-2則玩的值為
P
A.5B.4C._2D._3
3~3
4?設(shè)“E"12,網(wǎng)=4,則n,P的值分別為
,1B.36,1C.2,36D.18,2
3333
5.已知隨機變量&服從二項分布,自~B(6」),則P(&=2)等于
A.3_B.,_C.且D._80_
16243243243
6.設(shè)隨機變量的分布列為〃Fk,其中k=l,2,3,4,5,則等于
P(0=^)=—p(-<s<-)
A.iB.iC.[D.i
5296
7.設(shè)15000件產(chǎn)品中有1000件廢品,從中抽取150件進行檢查,則查得廢品數(shù)的數(shù)學(xué)
期望為
D.都不對
8.某市政府在人大會上,要從農(nóng)業(yè)、工業(yè)、教育系統(tǒng)的代表中抽查對政府工作報告的
意見.為了更具有代表性,抽取應(yīng)采用
A.抽簽法B.隨機數(shù)表法C.系統(tǒng)抽樣法D.分層抽樣
9.一臺X型號的自動機床在一小時內(nèi)不需要人照看的概為,有四臺這種型號的自動機
床各自獨立工作,則在一小時內(nèi)至多有2臺機床需要工人照看的概率是
10.某校高三年級195名學(xué)生已編號為1,2,3,-195,為了解高三學(xué)生的飲食情況,要
按1:5的比例抽取一個樣本,若采用系統(tǒng)抽樣方法進行抽取,其中抽取3名學(xué)生的編
號可能是
,24,33,47,147,153,193,132,159
11.同時拋擲4枚均勻硬幣80次,設(shè)4枚硬幣正好出現(xiàn)2枚正面向上,2枚反面向上的
次數(shù)為自,則&的數(shù)學(xué)期望是
12.已知g~N(0,G2),且p(_2M20)=0.4'則Pg>2等于
某公司在甲、乙、丙、丁四個地區(qū)分別有150個、120個、180個、
150個銷售點.公司為了調(diào)查產(chǎn)品銷售的情況,需從這600個銷售點中抽取一個容
量為100的樣本,記這項調(diào)查為①;在丙地區(qū)中有20個特大型銷售點,要從中抽取
7個調(diào)查其銷售收入和售后服務(wù)情況,記這項調(diào)查為②.則完成①、②這兩項調(diào)查宜
采用的抽樣方法依次是
A.分層抽樣法,系統(tǒng)抽樣法B.分層抽樣法,簡單隨機抽樣法
C.系統(tǒng)抽樣法,分層抽樣法D.簡單隨機抽樣法,分層抽樣法
14.某校為了了解學(xué)生的課外閱讀情況,隨機調(diào)查了50名學(xué)生,得到他們在某一天
各自課外閱讀所用時間的數(shù)據(jù),結(jié)果用下面的條形圖表示,根據(jù)條形圖可得這50名
學(xué)生這一天平均每人的課外閱讀時間為
hhhh
二.填空題
15.某工廠規(guī)定:工人只要生產(chǎn)出一件甲級產(chǎn)品發(fā)獎金50元,生產(chǎn)出一件乙級產(chǎn)品發(fā)
獎金30元,若生產(chǎn)出一件次品則扣獎金20元,某工人生產(chǎn)甲級品的概率為,乙級品的
概率為,次品的概率為,則此人生產(chǎn)一件產(chǎn)品的平均獎金為元.
16.同時拋擲兩枚相同的均勻硬幣,隨機變量&句表示結(jié)果中有正面向上,4二o表
示結(jié)果中沒有正面向上,則成=L
17.甲、乙兩種冬小麥試驗品種連續(xù)5年的平均單位面積產(chǎn)量如下單位:t/hiw
品種第1年第2年第3年第4年第5年
甲10
乙
18.一工廠生產(chǎn)了某種產(chǎn)品16800件,它們來自甲、乙、丙3條生產(chǎn)線,為檢查這批產(chǎn)
品的質(zhì)量,決定采用分層抽樣的方法進行抽樣,已知從甲、乙、丙3條生產(chǎn)線抽取的
個體數(shù)組成一個等差數(shù)
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