2023年重慶市高考物理三診試卷

2023年重慶市高考物理三診試卷

一、未知

1.（3分）汽車(chē)沿直線勻加速上坡過(guò)程中，所受阻力恒定，則（）

A.汽車(chē)機(jī)械能守恒B.汽車(chē)機(jī)械能減少

C.汽車(chē)機(jī)械能增加D.汽車(chē)功率不變

2.（3分）如圖所示，理想變壓器連接輸出電壓恒為U（）的交流電源，所有電表均為理想電

表，用電器R阻值恒定，則在滑片P從a向b滑動(dòng)過(guò)程中，示數(shù)不變的電表是（）

A.Ai表B.Vi表C.V2表D.A2表

3.（3分）如題圖所示，某跳傘運(yùn)動(dòng)員從一定高度跳傘，在降落過(guò)程中受到水平恒向風(fēng)力影

響，最后降落到同一水平面上，下列說(shuō)法正確的是（）

A.該運(yùn)動(dòng)員一定做曲線運(yùn)動(dòng)

B.其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短

C.其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)

D.其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員著地時(shí)的動(dòng)能越大

4.（3分）用題圖所示裝置進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)：用頻率為v的單色光照射金屬K,滑動(dòng)變阻

器的滑片P與固定端O都在中央位置時(shí)，靈敏電流計(jì)G中有電流通過(guò)。下列說(shuō)法正確的

是（）

A.增大該單色光的強(qiáng)度，靈敏電流計(jì)G示數(shù)一定增大

B.滑片P向a端移動(dòng)過(guò)程中，靈敏電流計(jì)G示數(shù)一定不斷增大

C.滑片P向a端移動(dòng)可測(cè)遏止電壓Uc

D.換用頻率小于v的單色光照射金屬K,靈敏電流計(jì)G中一定沒(méi)有電流通過(guò)

5.（3分）據(jù)報(bào)道，2023年1月3日，嫦娥四號(hào)登陸月背4周年，月球車(chē)在月球表面行駛總

路程達(dá)到1455米，工況正常，創(chuàng)造了多個(gè)舉世矚目的成績(jī)。設(shè)定月球與地球的半徑之比

為p,月球與地球的質(zhì)量之比為q,不考慮月球和地球的自轉(zhuǎn)以及月球和地球表面的空氣

阻力，給同一輛月球車(chē)提供相同的初動(dòng)能，其分別在月球表面和地球表面粗糙程度相同

的平直路面上無(wú)動(dòng)力滑行的路程之比為（）

A.旦B.C.D.

2

Dqqp

6.（3分）一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)能Ek隨位置x變化的關(guān)

系如題圖所示，則其電勢(shì)能Ep、加速度大小a、電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E、電勢(shì)華分別與

位置x的關(guān)系圖，正確的是（）

7.（3分）如題圖所示，靜置于水平面的矩形閉合線圈abed,匝數(shù)為n,總電阻為R,長(zhǎng)度

ab=Li,bc=L2,該線圈的中軸線PQ兩側(cè)分別有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的勻

強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向均垂直于線圈平面。兩磁場(chǎng)同時(shí)以大小為v的速度水平向右運(yùn)動(dòng)瞬時(shí),

線圈所受磁場(chǎng)作用力大小F為（）

A2口21220212

4nBL9VnDL9v

RR

22222

nDnLTIv4AnBPLTiTLv

C.-------J—D.---------9

RR

（多選）8.（3分）自主學(xué)習(xí)活動(dòng)中，同學(xué)們對(duì)部分熱學(xué)知識(shí)進(jìn)行討論，下列說(shuō)法正確的是

（）

A,擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)就是布朗運(yùn)動(dòng)

B.樹(shù)葉上的露珠呈扁平球形是由于液體表面張力作用

C.液晶既具有液體的流動(dòng)性，又具有單晶體的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)

D.自發(fā)的熱傳遞過(guò)程是大量分子從無(wú)序程度大的狀態(tài)向無(wú)序程度小的狀態(tài)轉(zhuǎn)化的過(guò)程

（多選）9.（3分）如題圖所示，用與水平方向夾角為8的力F拉某物品，使該物品沿水平

路面做勻速直線運(yùn)動(dòng)。如果增大。（。始終小于90°）,要使該物品仍沿同一水平路面做

勻速直線運(yùn)動(dòng)，則（）

A.力F可能增大

B.力F可能減小

C.該物品對(duì)水平路面的作用力一定增大

D.該物品對(duì)水平路面的作用力一定減小

（多選）10.（3分）如題圖所示，某興趣小組將一象棋子放在靜置于水平課桌上的物理課

本上面中央，并用水平恒力F作用于課本，將其從象棋子下方抽出。課桌足夠長(zhǎng)且粗粒

程度處處相同，象棋子可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則（）

A.其他條件不變，力F越大，象棋子離開(kāi)課本的速度越大

B.其他條件不變，力F越大，象棋子離開(kāi)課本的速度越小

C.其他條件不變，象棋子質(zhì)量越大，其離開(kāi)課本的速度越大

D.其他條件不變，象棋子質(zhì)量越大，其離開(kāi)課本的速度越小

二、解答題（共5小題，滿分0分）

11.如圖為用光電門(mén)測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置。一直徑為d的鋼球從光電門(mén)正上方由靜止開(kāi)

始自由下落，測(cè)得剛開(kāi)始下落時(shí)，鋼球球心到光電門(mén)的距離為h,用計(jì)時(shí)裝置測(cè)出鋼球通

過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為to用鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示鋼球球心通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速

度，不考慮空氣阻力。

（1）鋼球球心通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小v=；

（2）當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮=；

（3）由于實(shí)驗(yàn)中用鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示鋼球球心通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，導(dǎo)

致重力加速度的測(cè)量值（選填“大于”“小于”）其真實(shí)值。

12.某實(shí)驗(yàn)小組在練習(xí)使用多用電表的實(shí)驗(yàn)中，進(jìn)行了以下探究。

（1）用多用電表測(cè)量某元件的電阻：選用歐姆擋“X10”擋進(jìn)行測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表

指針的偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，因此需重新選擇（選填“Xl”“X100”）擋，并需

（填操作過(guò)程）后，再次進(jìn)行測(cè)量，若此時(shí)多用電表的指針如題圖1所示，則測(cè)量結(jié)果

為_(kāi)________

（2）如圖2所示，電學(xué)實(shí)驗(yàn)室的“黑盒子”表面有A、B、C三個(gè)接線柱，盒內(nèi)有一只

定值電阻和一個(gè)二極管，每?jī)蓚€(gè)接線柱之間最多連接一個(gè)元件。為了探明盒內(nèi)元件的連

接方式，該實(shí)驗(yàn)小組用多用電表的歐姆擋進(jìn)行測(cè)量，把紅、黑表筆分別與接線柱A、B、

C連接，測(cè)量結(jié)果如表所示：

紅表筆ABAcBc

黑表筆BACACB

阻值（Q）2100120200020100100

請(qǐng)?jiān)陬}圖2中畫(huà)出“黑盒子”內(nèi)的電路結(jié)構(gòu)圖，并標(biāo)明定值電阻的阻值。

13.一均勻透明體的橫截面如圖所示，四分之一圓AB的半徑為R,0為圓心。ZOCB=60°o

一細(xì)束單色光從真空中由AC邊上D點(diǎn)垂直AC射入該透明體。已知DO間距為亞R,

2

該透明體對(duì)該單色光的折射率為代，光在真空中傳播速度大小為C。求：

(1)該單色光第一次從AC邊射出時(shí)，其折射光線與AC邊的夾角0；

(2)該單色光從D點(diǎn)入射到第一次到達(dá)AC邊所經(jīng)過(guò)的時(shí)間。

14.如題圖所示，一豎直輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端與質(zhì)量為3m的物塊甲連接,

初始時(shí)甲靜止?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的物塊乙從甲正上方距甲高度為h處由靜止釋放，與甲

發(fā)生碰撞后立即形成共同體丙，隨后一起運(yùn)動(dòng)但不粘連，當(dāng)共同體丙運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，

乙恰好不離開(kāi)甲。乙與甲碰撞時(shí)間極短可不計(jì)，甲、乙均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧始終在彈性

限度內(nèi)，其彈性勢(shì)能Ep=/kx2(k為彈簧的勁度系數(shù)，且k為未知量，x為彈簧的形變

量)，重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力。求：

(1)乙與甲碰撞后形成共同體丙瞬時(shí)，共同體丙的速度大??；

(2)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，共同體丙的最大動(dòng)能和彈簧的最大彈性勢(shì)能。

15.如題圖1所示，一對(duì)豎直固定的平行金屬板M、N間距為L(zhǎng),01、02為兩板上正對(duì)的

小孔，M、N兩板間加有恒定電壓，M板為正極板。緊貼N板右側(cè)存在上下范圍足夠大、

水平寬度為d的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面(圖中未畫(huà)出)，豎直虛線PIQI、

P2Q2是該磁場(chǎng)區(qū)域的左、右邊界?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從Oi

孔進(jìn)入M、N兩板間，粒子初速度和重力均不計(jì)。

(1)若M、N兩板間電壓為U,求兩板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E和該粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)

域時(shí)的速度大??；

(2)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖2所示，其中Bo為已知量，周期

＞空里。t=0時(shí)刻該粒子從02孔射入磁場(chǎng)，始終不能穿出右邊界P2Q2,求M、N

0

3qB0

兩板間電壓U'應(yīng)滿足的條件；

(3)在(2)的條件下，該粒子末與N板發(fā)生碰撞，求該粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。

2023年重慶市高考物理三診試卷

參考答案與試題解析

一、未知

1.(3分)汽車(chē)沿直線勻加速上坡過(guò)程中，所受阻力恒定，則()

A.汽車(chē)機(jī)械能守恒B.汽車(chē)機(jī)械能減少

C.汽車(chē)機(jī)械能增加D.汽車(chē)功率不變

【分析】汽車(chē)沿直線勻加速上坡過(guò)程中，除重力外其他合外力做正功，則汽車(chē)的機(jī)械能

增加；汽車(chē)做勻加速運(yùn)動(dòng)，阻力恒定，重力沿斜面向下的分力恒定，則牽引力F恒定，

由p=Fv可知汽車(chē)的功率隨速度增大而增大。

【解答】解：ABC.汽車(chē)勻加速上坡，汽車(chē)的動(dòng)能和重力勢(shì)能均增加，則機(jī)械能增加，

故AB錯(cuò)誤，C正確；

D.由于汽車(chē)為勻加速上坡，則所受合力恒定，阻力恒定，則牽引力F恒定不變，加速

過(guò)程速度大小v逐漸增大，汽車(chē)功率為p=Fv,則汽車(chē)功率逐漸增大，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了機(jī)車(chē)啟動(dòng)問(wèn)題，解題的關(guān)鍵是分析出除重力外的合力對(duì)汽車(chē)做正功,

汽車(chē)的機(jī)械能增加，功率隨速度的增加而增加。

2.（3分）如圖所示，理想變壓器連接輸出電壓恒為Uo的交流電源，所有電表均為理想電

表，用電器R阻值恒定，則在滑片P從a向b滑動(dòng)過(guò)程中，示數(shù)不變的電表是（）

A.Ai表B.Vi表C.V2表D.A2表

【分析】原副線圈兩端的電壓之比與匝數(shù)成正比，副線圈時(shí)的抽頭P滑動(dòng)時(shí)，副線圈對(duì)

應(yīng)的匝數(shù)發(fā)生變化，則副線圈上的電壓發(fā)生變化，結(jié)合歐姆定律分析電流表示數(shù)的變化。

【解答】解：A、電源電壓恒為Uo,所以電壓表Vi示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)變壓器原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系比在滑片P從a向b滑動(dòng)過(guò)程中，n2

U?n2

增大，Uo、ni不變，則U2增大，即電壓表V2的示數(shù)增大，故B正確；

C、根據(jù)歐姆定律U2=l2R，U2增大，I2增大，即電流表A2示數(shù)增大，故C錯(cuò)誤；

T?

D、根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系，=_2,由此可知，［|增大，即電流表A1示數(shù)增

12nl

大，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等

于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；原線圈的電壓決

定副線圈的電壓。

3.（3分）如題圖所示，某跳傘運(yùn)動(dòng)員從一定高度跳傘，在降落過(guò)程中受到水平恒向風(fēng)力影

響，最后降落到同一水平面上，下列說(shuō)法正確的是（）

A.該運(yùn)動(dòng)員一定做曲線運(yùn)動(dòng)

B.其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短

C.其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)

D.其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員著地時(shí)的動(dòng)能越大

【分析】首先，根據(jù)運(yùn)動(dòng)員的受力和速度關(guān)系判斷運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；

其次，根據(jù)自由落體的規(guī)律求出運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，判讀是否與風(fēng)力有關(guān)；

最后，根據(jù)動(dòng)能定理分析分力越大，運(yùn)動(dòng)員著地時(shí)的動(dòng)能是不是越大。

【解答】解：A、若運(yùn)動(dòng)員跳傘時(shí)的速度與運(yùn)動(dòng)員所受的合力方向相同，則運(yùn)動(dòng)員做直線

運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BC、豎直方向，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，有h,gt2

可得運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為tq件

可知該運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間與風(fēng)力無(wú)關(guān)，故BC錯(cuò)誤；

D、設(shè)運(yùn)動(dòng)員水平方向位移為x,風(fēng)力越大，則x越大，根據(jù)動(dòng)能定理有Ek=mgh+Fx

可知其他條件不變，風(fēng)力越大，該運(yùn)動(dòng)員著地時(shí)的動(dòng)能越大，故D正確。

故選：D。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了曲線運(yùn)動(dòng)的條件以及動(dòng)能定理等相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵是熟練

掌握運(yùn)動(dòng)的合成與分解以及動(dòng)能定理的簡(jiǎn)單應(yīng)用。

4.（3分）用題圖所示裝置進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)：用頻率為v的單色光照射金屬K,滑動(dòng)變阻

器的滑片P與固定端O都在中央位置時(shí)，靈敏電流計(jì)G中有電流通過(guò)。下列說(shuō)法正確的

是（）

A.增大該單色光的強(qiáng)度，靈敏電流計(jì)G示數(shù)一定增大

B.滑片P向a端移動(dòng)過(guò)程中，靈敏電流計(jì)G示數(shù)一定不斷增大

C.滑片P向a端移動(dòng)可測(cè)遏止電壓Uc

D.換用頻率小于v的單色光照射金屬K,靈敏電流計(jì)G中一定沒(méi)有電流通過(guò)

【分析】A.光電流的大小與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，靈敏電流計(jì)的示數(shù)與光電流的大小有關(guān);

B.滑片P向a端移動(dòng)過(guò)程中，正向電壓變大，光電流變大，在分析飽和光電流；

C.滑片P向a端移動(dòng)過(guò)程中，正向電壓增大，不能測(cè)出遏止電壓；

D.根據(jù)光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件分析作答。

【解答】解：A.增大該單色光的強(qiáng)度，逸出的光電子變多，由題意可知光電流變大，靈

敏電流計(jì)G示數(shù)一定增大，故A正確；

B.滑片P向a端移動(dòng)過(guò)程中，正向電壓變大，光電流變大，靈敏電流計(jì)G示數(shù)增大，

達(dá)到飽和光電流后，靈敏電流計(jì)G示數(shù)不再變化，故B錯(cuò)誤；

C.由圖可知，滑片P向a端移動(dòng)，正向電壓變大，無(wú)法測(cè)出遏止電壓Uc，只有滑片P

向b端移動(dòng)可測(cè)遏止電壓Uc，故C錯(cuò)誤；

D.用頻率為v的單色光照射金屬，產(chǎn)生了光電效應(yīng)，只能說(shuō)明入射光的頻率大于或等于

金屬的極限頻率，換用頻率小于v的單色光照射金屬K,該入射光的頻率仍然有可能大

于極限頻率，因此有可能發(fā)生光電效應(yīng)，靈敏電流計(jì)G中可能有電流通過(guò)，故D錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】要明確遏止電壓的含義，遏止電壓是電路中剛好無(wú)光電流的反向電壓；光電效

應(yīng)產(chǎn)生的條件是入射光的頻率大于或等于金屬的極限頻率。

5.（3分）據(jù)報(bào)道，2023年1月3日，嫦娥四號(hào)登陸月背4周年，月球車(chē)在月球表面行駛總

路程達(dá)到1455米，工況正常，創(chuàng)造了多個(gè)舉世矚目的成績(jī)。設(shè)定月球與地球的半徑之比

為P，月球與地球的質(zhì)量之比為q,不考慮月球和地球的自轉(zhuǎn)以及月球和地球表面的空氣

阻力，給同一輛月球車(chē)提供相同的初動(dòng)能，其分別在月球表面和地球表面粗糙程度相同

的平直路面上無(wú)動(dòng)力滑行的路程之比為（）

A.旦B.C.D.

p2qqp

【分析】不考慮月球和地球的自轉(zhuǎn)，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力列式，求解月球表面和地球

表面的重力加速度之比，再由動(dòng)能定理求滑行的路程之比。

【解答】解：不考慮星體的自轉(zhuǎn)，在星體表面的物體的重力等于星體對(duì)物體的萬(wàn)有引力，

有

則星體表面的重力加速度為：g=G-y

由于月球與地球的半徑之比為p，月球與地球的質(zhì)量之比為q,則月球表面和地球表面的

重力加速度之比為

由于月球車(chē)有相同的初動(dòng)能，由動(dòng)能定理可得

一|imgs=0-Ek

則月球車(chē)在月球表面和地球表面粗糙程度相同的平直路面上無(wú)動(dòng)力滑行的路程之比為

—=—=^-,故ACD錯(cuò)誤，B正確。

s地g月q

故選：B?

【點(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要知道不考慮星體的自轉(zhuǎn)，物體的重力等于星體對(duì)物體的萬(wàn)有

引力。涉及力在空間積累的效果時(shí)，要優(yōu)先考慮動(dòng)能定理。

6.（3分）一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)能Ek隨位置x變化的關(guān)

系如題圖所示，則其電勢(shì)能Ep、加速度大小a、電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E、電勢(shì)⑴分別與

位置x的關(guān)系圖，正確的是（）

【分析】根據(jù)功能關(guān)系列式，得到Ek與x的關(guān)系式，得到Ek-x圖像斜率的意義，結(jié)合

Ep-x圖像的斜率表示電場(chǎng)力的負(fù)值，分析Ep-x圖像的形狀以及E-x圖像的形狀；根

據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化；根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差關(guān)系分析<p-x圖像的形狀。

【解答】解：AC、根據(jù)功能關(guān)系有：AEk=qEAx

貝IEk-x圖像的斜率k^^A=qE

△x

Ek-x圖像的斜率逐漸增大，則E逐漸增大。

根據(jù)功能關(guān)系有

△Ep=-qEAx

△Ec

可得Ep-x圖像的斜率k，=—P-=-qg

E逐漸增大，Ep-x圖像斜率應(yīng)逐漸增大。電場(chǎng)力一直做正功，電勢(shì)能一直減小，故A

錯(cuò)誤，C正確；

B、根據(jù)牛頓第二定律得&生

m

可知E逐漸增大，加速度a逐漸增大，故B錯(cuò)誤；

D、根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差關(guān)系式有（p=<po-Ex

則（p-x圖像的斜率k"=-E,E逐漸增大，＜p-X圖像斜率也應(yīng)逐漸增大，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵是運(yùn)用功能關(guān)系列式，分析Ek-x圖像斜率的意義，再分析各

個(gè)圖像的形狀。知道Ek-x圖像的斜率表示電場(chǎng)力。

7.（3分）如題圖所示，靜置于水平面的矩形閉合線圈abed,匝數(shù)為n,總電阻為R,長(zhǎng)度

ab=Lf,bc=L2,該線圈的中軸線PQ兩側(cè)分別有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的勻

強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向均垂直于線圈平面。兩磁場(chǎng)同時(shí)以大小為v的速度水平向右運(yùn)動(dòng)瞬時(shí),

線圈所受磁場(chǎng)作用力大小F%（）

A2口2122p2T2

4nBLVnBLv

A.---------B9.------------------------------------9^―

RR

2口2T2J2n2TT

nBLIv4nBLiLv

C.-------i—D.---------19/

RR

【分析】根據(jù)磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)方向，確定電流方向，根據(jù)切割電動(dòng)勢(shì)公式、歐姆定律，求電流,

再根據(jù)安培力公式，求安培力大小。

【解答】解：當(dāng)磁場(chǎng)向右運(yùn)動(dòng)，線圈ad邊切割磁感線產(chǎn)生a-b方向的電流，be邊產(chǎn)生

c-b方向的電流，根據(jù)切割電動(dòng)勢(shì)公式E=2nBL2V

訐2nBLnv

根據(jù)歐姆定律，電路中的感應(yīng)電流為-----

RR

線圈中ad和be邊受到安培力的作用，所受安培力為F=2nBIL2

42g2j2

解得門(mén)R2”,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生對(duì)切割電動(dòng)勢(shì)公式、歐姆定律、安培力公式的掌握，比較基礎(chǔ)。

（多選）8.（3分）自主學(xué)習(xí)活動(dòng)中，同學(xué)們對(duì)部分熱學(xué)知識(shí)進(jìn)行討論，下列說(shuō)法正確的是

（）

A.擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)就是布朗運(yùn)動(dòng)

B.樹(shù)葉上的露珠呈扁平球形是由于液體表面張力作用

C.液晶既具有液體的流動(dòng)性，又具有單晶體的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)

D.自發(fā)的熱傳遞過(guò)程是大量分子從無(wú)序程度大的狀態(tài)向無(wú)序程度小的狀態(tài)轉(zhuǎn)化的過(guò)程

【分析】A.根據(jù)擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析作答;

B.根據(jù)表面張力分析作答；

C.根據(jù)液晶的特點(diǎn)分析作答；

D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律和嫡增原理分析作答。

【解答】解：A.擴(kuò)散是指不同物質(zhì)相互接觸彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象，布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒

的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)不是布朗運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.樹(shù)葉上的露珠呈扁平球形是由于液體表面張力作用，故B正確；

C.液晶既具有液體的流動(dòng)性，又具有單晶體的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)，故C正確；

D.根據(jù)端增原理可知，自發(fā)的熱傳遞過(guò)程是大量分子從無(wú)序程度小的狀態(tài)向無(wú)序程度大

的狀態(tài)轉(zhuǎn)化的過(guò)程，故D錯(cuò)誤。

故選：BCo

【點(diǎn)評(píng)】本題重點(diǎn)要掌握擴(kuò)散與布朗運(yùn)動(dòng)、液體表面張力的形成的原因，以及液晶的物

理性質(zhì)和爆增等一些基礎(chǔ)性的知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，在平時(shí)的學(xué)習(xí)過(guò)程中多加積累即可。

（多選）9.（3分）如題圖所示，用與水平方向夾角為。的力F拉某物品，使該物品沿水平

路面做勻速直線運(yùn)動(dòng)。如果增大0（0始終小于90°）,要使該物品仍沿同一水平路面做

勻速直線運(yùn)動(dòng)，則（）

A.力F可能增大

B.力F可能減小

C.該物品對(duì)水平路面的作用力一定增大

D.該物品對(duì)水平路面的作用力一定減小

【分析】物品做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所受合力始終為零，根據(jù)平衡條件可以列出水平方程、

豎直方程，聯(lián)立兩方程，得出力F的表達(dá)式，根據(jù)e變化情況，判斷力F的變化情況。

根據(jù)牛頓第三定律可知，該物品對(duì)水平路面的作用力，大小等于路面對(duì)該物品的作用力,

即物品所受路面的支持力與滑動(dòng)摩擦力的合力。列出合力的表達(dá)式后，根據(jù)。變化情況,

判斷合力變化情況。

【解答】解：AB.設(shè)物品質(zhì)量為m,物品與路面間摩擦因數(shù)為2物品做勻速直線運(yùn)動(dòng),

根據(jù)平衡條件有

FCOS0=|1FN

FN=mg-FsinQ

聯(lián)立兩式解得：L/:mg--------------其中tan<p=」^

cos?+M-sinQW+isin（e+。）四

由正弦函數(shù)性質(zhì)可知，增大。（。始終小于90°）,力F可能增大、也可能減小，故AB

正確；

CD.由牛頓第三定律可知，該物品對(duì)水平路面的作用力，大小等于物品所受路面支持力

與滑動(dòng)摩擦力的合力，則有

3恒+（%）2

代入FN,整理得：F合=1ng丫>2+1

1+M-tan8

由正切函數(shù)性質(zhì)可知，增大8（0始終小于90°）時(shí)，物品所受支持力與滑動(dòng)摩擦力的

合力F務(wù)減小，則該物品對(duì)水平路面的作用力減小，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選：ABDo

【點(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵，一要列出水平方向、豎直方向的平衡方程；二要熟練掌握相

關(guān)的數(shù)學(xué)知識(shí)。

（多選）10.（3分）如題圖所示，某興趣小組將一象棋子放在靜置于水平課桌上的物理課

本上面中央，并用水平恒力F作用于課本，將其從象棋子下方抽出。課桌足夠長(zhǎng)且粗耕

程度處處相同，象棋子可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則（）

A.其他條件不變，力F越大，象棋子離開(kāi)課本的速度越大

B.其他條件不變，力F越大，象棋子離開(kāi)課本的速度越小

C.其他條件不變，象棋子質(zhì)量越大，其離開(kāi)課本的速度越大

D.其他條件不變，象棋子質(zhì)量越大，其離開(kāi)課本的速度越小

【分析】根據(jù)牛頓第二定律列式分析課本加速度變化，畫(huà)出棋子和課本的v-t圖像，結(jié)

合v-t圖像的斜率表示加速度進(jìn)行分析。

【解答】解：將課本從象棋子下方抽出過(guò)程中，作出象棋子和物理課本的V-t圖像。由

于象棋子受到的摩擦力恒定，加速度恒定，所以象棋子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其V-t圖像

為最右側(cè)的圖像；

對(duì)于課本研究，根據(jù)牛頓第二定律可得

F-f=m源本a

可知F越大，v-t圖像的加速度越大，v-t圖像從左側(cè)數(shù)第一條圖線的F比第二條圖線

大；且若象棋子質(zhì)量大，則象棋子對(duì)課本的摩擦力大，故v-t圖像為第三條圖線，如圖

所示。

AB、其他條件不變，力F越大，若象棋子離開(kāi)課本，則課本運(yùn)動(dòng)相同位移時(shí)，所用時(shí)間

越短，由圖可知，由象棋子的v-t圖像可得運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短，速度越小，故A錯(cuò)誤，B正

確；

CD、由上述可知，課本的v-t圖像為第三條圖像，則課本運(yùn)動(dòng)相同位移時(shí)，象棋子質(zhì)量

越大，其運(yùn)動(dòng)的末速度越大，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：BCo

【點(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵是運(yùn)用隔離法分析棋子和課本的加速度與F的關(guān)系，畫(huà)出v-t

圖像，結(jié)合v-t圖像的斜率表示加速度進(jìn)行解答。

二、解答題（共5小題，滿分0分）

11.如圖為用光電門(mén)測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置。一直徑為d的鋼球從光電門(mén)正上方由靜止開(kāi)

始自由下落，測(cè)得剛開(kāi)始下落時(shí)，鋼球球心到光電門(mén)的距離為h,用計(jì)時(shí)裝置測(cè)出鋼球通

過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為to用鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示鋼球球心通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速

度，不考慮空氣阻力。

（1）鋼球球心通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小V=_旦_；

t

H2

（2）當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?/p>

2ht2

（3）由于實(shí)驗(yàn)中用鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示鋼球球心通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，導(dǎo)

致重力加速度的測(cè)量值小于（選填“大于”“小于”）其真實(shí)值。

【分析】（1）根據(jù)平均速度公式求解鋼球通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度；

（2）根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)公式求解重力加速度；

（3）由于鋼球的直徑不是很小，因此鋼球球心通過(guò)光電門(mén)的速度（中間位置的速度）與

鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度存在差異，據(jù)此分析作答。

【解答】解：（1）鋼球球心通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小為丫]

（2）鋼球做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)公式v2=2gh

又因?yàn)関]

d2

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

2ht2

（3）鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，而球心通過(guò)光電門(mén)的中間位

置的速度大于中間時(shí)刻的速度，因此鋼球通過(guò)光電門(mén)的平均速度小于鋼球球心通過(guò)光電

門(mén)的瞬時(shí)速度，所以求得的加速度偏小。

故答案為：（1）&；（2）—苴天；（3）小于。

t2ht2

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了利用自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律和光電門(mén)測(cè)定重力加速度；要理解勻變速運(yùn)

動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度與中間位置的瞬時(shí)速度的大小關(guān)系。

12.某實(shí)驗(yàn)小組在練習(xí)使用多用電表的實(shí)驗(yàn)中，進(jìn)行了以下探究。

（1）用多用電表測(cè)量某元件的電阻：選用歐姆擋“X10”擋進(jìn)行測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表

指針的偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，因此需重新選擇義1（選填“Xl”“X100”）擋，并需再

次歐姆調(diào)零（填操作過(guò)程）后，再次進(jìn)行測(cè)量，若此時(shí)多用電表的指針如題圖1所示,

則測(cè)量結(jié)果為19n；

（2）如圖2所示，電學(xué)實(shí)驗(yàn)室的“黑盒子”表面有A、B、C三個(gè)接線柱，盒內(nèi)有一只

定值電阻和一個(gè)二極管，每?jī)蓚€(gè)接線柱之間最多連接一個(gè)元件。為了探明盒內(nèi)元件的連

接方式，該實(shí)驗(yàn)小組用多用電表的歐姆擋進(jìn)行測(cè)量，把紅、黑表筆分別與接線柱A、B、

C連接，測(cè)量結(jié)果如表所示：

紅表筆ABAcBc

黑表筆BACACB

阻值2100120200020100100

請(qǐng)?jiān)陬}圖2中畫(huà)出“黑盒子”內(nèi)的電路結(jié)構(gòu)圖，并標(biāo)明定值電阻的阻值。

【分析】（D根據(jù)歐姆表的使用方法和讀數(shù)方法判斷；

（2）根據(jù)電阻、二極管的特點(diǎn)和連接方式由多用電表歐姆擋測(cè)量對(duì)比分析判斷。

【解答】解：（1）選用“X10”擋，發(fā)現(xiàn)指針偏角太大，說(shuō)明待測(cè)電阻為小電阻，準(zhǔn)確

測(cè)量電阻應(yīng)換小擋，應(yīng)把選擇開(kāi)關(guān)置于“XI”擋，換擋后要重新歐姆調(diào)零，由圖示可知,

歐姆表示數(shù)為19X10=19。；

（2）B、C間電阻與電流方向無(wú)關(guān)，因此一定是定值電阻，A、C間電阻與電流方向有關(guān),

電流從A到C時(shí)電阻遠(yuǎn)小于反向電阻，說(shuō)明二極管一定直接接在A、C間，且A為正極,

黑箱內(nèi)的電路結(jié)構(gòu)圖如圖所示

故答案為：（1）XI,再次歐姆調(diào)零，19；（2）見(jiàn)解析。

【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵掌握多用電表歐姆擋的內(nèi)部結(jié)構(gòu)、使用方法和讀數(shù)方法，掌握利用多

用電表歐姆擋判斷黑盒子問(wèn)題。

13.一均勻透明體的橫截面如圖所示，四分之一圓AB的半徑為R,0為圓心。ZOCB=60°?

一細(xì)束單色光從真空中由AC邊上D點(diǎn)垂直AC射入該透明體。已知DO間距為亞R,

2

該透明體對(duì)該單色光的折射率為。5,光在真空中傳播速度大小為以求：

（1）該單色光第一次從AC邊射出時(shí)，其折射光線與AC邊的夾角&

（2）該單色光從D點(diǎn)入射到第一次到達(dá)AC邊所經(jīng)過(guò)的時(shí)間。

【分析】（1）根據(jù)入射角和折射角的關(guān)系作出光的折射圖，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合折射定律

解得折射光線與AC邊的夾角；

（2）根據(jù)幾何關(guān)系解得光程，根據(jù)v=￡解得光速，從而計(jì)算時(shí)間。

n

【解答】解：（1）由題意知DO=2ZLR,OE=R,所以

2

NDEO=45°

設(shè)該單色光在該透明體中發(fā)生全反射的臨界角為C,則由sinC=l

n

得sinC=2i&<亞

32

45°>C,該單色光在圓弧面E點(diǎn)發(fā)生全反射，反射光線EF平行于底邊AC,由幾何知

識(shí)知在BC邊入射角為30。，小于臨界角C,故該單色光在BC邊既有折射光線又有反

射光線，反射光線與AC邊交于G點(diǎn)，如圖：

根據(jù)幾何知識(shí)和光的反射定律可知光線在AC邊的入射角i=30°

由折射定律有

n=sini

sin6

解得

9=30。

（2）光在透明體中的傳播速率v=￡

n

光在透明體中的傳播路程s=DE+EF+FG

__V2

DE=D0=R>

4EF=^R+品'

smbU

單色光從D點(diǎn)入射到第一次到達(dá)AC邊所經(jīng)過(guò)的時(shí)間t=.§-

解得

t=（2V6+2W2）R

2c

答：（1）該單色光第一次從AC邊射出時(shí)，其折射光線與AC邊的夾角為30°；

（2）該單色光從D點(diǎn)入射到第一次到達(dá)AC邊所經(jīng)過(guò)的時(shí)間為（2捉+2x歷）R。

2c

【點(diǎn)評(píng)】本題首先要能正確作出光路圖，掌握全反射的條件，并能正確應(yīng)用幾何關(guān)系和

折射定律結(jié)合進(jìn)行解題。

14.如題圖所示，一豎直輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端與質(zhì)量為3m的物塊甲連接,

初始時(shí)甲靜止?現(xiàn)有一質(zhì)量為m的物塊乙從甲正上方距甲高度為h處由靜止釋放，與甲

發(fā)生碰撞后立即形成共同體丙，隨后一起運(yùn)動(dòng)但不粘連，當(dāng)共同體丙運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，

乙恰好不離開(kāi)甲。乙與甲碰撞時(shí)間極短可不計(jì)，甲、乙均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧始終在彈性

限度內(nèi)，其彈性勢(shì)能Ep=/kx2（k為彈簧的勁度系數(shù)，且k為未知量，x為彈簧的形變

量），重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力。求：

（1）乙與甲碰撞后形成共同體丙瞬時(shí)，共同體丙的速度大小；

（2）整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，共同體丙的最大動(dòng)能和彈簧的最大彈性勢(shì)能。

【分析】由機(jī)械能守恒，求解碰撞后兩物體一起壓縮彈簧的速度；

由功能關(guān)系求解碰撞后到最高點(diǎn)系統(tǒng)彈性勢(shì)能的減小量以及兩物塊的最大動(dòng)能；當(dāng)兩個(gè)

物體速度減為零時(shí)，整個(gè)系統(tǒng)的彈性勢(shì)能獲得最大值。

【解答】解：（1）質(zhì)量為m的物塊乙從距甲正上方h處自由釋放，由機(jī)械能守恒定律得:

解得：v=V2gh

甲與乙碰撞的過(guò)程中，取向下為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：

mv=（3m+m）v共

聯(lián)立解得：v共=//2gh；

（2）根據(jù)題意可知，甲、乙一起上升到最高點(diǎn)時(shí)物塊乙恰好不離開(kāi)物塊甲，此時(shí)甲乙的

速度為零，甲乙之間的彈力為零，甲、乙的加速度均為g,故此時(shí)彈簧處在原長(zhǎng)，可得彈

簧原長(zhǎng)的位置與碰撞的位置的高度差hi等于甲物體靜止時(shí)壓縮量，則有：

khi=3mg

從甲、乙碰撞后到乙恰不離開(kāi)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律有：

聯(lián)立解得：h,」-，k=^_

110h

在丙物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，當(dāng)丙所受合力為零時(shí)速度最大，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為X2,

則有:

4mg=kx2

此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能：Ep尸尸親mgh

從丙的動(dòng)能最大的位置到乙恰不離開(kāi)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律有:

Ekm+Epi=4mgX2

聯(lián)“解得：Ekm=-^7mgh:

當(dāng)丙物體向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為X3,對(duì)丙

物體由最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律有：

解得：X3=Ah

15n

則有：Epm=[kxg=4^_mgh

N。15

答：(1)乙與甲碰撞后形成共同體丙瞬時(shí)，共同體丙的速度大小為點(diǎn)函;；

(2)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，共同體丙的最大動(dòng)能為二1rlgh，彈簧的最大彈性勢(shì)能為西陰拉

1515

【點(diǎn)評(píng)】本題考查動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律的綜合應(yīng)用，學(xué)生需結(jié)合系統(tǒng)機(jī)械能守

恒綜合作答。

15.如題圖1所示，一對(duì)豎直固定的平行金屬板M、N間距為L(zhǎng),OB。2為兩板上正對(duì)的

小孔，M、N兩板間加有恒定電壓，M板為正極板。緊貼N板右側(cè)存在上下范圍足夠大、

水平寬度為d的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面(圖中未畫(huà)出)，豎直虛線PiQi、

P2Q2是該磁場(chǎng)區(qū)域的左、右邊界。現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從Oi

孔進(jìn)