2024年九省聯(lián)考（安徽省）高考物理適應(yīng)性試卷（1月份）

2024年九省聯(lián)考（安徽?。└呖嘉锢磉m應(yīng)性試卷（1月份）一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的。1．（4分）核能是蘊(yùn)藏在原子核內(nèi)部的能量、合理利用核能，可以有效緩解常規(guī)能源短缺問(wèn)題。在鈾核裂變實(shí)驗(yàn)中，核反應(yīng)方程是U+n→Ba+Kr+3X，U核的結(jié)合能為E1，Ba核的結(jié)合能為E2，Kr核的結(jié)合能為E3。則（）A．該核反應(yīng)過(guò)程動(dòng)量不守恒 B．該核反應(yīng)方程中的X為n C．該核反應(yīng)中釋放的核能為（E1﹣E2﹣E3） D．該核反應(yīng)中電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)不守恒2．（4分）某國(guó)宇航局發(fā)射行星探測(cè)衛(wèi)星，由于沒(méi)有把部分資料中實(shí)際使用的單位制轉(zhuǎn)換為國(guó)際單位制，造成重大損失。國(guó)際單位制中力學(xué)有三個(gè)基本單位，用這三個(gè)基本單位導(dǎo)出功率單位—瓦特（W）的表達(dá)形式為（）A．kg?m2?s﹣3 B．kg?m3?s﹣2 C．kg2?m3?s﹣1 D．kg2?m?s﹣33．（4分）“水袖功”是中國(guó)古典舞中用于表達(dá)情感的常用技巧，舞者通過(guò)手把有規(guī)律的抖動(dòng)傳導(dǎo)至袖子上，營(yíng)造出一種“行云流水”的美感。這一過(guò)程其實(shí)就是機(jī)械波的傳播。下列關(guān)于機(jī)械波中橫波的說(shuō)法正確的是（）A．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)沿波的傳播方向移動(dòng) B．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度等于波速 C．橫波是傳遞能量的一種方式 D．橫波由一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率發(fā)生變化4．（4分）某同學(xué)在水平勻速直線行駛的實(shí)驗(yàn)車(chē)上，利用實(shí)驗(yàn)裝置豎直向上提起小球，從某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，坐在實(shí)驗(yàn)車(chē)上的人觀測(cè)小球運(yùn)動(dòng)的情況，作出速度平方（v2）與提起高度（y）的關(guān)系圖像如圖所示。則地面上靜止的觀察者看到小球的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是（）A． B． C． D．5．（4分）如圖所示，M、N是某靜電場(chǎng)中一條豎直方向電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，電場(chǎng)線方向未標(biāo)出?，F(xiàn)有質(zhì)量為m的帶電小球在電場(chǎng)力和重力作用下沿該電場(chǎng)線向下運(yùn)動(dòng)，小球通過(guò)M點(diǎn)的速度為v1，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，小球通過(guò)N點(diǎn)的速度為v2，方向向上。由此可以判斷（）A．M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng) B．M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì) C．小球在M點(diǎn)的動(dòng)能小于它在N點(diǎn)的動(dòng)能 D．小球在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在N點(diǎn)的電勢(shì)能6．（4分）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始。第一次經(jīng)絕熱過(guò)程到狀態(tài)b；第二次先經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)c，再經(jīng)等容過(guò)程到狀態(tài)b。p﹣V圖像如圖所示。則（）A．c→b過(guò)程。氣體從外界吸熱 B．a(chǎn)→c→b過(guò)程比a→b過(guò)程氣體對(duì)外界所做的功多 C．氣體在狀態(tài)a時(shí)比在狀態(tài)b時(shí)的分子平均動(dòng)能小 D．氣體在狀態(tài)a時(shí)比在狀態(tài)c時(shí)單位時(shí)間內(nèi)撞擊在單位面積上的分子數(shù)少7．（4分）如圖所示，有兩顆衛(wèi)星繞某星球做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，兩顆衛(wèi)星的近地點(diǎn)均與星球表面很近（可視為相切），衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)到星球表面的最近距離分別為h1、h2，衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的環(huán)繞周期之比為k。忽略星球自轉(zhuǎn)的影響，已知引力常量為G，星球表面的重力加速度為gc。則星球的平均密度為（）A． B． C． D．8．（4分）如圖所示，輕繩1兩端分別固定在M、N兩點(diǎn)（N點(diǎn)在M點(diǎn)右上方），輕繩1上套有一個(gè)輕質(zhì)的光滑小環(huán)O，質(zhì)量為m的物塊P通過(guò)另一根經(jīng)繩2懸掛在環(huán)的下方，處于靜止?fàn)顟B(tài)，∠MON＝60°?，F(xiàn)用一水平向右的力F緩慢拉動(dòng)物塊，直到輕繩2與MN連線方向垂直。已知重力加速度為g。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．施加拉力F前，輕繩1的張力大小為 B．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2的延長(zhǎng)線始終平分∠MON C．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2的張力越來(lái)越大 D．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，經(jīng)繩1的張力可能先增大后減小二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）9．（5分）如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向里。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子由A點(diǎn)沿平行于直徑CD的方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)圓心O，最后離開(kāi)磁場(chǎng)。已知圓形區(qū)域半徑為R，A點(diǎn)到CD的距離為，不計(jì)粒子重力。則（）A．粒子帶負(fù)電 B．粒子運(yùn)動(dòng)速率為 C．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 D．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的路程為（多選）10．（5分）如圖所示，實(shí)線是實(shí)驗(yàn)小組某次研究平拋運(yùn)動(dòng)得到的實(shí)際軌跡，虛線是相同初始條件下平拋運(yùn)動(dòng)的理論軌跡。分析后得知這種差異是空氣阻力影響的結(jié)果。實(shí)驗(yàn)中，小球的質(zhì)量為m，水平初速度為v0，初始時(shí)小球離地面高度為h。已知小球落地時(shí)速度大小為v，方向與水平面成θ角，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力大小與速率成正比，比例系數(shù)為k，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）A．小球落地時(shí)重力的功率為mgv B．小球下落的時(shí)間為 C．小球下落過(guò)程中的水平位移大小為 D．小球下落過(guò)程中空氣阻力所做的功為三、非選擇題。11．（6分）某同學(xué)通過(guò)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測(cè)量光的波長(zhǎng)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（a）所示。（1）一毛玻璃屏上相鄰亮條紋的間距可利用測(cè)量頭測(cè)出，如圖（b）所示。先將測(cè)量頭分劃板中心刻線與一明條紋中心P重合，其讀數(shù)為0.822mm，然后沿同一方向轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線移過(guò)4條暗條紋，與另一明條紋中心P′重合，相應(yīng)的讀數(shù)如圖（c）所示，該讀數(shù)為mm。（2）已知雙縫間的距離為0.2mm，雙縫到屏的距離為1.5m，此單色光波長(zhǎng)是mm。（保留三位有效數(shù)字）12．（10分）多用電表是一種多功能、多量程的電學(xué)儀表，可測(cè)量直流電流、直流電壓、交流電壓、電阻等物理量。（1）指針式多用電表使用前應(yīng)該調(diào)整，使指針指向“0”。（2）某電阻阻值約為幾百歐姆，現(xiàn)用該電表測(cè)此電阻，測(cè)量前，需要以下操作，其順序是。（填寫(xiě)序號(hào)）A．將紅表筆和黑表筆直接接觸B．把選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×10”位置C．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向歐姆零點(diǎn)正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作后，電表的讀數(shù)如圖甲所示，該讀數(shù)是Ω。（3）圖乙是某同學(xué)設(shè)計(jì)的多用電表測(cè)電阻的歐姆調(diào)零原理圖，電池的負(fù)極應(yīng)接表筆（選填“紅”或“黑”）。圖中G為表頭，量程100μA，內(nèi)阻Rg＝2.5kΩ，RT＝0.5kΩ，通過(guò)調(diào)節(jié)a、b間的觸點(diǎn)，使G滿偏。已知R2＝4.8kΩ，電池電動(dòng)勢(shì)為1.50V（電池內(nèi)阻可忽略），觸點(diǎn)在a端時(shí)G滿偏，則R1＝kΩ。13．（10分）如圖，相距l(xiāng)＝2.5m的兩平臺(tái)位于同一水平面內(nèi)，二者之間用傳送帶相接。傳送帶向右勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)需要設(shè)定驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)的速度大小v＝1m/s。質(zhì)量m＝10kg的貨物（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在距傳送帶左側(cè)1m處的P點(diǎn)，右側(cè)平臺(tái)的人通過(guò)一根輕繩用恒力F＝40N水平向右拉貨物。已知貨物與平臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.2，貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.5，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2。求：（1）貨物運(yùn)動(dòng)到傳送帶左端時(shí)的速度大小；（2）貨物在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。14．（14分）如圖甲所示，兩根平行光滑足夠長(zhǎng)金屬導(dǎo)軌固定在傾角θ＝30°的斜面上，其間距L＝2m。導(dǎo)軌間存在垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2T。兩根金屬棒NQ和ab與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，NQ棒通過(guò)一絕緣細(xì)線與固定在斜面上的拉力傳感器連接（連接前，傳感器已校零），細(xì)線平行于導(dǎo)軌。已知ab棒的質(zhì)量為2kg，NQ棒和ab棒接入電路的電阻均為2Ω，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。將ab棒從靜止開(kāi)始釋放，同時(shí)對(duì)其施加平行于導(dǎo)軌的外力F，此時(shí)拉力傳感器開(kāi)始測(cè)量細(xì)線拉力FT，作出力FT隨時(shí)間t的變化圖像如圖乙所示（力FT大小沒(méi)有超出拉力傳感器量程），重力加速度g取10m/s2。求：（1）t1＝1s時(shí)，金屬棒ab的速度大??；（2）t2＝3s時(shí)，外力F的大??；（3）已知金屬棒ab在0～3s的時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為4.5J，求這段時(shí)間外力F所做的功。15．（18分）為激發(fā)學(xué)生參與體育活動(dòng)的興趣，某學(xué)校計(jì)劃修建用于滑板訓(xùn)練的場(chǎng)地。老師和同學(xué)們圍繞物體在起伏地面上的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，討論并設(shè)計(jì)了如圖所示的路面，其中AB是傾角為53°的斜面，凹圓弧和凸圓弧的半徑均為R，且D、F兩點(diǎn)處于同一高度，B、E兩點(diǎn)處于另一高度，整個(gè)路面無(wú)摩擦且各段之間平滑連接。在斜面AB上距離水平面BE高度為h（未知量）的地方放置一個(gè)質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），讓它由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。已知重力加速度為g，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。（1）當(dāng)h＝0.6R時(shí)，求小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)C時(shí)，路面受到的壓力；（2）若小球一定能沿路面運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)，求h的取值范圍；（3）在某次試驗(yàn)中，小球運(yùn)動(dòng)到段的G點(diǎn)時(shí)，重力功率出現(xiàn)了極大值，已知該點(diǎn)路面傾角θ＝37°，求h的值。2024年九省聯(lián)考（安徽?。└呖嘉锢磉m應(yīng)性試卷（1月份）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的。1．（4分）核能是蘊(yùn)藏在原子核內(nèi)部的能量、合理利用核能，可以有效緩解常規(guī)能源短缺問(wèn)題。在鈾核裂變實(shí)驗(yàn)中，核反應(yīng)方程是U+n→Ba+Kr+3X，U核的結(jié)合能為E1，Ba核的結(jié)合能為E2，Kr核的結(jié)合能為E3。則（）A．該核反應(yīng)過(guò)程動(dòng)量不守恒 B．該核反應(yīng)方程中的X為n C．該核反應(yīng)中釋放的核能為（E1﹣E2﹣E3） D．該核反應(yīng)中電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)不守恒【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒的條件分析A，核反應(yīng)的電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，根據(jù)核能與結(jié)合能的關(guān)系分析C?！窘獯稹拷猓篈、核反應(yīng)過(guò)程中由于系統(tǒng)不受外力作用，動(dòng)量一定守恒，故A錯(cuò)誤；BD、由核反應(yīng)的電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可得出，X為n，故B正確，D錯(cuò)誤；C、核反應(yīng)釋放的核能為反應(yīng)前后的核的結(jié)合能之和的差值，釋放的核能為（E2+E3﹣E1），故C錯(cuò)誤；故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)核衰變理解與質(zhì)能方程的應(yīng)用，注意對(duì)核反應(yīng)的理解，不要死記硬背。2．（4分）某國(guó)宇航局發(fā)射行星探測(cè)衛(wèi)星，由于沒(méi)有把部分資料中實(shí)際使用的單位制轉(zhuǎn)換為國(guó)際單位制，造成重大損失。國(guó)際單位制中力學(xué)有三個(gè)基本單位，用這三個(gè)基本單位導(dǎo)出功率單位—瓦特（W）的表達(dá)形式為（）A．kg?m2?s﹣3 B．kg?m3?s﹣2 C．kg2?m3?s﹣1 D．kg2?m?s﹣3【分析】根據(jù)功率的定義式推導(dǎo)出功率的單位W與國(guó)際單位制中力學(xué)基本單位的關(guān)系?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)功率的定義式得功率的單位為：1，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】本題根據(jù)功率的定義式、功的計(jì)算公式、牛頓第二定律相結(jié)合推導(dǎo)出功率的單位W與國(guó)際單位制中力學(xué)基本單位的關(guān)系。3．（4分）“水袖功”是中國(guó)古典舞中用于表達(dá)情感的常用技巧，舞者通過(guò)手把有規(guī)律的抖動(dòng)傳導(dǎo)至袖子上，營(yíng)造出一種“行云流水”的美感。這一過(guò)程其實(shí)就是機(jī)械波的傳播。下列關(guān)于機(jī)械波中橫波的說(shuō)法正確的是（）A．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)沿波的傳播方向移動(dòng) B．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度等于波速 C．橫波是傳遞能量的一種方式 D．橫波由一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率發(fā)生變化【分析】機(jī)械波在傳播過(guò)程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)不向前移動(dòng)。介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度不等于波速，波速與介質(zhì)有關(guān)，振動(dòng)的速度與距平衡位置的距離有關(guān)。橫波是傳遞能量的一種方式。波的頻率由波源決定，與介質(zhì)無(wú)關(guān)。【解答】解：A、機(jī)械波在傳播過(guò)程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)不會(huì)沿波的傳播方向向前移動(dòng)，只在自己平衡位置附近振動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度不等于波速，波速與介質(zhì)有關(guān)，振動(dòng)的速度與距平衡位置的距離有關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、橫波和縱波都能傳遞能量，所以橫波是傳遞能量的一種方式，故C正確；D、機(jī)械波的頻率由波源決定，與介質(zhì)無(wú)關(guān)，因此橫波由一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率不發(fā)生變化，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要掌握波速、頻率的決定因素，知道波速與介質(zhì)有關(guān)，波的頻率與波源有關(guān)。4．（4分）某同學(xué)在水平勻速直線行駛的實(shí)驗(yàn)車(chē)上，利用實(shí)驗(yàn)裝置豎直向上提起小球，從某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，坐在實(shí)驗(yàn)車(chē)上的人觀測(cè)小球運(yùn)動(dòng)的情況，作出速度平方（v2）與提起高度（y）的關(guān)系圖像如圖所示。則地面上靜止的觀察者看到小球的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是（）A． B． C． D．【分析】將小球的運(yùn)動(dòng)沿水平方向與豎直方向分解，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性判斷y方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，然后再合成即可?！窘獯稹拷猓核俣绕椒脚c提起高度的關(guān)系圖像是坐在實(shí)驗(yàn)車(chē)上的人觀察的圖像，即小球相對(duì)于車(chē)沿豎直方向向上的速度關(guān)系圖像。小車(chē)相對(duì)于車(chē)豎直提起，則圖像中的速度為小球豎直方向的速度圖像。開(kāi)始時(shí)v2不變，則速度的大小v不變；之后v2與y是線性關(guān)系，由速度與位移關(guān)系公式。所以開(kāi)始小球時(shí)在豎直方向上做勻速運(yùn)動(dòng)，之后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度豎直向上。小球在水平方向一直隨實(shí)驗(yàn)車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的合成可知，地面上靜止的觀察者看到小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是先斜向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，后做向上偏轉(zhuǎn)的類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)。故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】該題考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解，能正確分析小球沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)是關(guān)鍵。5．（4分）如圖所示，M、N是某靜電場(chǎng)中一條豎直方向電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，電場(chǎng)線方向未標(biāo)出。現(xiàn)有質(zhì)量為m的帶電小球在電場(chǎng)力和重力作用下沿該電場(chǎng)線向下運(yùn)動(dòng)，小球通過(guò)M點(diǎn)的速度為v1，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，小球通過(guò)N點(diǎn)的速度為v2，方向向上。由此可以判斷（）A．M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng) B．M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì) C．小球在M點(diǎn)的動(dòng)能小于它在N點(diǎn)的動(dòng)能 D．小球在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在N點(diǎn)的電勢(shì)能【分析】根據(jù)電場(chǎng)線分布情況分析場(chǎng)強(qiáng)大小。根據(jù)小球的運(yùn)動(dòng)情況，判斷電場(chǎng)力方向，分析電場(chǎng)線方向，再判斷電勢(shì)高低。根據(jù)重力做功和電場(chǎng)力做功的大小關(guān)系，分析動(dòng)能的大小。根據(jù)電場(chǎng)力做功情況分析電勢(shì)能的大小?！窘獯稹拷猓涸撾妶?chǎng)線沿豎直方向，帶電小球僅在重力和沿電場(chǎng)線的電場(chǎng)力的作用運(yùn)動(dòng)下，在M點(diǎn)速度方向豎直向下變?yōu)樵贜點(diǎn)豎直向上，由此可知小球先減速后反向加速，小球所受電場(chǎng)力方向豎直向上。A、僅一條電場(chǎng)線不能確定電場(chǎng)線分布情況，且不知道M、N兩點(diǎn)的加速度大小關(guān)系，所以無(wú)法判斷M、N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B、小球所受電場(chǎng)力方向豎直向上，但未知小球所帶電荷的電性，所以不能確定電場(chǎng)線的方向，故無(wú)法判斷M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)高低，故B錯(cuò)誤；C、小球從M到N點(diǎn)，未知重力做功和電場(chǎng)力做功的大小關(guān)系以及M、N兩點(diǎn)的速度大小關(guān)系，所以無(wú)法判斷小球在MN兩點(diǎn)的動(dòng)能大小關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D、小球受到的電場(chǎng)力方向豎直向上，從M點(diǎn)到N點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以小球在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于N點(diǎn)的電勢(shì)能，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】解決本題時(shí)，關(guān)鍵應(yīng)明確電場(chǎng)力做正功時(shí)電荷的電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)電勢(shì)能增加。6．（4分）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始。第一次經(jīng)絕熱過(guò)程到狀態(tài)b；第二次先經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)c，再經(jīng)等容過(guò)程到狀態(tài)b。p﹣V圖像如圖所示。則（）A．c→b過(guò)程。氣體從外界吸熱 B．a(chǎn)→c→b過(guò)程比a→b過(guò)程氣體對(duì)外界所做的功多 C．氣體在狀態(tài)a時(shí)比在狀態(tài)b時(shí)的分子平均動(dòng)能小 D．氣體在狀態(tài)a時(shí)比在狀態(tài)c時(shí)單位時(shí)間內(nèi)撞擊在單位面積上的分子數(shù)少【分析】c→b過(guò)程，氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)壓強(qiáng)變化分析溫度變化，進(jìn)而判斷出內(nèi)能變化，由熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況。根據(jù)p﹣V圖像與橫坐標(biāo)圍成的面積表示為氣體做功多少，分析氣體對(duì)外界所做的功大小。溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，根據(jù)溫度關(guān)系分析分子平均動(dòng)能關(guān)系。a→c過(guò)程，氣體的壓強(qiáng)不變，結(jié)合壓強(qiáng)的微觀意義分析單位時(shí)間內(nèi)撞擊在單位面積上的分子數(shù)多少?！窘獯稹拷猓篈、c→b過(guò)程，氣體體積不變，即氣體發(fā)生等容變化過(guò)程，氣體壓強(qiáng)變小，溫度降低，故氣體的內(nèi)能減小。該過(guò)程氣體對(duì)外不做功，由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w向外界放熱，故A錯(cuò)誤；B、p﹣V圖像與橫坐標(biāo)圍成的面積表示為氣體做功的多少，由圖像可知，a→c→b過(guò)程比a→b過(guò)程氣體對(duì)外界所做的功多，故B正確；C、a→b過(guò)程為絕熱過(guò)程，氣體體積變大，氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能減小，溫度降低。結(jié)合溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，可知?dú)怏w在狀態(tài)a時(shí)比在狀態(tài)b時(shí)的分子平均動(dòng)能大，故C錯(cuò)誤；D、a→c過(guò)程，氣體的壓強(qiáng)不變，溫度升高，分子的平均動(dòng)能變大，平均每次分子撞擊容器壁的沖力變大。由氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知，在狀態(tài)a時(shí)比在狀態(tài)c時(shí)單位時(shí)間內(nèi)撞擊在單位面積上的分子數(shù)多，故D錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查氣體實(shí)驗(yàn)定律和熱力學(xué)第一定律，要理解圖像的物理意義，結(jié)合一定質(zhì)量的理想氣體只與溫度有關(guān)，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志進(jìn)行分析。7．（4分）如圖所示，有兩顆衛(wèi)星繞某星球做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，兩顆衛(wèi)星的近地點(diǎn)均與星球表面很近（可視為相切），衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)到星球表面的最近距離分別為h1、h2，衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的環(huán)繞周期之比為k。忽略星球自轉(zhuǎn)的影響，已知引力常量為G，星球表面的重力加速度為gc。則星球的平均密度為（）A． B． C． D．【分析】已知衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的環(huán)繞周期之比為k，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律求出星球的半徑，再根據(jù)星球表面上，物體的重力等于萬(wàn)有引力求出星球的質(zhì)量，再求星球的平均密度。【解答】解：設(shè)星球的半徑為R，則衛(wèi)星一、衛(wèi)星二軌道的半長(zhǎng)軸分別為，由開(kāi)普勒第三定律得解得：星球表面的重力加速度為gc，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力得星球的質(zhì)量為聯(lián)立解得星球的平均密度為：，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】本題是開(kāi)普勒第三定律和萬(wàn)有引力定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要掌握重力等于萬(wàn)有引力這一思路，來(lái)求解星球的質(zhì)量。8．（4分）如圖所示，輕繩1兩端分別固定在M、N兩點(diǎn)（N點(diǎn)在M點(diǎn)右上方），輕繩1上套有一個(gè)輕質(zhì)的光滑小環(huán)O，質(zhì)量為m的物塊P通過(guò)另一根經(jīng)繩2懸掛在環(huán)的下方，處于靜止?fàn)顟B(tài)，∠MON＝60°?，F(xiàn)用一水平向右的力F緩慢拉動(dòng)物塊，直到輕繩2與MN連線方向垂直。已知重力加速度為g。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．施加拉力F前，輕繩1的張力大小為 B．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2的延長(zhǎng)線始終平分∠MON C．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，輕繩2的張力越來(lái)越大 D．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，經(jīng)繩1的張力可能先增大后減小【分析】以小環(huán)O為研究對(duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡求出輕繩1的張力大小；根據(jù)受力平衡分析物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中輕繩2的延長(zhǎng)線方向；以物塊為對(duì)象，根據(jù)受力平衡分析輕繩2的張力變化情況；以小環(huán)O為對(duì)象，根據(jù)受力平衡分析經(jīng)繩1的張力變化情況?！窘獯稹拷猓篈．施加拉力F前，以小環(huán)O為研究對(duì)象，受到輕繩2的拉力等于物塊P的重力mg，豎直方向根據(jù)受力平衡可得2T1cos30°＝mg解得輕繩1的張力大小為故A正確；B．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，以小環(huán)O為研究對(duì)象，由于小環(huán)O兩側(cè)輕繩1的張力大小總是相等，則小環(huán)O兩側(cè)輕繩1的張力合力沿∠MON平分線上，根據(jù)受力平衡可知輕繩2的延長(zhǎng)線始終平分∠MON，故B正確；C．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，以物塊為研究對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得T2cosθ＝mg可知輕繩2與豎直方向的夾角θ逐漸增大，cosθ越來(lái)越小，則輕繩2的張力越來(lái)越大，故C正確；D．物塊在緩慢移動(dòng)過(guò)程中，由于M、N之間的輕繩1長(zhǎng)度不變，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，小環(huán)O的運(yùn)動(dòng)軌跡為橢圓，M、N為橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)；當(dāng)輕繩2與MN連線方向垂直時(shí)，小環(huán)O剛好位于橢圓的短軸頂點(diǎn)上，根據(jù)橢圓知識(shí)可知此時(shí)∠MON最大，則此過(guò)程∠MON＝α逐漸增大，以小環(huán)O為研究對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得2T′1cosα＝T2可得可知此過(guò)程經(jīng)繩1的張力一直增大，故D錯(cuò)誤。本題選擇錯(cuò)誤的，故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了物體的平衡條件的基本應(yīng)用，受力分析后要明確哪些力的大小不變，寫(xiě)出表達(dá)式即可求解。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）9．（5分）如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向里。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子由A點(diǎn)沿平行于直徑CD的方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)圓心O，最后離開(kāi)磁場(chǎng)。已知圓形區(qū)域半徑為R，A點(diǎn)到CD的距離為，不計(jì)粒子重力。則（）A．粒子帶負(fù)電 B．粒子運(yùn)動(dòng)速率為 C．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 D．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的路程為【分析】根據(jù)粒子軌跡彎曲方向判斷粒子受到的洛倫茲力方向，根據(jù)左手定則判斷粒子的電性。粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫(huà)出軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出軌跡半徑，再根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式求解粒子運(yùn)動(dòng)速率。根據(jù)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角和周期求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。根據(jù)幾何關(guān)系求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的路程?！窘獯稹拷猓篈、由于粒子經(jīng)過(guò)圓心O，最后離開(kāi)磁場(chǎng)，可知粒子在A點(diǎn)所受洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則可知，四指指向與速度方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A正確；B、根據(jù)題意，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示。由于圓形區(qū)域半徑為R，A點(diǎn)到CD的距離為，令粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為r，根據(jù)幾何關(guān)系有解得：r＝R粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，則解得粒子運(yùn)動(dòng)速率為：，故B錯(cuò)誤；C、由于圓形區(qū)域半徑為R，A點(diǎn)到CD的距離為，根據(jù)上述分析，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑也為R，則△AOO'與△EOO'均為等邊三角形所以軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角∠AO′E＝120°粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期為則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，故C錯(cuò)誤；D、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的路程為：，故D正確。故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵要正確分析粒子的受力情況，畫(huà)出軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系和圓周運(yùn)動(dòng)的相關(guān)公式即可完成解答（多選）10．（5分）如圖所示，實(shí)線是實(shí)驗(yàn)小組某次研究平拋運(yùn)動(dòng)得到的實(shí)際軌跡，虛線是相同初始條件下平拋運(yùn)動(dòng)的理論軌跡。分析后得知這種差異是空氣阻力影響的結(jié)果。實(shí)驗(yàn)中，小球的質(zhì)量為m，水平初速度為v0，初始時(shí)小球離地面高度為h。已知小球落地時(shí)速度大小為v，方向與水平面成θ角，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力大小與速率成正比，比例系數(shù)為k，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）A．小球落地時(shí)重力的功率為mgv B．小球下落的時(shí)間為 C．小球下落過(guò)程中的水平位移大小為 D．小球下落過(guò)程中空氣阻力所做的功為【分析】根據(jù)PG＝mgvy求小球落地時(shí)重力的功率。在豎直方向上，運(yùn)用動(dòng)量定理求出小球下落的時(shí)間。小球在水平方向根據(jù)動(dòng)量定理求小球下落過(guò)程中的水平位移大小。根據(jù)動(dòng)能定理求空氣阻力所做的功?！窘獯稹拷猓篈、小球落地時(shí)豎直分速度為vy＝vsinθ，重力的功率為PG＝mgvy＝mgvsinθ，故A錯(cuò)誤；B、取豎直向下為正方向，小球下落過(guò)程中，在豎直方向上，根據(jù)動(dòng)量定理得mvsinθ＝mgt﹣k（vy1+vy2+vy3+......）t又∑（vy1+vy2+vy3+......）t＝h解得小球下落的時(shí)間為：，故B正確；C、取水平向右為正方向，小球在水平方向，根據(jù)動(dòng)量定理得mvcosθ﹣mv0＝﹣k（vx1+vx2+vx3+......）t又∑（vx1+vx2+vx3+......）t＝x解得小球下落過(guò)程中的水平位移大小為：，故C正確；D、對(duì)于小球下落過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：解得小球下落過(guò)程中空氣阻力所做的功為：，故D正確。故選：BCD?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要掌握動(dòng)量定理，并能分方向應(yīng)用，并能采用積分法求分位移。要知道重力做功的功率與豎直分速度有關(guān)。三、非選擇題。11．（6分）某同學(xué)通過(guò)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測(cè)量光的波長(zhǎng)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（a）所示。（1）一毛玻璃屏上相鄰亮條紋的間距可利用測(cè)量頭測(cè)出，如圖（b）所示。先將測(cè)量頭分劃板中心刻線與一明條紋中心P重合，其讀數(shù)為0.822mm，然后沿同一方向轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線移過(guò)4條暗條紋，與另一明條紋中心P′重合，相應(yīng)的讀數(shù)如圖（c）所示，該讀數(shù)為20.502mm。（2）已知雙縫間的距離為0.2mm，雙縫到屏的距離為1.5m，此單色光波長(zhǎng)是6.56×10﹣4mm。（保留三位有效數(shù)字）【分析】（1）固定刻度讀數(shù)與可動(dòng)刻度讀數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的讀數(shù)，需要估讀一位。（5）先求出相鄰兩亮條紋的間距，再根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx＝求出波長(zhǎng)?！窘獯稹拷猓海?）該讀數(shù)為：20.5mm+0.2×0.01mm＝20.502mm（2）已知條紋PP'間還有3條亮條紋，則相鄰兩亮條紋的間距為Δx＝mm＝4.920mm已知d＝0.2mm＝0.0002m，l＝1.5m由干涉條紋的間距公式解得：λ＝6.56×10﹣4mm故答案為：（1）20.502；（2）6.56×10﹣4。【點(diǎn)評(píng)】理解實(shí)驗(yàn)原理、掌握基礎(chǔ)知識(shí)是解題的前提，根據(jù)題意應(yīng)用雙縫干涉條紋間距公式Δx＝即可解題，解題時(shí)要注意單位換算。12．（10分）多用電表是一種多功能、多量程的電學(xué)儀表，可測(cè)量直流電流、直流電壓、交流電壓、電阻等物理量。（1）指針式多用電表使用前應(yīng)該調(diào)整指針定位螺絲，使指針指向“0”。（2）某電阻阻值約為幾百歐姆，現(xiàn)用該電表測(cè)此電阻，測(cè)量前，需要以下操作，其順序是BAC。（填寫(xiě)序號(hào)）A．將紅表筆和黑表筆直接接觸B．把選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×10”位置C．調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向歐姆零點(diǎn)正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作后，電表的讀數(shù)如圖甲所示，該讀數(shù)是193Ω。（3）圖乙是某同學(xué)設(shè)計(jì)的多用電表測(cè)電阻的歐姆調(diào)零原理圖，電池的負(fù)極應(yīng)接紅表筆（選填“紅”或“黑”）。圖中G為表頭，量程100μA，內(nèi)阻Rg＝2.5kΩ，RT＝0.5kΩ，通過(guò)調(diào)節(jié)a、b間的觸點(diǎn)，使G滿偏。已知R2＝4.8kΩ，電池電動(dòng)勢(shì)為1.50V（電池內(nèi)阻可忽略），觸點(diǎn)在a端時(shí)G滿偏，則R1＝2kΩ?！痉治觥浚?）使用歐姆表時(shí)，指針式多用電表使用前應(yīng)該調(diào)整指針定位螺絲；（2）根據(jù)歐姆表的使用步驟及讀數(shù)方法解答；（3）根據(jù)歐姆表內(nèi)部構(gòu)造結(jié)合歐姆定律分析解答。【解答】解：（1）指針式多用電表使用前應(yīng)該調(diào)整指針定位螺絲，使指針指向“0”；（2）用指針式多用電表測(cè)幾百歐姆電阻時(shí)，應(yīng)先將開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×10”位置，再將紅表筆和黑表筆直接接觸，最后調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向歐姆零點(diǎn)，所以正確的順序是BAC。該電阻的阻值為19.3×10Ω＝193Ω（3）電池的負(fù)極應(yīng)接多用電表的負(fù)極，則應(yīng)接多用電表的紅表筆；觸點(diǎn)在a端時(shí)G滿偏，則RT與G串聯(lián)，串聯(lián)部分的電壓為U1＝Ig（RT+Rg）根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知R2兩端的電壓為U2＝E﹣U1所以通過(guò)R2的電流為則通過(guò)R1的電流為I1＝I﹣Ig根據(jù)部分電路歐姆定律得解得R1＝2000Ω＝2kΩ故答案為：（1）指針定位螺絲；（2）BAC；193；（3）紅；2【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握歐姆表的讀數(shù)方法，以及歐姆表的操作步驟，知道歐姆表的內(nèi)部構(gòu)造原理。13．（10分）如圖，相距l(xiāng)＝2.5m的兩平臺(tái)位于同一水平面內(nèi)，二者之間用傳送帶相接。傳送帶向右勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)需要設(shè)定驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)的速度大小v＝1m/s。質(zhì)量m＝10kg的貨物（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在距傳送帶左側(cè)1m處的P點(diǎn)，右側(cè)平臺(tái)的人通過(guò)一根輕繩用恒力F＝40N水平向右拉貨物。已知貨物與平臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.2，貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.5，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2。求：（1）貨物運(yùn)動(dòng)到傳送帶左端時(shí)的速度大小；（2）貨物在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間?！痉治觥浚?）對(duì)貨物受力分析，由牛頓第二定律求解加速度大小，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算速度；（2）滑塊先加速再減速，根據(jù)速度—時(shí)間關(guān)系結(jié)合位移—時(shí)間關(guān)系進(jìn)行解答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)牛頓第二定律貨物在左端平臺(tái)上時(shí)加速度為由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有其中s1＝1m解得貨物運(yùn)動(dòng)到傳送帶左端時(shí)的速度大小為v1＝2m/s（2）由于v1＞v，故可知貨物滑上傳送帶后受到的摩擦力向左，此時(shí)加速度為故貨物開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t2與傳送帶共速，得該段時(shí)間貨物位移為共速后貨物勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)再經(jīng)過(guò)時(shí)間t3到達(dá)傳送帶右端，得故貨物在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t＝t2+t3代入數(shù)據(jù)解得t＝2s答：（1）貨物運(yùn)動(dòng)到傳送帶左端時(shí)的速度大小為2m/s；（2）貨物在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2s。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。14．（14分）如圖甲所示，兩根平行光滑足夠長(zhǎng)金屬導(dǎo)軌固定在傾角θ＝30°的斜面上，其間距L＝2m。導(dǎo)軌間存在垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2T。兩根金屬棒NQ和ab與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，NQ棒通過(guò)一絕緣細(xì)線與固定在斜面上的拉力傳感器連接（連接前，傳感器已校零），細(xì)線平行于導(dǎo)軌。已知ab棒的質(zhì)量為2kg，NQ棒和ab棒接入電路的電阻均為2Ω，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。將ab棒從靜止開(kāi)始釋放，同時(shí)對(duì)其施加平行于導(dǎo)軌的外力F，此時(shí)拉力傳感器開(kāi)始測(cè)量細(xì)線拉力FT，作出力FT隨時(shí)間t的變化圖像如圖乙所示（力FT大小沒(méi)有超出拉力傳感器量程），重力加速度g取10m/s2。求：（1）t1＝1s時(shí)，金屬棒ab的速度大??；（2）t2＝3s時(shí)，外力F的大??；（3）已知金屬棒ab在0～3s的時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為4.5J，求這段時(shí)間外力F所做的功?！痉治觥浚?）（2）t＝0時(shí)，對(duì)棒NQ受力分析，根據(jù)平衡條件求解其質(zhì)量，1s和3s時(shí)，根據(jù)平衡條件求解安培力大小，根據(jù)安培力公式求解電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式求解導(dǎo)體棒的速度；根據(jù)速度公式分析ab棒的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)牛頓第二定律求解外力F的大?。唬?）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式求解導(dǎo)體棒的位移，根據(jù)動(dòng)能定理求解外力做的功?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)棒NQ的質(zhì)量為M，當(dāng)t＝0時(shí)，由平衡條件得：Mgsinθ＝FT＝2N代入數(shù)據(jù)解得：M＝0.4kgt1＝1s，棒NQ受到沿斜面向上的拉力F′T＝4N對(duì)棒NQ分析，由平衡條件得：Mgsinθ+Fan＝F′T＝4N代入數(shù)據(jù)解得：Fan＝2N導(dǎo)體棒所受安培力為：Fan＝BIL代入數(shù)據(jù)解得：I＝0.5感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝I（2R）＝0.5×2×2Ω＝2V導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有：E＝BLv1代入數(shù)據(jù)解得：v1＝0.5m/s（2）當(dāng)t2＝3s時(shí)，棒NQ受到沿斜面向上的拉力F″T＝8N對(duì)棒NQ受力分析，由平衡條件得：Mgsinθ+F′an＝F″T＝8N代入數(shù)據(jù)解得：F′an＝6N導(dǎo)體棒所受安培力為：Fan＝BIL代入數(shù)據(jù)解得：I′＝1.5A感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E′＝I′（2R）＝1.5×2×2Ω＝6V導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有：E′＝BLv2代入數(shù)據(jù)解得：v2＝1.5m/s由以上可知，棒ab的速度可表示為由于FT隨時(shí)間均勻增大，所以ab在做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度為對(duì)棒ab受力分析，由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣F′an﹣F＝ma代入數(shù)據(jù)解得：F＝3N（3）在0～3s的時(shí)間內(nèi)金屬棒的位移為對(duì)金屬棒ab，由動(dòng)能定理得：這段時(shí)間ab克服安培力所