2022-2023學(xué)年安徽省池州市龍泉中學(xué)高三物理月考試題含解析

2022-2023學(xué)年安徽省池州市龍泉中學(xué)高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖甲所示，光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ所在平面與水平面成θ角，M、P之間接一阻值為R的定值電阻，阻值為r的金屬棒bc垂直導(dǎo)軌放置，其他部分電阻不計。整個裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上。t＝0時對金屬棒bc施加一平行于導(dǎo)軌向上的外力F，金屬棒bc由靜止開始沿導(dǎo)軌向上運動，通過R的感應(yīng)電荷量q隨t2的變化關(guān)系如圖乙所示。下列關(guān)于金屬棒bc的加速度a、通過金屬棒bc的電流I、金屬棒bc受到的外力F、穿過回路cbPMc的磁通量Φ隨時間t變化的圖象中正確的是A. B. C. D.參考答案：CD試題分析：因為并且，故，即電路中的電流隨時間均勻增大，所以根據(jù)可得P關(guān)于時間t不是二次函數(shù)，A錯誤D正確；由，知v與時間t成正比，知加速度不變，故B錯誤；由牛頓運動定律知，知，v隨時間均勻增大，其他量保持不變，故F隨時間均勻增大，不是時間的平方，故C正確；考點：考查了電磁感應(yīng)與圖像【名師點睛】對于圖象問題一定弄清楚兩坐標(biāo)軸的含義，尤其注意斜率、截距的含義，對于復(fù)雜的圖象可以通過寫出兩坐標(biāo)軸所代表物理量的函數(shù)表達(dá)式進(jìn)行分析．2.已知兩個電源的電動勢為E1和E2、內(nèi)阻r1和r2滿足關(guān)系E2>E1，r2>r1，有一定值電阻R1分別接在兩個電源上，獲得相等的功率，則將另一電阻R2且滿R2>R1也分別接在該兩個電源上，關(guān)于電阻R2獲得的功率P2有

A．P1<P2

B．P1>P2

C．P1=P2

D．條件不足無法確定參考答案：A3.下列表述正確的是A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律并且通過實驗測出了引力常數(shù)B．在赤道上發(fā)射同一衛(wèi)星時，向東發(fā)射比向西發(fā)射消耗的能量要多些C．在空中某點拋出一個物體（不計阻力），該物體的運動可以分解為自由落體運動和沿初始拋出方向的勻速運動D．在國際單位制中，力學(xué)的基本單位有牛頓、米和秒?yún)⒖即鸢福篊4.一小型無人機(jī)保持水平勻速飛行，從無人機(jī)上先后釋放了兩個小球，小球相繼落在水平地面上，落地時間間隔為t，測得兩落地點的距離為d，忽略風(fēng)力和空氣阻力的影響，利用這兩個數(shù)據(jù)，可以求出的物理量是（）A．無人機(jī)勻速運動的速度大小B．無人機(jī)在空中距離水平地面的高度C．小球在空中運動的時間D．當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葏⒖即鸢福篈【考點】平拋運動．【分析】勻速飛行的無人機(jī)上釋放的小球做平拋運動，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)分位移公式列式分析．【解答】解：A、勻速飛行的無人機(jī)上釋放的小球做平拋運動，在水平方向上做勻速直線運動，由題得d=v0t，可知能求出無人機(jī)勻速運動的速度大小v0．故A正確．B、設(shè)小球下落的時間為T．則無人機(jī)在空中距離水平地面的高度h=，因為T未知，所以h不能求出．故B錯誤．C、根據(jù)已知條件，不能求出小球在空中運動的時間T，故C錯誤．D、由h=，因為h和T均未知，所以g不能求出，故D錯誤．故選：A5.如圖所示，在絕緣的斜面上方存在著沿水平向右的勻強(qiáng)電場，斜面上的帶電金屬塊沿斜面滑下。已知在下滑的過程中，金屬塊動能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，下列判斷中正確的是A.金屬塊帶負(fù)電

B.金屬塊克服電場力做功8JC.金屬塊的機(jī)械能減少12J

D.金屬塊的電勢能減少4J參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.木塊在水平恒定拉力F的作用下，在水平路面上由靜止出發(fā)前進(jìn)了距離S，隨即撤去F，木塊沿原方向前進(jìn)了2S而停止．設(shè)木塊在全過程中受到的摩擦阻力大小不變，則木塊在上述運動全過程中最大的動能等于

。參考答案：

答案：2FS/37.某同學(xué)為了探究物體在斜面上運動時摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計實驗裝置如圖。長直平板一端放在水平桌面上，另一端架在一物塊上。在平板上標(biāo)出A、B兩點，B點處放置一光電門，用光電計時器記錄滑塊通過光電門時擋光的時間。實驗步驟如下：A用游標(biāo)卡尺測量滑塊的擋光長

度d,用天平測量滑塊的質(zhì)量mB用直尺測量AB之間的距離s，A點到水平桌面的垂直距離h1，B點到

水平桌面的垂直距離h2C將滑塊從A點靜止釋放，由光電計時器讀出滑塊的擋光時間tD重復(fù)步驟C數(shù)次，并求擋光時間的平均值E利用所測數(shù)據(jù)求出摩擦力f和斜面傾角的余弦值cosαF多次改變斜面的傾角，重復(fù)實驗步驟BCDE，做出f--cosα關(guān)系曲線用測量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）滑塊通過光電門時的速度υ=

滑塊運動時所受到的摩擦阻力f=

參考答案：8.P、Q是一列簡諧橫波中的兩質(zhì)點，已知P離振源較近，P、Q兩點的平衡位置相距15m（小于一個波長），各自的振動圖象如圖所示。此列波的波速為

m/s。參考答案：2.5m/s9.（10分）（1）如圖所示，把一塊潔凈的玻璃板吊在橡皮筋的下端，使玻璃板水平地接觸水面，如果你想使玻璃板離開水面，必須用比玻璃板重力的拉力向上拉橡皮筋，原因是水分子和玻璃的分子間存在作用。（2）往一杯清水中滴入一滴紅墨水，一段時間后，整杯水都變成了紅色，這一現(xiàn)象在物理學(xué)中稱為現(xiàn)象，是由于分子的而產(chǎn)生的，這一過程是沿著分子熱運動的無序性的方向進(jìn)行的。參考答案：答案：（1）大（2）引力

（2）擴(kuò)散

無規(guī)則運動

熵增加解析：本題只有一個難點，即“無序”性。自然發(fā)生的事情總是向無序性增大的方向發(fā)展。10.用歐姆表測電阻時，將選擇開關(guān)置于合適的擋位后，必須先將兩表筆短接，調(diào)整

▲

旋鈕，使指針指在歐姆刻度的“0”處．若選擇旋鈕在“×100”位置，指針在刻度盤上停留的位置如圖所示，所測量電阻的值為

▲

．參考答案：歐姆調(diào)零（2分）

320011.如圖所示，在傾角為37°的固定光滑斜面上放著一塊質(zhì)量不計的薄板，水平放置的棒OA，A端擱在薄板上，O端裝有水平轉(zhuǎn)軸，將薄板沿斜面向上和向下勻速拉動時所需拉力大小之比為3：4，則棒對板的壓力大小之比為__________，棒和薄板間的動摩擦因數(shù)為_____________。（cos37o=0.8，sin37o=0.6）參考答案：3:4；12.012年11月23日上午，艦載機(jī)殲-15在我國首艘航母“遼寧航”上成功起降?？煽睾朔磻?yīng)堆是驅(qū)動航空母艦的理想設(shè)備，其工作原理是利用重核裂變反應(yīng)釋放出大量核能獲得動力。是若干核反應(yīng)的一種，其中n為中子，X為待求粒子，為X的個數(shù)，則X是

▲

（選填“質(zhì)子”、“中子”、“電子”），＝

▲

。參考答案：）中子

313.如圖所示是測磁感應(yīng)強(qiáng)度的一種裝置。把一個很小的測量線圈放在待測處，測量線圈平面與該處磁場方向垂直，將線圈跟沖擊電流計G串聯(lián)（沖擊電流計是一種測量電量的儀器）。當(dāng)用反向開關(guān)K使螺線管里的電流反向時，測量線圈中就產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而有電流流過G。該測量線圈的匝數(shù)為N，線圈面積為S，測量線圈電阻為R，其余電阻不計。（1）若已知開關(guān)K反向后，沖擊電流計G測得的電量大小為q，則此時穿過每匝測量線圈的磁通量的變化量為△φ＝__________（用已知量的符號表示）。（2）待測處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B＝__________。參考答案：（1）qR/N,（2）qR/2NS解析：（1）由I=q/△t，E=IR，E=N△φ/△t，聯(lián)立解得△φ=qR/N。（2）由φ＝BS，△φ=2BS，△φ=qR/N，聯(lián)立解得B＝qR/2NS。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（2014?宿遷三模）學(xué)?？萍脊?jié)上，同學(xué)發(fā)明了一個用彈簧槍擊打目標(biāo)的裝置，原理如圖甲，AC段是水平放置的同一木板；CD段是豎直放置的光滑半圓弧軌道，圓心為O，半徑R=0.2m；MN是與O點處在同一水平面的平臺；彈簧的左端固定，右端放一可視為質(zhì)點、質(zhì)量m=0.05kg的彈珠P，它緊貼在彈簧的原長處B點；對彈珠P施加一水平外力F，緩慢壓縮彈簧，在這一過程中，所用外力F與彈簧壓縮量x的關(guān)系如圖乙所示．已知BC段長L=1.2m，EO間的距離s=0.8m．計算時g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．壓縮彈簧釋放彈珠P后，求：（1）彈珠P通過D點時的最小速度vD；（2）彈珠P能準(zhǔn)確擊中平臺MN上的目標(biāo)E點，它通過C點時的速度vc；（3）當(dāng)緩慢壓縮彈簧到壓縮量為x0時所用的外力為8.3N，釋放后彈珠P能準(zhǔn)確擊中平臺MN上的目標(biāo)E點，求壓縮量x0．參考答案：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．考點： 動能定理的應(yīng)用；機(jī)械能守恒定律．專題： 動能定理的應(yīng)用專題．分析： （1）根據(jù)D點所受彈力為零，通過牛頓第二定律求出D點的最小速度；（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出D點的速度，通過機(jī)械能守恒定律求出通過C點的速度．（3）當(dāng)外力為0.1N時，壓縮量為零，知摩擦力大小為0.1N，對B的壓縮位置到C點的過程運用動能定理求出彈簧的壓縮量．解答： 解：（1）當(dāng)彈珠做圓周運動到D點且只受重力時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得．v==m/s（2）彈珠從D點到E點做平拋運動，設(shè)此時它通過D點的速度為v，則s=vtR=gt從C點到D點，彈珠機(jī)械能守恒，有：聯(lián)立解得v=代入數(shù)據(jù)得，V=2m/s（3）由圖乙知彈珠受到的摩擦力f=0.1N，根據(jù)動能定理得，且F1=0.1N，F(xiàn)2=8.3N．得x=代入數(shù)據(jù)解得x0=0.18m．答：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．點評： 本題考查了動能定理、機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律的綜合，涉及到圓周運動和平拋運動，知道圓周運動向心力的來源，以及平拋運動在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵．15.

（選修3-3）（4分）估算標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下理想氣體分子間的距離（寫出必要的解題過程和說明,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：解析：在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下，1mol氣體的體積為V=22.4L=2.24×10-2m3

一個分子平均占有的體積V0=V/NA

分子間的平均距離d=V01/3=3.3×10-9m四、計算題：本題共3小題，共計47分16.高速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行駛，甲車在前，乙車在后，速度均為v0=30m/s，距離s0=100m，t=0時刻甲車遇緊急情況后，甲、乙兩車的加速度隨時間變化如圖所示，取運動方向為正方向。通過計算說明兩車在0～9s內(nèi)會不會相撞？參考答案：解析：公式解法：令a1=-10m/s2，a2=5m/s2，a3=-5m/s2，t1=3s末，甲車速度：v1=v0+a1t1=0；設(shè)3s過后經(jīng)過t2s甲、乙兩車速度相等，此時距離最近：a2t2=v0+a3t2；等速之前，甲車位移：x甲，乙車位移：x乙④解得x乙-x甲=90m＜s0=100m，不會相撞。圖象解法：由加速度圖像可畫出兩車的速度圖像，由圖像可知，t=6s時兩車等速，此時距離最近，圖中陰影部分面積為0～6s內(nèi)兩車位移之差，＜100m∴不會相撞。

17.如圖所示，水平面上有一個高為d的木塊，木塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.1．由均勻金屬材料制成的邊長為2d、有一定電阻的正方形單匝線框，豎直固定在木塊上表面，它們的總質(zhì)量為m．在木塊右側(cè)有兩處相鄰的邊長均為2d的正方形區(qū)域，正方形底邊離水平面高度為2d．兩區(qū)域各有一水平方向的勻強(qiáng)磁場穿過，其中一個方向垂直于紙面向里，另一個方向垂直于紙面向外，區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為區(qū)域Ⅰ中的3倍．木塊在水平外力作用下勻速通過這兩個磁場區(qū)域．已知當(dāng)線框右邊MN剛進(jìn)入Ⅰ區(qū)時，外力大小恰好為F0=mg，此時M點電勢高于N點，M、N兩點電勢差UMN=U．試求：（1）區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向怎樣？（2）線框右邊MN在Ⅰ區(qū)運動過程中通過線框任一橫截面的電量q．（3）MN剛到達(dá)Ⅱ區(qū)正中間時，拉力的大小F．（4）MN在Ⅱ區(qū)運動過程中拉力做的功W．參考答案：解：（1）由題，當(dāng)線框右邊MN剛進(jìn)入Ⅰ區(qū)時，M點電勢高于N點，說明MN中感應(yīng)電流方向由N到M，由右手定則判斷知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外．（2）設(shè)線框的總電阻為R，磁場Ⅰ區(qū)的磁感強(qiáng)度為B，線框右邊MN在Ⅰ區(qū)運動過程中有一半長度切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，有

I==，U=I?R=線框右邊MN在Ⅰ區(qū)運動過程中，木塊與線框受力平衡，有

F0﹣FA﹣μmg=0得FA=BId=mg﹣0.1mg=mg通過線框任一橫截面的電量q為q=It，其中t=，得I=聯(lián)立以上各式，解得q=（3）MN剛到達(dá)Ⅱ區(qū)正中間時，流過線框的電流為

I′===4I線框左、右兩條邊均受到向左的安培力作用，總的安培力大小為

FA′=BI′d+3BI′d=16FA=mg由于線框上邊各有一半處在磁場Ⅰ區(qū)、Ⅱ區(qū)中，所以分別受到向上與向下的安培力作用，此時木塊受到的支持力N為

N=mg+3BI′d﹣BI′d=mg+8FA=mg木塊與線框組成的系統(tǒng)受力平衡，因此拉力F為

F=FA′+μN=mg+mg=mg（4）隨著MN在磁場Ⅱ區(qū)的運動，木塊受到的支持力Nx隨發(fā)生的位移x而變化，有

Nx=mg+3BI′x﹣BI′（2d﹣x）=mg﹣2BI′d+4BI′x由于Nx隨位移x線性變化，因此MN在Ⅱ區(qū)運動過程中木塊受到的平均支持力為=mg﹣2BI′d+=mg+2BI′d=mg此過程中拉力做的功W為

W=FA′?2d+?2d=mg?2d+mg?2d=mgd答：（1）區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外．（2）線框右邊MN在Ⅰ區(qū)運動過程中通過線框任一橫截面的電量q為．（3）MN剛到達(dá)Ⅱ區(qū)正中間時，拉力的大小F為mg．（4）MN在Ⅱ區(qū)運動過程中拉力做的功W為mgd．18.總質(zhì)量為70kg的跳傘運動員從離地1000m的直升飛機(jī)上跳下，經(jīng)過2s拉開繩索開啟降落傘，如圖所示為運動員跳傘過程中的v-t圖，