浙江省名校聯(lián)盟2022-2023學(xué)年高三年級下冊新高考研究選考物理三 含解析

《浙江省新高考研究卷》選考（三）

物理試卷

地球表面的重力加速度g=9.8m/s2,引力常量G=6.67xlO"N-m2/kg\

選擇題部分

一、選擇題I（本題共3小題，每小題3分，共39分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)

是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

1.下雨天，當(dāng)雨滴下落速度比較大的時(shí)候，它受到的空氣阻力與其速度的二次方成正比，與其橫截面積成

正比，即耳=痣,，比例系數(shù)4的單位用國際單位基本單位表示（）

322

A.kg/mB.kgm/mC.mD.kg/m

【答案】A

【解析】

【詳解】依題意，有

其中，耳的國際單位是N,S的國際單位是m2,v的國際單位是m/s。又

lN=lkg-m/s2

解得比例系數(shù)k的單位為kg/m\

故選A?

2.某驢友吐槽自駕游新疆，6月29日17：00我趕到了喀什東邊的英吉沙，在這里休息兩天，然后想去和

田。但在導(dǎo)航和田時(shí)發(fā)現(xiàn)G315是不通的，理由是“315國道封路，已避開”。如果按導(dǎo)航給我設(shè)計(jì)的新線路

就要返回阿克蘇，然后穿越塔克拉瑪干沙漠，要多走約1000公里，而走315是直線，約500公里。根據(jù)這

位驢友的描述，下列說法正確的是（）

A.6月29日17：00表示的是時(shí)間間隔

B.按導(dǎo)航線路從英吉沙到和田的路程約為500公里

C.沿兩條路線到和田的位移是一樣的

D.研究驢友駕車從英吉沙到和田的時(shí)間時(shí)，不能將汽車當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)

【答案】C

【解析】

【詳解】A.6月29日17：00表示的是時(shí)刻，故A錯(cuò)誤；

B.按導(dǎo)航線路從英吉沙到和田的路程約為1500公里，故B錯(cuò)誤；

C.位移是初位置指向末位置的有向線段，沿兩條路線到和田的位移是一樣的，故c正確；

D.研究驢友駕車從英吉沙到和田的時(shí)間時(shí)，汽車的大小和形狀可以忽略，可以當(dāng)成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選C。

3.如圖，有一段圓管，現(xiàn)有一只蟲子沿如圖所示的圓弧曲線從A點(diǎn)緩慢爬到B點(diǎn)，關(guān)于蟲子爬過去的過程

中，下列說法中正確的是（）

A.圓管對蟲子的彈力可能不變

B.圓管對蟲子摩擦力先減小后變大

C.圓管對蟲子的摩擦力一直減小

D.圓管對蟲子的作用力一定改變

【答案】B

【解析】

【詳解】A.對蟲子受力分析，有重力，圓管對其的支持力和摩擦力，設(shè)蟲子在圓管上某點(diǎn)時(shí)過該點(diǎn)的切

線與水平方向夾角為仇由平衡條件，可得

FN-mgcos0

蟲子從位置M向位置N緩慢爬行，。角先減小后增大，葡萄枝對蝸牛的彈力先增大后減小，故A錯(cuò)誤；

BC.由平衡條件，有

F{-mgsin0

當(dāng)蟲子從位置M向位置N緩慢爬行的過程中，6角先減小后增大，所以圓管對蟲子的摩擦力先減小后變

大。故B正確；C錯(cuò)誤；

D.圓管對蟲子的作用力是支持力與摩擦力的合力，等于蝸牛所受重力，所以應(yīng)保持不變。故D錯(cuò)誤。

故選B。

4.如圖所示，小球由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)A時(shí)，細(xì)線斷裂，小球最后落在地板上。如果細(xì)線的長度/

可以改變，則()

A.細(xì)線越長，小球在最低點(diǎn)所受的合外力越大

B.細(xì)線越短，小球在最低點(diǎn)細(xì)線所受的拉力越大

C.細(xì)線越長，小球落地時(shí)的速度越大

D.細(xì)線長度是。點(diǎn)高度的一半時(shí)，小球落地點(diǎn)最遠(yuǎn)

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.小球向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能守恒，得

,12

mgl--mv

小球作圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由重力和細(xì)線的拉力提供，由牛頓第二定律可得

v2

r-mg=仁=m—

解得

F合=2mg,F=3mg

可知小球在最低點(diǎn)細(xì)線所受拉力無細(xì)線長度無關(guān)，小球在最低點(diǎn)所受合外力與細(xì)線長度無關(guān)。故AB錯(cuò)

誤；

D.設(shè)細(xì)線的懸點(diǎn)到地面的距離為從則細(xì)線的底端到地面的距離

h=H-l

小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間滿足

.12

h=2gr

小球在水平方向的位移為

x=vt=H-）

可知，當(dāng)

時(shí)，即細(xì)線長度是。點(diǎn)高度的一半時(shí)小球在水平方向的位移最大。故D正確；

C.根據(jù)能量守恒，可得小球落地時(shí)的速度滿足

口12

mgH=—mvt

解得

V,=j2g〃

即小球落地時(shí)的速度與細(xì)線的懸點(diǎn)到地面的距離，有關(guān)，與細(xì)線長度無關(guān)。故C錯(cuò)誤。

故選D。

5.如圖所示，某KTV房頂有一盞射燈，可以以2r/min勻速水平旋轉(zhuǎn)，燈距左右兩墻壁的距離均為2m,距

前后兩墻壁的距離均為3m,當(dāng)射燈射出一束平行于天花板的藍(lán)光，藍(lán)光照到四周墻面時(shí)有一個(gè)光點(diǎn)在墻

上移動(dòng)，當(dāng)光點(diǎn)在右側(cè)墻面、且距前面墻壁1m處時(shí)的速率約為（）

A.0.59m/sB.0.84m/sC.0.42m/sD.0.95m/s

【答案】B

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律

12

x^v^+-af

可得

X1

廠%+”

與圖像對比可知，物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。故AB錯(cuò)誤；

CD.由公式結(jié)合圖像可得Os時(shí)，物體的速度大小為0,1s時(shí)，物體的加速度滿足

1lm/s?,2

—a=------=lm/s

2Is

解得

a=2m/s2

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選C。

7.如圖所示，兩根在同一絕緣水平面內(nèi)且相互平行的長直導(dǎo)線MN和PQ分別通有方向相同的電流人和

八。八氏c三點(diǎn)連線與兩根導(dǎo)線等高并垂直，人兩點(diǎn)到直導(dǎo)線MN的距離和氏c兩點(diǎn)到直導(dǎo)線PQ的

距離均相等。已知乙>/2,下列說法正確的是（）

/2"

P--------<~:--------------Q

Ob

M--------------<——i--------------------------N

A：

Oa

A.任意改變兩導(dǎo)線電流大小，導(dǎo)線MN和PQ之間有可能相互排斥，也有可能相互吸引

B.導(dǎo)線MN對PQ的安培力的方向垂直PQ向下

C.c點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零

D.a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小比c點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.MN和PQ導(dǎo)線電流方向相同，同向電流導(dǎo)線相互吸引，導(dǎo)線MN和PQ之間相互吸引；因

為兩根導(dǎo)線處于同一絕緣水平面內(nèi)，所以導(dǎo)線MN對PQ的安培力的方向垂直PQ指向MN,故AB錯(cuò)

誤；

C.根據(jù)右手螺旋定則可知MN和PQ導(dǎo)線在C處的磁場方向都垂直紙面向里，根據(jù)矢量的疊加可知c點(diǎn)

處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)安培定則，。點(diǎn)處MN導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，PQ導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方

向也是垂直紙面向外，則“點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，同理，c點(diǎn)處MN導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)

度方向垂直紙面向里，PQ導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向也是垂直紙面向里，c點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直

紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，假設(shè)人=人，根據(jù)距離關(guān)系可知，兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，但是

/）＞/2,則。點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于c點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度，故D正確。

故選D。

8.如圖所示的5條虛線為等勢面，相鄰等勢面間電勢差相等。一電子只在電場力作用下在電場中運(yùn)動(dòng)（軌

跡未畫出），已知電子經(jīng)過等勢面1時(shí)動(dòng)能為5eV,經(jīng)過等勢面4時(shí)動(dòng)能為20eV,等勢面2的電勢為+3V,

下列說法正確的是（）

+3V

A.電子從等勢面1運(yùn)動(dòng)至等勢面4過程電勢能增加15eV

B.等勢面3的電勢一6V

C.電子經(jīng)過等勢面4時(shí)具有的電勢能一13eV

D.等勢面3、5間的電勢差為8V

【答案】C

【解析】

【詳解】A.電子從等勢面1運(yùn)動(dòng)至等勢面4過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有

又

必=一

聯(lián)立，解得

AEp=-15eV

即該過程電勢能減少15eV。故A錯(cuò)誤；

B.等勢面1、4間的電勢差為

UH=*=-15V

-e

依題意，有

023=啰一科=；U|4

解得

仍=8V

故B錯(cuò)誤；

C.同理，可得

^24=^2-%=-^14

解得

（p4=13V

電子經(jīng)過等勢面4時(shí)具有的電勢能為

"4=一缺=T3eV

故C正確：

D.依題意，相鄰等勢面間電勢差相等，則有

035=U24=，4=-10V

故D錯(cuò)誤。

故選Co

9.如圖，空間固定一條形磁體（其軸線水平），以下說法正確的是（）

A.圓環(huán)。沿磁體軸線向右運(yùn)動(dòng)，靠近磁體N極時(shí)感應(yīng)電流為逆時(shí)針（從左往右看）

B.圓環(huán)人豎直下落時(shí)磁通量不變

C.圓環(huán)c從位置1下降到位置3運(yùn)動(dòng)情況是先加速后減速

D.圓環(huán)c經(jīng)過磁體右邊的位置2時(shí)感應(yīng)電流最大

【答案】D

【解析】

【詳解】A.圓環(huán)a沿磁體軸線向右運(yùn)動(dòng)，靠近磁體N極時(shí)，穿過圓環(huán)〃的磁通量向左增大，根據(jù)楞次定

律可知感應(yīng)電流為順時(shí)針（從左往右看），故A錯(cuò)誤；

B.圓環(huán)6豎直下落時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，磁通量變小，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)楞次定律可知安培力阻礙圓環(huán)c向下運(yùn)動(dòng)，但不能阻止，圓環(huán)c從位置1下降到位置3一直做加

速度運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D.圓環(huán)c經(jīng)過磁體右邊的位置2時(shí)，磁感線幾乎與圓環(huán)平行，磁通量最小，磁通量變化率最大，感應(yīng)電

流最大，故D正確。

故選D。

10.現(xiàn)有一三棱鏡，用一束白光如圖所示照射，將5支相同的溫度計(jì)分別放在右側(cè)A、B、C、D、E五處位

置，其中B處是紅光邊緣，D處是紫光邊緣，觀察到A處的溫度計(jì)升溫最快，下列說法不正確的是（）

A.A處照射到的電磁波含有紫外線

B.A處照射到的光子能量可能比D處光子小

C.A處照射到的電磁波比。處照射到的電磁波在三棱鏡中的速度小

D.A處照射到的電磁波波長最長

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.紫外線比紫光在三棱鏡中的偏折更大，紫外線在。點(diǎn)的下方，A處照射到的電磁波不含有

紫外線，故A錯(cuò)誤，符合題意；

B.A處照射到的光子頻率比。處光子低，由￡=/〃，可知A處照射到的光子能量比。處光子小，故B

正確，不符合題意；

C.A處照射到的電磁波比。處照射到的電磁波在三棱鏡中的偏折小，折射率小，由〃=￡,可知A處照

V

射到的電磁波比。處照射到的電磁波在三棱鏡中的速度大，故C錯(cuò)誤，符合題意；

D.A處照射到的電磁波波長最長，E處照射到的電磁波波長最短，故D正確，不符合題意。

故選ACo

11.神舟十三號載人飛船于2021年10月16日6時(shí)56分，采用自主快速交會(huì)對接模式成功對接于天和核

心艙徑向端口。神舟十三號與空間站組合體完成對接后在太空中的運(yùn)動(dòng)可看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)。（己知地球

半徑R=6400km),下列說法正確的是()

A.航天員在空間站處于超重狀態(tài)

B.航天員與地球之間不存在引力

C.根據(jù)已有條件，估算地球的質(zhì)量為6xl()24kg

D.根據(jù)已有條件，組合體距地面的高度為3xl()6m

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.航天員受地球的萬有引力作用，萬有引力全部用來提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力而處于完全失

重狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；

C.地球表面重力加速度約為10m/s2,在地球表面，根據(jù)

八Mm

G#=mg

估算地球的質(zhì)量

例=6x10"kg

故C正確；

D.由于不知道組合體的線速度、角速度、周期、根據(jù)已有條件，無法求出組合體距地面的高度，故D錯(cuò)

誤。

故選C。

12.在某種均勻介質(zhì)中有一個(gè)振源O在振動(dòng)，振動(dòng)圖象如圖所示，在與。同一直線上有P、。兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，

PO的距離為8m,QO的距離為5m,在傳播過程中相鄰兩波峰間的距離為0.8m。下列說法不正確的是()

p/m

A.振源的振動(dòng)方程為y=0.4sin(5R)(m)

B.從振源振動(dòng)開始計(jì)時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波谷時(shí)所需要的時(shí)間為4.3s

C.P質(zhì)點(diǎn)第一次經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)時(shí)。質(zhì)點(diǎn)的位移大小為0.4m

D.P從起振到第二次經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4.2s

【答案】D

【解析】

2乃

【詳解】A.根據(jù)簡諧振動(dòng)規(guī)律y=Asin于f和振動(dòng)圖象得

=0.4sin(5］。(m)

故A正確；

B.設(shè)波速為h波傳到P點(diǎn)用時(shí)八，由題意和波的傳播規(guī)律有

Z=vT

XOP=%

t^t+-T

x14

聯(lián)立解得

r=4.3s

故B正確；

C.設(shè)質(zhì)點(diǎn)P從起振到第一次經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)為介，波傳到Q點(diǎn)用時(shí)以。點(diǎn)振動(dòng)時(shí)間為出有

T

t,=t+-

12

%。=%

。=f2-，3

聯(lián)立解得

y=1.7s=4T+工

故。質(zhì)點(diǎn)在正向的最大位移處，即0.4m,故C正確;

D.尸從起振到第二次經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

t5=工+7=0.6s

52

故D錯(cuò)誤。

本題選不正確項(xiàng)，故選D。

13.2022年6月22日中午11點(diǎn)40分左右江蘇南京一小區(qū)住宅大約22層樓（離地面約65m）高處著火，

有網(wǎng)友拍下驚險(xiǎn)一幕，如圖所示，滾滾濃煙直往外竄。于是高架水炮消防車緊急滅火，已知水炮炮口與樓

房間距為15m,與地面距離為60m,水炮的出水量為3m3/min.水柱剛好垂直打入受災(zāi)房間窗戶。則

()

A.水炮炮口的水流速度為10m/s

B.若水流垂直沖擊到窗戶玻璃后向四周流散，則沖力約為15OON

C.地面對消防車的作用力方向豎直向上

D.水泵對水做功的功率約為3.8x1(/w

【答案】D

【解析】

【詳解】A.水流做斜拋運(yùn)動(dòng)，末速度水平，可反向看作平拋運(yùn)動(dòng)，水流高度差5m,豎直方向?yàn)樽杂陕?/p>

體運(yùn)動(dòng)

A,12

又

又1s時(shí)間內(nèi)的水平位移為15m,有

合速度為

v=舊+[=5V13m/s

故A錯(cuò)誤；

B.取Imin內(nèi)的水量為研究對象，以沖力的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理得

F=-^=75ON

根據(jù)牛頓第三定律可知，水流對窗戶玻璃的沖力大小為75ON。

故B錯(cuò)誤；

C.消防車水炮炮口噴水，消防車受到反沖作用，則受到地面的支持力和摩擦力，合力斜向上，作用力斜

向上。故c錯(cuò)誤；

D.水泵對水做功的功率

mgh,+1—mV2

P=-------2——=3.8x](?w

t

故D正確。

故選D。

二、選擇題n（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一

個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）

14.如圖所示為一款地下金屬探測儀，探測儀內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化為線圈與電容器構(gòu)成的LC振蕩電路，當(dāng)探測

儀檢測到附近有金屬物時(shí)，探測儀連接的蜂鳴器會(huì)發(fā)出聲響。已知如圖，探測儀中電路里的電流強(qiáng)度正在

增加過程中，則下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.電流的方向由。向左流向C

B.此過程是放電過程，且如果此時(shí)是放電結(jié)束時(shí)，線圈的自感電動(dòng)勢最大

C.A極板帶正電，AB內(nèi)電場強(qiáng)度增大

D.如果線圈中插入鐵芯，振蕩電路的周期變大

【答案】BC

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)安培定則可知，該時(shí)刻電流的方向由。流向C；電流強(qiáng)度正在增大，則磁場能增大，

電場能減小，電容器正在放電，根據(jù)振蕩電流周期性變化的規(guī)律可知電流的變化率正在減小，則該時(shí)刻

線圈的自感電動(dòng)勢正在減小，所以放電結(jié)束時(shí)，線圈的自感電動(dòng)勢為零，故A不符合題意，B符合題

C.因?yàn)殡娙萜鞣烹?，且電流的方向由力流向C,所以A極板帶正電，AB內(nèi)電場強(qiáng)度逐漸減小，故C符

合題意；

D.如果線圈中插入鐵芯，所以其自感系數(shù)力增大，根據(jù)公式

T=2兀

可知，振蕩電路的周期變大，故D不符合題意。

故選BC。

15.氫原子能級圖如圖所示，氫原子從〃=4的能級向〃=2的能級躍遷時(shí)輻射出可見光“，從〃=3的能級

向〃=2的能級躍遷時(shí)輻射出可見光6,已知可見光光子能量范圍為1.62eV?3.11eV,則（）

nE/feV

OO-----------------------0

4--------------------------0.85

3-------------------------1.54

2-------------------------3.4

A.a光子的動(dòng)量大于b光子的動(dòng)量

B.氫原子從〃=4的能級向〃=3的能級躍遷時(shí)會(huì)輻射出光子，該能量來自于原子核

C.氫原子從〃=4的能級向〃=3的能級躍遷，輻射出光子，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，氫原子會(huì)朝反方向運(yùn)動(dòng)

D.根據(jù)波爾理論，氫原子從"=3的能級向〃=2的能級躍遷，電子動(dòng)能增加，電勢能減小

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.由圖可知，。光子的能量大于人光子的能量，光子的動(dòng)量可知。光子的動(dòng)量大于方光

c

子的動(dòng)量，故A正確：

B.氫原子從〃=4的能級向〃=3的能級躍遷時(shí)會(huì)輻射出光子，該能量來自于氫原子，而不是原子核，故

B錯(cuò)誤；

C.若是靜止的氫原子，氫原子從〃=4的能級向〃=3的能級躍遷，輻射出光子，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，氫

原子會(huì)朝反方向運(yùn)動(dòng)，由于不清楚氫原子原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無法判斷氫原子從〃=4的能級向〃=3的能級

躍遷，輻射出光子后，氫原子的運(yùn)動(dòng)方向，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)波爾理論，氫原子從〃=3的能級向”=2的能級躍遷，氫原子的能量減小，根據(jù)

.e2v2

k—=m—

rr

以及

"12

--mv

k2

可知電子動(dòng)能變大，氫原子的能量減小，則電勢能減小，故D正確。

故選AD。

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

16.用圖甲在“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)中：

甲乙

（1）下列操作正確的是;

A.在記錄力的方向時(shí)，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些

B.拴在橡皮條上的兩條細(xì)繩必須等長，并且要盡量長一些

C.彈簧測力計(jì)、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，彈簧測力計(jì)和桌面可以有摩擦

D.用兩彈簧測力計(jì)同時(shí)拉橡皮條時(shí)，兩彈簧測力計(jì)的示數(shù)之差應(yīng)盡可能大

（2）本實(shí)驗(yàn)中，用兩個(gè)彈簧測力計(jì)分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置0和只用

一個(gè)彈簧測力計(jì)通過細(xì)繩套拉橡皮條，把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到同一位置。點(diǎn)。兩次拉橡皮條的過程，主要

體現(xiàn)了下列哪種科學(xué)方法;

A.理想實(shí)驗(yàn)法B.等效替代法C.控制變量法D.建立物理模型法

（3）圖乙是該同學(xué)在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)用同一標(biāo)度畫出的圖示，如果沒有操作失誤，圖乙中的尸與

F兩力中，方向一定沿A0方向的是；

【答案】AC##CA②.B③.F

【解析】

【詳解】（1）[1]A.在記錄力的方向時(shí)，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，有利于減小在確定力的方向時(shí)

的誤差，故A正確；

B.拴在橡皮條上的兩條細(xì)繩不一定等長，但是要盡量長一些，以便于減小在確定力的方向時(shí)的誤差，故

B錯(cuò)誤；

C.彈簧測力計(jì)、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，因?yàn)閺椈蓽y力計(jì)顯示的是繩子上的拉力，和桌面可以有

摩擦，故c正確；

D.用兩彈簧測力計(jì)同時(shí)拉橡皮條時(shí)，兩彈簧測力計(jì)的示數(shù)盡量大一點(diǎn)，但是兩彈簧測力計(jì)的示數(shù)之差沒

必要盡可能大，故D錯(cuò)誤。

故選ACo

（2）[2]兩次拉橡皮條，都是把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到同一位置，體現(xiàn)的科學(xué)方法是等效替代法。

故選B。

（3）[3]因?yàn)镕是用一根彈簧秤拉橡皮條時(shí)的示數(shù)，而產(chǎn)'是由平行四邊形定則做出來的，所以方向一定

因此

4兀2

g-

而/=L+r,則

心㈣“吃

g

圖線擬合得到方程72=女乙+人，因此擺球半徑

b

r=—

k

18.多用電表在電學(xué)中有很多應(yīng)用，既可以測電阻，也可以測電壓和電流。

（1）測燈泡電阻的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是

甲乙丙

A.甲圖，歐姆調(diào)零過程中，紅黑表筆短接，手直接接觸表筆，雖然對調(diào)零結(jié)果無影響，但這樣操作不符合

實(shí)驗(yàn)規(guī)范

B.乙圖，對燈泡電阻進(jìn)行測量，測量結(jié)果比真實(shí)值偏大

C.丙圖，利用所示旋鈕進(jìn)行歐姆調(diào)零

D.丁圖，實(shí)驗(yàn)完成后，擋位調(diào)至所示位置直流最高壓

（2）若要測某電阻阻值時(shí)，他把選擇開關(guān)打到如圖甲所示，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小,

為「較準(zhǔn)確測量，應(yīng)換到..檔，換檔后正確操作，再次測量，表盤的示數(shù)如圖乙，則該電阻的阻值是

甲乙

（3）多用電表自帶電源，可將某檔位下的多用電表等效為一直流電源，-同學(xué)把多用電表和電流表及滑動(dòng)

變阻器串聯(lián)，則紅表筆應(yīng)接電流表的..接線柱（填“正"或"負(fù)"）。

（4）該同學(xué)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器得到多組多用電表和電流表的示數(shù)R和/,并建立如圖所示坐標(biāo)系，將測得的

多組數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線，如圖所示，由圖像可知該檔位下多用電表的內(nèi)部電源電動(dòng)勢為V,內(nèi)阻為

③.22000④.負(fù)1.44(1.43-1.45)10.08

（10.00-11.00）

【解析】

【詳解】（1）[1]A.歐姆調(diào)零過程中，紅黑表筆短接，手直接接觸表筆時(shí)，相當(dāng)于將人短路，這樣做仍然

可以等效為紅黑表筆短接，對調(diào)零結(jié)果無影響，但這樣操作不符合實(shí)驗(yàn)規(guī)范，故A正確；

B.乙圖中測電阻時(shí)，手直接接觸表筆，相當(dāng)于待測電阻與人并聯(lián)，所測的時(shí)并聯(lián)部分的等效電阻，其測

量結(jié)果比真實(shí)值偏小，故B錯(cuò)誤；

C.歐姆調(diào)零時(shí)，應(yīng)調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，即丙圖，利用所示旋鈕進(jìn)行歐姆調(diào)零，故C正確；

D.丁圖，實(shí)驗(yàn)完成后，擋位調(diào)應(yīng)至交流電壓最高擋位，故D錯(cuò)誤；

故選AC。

（2）[2]測量電阻時(shí)，采用的是xlOOC,表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，表明通過表頭的電流較小，即待測電阻

的阻值較大，為了使得指針指在中央刻線附近，則需采用高倍率擋位，即*lkC；

⑶根據(jù)上述，結(jié)合歐姆表的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為

22xl000Q=22000Q

（3）[4]根據(jù)電流“紅進(jìn)黑出”與“+進(jìn)-出”規(guī)律，可知紅表筆應(yīng)接電流表的負(fù)接線柱。

（4）⑸⑹根據(jù)

U=E—Ir,U=IR

則有

IR^E-Ir

將圖線延長與坐標(biāo)軸相交，如圖所示

E?1.44V,r?-5-0-x-1-0-^3Q=10.8Q

19.如圖有兩個(gè)氣缸分別儲(chǔ)存有。2和N2,中間通過細(xì)長的導(dǎo)管相通，體積不計(jì)，導(dǎo)管中間有一個(gè)閥門，

在右側(cè)的氣缸中有一活塞P,可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動(dòng)，整個(gè)裝置均由導(dǎo)熱材料制成且環(huán)境溫度恒定，開始

閥門關(guān)閉，左側(cè)氣缸初始狀態(tài)時(shí)壓強(qiáng)P|=2xl()5pa,右側(cè)氣缸初始狀態(tài)時(shí)壓強(qiáng)P2=lx1()5pa,閥門打開

后，活塞P向右移動(dòng)，最后達(dá)到平衡。兩氣缸側(cè)面積均為100cm2,長度的尺寸如圖所示(單位：cm)。求：

(1)活塞向右移動(dòng)了多少

(2)平衡后左側(cè)氣缸的壓強(qiáng)為多少

(3)。2從外界吸熱還是放熱？為什么？

卜20cm

P

【答案】(1)7.5cm；(2)1.6xl()5pa；(3)從外界吸熱，見解析

【解析】

【詳解】(1)(2)因?yàn)榈葴?，設(shè)向右移動(dòng)X,平衡后壓強(qiáng)為P，對。2

P[Sl1=p(s/1+sx)

對N2

p2sl2=p(sl2一sx)

解得

x=7.5cm

p=1.6xlO5pa

（3）因?yàn)檎麄€(gè)裝置均由導(dǎo)熱材料制成且環(huán)境溫度恒定，所以氣體溫度保持不變，即氣體內(nèi)能不變，即

△u=o

又因?yàn)闅怏w4膨脹，對外做功，即

卬<0

所以由熱力學(xué)第一定律

\U=W+Q

得

2>0

即。2要從外界吸熱。

20.一個(gè)半徑為R的;圓弧CD和一個(gè)半徑也為R的"圓弧BC組成的管道BCD豎直的放置在水平面上，

管道的右側(cè)有水平放置的光滑輕彈簧，彈簧的左端為E點(diǎn)，右端固定。。、E的距離為R?，F(xiàn)有一質(zhì)量為〃?

的滑塊從A點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）水平拋出，滑塊恰好能相切的進(jìn)入管道，在B處時(shí)對右側(cè)軌道的壓力為

—呼）”且，已知滑塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為625,忽略其他各處摩擦和滑塊的大小。己知彈簧的彈

性勢能表達(dá)式為紇=,丘2,其中x為形變量。

（1）求滑塊從A點(diǎn)拋出時(shí)初速度%的大小

⑵若k=也,求滑塊穿過管道后第一次壓縮彈簧時(shí)的最大壓縮量

R

（3）要使滑塊能再次返回細(xì)管道BCD,且不一定能返回8點(diǎn)，即使能返回8點(diǎn)，第一次返回B點(diǎn)時(shí)的速

【答案】（1）』2gR一也gR；（2）R；（3）瞿〈女〈警

V2251\R

【解析】

【詳解】（1）對B點(diǎn)分析，根據(jù)牛頓第二定律

—mg+FN=m^

2K

根據(jù)幾何關(guān)系可得拋出時(shí)速度

%

得

%=《2gR_*gR

（2）設(shè)從8點(diǎn)沿軌道下滑后，第一次壓縮彈簧的最大形變量為七,由能量守恒定律得

〃叫（x0+R）+；叱

得

Xo=R

（3）要使滑塊再次返回8點(diǎn)，應(yīng)滿足以下三個(gè)條件.條件1：

1(立、=〃mg(片+R)+；5?

kx0'>/jmg,—mvj+mg——R+R

2I2,

得到

k>2

88/?

條件2：滑塊要返回BCO管道，必須要能返回。點(diǎn)，即

；"憂=4mg（R+X。'）+：52,gkx：2/jmg（^R+x0'）

B到D,由動(dòng)能定理

12(V2112

—mv"+mgR+R=—mvD

2I2J2

得

k4

25R

條件3：返回細(xì)管道BCD且第一次返回C點(diǎn)時(shí)的速度小于j2gR-夜gR。要求C點(diǎn)時(shí)滿足

:加巧=囚ng(R+/')+；

得到

kw

R

因此勁度系數(shù)k應(yīng)滿足

3mg<k<5mg

257?--R

21.一大學(xué)生在研究電磁感應(yīng)問題時(shí)做了如下實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，水平金屬軌道尸MNP尸M'N'

P'上放置著AB、C。兩根金屬棒，處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，兩金屬棒質(zhì)量均為〃?，電阻均為R,長度

均為/,其中AB接入電路的有效電阻為?，軌道尺寸如圖，右邊連接著金屬軌道PQZP，Q'Z',其中傾

斜部分與水平面成300。角，并有沿斜面向下的勻強(qiáng)磁場，QZQ'Z水平且足夠長，間距也為/,也處于豎

直向下的磁場中，所有的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為瓦現(xiàn)給棒AB一瞬時(shí)沖量，使其獲得向右的初速度丫

(此后各過程，兩棒與導(dǎo)軌都接觸良好)，棒也因之運(yùn)動(dòng)起來，在到達(dá)PP前兩棒均已勻速，CZ)棒進(jìn)

入PP時(shí)受到沿斜面向上的恒力尸=3〃mg+,〃2g,〃斜軌道的動(dòng)摩擦因素，〃=吧1,同時(shí)給AB

22B4l4v

棒一個(gè)外力，使AB勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且該大學(xué)生發(fā)現(xiàn)外力隨時(shí)間每秒增加女牛頓，CQ棒在傾斜軌道上的

1)212

運(yùn)動(dòng)時(shí)間為上。CO棒到達(dá)Q。'時(shí)，兩棒上的外力撤去。整個(gè)運(yùn)動(dòng)中，AB始終在F例尸M'軌道運(yùn)

3kR

動(dòng)，所有軌道電阻不計(jì)，只有傾斜軌道粗糙。

(1)A8棒在獲得速度瞬間，求4B兩端的電勢差；

(2)C。棒進(jìn)入PP'時(shí)AB棒受力的大小和8棒到達(dá)QQ'時(shí)AB的速度大??；

(3)C。棒進(jìn)入在。Z。Z區(qū)域后整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱多大。

2

【答案】(1)-B/v;(2)廠=竺互+生”；lly；(3)0.58wv

315/?B2l25

【解析】

【詳解】(1)AB棒在獲得速度瞬間，感應(yīng)電動(dòng)勢為

E=B-v

2

則電流為

B、v

一

-R

2

A8兩端的電勢差為路端電壓，即

2/1

U=-B-V=-BIV

ABB323

（2）在到達(dá)PP前兩棒均已勻速，AB、C。速度分別為匕、v2,則有

B^vx=Blv2

在到達(dá)PP'前兩棒由動(dòng)量定理可得

-B—q=mvi-mv,Blq-mv2-0

解得

24

彩=丫，=-V

根據(jù)牛頓第二定律，可得

F唳熊臼

F-----------------------=ma

-R

2

解得

B2l2(-v+at\

F=----------------+ma

6R

每秒增加k牛頓

,B2l2a

K=-------

6R

8棒到達(dá)QQ'時(shí)AB的速度

,14

Vj=V]+6/Z=—V

，=0時(shí)，有

.2B2I?V6mkR

F=---------+——

157?B2!2

(3)因?yàn)?/p>

F=—^img+-mg

又

23A/板3牌（v+」M

2

當(dāng)「=0時(shí)，可得

_4mkR

71-15B2/2

f=t時(shí)，可得

_iAmkR

工一15B2/

8棒到達(dá)Q。'時(shí)速度為名，由動(dòng)量定理，可得