江西省二校高三下學(xué)期二輪復(fù)習(xí)階段性檢測(cè)模擬預(yù)測(cè)物理試題

2023—2024學(xué)年江西省高三年級(jí)二輪復(fù)習(xí)階段性檢測(cè)物理試卷試卷共6頁(yè)，15小題，滿分100分。考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡指定位置上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3.考生必須保持答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.圖甲為我國(guó)研制的盾構(gòu)機(jī)刀盤吊裝場(chǎng)景，刀盤由繩索與長(zhǎng)方形鋼架組成的設(shè)備懸掛于空中，處于靜止?fàn)顟B(tài)，四條相同繩索分別牽引住鋼架的四個(gè)頂點(diǎn)，如圖乙。刀盤與鋼架總重力為G，每條繩索與豎直方向的夾角均為，不計(jì)繩索重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.每根繩索對(duì)鋼架的拉力大小為B.刀盤所受的合力方向豎直向上C.若每根繩索增加相同的長(zhǎng)度，每根繩索的拉力將變小D.繩索對(duì)鋼架的拉力大于鋼架對(duì)繩索的拉力【答案】C【解析】【詳解】A．刀盤處于平衡狀態(tài)，對(duì)刀盤進(jìn)行受力分析有故每根繩索對(duì)刀盤與鋼架的拉力大小為故A錯(cuò)誤；B．刀盤所受的合力為零，故B錯(cuò)誤；C．若每根繩索增加相同的長(zhǎng)度，變小，變大，則每根繩索的拉力將變小，故C正確；D．根據(jù)牛頓第三定律，繩索對(duì)鋼架的拉力等于鋼架對(duì)繩索的拉力，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖，噴泉可以美化景觀，現(xiàn)有一噴泉從地面圓形噴口豎直向上噴出，若噴泉高度約為1.8m，噴口橫截面積為，已知水的密度為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g大小取，則該噴口每秒噴水質(zhì)量大約為（）A300kg B.30kg C.3kg D.30g【答案】B【解析】【詳解】由豎直上拋運(yùn)動(dòng)公式，得因此該噴口每秒噴水質(zhì)量大約為故選B。3.如圖甲，用裝有墨水的小漏斗和細(xì)線做成單擺，水平紙帶中央的虛線在單擺平衡位置的正下方。用電動(dòng)機(jī)勻速拉動(dòng)紙帶時(shí)，讓單擺小幅度前后擺動(dòng)，于是在紙帶上留下徑跡。調(diào)節(jié)電動(dòng)機(jī)拉動(dòng)速度，分別得出圖乙和丙兩條紙帶，取3.14，重力加速度g大小取。下列說(shuō)法正確的是（）A.無(wú)論紙帶是否勻速拉動(dòng)，都可以用紙帶通過(guò)的距離表示時(shí)間B.由圖知乙紙帶的速度為丙紙帶速度的0.5倍C.單擺漏斗在P點(diǎn)和Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的方向相同D.若乙圖中，紙帶拖動(dòng)速度為10cm/s，可推算該單擺的擺長(zhǎng)約為1m【答案】D【解析】【詳解】A．紙帶勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由知，位移與時(shí)間成正比，因此只有在勻速運(yùn)動(dòng)的條件下，才可以用紙帶通過(guò)的距離表示時(shí)間，故A錯(cuò)誤；B．由于乙圖中有單擺的擺動(dòng)時(shí)間為兩個(gè)周期，丙圖中有單擺的擺動(dòng)時(shí)間為四個(gè)周期，紙帶同樣移動(dòng)40cm，丙的時(shí)間是乙的兩倍，故乙紙帶的速度為丙紙帶速度的2倍，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)同側(cè)法，可知單擺漏斗在P點(diǎn)向上振動(dòng)，在Q點(diǎn)向下振動(dòng)，單擺漏斗在P點(diǎn)和Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的方向相反，故C錯(cuò)誤；D．乙圖中，紙帶拖動(dòng)速度為10cm/s，可得單擺周期為根據(jù)單擺周期公式可得單擺的擺長(zhǎng)約為故D正確。故選D。4.原子處于磁場(chǎng)中，某些能級(jí)會(huì)發(fā)生劈裂。如圖甲，XX代表激發(fā)態(tài)1，X代表激發(fā)態(tài)2，G代表基態(tài)，由于能級(jí)劈裂，如圖乙，X態(tài)劈裂為兩支，分別為、兩個(gè)能級(jí)。原子劈裂前輻射出光譜線①和②，劈裂后輻射出光譜線③、④、⑤和⑥，下列說(shuō)法正確的是（）A.①和③的能量相等B.③的頻率大于⑤的頻率C.③和④的頻率之和等于⑤和⑥的頻率之和D.若用④照射某種金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則用⑥照射也一定能發(fā)生【答案】C【解析】【詳解】A．因原子能級(jí)躍遷放出的光子的能量等于原子的能級(jí)差，由題圖可知光子①、③對(duì)應(yīng)的能量關(guān)系為故A錯(cuò)誤；B．由題圖可知光子③、⑤對(duì)應(yīng)的能量關(guān)系為由光子能量，③的頻率小于⑤的頻率，故B錯(cuò)誤；C．XX態(tài)能級(jí)與基態(tài)能級(jí)差保持不變，故③和④的頻率之和等于⑤和⑥的頻率之和，故C正確；D．由光子能量和，知用④照射某金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，可知大于此金屬的逸出功，因，則無(wú)法比較與的大小關(guān)系，故用⑥照射該金屬不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖，玩具小車在軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得小車1s繞軌道運(yùn)動(dòng)一周，圓軌道半徑為0.3m，玩具小車的質(zhì)量為0.5kg，AC為過(guò)圓心豎直線，BD為過(guò)圓心水平線，重力加速度g大小取，小車看作質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.小車在BD下方運(yùn)動(dòng)時(shí)處于失重狀態(tài)B.小車在B點(diǎn)不受摩擦力作用C.小車在C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力恰好為零D.小車在A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力比在C點(diǎn)時(shí)大10N【答案】D【解析】【詳解】A．小球在BD下方運(yùn)動(dòng)時(shí)，向心加速度指向圓心，均有豎直向上的分量，故處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．由于玩具小車在軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，切向分量上合力為零，故在B點(diǎn)受到豎直向上的摩擦力，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)玩具小車在C點(diǎn)時(shí)受到向下的壓力，則又得故C錯(cuò)誤；D．設(shè)玩具小車在A點(diǎn)時(shí)受到向上的壓力，則由牛頓第三定律知得故D正確。故選D。6.1676年丹麥天文學(xué)家羅默通過(guò)木星衛(wèi)星的掩食第一次測(cè)定了光速。如圖甲，木衛(wèi)1轉(zhuǎn)到木星的背面時(shí)，會(huì)被木星遮住來(lái)自太陽(yáng)的光線，形成掩食現(xiàn)象。已知木衛(wèi)1繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，木星的半徑為R，木星的質(zhì)量為m，木星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)周期為，木衛(wèi)1繞木星轉(zhuǎn)動(dòng)周期遠(yuǎn)小于木星公轉(zhuǎn)周期。如圖乙，太陽(yáng)光可視為平行光，太陽(yáng)光與木星地面相切線與木衛(wèi)1所在軌道的交點(diǎn)為P、Q點(diǎn)，，引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是（）A.木衛(wèi)1繞木星運(yùn)動(dòng)的線速度為B.木衛(wèi)1一次“掩食”過(guò)程的時(shí)間約為C.木衛(wèi)1繞木星運(yùn)動(dòng)的向心加速度為D.由題給信息可以推算出太陽(yáng)的質(zhì)量【答案】C【解析】【詳解】A．木衛(wèi)1繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度為又由幾何關(guān)系知可得則故A錯(cuò)誤；B．木衛(wèi)1一次“掩食”過(guò)程的時(shí)間為故B錯(cuò)誤；C．木衛(wèi)1繞木星運(yùn)動(dòng)的向心加速度為故C正確；D．設(shè)木星到太陽(yáng)的距離為d，木星繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力可得解得太陽(yáng)質(zhì)量為由于未給出木星到太陽(yáng)的距離為d，無(wú)法由題給信息測(cè)定太陽(yáng)質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖，在邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形觀景水池底部中央安裝四條等長(zhǎng)細(xì)燈帶，它們圍成一正方形，已知每條細(xì)燈帶長(zhǎng)度約為3m，細(xì)燈帶到水面的距離，水的折射率，，則水面上有光射出的水面形狀（用斑點(diǎn)表示）為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】取細(xì)燈帶上某一點(diǎn)作為點(diǎn)光源，點(diǎn)光源發(fā)出的光在水面上有光射出的水面形狀為圓形，設(shè)此圓形的半徑為R，點(diǎn)光源發(fā)出的光線在水面恰好發(fā)生全反射的光路圖如圖1所示。由可得圓形的半徑為每一條細(xì)燈帶發(fā)出的光在水面上有光射出的水面形狀的示意圖如圖2所示。由于每條燈帶，在水面形成寬度為寬度的光斑，而燈帶間恰好距離3m為兩倍R，故燈帶圍成區(qū)域恰好無(wú)空缺部分，四條細(xì)燈帶構(gòu)成的正方形發(fā)光體發(fā)出的光在水面上有光射出的水面形狀的示意圖如圖3所示。故選A。8.某同學(xué)利用感應(yīng)起電機(jī)起電后，連接兩接線柱形成一對(duì)正負(fù)電極，如圖為該接線柱所在平面電場(chǎng)的分布情況，A、B、C、D為電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，其中C、D兩點(diǎn)在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上，下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小 B.C點(diǎn)和D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反C.負(fù)電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電勢(shì)能增加 D.正電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能等于其在D點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】CD【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，B點(diǎn)處電場(chǎng)線較密，A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小小于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線上某點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向，故C點(diǎn)和D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，故B錯(cuò)誤；C．負(fù)電荷由A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故C正確；D．由圖可知C點(diǎn)和D點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，正電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能等于在D點(diǎn)的電勢(shì)能，故D正確。故選CD。9.如圖，將質(zhì)量均為m的物塊M、N，由勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧拴接后置于傾角為的固定斜面上，M底面光滑，N與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，用手托住M使其保持靜止且使彈簧處于原長(zhǎng)。時(shí)刻將M由靜止釋放，已知彈簧始終處于彈性限度之內(nèi)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g。從時(shí)刻至M、N首次共速的過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻N(yùn)的加速度大小為零B.M和N組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.M減少的機(jī)械能等于N增大的機(jī)械能與系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生熱量之和D.當(dāng)M、N速度差最大時(shí)，彈簧的形變量為【答案】AD【解析】【詳解】A．釋放M的一瞬間，彈簧上的彈力不發(fā)生突變，為0，N的加速度為0，故A正確；B．M和N組成的系統(tǒng)所受合外力不為0，其動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)能量守恒，M減少的機(jī)械能等于N增大的機(jī)械能、彈簧增加的彈性勢(shì)能、系統(tǒng)產(chǎn)生的摩擦熱之和，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)M、N加速度相同時(shí)其速度差最大，此時(shí)對(duì)M，根據(jù)牛頓第二定律對(duì)N，根據(jù)牛頓第二定律解得故D正確。故選AD。10.某興趣小組利用電容放電裝置研究電磁彈射。如圖，離地面高為h的水平面上固定一半徑為r的金屬圓環(huán)，一根長(zhǎng)為2r、電阻為的金屬棒P沿直徑放置，它的兩端與圓環(huán)接觸良好，該棒以圓心為轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。圓環(huán)內(nèi)左半圓存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（方向豎直向上），圓環(huán)邊緣、與轉(zhuǎn)軸良好接觸的電刷分別與間距為l的水平放置的光滑平行金屬軌道相連，軌道間接有電容為C的電容器，通過(guò)單刀雙擲開關(guān)S可分別與接線柱1、2相連。水平導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量為m金屬棒Q，它置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（方向豎直向上）區(qū)域內(nèi)靠左側(cè)邊緣。先將開關(guān)置于1端，讓金屬棒P繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，等電容器充電結(jié)束后，再將開關(guān)S置于2端，電容器放電使得導(dǎo)軌上的金屬棒Q運(yùn)動(dòng)起來(lái)水平拋出。圓環(huán)及軌道內(nèi)阻均不計(jì)，重力加速度大小為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器充電后，M板帶正電B.電容器充電后電容帶電量為C.電容器充電后電容帶電量為D.金屬棒Q拋出到落地的最大水平距離為【答案】AC【解析】【詳解】A．開關(guān)S和接線柱1接通，電容器充電，充電過(guò)程，對(duì)繞轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬棒P，由右手定則可知電流沿徑向向外，即邊緣為電源正極，圓心為負(fù)極，則M板帶正電，故A正確；BC．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知?jiǎng)t電容器所帶的電荷量故B錯(cuò)誤，C正確；D．假設(shè)電容器放電能夠?qū)㈦姾闪咳糠磐?，電容器放電過(guò)程對(duì)金屬棒Q由動(dòng)量定理有，得根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)公式，有，聯(lián)立可得但是實(shí)際電容器放電結(jié)束時(shí)電容器應(yīng)保留一部分電荷，使得電容器兩端電壓和導(dǎo)體棒的相等，故D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)利用鉤碼和刻度尺研究一橡皮筋所受彈力與其伸長(zhǎng)量之間的關(guān)系。（1）如圖甲，先將橡皮筋的一端固定在鐵架臺(tái)上，橡皮筋的另一端系一輕質(zhì)掛鉤和指針。（2）在掛鉤上逐個(gè)掛上單個(gè)質(zhì)量為10g的鉤碼，并記錄下指針?biāo)鶎?duì)應(yīng)的刻度，為所掛鉤碼數(shù)量1~6個(gè)時(shí)指針?biāo)鶎?duì)應(yīng)刻度，為不掛鉤碼時(shí)指針?biāo)鶎?duì)應(yīng)刻度。記錄如下表：代表符號(hào)數(shù)值（cm）17.3519.3521.3023.4225.3427.4029.3602.003.956.077.9910.0512.01（3）根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出圖，如圖乙。（4）由圖像可得該橡皮筋的勁度系數(shù)______N/m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，）。（5）由圖像，可以得出的結(jié)論是____________。（6）若考慮掛鉤和指針，本實(shí)驗(yàn)測(cè)得橡皮筋的勁度系數(shù)比真實(shí)值______（選填“偏小”“偏大”或“相等”）。【答案】①.4.9②.在彈性限度內(nèi)，橡皮筋彈力與其伸長(zhǎng)量成正比③.相等【解析】【詳解】（4）[1]根據(jù)受力平衡可得又聯(lián)立可得則可知圖像的斜率為解得彈簧的勁度系數(shù)為（5）[2]圖像為過(guò)原點(diǎn)的直線，則可得出在彈性限度內(nèi)，橡皮筋彈力與其伸長(zhǎng)量成正比。（6）[3]若考慮掛鉤和指針，圖像斜率不變，本實(shí)驗(yàn)測(cè)得橡皮筋的勁度系數(shù)不變。12.超薄柔性導(dǎo)電薄膜，可用于穿戴設(shè)備、醫(yī)用電子設(shè)備等。如圖甲，某研究小組將一種柔性導(dǎo)電材料均勻涂在絕緣介質(zhì)上表面，已知該材料在室溫下的電阻率為，用多用電表粗測(cè)其電阻，用如下方法測(cè)定該導(dǎo)電材料在介質(zhì)表面涂層的厚度。（1）如圖乙用游標(biāo)卡尺測(cè)量涂層的長(zhǎng)度______mm，寬度。（2）現(xiàn)有如下器材可用于精確測(cè)量涂層阻值：①電源E（電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻約為）②電壓表V（量程1.0V、內(nèi)阻為）③電流表（量程0.06A、內(nèi)阻）、（量程6A、內(nèi)阻）④滑動(dòng)變阻器（阻值），滑動(dòng)變阻器（阻值）⑤定值電阻（阻值）⑥導(dǎo)線若干，開關(guān)一只（3）測(cè)量時(shí)為了電壓表和電流表指針都有偏轉(zhuǎn)明顯，減小相對(duì)讀數(shù)誤差，電流表應(yīng)選______；為了測(cè)量范圍大一些，滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選______。（均用所選儀器的符號(hào)表示）（4）請(qǐng)?jiān)趫D丙虛框中畫出所需元件，并在圖丁中完成實(shí)物連線。（）（5）經(jīng)測(cè)量，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，則該涂層上下總厚度為______（用題目所給的物理量符號(hào)表示）?！敬鸢浮竣?10.50②.③.④.⑤.【解析】【詳解】（1）[1]涂層的長(zhǎng)度為（3）[2]本實(shí)驗(yàn)測(cè)導(dǎo)電薄膜的電阻，通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流為測(cè)量時(shí)為了電壓表和電流表指針都有偏轉(zhuǎn)明顯，減小相對(duì)讀數(shù)誤差，當(dāng)電流表選擇量程0.06A，此時(shí)被測(cè)電阻兩端的電壓3V，而電壓表V量程只有1.0V，為了放大電壓表量程，可以利用定值電阻串聯(lián)，當(dāng)電壓表示數(shù)為1V，則實(shí)際兩端電壓為3V。[3]為了測(cè)量范圍大一些，應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選總阻值小的。（4）[4]由（3）分析可得，實(shí)驗(yàn)電路、實(shí)物連線如圖所示。（5）[5]根據(jù)歐姆定律根據(jù)電阻定律可得13.某同學(xué)利用玻璃瓶研究氣體溫度與體積的關(guān)系。如圖，將一質(zhì)量、底部橫截面積的薄壁玻璃瓶倒扣在水中。容器厚度不計(jì)，當(dāng)溫度為時(shí)，測(cè)得此時(shí)瓶?jī)?nèi)液面比瓶外水平面低，瓶子露在水面上的部分長(zhǎng)。已知大氣壓強(qiáng)為，重力加速度大小為，水的密度為，設(shè)容器外部的水面高度保持不變，，求：（1）瓶?jī)?nèi)的氣體壓強(qiáng)；（2）若加入熱水混合穩(wěn)定后，瓶?jī)?nèi)氣體的溫度緩慢上升至，則瓶子露在水面上部分長(zhǎng)為多少？【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）對(duì)容器受力分析得（2）由于容器的重力等于排開水的重力由于浮力保持不變，排開水的體積不變，瓶?jī)?nèi)液面比瓶外水平面低，保持不變。溫度變化前后，氣體體積和溫度如下，，溫度變化前后，容器內(nèi)封閉氣體等壓變化，故有得14.2023年11月，首臺(tái)國(guó)產(chǎn)質(zhì)子治療裝置在上海正式走向臨床治療（如圖甲），該裝置的原理是質(zhì)子加速后匯聚到圓柱形管道中軸線形成質(zhì)子束，然后經(jīng)高能運(yùn)輸線運(yùn)送至各治療室?，F(xiàn)有質(zhì)子加速后，沿圓柱形管道中軸線以勻速運(yùn)動(dòng)，如圖乙，現(xiàn)由于某些客觀原因，管道需要“拐彎”到另一對(duì)接圓柱形管道，對(duì)接管道與原管道夾角，現(xiàn)在“拐彎”處矩形ABCD區(qū)域內(nèi)加上電場(chǎng)或磁場(chǎng)，使得管道中質(zhì)子從該區(qū)域出射時(shí)剛好沿對(duì)接管道的中軸線運(yùn)動(dòng)（從ED的中點(diǎn)并與水平方向成射出）。已知：，質(zhì)子電荷量，質(zhì)子質(zhì)量，質(zhì)子重力不計(jì)，下面有兩種設(shè)計(jì)方案：（1）方案一：在矩形ABCD區(qū)域，區(qū)域內(nèi)設(shè)計(jì)一沿AC方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使質(zhì)子最終從ED的中點(diǎn)并與水平方向成射出，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，以及AB與CD間需施加多大電壓才能形成該電場(chǎng)；（2）方案二：在矩形ABCD區(qū)域內(nèi)設(shè)計(jì)一垂直ABCD所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使質(zhì)子最終從ED的中點(diǎn)并與水平方向成射出，求所需的磁場(chǎng)強(qiáng)度B的大小和方向；（3）你認(rèn)為上述兩種方案中哪種方案更符合實(shí)際情況，便于實(shí)施，簡(jiǎn)要說(shuō)明理由?！敬鸢浮浚?），；（2），方向垂直于紙面向外；（3）方案二，理由見解析【解析】【詳解】（1）方案一：設(shè)計(jì)一沿AC方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則質(zhì)子在該區(qū)域內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，如圖有，，得（2）方案二：加入垂直ABCD平面向外的磁場(chǎng)，質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道半徑為r，如圖由洛侖茲力提供向心力得如圖已知兩點(diǎn)速度方向，分別做垂線，交點(diǎn)即為圓心由