理綜-試題和答案【2024屆高考理綜考向核心卷（新教材專用）】

·五羥色胺＜√42 ·五羥色胺＜√42理科綜合（新課標(biāo)專用）可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：H-1B-11C-12N-14O-16Al-27Cr-52Fe-56Ag-1081.肌紅蛋白（Mb）是一種小分子色素蛋下列說法錯(cuò)誤的是2.“惡心—嘔吐”反應(yīng)是遭遇病原體入侵后人體產(chǎn)生的一類自我保護(hù)的防御反應(yīng)，對(duì)生存有著極腔注射SEA可引起小鼠惡心感覺和干嘔行為（如圖）。下列敘述正確的是()A.鈣離子進(jìn)入小腸上皮細(xì)胞的方式為主動(dòng)3.豆芽是餐桌上比較常見的一種蔬菜，發(fā)豆芽過程中常使用一種植物生長調(diào)節(jié)劑2，4-二氯苯氧A.與內(nèi)源激素相比，植物生長調(diào)節(jié)劑具有容易合成、原料廣泛和效果穩(wěn)定等后一公里”，推動(dòng)傳統(tǒng)農(nóng)業(yè)向綠色種養(yǎng)循環(huán)農(nóng)業(yè)模式轉(zhuǎn)變。某地結(jié)合當(dāng)?shù)貙?shí)際形成了“?！Ｏ铝袛⑹稣_的是有關(guān)。當(dāng)e基因純合時(shí)，雌株發(fā)生性反轉(zhuǎn)，表型變?yōu)樾壑?，而雄株不存在性反轉(zhuǎn)現(xiàn)象。下列說B.性反轉(zhuǎn)形成的雄株與正常雌株雜交，子6.某興趣小組的同學(xué)們按如圖所示的過程對(duì)某人喝剩的5mL酸奶進(jìn)行細(xì)菌檢測，若3個(gè)3 13無菌水無菌水D.已知1號(hào)試管稀釋倍數(shù)為100倍，利用該方法可估算酸奶中細(xì)菌含量為2.0×108個(gè)·mL-1，7.第31屆世界大學(xué)生夏季運(yùn)動(dòng)會(huì)在成都如期舉行。下列有關(guān)說法錯(cuò)誤的是()A.大運(yùn)會(huì)中使用碲化鎘發(fā)電玻璃為酒店供電，碲和鎘均屬于過B.大運(yùn)會(huì)火炬“蓉火”使用生物質(zhì)丙烷為燃料，生物質(zhì)丙烷是C.大運(yùn)會(huì)中使用的蜀錦綬帶的原材料為蠶絲D.大運(yùn)會(huì)火炬塔的建設(shè)中使用了鈦合金材料，鈦合金屬8.堿性品紅（別名鹽酸副玫瑰苯胺）是一種較為常見的染料。如圖為SO2漂白堿性品紅溶液的反應(yīng)機(jī)理，下列有關(guān)說法錯(cuò)誤的是NHCl-NHCl-NHCl-+H2SO3SO3+H2SO3SO3H+H2SO3H2NNH2H2NNH2H2NNH2堿性品紅A堿性品紅A.堿性品紅的化學(xué)式為C19H18ClN39.實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行“海帶提碘”可經(jīng)過以下步驟：灼燒→溶解→過濾→氧化→萃取。下列說法正確apc水(OH-)nmqN2O3(g)NO2(g)NO(g)apc水(OH-)nmqN2O3(g)NO2(g)NO(g)B.過濾時(shí)，需沿②向③中轉(zhuǎn)移液體，讓濾液自C.氧化時(shí)，可將含碘離子的濾液轉(zhuǎn)移入④中，T2-Q/QHQQTT2-Q/QHQQT11.液流電池是一種高性能、高容量的電化學(xué)儲(chǔ)能電池。一種利用氨的氧化物之間的相互轉(zhuǎn)化設(shè)計(jì)的液流電池構(gòu)造示意圖如圖所示。下列說法錯(cuò)誤的是泵泵泵六方氮化硼在高溫、高壓下，可以轉(zhuǎn)化為立方氮化硼，其結(jié)構(gòu)、硬度與金剛石相似。設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，它們的晶體結(jié)構(gòu)及晶胞如圖所示。下列說法錯(cuò)誤的是()NNBNB.六方氮化硼俗稱“白石墨”，與石墨D.立方砷化鎵晶體與立方氮化硼晶體結(jié)構(gòu)類似，兩種晶體中熔點(diǎn)較高的是立方磷酸）溶液并等體積分為3組加入絕熱反應(yīng)器中，利用反應(yīng)器中電子滴定管定量滴入濃度為abcNa+H+=cH2PO+2cHPO?PO?H2POOH?)正如王安石在《讀史》中所寫的那樣：“糟粕所傳非粹美，丹青難寫是精神。”下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展的說法正確的是A.結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核B.J.J.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，使人們認(rèn)識(shí)到電子不是組成物質(zhì)D.盧瑟福用“粒子轟擊氮原子核的核反應(yīng)方程為1N+He→1O+H15.如圖所示，直線a和拋物線b分別是在平直公路上行駛的汽車甲、乙的PP18.如圖所示，兩輕繩下端分別系有小球A、B，上端分別固定在物塊P、Q（均可視為質(zhì)點(diǎn)）上，輕繩穿過水平桌面上的光滑小孔。A、B在水平面內(nèi)均恰做面的夾角分別為α=30°、θ=60°,且O1A=O2B。已知P、Q的質(zhì)量分別為M0、2M0，與桌面間QQ2“O1BAB與AD邊成45°的方向從AD邊入射，經(jīng)過一系列折射和反射后從BC邊的傳播路程。下列說法正確的是A.所有光線經(jīng)過AD邊折射后在正方形玻璃磚中的光程均相等，大小為 a3B.所有光線經(jīng)過AD邊折射后在正方形玻璃磚中的光程均相等，大小為a電阻為2Ω,升壓理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1∶10，輸電線總電阻為400Ω,降壓理想變列說法正確的是A.t=0.02s時(shí)，電壓表的示數(shù)為零B.輸電線上的熱功率可能為200W兩根質(zhì)量分別為m和3m的金屬棒a、b，有效阻值分別為R和3R，金屬棒與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.75。整個(gè)裝置處在垂直軌道向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。給a棒一個(gè)A.a棒的加速度先減小后增大，兩棒間距一22.（6分）某實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示電路測量電源E的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，圖中電壓表V的最大量程為乙丙乙（1）已知電流計(jì)G的滿偏電流Ig=200mA、內(nèi)阻rg=0.30Ω,電路中已將它改裝為最大量程PQPQ小球從桌子邊緣水平飛出，小球落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在復(fù)寫紙下方的白紙上留下壓（1）實(shí)驗(yàn)測得小球的落點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離為L，由此可得小球釋放前壓縮彈簧的彈性勢能為盡量減小Ep的測量誤差，固定輕彈簧時(shí)應(yīng)讓彈簧右端（自由端）位于；（3）改變彈簧壓縮量進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，測得數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)?jiān)诖痤}卡上圖乙坐標(biāo)紙上作出彈簧壓縮量xm小球飛行水平距離Lm（2）給乙球迅速充入與球內(nèi)壓強(qiáng)、溫度、體積相同的空氣2.1p0，求充氣過程中打氣筒對(duì)氣體做的功。已知?dú)怏w內(nèi)能U與溫度的關(guān)系為U=αT，α為正常數(shù)，該充氣過程可視為絕熱過程。A上，O點(diǎn)右側(cè)與O點(diǎn)等高、距離O點(diǎn)為L的P點(diǎn)固定一個(gè)水平的釘子，釘子上用長為L的細(xì)線吊著一個(gè)質(zhì)量為3m的小球B。拉直O(jiān)A細(xì)線，使細(xì)線與水平方向夾角為θ=30°,給小球A一個(gè)與細(xì)線垂直、斜向右下的初速度將小球拋出，小球A拋出的瞬間，細(xì)線伸直且拉力恰好為零，小球A拋出后在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，小球A與小球B發(fā)生的是彈性碰撞，可將小球A、B視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力θOLAθOLPB26.（20分）如圖所示，空間虛線左側(cè)有水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E，右側(cè)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。電場中的P點(diǎn)處有一個(gè)質(zhì)量為4m、帶電荷量為q(q>0)的帶電粒子M，在電場和磁場交界線上的Q點(diǎn)有一個(gè)質(zhì)量為m的不帶電的粒子N，P、Q間距離為L。粒子M在電場力的作用下由靜止開始水平向右運(yùn)動(dòng)，恰好與粒子N發(fā)生彈性正碰，碰撞后兩粒子均向右運(yùn)動(dòng)進(jìn)入磁場，兩個(gè)粒子第一次回到電場的位置相同，且在該位置再次發(fā)生碰撞。已知兩粒子碰撞過程發(fā)生電荷轉(zhuǎn)移，不計(jì)粒子重力和粒子27.（15分）苯胺為無色液體，具有較強(qiáng)還原性，易被氧化。苯胺的制備方法為+b ccaedeⅢ 。（3）實(shí)驗(yàn)過程中，一般要先通入H2一段時(shí)間，其目的是應(yīng)結(jié)束后，要關(guān)閉裝置Ⅰ、Ⅱ中間的活塞，裝置Ⅱ中加入生石灰，再蒸餾，生石灰的作用是 。 。28.（14分）電鍍工業(yè)生產(chǎn)中產(chǎn)生的大量廢水經(jīng)過沉積可得到含某些金屬元素的污泥，這些污泥經(jīng)過處理可實(shí)現(xiàn)資源化利用。兩種以該污泥為原料制備硫酸鎳的工藝流程分別如圖甲、乙所示：Na3PO4Na3PO4NaOHNH3.H2ONH4F乙甲乙Ni （答出一條即可）?！敖觥睍r(shí)的浸出率受各種因素制約，其中液固比、溫度、時(shí)間的影響如圖丙所示，從成本考慮，實(shí)際生產(chǎn)中選取液固比=3∶1，溫度=，丙（用化學(xué)用語表示）。電解后，檢驗(yàn)電解液中是否含F(xiàn)e2+的方法是（寫出方法和現(xiàn)象）FePO4CrPO4AlPO4Ni3(PO4)2K?22?23?19?31Fe(OH)3Cr(OH)3Al(OH)3Mg(OH)2Ca(OH)22是自然生態(tài)循環(huán)必要的物質(zhì)，人類活動(dòng)增加了CO2的排放，導(dǎo)致了溫室效應(yīng)，研2的電子式，CO2分子中σ鍵和π鍵的個(gè)數(shù)之比為 。①CO2(g)CO2(aq)K②CO2(aq)+H2O(l)H2CO3(aq)K③H2CO3(aq)H+(aq)+HCO(aq)K④HCO(aq)H+(aq)+CO?(aq)K質(zhì)的相對(duì)平衡濃度或相對(duì)平衡分壓表示的平衡常數(shù)稱為相對(duì)平衡常數(shù)Kr，寫出反應(yīng)①的相對(duì)平衡常數(shù)表達(dá)式K=。目前部分區(qū)域空氣中CO2的含量（摩爾分?jǐn)?shù)）：x(CO2)=（3）科學(xué)家們?cè)诜e極探索將CO2轉(zhuǎn)化為CH4、CO等重要化學(xué)物質(zhì)，查閱資料得知H2(g)和CH4(g)的燃燒熱分別為285.5kJ?mol?1和890.0kJ?mol?1，且標(biāo)準(zhǔn)壓強(qiáng)下H2O(l)的汽化熱為⑤CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)ΔH5。根據(jù)以上信息，計(jì)算ΔH5=kJ?mol?1。Ni?CeO2催化CO2加氫合成CH4的反應(yīng)歷程如圖1所示（吸附在催化劑表面的物種用*標(biāo)注），該過程中副反應(yīng)的化學(xué)方程式為 。催化劑的選擇是甲烷化的核心，金屬Ni或Ni?CeO2均可作為催化劑，反應(yīng)相同時(shí)間測得CO2轉(zhuǎn)化率隨溫度的變化如圖2所示。溫度高于320℃時(shí)，以Ni?Ce2轉(zhuǎn)化率卻仍在上升，其原因是。0NiNi-CeO24)=mol?1，平衡時(shí)CH4的選擇性=（CH4的選擇性=DCC,DMAPOOΔDCC,DMAPOOΔOHXΔ空氣OOOODNaBH4OOOOOFEF構(gòu)簡式為。（1）施肥會(huì)影響水稻的生長發(fā)育，氮是影響水稻光合作用的重要元素，氮肥會(huì)影響葉綠的方法是。 。 。的合成，可起到抗炎作用且抗菌效果較好。糖皮質(zhì)激素可發(fā)揮抗炎、抗感染、抗過敏等效果，并可對(duì)免疫功能進(jìn)行調(diào)節(jié)。糖皮質(zhì)激素還可對(duì)炎癥因子的產(chǎn)生、吞噬細(xì)胞的功能進(jìn)行抑制，防止肝腎功能持續(xù)受損，并可對(duì)機(jī)體應(yīng)激反應(yīng)進(jìn)行調(diào)節(jié)，有助于增強(qiáng)阿奇霉素的療效。甲潑尼龍為人工合成的糖皮質(zhì)激素，可擴(kuò)散透過細(xì)胞膜，與細(xì)胞質(zhì)內(nèi)特異性受體結(jié)合，隨后進(jìn)入細(xì)胞核（2）根據(jù)糖皮質(zhì)激素的特點(diǎn)可知，糖皮質(zhì)激素還可以用于（“免疫缺陷病”或支原體而患病，其原因是。有人說，被感染以后無論吃藥還是不吃藥最終 。將品系甲、乙雜交得到品系丙，品系丙植株的體細(xì)胞中含有個(gè)染色體組。取品系甲的花藥進(jìn)行離體培養(yǎng)，再用秋水仙素處理，使其長成植株，這樣培養(yǎng)出來的植株與雜交育種后和70%（各種基因型個(gè)體生存能力相同），第二年對(duì)同一種群進(jìn)行的調(diào)查中發(fā)現(xiàn)基因型為AA發(fā)生了進(jìn)化，理由是。34.（9分）某地最初是一片裸巖，經(jīng)過幾萬年的演替，成為一片森林。近百年來由于氣溫升高、降水減少等，森林逐漸被灌木叢取代。近30年以來，由于過度開發(fā)，局部灌木叢出現(xiàn)了荒漠化。（1）從裸巖開始演替到森林一般需要幾萬年的時(shí)間能演替到森林。從裸巖開始到森林的演替屬于演替?；膹U農(nóng)田一般經(jīng)過20～30年就能演替到森林的原因是的空間位置、占用資源的情況、等，這就是該物種的生態(tài)位。研究發(fā)現(xiàn)，兩個(gè)種群的生態(tài)位越接近，其種間競爭越激烈，原因是。（3）調(diào)查發(fā)現(xiàn)，近30年以來，局部灌木叢出現(xiàn)荒漠化的原因之一是一種山鼠的遷入。這種山（4）我國政府一直致力于防沙治沙，使我國的沙化事實(shí)說明。35.（13分）油菜是我國主要的油料作物，我國利用油菜籽榨油歷史悠久。為提高油菜籽出油率，粒中以培育高產(chǎn)油菜植株，圖2為Ti質(zhì)粒部分片段及其限制酶切割位點(diǎn)，其余片段不含圖示的BamHⅠXbaⅠSacⅠXbaⅠBamHⅠ 潮霉素抗性基因卡那霉素抗性基因HpaⅠT-DNASacⅠHpaⅠ啟動(dòng)子 用是位點(diǎn)，選擇同時(shí)切割目的基因和Ti質(zhì)粒的原因 。12024屆高考理科綜合考向核心卷·新課標(biāo)專用123456789ACBBBCACBDDBDCDCDDMb至少含有1個(gè)游離的氨基和1個(gè)羧基，A錯(cuò)誤。Mb的極性側(cè)鏈將非極性基團(tuán)包裹在內(nèi)，可溶于水，由題干信息可知，Mb在肌細(xì)胞內(nèi)具有轉(zhuǎn)運(yùn)和貯存氧的作用，故人體有氧呼吸旺盛的肌細(xì)胞中Mb含量可能較高，C正確。利用蛋白質(zhì)工程可定向改變蛋白質(zhì)2.C【解析】由圖可知，鈣離子進(jìn)入小腸上皮細(xì)胞是順濃度梯度進(jìn)行的，且需要蛋白質(zhì)的協(xié)助，方式為協(xié)助能量，如神經(jīng)遞質(zhì)由突觸前膜釋放時(shí)消耗能量，B錯(cuò)誤；結(jié)合圖示可知，干嘔過程中涉及五羥色胺與受體的結(jié)合，故藥物抑制五羥色胺受體活性可緩解干嘔，C正確；分析題意，腹腔注射SEA可引起小鼠惡心感覺和干嘔行為，該過程中SEA作為體液調(diào)節(jié)因子起作用，且惡心感覺沒有傳出神經(jīng)、效應(yīng)器，沒有經(jīng)3.B【解析】與內(nèi)源激素相比，植物生長調(diào)節(jié)劑具有容易合成、原料廣泛和效果穩(wěn)定的特點(diǎn)，A正確；對(duì)于人們食用非種子的果實(shí)的植株在受粉受到干擾的情況下，可將一定濃度的2，4-D涂在雌蕊上促進(jìn)子房發(fā)育成無籽果實(shí)，以達(dá)到增產(chǎn)的目的，但對(duì)提高植物的種子產(chǎn)量無效，B錯(cuò)誤；因生長素及其類似物在低濃度時(shí)促進(jìn)生長，高濃度時(shí)抑制生長，形成相同重量的無籽番茄時(shí)可施用低濃度和相對(duì)較高濃度這2種不同濃度的2，4-D以達(dá)到其效果，隨意加大2，4-D的用量和使用次數(shù)，不但不能促進(jìn)植物生長，反而會(huì)使其生長受到抑制，嚴(yán)重的甚至導(dǎo)致葉片畸形、干枯4.B【解析】蚯蚓肥主要是蚯蚓的糞便，可為水稻提供無機(jī)物，但不能提供能量，A錯(cuò)誤；畜禽糞肥還田實(shí)現(xiàn)了物質(zhì)的循環(huán)利用，體現(xiàn)了生態(tài)工程的循環(huán)原理，B正確；牛糞中的能量不屬于牛同化的能量，而是水稻、花卉、牧草中的能量，C錯(cuò)誤；綠色種養(yǎng)循環(huán)農(nóng)業(yè)模式實(shí)現(xiàn)了物質(zhì)循環(huán)利用、能量多級(jí)利用，但能量5.B【解析】若兩株未發(fā)生性反轉(zhuǎn)的植株的基因型為EeXX和EeXY，則子代基因型及比例為E_XX 會(huì)發(fā)生性反轉(zhuǎn)成為雄株，因此雌雄比例為3∶5，A正確。若性反轉(zhuǎn)形成的雄株（eeXX）與正常雌株（EeXX）雜交，則雜交產(chǎn)生的子代中，存在基因型為eeXX的子代，其表型為雄株，B錯(cuò)誤。若基因E/e位于常染色體上，未發(fā)生性反轉(zhuǎn)的雌雄個(gè)體雜交，如基因型為EeXX和eeXY的個(gè)體雜交，子代的基因型及比例為EeXX∶EeXY∶eeXX∶C正確。若基因E/e位于常染色體上，且親代的基因基因E/e位于X染色體上，且親代的基因型為XEXE形瓶中的稀釋倍數(shù)應(yīng)為10倍，因此加入5mL酸奶應(yīng)加入45mL無菌水，使稀釋后的濃度成為原來的的3個(gè)培養(yǎng)皿外，還需要培養(yǎng)未涂布菌落的培養(yǎng)基作為對(duì)照，以檢查培養(yǎng)基是否被污染，B正確。此實(shí)驗(yàn)需要對(duì)菌落進(jìn)行計(jì)數(shù)，故應(yīng)采用稀釋涂布平板法，使用涂布器進(jìn)行涂布，C錯(cuò)誤。用稀釋涂布平板法計(jì)算每克樣品中菌株數(shù)的公式為（C=V）×M，其中C代表某一稀釋度下平板上生長的平均菌落數(shù)，代表涂布平板時(shí)所用的稀釋液的體積（mLM代表稀釋倍數(shù)。因此估算的酸奶中細(xì)菌含量為(210+160+230)/3=0.1×105=2.0×108（個(gè)·mL－1由于此計(jì)數(shù)方法存在將多個(gè)活菌產(chǎn)生的菌落記作1個(gè)質(zhì)丙烷為燃料，與傳統(tǒng)來自天然氣加工和石油提煉的丙烷不同，這種生物質(zhì)丙烷由秸稈、稻殼、玉米芯等廢棄物合成而來，燃燒后只產(chǎn)生水蒸氣和二氧化碳，是一種可再生的清潔氣體，B說法正確；蠶絲的主要金屬材料包括金屬單質(zhì)和合金，故鈦合金屬于金屬材8.C【解析】由題給堿性品紅的結(jié)構(gòu)可知其化學(xué)式為C19H18ClN3，A正確；由圖可知二氧化硫與水生成的亞硫酸與醌式結(jié)構(gòu)中的共軛雙鍵發(fā)生了加成反應(yīng)進(jìn)而破壞了該結(jié)構(gòu)，形成苯環(huán)，B正確；化合物A分子中22024屆高考理科綜合考向核心卷·新課標(biāo)專用連有?SO3H的飽和碳原子（飽和碳原子為sp3雜化）連有三個(gè)苯環(huán)，所以三個(gè)苯環(huán)不可能共平面，C錯(cuò)誤；由反應(yīng)機(jī)理可知SO2不能直接與堿性品紅加成，需先9.B【解析】灼燒固體物質(zhì)要使用坩堝，不能用燒杯，A錯(cuò)誤；過濾時(shí)需沿②（玻璃棒）向③（漏斗）中轉(zhuǎn)以防戳破濾紙導(dǎo)致過濾失敗，B正確；過量氯水會(huì)將碘單質(zhì)氧化為碘酸根離子，因此加入適量氯水即可，4sp2、sp3從左至右，原子半徑遞減，則原子半徑：B>O>H，B正確；結(jié)合分析可知1mol該離子中有2NA個(gè)硼氧1mol該離子中含有的配位鍵數(shù)目為2NA11.D【解析】題圖中為與風(fēng)力發(fā)電相連的充電過程，結(jié)合乙池中的物質(zhì)變化和電荷守恒可知電極反應(yīng)式為NO+3NO?e?====2N2O3，發(fā)生了氧化反應(yīng)，則電離子交換膜向負(fù)極方向（甲池）遷移，B正確；結(jié)合A項(xiàng)分析可知，放電時(shí)，電極附近發(fā)生還原反應(yīng)，電極反應(yīng)式為2N2O3+e?====NO+3NO，C正確；充電時(shí)，Ag電極的電極反應(yīng)式為Ag++e?====Ag，外電路通過1mol電子時(shí)，甲池溶液中消耗1molAg+，12.B【解析】六方氮化硼是通常存在的穩(wěn)定相，相對(duì)于立方氮化硼能量低，六方氮化硼轉(zhuǎn)化為立方氮化硼是吸熱反應(yīng)，A說法正確；六方氮化硼的層狀結(jié)構(gòu)中不存在自由移動(dòng)的電子，所以不能導(dǎo)電，B說法錯(cuò)誤；BN，立方氮化硼的晶胞棱長為361.5pm，則立方氮立方砷化鎵晶體與立方氮化硼均為原子晶體，N?B13.D【解析】由題給三條曲線可以看出H3PO2是一元酸，且a點(diǎn)所在曲線對(duì)應(yīng)濃度為0.01mol?L?1的c2H+H2PO?)3PO2w，因?yàn)槭褂媒^熱反應(yīng)器，酸堿中和反應(yīng)放熱，即滴加NaOH過程中溫度升高，Ka?Kw發(fā)生變化，A錯(cuò)誤；因?yàn)镠3PO2是一元酸，則其對(duì)應(yīng)的電荷守恒式Na++c(H+=cH2PO)+c(OH?)，B錯(cuò)誤；m=10.00即濃度為0.01mol?L?1的H3PO2溶液中由水H+?1，根據(jù)H3PO2H++H2PO，可得?4mol?1，故由水電離出的c(OH?)為5.0×10.3，q點(diǎn)處為0.01mol?L?1H3PO2溶液恰好與NaOH溶液完全反應(yīng)時(shí)的pc水(OH?)，產(chǎn)物為NaH2PO2，弱酸根水解使得溶液呈堿性，在溫度不變的情況下，根據(jù)上述平衡常數(shù)計(jì)算可得溶液中c(OH?)=+水(OH?)=14?pOH=14?5.15=8.85，但是已經(jīng)進(jìn)行了滴定反Na+=2cNa++c(H+=cH2PO)+c(OH?)，兩表明原子不是組成物質(zhì)的帶電體間的力學(xué)規(guī)律即庫N+He→7O+H沿著電場線方向電勢逐漸降低，則電場線方向由a指FEd2FEd2不確定電場是不是勻強(qiáng)電場，b點(diǎn)的電勢不確定，則電子在b點(diǎn)時(shí)的電勢能不確定，A錯(cuò)誤；如果該電場17.D【解析】設(shè)恒星A、B的質(zhì)量分別為MA、MB，軌道半徑分別為rA、rB，由萬有引力提供向心力有G=MAω2rA=MBω2rB，又rA+rB=L，故rA=MMvωrM1 MA+MBMA+MBvBωrBMA3A錯(cuò)誤；由A項(xiàng)分析得G=MAω2rA，rA=MA+MBT1 MBL，且ω=2π,則MA+MMA+MBT1誤；因不知道衛(wèi)星C的軌道半徑，故無法求得恒星BO點(diǎn)和恒星B始終共線，所以A、B、C三星相鄰兩18.D【解析】小球恰做圓周運(yùn)動(dòng)，物塊受力平衡，與桌面間的摩擦力等于最大靜摩擦力，由fm=μMg可小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由重力和輕繩拉力的合力提供向心力，豎直方向有mg=fmsinβ(β為輕繩與），B錯(cuò)誤；設(shè)O1A=O2B=L，由合力提供向心力有fmcosβ=m2Lcosβ=ma向，可得T=2π，1則A、B運(yùn)動(dòng)的周期之比為1∶34，A、B運(yùn)動(dòng)的向|2=CEAACBCB20.BD【解析】電壓表顯示的是電壓有效值，A錯(cuò)誤；熔斷絲中電流為10A時(shí)輸電線的熱功率最大，由理想變壓器原理可知，此時(shí)輸電線中的電流為1A，輸電線最大熱功率為400W，B正確；由題圖2可得a、b間所接交流電壓的有效值U=220V，又熔線圈兩端電壓的最小值U1=200V，副線圈輸出電壓最小值為U2=2000V，C錯(cuò)誤；降壓變壓器原線圈兩端電壓最小值U3=1600V，R兩端電壓最小值21.BD【解析】根據(jù)題意可知對(duì)a、b棒有mgsinθ?μmgcosθ=0，3mgsinθ?μ?3mgcosθ=0，則a、b棒的合力均為其所受的安培力，a棒的初速度沿軌道向下，由右手定則可知電流為逆時(shí)針方向，由左手定則可知，a棒受到沿軌道向上的安培力FA而做減速運(yùn)動(dòng)，b棒受到沿軌道向下的安培力FB而做加速運(yùn)動(dòng)，而FA=，可知FA減b=va時(shí)加速度為零，之后兩棒做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知，a棒先做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)后做勻速運(yùn)動(dòng)，兩棒間的距離先減小后不變，A錯(cuò)誤；開始時(shí)a棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E=BLv0，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，回路中的電流I=，金屬棒b受到的安培力FB0=BIL，根據(jù)牛頓第二定律有FB0=3ma0，解得a0=，B正確；兩棒組成的系統(tǒng)沿軌道方向所受合力為零，則兩棒組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，最終達(dá)到共同速度v，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mv0=4mv，設(shè)整個(gè)過程產(chǎn)生的焦耳熱為Q，根據(jù)能量守恒定律有2，根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)可知a棒產(chǎn)誤；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知回路產(chǎn)生的平均感=ggI?I600?200g=0.15?42024屆高考理科綜合考向核心卷·新課標(biāo)專用通過電源的電流等于通過電流計(jì)電流的3倍，則3×160mA=480mA=0.48A，改裝后的電流表內(nèi)阻A有h=gt2，L=v0t聯(lián)立上述式子得Ep=（2）由于有摩擦，小球被彈簧彈開的過程中，彈性能盡可能減小小球在桌面上滑動(dòng)的距離，減小過程中（3）根據(jù)給出的數(shù)據(jù)利用描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖像實(shí)驗(yàn)得到彈簧彈性勢能Ep與彈簧壓縮量x之間的式為Ep=4h=0由玻意耳定律有3p0V0=p0(V0+V1)=2V0T解得T1=T0則ΔU=CΔT=T0解得W=T0【解析】（1）設(shè)小球A拋出的初速度大小為v0，根據(jù)題意結(jié)合牛頓第二定律有mgsinθ=m，解2（2）設(shè)與小球A連接的細(xì)線剛好水平時(shí)，小球A的速度大小為v1，根據(jù)動(dòng)能定理有mgLsinθ=mv一22設(shè)與小球A連接的細(xì)線與釘子接觸的瞬間，細(xì)線的拉22根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mv2=mv3+3mv4，設(shè)小球A反彈后上升的最大高度為h，根據(jù)動(dòng)能定理解得h=L<因此兩球會(huì)在最低點(diǎn)發(fā)生第二次碰撞，設(shè)第二次碰撞5BB)+3m(?v4)=mv5+3mv6，由此可知，第二次碰撞后瞬間，小球B的速度大小 22EqLm4522EqLm3 q52 q5粒子碰撞過程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，有4mv0=124mv0=2+2（2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，回到電場的位q2v2B=（3）M、N粒子在磁場中做完整圓周運(yùn)動(dòng)的周期分T=2πmBq2則T>T動(dòng)半個(gè)圓周，粒子N在磁場中運(yùn)動(dòng)半個(gè)圓周后在電場NN粒子軌跡PQ粒子N在電場中往返運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)量定理有Eq2?=2mv2解得B=25π2mEqL向裝置中加水，當(dāng)漏斗中水面高于容器中水面，靜置（5）減壓蒸餾可以在較低溫度下使苯胺變?yōu)闅怏w并x是加熱固態(tài)物質(zhì)制備氣體，所以不能選取裝置x。檢查啟普發(fā)生器的氣密性，一般操作是關(guān)閉導(dǎo)管上的活塞，通過球形漏斗向裝置中加水，當(dāng)漏斗中水面高于容器中水面，靜置一段時(shí)間，液面差不變，則密封（2）根據(jù)儀器構(gòu)造特點(diǎn)，可以得出裝置中儀器a的名稱為三頸燒瓶；恒壓滴液漏斗的優(yōu)點(diǎn)是平衡氣壓，（3）實(shí)驗(yàn)過程中，一般要先通入H2段時(shí)間，其目的是排出裝置內(nèi)的空氣，防止氧氣氧化苯胺；反應(yīng)結(jié)束后，要關(guān)閉裝置Ⅰ、Ⅱ中間的活塞，裝置Ⅱ中加入生石灰，再蒸餾，主要原理是生石灰能夠與水反應(yīng)，即（4）為加強(qiáng)冷卻效果，冷凝管中冷卻液一般是從下（5）減壓蒸餾可以在較低溫度下使苯胺變?yōu)闅怏w并（6）實(shí)際產(chǎn)量與理論產(chǎn)量的比值即為產(chǎn)率，根據(jù)試題提供的數(shù)據(jù)，借助化學(xué)反應(yīng)方程式，可以求算出理?128.（1）適當(dāng)增大稀硫酸的濃度（或適當(dāng)提高浸出溫度2O?4e?====4H++O2↑、O2+4Fe2++4H+====中，滴加K3[Fe(CN)6]試劑，若出現(xiàn)藍(lán)色沉淀，則含2++H2O2+2H+====2Fe3++2H2O（2分）62024屆高考理科綜合考向核心卷·新課標(biāo)專用浸出溫度、將污泥粉碎等均能提高反應(yīng)速率。由題給液固比、溫度、時(shí)間對(duì)浸出率的影響圖可知，從成本（2）對(duì)比甲、乙兩個(gè)工藝流程，甲中“電解”出銅后“調(diào)節(jié)pH”，而乙中“置換”出銅后加入H2O2，H2O2的作用是氧化浸出的+2價(jià)鐵離子，可考慮是甲中電解產(chǎn)物做氧化劑，甲中“電解”時(shí)陽極反應(yīng)為2H2O?4e?====4H++O2↑,生成的O2能將Fe2+氧化為Fe3+。檢驗(yàn)電解液中是否含F(xiàn)e2+的方法是取適量電解液試樣于試管中，滴加K3[Fe(CN)6]試劑，觀察是（3）由題給表格中各金屬元素在干污泥（假設(shè)其質(zhì)量為100g）中的質(zhì)量百分?jǐn)?shù)計(jì)算相關(guān)金屬的物設(shè)電解液中Cr3+的物質(zhì)的量濃度為cmol?L?1，則Fe3+的物質(zhì)的量濃度為2cmol?L?1,Al3+的物質(zhì)的量濃度為發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為2Fe2++H2O2+2H+====2Fe3++2H2O。（5）加入氨水，調(diào)節(jié)pH=5.4，F(xiàn)e3+、Cr3+、Al3+分別轉(zhuǎn)化為Fe(OH)3、Cr(OH)3、Al(OH)3，而Mg2+、Ca2+:2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)（1分320℃時(shí)用Ni?CeO2作催化劑，反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，溫度升高，CO2甲烷化反應(yīng)平衡向達(dá)到平衡狀態(tài)，反應(yīng)速率隨著溫度升高而增加（合理2(g)CO2(aq)的相對(duì)平衡常數(shù)K=2)θcp(CO2cθp=22常數(shù)k=p(CO222(g)和CH4(g)的燃燒熱分別為285.5kJ?mol?1?1，且標(biāo)準(zhǔn)壓強(qiáng)下H2O(1)的汽化熱為2(g)+O2(g)====H2O(l)ΔH6=2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)?1)+(+44.0不出的物料有CO2和H2，只出不進(jìn)的物料有CH4、H2O和CO，故得出副反應(yīng)為CO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)。為5mol，體系壓強(qiáng)為p，恒溫恒容條件下氣體壓強(qiáng)之比等于其物質(zhì)的量之比，則反應(yīng)后氣體總的物質(zhì)的34=34CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)n(轉(zhuǎn)化)/molx4xx2xn(平衡)/mol4?x?y12?4x?yx2x+yCO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)n(轉(zhuǎn)化)/molyyyyn(平衡)/mol4?x?y12?4x?yy2x+y則4?x?y+12?4x?y+x+y+2x+y=12，結(jié)合2x+4)=?1，平衡時(shí)CH4的選擇2Δ2O+2H2O（27OCOOCH33（3分） OHCOO，發(fā)生了取代反應(yīng)，則X是羧酸或酯；再結(jié)合“X是不飽和羧酸”知，X的結(jié)構(gòu)簡（3）據(jù)流程分析，C被氧化脫氫，故反應(yīng)方程式為Δ（5）A的不飽和度為4，A的同分異構(gòu)體中，分子中含有苯環(huán)，有2個(gè)氧原子，1個(gè)取代基為酚羥基，又不含醚鍵，則另1個(gè)取代基應(yīng)是醇羥基，除苯環(huán)和酚羥基外，剩余基團(tuán)含4個(gè)飽和碳原子，形成的取代基與酚羥基處于苯環(huán)對(duì)位。問題轉(zhuǎn)化成判斷4個(gè)飽和碳原子上含有2個(gè)不同基團(tuán)法判斷。將HO進(jìn)行固定，移動(dòng)—OH，如C C（2）單位時(shí)間單位葉面積的氧氣的產(chǎn)生量、二氧化（3）二氧化碳吸收量