2023屆高考考前押題卷（湖北適用）物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年高考考前押題卷（湖北適用）物理第Ⅰ卷（選擇題）一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~11題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分。1.醫(yī)學(xué)上常用碘－131標(biāo)記玫瑰紅鈉鹽和馬尿酸鈉作為肝、膽和腎等檢查的掃描顯像劑。已知碘－131發(fā)生的是β衰變，其衰變方程為：，則X原子核內(nèi)中子數(shù)為（）A.54 B.77 C.78 D.131〖答案〗B〖解析〗發(fā)生β衰變的方程為X原子核內(nèi)中子數(shù)故選B。2.如圖所示，小滑塊P套在豎直固定的光滑長桿上，小物塊Q與P用跨過定滑輪的足夠長無彈性輕繩連接。將P從位置a由靜止釋放，經(jīng)過位置b時，左邊輕繩剛好水平，圖中ab＝bc（忽略所有摩擦），則（）A.滑塊P從a到b的過程，物塊Q先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動B.滑塊P從a到b的過程，物塊P先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動C.滑塊P從b到c的過程，物塊P先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動D.滑塊P從b到c的過程，物塊Q先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動〖答案〗A〖解析〗A．剛釋放的瞬間，Q向下加速運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動的分解知b點(diǎn)P速度沿繩子方向的速度為0，Q速度為0，在滑塊P從a到b的過程，物塊Q先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動，故A正確；B．滑塊P經(jīng)過位置b時，加速度為g，豎直向下，P將繼續(xù)加速運(yùn)動，故B錯誤；CD．滑塊P從b到c過程，若P的重力一直大于繩子豎直方向的分力，則物塊P和Q一直做加速運(yùn)動，故CD錯誤。故選A。3.如圖所示，平行板電容器通過理想二極管與電池相連，當(dāng)二極板間距離減小后，則兩板間的電壓U和電場強(qiáng)度E，電容器電容C及電量Q與原來相比（）A.U變小 B.E變大C.C不變 D.Q不變〖答案〗B〖解析〗平行板電容器與電池相連，其電壓U保持不變，當(dāng)二極板間距離減小后，由可知，板間場強(qiáng)E變大．板間距離減小，根據(jù)公式可知電容C增大，根據(jù)U不變，則電量Q變大．即U不變，E變大，C變大，Q變大。故選B。4.一列簡諧橫波沿直線方向由a向b傳播，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相距7m，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的振動圖像如圖所示。則該波的傳播速度大小可能為（）A.2.5m/s B.2m/sC.1.5m/s D.1m/s〖答案〗D〖解析〗由圖可知，質(zhì)點(diǎn)振動的周期簡諧橫波沿直線方向由a向b傳播，質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)傳播到質(zhì)點(diǎn)需要的時間為，即,可得可得則波速即當(dāng)時有最大值為故選D。5.如圖所示，兩單色光a、b分別沿半徑方向由空氣射入半圓形玻璃磚，出射光合成一束復(fù)色光P，已知單色光a、b與法線間的夾角分別為53°和37°，則a光與b光在玻璃磚中的傳播時間之比為（）A.1∶1 B.4∶3C.3∶4 D.4∶5〖答案〗C〖解析〗由于光從玻璃磚射向空氣折射，根據(jù)折射定律可知i是入射角，r是折射角，則玻璃磚對a光與b光的折射率分別為，根據(jù)知a光和b光在玻璃磚中傳播速度之比為4：3根據(jù)可知a光與b光在玻璃磚中的傳播時間之比為故選C。6.如圖，一質(zhì)量M＝1kg、半徑R＝0.5m的光滑大圓環(huán)用一細(xì)輕桿固定在豎直平面內(nèi)，套在大環(huán)上質(zhì)量m＝0.2kg的小環(huán)（可視為質(zhì)點(diǎn)），從大環(huán)的最高處由靜止滑下。重力加速度g＝10m/s2，當(dāng)小環(huán)滑到大環(huán)的最低點(diǎn)時（）A.小環(huán)的速度大小為B.小環(huán)運(yùn)動的加速度大小為40m/s2C.小環(huán)對大環(huán)的壓力大小為20ND.大環(huán)對輕桿拉力的大小為12N〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)動能定理解得故A錯誤；B．小環(huán)運(yùn)動的加速度大小為故B正確；C．根據(jù)得大環(huán)對小球的支持力根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)Υ髩牡膲毫Υ笮镕1=F=10N故C錯誤；D．大環(huán)對輕桿拉力的大小為T=F1+Mg=20N故D錯誤。故選B。7.質(zhì)譜儀可以用來分析同位素。如圖所示，在容器A中有互為同位素的兩種原子核，它們可從容器A下方的小孔無初速度飄入加速電場，經(jīng)小孔垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，分別打到M、N兩點(diǎn)，距離分別為。則分別打到M、N的兩種粒子，在磁場中運(yùn)動的周期之比為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗設(shè)原子核質(zhì)量為m，電荷量為q，進(jìn)入磁場時的速度大小為v，則粒子在電場中加速的過程，由動能定理得得速度為在磁場中，洛倫茲力提供向心力代入速度得由題知，因此有得原子核質(zhì)量之比為由得兩種原子核互為同位素，則兩原子核電荷量相同，則故選C。8.如圖，理想變壓器原線圈與阻值為12Ω的定值電阻R0以及電流表串聯(lián)后接在的交流電源上，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動觸頭P0初始位置在副線圈正中間，原、副線圈匝數(shù)比為n。定值電阻R1＝6Ω。電流表、電壓表均為理想交流電表。下列說法正確的是（）A.通過電阻R1的電流方向每秒鐘改變100次B.電流表示數(shù)為1AC.電壓表示數(shù)為6VD.若滑動觸頭向上滑動，則電流表、電壓表示數(shù)均增大〖答案〗AB〖解析〗A．交流電源的頻率為電流方向每個周期改變2次，可知通過電阻R1的電流方向每秒鐘改變100次，故A正確；BC．交流電源的有效值為設(shè)電壓表示數(shù)為，電流表示數(shù)為I，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動觸頭P0初始位置在副線圈正中間，根據(jù)變壓器規(guī)律可知解得，故B正確，C錯誤；D．由上述分析，設(shè)原、副線圈匝數(shù)比為n，則有解得若滑動觸頭向上滑動，n變小，則電流變大解得當(dāng)時，電壓表最大，所以滑動觸頭向上滑動，電壓表示數(shù)先增大后減小，故D錯誤；故選AB。9.2022年11月30日，神舟十五號載人飛船與天和核心艙完成對接，三位中國航天員進(jìn)入空間站與神舟十四號航天員乘組首次在軌會師，對接過程的示意圖如圖所示。天和核心艙處于半徑為r3的圓軌道Ⅲ，神舟十五號飛船處于半徑為r1的圓軌道Ⅰ，運(yùn)行周期為T1，通過變軌操作后，沿橢圓軌道Ⅱ運(yùn)動到B處與天和核心艙對接。已知萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）A.飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，速度不斷增大B.飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，機(jī)械能不斷增大C.地球的質(zhì)量為D.飛船沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為〖答案〗CD〖解析〗A．由開普勒第二定律可知，近地點(diǎn)的速率大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的速率，所以飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，速度不斷減小，A錯誤；B．飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，B錯誤；C．飛船處于半徑為的圓軌道Ⅰ，運(yùn)行周期為時，由萬有引力提供向心力得化簡可得，地球的質(zhì)量為C正確；D．由圖可知，軌道Ⅱ的半長軸為由開普勒第三定律可得化簡可得，飛船沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為D正確。故選CD。10.如圖所示，β射線管由平行金屬板A、B和平行于金屬板的細(xì)管C組成。放射源O在A極板左端，可以向各個方向發(fā)射速率均為v、質(zhì)量為m、帶電荷量為e的β粒子（電子，不計重力）。已知極板長為L，細(xì)管C離兩板等距。若只有方向與A板夾角為θ的β粒子能從細(xì)管C水平射出，則（）A.兩極板間距為B.兩極板間距為C.A、B板所加的電壓應(yīng)為D.A、B板所加的電壓應(yīng)為〖答案〗AC〖解析〗只有方向與A板夾角為θ的β粒子能從細(xì)管C水平射出，根據(jù)動能定理有解得類平拋運(yùn)動規(guī)律有解得故選AC。11.如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度的有界勻強(qiáng)磁場中，用外力將邊長的正方形金屬線框向右勻速拉出磁場，以bc邊剛離開磁場的時刻為計時起點(diǎn)，在線框拉出磁場的過程中，ab邊受到的安培力F隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法正確的是（）A.線框做勻速運(yùn)動的速度大小為1m/sB.金屬線框的總電阻為2ΩC.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時針方向，大小為0.5AD.線框穿出磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為2J〖答案〗BC〖解析〗AC．由圖乙知，設(shè)金屬線框拉出速度為v，ab邊受到的磁場力F隨時間t變化的關(guān)系為則由數(shù)學(xué)知識得知，等于縱軸截距1N，即N解得由楞次定律可知，感應(yīng)電流為逆時針方向；由F?t圖像的斜率大小可得解得故C正確，A錯誤；BD．金屬線框勻速拉出，根據(jù)平衡條件可知，所用外力的大小為根據(jù)功能關(guān)系，金屬框拉出的過程中產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)焦耳定律公式解得B正確，D錯誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題）二、非選擇題：本題共5小題，共56分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.一物理興趣小組的同學(xué)在研究彈簧的彈力時，測得彈力的大小F和彈簧的長度L的關(guān)系如圖甲所示，請回答下列問題：（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（1）由圖甲中的圖像可知：彈簧的原長_______cm；彈簧的勁度系數(shù)_______N/m。（2）為用彈簧測力計測定兩木塊A、B間的動摩擦因數(shù)μ，某同學(xué)設(shè)計了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)方案。若A和B的重力分別為10N和8N，當(dāng)A被拉動時，彈簧測力計a的示數(shù)為5.0N，b的示數(shù)為8.0N，測A、B間的動摩擦因數(shù)_______?！即鸢浮剑?）10300（2）0.625〖解析〗（1）[1]由圖可知，當(dāng)時橫坐標(biāo)為10cm，故彈簧的原長根據(jù)可知圖線斜率等于彈簧勁度系數(shù)為（2）[3]B靜止，處于平衡狀態(tài)，對B，由平衡條件可知A、B之間滑動摩擦力滑動摩擦力則動摩擦因數(shù)13.溫度有時能明顯地影響導(dǎo)體的導(dǎo)電性能。（1）在實(shí)際應(yīng)用中，常用縱坐標(biāo)表示電流I、橫坐標(biāo)表示電壓U，畫出導(dǎo)體的伏安特性曲線。如圖甲所示為某導(dǎo)體的伏安特性曲線。①由圖甲可知，隨著電壓升高，該導(dǎo)體的電阻逐漸_______（選填“變大”或“變小”）；②若將該導(dǎo)體與電動勢、內(nèi)阻電源，阻值的定值電阻連接成圖乙所示電路，電路閉合后導(dǎo)體的實(shí)際功率為_______W。（2）如圖丙所示為一個簡單恒溫箱溫控裝置的原理電路圖，電磁鐵與熱敏電阻R、滑動變阻器串聯(lián)接在電源E兩端。當(dāng)通過電磁鐵的電流大于或等于15mA時，吸引銜鐵，使觸點(diǎn)斷開，加熱器停止工作。已知電磁鐵的電阻，熱敏電阻在不同溫度下的阻值如下表所示：t/℃30.040.050.060.070.080.0R/Ω208145108826249①現(xiàn)有下列實(shí)驗(yàn)器材可供選擇：電源E1（電動勢為3V，內(nèi)阻1Ω）、電源E2（電動勢6V，內(nèi)阻2Ω）、滑動變阻器R1（0~500Ω）、滑動變阻器R2（0~2000Ω）。為使該裝置實(shí)現(xiàn)對30~80℃之間任意溫度的控制且便于調(diào)節(jié)，電源E應(yīng)選用_________（選填“”或“”），滑動變阻器應(yīng)選用_________（選填“”或“”）；②如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持在40℃，滑動變阻器連入電路的阻值為_______Ω?！即鸢浮剑?）變大0.144（2）E2R1233〖解析〗（1）①[1]圖甲中曲線上任意一點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)是該導(dǎo)體的電阻，隨著導(dǎo)體兩端電壓的增加，圖像上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線的斜率變小，斜率的倒數(shù)變大，則電阻變大。②[2]在乙圖中，將阻值的電阻視為電源內(nèi)阻的一部分，則電源電動勢，內(nèi)阻，并在圖甲中畫出電源的伏安特性曲線如下圖由圖可知，交點(diǎn)即為導(dǎo)體的工作狀態(tài)，此時導(dǎo)體兩端電壓電流由（2）①[3]如果選擇電源E1，在溫度等于30°C時，電流約等于電流太小無法正常工作，故只能選擇E2。[4]已知電源E2（電動勢6V，內(nèi)阻2Ω），工作電流約15mA，可知電路總電阻約為總電阻為400Ω，故選擇滑動變阻器R1（0~500Ω）即可滿足要求。②[5]由題知，40°C時熱敏電阻的阻值根據(jù)閉合電路歐姆定律解得滑動變阻器連入電路的阻值為14.如圖所示，一底面積為S、內(nèi)壁光滑的圓柱形容器豎直倒掛（開口向下），內(nèi)有兩個質(zhì)量均為m的相同活塞A和B；在A與B之間、A與容器底面之間分別封有一定量的理想氣體，平衡時體積均為V。已知容器內(nèi)氣體溫度始終不變，重力加速度大小為g，外界大氣壓強(qiáng)為p0?，F(xiàn)活塞A發(fā)生破裂（質(zhì)量不變），使上下兩部分氣體相通。求最終平衡時活塞B移動的距離?！即鸢浮健冀馕觥交钊鸄漏氣前，上部分氣體壓強(qiáng)為，有下部分氣體壓強(qiáng)，有活塞A漏氣后，容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)，有對所有氣體，等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有又解得活塞B移動距離15.如圖所示，光滑的水平面上有一質(zhì)量M=9kg木板，其右端恰好和光滑圓弧軌道AB的底端等高對接，木板右端放有一質(zhì)量m0=6kg的物體C（可視為質(zhì)點(diǎn)），已知圓弧軌道半徑R=0.9m?，F(xiàn)將一質(zhì)量m=3kg的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），由軌道頂端A點(diǎn)無初速度釋放，滑塊滑到B端后沖上木板，并與木板右端的物體C粘在一起沿木板向左滑行，最后恰好不從木板左端滑出。已知滑塊與木板上表面的動摩擦因數(shù)μ1=0.2，物體C與木板上表面的動摩擦因數(shù)μ2=0.1，取g=10m/s2。求：（1）滑塊到達(dá)B端時，軌道對它支持力的大?。唬?）木板的長度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)滑塊到達(dá)B端時的速度為，從A到B根據(jù)機(jī)械能守恒有滑塊到達(dá)B端時根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得（2）滑塊與物體C碰撞后共同速度為，由動量守恒有最后恰好不從木板左端滑出時，此時滑塊、物體C和木板具有共同的速度，對滑塊、物體C和木板根據(jù)動量守恒有根據(jù)能量守恒有聯(lián)立解得木板的長度為16.如圖甲所示，水平直線MN下方有豎直向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度，MN上方有方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度?，F(xiàn)將一重力不計、比荷的正電荷從電場中距離MN為0.4m的P點(diǎn)由靜止釋放，在P點(diǎn)右方處有一垂直于MN的足夠大的擋板。（1）求該電荷到達(dá)直線MN時的速度大?。唬?）求電荷從P點(diǎn)出發(fā)至打到擋板所需的時間；（3）如果從電荷第一次通過MN時開始計時，直線MN上方磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙規(guī)律變化（垂直紙面向外為正方向），求電荷打到擋板所需的時間和打到擋板的位置?！即鸢浮剑?）；（2）；（3），距離MN的垂直距離為〖解析〗（1）設(shè)該電荷到達(dá)直線MN時的速度為，根據(jù)動能定理有，解得（2）設(shè)正電荷在電場中的加速度為，正電荷從P點(diǎn)到達(dá)直線MN時經(jīng)過的時間為，有，解得正電荷在磁場中運(yùn)動有，即，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度時，對應(yīng)的軌跡半徑和周期為，由題意P點(diǎn)到擋板的水平距離為，即可知電荷射入磁場后在電場和磁場中來回穿越，最后水平打到擋板上，運(yùn)動軌跡如圖丙所示，故電荷從P點(diǎn)出發(fā)至打到擋板所需的時間為（3）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度時，對應(yīng)的軌跡半徑和周期為，結(jié)合圖乙可知在每個磁場的變化周期內(nèi)，電荷均在某一磁場方向上運(yùn)動周期，并逐漸向擋板靠近，軌跡如圖丁所示，因?yàn)橛锌芍詈箅姾梢攒壽E半徑水平打到擋板上，所以電荷打到擋板所需時間為打到擋板時的位置距離MN的垂直距離為2023年高考考前押題卷（湖北適用）物理第Ⅰ卷（選擇題）一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~11題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分。1.醫(yī)學(xué)上常用碘－131標(biāo)記玫瑰紅鈉鹽和馬尿酸鈉作為肝、膽和腎等檢查的掃描顯像劑。已知碘－131發(fā)生的是β衰變，其衰變方程為：，則X原子核內(nèi)中子數(shù)為（）A.54 B.77 C.78 D.131〖答案〗B〖解析〗發(fā)生β衰變的方程為X原子核內(nèi)中子數(shù)故選B。2.如圖所示，小滑塊P套在豎直固定的光滑長桿上，小物塊Q與P用跨過定滑輪的足夠長無彈性輕繩連接。將P從位置a由靜止釋放，經(jīng)過位置b時，左邊輕繩剛好水平，圖中ab＝bc（忽略所有摩擦），則（）A.滑塊P從a到b的過程，物塊Q先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動B.滑塊P從a到b的過程，物塊P先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動C.滑塊P從b到c的過程，物塊P先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動D.滑塊P從b到c的過程，物塊Q先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動〖答案〗A〖解析〗A．剛釋放的瞬間，Q向下加速運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動的分解知b點(diǎn)P速度沿繩子方向的速度為0，Q速度為0，在滑塊P從a到b的過程，物塊Q先做加速運(yùn)動后做減速運(yùn)動，故A正確；B．滑塊P經(jīng)過位置b時，加速度為g，豎直向下，P將繼續(xù)加速運(yùn)動，故B錯誤；CD．滑塊P從b到c過程，若P的重力一直大于繩子豎直方向的分力，則物塊P和Q一直做加速運(yùn)動，故CD錯誤。故選A。3.如圖所示，平行板電容器通過理想二極管與電池相連，當(dāng)二極板間距離減小后，則兩板間的電壓U和電場強(qiáng)度E，電容器電容C及電量Q與原來相比（）A.U變小 B.E變大C.C不變 D.Q不變〖答案〗B〖解析〗平行板電容器與電池相連，其電壓U保持不變，當(dāng)二極板間距離減小后，由可知，板間場強(qiáng)E變大．板間距離減小，根據(jù)公式可知電容C增大，根據(jù)U不變，則電量Q變大．即U不變，E變大，C變大，Q變大。故選B。4.一列簡諧橫波沿直線方向由a向b傳播，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相距7m，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的振動圖像如圖所示。則該波的傳播速度大小可能為（）A.2.5m/s B.2m/sC.1.5m/s D.1m/s〖答案〗D〖解析〗由圖可知，質(zhì)點(diǎn)振動的周期簡諧橫波沿直線方向由a向b傳播，質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)傳播到質(zhì)點(diǎn)需要的時間為，即,可得可得則波速即當(dāng)時有最大值為故選D。5.如圖所示，兩單色光a、b分別沿半徑方向由空氣射入半圓形玻璃磚，出射光合成一束復(fù)色光P，已知單色光a、b與法線間的夾角分別為53°和37°，則a光與b光在玻璃磚中的傳播時間之比為（）A.1∶1 B.4∶3C.3∶4 D.4∶5〖答案〗C〖解析〗由于光從玻璃磚射向空氣折射，根據(jù)折射定律可知i是入射角，r是折射角，則玻璃磚對a光與b光的折射率分別為，根據(jù)知a光和b光在玻璃磚中傳播速度之比為4：3根據(jù)可知a光與b光在玻璃磚中的傳播時間之比為故選C。6.如圖，一質(zhì)量M＝1kg、半徑R＝0.5m的光滑大圓環(huán)用一細(xì)輕桿固定在豎直平面內(nèi)，套在大環(huán)上質(zhì)量m＝0.2kg的小環(huán)（可視為質(zhì)點(diǎn)），從大環(huán)的最高處由靜止滑下。重力加速度g＝10m/s2，當(dāng)小環(huán)滑到大環(huán)的最低點(diǎn)時（）A.小環(huán)的速度大小為B.小環(huán)運(yùn)動的加速度大小為40m/s2C.小環(huán)對大環(huán)的壓力大小為20ND.大環(huán)對輕桿拉力的大小為12N〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)動能定理解得故A錯誤；B．小環(huán)運(yùn)動的加速度大小為故B正確；C．根據(jù)得大環(huán)對小球的支持力根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)Υ髩牡膲毫Υ笮镕1=F=10N故C錯誤；D．大環(huán)對輕桿拉力的大小為T=F1+Mg=20N故D錯誤。故選B。7.質(zhì)譜儀可以用來分析同位素。如圖所示，在容器A中有互為同位素的兩種原子核，它們可從容器A下方的小孔無初速度飄入加速電場，經(jīng)小孔垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，分別打到M、N兩點(diǎn)，距離分別為。則分別打到M、N的兩種粒子，在磁場中運(yùn)動的周期之比為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗設(shè)原子核質(zhì)量為m，電荷量為q，進(jìn)入磁場時的速度大小為v，則粒子在電場中加速的過程，由動能定理得得速度為在磁場中，洛倫茲力提供向心力代入速度得由題知，因此有得原子核質(zhì)量之比為由得兩種原子核互為同位素，則兩原子核電荷量相同，則故選C。8.如圖，理想變壓器原線圈與阻值為12Ω的定值電阻R0以及電流表串聯(lián)后接在的交流電源上，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動觸頭P0初始位置在副線圈正中間，原、副線圈匝數(shù)比為n。定值電阻R1＝6Ω。電流表、電壓表均為理想交流電表。下列說法正確的是（）A.通過電阻R1的電流方向每秒鐘改變100次B.電流表示數(shù)為1AC.電壓表示數(shù)為6VD.若滑動觸頭向上滑動，則電流表、電壓表示數(shù)均增大〖答案〗AB〖解析〗A．交流電源的頻率為電流方向每個周期改變2次，可知通過電阻R1的電流方向每秒鐘改變100次，故A正確；BC．交流電源的有效值為設(shè)電壓表示數(shù)為，電流表示數(shù)為I，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動觸頭P0初始位置在副線圈正中間，根據(jù)變壓器規(guī)律可知解得，故B正確，C錯誤；D．由上述分析，設(shè)原、副線圈匝數(shù)比為n，則有解得若滑動觸頭向上滑動，n變小，則電流變大解得當(dāng)時，電壓表最大，所以滑動觸頭向上滑動，電壓表示數(shù)先增大后減小，故D錯誤；故選AB。9.2022年11月30日，神舟十五號載人飛船與天和核心艙完成對接，三位中國航天員進(jìn)入空間站與神舟十四號航天員乘組首次在軌會師，對接過程的示意圖如圖所示。天和核心艙處于半徑為r3的圓軌道Ⅲ，神舟十五號飛船處于半徑為r1的圓軌道Ⅰ，運(yùn)行周期為T1，通過變軌操作后，沿橢圓軌道Ⅱ運(yùn)動到B處與天和核心艙對接。已知萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）A.飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，速度不斷增大B.飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，機(jī)械能不斷增大C.地球的質(zhì)量為D.飛船沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為〖答案〗CD〖解析〗A．由開普勒第二定律可知，近地點(diǎn)的速率大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的速率，所以飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，速度不斷減小，A錯誤；B．飛船沿軌道Ⅱ從A運(yùn)動到對接點(diǎn)B過程中，只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，B錯誤；C．飛船處于半徑為的圓軌道Ⅰ，運(yùn)行周期為時，由萬有引力提供向心力得化簡可得，地球的質(zhì)量為C正確；D．由圖可知，軌道Ⅱ的半長軸為由開普勒第三定律可得化簡可得，飛船沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為D正確。故選CD。10.如圖所示，β射線管由平行金屬板A、B和平行于金屬板的細(xì)管C組成。放射源O在A極板左端，可以向各個方向發(fā)射速率均為v、質(zhì)量為m、帶電荷量為e的β粒子（電子，不計重力）。已知極板長為L，細(xì)管C離兩板等距。若只有方向與A板夾角為θ的β粒子能從細(xì)管C水平射出，則（）A.兩極板間距為B.兩極板間距為C.A、B板所加的電壓應(yīng)為D.A、B板所加的電壓應(yīng)為〖答案〗AC〖解析〗只有方向與A板夾角為θ的β粒子能從細(xì)管C水平射出，根據(jù)動能定理有解得類平拋運(yùn)動規(guī)律有解得故選AC。11.如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度的有界勻強(qiáng)磁場中，用外力將邊長的正方形金屬線框向右勻速拉出磁場，以bc邊剛離開磁場的時刻為計時起點(diǎn)，在線框拉出磁場的過程中，ab邊受到的安培力F隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法正確的是（）A.線框做勻速運(yùn)動的速度大小為1m/sB.金屬線框的總電阻為2ΩC.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時針方向，大小為0.5AD.線框穿出磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為2J〖答案〗BC〖解析〗AC．由圖乙知，設(shè)金屬線框拉出速度為v，ab邊受到的磁場力F隨時間t變化的關(guān)系為則由數(shù)學(xué)知識得知，等于縱軸截距1N，即N解得由楞次定律可知，感應(yīng)電流為逆時針方向；由F?t圖像的斜率大小可得解得故C正確，A錯誤；BD．金屬線框勻速拉出，根據(jù)平衡條件可知，所用外力的大小為根據(jù)功能關(guān)系，金屬框拉出的過程中產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)焦耳定律公式解得B正確，D錯誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題）二、非選擇題：本題共5小題，共56分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分。有數(shù)值計算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.一物理興趣小組的同學(xué)在研究彈簧的彈力時，測得彈力的大小F和彈簧的長度L的關(guān)系如圖甲所示，請回答下列問題：（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（1）由圖甲中的圖像可知：彈簧的原長_______cm；彈簧的勁度系數(shù)_______N/m。（2）為用彈簧測力計測定兩木塊A、B間的動摩擦因數(shù)μ，某同學(xué)設(shè)計了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)方案。若A和B的重力分別為10N和8N，當(dāng)A被拉動時，彈簧測力計a的示數(shù)為5.0N，b的示數(shù)為8.0N，測A、B間的動摩擦因數(shù)_______。〖答案〗（1）10300（2）0.625〖解析〗（1）[1]由圖可知，當(dāng)時橫坐標(biāo)為10cm，故彈簧的原長根據(jù)可知圖線斜率等于彈簧勁度系數(shù)為（2）[3]B靜止，處于平衡狀態(tài)，對B，由平衡條件可知A、B之間滑動摩擦力滑動摩擦力則動摩擦因數(shù)13.溫度有時能明顯地影響導(dǎo)體的導(dǎo)電性能。（1）在實(shí)際應(yīng)用中，常用縱坐標(biāo)表示電流I、橫坐標(biāo)表示電壓U，畫出導(dǎo)體的伏安特性曲線。如圖甲所示為某導(dǎo)體的伏安特性曲線。①由圖甲可知，隨著電壓升高，該導(dǎo)體的電阻逐漸_______（選填“變大”或“變小”）；②若將該導(dǎo)體與電動勢、內(nèi)阻電源，阻值的定值電阻連接成圖乙所示電路，電路閉合后導(dǎo)體的實(shí)際功率為_______W。（2）如圖丙所示為一個簡單恒溫箱溫控裝置的原理電路圖，電磁鐵與熱敏電阻R、滑動變阻器串聯(lián)接在電源E兩端。當(dāng)通過電磁鐵的電流大于或等于15mA時，吸引銜鐵，使觸點(diǎn)斷開，加熱器停止工作。已知電磁鐵的電阻，熱敏電阻在不同溫度下的阻值如下表所示：t/℃30.040.050.060.070.080.0R/Ω208145108826249①現(xiàn)有下列實(shí)驗(yàn)器材可供選擇：電源E1（電動勢為3V，內(nèi)阻1Ω）、電源E2（電動勢6V，內(nèi)阻2Ω）、滑動變阻器R1（0~500Ω）、滑動變阻器R2（0~2000Ω）。為使該裝置實(shí)現(xiàn)對30~80℃之間任意溫度的控制且便于調(diào)節(jié)，電源E應(yīng)選用_________（選填“”或“”），滑動變阻器應(yīng)選用_________（選填“”或“”）；②如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持在40℃，滑動變阻器連入電路的阻值為_______Ω?！即鸢浮剑?）變大0.144（2）E2R1233〖解析〗（1）①[1]圖甲中曲線上任意一點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)是該導(dǎo)體的電阻，隨著導(dǎo)體兩端電壓的增加，圖像上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線的斜率變小，斜率的倒數(shù)變大，則電阻變大。②[2]在乙圖中，將阻值的電阻視為電源內(nèi)阻的一部分，則電源電動勢，內(nèi)阻，并在圖甲中畫出電源的伏安特性曲線如下圖由圖可知，交點(diǎn)即為導(dǎo)體的工作狀態(tài)，此時導(dǎo)體兩端電壓電流由（2）①[3]如果選擇電源E1，在溫度等于30°C時，電流約等于電流太小無法正常工作，故只能選擇E2。[4]已知電源E2（電動勢6V，內(nèi)阻2Ω），工作電流約15mA，可知電路總電阻約為總電阻為400Ω，故選擇滑動變阻器R1（0~500Ω）即可滿足要求。②[5]由題知，40°C時熱敏電阻的阻值根據(jù)閉合電路歐姆定律解得滑動變阻器連入電路的阻值為14.如圖所示，一底面積為S、內(nèi)壁光滑的圓柱形容器豎直倒掛（開口向下