新高考專版：2022屆高考【物理】終極押題模擬試卷（二）（含答案）

高麥模拉試卷

在MN直

新高考專版：2022屆高考【物理】終極押題模擬試卷（二）線上，c、d兩點連線垂直于趙V,下列說法正確的是（）

注意事項，

1、本試卷分第1卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務

必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上。

2、回答第1卷時，選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標

A.c、d兩點的電勢相同

號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在試卷上無

效。B.a點的電勢高于6點的電勢

3、回答第n卷時，將答案填寫在答題卡上，寫在試卷上無效。

C.c、d兩點的電場強度相同

4、考試結(jié)束，將本試卷和答題卡一并交回。

二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第14?18題只D.a點的電場強度小于6點的電場強度

有一個選項符合題目要求。第19?21題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對17.有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，衛(wèi)星a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)

但不全的得3分，有選錯的得。分。動，衛(wèi)星。在地面附近近地軌道上正常運動，。是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)

14.如圖所示，水平面上固定著一個三棱柱體，其左側(cè)光滑，傾角為人右側(cè)粗糙，星排列位置如圖，則有（）

傾角為放置在三棱柱體上的物塊力和物塊6通過一根跨過頂端定滑輪的細繩相連，若

物塊,4和物塊8始終保持靜止。下列說法正確的是（）

A.a的向心加速度等于重力加速度g

B.b在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長

A.僅增大角明物塊占所受的摩擦力一定增大

C.。在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是?

B.僅增大角物塊6對三棱柱體的壓力可能減小

C.僅增大角尸，繩子的拉力一定增大D.d的運動周期有可能是20h

D.僅增大角￡,地面對三棱柱體的支持力不變18.如圖所示，在平面直角坐標系立勿的第四象限有垂直紙面向里的勻強磁場區(qū)一群

15.如圖，光滑水平面上放著長木板4,質(zhì)量朋=2kg的木塊［以速度％=2m/s滑上質(zhì)量為辦帶電量為g正負微粒（不計重力），從尸點以相同速度/沿圖示方向進入磁場，

原來靜止的長木板8的上表面，由于46之間存在有摩擦，之后，力、8的速度隨時間變化已知正半軸和y負半軸安裝足夠長的熒光屏接收粒子，下列判斷不正確的（sin37°

情況如右圖所示，重力加速度g=10m/s2。則下列說法正確的是（）=0.6,cos370=0.8）（）

v/ni/s

t/?

A.A.6之間動摩擦因數(shù)為0.1

A.能夠從X正半軸射出磁場的所有微粒一定帶正電

B.長木板的質(zhì)量為1kg

B.比荷大于券的所有正微粒都不能進入第一象限

C.長木板長度至少為2m

JDL

D.A,6組成系統(tǒng)損失機械能為4JC.能夠從y負半軸射出磁場的某兩個微粒在磁場中運動時間一定相等

16.如圖所示，兩電荷量分別為-0和+20的點電荷固定在直線』用上，兩者相距為〃

D.若心嘿,微粒射出磁場時位移最大

z+20的點電荷所在位置為圓心、凈為半徑畫圓，a、b、c、d是圓周上四點，其中a、b

以2

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高麥援拉試卷

19.如圖所示，質(zhì)量為"的足夠長金屬導軌aAd放在光滑的絕緣水平面上。一電阻為由靜止釋放，重力加速度大小為差10m/s二則（）

八質(zhì)量為〃/的導體棒閭放置在導軌上，始終與導軌接觸良好，放兒構(gòu)成矩形，棒與導軌

間無摩擦、棒左側(cè)有兩個固定于水平面的光滑立柱。導軌be段電阻為兄長為3其他部

分電阻不計。以eF為界，其左側(cè)勻強磁場方向豎直向上，右側(cè)勻強磁場水平向右，磁感應

強度大小均為所在亡=0時，一水平向左的拉力/垂直作用在導軌的6c邊上，使導軌由靜

A.小球/!和8受到的合力的大小相等

止開始做勻加速直線運動，加速度為心貝4（）

B.小球3不能到達圓環(huán)的最高點

C.小球4和8的速度大小始終相等

D.兩小球及輕桿組成的系統(tǒng)最大動能為也二1J

A.F與F成正比5

B.6和匕是線性關(guān)系第n卷（非選擇題，共174分）

C.當［達到一定值時，QP剛好對軌道無壓力三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題?第32題為必考題，每個試題考

D.若P=0,PQbc靜止,ef左側(cè)磁場均勻減小，8可能對軌道無壓力生都必須作答。第33題?第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）

20.如圖所示，一彈性輕繩（繩的彈力與其伸長量成正比）左端固定在彳點，彈性繩自（一）必考題（共129分）

然長度等于力區(qū)跨過由輕桿仍固定的定滑輪連接一個質(zhì)量為功的小球，小球穿過豎直固定22.（6分）某同學用如圖所示裝置來探究“在外力一定時，物體的加速度與其質(zhì)量之間的

的桿。初始時力、B、。在一條水平線上，小球從。點由靜止釋放滑到￡點時速度恰好為零。

口左》「由w離為兒〃為成的中點，小球在。點時彈性繩的拉力為》唱，小球與桿

已知C、￡兩點間距2

之間的動摩擦因數(shù)為

0.5,彈性繩始終處在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是（）

（1）下列實驗中相關(guān)操作正確的是。

mA.平衡摩擦力時，應先將沙桶用細線繞過定滑輪系在小車上

B.平衡摩擦力時，小車后面應固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器

C.小車釋放前應靠近打點計時器，且先釋放小車后接通打點計時器的電源

（2）將沙和沙桶的總重力儂近似地當成小車所受的拉力產(chǎn)會給實驗帶來系統(tǒng)誤差。設

A.小球在。點時速度最大mg-七

B.若在E點給小球一個向上的速度r,小球恰好能回到。點，則、'=與小車所受拉力的真實值為廠“，為了使系統(tǒng)誤差七＜5%,小車和祛碼的總質(zhì)量是M則"

m

C.小球在CO階段損失的機械能等于小球在龍階段損失的機械能

與勿應當滿足的條件是否＜O

D.若僅把小球質(zhì)量變?yōu)?次，則小球到達￡點時的速度大小「展’

2

（3）在完成實驗操作后，用圖象法處理數(shù)據(jù)，得到小車的加速度倒數(shù)「與小車質(zhì)量"的

21.如圖所示，在方向豎直向上、大小￡=lX10"V/m的勻強電場中，固定一個穿有人

8兩個小球（均視為質(zhì)點）的光滑絕緣圓環(huán)，圓環(huán)在豎直平面內(nèi)，圓心為0、半徑/?=0.2m。關(guān)系圖象正確的是o

爾6用一根絕緣輕桿相連，4球帶電荷量0=+7乂10一第，，球不帶電，質(zhì)量分別為典=0.1

kg,例=0.8kg,將兩小球從圓環(huán)上的圖示位置3與圓心。等高，5在圓心。的正下方）

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高麥模拉試卷

(2)電子在磁場中運動的時間to

23.(10分)某物理興趣小組的同學準備測量一個定值電阻的阻值，實驗室提供了以下

實驗器材供選擇，請你幫助該實驗小組完成以下操作

A.待測電阻尺：阻值約為200Q

B.電源后電動勢為3.0V,內(nèi)阻可忽略不計

C.電流表兒：量程為0?30mA,內(nèi)電阻z1=20C

D.電流表人：量程為0?50mA,內(nèi)電阻心約為8Q

E.電壓表V：量程為。?15V,內(nèi)電阻凡約為10k。

F.定值電阻凡；阻值凡=80Q

G.滑動變阻器R、：最大阻值為10。

H.滑動變阻器或最大阻值為1000Q25.(20分)如圖所示，半徑仁0.8m的四分之一光滑圓弧軌道C固定在光滑水平地面

J.開關(guān)S,導線若干上，質(zhì)量M=0.3kg的木板〃左端與。的下端等高平滑對接但未粘連，右端固定一輕彈簧,

(1)由于實驗室提供的電壓表量程太大，測量誤差較大，所以實驗小組的同學準備將電彈簧原長遠小于板長，將彈簧在彈簧彈性限度內(nèi)壓縮后鎖定?？梢暈橘|(zhì)點的物塊/質(zhì)量加

流表A1和定值電阻凡改裝成電壓表，則改裝成的電壓表的量程為V。=0.1kg,從與圓弧軌道圓心。等高的位置由靜止釋放，滑上木板8后，滑到與彈簧剛接

觸時與木板相對靜止，接觸瞬間解除彈簧鎖定，在極短時間內(nèi)彈簧恢復原長，物塊力被水

(2)為了盡可能減小實驗誤差，多測幾組數(shù)據(jù)且便于操作，滑動變阻器應該選擇

平彈出，最終運動到木板左端時恰與木板相對靜止。物塊/與本板8間動摩擦因數(shù)〃=0.25,

(選填“G”或"H”),請在右側(cè)方框內(nèi)已經(jīng)給出的部分電路圖中，選擇恰當?shù)?/p>

g取10m/s20求：

連接點把電路連接完整。

(1)物塊力在圓弧軌道C的最下端時受到圓弧軌道支持力的大??；

(2)木板6的長度￡；

(3)彈簧恢復原長后，物塊A從木板右端運動到左端的時間。

AwO

(3)若某次測量中電流表人的示數(shù)為7,,電流表A?的示數(shù)為乙則用的表達式為此=

24.(12分)如圖所示，在/如平面的第一象限有一勻強磁場，方向垂直于紙面向外;

在第四象限有一勻強電場，方向平行于y軸向下。一電子以速度為從y軸上的尸點垂直于

y軸向右飛入電場，經(jīng)過x軸上加點進入磁場區(qū)域，又恰能從y軸上的0點垂直于y軸向左

坐標為(0，—￡),時點的坐標為(0)o求:

飛出磁場。已知〃點

(1)電子飛出磁場時的速度大小V；

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(-)選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學題、2道生物題中每如圖所示。則下列說法中正確的是。(填正確答案標號。選對1個得2分，選

科任選一題作答。如果多做。則每學科按所做的第一題計分。對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為。分)

33.【物理——選修3-3】(15分)

(1)(5分)如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)。，其過程如0一/圖中從a到

。的直線所示。在此過程中。(填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個國I圖2

得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A.波的傳播周期為4s

B.該列水波傳播方向是沿x軸的正方向傳播

C.水波波速大小為r=4m/s

D.根據(jù)題目中的條件求不出水波傳播的速度

E.若現(xiàn)在以圖2中的波形為計時的起點，那么當質(zhì)點力第一次達到波峰時，質(zhì)點8離

A.氣體溫度一直降低

平衡位置的距離為s=0.2m

B.氣體內(nèi)能一直增加

(2)(10分)如圖所示，某透明物體的橫截面由直角三角形18。及半圓弧力比組成，N/fa'

C.氣體一直對外做功

=45°,圓半徑為凡現(xiàn)在p點放一光源，使。尸水平，距離為5R時,可得到經(jīng)AF點的

D.氣體一直從外界吸熱

入射光線垂直4?邊射出，且兩光線間的距離為R已知光在真空中的傳播速度c=3X10"

E.氣體吸收的熱量一直全部用于對外做功

m/s.,求：

(2)(10分)如圖所示為一簡易火災報警裝置。其原理是：豎直放置的試管中裝有水銀，

(i)此透明物體的折射率；

當溫度升高時，水銀柱上升，使電路導通，蜂鳴器發(fā)出報警的響聲。27℃時，空氣柱長度

(ii)光在此介質(zhì)中傳播的速度。

Z為20cm,水銀上表面與導線下端的距離人為10cm,管內(nèi)水銀柱的高度才為13cm,大

氣壓強大小為75cmHgo求：

(i)當溫度達到多少℃時，報警器會報警；

(ii)如果要使該裝置在87c時報警，則應該再往玻璃管內(nèi)注入多少cm高的水銀柱。

?

34.【物理——選修3-4】(15分)

(1)(5分)有位游客在海岸邊觀光，此時他發(fā)現(xiàn)海面上吹起了波浪，他通過觀察岸邊

某一浮標的振動，畫出了浮標從某一時刻計時開始的振動圖象，設該時刻￡=0,如圖所示。

他同時以身邊的浮標為原點，從1=0時刻開始計時，畫出了在t=4s時的部分水波圖象,

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高麥模拉試卷

度相同，根據(jù)a=<*)2=知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由GMmr2=mg,解得：g

=GMr2,衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于b的向心加速度，

而b的向心加速度約為g,a的向心加速度小于重力加速度g,故A錯誤；由GMmr2v2r,解

物理答案

得：v=GMr,衛(wèi)星的半徑r越大，速度v越小，所以b的速度最大，在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的

二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第14?18題只

弧長最長，故B正確：c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h,則c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是2n247r3,

有一個選項符合題目要求。第19?21題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對

故C錯誤；由開普勒第三定律得：r3T2=k可知：衛(wèi)星的半徑r越大，周期T越大，所以

但不全的得3分，有選錯的得0分。

d的運動周期大于c的周期24h,有不可能是20h,故D錯誤。

14.【答案】D

18.【答案】C

【解析】細線的拉力7=〃4gsin。，僅增大角。，細線的拉力變大，但因開始時8所受

【解析】粒子要從x正半軸射出磁場，則粒子的軌跡向上偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知，微

的摩擦力方向不能確定，則不能斷定物塊Z?所受的摩擦力一定增大，選項A錯誤；僅增大

粒一定帶正電：故A正確：正微粒不能x軸射出，則不能進入第一象限，軌跡圖如圖，當

角明物塊6對三棱柱體的壓力仍等于麴geos￡不變，選項B錯誤；僅增大角尸，繩子的

OP>R+R53。，則粒子不能進入第一象限，R=mvqB,代入得qm8V5LB,故B正確；

拉力仍為7=以皺in。不變，選項C錯誤；對力3兩物體以及三棱柱的整體而言，地面對三

棱柱體的支持力等于整體的重力，則僅增大角￡,地面對三棱柱體的支持力不變，選項D

正確。

15.【答案】A

【解析】從圖可以看出，力先做勻減速運動，8做勻加速運動，最后一起做勻速運動，

y負半軸射出磁場的兩個微粒屬于磁場中直線邊界問題，直線邊界，粒子進出磁場具有

共同速度11m/s,取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：加％=(加+」切片解得：

對稱性，但正負微粒對應的圓心角不同，如圖，故運動時間不一定相等，故C錯誤；微粒

=2kg,故B錯誤；由圖象可知，木板〃勻加速運動的加速度&二四僅11於2,對8根據(jù)牛頓

射出磁場時位移最大的軌跡圖如圖所示，則有OP=2R53。,又1^=1^^8,故L=6mv5Bq,

第二定律得〃加包，解得動摩擦因數(shù)〃=0.1,故A正確；由圖象可知前1s內(nèi)8的位移

故D正確°

xBm,0的位移xAm,所以木板最小長度L=xAxB=lm,故C錯誤；力、6組成系統(tǒng)損失機

19.【答案】BC

械能AE=12vO2-12(m+M)v2=2J,故D錯誤。

【解析】t時刻de產(chǎn)生的感應電動勢E=BLv,導軌做初速為零的勻加速運動，

16.【答案】A

則E=BLat：感應電流/=ER+r,金屬導軌a歷〃安培力大小F安=13",對導軌，由牛頓

【解析】a、b、。、d四點在以點電荷+20為圓心的圓上，可知+2。產(chǎn)生的電場在a、

第二定律得：F-F友=ma,則得：尸=Ra+B2L2R+r3可知/與〃不成正比，Z7與f成線

b、c、d四點的電勢是相等的，所以a、b、c、d四點的總電勢可以通過一0產(chǎn)生的電場的

性關(guān)系，故A錯誤，B正確；當t達到一定值時，導致QP的電流，產(chǎn)生的安培力等于其重

電勢確定，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，b點的電勢最高，c、d兩點對稱電勢相等，

力，則剛好對軌道無壓力，故C正確；當ef左側(cè)磁場均勻減小，不管減小到什么值，QP

a點電勢最低，故A正確，B錯誤；+20的場源在c、d兩點產(chǎn)生的場強大小相等，一0的

對軌道壓力不會為零，因為受到的安培力與重力同向，故D錯誤。

場源在。、d兩點的產(chǎn)生的場強大小也相等，根據(jù)場強的合成可知兩點的總場強大小相等，

20.【答案】AB

但方向不同，故c、d兩點的電場強度不同，故C錯誤；由點電荷的場強公式E=kQr2,合

【解析】當小球運動到某點P點，彈性繩的伸長量是xBP,小球受到如圖所示的四個

成可得Ea2kQ(L2)2+kQ(L2)2=12kQL2,方向向左；Eb2kQ(L2)2-kQ(3L2)2=68kQ9L2,

力作用：

方向向右，故EaEb,則D錯誤。故選A。

其中FTxBP,將FT正交分解，則FNFTsinQ=kxBPsin?=kxBC=mg2sFfFN―4r~4?c

17.【答案】B=14mg,FT的豎直分量FTyFTcos8=kxBPcose=kxCP。據(jù)牛頓第二定律'立

【解析】同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速

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高麥援拉試卷

得：mg-FfFTy=ma,解得：a=34FTym=34g-kxCPm,即小球的加速度先隨下降的距離=mgM+m,且mg-F真F真，解得：mM。

均勻減小到零，再隨下降的距離反向均勻增大。據(jù)運動的對稱性可知，小球運動到CE的中（3）由牛頓第二定律可知：a=mgM+m,則lalmgM+g,故選C。

點D點時，加速度為零，速度最大，故A正確；對小球從C運動到E過程，應用動能定理23.（10分）

得：mgh+WFT14mgh）=0-0；若小球恰能從E點回到C點，應用動能定理得：（-mg/i）【答案】（1）3.0（2分）（2）G（2分）如圖所示（3分）（3）UR0+r）I2Tl（3

+（-WFT14mg/i）=0-12mv2；聯(lián)立解得：WFT34mg/i、v=g/i,故B正確；小球在全程所分）

受摩擦力大小不變，小球在CD段所受彈力豎直分量較小；則小球在CD段時摩擦力和彈力【解析】（1）因為電源電動勢為￡=3V,故改裝成的電壓表的量程應為3V；

做的負功比小球在DE段時摩擦力和彈力做的負功少，小球在CD階段損失的機械能小于?。?）保證安全的前提下應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，故滑動變阻器選擇G；電路

球在DE階段損失的機械能，故C錯誤；若僅把小球質(zhì)量變?yōu)?nb對小球從C運動到E過程，

應用動能定理得：2mg/i+WFT14mgh）=12x2mvl2—0,解得：小球到達E點時的速度大

小vlg/i,故D錯誤。

連接如圖：—1

21.【答案】BCD

（3）若某次測量中電流表4的示數(shù)為電流表的示數(shù)為根據(jù)串并聯(lián)電路特點結(jié)

【解析】設B轉(zhuǎn)過。角時，A、B的速度分別為％、V”因A、B做圓周運動的半徑和角

合歐姆定律，聯(lián)立即可取出其的表達式：RxIlR0+rlI2-llo

速度均相同，故/=小，所以小球A和B切向加速度大小和法向加速度大小相等，但兩球的

24.（12分）

質(zhì)量不等，根據(jù)牛頓第二定律可知小球A和B受到合力大小不等，故A錯誤，C正確；設B

【解析】（1）軌跡如圖所示，設電子從電場進入磁場時速度方向與x軸夾角為。，

到達圓環(huán)最高點時A、B的動能分別為以八&心對A根據(jù)動能定理有：WTEKA,對B根據(jù)

動能定理有：-WTmBg）-2R=EKB,聯(lián)立解得：EKAEKB=-0.4J,上式表明：B在圓環(huán)最高

在電場中x軸方向：233=v0tl（2分）

點時，系統(tǒng)動能為負值，所以B不能到達圓環(huán)最高點，故B正確；對A由動能定理：mAWT

y軸方向：vy2tl,tanvyv0=3（2分）

=12mAvA2-0,對B,由動能定理：（qE-mBR-Rcosa+WT=12mBvB2-0,聯(lián)立解得：

得6=60。，v=v0cos=2v0（2分）

EkAEKB=0.2（cosa+sina-l）,據(jù)此式知，當a=n4時，兩小球及輕桿組成的系統(tǒng)最大動能

（2）在磁場中，r=23sin0=43L（2分）

是EkAEKB=15（2-l）,故D正確。

磁場中的偏轉(zhuǎn)角度為a=23（2分）

第D卷（非選擇題，共174分）

t22irr3v=4TTL9VOO（2分）

三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題?第32題為必考題，每個試題考

25.（20分）

生都必須作答。第33題?第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）

【解析】（1）設A到達C的最下端時速度大小為如圓弧軌道支持力大小為K，則

（一）必考題（共129分）

m=12mv02（1分）

22.（6分）

FNg=mv02R（1分）

【答案】（DB（1分）⑵0.05（2分）（3）C（2分）

解得v0=4m/s,凡=3N（1分）

【解析】（1）平衡摩擦力時，應不掛沙桶，只讓小車拖著紙帶在木板上做勻速運動，

（2）設A在B上向右滑行過程中，A的加速度大小為團，B的加速度大小為昆，滑上B

選項A錯誤；平衡摩擦力時，小車后面應固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器，選項B正

后經(jīng)時間G后接觸彈簧，A的位移為，B的位移毛，則

確；小車釋放前應靠近打點計時器，且先接通打點計時器的電源后釋放小車，選項C錯誤。

|img=mal（1分）

（2）在本實驗中認為細線的拉力F等于祛碼和祛碼盤的總重力mg,由此造成的誤差是pmg=a2（1分）

系統(tǒng)誤差，對小車，根據(jù)牛頓第二定律得：a=F真M,對整體，根據(jù)牛頓第二定律得：avOaltl=a2tl（1分）

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高麥模拉試卷

xlv0tl-12altl2（1分）Pi=88cniHg,V,=20S,T,=300K,

x212a2tl2（1分）P3=（88+x）cmHg,T3=（273+87）K,V3=（43-13-x）S,

L=xlx2（1分）解得x=8cmo（2分）

解得fi=l.2s,￡=2.4m（1分）34.【物理——選修3-4】（15分）

（3）設A接觸彈簧與B保持相對靜止時速度大小為修，彈簧恢復原長時A的速度大小