2023屆湖南省懷化市高三下學(xué)期仿真考試（二模）物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1懷化市中小學(xué)課程改革教育質(zhì)量監(jiān)測(cè)試卷2023年上期高三二模仿真考試物理一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.中國(guó)“嫦娥五號(hào)”在月球采集的約2公斤月壤中含有地球上鮮有的，是地球上很難得到的清潔、安全和高效的核聚變發(fā)電燃料，被科學(xué)家們稱為“完美能源”。有關(guān)聚變的核反應(yīng)方程如下：①，②；下列說法正確的是（）A.X為質(zhì)子，核反應(yīng)①、②又稱熱核反應(yīng)B.的比結(jié)合能比的比結(jié)合能大C.方程①中：反應(yīng)前后原子核總質(zhì)量相等D.方程②中：核子平均釋放的能量約為2.14MeV〖答案〗D〖解析〗A．由電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為核電荷數(shù)為可知X為中子，核反應(yīng)①、②為聚變反應(yīng)，又稱熱核反應(yīng)，A錯(cuò)誤；B．由核反應(yīng)方程②可知，由于該核反應(yīng)釋放出核能，所以生成物比反應(yīng)物更穩(wěn)定，比結(jié)合能也更大，即比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，B錯(cuò)誤；C．由質(zhì)能方程可知，反應(yīng)式①中有核能放出，一定有質(zhì)量虧損，因此方程①中：反應(yīng)前后原子核總質(zhì)量不相等，C錯(cuò)誤；D．方程②中，每個(gè)含有三個(gè)核子，因此每個(gè)核子平均釋放的能量為即核子平均釋放的能量約為2.14MeV，D正確。故選D。2.高錕是著名的華裔物理學(xué)家，因在光纖通信方面的研究獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，被人們尊稱為光纖之父。光纖通信的主要部件為光導(dǎo)纖維，其由纖芯和包層兩部分組成，以合適角度進(jìn)入光纖的光能夠在纖芯和包層分界面上發(fā)生全反射。如圖所示，一條長(zhǎng)直光導(dǎo)纖維的長(zhǎng)度，纖芯的折射率，在纖芯與包層的分界面發(fā)生全反射的臨界角?，F(xiàn)一束細(xì)光從左端面中點(diǎn)射入，下列說法正確的是（）A.光導(dǎo)纖維中纖芯材料的折射率應(yīng)小于包層材料的折射率B.為使射入的光在纖芯與包層的界面恰好發(fā)生全反射，光在左端面的入射角應(yīng)為C.若從左端射入的光能夠傳送到右端（無損失），則光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)淖铋L(zhǎng)時(shí)間約為D.若從左端射入的光能夠傳送到右端（無損失），則光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)淖疃虝r(shí)間約為〖答案〗C〖解析〗A．為了在內(nèi)芯與包層的分界面發(fā)生全反射，光導(dǎo)纖維中內(nèi)芯材料的折射率應(yīng)大于包層材料的折射率，故A錯(cuò)誤；B．為使射入的光在內(nèi)芯與包層的界面恰好發(fā)生全反射，設(shè)光在左端面的入射角為，則有又可得解得故B錯(cuò)誤；C．光在內(nèi)芯的傳播速度為當(dāng)光射到芯層與包層分界面的入射角等于臨界角時(shí)，光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)臅r(shí)間最長(zhǎng)，此時(shí)光傳播的路程為則最長(zhǎng)時(shí)間故C正確；D．當(dāng)光射向左端面的入射角為時(shí)，光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)臅r(shí)間最短，則有故D錯(cuò)誤。故選C。3.為了激發(fā)同學(xué)們的學(xué)習(xí)興趣和探究精神，某學(xué)校建有節(jié)能環(huán)保風(fēng)力發(fā)電演示系統(tǒng)，該系統(tǒng)由風(fēng)力發(fā)電機(jī)、交流電變壓器和用戶三部分構(gòu)成，簡(jiǎn)易示意圖如下。時(shí)刻，發(fā)電機(jī)線圈所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，風(fēng)輪機(jī)葉片通過升速齒輪箱帶動(dòng)發(fā)電機(jī)線圈以每秒50轉(zhuǎn)的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動(dòng)，已知發(fā)電機(jī)線圈面積，匝數(shù)為匝，內(nèi)阻不計(jì)；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為。變壓器部分，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為。在用戶部分電路中電表均為理想電表，定值電阻，D為理想二極管（該二極管的正向電阻為零，反向電阻為無窮大），則（）A.發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)B.電壓表的示數(shù)為C.電流表的示數(shù)為D.原線圈的輸入功率為〖答案〗C〖解析〗A．發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)有因?yàn)闀r(shí)刻，發(fā)電機(jī)線圈所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，所以其瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．因?yàn)榫€圈無內(nèi)阻，所以原線圈兩端的電壓為因?yàn)槔硐胱儔浩?，所以副線圈兩端的電壓為又因?yàn)殡妷鹤兊氖緮?shù)為有效值，所以電壓表的示數(shù)為40V，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．因?yàn)槎O管為理想二極管，電流表的示數(shù)也為有效值，所以有解得故C項(xiàng)正確；D．電阻的功率為電阻的功率為副線圈功率為因?yàn)槭抢硐胱儔浩鳎怨蔇項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。4.當(dāng)物體從高空下落時(shí)，在無風(fēng)的條件下，空氣對(duì)物體的阻力會(huì)隨物體速度的增大而增大，因此物體下落一段距離后將會(huì)勻速下落，這個(gè)速度稱為此物體下落的穩(wěn)態(tài)速度。物理學(xué)習(xí)興趣小組探究發(fā)現(xiàn)，在相同的環(huán)境條件下，球形物體的穩(wěn)態(tài)速度僅與球半徑及質(zhì)量有關(guān)，下表是某學(xué)習(xí)興趣小組探究的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)（g?。┬∏駻BCDE小球半徑r（）0.50.51.52.02.5小球質(zhì)量m（）254540100小球穩(wěn)態(tài)速度v（m/s）1640402032試根據(jù)表中的數(shù)據(jù)分析判斷下列說法正確的是（）A.探究球形物體所受空氣阻力f與球的速度v關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇B、C兩球B.探究球形物體所受空氣阻力f與球的半徑r關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇A、B兩球C.由上表實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得出球形物體所受空氣阻力f與球的速度v及半徑r的關(guān)系式為D.B、C兩球達(dá)到穩(wěn)態(tài)速度時(shí)所受空氣阻力之比為〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)于每個(gè)球，在達(dá)到穩(wěn)態(tài)速度時(shí)，阻力與質(zhì)量成正比，對(duì)于A、B球，半徑相同，由A、B球數(shù)據(jù)可知，質(zhì)量與終極速度成正比，從而可得，阻力與終極速度成正比，所以探究球形物體所受空氣阻力f與球的速度v關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇A、B兩球，故A錯(cuò)誤；B．由B、C兩球數(shù)據(jù)分析可知阻力與半徑的平方成正比，所以探究球形物體所受空氣阻力f與球的半徑r關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇B、C兩球，故B錯(cuò)誤；C．阻力與終極速度成正比，阻力與半徑的平方成正比，可得代入一組數(shù)據(jù)得k=5所以故C正確；D．達(dá)到穩(wěn)態(tài)速度時(shí)f=mg所以故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖甲所示為利用霍爾元件制作的位移傳感器。將霍爾元件置于兩塊磁性強(qiáng)弱相同、同名磁極相對(duì)放置的磁體正中間，以中間位置為坐標(biāo)原點(diǎn)建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。當(dāng)霍爾元件沿軸方向移動(dòng)到不同位置時(shí)，將產(chǎn)生不同的霍爾電壓U，通過測(cè)量電壓U就可以知道位移。已知沿軸方向磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。槌?shù)，且>0），電流I沿方向大小不變。該傳感器靈敏度，要使該傳感器的靈敏度變大，下列措施可行的是（）A.把霍爾元件沿方向的厚度變小 B.把霍爾元件沿方向的高度變大C.把霍爾元件沿方向的長(zhǎng)度變大 D.把霍爾元件沿方向的高度變小〖答案〗A〖解析〗設(shè)霍爾元件沿y軸反向的高度為d，沿x軸方向的厚度為l，電流的微觀表達(dá)式為得自由電荷受洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡得由磁感應(yīng)強(qiáng)度大小得則可知，要使該傳感器的靈敏度變大，應(yīng)把霍爾元件沿方向的厚度l變小。故選A。6.如圖所示，質(zhì)量為m的小球A從地面上斜拋，拋出時(shí)的速度大小為25m/s，方向與水平方向夾角為53°角，在A拋出的同時(shí)有一質(zhì)量為3m的黏性小球B從某高處自由下落，當(dāng)A上升到最高點(diǎn)時(shí)恰能擊中豎直下落中的黏性小球B，A、B兩球碰撞時(shí)間極短，碰后A、B兩球粘在一起落回地面，不計(jì)空氣阻力，，g取。以下說法正確的是（）A.小球B下落時(shí)離地面的高度是20mB.小球A上升至最高處時(shí)離地面40mC.小球A從拋出到落回地面的時(shí)間為3sD.小球A從拋出到落回地面的水平距離為60m〖答案〗C〖解析〗AB．A球豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)，B球做自由落體落體運(yùn)動(dòng)，則兩球運(yùn)動(dòng)的高度相同，均為為小球B下落時(shí)離地面的高度是40m，AB錯(cuò)誤；C．兩球豎直方向的運(yùn)動(dòng)是互逆的，相遇時(shí)小球A豎直速度為0，小球B的速度為根據(jù)兩球在豎直方向上的動(dòng)量守恒兩球粘在一起后的豎直速度為繼續(xù)下落，有得則小球A從拋出到落回地面的時(shí)間為3s，C正確；D．小球A從拋出到與小球B相撞的水平距離為根據(jù)兩球在水平方向上的動(dòng)量守恒得相撞后兩球的水平位移為小球A從拋出到落回地面的水平距離為D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題：本題共5小題，每小題5分，共25分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分。7.赤道上某處固定有很長(zhǎng)的豎直索道，太空電梯可沿索道上下運(yùn)動(dòng)。電影《流浪地球2》有這樣一個(gè)片段，太空電梯沿索道勻速上升，某時(shí)刻站在太空電梯地板上的人突然飄起來了，下列說法正確的是（）（已知地球半徑，地球表面重力加速度g?。〢.太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的角速度變大B.太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度變大C.站在太空電梯地板上的人突然飄起來時(shí)，太空電梯離地面的高度約為D.站在太空電梯地板上的人突然飄起來時(shí)，太空電梯離地面的高度約為〖答案〗BD〖解析〗A．太空電梯和地球要保持相對(duì)靜止，則電梯各處必有相同的角速度，故A錯(cuò)誤；B．由公式可知，太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變大，則太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度變大，故B正確；CD．站在太空電梯地板上的人突然飄起來時(shí)，人所受萬(wàn)有引力恰好提供做圓周運(yùn)動(dòng)向心力，設(shè)此時(shí)太空電梯離地面的高度為，則有，地球表面物體受到的重力聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。8.一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行紙面，紙面內(nèi)A、B、C三點(diǎn)的位置如圖所示，AB=AC=1m，∠BAC=90°。帶正電的粒子P，其電荷量為，粒子P以速度從A點(diǎn)出發(fā)能過B點(diǎn)，在A到B的過程中粒子P的電勢(shì)能減少2.4J。若讓粒子P以速度從A點(diǎn)出發(fā)則能過C點(diǎn)，在A到C的過程粒子P的動(dòng)能增加3.2J。粒子P在所有運(yùn)動(dòng)過程只受電場(chǎng)力，下列結(jié)論正確的是（）A.B、C兩點(diǎn)的電勢(shì)相等B.C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為D.若將粒子P從B移動(dòng)到C，電場(chǎng)力做功0.8J〖答案〗BCD〖解析〗A．帶正電的粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電勢(shì)能減少2.4J，從A點(diǎn)到C點(diǎn)，動(dòng)能增加3.2J，則電勢(shì)能減少3.2J，所以B點(diǎn)的電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電勢(shì)能減少2.4J，即從A點(diǎn)到C點(diǎn)，電勢(shì)能減少3.2J，即又所以故B正確；C．電場(chǎng)強(qiáng)度方向如圖分別過B、C兩點(diǎn)作垂直于電場(chǎng)線的垂線，由于所以得代入數(shù)據(jù)得，電場(chǎng)強(qiáng)度E=故C正確；D．粒子P從B移動(dòng)到C，電場(chǎng)力做功故D正確。故選BCD。9.“戰(zhàn)繩”是一種時(shí)尚的健身器材，有較好的健身效果。如圖1所示，健身者把兩根相同繩子的一端固定在P點(diǎn)，用雙手分別握住繩子的另一端，然后根據(jù)鍛煉的需要以不同的頻率、不同的幅度上下抖動(dòng)繩子，使繩子振動(dòng)起來。某次鍛煉中，健身者以2Hz的頻率開始抖動(dòng)繩端，t=0時(shí)，繩子上形成的簡(jiǎn)諧波的波形如圖2所示，a、b為右手所握繩子上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，二者平衡位置間距離為波長(zhǎng)的，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的位移為8cm。已知繩子長(zhǎng)度為12m，下列說法正確的是（）A.a、b兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位差為B.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移仍為cm，且速度方向向下C.健身者增大抖動(dòng)頻率，將減少振動(dòng)從繩子端點(diǎn)傳播到P點(diǎn)的時(shí)間D.健身者抖動(dòng)繩子端點(diǎn)（剛開始處于平衡位置），經(jīng)過0.4s振動(dòng)恰好傳到P點(diǎn)〖答案〗AB〖解析〗A．a(chǎn)、b兩質(zhì)點(diǎn)二者平衡位置間距離如果為一個(gè)波長(zhǎng)，則其相位差為2，依題意其平衡位置相距波長(zhǎng)，則振動(dòng)的相位差為故A正確；B．由題意可知振動(dòng)頻率為2Hz，則周期為0.5s，則從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn)a的位移與時(shí)間的關(guān)系為可知當(dāng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移仍為cm，且由圖2可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a從波峰向平衡位置運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．波速由介質(zhì)而定，則增大抖動(dòng)頻率，不會(huì)改變振動(dòng)從繩子端點(diǎn)傳播到P點(diǎn)的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；D．從圖中可以得到，波長(zhǎng)為8m，周期為0.5秒，則波速為經(jīng)0.4s，傳播的距離為即健身者抖動(dòng)繩子端點(diǎn)（剛開始處于平衡位置），經(jīng)過0.4s振動(dòng)不能傳到P點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)光滑平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.9m，與水平面夾角，正方形區(qū)域abcd內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，方向垂直于斜面向上。甲、乙是兩根質(zhì)量相同、電阻均為的金屬桿，垂直于導(dǎo)軌放置。甲置于磁場(chǎng)的上邊界ab處，乙置于甲上方l處，現(xiàn)將兩金屬桿由靜止同時(shí)釋放，并立即在甲上施加一個(gè)沿導(dǎo)軌方向的拉力F，甲始終以的加速度沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)，乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，g取。則（）A.甲穿過磁場(chǎng)過程中拉力F隨時(shí)間均勻增大B.每根金屬桿的質(zhì)量為0.3kgC.乙穿過磁場(chǎng)過程中安培力的功率是3WD.乙穿過磁場(chǎng)過程中，通過整個(gè)回路的電荷量為〖答案〗AC〖解析〗A．甲在磁場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得可知即外力F始終等于安培力F安，由于電路中的感應(yīng)電流為則有安培力因此甲穿過磁場(chǎng)過程中拉力F隨時(shí)間均勻增大，A正確；B．由題意可知，乙桿進(jìn)入磁場(chǎng)前做初速度是零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有加速度為乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度是乙進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件可得解得B錯(cuò)誤；C．乙穿過磁場(chǎng)過程中安培力的功率是C正確；D．乙進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有乙穿過磁場(chǎng)過程中，通過整個(gè)回路的電荷量是D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，小物塊質(zhì)量，長(zhǎng)木板質(zhì)量（假設(shè)木板足夠長(zhǎng)），各接觸面摩擦系數(shù)從上至下依次為，，小物塊以初速度向右滑上木板，木板初始受力F為14N，初速度為0，F(xiàn)維持1.5s后撤去，以初始狀態(tài)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，，則（）A.經(jīng)過1s二者速度第一次大小相等B.速度第一次大小相等后二者一起加速，再一起減速C.小物塊相對(duì)長(zhǎng)木板向右最遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)3mD.經(jīng)過1.625s二者速度第二次大小相等〖答案〗AC〖解析〗A.對(duì)物塊應(yīng)用牛頓第二定律得物塊加速度大小對(duì)木板應(yīng)用牛頓第二定律得則二者速度相等時(shí)，有可得故A正確；B.第一次速度相等后，由于木板的加速度大于小物塊的加速度，所以小物塊相對(duì)于木板向左運(yùn)動(dòng)，則小物塊受到的摩擦力向右，大小不變，開始向右做加速度大小不變的加速運(yùn)動(dòng)，木板繼續(xù)加速，再次共速后一起減速，故B錯(cuò)誤；C.速度第一次相等時(shí)，小物塊位移是木板的位移這個(gè)過程中位移差為3m，之后小物塊相對(duì)于木板向左運(yùn)動(dòng)，則木板的加速度再經(jīng)過0.5s，撤去F后，木板開始減速，直到再次共速時(shí)，小物塊速度都小于木板的速度，所以1s之后，小物塊相對(duì)于木板一直向左運(yùn)動(dòng)，故小物塊相對(duì)長(zhǎng)木板向右最遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)3m，故C正確；D.撤去F后，兩物體再次共速前木板加速度大小可得則故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共51分。12.某乒乓球愛好者，利用手機(jī)研究乒乓球與球臺(tái)碰撞過程中能量損失的情況。實(shí)驗(yàn)步驟如①固定好手機(jī)，打開錄音功能；②從一定高度由靜止釋放乒乓球；③手機(jī)記錄下乒乓球與臺(tái)面碰撞的聲音，其隨時(shí)間（單位：s）的變化圖像如圖所示。根據(jù)聲音圖像記錄的碰撞次序及相應(yīng)碰撞時(shí)刻，如下表所示。碰撞次數(shù)1234567碰撞時(shí)刻（s）1.121.582.002.402.783.143.47根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，回答下列向題：（1）利用碰撞時(shí)間間隔，計(jì)算出第3次碰撞后乒乓球的彈起瞬間的速度大小為_____（保留2位有效數(shù)字，當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋?。?）設(shè)碰撞后彈起瞬間與該次碰撞前瞬間速度大小的比值為k，則每次碰撞損失的動(dòng)能為碰撞前動(dòng)能的______倍（用k表示），第2次碰撞過程中______（保留2位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）1.96（2）0.95〖解析〗（1）[1]由表可知從第3次碰撞到第四次碰撞用時(shí)0.4s，則碰后彈起的時(shí)間為0.2s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間關(guān)系，有（2）[2][3]設(shè)碰撞后彈起瞬間的速度為，該次碰撞前瞬間速度大小為，則碰撞后的動(dòng)能為，該次碰撞前的動(dòng)能為，所以每次碰撞損失的動(dòng)能為，則碰撞前后動(dòng)能的比值為第3次碰撞前的速度第3次碰撞后速度所以13.某小組測(cè)量某金屬細(xì)桿（如圖甲）的電阻率，應(yīng)用了學(xué)生電源E、定值電阻、電壓表和、電阻箱R等器材，操作步驟如下：（1）用刻度尺測(cè)量金屬細(xì)桿的長(zhǎng)度L，用游標(biāo)卡尺在不同部位測(cè)量金屬環(huán)橫截面的直徑D，讀數(shù)如圖乙所示，示數(shù)為______cm；（2）按圖丙連接電路，a、b間器件表示金屬環(huán)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄兩塊電壓表和電阻箱的讀數(shù)，繪制出丁圖，可計(jì)算出金屬環(huán)的阻值______，用L、D、表示出該金屬環(huán)的電阻率______；（3）從系統(tǒng)誤差角度看，由丁圖計(jì)算出的阻值______真實(shí)值（選填“大于”、“小于”或“等于”）。〖答案〗（1）1.07（2）2.6（3）大于〖解析〗（1）[1]游標(biāo)卡尺的分度值為0.1mm，根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則可得，示數(shù)為10mm+7×0.1mm=10.7mm=1.07cm（2）[2]由題意及電路圖可得圖線斜率即為金屬環(huán)的電阻大小，即[3]由題意可得，金屬環(huán)的電阻率為（3）[4]由上述電路圖分析可得，由丁圖計(jì)算出的電路金屬環(huán)兩端的電壓準(zhǔn)確，通過的電流比真實(shí)值小，忽略了電壓表V1的電流，因此由丁圖計(jì)算出的阻值大于真實(shí)值。14.氣壓式升降椅通過汽缸上下運(yùn)動(dòng)來支配椅子升降，其簡(jiǎn)易結(jié)構(gòu)如圖所示，圓柱形汽缸與椅面固定連接，其總質(zhì)量為。橫截面積為的柱狀氣動(dòng)桿與底座固定連接，可自由移動(dòng)的汽缸與氣動(dòng)桿之間封閉一定質(zhì)量的理想氣體，穩(wěn)定后測(cè)得封閉氣體柱長(zhǎng)度為。設(shè)汽缸氣密性、導(dǎo)熱性能良好，不計(jì)摩擦，已知大氣壓強(qiáng)為，室內(nèi)溫度，取。若質(zhì)量為的人盤坐在椅面上，室內(nèi)溫度保持不變。求：（1）穩(wěn)定后椅面下降的高度；（2）穩(wěn)定后，室內(nèi)氣溫緩慢升高至，此過程中封閉氣體吸收熱量，求封閉氣體內(nèi)能的變化量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）初始狀態(tài)時(shí)，以圓柱形氣缸與椅面整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件有當(dāng)人坐上后，穩(wěn)定時(shí)有根據(jù)波意耳定律有下落高度為（2）根據(jù)外界對(duì)氣缸內(nèi)氣體做功為根據(jù)熱力學(xué)第一定律有解得15.如圖所示，M、N為等離子體發(fā)電機(jī)的兩個(gè)極板，分別通過導(dǎo)線與平行板電容器的兩個(gè)極板P、Q相連。M與N、P與Q的間距均為d，M、N中間有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，一束等離子體（高溫下電離的氣體，含有大量正、負(fù)帶電粒子）以速度v沿垂直于磁場(chǎng)的方向噴入磁場(chǎng)。P、Q間加一垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為。一電荷量為q、質(zhì)量為m的正離子以某一速度（未知）沿平行于極板方向從A點(diǎn)射入電容器。不計(jì)離子的重力和電容器的邊緣效應(yīng)。（1）已知離子在P、Q間恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求離子速度的大??；（2）若撤去P、Q間的磁場(chǎng)，離子從A點(diǎn)以原來的速度入射后恰好從下極板的右側(cè)邊緣射出電場(chǎng)，射出電場(chǎng)時(shí)速度方向與水平方向成30°角，求A點(diǎn)離下極板的距離h；（3）以極板Q右側(cè)邊緣O點(diǎn)為原點(diǎn)建立如圖所示的直角坐標(biāo)系xOy，在第一、四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。若在第（2）問的情形中，離子能夠經(jīng)過點(diǎn)，求第一、四象限內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）設(shè)磁流體發(fā)電機(jī)兩極板之間的電壓為U，等離子體的電荷量為，則有離子在P、Q間做勻速直線運(yùn)動(dòng)的過程中解得（2）設(shè)離子射出板間電場(chǎng)時(shí)速度大小為，根據(jù)動(dòng)能定理得離子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有解得（3）設(shè)x為離子在一、四象限磁場(chǎng)中每次偏轉(zhuǎn)圓弧所對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)，由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，離子能到達(dá)C點(diǎn)需滿足設(shè)離子的軌道半徑為R，圓弧所對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，則有可得由洛倫茲力提供向心力，有解得16.圖甲是一種智能減震裝置的示意圖，輕彈簧下端固定，上端與質(zhì)量為m的減震環(huán)a連接，并套在固定的豎直桿上，a與桿之間的智能涂層材料可對(duì)a施加大小可調(diào)節(jié)的阻力，當(dāng)a的速度為零時(shí)涂層對(duì)其不施加作用力．在某次性能測(cè)試中，質(zhì)量為0.5m的光滑環(huán)b從桿頂端被靜止釋放，之后與a發(fā)生正碰；碰撞后，b的速度大小變?yōu)榕銮暗谋?、方向向上，a向下運(yùn)動(dòng)2d時(shí)速度減為零，此過程中a受到涂層的阻力大小f與下移距離s之間的關(guān)系如圖乙。已知a靜止在彈簧上時(shí)，與桿頂端距離為4.5d，彈簧壓縮量為2d，重力加速度為g。求：（1）與a碰前瞬間，b的速度大??；（2）的值；（3）在a第一次向下運(yùn)動(dòng)過程中，當(dāng)b的動(dòng)能為時(shí)a的動(dòng)能。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）小環(huán)b下落的過程為自由落體，則解得與a碰前瞬間，b的速度大小為（2）ab發(fā)生碰撞，設(shè)向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知a向下運(yùn)動(dòng)2d時(shí)速度減為零的過程中，由動(dòng)能定理可知由題可知a靜止在彈簧上時(shí)，彈簧壓縮量為2d，根據(jù)胡克定律可知聯(lián)立解得（3）當(dāng)b的動(dòng)能為時(shí)，b的速度為根據(jù)動(dòng)量定理可知解得在a第一次向下運(yùn)動(dòng)過程中，取一段時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理可知當(dāng)Δ時(shí)當(dāng)Δt=時(shí)此時(shí)a的動(dòng)能為懷化市中小學(xué)課程改革教育質(zhì)量監(jiān)測(cè)試卷2023年上期高三二模仿真考試物理一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.中國(guó)“嫦娥五號(hào)”在月球采集的約2公斤月壤中含有地球上鮮有的，是地球上很難得到的清潔、安全和高效的核聚變發(fā)電燃料，被科學(xué)家們稱為“完美能源”。有關(guān)聚變的核反應(yīng)方程如下：①，②；下列說法正確的是（）A.X為質(zhì)子，核反應(yīng)①、②又稱熱核反應(yīng)B.的比結(jié)合能比的比結(jié)合能大C.方程①中：反應(yīng)前后原子核總質(zhì)量相等D.方程②中：核子平均釋放的能量約為2.14MeV〖答案〗D〖解析〗A．由電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為核電荷數(shù)為可知X為中子，核反應(yīng)①、②為聚變反應(yīng)，又稱熱核反應(yīng)，A錯(cuò)誤；B．由核反應(yīng)方程②可知，由于該核反應(yīng)釋放出核能，所以生成物比反應(yīng)物更穩(wěn)定，比結(jié)合能也更大，即比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，B錯(cuò)誤；C．由質(zhì)能方程可知，反應(yīng)式①中有核能放出，一定有質(zhì)量虧損，因此方程①中：反應(yīng)前后原子核總質(zhì)量不相等，C錯(cuò)誤；D．方程②中，每個(gè)含有三個(gè)核子，因此每個(gè)核子平均釋放的能量為即核子平均釋放的能量約為2.14MeV，D正確。故選D。2.高錕是著名的華裔物理學(xué)家，因在光纖通信方面的研究獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，被人們尊稱為光纖之父。光纖通信的主要部件為光導(dǎo)纖維，其由纖芯和包層兩部分組成，以合適角度進(jìn)入光纖的光能夠在纖芯和包層分界面上發(fā)生全反射。如圖所示，一條長(zhǎng)直光導(dǎo)纖維的長(zhǎng)度，纖芯的折射率，在纖芯與包層的分界面發(fā)生全反射的臨界角?，F(xiàn)一束細(xì)光從左端面中點(diǎn)射入，下列說法正確的是（）A.光導(dǎo)纖維中纖芯材料的折射率應(yīng)小于包層材料的折射率B.為使射入的光在纖芯與包層的界面恰好發(fā)生全反射，光在左端面的入射角應(yīng)為C.若從左端射入的光能夠傳送到右端（無損失），則光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)淖铋L(zhǎng)時(shí)間約為D.若從左端射入的光能夠傳送到右端（無損失），則光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)淖疃虝r(shí)間約為〖答案〗C〖解析〗A．為了在內(nèi)芯與包層的分界面發(fā)生全反射，光導(dǎo)纖維中內(nèi)芯材料的折射率應(yīng)大于包層材料的折射率，故A錯(cuò)誤；B．為使射入的光在內(nèi)芯與包層的界面恰好發(fā)生全反射，設(shè)光在左端面的入射角為，則有又可得解得故B錯(cuò)誤；C．光在內(nèi)芯的傳播速度為當(dāng)光射到芯層與包層分界面的入射角等于臨界角時(shí)，光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)臅r(shí)間最長(zhǎng)，此時(shí)光傳播的路程為則最長(zhǎng)時(shí)間故C正確；D．當(dāng)光射向左端面的入射角為時(shí)，光在光導(dǎo)纖維內(nèi)傳輸?shù)臅r(shí)間最短，則有故D錯(cuò)誤。故選C。3.為了激發(fā)同學(xué)們的學(xué)習(xí)興趣和探究精神，某學(xué)校建有節(jié)能環(huán)保風(fēng)力發(fā)電演示系統(tǒng)，該系統(tǒng)由風(fēng)力發(fā)電機(jī)、交流電變壓器和用戶三部分構(gòu)成，簡(jiǎn)易示意圖如下。時(shí)刻，發(fā)電機(jī)線圈所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，風(fēng)輪機(jī)葉片通過升速齒輪箱帶動(dòng)發(fā)電機(jī)線圈以每秒50轉(zhuǎn)的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動(dòng)，已知發(fā)電機(jī)線圈面積，匝數(shù)為匝，內(nèi)阻不計(jì)；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為。變壓器部分，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為。在用戶部分電路中電表均為理想電表，定值電阻，D為理想二極管（該二極管的正向電阻為零，反向電阻為無窮大），則（）A.發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)B.電壓表的示數(shù)為C.電流表的示數(shù)為D.原線圈的輸入功率為〖答案〗C〖解析〗A．發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)有因?yàn)闀r(shí)刻，發(fā)電機(jī)線圈所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，所以其瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．因?yàn)榫€圈無內(nèi)阻，所以原線圈兩端的電壓為因?yàn)槔硐胱儔浩?，所以副線圈兩端的電壓為又因?yàn)殡妷鹤兊氖緮?shù)為有效值，所以電壓表的示數(shù)為40V，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．因?yàn)槎O管為理想二極管，電流表的示數(shù)也為有效值，所以有解得故C項(xiàng)正確；D．電阻的功率為電阻的功率為副線圈功率為因?yàn)槭抢硐胱儔浩?，所以故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。4.當(dāng)物體從高空下落時(shí)，在無風(fēng)的條件下，空氣對(duì)物體的阻力會(huì)隨物體速度的增大而增大，因此物體下落一段距離后將會(huì)勻速下落，這個(gè)速度稱為此物體下落的穩(wěn)態(tài)速度。物理學(xué)習(xí)興趣小組探究發(fā)現(xiàn)，在相同的環(huán)境條件下，球形物體的穩(wěn)態(tài)速度僅與球半徑及質(zhì)量有關(guān)，下表是某學(xué)習(xí)興趣小組探究的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)（g取）小球ABCDE小球半徑r（）0.50.51.52.02.5小球質(zhì)量m（）254540100小球穩(wěn)態(tài)速度v（m/s）1640402032試根據(jù)表中的數(shù)據(jù)分析判斷下列說法正確的是（）A.探究球形物體所受空氣阻力f與球的速度v關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇B、C兩球B.探究球形物體所受空氣阻力f與球的半徑r關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇A、B兩球C.由上表實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得出球形物體所受空氣阻力f與球的速度v及半徑r的關(guān)系式為D.B、C兩球達(dá)到穩(wěn)態(tài)速度時(shí)所受空氣阻力之比為〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)于每個(gè)球，在達(dá)到穩(wěn)態(tài)速度時(shí)，阻力與質(zhì)量成正比，對(duì)于A、B球，半徑相同，由A、B球數(shù)據(jù)可知，質(zhì)量與終極速度成正比，從而可得，阻力與終極速度成正比，所以探究球形物體所受空氣阻力f與球的速度v關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇A、B兩球，故A錯(cuò)誤；B．由B、C兩球數(shù)據(jù)分析可知阻力與半徑的平方成正比，所以探究球形物體所受空氣阻力f與球的半徑r關(guān)系時(shí)應(yīng)該選擇B、C兩球，故B錯(cuò)誤；C．阻力與終極速度成正比，阻力與半徑的平方成正比，可得代入一組數(shù)據(jù)得k=5所以故C正確；D．達(dá)到穩(wěn)態(tài)速度時(shí)f=mg所以故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖甲所示為利用霍爾元件制作的位移傳感器。將霍爾元件置于兩塊磁性強(qiáng)弱相同、同名磁極相對(duì)放置的磁體正中間，以中間位置為坐標(biāo)原點(diǎn)建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。當(dāng)霍爾元件沿軸方向移動(dòng)到不同位置時(shí)，將產(chǎn)生不同的霍爾電壓U，通過測(cè)量電壓U就可以知道位移。已知沿軸方向磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。槌?shù)，且>0），電流I沿方向大小不變。該傳感器靈敏度，要使該傳感器的靈敏度變大，下列措施可行的是（）A.把霍爾元件沿方向的厚度變小 B.把霍爾元件沿方向的高度變大C.把霍爾元件沿方向的長(zhǎng)度變大 D.把霍爾元件沿方向的高度變小〖答案〗A〖解析〗設(shè)霍爾元件沿y軸反向的高度為d，沿x軸方向的厚度為l，電流的微觀表達(dá)式為得自由電荷受洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡得由磁感應(yīng)強(qiáng)度大小得則可知，要使該傳感器的靈敏度變大，應(yīng)把霍爾元件沿方向的厚度l變小。故選A。6.如圖所示，質(zhì)量為m的小球A從地面上斜拋，拋出時(shí)的速度大小為25m/s，方向與水平方向夾角為53°角，在A拋出的同時(shí)有一質(zhì)量為3m的黏性小球B從某高處自由下落，當(dāng)A上升到最高點(diǎn)時(shí)恰能擊中豎直下落中的黏性小球B，A、B兩球碰撞時(shí)間極短，碰后A、B兩球粘在一起落回地面，不計(jì)空氣阻力，，g取。以下說法正確的是（）A.小球B下落時(shí)離地面的高度是20mB.小球A上升至最高處時(shí)離地面40mC.小球A從拋出到落回地面的時(shí)間為3sD.小球A從拋出到落回地面的水平距離為60m〖答案〗C〖解析〗AB．A球豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)，B球做自由落體落體運(yùn)動(dòng)，則兩球運(yùn)動(dòng)的高度相同，均為為小球B下落時(shí)離地面的高度是40m，AB錯(cuò)誤；C．兩球豎直方向的運(yùn)動(dòng)是互逆的，相遇時(shí)小球A豎直速度為0，小球B的速度為根據(jù)兩球在豎直方向上的動(dòng)量守恒兩球粘在一起后的豎直速度為繼續(xù)下落，有得則小球A從拋出到落回地面的時(shí)間為3s，C正確；D．小球A從拋出到與小球B相撞的水平距離為根據(jù)兩球在水平方向上的動(dòng)量守恒得相撞后兩球的水平位移為小球A從拋出到落回地面的水平距離為D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題：本題共5小題，每小題5分，共25分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分。7.赤道上某處固定有很長(zhǎng)的豎直索道，太空電梯可沿索道上下運(yùn)動(dòng)。電影《流浪地球2》有這樣一個(gè)片段，太空電梯沿索道勻速上升，某時(shí)刻站在太空電梯地板上的人突然飄起來了，下列說法正確的是（）（已知地球半徑，地球表面重力加速度g?。〢.太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的角速度變大B.太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度變大C.站在太空電梯地板上的人突然飄起來時(shí)，太空電梯離地面的高度約為D.站在太空電梯地板上的人突然飄起來時(shí)，太空電梯離地面的高度約為〖答案〗BD〖解析〗A．太空電梯和地球要保持相對(duì)靜止，則電梯各處必有相同的角速度，故A錯(cuò)誤；B．由公式可知，太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變大，則太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度變大，故B正確；CD．站在太空電梯地板上的人突然飄起來時(shí)，人所受萬(wàn)有引力恰好提供做圓周運(yùn)動(dòng)向心力，設(shè)此時(shí)太空電梯離地面的高度為，則有，地球表面物體受到的重力聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。8.一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行紙面，紙面內(nèi)A、B、C三點(diǎn)的位置如圖所示，AB=AC=1m，∠BAC=90°。帶正電的粒子P，其電荷量為，粒子P以速度從A點(diǎn)出發(fā)能過B點(diǎn)，在A到B的過程中粒子P的電勢(shì)能減少2.4J。若讓粒子P以速度從A點(diǎn)出發(fā)則能過C點(diǎn)，在A到C的過程粒子P的動(dòng)能增加3.2J。粒子P在所有運(yùn)動(dòng)過程只受電場(chǎng)力，下列結(jié)論正確的是（）A.B、C兩點(diǎn)的電勢(shì)相等B.C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為D.若將粒子P從B移動(dòng)到C，電場(chǎng)力做功0.8J〖答案〗BCD〖解析〗A．帶正電的粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電勢(shì)能減少2.4J，從A點(diǎn)到C點(diǎn)，動(dòng)能增加3.2J，則電勢(shì)能減少3.2J，所以B點(diǎn)的電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電勢(shì)能減少2.4J，即從A點(diǎn)到C點(diǎn)，電勢(shì)能減少3.2J，即又所以故B正確；C．電場(chǎng)強(qiáng)度方向如圖分別過B、C兩點(diǎn)作垂直于電場(chǎng)線的垂線，由于所以得代入數(shù)據(jù)得，電場(chǎng)強(qiáng)度E=故C正確；D．粒子P從B移動(dòng)到C，電場(chǎng)力做功故D正確。故選BCD。9.“戰(zhàn)繩”是一種時(shí)尚的健身器材，有較好的健身效果。如圖1所示，健身者把兩根相同繩子的一端固定在P點(diǎn)，用雙手分別握住繩子的另一端，然后根據(jù)鍛煉的需要以不同的頻率、不同的幅度上下抖動(dòng)繩子，使繩子振動(dòng)起來。某次鍛煉中，健身者以2Hz的頻率開始抖動(dòng)繩端，t=0時(shí)，繩子上形成的簡(jiǎn)諧波的波形如圖2所示，a、b為右手所握繩子上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，二者平衡位置間距離為波長(zhǎng)的，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的位移為8cm。已知繩子長(zhǎng)度為12m，下列說法正確的是（）A.a、b兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位差為B.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移仍為cm，且速度方向向下C.健身者增大抖動(dòng)頻率，將減少振動(dòng)從繩子端點(diǎn)傳播到P點(diǎn)的時(shí)間D.健身者抖動(dòng)繩子端點(diǎn)（剛開始處于平衡位置），經(jīng)過0.4s振動(dòng)恰好傳到P點(diǎn)〖答案〗AB〖解析〗A．a(chǎn)、b兩質(zhì)點(diǎn)二者平衡位置間距離如果為一個(gè)波長(zhǎng)，則其相位差為2，依題意其平衡位置相距波長(zhǎng)，則振動(dòng)的相位差為故A正確；B．由題意可知振動(dòng)頻率為2Hz，則周期為0.5s，則從圖示位置開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn)a的位移與時(shí)間的關(guān)系為可知當(dāng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移仍為cm，且由圖2可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a從波峰向平衡位置運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．波速由介質(zhì)而定，則增大抖動(dòng)頻率，不會(huì)改變振動(dòng)從繩子端點(diǎn)傳播到P點(diǎn)的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；D．從圖中可以得到，波長(zhǎng)為8m，周期為0.5秒，則波速為經(jīng)0.4s，傳播的距離為即健身者抖動(dòng)繩子端點(diǎn)（剛開始處于平衡位置），經(jīng)過0.4s振動(dòng)不能傳到P點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)光滑平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.9m，與水平面夾角，正方形區(qū)域abcd內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，方向垂直于斜面向上。甲、乙是兩根質(zhì)量相同、電阻均為的金屬桿，垂直于導(dǎo)軌放置。甲置于磁場(chǎng)的上邊界ab處，乙置于甲上方l處，現(xiàn)將兩金屬桿由靜止同時(shí)釋放，并立即在甲上施加一個(gè)沿導(dǎo)軌方向的拉力F，甲始終以的加速度沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)，乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，g取。則（）A.甲穿過磁場(chǎng)過程中拉力F隨時(shí)間均勻增大B.每根金屬桿的質(zhì)量為0.3kgC.乙穿過磁場(chǎng)過程中安培力的功率是3WD.乙穿過磁場(chǎng)過程中，通過整個(gè)回路的電荷量為〖答案〗AC〖解析〗A．甲在磁場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得可知即外力F始終等于安培力F安，由于電路中的感應(yīng)電流為則有安培力因此甲穿過磁場(chǎng)過程中拉力F隨時(shí)間均勻增大，A正確；B．由題意可知，乙桿進(jìn)入磁場(chǎng)前做初速度是零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有加速度為乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度是乙進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件可得解得B錯(cuò)誤；C．乙穿過磁場(chǎng)過程中安培力的功率是C正確；D．乙進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有乙穿過磁場(chǎng)過程中，通過整個(gè)回路的電荷量是D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，小物塊質(zhì)量，長(zhǎng)木板質(zhì)量（假設(shè)木板足夠長(zhǎng)），各接觸面摩擦系數(shù)從上至下依次為，，小物塊以初速度向右滑上木板，木板初始受力F為14N，初速度為0，F(xiàn)維持1.5s后撤去，以初始狀態(tài)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，，則（）A.經(jīng)過1s二者速度第一次大小相等B.速度第一次大小相等后二者一起加速，再一起減速C.小物塊相對(duì)長(zhǎng)木板向右最遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)3mD.經(jīng)過1.625s二者速度第二次大小相等〖答案〗AC〖解析〗A.對(duì)物塊應(yīng)用牛頓第二定律得物塊加速度大小對(duì)木板應(yīng)用牛頓第二定律得則二者速度相等時(shí)，有可得故A正確；B.第一次速度相等后，由于木板的加速度大于小物塊的加速度，所以小物塊相對(duì)于木板向左運(yùn)動(dòng)，則小物塊受到的摩擦力向右，大小不變，開始向右做加速度大小不變的加速運(yùn)動(dòng)，木板繼續(xù)加速，再次共速后一起減速，故B錯(cuò)誤；C.速度第一次相等時(shí)，小物塊位移是木板的位移這個(gè)過程中位移差為3m，之后小物塊相對(duì)于木板向左運(yùn)動(dòng)，則木板的加速度再經(jīng)過0.5s，撤去F后，木板開始減速，直到再次共速時(shí)，小物塊速度都小于木板的速度，所以1s之后，小物塊相對(duì)于木板一直向左運(yùn)動(dòng)，故小物塊相對(duì)長(zhǎng)木板向右最遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)3m，故C正確；D.撤去F后，兩物體再次共速前木板加速度大小可得則故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共51分。12.某乒乓球愛好者，利用手機(jī)研究乒乓球與球臺(tái)碰撞過程中能量損失的情況。實(shí)驗(yàn)步驟如①固定好手機(jī)，打開錄音功能；②從一定高度由靜止釋放乒乓球；③手機(jī)記錄下乒乓球與臺(tái)面碰撞的聲音，其隨時(shí)間（單位：s）的變化圖像如圖所示。根據(jù)聲音圖像記錄的碰撞次序及相應(yīng)碰撞時(shí)刻，如下表所示。碰撞次數(shù)1234567碰撞時(shí)刻（s）1.121.582.002.402.783.143.47根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，回答下列向題：（1）利用碰撞時(shí)間間隔，計(jì)算出第3次碰撞后乒乓球的彈起瞬間的速度大小為_____（保留2位有效數(shù)字，當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋＃?）設(shè)碰撞后彈起瞬間與該次碰撞前瞬間速度大小的比值為k，則每次碰撞損失的動(dòng)能為碰撞前動(dòng)能的______倍（用k表示），第2次碰撞過程中______（保留2位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）1.96（2）0.95〖解析〗（1）[1]由表可知從第3次碰撞到第四次碰撞用時(shí)0.4s，則碰后彈起的時(shí)間為0.2s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間關(guān)系，有（2）[2][3]設(shè)碰撞后彈起瞬間的速度為，該次碰撞前瞬間速度大小為，則碰撞后的動(dòng)能為，該次碰撞前的動(dòng)能為，所以每次碰撞損失的動(dòng)能為，則碰撞前后動(dòng)能的比值為第3次碰撞前的速度第3次碰撞后速度所以13.某小組測(cè)量某金屬細(xì)桿（如圖甲）的電阻率，應(yīng)用了學(xué)生電源E、定值電阻、電壓表和、電阻箱R等器材，操作步驟如下：（1）用刻度尺測(cè)量金屬細(xì)桿的長(zhǎng)度L，用游標(biāo)卡尺在不同部位測(cè)量金屬環(huán)橫截面的直徑D，讀數(shù)如圖乙所示，示數(shù)為______cm；（2）按圖丙連接電路，a、b間器件表示金屬環(huán)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄兩塊電壓表和電阻箱的讀數(shù)，繪制出丁圖，可計(jì)算出金屬環(huán)的阻值______，用L、D、表示出該金屬環(huán)的電阻率______；（3）從系統(tǒng)誤差角度看，由丁圖計(jì)算出的阻值______真實(shí)值（選填“大于”、“小于”或“等于”）?！即鸢浮剑?）1.07（2）2.6（3）大于〖解析〗（1）[1]游標(biāo)卡尺的分度值為0.1mm，根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則可得，示數(shù)為10mm+7×0.1mm=10