2024屆河北省滄州市部分高中高三下學(xué)期二模物理試題

2024屆河北省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內(nèi)容：全部高考內(nèi)容一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分.每小題只有一個選項符合題目要求.1.靜止的镎在勻強磁場中發(fā)生α衰變，衰變方程式為，衰變后的α粒子與新核X均做勻速圓周運動，若、α、X的比結(jié)合能分別為E1、E2、E3，光速為c，下列說法正確的是（）A.這種核反應(yīng)的方程式為B.衰變剛結(jié)束時，α粒子與新核X的動能相等C.α粒子與新核X的軌跡半徑之比為45∶1D.這種核反應(yīng)的質(zhì)量虧損為2.如圖所示，發(fā)射一個高軌道人造地球衛(wèi)星一般需要三步走，第一步在地球表面的A點把衛(wèi)星發(fā)射到圓軌道1上，第二步在B點噴火讓衛(wèi)星在橢圓軌道2上運行，第3步在C點噴火讓衛(wèi)星在圓軌道3上運動，已知軌道1、3的半徑分別為R、5R，衛(wèi)星在軌道1上運行的周期為T，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星的發(fā)射點A的緯度越高越好B.衛(wèi)星在軌道2上運行經(jīng)過B點時的線速度小于在軌道1上運行經(jīng)過B點時的線速度C.衛(wèi)星從軌道2變軌到軌道3，需要在C點噴火來減小動能D.衛(wèi)星在軌道2上運行的周期為T3.某實驗小組做了一個“坐井觀天”的光學(xué)實驗.如圖所示，先給深度h=1m、井口直徑的豎直圓柱形井底正中央放置一單顏色的點光源，再往井中注半井水，測得最大視角為90°（視角為兩折射光線反向延長線所夾的角度），下列說法中正確的是（）A.從井口射出的光線與豎直方向的最大夾角為60°B.水對此顏色光的折射率為C.若往井中再注入一些水，最大視角會減小D.若把光源豎直向上移動一段距離（仍在水中），最大視角會減小4.如圖甲所示，將塑料制成的光滑細圓環(huán)水平固定，環(huán)上套一個帶正電，電荷量為q的小球（視為質(zhì)點）處于靜止狀態(tài)，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場方向豎直向上，環(huán)面的面積為S；英國物理學(xué)家麥克斯韋認為，變化的磁場會在周圍的空間激發(fā)出感生電場，如圖乙所示，空間存在豎直向上均勻增加的勻強磁場，周圍產(chǎn)生的環(huán)形電場線從上向下看沿順時針方向，同一個圓周上的電場強度大小相等，下列說法正確的是（）A.對甲圖，若磁場豎直向上均勻增加，則塑料圓環(huán)內(nèi)部會產(chǎn)生感應(yīng)電流B.對甲圖，若磁場豎直向下均勻增加，從上向下看小球會沿順時針方向轉(zhuǎn)動C.乙圖說明，任何磁場周圍都會產(chǎn)生電場，與閉合電路是否存在無關(guān)D.對甲圖，若磁場豎直向上均勻增加的變化率為k，則小球運動一周，電場力做的功為kSq5.用輕質(zhì)彈簧連接的質(zhì)量均為m的A、B兩物體，靜止在光滑的水平地面上，彈簧處于原長，A的左端靠在豎直墻壁上，現(xiàn)讓B突然獲得一個水平向左的速度v0，規(guī)定水平向左為正方向，下列說法正確的是（）A.從彈簧開始壓縮到第一次壓縮量最大時，墻壁對A的沖量為B.彈簧從壓縮量最大到第一次恢復(fù)到原長的過程中，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒C.從B獲得速度到A剛要離開墻壁，彈簧對B做的功為D.從B獲得速度到A剛要離開墻壁，彈簧對B的沖量為6.如圖所示，質(zhì)量為m、傾角為37°的斜面體放置在水平面上，斜面體的左上角安裝有輕質(zhì)定滑輪，質(zhì)量為帶有輕質(zhì)定滑輪的物塊放置在斜面體的光滑斜面上，輕質(zhì)細線跨越這兩個定滑輪，上端連接在天花板上，下端懸掛一小球，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，物塊與天花板間的細線呈豎直狀態(tài)，兩定滑輪間的細線與斜面平行，不計細線與滑輪間的摩擦，重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列說法正確的是（）A.小球的質(zhì)量為2mB.斜面對物塊的支持力大小為C.水平面對斜面體的支持力大小為D.水平面與斜面體間的動摩擦因數(shù)不可以為07.如圖所示，虛線圓的半徑為R，AB是直徑，O是圓心，D是圓周上的一點，C是BA延長線上的一點，CD是虛線圓的切線，把電荷量均為q的正電荷（均可視為點電荷）分別置于A、D兩點，已知∠DBA=30°，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.A點的點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度大小為B.D點的點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度大小為C.D點的點電荷在C點產(chǎn)生的電場強度大小為D.如果在A、D兩點同時放置電荷量均為q的兩正點電荷，則O點的電場強度的大小為二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.8.質(zhì)量為m的物體做直線運動，位移與速度倒數(shù)的關(guān)系圖像如圖所示，根據(jù)圖像所給的信息，在物體從x0到2x0的過程中的運動情況，下列說法正確的是（）A.物體做勻減速直線運動B.物體動量變化量的大小為C.物體的運動時間為D.物體動量變化率的大小為9.如圖所示的自耦理想變壓器，原線圈加上的正弦交流電的電壓的有效值為U，移動滑片P可以改變原線圈的匝數(shù)，定值電阻R0與電阻箱R串聯(lián)接在副線圈兩端，下列說法正確的是（）A.此變壓器是降壓變壓器，副線圈的電流大于原線圈的電流B.當滑片P固定不動，電阻箱的接入阻值R減小時，R兩端的電壓減小C.當電阻箱的接入阻值R不變時，滑片P向下移動，R0兩端的電壓減小D.將電阻箱的接入阻值R減小一些，同時將滑片P向上移動一些，R0的功率可能不變10.如圖所示的平面直角坐標系xOy，在第三、四象限存在著電場強度為E，與x軸正方向成37°角的勻強電場.一質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子甲（不計重力）從O點以沿著y軸負方向的速度v0進入電場，到達P點時速度正好與電場線垂直.另一個帶電量也為q的粒子乙（不計重力）從O點以垂直電場線的速度（大小也為v0）射入電場，經(jīng)過一段時間運動到x軸上的Q點，sin37°=0.6、cos37°=0.8，下列說法正確的是（）A.O、P兩點間的電勢差為B.甲從O到P的運動時間為C.若乙從O到Q的運動時間與甲從O到P的運動時間相等，則乙的質(zhì)量為D.若O、P兩點的電勢差與O、Q兩點的電勢差互為相反數(shù)，則乙的質(zhì)量為三、非選擇題：本題共5小題，共54分.11.（6分）某同學(xué)利用現(xiàn)有的器材設(shè)計了如圖甲所示的電路圖，來測量電阻的阻值Rx，已知電流表的內(nèi)阻為RA，定值電阻的阻值為R0，RA與R0差別不是太大，電壓表的內(nèi)阻遠大于待測電阻的阻值.如圖乙是所給的實驗器材，在測量的過程中電路安全，且誤差不大，請回答下列問題：（1）用筆畫線代替導(dǎo)線連接乙圖中的器材.（2）該同學(xué)調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，得到多組電壓表的數(shù)值U和對應(yīng)的電流表的數(shù)值I，根據(jù)數(shù)值畫出I-U關(guān)系圖像，寫出此圖像的表達式（用U、I、R0、RA、Rx來表示），若圖像的斜率為k，則Rx=（用R0、RA、k來表示）.12.（8分）某實驗小組用如圖甲所示的裝置來探究圓錐擺運動的規(guī)律，小球的直徑d用如圖乙所示的游標卡尺測出，擺長的長度L（包含小球的半徑在內(nèi)），實驗用秒表測量周期T以及拉力傳感器測量細線的拉力F，已知重力加速度為g，回答下列問題：（1）對乙圖游標卡尺的讀數(shù)d=mm.（2）實驗發(fā)現(xiàn)：當A、B兩個圓錐擺擺長長度不同，而球心與懸點O的豎直高度h相同時，兩個圓周運動的周期T相同，這說明圓錐擺的周期與h有關(guān)，用力學(xué)理論寫出圓錐擺周期T與h的關(guān)系式，T=.（3）保持小球的質(zhì)量與角速度不變，實驗采用法來探究擺線的拉力F與半徑r的關(guān)系，在改變擺長的長度L與圓周運動的半徑r時，球心與懸點O的豎直高度h（填“不變”或“改變”），實驗結(jié)果會發(fā)現(xiàn)擺線的拉力F與擺長的長度L成.（填“正比”或“反比”）13.（10分）中國的航天員在2030年前將登上月球，航天服的研發(fā)與實驗要求極高，如圖所示的航天服，假設(shè)工作時內(nèi)部理想氣體的壓強小于大氣壓強，某次實驗中，設(shè)航天服內(nèi)氣體壓強為0.9p0，熱力學(xué)溫度為T0，已知大氣壓強為p0、熱力學(xué)溫度為T0，實驗過程中航天服內(nèi)氣體的體積不變，求：（1）將航天服內(nèi)氣體熱力學(xué)溫度升高多少，服內(nèi)氣體壓強變成1.1p0；（2）將航天服的閥門打開，同時降低服內(nèi)的溫度，外界氣體緩慢進入服內(nèi)，直至內(nèi)、外氣體壓強相等（等于大氣壓強），不再進氣，若穩(wěn)定后，服內(nèi)氣體的溫度變?yōu)?.9T0，則進入氣體的質(zhì)量與原有氣體質(zhì)量之比為多少？14.（12分）如圖所示，豎直面內(nèi)的軌道模型由三部分組成，AB是水平軌道，BC是四分之一圓弧軌道，CDEF是半徑為R的四分之三圓弧軌道，O是圓心，CE、FD分別是水平和豎直直徑，B、F兩點的高度相同，質(zhì)量分別為m、3m的甲、乙兩小球（可視為質(zhì)點）靜止在AB上，現(xiàn)讓甲獲得一個水平向右的初速度，甲、乙發(fā)生彈性碰撞后，乙從B點進入管內(nèi)，接著第一次到達C點，然后沿著管壁上升到F點，最后向左平拋運動第二次到達C點，不計一切摩擦，重力加速度為g，求：（1）乙在F點的速度大小以及甲獲得的初速度大??；（2）乙第一次到達C點時重力的功率與第二到達C點時重力的瞬時功率之差.15.（18分）如圖所示，光滑絕緣的水平面上有電場強度為E0的勻強電場，電場的方向斜向右上方且與水平面的夾角為53°，光滑絕緣的豎直面右側(cè)存在豎直向上的勻強電場與水平向外（垂直紙面向外）的勻強磁場，質(zhì)量為m的帶電小球從M點由靜止開始沿著水平面向右做勻加速直線運動，與水平面之間的彈力為0，從N點進入電磁場做勻速圓周運動，然后運動到豎直面上的P點，已知M、N兩點間的電勢差為U，N、P兩點間的距離為d，重力加速度為g，sin53°=0.8、cos53°=0.6，求：（1）小球的帶電量；（2）M、N兩點間的距離；（3）勻強磁場的磁感應(yīng)強度以及小球從M到P的運動時間.

參考答案1.D這種核反應(yīng)的方程式為，A錯誤；衰變過程滿足動量守恒而且總動量為0，則衰變剛結(jié)束時，α粒子與新核X的動量等大反向，由于α粒子與新核X的質(zhì)量不同，則動能不相等，B錯誤；衰變剛結(jié)束時，設(shè)α粒子與新核X的動量大小均為p，由可得，C錯誤；由能量守恒可得，解得，D正確.2.D衛(wèi)星的發(fā)射方向從西向東，需要借助地球的自轉(zhuǎn)線速度，所以發(fā)射點A的緯度越低越好，A錯誤；衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2，需要在B點噴火來增加線速度，所以衛(wèi)星在軌道2上運行經(jīng)過B點時的線速度大于在軌道1上運行經(jīng)過B點時的線速度，B錯誤；同理，衛(wèi)星從軌道2變軌到軌道3，需要在C點噴火來增加線速度實現(xiàn)變軌，即增加動能來實現(xiàn)，C錯誤；由幾何關(guān)系可得橢圓軌道2的半長軸為，由開普勒第三定律可得，則有，D正確.3.B由對稱性的幾何關(guān)系可得從井口射出的光線與豎直方向的最大夾角為最大視角的二分之一，即45°，A錯誤；折射光線的最大折射角i是最大視角的二分之一，則i=45°，設(shè)入射光線的最大入射角為r，由幾何關(guān)系可得，則有r=30°，水對此顏色光的折射率，B正確；若往井中再注入一些水，出射光線對應(yīng)的最大入射角會增大，則最大折射角也會增大，則最大視角會增大，C錯誤；同理，若把光源豎直向上移動一段距離（仍在水中），出射光線對應(yīng)的最大入射角會增大，最大視角會增大，D錯誤.4.D對甲圖，若磁場豎直向上均勻增加，若是金屬圓環(huán)會產(chǎn)生感應(yīng)電流，若是塑料圓環(huán)不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，A錯誤；對甲圖，若磁場豎直向下均勻增加，對比乙圖，塑料圓環(huán)上產(chǎn)生的環(huán)形電場線從上向下看沿逆時針方向，則帶正電的小球受到沿逆時針方向的電場力，小球會沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，B錯誤；乙圖說明，變化磁場的周圍會產(chǎn)生電場，與閉合電路是否存在無關(guān)，若磁場不變化，周圍不會產(chǎn)生電場，C錯誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律可得均勻變化的磁場產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，由電場力做功的定義可得小球轉(zhuǎn)動一周，感生電場力對小球做的功為，D正確.5.A從彈簧開始壓縮到壓縮量最大時，系統(tǒng)動量的變化量為，墻壁對A的沖量就是系統(tǒng)所受合外力的沖量，由動量定理可得，同理從B獲得速度到A剛要離開墻壁，B的速度由v0變成，動量的變化為，彈簧對B的沖量為，A正確，D錯誤；彈簧從壓縮量最大到恢復(fù)到原長的過程中，墻壁對A有向右的彈力，即系統(tǒng)受到向右的彈力，外力之和不等于0，系統(tǒng)的動量不守恒，B錯誤；從B獲得速度到A剛要離開墻壁，B的速度由v0變成，動能的變化量為0，由動能定理可得彈簧對B做的功為0，C錯誤.6.C設(shè)小球的質(zhì)量為M，對小球進行受力分析，由二力平衡可得細線的拉力T=Mg，對物塊進行受力分析，把物塊的重力與豎直細線拉力的合成，把合力分別沿著斜面和垂直斜面分解，沿著斜面由二力平衡可得，垂直斜面方向由二力平衡可得，綜合解得、，A、B錯誤；對整體進行受力分析，豎直方向由二力平衡可得，綜合解得，C正確；對整體，水平方向不受力，水平面對斜面體的摩擦力為0，則水平面與斜面體間的動摩擦因數(shù)可以為0，D錯誤.7.DA點的點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為，A錯誤；由幾何關(guān)系可得，D點的點電荷在B點產(chǎn)生的場強大小為，B錯誤；由幾何關(guān)系可得，，則，D點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為，C錯誤；兩點電荷分別在O點產(chǎn)生的電場強度大小均為，兩個電場強度的夾角為60°，則O點電場強度的大小為，D正確.8.BC圖像是過原點的一條傾斜直線，則有是定值，即是定值，對于勻減速直線運動，當速度接近于0時，位移與速度乘積接近于0，則位移與速度乘積不是定值，所以此運動不是勻減速直線運動，A錯誤；物體在從x0到2x0的過程中，速度由v變成v0，則物體的動量變化量大小為，結(jié)合可得，則有，B正確；由平均速度可得，即物體位移與速度倒數(shù)的累積表示物體的運動時間，則圖像與橫軸所圍成的面積表示物體的運動時間，物體在從x0到2x0的過程中，面積，則物體的運動時間為，C正確；物體動量變化率的大小為，D錯誤.9.BD原線圈的匝數(shù)小于副線圈的匝數(shù)，所以此變壓器是升壓變壓器，由變壓器的原理可得副線圈的端電壓大于原線圈的電壓，則副線圈的電流小于原線圈的電流，A錯誤；當滑片P固定不動，副線圈的端電壓不變，當電阻箱的接入阻值R減小時，負載的電阻減小，副線圈的電流增大，R0兩端的電壓增大，R兩端的電壓減小，B正確；當滑片P向下移動，原線圈的匝數(shù)減小，副線圈的匝數(shù)不變，由變壓器的原理可得副線圈的端電壓增大，電阻箱的接入阻值R不變，負載的電阻不變，則副線圈的電流增大，R0兩端的電壓增大，C錯誤；同理，將滑片P向上移動一些，副線圈的端電壓減小，電阻箱的接入阻值R減小一些，負載的電阻減小，副線圈的電流可能不變，則R0的功率可能不變，D正確.10.BD甲從O到P做勻變速曲線運動，在P點的速度與電場線垂直，由逆向思維可得甲從P到O做類平拋運動，垂直電場線的方向做勻速直線運動，沿著電場線的方向做初速度為0的勻加速直線運動，設(shè)甲在P的速度為vP，把甲在O點的速度v0分別垂直電場線和沿著電場線分解，垂直電場線方向的分速度為，甲從O到P，由動能定理可得，綜合解得，A錯誤；甲在O點的速度v0沿著電場線方向的分速度為，設(shè)甲從O到P的運動時間為t甲，沿著電場線的方向由初速度為0的勻加速直線運動的規(guī)律可得，解得，B正確；設(shè)乙的質(zhì)量為M，O、Q兩點間的距離為d，乙在O點的速度v0與電場垂直，乙從O到Q做類平拋運動，把乙從O到Q的位移d分別垂直電場線和沿著電場線分解，則有、，設(shè)乙從O到Q的運動時間為t乙，由類平拋運動的規(guī)律可得，，綜合可得、，若乙從O到Q的運動時間與甲從O到P的運動時間相等，則有，即，解得，C錯誤；設(shè)甲從O到P沿著電場線方向的分位移為d甲，由勻強電場的電勢差與電場強度的關(guān)系可得，綜合可得，若O、P兩點的電勢差與O、Q兩點的電勢差互為相反數(shù)，則有，即，解得，D正確.11.（1）答案見解析（2分）（2）（2分）（2分）解析：（1）用筆畫線代替導(dǎo)線連接乙圖中的器材如下.（2）由歐姆定律可得，由并聯(lián)電路的電流的分配規(guī)律可得，綜合可得I-U圖像的關(guān)系式為，若圖像的斜率為k，則有.12.（1）15.15（2分） （2）（2分） （3）控制變量（1分）不變（1分） 正比（2分）解析：（1）對乙圖游標卡尺的讀數(shù)；（2）設(shè)擺