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大學(xué)物理下冊(cè)課后習(xí)題答案
習(xí)題八
8-1電量都是q的三個(gè)點(diǎn)電荷,分別放在正三角形的三個(gè)頂點(diǎn).試問:(1)在這三角形的中
心放?個(gè)什么樣的電荷,就可以使這四個(gè)電荷都達(dá)到平衡(即每個(gè)電荷受其他三個(gè)電荷的庫(kù)侖力
之和都為零?(2)這種平衡與三角形的邊長(zhǎng)有無關(guān)系
解:如題8-I圖不
(1)以A處點(diǎn)電荷為研究對(duì)象,由力平衡知:q'為負(fù)電荷
1q2
2cos30°國(guó)
4元Ea24冗&博甸2
3
解得q
⑵與三角形邊長(zhǎng)無關(guān).
FF
/5
Bq乙—tc
mg
題8-1圖題8-2圖
8-2兩小球的質(zhì)量都是m,都用長(zhǎng)為1的細(xì)繩掛在同一點(diǎn),它們帶有相同電量,靜止時(shí)兩線
夾角為2(),如題8-2圖所示.設(shè)小球的半徑和線的質(zhì)量都可以忽略不計(jì),求每個(gè)小球所帶
的電量.
解:如題8-2圖示
TcosO=mg
TsinO=F=1q2
4年(21sin0)2
解得q=21sinO,/4兀BKmgtanO
°q
8-3根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=,當(dāng)被考察的場(chǎng)點(diǎn)距源點(diǎn)電荷很近(rO)時(shí),則場(chǎng)強(qiáng)
4ZL£r2
00,這是沒有物理意義的,對(duì)此應(yīng)如何理解?
解:E=口尸僅對(duì)點(diǎn)電荷成立,當(dāng)r今0時(shí),帶電體不能再視為點(diǎn)電荷,再用上式求
4?!阹2o
場(chǎng)強(qiáng)是錯(cuò)誤的,實(shí)際帶電體有一定形狀大小,考慮電荷在帶電體上的分布求出的場(chǎng)強(qiáng)不會(huì)是無限大.
8-4在真空中有A,B兩平行板,相對(duì)距離為d,板面積為S,其帶電量分別為+q和一q.則
q2
這兩板之間有相互作用力f,有人說f=,又有人說,因?yàn)閒=qE,E=q,所
4)tcd28S
q2
以£=.試問這兩種說法對(duì)嗎為什么f到底應(yīng)等于多少
£0S
解:題中的兩種說法均不對(duì).第一種說法中把兩帶電板視為點(diǎn)電荷是不對(duì)的,第二種說法把
q
合場(chǎng)強(qiáng)E="看成是一個(gè)帶電板在另一帶電板處的場(chǎng)強(qiáng)也是不對(duì)的.正確解答應(yīng)為一個(gè)
EOS
qqq2
板的電場(chǎng)為E=另一板受它的作用力f=q=,這是兩板間相互作用
及>28S28S
ooo
的電場(chǎng)力.
8-5—電偶極子的電矩為J5=q[,場(chǎng)點(diǎn)到偶極子中心0點(diǎn)的距離為r'矢量尸與「的夾角為
0,(見題8?5圖),且"aaI.試證P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)E在I?方向上的分量E和垂直于r的分量E分
別為r0
EpcosOEPsinO
72冗£r3'e-4冗£r3
證:如題8-5所示,將P分解為與尸平行的分量psinO和垂直于尸的分量psinO.
:r?1
:.場(chǎng)點(diǎn)P在r方向場(chǎng)強(qiáng)分量
_pcosO
E
2?!阹3
垂直于r方向,即0方向場(chǎng)強(qiáng)分量O
_psinO
E0
4?!阹3
o
dEo
A
0
LaB1
題8-5圖題8-6圖
8-6長(zhǎng)I=15.0cm的直導(dǎo)線AB上均勻地分布著線密度入=5.Ox1Q-9c?m-1的正電荷.試求:
(1)在導(dǎo)線的延長(zhǎng)線上與導(dǎo)線B端相距a=5.0cm處P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng):(2)在導(dǎo)線的垂直平分線上與
導(dǎo)線中點(diǎn)相距d=5.0cm處Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng).
解:如題8-6圖所示
⑴在帶電直線上取線元dx‘其上電量dq在]P點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)為
汕
dE
p4和(a-x)2
E=ff;
dE。入dx
pP4兀E(a-x)2
o2
入[―11
知-I]
oa--a+—
22
Al
兀E(4a2-/2)
用1=15cm,入=5.0xlO-9C8n-1,a=12.5cm代入得
E=6.74x102NC-1方向水平向右
P_1汕
⑵dE二方向如題8-6圖所示
同理Q4兀tX2+d2
02
由于對(duì)稱性IdE=0,即E只有y分量,
IQx.Q
2
1入d.xd2
-dE=
54邠x2+d2,?/x2+d2
o2\i2
d入Ld.x
E=fdE=—±歸
QyIQy4冗8L3
2-2(x2+d2)2
入1
2;ce../r2+4d2
0\J
以入=5.0xlO-9C*cm-l,1=15cm,d,..=5cm代入得
2
E=E=14.96x102NC-1,方向沿y軸正向
QQy
8-7一個(gè)半徑為R的均勻帶電半圓環(huán),電荷線密度為入,求環(huán)心處0點(diǎn)的場(chǎng)
強(qiáng).解:如8-7圖在圓上取dl=Rdcp
題8-7圖
dq=勾l=R悶cp'它在0點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)大小為
砍dcp
dE=方向沿半徑向外
4冗tR2
O
入
則dE=dEsincp=sincpdcp
X44兒ER
dE=£1£鼠(冗一<?=期卬唧
4兀ER
入入—。
積分Ej。冗4%ERsin<pd宜臾E°R
E-ft4jlERcos<pd<p-0
入°O
E=E=方向沿x軸正向.
x2兀ER
8-8均勻帶電的細(xì)線管成正方形,邊長(zhǎng)為I'總電量為q.⑴求這正方形軸線上離中心為r
處的場(chǎng)強(qiáng)E;(2)證明:在r>>l處,它相當(dāng)于點(diǎn)電荷q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E
q
解;如8-8圖示,正方形一條邊上電荷不在P點(diǎn)產(chǎn)生物強(qiáng)dE方向如圖,大小為
禮。sO-COSo)P
4冗8|.r2+一
o\!4
3
cosO=-cosO
2,
dE-x入_________________
p12
葉4N2
拈在垂直于平面上的分量dE=dEcosP
pJA.1pr
dE=
,i12;12II2
4冗8」2+—1r2+—Jr2+—
題8-8圖
由于對(duì)稱性,P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)沿OP方向,大小為
4Air
E=4xdE
p12\2
4兀f:(r2+—)r2+一
o4\2
-入=q
41
qr
,,Eo=---------------------方向沿OP
知(r2+馬/2+-
o4\2
8-9(1)點(diǎn)電荷q位于一邊長(zhǎng)為a的立方體中心,試求在該點(diǎn)電荷電場(chǎng)中穿過立方體的一個(gè)
面的電通量;(2)如果該場(chǎng)源點(diǎn)電荷移動(dòng)到該立方體的一個(gè)頂點(diǎn)上,這時(shí)穿過立方體各面的電
通量是多少?*31如膜-9⑶圖所示,在點(diǎn)電荷q的電場(chǎng)中取半徑為R的圓平面.q在該平
“R
面軸線上的A點(diǎn)處,求:通過圓平面的電通量.(a-arctan—)
X
解:(1)由高斯定理1£75=匚
S
C
立方體六個(gè)面,當(dāng)q在立方體中,聞寸,每個(gè)面上電通量相等
q
.各面電通量<D=
e6C:
(2)電荷在頂點(diǎn)時(shí),將立身體延伸為邊長(zhǎng)2a的立方體,使q處于邊長(zhǎng)2a的立方體中心,則
q
邊長(zhǎng)2a的正方形上電通量<1>=
e6£
對(duì)于邊長(zhǎng)a的正方形,如果它不包含3所在的頂點(diǎn),則<P=q
24c:'
4
如果它包含q所在頂點(diǎn)則<D=0.
-A-
(3)?通過半徑為R的圓平面的電通量等于通過半徑為V飛了+x2的球冠面的電通量,球冠
面積大
X
S=2兀(R2+X2)[I?]
)R2+X2
■巾=里$=q[|_x]
£。兀
4(R2+X2)2£Q+X2
*關(guān)于球冠面積的計(jì)算:見題8-9(c)圖
S=f咀rsina.心
o
=2町2f跺ina.中
=2兀r&1-cosa)
8-10均勻帶電球殼內(nèi)半徑6cm外半徑10cm,電荷體密度為2X10-sCm3求花球心5m,
8cm2叫點(diǎn)的飛
2q
解:高斯定理EdS=__2_,£4叮2=---------
8
當(dāng)r=5cm時(shí),Iq=O,E=O
4兀
r=8cm時(shí),Iq=p一(r3-r?)
3內(nèi)
盧(3-2)
E=3'、3.48X104N.C-1'方向沿半徑向外.
4兀Er2
4兀
r=12cm時(shí),Lq=P—(r3-r3)
3外內(nèi)
3-r3)
3外慶
E=4.10X104N.C-1沿半徑向外.
4?!阹2
8”羲彳帝F魂V也建奧贊%呻毀虬端杈球分別帶有電量入和
!2122
q
解:高斯定理EdS=
8
取同軸圓柱形高斯面,側(cè)瑜S=2兀rl
5
則f)E?dS=E2兀!4
s
對(duì)⑴氣LqO,E=0
(2)R<rl<RLq=l入
12
E=入沿徑向向外
2月Er
(3)or>RLq=O
2
.:E=O
O,2
0n
題8-12圖
8-12兩個(gè)無限大的平行平面都均勻帶電,電荷的面密度分別為G和CJ,試求空間各處場(chǎng)
噬
伽;如題8-12圖示,兩帶電平面均勻帶電,電荷面密度分別為CJ與6
兩面間,
C面外,
I
G面外,
2
兀垂直于兩平他由G面指為G面.
8-13半徑為R的均勻帶電球體內(nèi)的電荷體密度為P,若在球內(nèi)挖去一塊半徑為r<R的小
球體,如題8-13圖所示.試求:兩球心O與0'點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng),并證明小球空腔內(nèi)的電場(chǎng)是均勻
的.
解:將此帶電體看作帶正電P的均勻球與帶電——P的均勻小球的組合,見題8-13圖(a).
(1)+p球在0點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)E=0,
104
々ir3P
-P球在0點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)E.0OO,
204兀Ed3
r3p
0點(diǎn)電場(chǎng)E=00';
o3Ed3
o4
一Till3p____
(2)+p在O'產(chǎn)生電場(chǎng)E.=300'
10'4兀Ed3
-P球在O'產(chǎn)生電場(chǎng)E=0
O'點(diǎn)電場(chǎng)E=00'
O'3E
6
題8-13圖(a)題8-13圖(b)
⑶設(shè)空腔任一點(diǎn)P相對(duì)O'的位矢為r',相對(duì)O點(diǎn)位矢為尸(如題8-13(b)圖)
則E=£!_
PO3£'
0
E-k
?O'3£P(guān)d
REFrr。P
8厲||3
,pIIp+pII8cMl3C
o0
占腔內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)是均勻的.°
8-14一電偶極子由q=1.0X10-6C的兩個(gè)異號(hào)點(diǎn)電荷組成,兩電荷距離d=O.2cm,把這電
偶極子放在1.0X10sN?C-l的外電場(chǎng)中,求外電場(chǎng)作用于電偶極子上的最大力矩.
解:?電偶極子P在外場(chǎng)E中受力矩
M=pxE
,?M=pE=qlE代入數(shù)字
max
M=1.0x10-6x2x10-3xl.OxlOs=2.0x10-4Nm
max
8-15兩點(diǎn)電荷q=1.5X10-aC,q_=3.OXIO-sC,相距r=42cm,要把它們之間的距離變?yōu)?/p>
[2=25cm.需作多少功?
解:A=tp<|r=fj'=罕(L_L)
4?!阹248
'i2o元rr
O1O
二一6.55x10-6J
題8-16圖
OC16
r如題8-16圖所示,在A,B兩點(diǎn)處放有電量分別為+q'-q的點(diǎn)電荷,AB間距離為
現(xiàn)將另-正試驗(yàn)點(diǎn)電荷q。從0點(diǎn)經(jīng)過半圓弧移到C點(diǎn),求移動(dòng)過程中電場(chǎng)力作的
功
除,:如題8-16圖示--I
U=(+十)=0
o一4陽RR
U二(-^--4^)=-q
o4兀83RR*6冗£R
oqq。
.,A=q.(U-U_)=
ooc伍c:R
8-17如題8?17圖所示的絕緣細(xì)線上均勻分布著線密度為入的正電荷,兩直導(dǎo)線的長(zhǎng)度和半
圓環(huán)的半徑都等于R.試求環(huán)中心0點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì).
7
解:(1)由于電荷均勻分布與對(duì)稱性,AB和CD段電荷在0點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)互相抵消,取
dl=RdO
則dq=砍dO產(chǎn)生0點(diǎn)dE如圖,由于對(duì)稱性,O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)沿y軸負(fù)方向
tY
2,£R
(2)AB電荷在0點(diǎn)產(chǎn)生電勢(shì),以U00=O
u二fA入dx-f2R汕入=
i-B4祁x-R4用x4和
A)oo
同理CD產(chǎn)生U=-In2
i
兀R入入
半圓環(huán)產(chǎn)生U==
34兀ER4E
oo
U=U+U+U=入ln2+入
0123為848
00
8-18一電子繞一帶均勻電荷的長(zhǎng)直導(dǎo)線以2X104fll?S-1的勻速率作圓周運(yùn)動(dòng).求帶電直線
上的線電荷密度.能子質(zhì)量m=9.1X10akg,電子電量e=1.6OX1O-19C)
解:設(shè)均勻帶電直線電荷密明入,在電子軌道處場(chǎng)強(qiáng)
入
E=_____
2元Er
oe入
電子受力大小F=eE=---------
e2兀Er
e入V20
.?---------=m一
2冗Err
o
、2幾Emv2,八U-
得入==12.5x1Q-13C?m-1
e
8-19空氣可以承受的場(chǎng)強(qiáng)的最大值為E=30kV-cm-1,超過這個(gè)數(shù)值時(shí)空氣要發(fā)生火花放
電.今有一高壓平行板電容器,極板間距離為d=O.5cm,求此電容器可承受的最高電
壓.解:平行板電容器內(nèi)部近似為均勻電場(chǎng)
,?U=Ed=1.5x104V
8-20根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)E與電勢(shì)U的關(guān)系E=-VU,求下列電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng):(1)點(diǎn)電荷q的電場(chǎng);
(2)5電I為q,半徑為R的均勻帶電圓環(huán)軸上一點(diǎn):*3)偶極子p=ql的r>>1處觀題
8-20圖)
00
解:(1)點(diǎn)電荷u=
4TK:r
6Vqo_
E-rr為r萬向單位矢量.
祈047ar2oo
(2)總電量q,半徑為R9l勺均勻帶嗎i環(huán)軸上一點(diǎn)電勢(shì)
U=--------
4陽JR2+x2
E=£江陽解璘/
(3)偶極子p=q「在r>>l處的一點(diǎn)電勢(shì)
_q11,qlcosO
UTT-知[rI?|I=
.八、4?!阹2
o(r--cosO)(M1+―cosO)
aupcosO
E=-
r6r2TECr3
I8U_psinO
r804?!阹3
8-21證明:對(duì)于兩個(gè)無限大的平行平面帶電導(dǎo)體板(版-21圖)來說,(1)相向的兩面上,電
荷的面密度總是大小相等而符號(hào)相反;(2)相背的兩面上,電荷的面密度總是大小相等而符
號(hào)相同.
證:如題8?21圖所示,設(shè)兩導(dǎo)體A、B的四個(gè)平面均勻帶電的電荷面密度依次先.6
u
3'4
AB
(S)「
:D
。20304
D
題8-210
0))則取與平面垂直且底面分別在A、B內(nèi)部的閉合柱面為高斯面時(shí),有
□E-dS=(cr+cr)S=0
「a+(j'=0
說明相向兩面上電荷面密度大小相等、符號(hào)相反;
0在A內(nèi)部任取一點(diǎn)P,則其場(chǎng)強(qiáng)為零,并且它是由四個(gè)均勻帶電平面產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)疊加而
成的,即61G
1G一G
2c2c2c-
0000
X?:a+a=0
?23
G?6
說明相背兩面上電荷面密度總是大,、相等,符號(hào)相同.
8-22三個(gè)平行金屬板A,B和C的面積都是200m2,A和B相距4.Omm,A與C相距2.0
9
mm.B,C都接地,如題8-22圖所示.如果使A板帶正電3.OX1Q-1C,略去邊緣效應(yīng),問B
板和C板上的感應(yīng)電荷各是多少?以地的電勢(shì)為零,則A板的電勢(shì)是多少?
解:如題8-22圖示,令A(yù)板左側(cè)面電荷面密度為a,右側(cè)面電荷面密度為G
題8-22圖
(1)■:UAC=UAB,即
Ed=Ed
ABAB
J扭=2
dAC
噢
且+CJ
2
q2q
得cr=±cr=..A
23ST
S。=勺S==-2x10-1C
q
3A
q=勺S=-1x10-1C
B
(2)U=Ed=-±d=2.3x103V
AACAC£AC
8-23兩個(gè)半徑分別為R和RCR<R)的同心薄金屬球殼,現(xiàn)給內(nèi)球殼帶電+q,試計(jì)
算:
(1)外球殼上的電荷分布及電勢(shì)大小;
⑵先把外球殼接地,然后斷開接地線重新絕緣,此時(shí)外球殼的電荷分布及電勢(shì);
*(3)再使內(nèi)球殼接地,此時(shí)內(nèi)球殼上的電荷以及外球殼上的電勢(shì)的改變量.
解:(1)內(nèi)球帶電+q;球殼內(nèi)表面帶電則為——q,外表面帶電為+q,且均勻分布,其電勢(shì)
題8-23圖
U=tE'dr=f=.q
RR4兀C°r24兀£.R
(2)外殼接地時(shí),外表面電荷+q入地,外表面不帶電,內(nèi)表面電荷仍為一q.所以球殼電
勢(shì)由內(nèi)球+q與內(nèi)表面一q產(chǎn)生:a
u=q--=。
4冗ER4%ER
0202
9)設(shè)此時(shí)內(nèi)球殼帶電量為q';則外殼內(nèi)表面帶電量為一qH外殼外表面帶電量為一q+q'
(電荷守恒),此時(shí)內(nèi)球殼電勢(shì)為零,且
10
qq.+_q+q,
u=0
A4冗£R4兀ER4兀ER
a02
得飛
I2
外球殼上電勢(shì)
q'-q+q*_CR.-R_)q
u=q一
B4兀ER4兀4/LER4兀tR2
0202
8-24半徑為R的金屬球離地面很遠(yuǎn),并用導(dǎo)線與地相聯(lián),在與球心相距為d=3R處有
一點(diǎn)電荷+q,試求:金屬球上的感應(yīng)電荷的電量.
解:如題8-24圖所示,設(shè)金屬球感應(yīng)電荷為q',則球接地時(shí)電勢(shì)U0=O
由電勢(shì)疊加原理行:
q
q1+0
o4/cER4兀E3R
3
8-25有三個(gè)大小相同的金屬小球,小球1,2帶有等量同號(hào)電荷,相距甚遠(yuǎn),其間的庫(kù)倉(cāng)力
為F.試求:
o
Q)用帶絕緣柄的不帶電小球3先后分別接觸1,2后移去,小球1,2之間的庫(kù)倉(cāng)力;
(2)小球3依次交替接觸小球1,2很多次后移去,小球1,2之間的庫(kù)侖力.
F-92
解:由題意知r一
o4兒£r2
⑴小球3接觸小球1后,小球3和小9求1均帶電
小球3再與小球2接觸后,小球2與小球3均帶電
3
q"=—q
4
:.此時(shí)小球1與小球2間相互作用力
I4兀Er24兀Er28。
o2q
(2)小球3依次交替接觸小球1、2很多次后,每個(gè)小球帶電量均為一-.
3
22
丁q^q
:.小球1、2間的作用力FJ=^4F
24兀c:r29°
*8-26如題8-26圖所示,一平行板電容器兩極板面積都是S,相距為d,分別維持電勢(shì)
U=U,U.R=O不變.現(xiàn)把一塊帶有電量q的導(dǎo)體薄片平行地放在兩極板正中間,片的面
積也是S,片力勺厚度略去不計(jì).求導(dǎo)體薄片的電勢(shì).
11
解:依次設(shè)A,C,B從上到下的6個(gè)表面的面電荷密度分別為cr,cr,cr,cr,cr,cr
由靜電平衡條件’電荷守恒定律B維持u=u可得以下1個(gè)程
如圖所示.?
題8-26圖
qicU
a+a=——CU=
?2SS0d
q
a+a=
34s
qEU
6+6二——0
56Sd
a+a=0
a+a=0
6=6+6+6+6+6
_q
解得6=6—
162S
8Uq
6=-6=0—
23d2S
EU.q
6=-G=0+—
5d2S
dU
=…一=+a
所以CB間電場(chǎng)E4-
2Ed2ES
E”-qd)
u=u=-(U4
CCB222-2ES
0
uu
注意:因?yàn)镃片帶電,所以U#一,若C片不帶電,顯然u=——
c2c2
8-27在半徑為R的金屬球之外包有一層外半徑為R的均勻電介質(zhì)球殼,介質(zhì)相對(duì)介電常
數(shù)為8,金屬球帶電Q.試求:
(1)電介質(zhì)內(nèi)、外的場(chǎng)強(qiáng);
(2)電介質(zhì)層內(nèi)、外的電勢(shì);
(3)金屬球的電勢(shì).
解:利用有介質(zhì)時(shí)的高斯定理jj.dSq
s
⑴介質(zhì)內(nèi)(R<r<R)場(chǎng)強(qiáng)
I2
D=J!-,E=:
413內(nèi)4兀88r3,
0r
介質(zhì)外(rvR)場(chǎng)強(qiáng)
2
15=2!—.E=0尸
4叮3,外4兀Er3
o
(2)介質(zhì)外(「>口2)電勢(shì)
u=I,E-dr=.Q
「外4JIXr
介質(zhì)內(nèi)(R<r?R)電勢(shì)
U=f?E,dr+fooE'dr
r內(nèi),并
a
1J.Q
(-----)+
4元88rR4兀ER
0r02
Q1.£-1
(-H-----)
4兀88rR
0r2
(3)金屬球的電勢(shì)
U二f巳'df+f]<E"dr
=f;Qdr;100Qdr
R4?!辍?
0r2R4?!?/p>
Q'(X一)。
4兀8CRR
0rI
8-28如題8-28圖所示,在平行板電容器的一半容積內(nèi)充入相對(duì)介電常數(shù)為8的電介質(zhì).試
求:在有電介質(zhì)部分和無電介質(zhì)部分極板上自由電荷面密度的比值.
解:如題8-28圖所示,充滿電介質(zhì)部分場(chǎng)強(qiáng)為E,真空部分場(chǎng)強(qiáng)為E,自由電荷面密度
分用物與2-c2
由.II得
D=a1D=a
1122
而D=cE,D=££E
I012Or2
E=E=—
i2d
aD
?=-—=8
aI2>.
題8-28圖題8
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