2022屆北京市海淀區(qū)高三（下）一?？荚囄锢碓囶}（含答案解析）

2022屆北京市海淀區(qū)高三（下）一?？荚囄锢碓囶}

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.以下現(xiàn)象不屬于衍射的是（）

A.白光經過狹窄的單縫得到彩色圖樣B.白光照射肥皂膜呈現(xiàn)出彩色圖樣

C.光照射刀片的陰影輪廓模糊不清D.光照射不透明圓盤的陰影中心出現(xiàn)亮

斑

2.如圖所示為氫離子（He+）的能級圖，根據(jù)玻爾原子理論，關于氫離子能級躍遷，下

列說法正確的是（）

He*E/eV

00?---……0

6---------------1.51

5---------------2.18

4---------------3.40

3---------------6.04

2-13.6

1-54.4

A.大量處于〃=3能級的氫離子，最多可輻射2種不同頻率的光子

B.從”=4向〃=3能級躍遷，需吸收2.64eV能量

C.處于〃=1能級的氫離子，可以吸收54.0eV的能量而發(fā)生電離

D.從〃=3躍遷到w=2能級比從〃=2躍遷到〃=1能級輻射出的光子頻率低

3.陸游在詩作《村居山喜》中寫到“花氣襲人知驟暖，鵲聲穿樹喜新晴從物理視角

分析詩詞中“花氣襲人”的主要原因是（）

A.氣體分子之間存在著空隙B.氣體分子在永不停息地做無規(guī)則運動

C.氣體分子之間存在著相互作用力D.氣體分子組成的系統(tǒng)具有分子勢能

4.如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經歷兩個狀態(tài)變化過程，先后到達狀

態(tài)6和以下列說法正確的是（）

A.在a一人過程中氣體對外界做功B.在6fc過程中氣體對外界做功

C.在過程中氣體的內能逐漸變大D.在bfc過程中氣體的內能逐漸變小

5.傾角為a、質量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質量為根的木塊靜止在斜面體

A.木塊受到的摩擦力大小是mgcosa

B.木塊對斜面體的壓力大小是mgsina

C.桌面對斜面體的摩擦力大小是mgsinacosa

D.桌面對斜面體的支持力大小是（M+m）g

6.圖甲為一列沿x軸正向傳播的簡諧橫波在7=ls時刻的圖像，圖甲中某質點的振動

A.圖乙可能為質點L的振動圖像

B.該簡諧波的波速為0.3m/s

C.該時刻質點K與乙的速度、加速度都相同

D.質點K再經1s將沿x軸正方向移動到x=0.4m處

7.如圖所示，理想變壓器原線圈接在〃=UmSin（&+°）的交流電源上，副線圈接滑動

變阻器R和兩個阻值相同的定值電阻電表均視為理想電表?；瑒幼冏杵鱎的滑片

尸由。端向b端緩慢滑動過程中（）

A.電壓表V］的示數(shù)變大B.電壓表V?的示數(shù)變大

C.電流表A1的示數(shù)變大D.電流表A2的示數(shù)變大

8.在如圖所示平面內，兩個帶等量正電的點電荷分別固定在A、2兩點，。為A3連

線的中點，MN為A3的垂直平分線，C、。兩點在朋N上且OC=OZK下列說法正確

的是（）

M

L

I

I

I

------------------------------------------?

N

A.。點的場強比C點的場強大B.C點的場強與。點的場強相同

C.。點的電勢比D點的電勢高D.電子在C點的電勢能比在D點的電

勢能大

9.如圖所示，電路中電感線圈L的自感系數(shù)足夠大，且其直流電阻與定值電阻R的阻

值相等。閉合開關S,待電路達到穩(wěn)定后，燈泡正常發(fā)光，兩個支路中電流分別為4

和人。下列說法正確的是（）

A.閉合開關S至電路達到穩(wěn)定的過程中，燈泡中電流逐漸減小至4

B.閉合開關S,待電路達到穩(wěn)定后，兩支路中的電流乙〉/?

C.斷開開關S,燈泡中電流由人逐漸減小至零

D.斷開開關S,燈泡中電流由12逐漸減小至零

10.在工分坐標系的第一象限內存在勻強磁場，兩個相同的帶電粒子①和②在P點垂

直磁場分別射入，兩帶電粒子進入磁場時的速度方向與x軸的夾角如圖所示，二者均

恰好垂直于y軸射出磁場。不計帶電粒子所受重力。根據(jù)上述信息可以判斷（）

XXXX

A.帶電粒子①在磁場中運動的時間較長B.帶電粒子②在磁場中運動的時間較長

C.帶電粒子①在磁場中運動的速率較大D.帶電粒子②在磁場中運動的速率較大

11.如圖所示為某實驗小組設計的兩個量程的電流表，已知表頭G的滿偏電流為人，

定值電阻辭號的阻值均等于表頭的內阻。當使用1和2兩個端點時，電流表的量程

為人，當使用1和3兩個端點時，電流表的量程為人。下列說法正確的是（）

B.I2=3/g

C.若僅使用阻值變小，則乙和人均變大

D.若僅使0阻值變小，則4和乙均變大

12.如圖所示，某同學設計了一個加速度計：較重的滑塊可以在光滑的框架中平移，

滑塊兩側用兩勁度系數(shù)相同的輕彈簧與框架連接；R為滑動變阻器，其滑動片與滑塊

固定聯(lián)接；兩個電池的電動勢均恒為E,內阻不計。按圖連接電路后，電壓表指針的

零點位于表盤中央，此時兩彈簧均為原長，滑動片恰好在變阻器的中間位置。已知滑

動片與變阻器任一端之間的電阻值都與其到這端的距離成正比，當。端的電勢高于b

端時電壓表的指針向零點右側偏轉。將此加速度計固定在運動的物體上，物體沿彈簧

方向運動。下列說法正確的是（）

滑塊

A.當物體向右加速時，電壓表的指針將向右偏B.電壓表的示數(shù)不變，說明物體做

勻速直線運動

C.電壓表的示數(shù)增大，說明物體的速度一定增大D.電壓表表盤上各刻度對應加速

度的值是均勻的

13.現(xiàn)代科學研究中常要用到高速電子，電子感應加速器是利用感生電場使電子加速

的設備，它的基本原理如圖甲所示，上、下為電磁鐵的兩個磁極，磁極之間有一個環(huán)

形真空室，圖乙為真空室的俯視圖。當電磁鐵線圈通入如圖丙所示的正弦式交變電流

時，可使電子在真空室中做加速圓周運動。以圖甲中所示電流方向為正方向，不考慮

相對論效應，在每個周期T內，電子能沿逆時針方向(俯視)做加速圓周運動的時間

14.“喟啾(zhoujiu)激光脈沖放大技術”是高強度激光研究的重大技術創(chuàng)新和核心技

術。如圖所示，該技術原理可以簡化為：種子激光脈沖經過單模光纖的色散作用，將

時長為飛秒(10*s)脈寬的激光脈沖在時間上進行了展寬；展寬后的脈沖經過激光增益

介質放大，充分提取了介質的儲能；最后使用壓縮器將脈沖寬度壓縮至接近最初的脈

寬值。上述技術中的關鍵是“喟啾”脈沖。種子激光脈沖包含有不同的頻率分量，因此

在單模光纖中，頻率高的部分和頻率低的部分傳播速度不同，這樣光脈沖在時間上就

被逐漸拉寬，形成脈沖前沿、后沿頻率不同的現(xiàn)象，宛如鳥兒發(fā)出的不同聲音。下列

說法正確的是（）

種子激光脈沖

A.展寬過程使脈沖各頻率分量的頻率都變小

B.在傳播方向上，“喟啾”脈沖前沿頻率低于后沿頻率

C.若激光脈沖能量約為1J,則其峰值功率一定不能達到l（y5w量級

D.通過“喟啾激光脈沖放大技術”獲得的激光脈沖與種子激光脈沖能量幾乎相同

二、實驗題

15.物理實驗一般都涉及實驗目的、實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數(shù)

據(jù)分析等。例如：

（1）實驗儀器?，F(xiàn)有一個阻值約為1000Q的定值電阻，用多用電表測其電阻，應選用

歐姆表擋（選填“xlO”或“xlOO"）；圖1為正在測量中的多用電表表盤，該

電阻的阻值為。。

乙△

圖1圖2

（2）實驗操作。某同學用如圖2所示的裝置探究彈簧彈力與形變量的關系。為完成實

驗，設計的實驗步驟如下（實驗中保證彈簧始終在彈性限度內）：

A.將鐵架臺放在水平桌面上，把彈簧上端固定在鐵架臺的橫桿上；

B.將彈簧彈力大小歹（其數(shù)值等于彈簧下端所掛鉤碼的重力大?。┮约皩膹椈缮?/p>

長量=的數(shù)據(jù)點，描在/-x的坐標系中，畫出彈力大小尸隨彈簧伸長量x

變化的圖線；

C.觀察彈簧自由下垂時下端所到達的刻度位置，并記錄下端在刻度尺上的刻度4；

D.依次在彈簧下端掛上質量均為%的1個、2個、3個、4個……鉤碼，待鉤碼靜止

后，分別記錄彈簧下端所對應的刻度L,然后取下鉤碼；

E.依據(jù)圖像，寫出彈簧彈力大小下與彈簧伸長量x的關系式，并解釋該關系式中常數(shù)

的物理意義；

上述步驟按正確操作的先后順序應為A、、E（填寫步驟的序號）。

（3）數(shù)據(jù)分析。在雙縫干涉實驗中，用紅色激光照射雙縫，在屏幕上形成雙縫干涉圖

樣。若已知雙縫之間的距離為0.30mm,測得雙縫到屏幕的距離為1.0m,第1條到第6

條亮條紋中心的距離為10.50mm,則紅光的波長為___________m（保留2位有效數(shù)

字）。實驗中并未直接測量相鄰兩個亮條紋間的距離，而是測量第1條到第6條亮條紋

中心的距離，請分析說明這樣做的理由___________。

16.如圖1所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球碰撞前后

的動量關系。圖1中的O點為小球拋出點在記錄紙上的垂直投影。實驗時，先使A球

多次從斜軌上位置P靜止釋放，找到其平均落地點的位置及然后，把半徑相同的2

球靜置于水平軌道的末端，再將A球從斜軌上位置尸靜止釋放，與8球相碰后兩球均

落在水平地面上，多次重復上述A球與2球相碰的過程，分別找到碰后A球和2球落

點的平均位置。和凡用刻度尺測量出水平射程OZXOE、OF。測得A球的質量為

mA,B球的質量為明。

圖1

（1）實驗中，通過測量小球做平拋運動的水平射程來代替小球碰撞前后的速度。

①實驗必須滿足的條件有。

A.兩球的質量必須相等B.軌道末端必須水平

C.A球每次必須從軌道的同一位置由靜止釋放

②“通過測量小球做平拋運動的水平射程來代替小球碰撞前后的速度”可行的依據(jù)是

A.運動過程中，小球的機械能保持不變

B.平拋運動的下落高度一定，運動時間相同，水平射程與速度大小成正比

（2）當滿足表達式______時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果再滿足表達式

時，則說明兩球的碰撞為彈性碰撞。（用所測物理量表示）

（3）某同學在實驗時采用另一方案：使用半徑不變、質量分別為，根A、!根A、!〃入的2

球。將A球三次從斜軌上位置P靜止釋放，分別與三個質量不同的8球相碰，用刻度

尺分別測量出每次實驗中落點痕跡距離。點的距離。OE、OF,記為和9、與。

將三組數(shù)據(jù)標在％-W圖中。從理論上分析，圖2中能反映兩球相碰為彈性碰撞的是

圖2

三、解答題

17.如圖所示，在豎直向下的磁感應強度為8的勻強磁場中，兩根平行光滑金屬導軌

固定在水平面內，導軌間距為L左端連接阻值為R的電阻。電阻為r的導體棒必放

在導軌上，其長度恰好等于導軌間距。在平行于導軌的拉力作用下，導體棒沿導軌以

速度v向右做勻速運動，運動過程中導體棒始終與導軌垂直且接觸良好。設金屬導軌

足夠長，不計導軌的電阻和空氣阻力。

（1）求導體棒中感應電流/的大??；

（2）求導體棒所受拉力廠的大??；

（3）通過公式推導驗證：在4時間內，拉力對導體棒所做的功W等于回路中產生的

熱量Qo

X.XX?XXXXX

XXXXXXXX

h_______B

XXXfXXX

X.XXXXXX

XX--X-X-X-X

18.如圖所示，粗糙的水平面AB與光滑的豎直圓軌道BCD在B點相切，圓軌道3CD

的半徑R=0.40m,D是軌道的最高點，一質量〃7=LOkg可以看成質點的物體靜止于

水平面上的A點?，F(xiàn)用b=7.0N的水平恒力作用在物體上，使它在水平面上做勻加速

直線運動，當物體到達B點時撤去力F,之后物體沿圓軌道BCD運動，物體恰好能通

過。點。已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)〃=0.20,取重力加速度g=lOm/s?。

求：

（1）物體通過。點時速度力的大??；

（2）物體剛進入圓軌道8點時所受支持力然的大小；

（3）A與2之間的距離心

D

AB

19.電荷的定向移動形成電流。已知電子質量為加，元電荷為e。

（1）兩個截面不同的均勻銅棒接在電路中通以穩(wěn)恒電流，已知電子定向移動通過導體

橫截面A形A成的電流為Lo求AZ■時間內通過導體橫截面B的電子數(shù)No

（2）真空中一對半徑均為飛的圓形金屬板尸、Q圓心正對平行放置，兩板距離為心

。板中心鍍有一層半徑為與（凡＜K）的圓形鋅金屬薄膜。Q板受到紫外線持續(xù)照射

后，鋅薄膜中的電子可吸收光的能量而逸出?，F(xiàn)將兩金屬板P、。與兩端電壓UPQ可調

的電源、靈敏電流計G連接成如圖2所示的電路。

已知單位時間內從鋅薄膜中逸出的光電子數(shù)為小逸出時的最大動能為Ekm，且光電子

逸出的方向各不相同。忽略光電子的重力以及光電子之間的相互作用，不考慮平行板

的邊緣效應，光照條件保持不變，只有鋅金屬薄膜發(fā)生光電效應。

a.調整電源兩端電壓，使靈敏電流計示數(shù)恰好為零，求此時電壓上。

b.實驗發(fā)現(xiàn)，當Up。大于或等于某一電壓值4”時靈敏電流計示數(shù)始終為最大值/“，

求，和4”。

c.保持與不變，僅改變飛的大小，結合（2）a和（2）b的結論，在圖3中分別定性

畫出當K=2此時/隨4Q變化的圖線①和當K=4&時/隨Upg變化的圖線②。

20.2021年5月，“天問一號”探測器成功在火星軟著陸，我國成為世界上第一個首次

探測火星就實現(xiàn)“繞、落、巡''三項任務的國家。

(D為了簡化問題，可以認為地球和火星在同一平面上繞太陽做勻速圓周運動，如圖

1所示。已知地球的公轉周期為刀，火星的公轉周期為丁2。

a.已知地球公轉軌道半徑為彳，求火星公轉軌道半徑4。

b.考慮到飛行時間和節(jié)省燃料，地球和火星處于圖1中相對位置時是在地球上發(fā)射火

星探測器的最佳時機，推導在地球上相鄰兩次發(fā)射火星探測器最佳時機的時間間隔

Aro

(2)火星探測器在火星附近的A點減速后，被火星捕獲進入了1號橢圓軌道，緊接著

在3點進行了一次“遠火點平面機動”，俗稱“側手翻”，即從與火星赤道平行的1號軌

道，調整為經過火星兩極的2號軌道，將探測器繞火星飛行的路線從“橫著繞”變成“豎

著繞“，從而實現(xiàn)對火星表面的全面掃描，如圖2所示。以火星為參考系，質量為

的探測器沿1號軌道到達8點時速度為“，為了實現(xiàn)“側手翻”，此時啟動發(fā)動機，在

極短的時間內噴出部分氣體，假設氣體為一次性噴出，噴氣后探測器質量變?yōu)橹?、速

度變?yōu)榕c匕垂直的丫2。

a.求噴出氣體速度”的大小。

Ay

P

Pi

(/-------*----

答圖3

b.假設實現(xiàn)“側手翻”的能量全部來源于化學能，化學能向動能轉化比例為左伏＜1),

求此次“側手翻”消耗的化學能AEo

圖1

參考答案：

1.B

【解析】

【詳解】

A.白光照射單縫后，在光屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象，A錯誤；

B.白光照射肥皂膜呈現(xiàn)彩色圖樣是光的薄膜干涉現(xiàn)象，B正確；

C.光照射刀片的陰影輪廓模糊不清是光的衍射造成的，C錯誤；

D.白光照射不透明的小圓盤，在圓盤陰影中心出現(xiàn)一個亮斑是光的衍射現(xiàn)象造成的，D

錯誤。

故選B。

2.D

【解析】

【詳解】

A.大量處于〃=3能級的氫離子，最多可輻射

C”3

種不同頻率的光子，故A錯誤；

B.因為從〃=4向”=3能級躍遷，是從高能級向低能級躍遷，要釋放能量，故B錯誤；

C.由圖可知，處于〃=1能級的氫離子要發(fā)生電離，需要吸收的能量應滿足

AE^O-E,=54.4eV

故C錯誤；

D.因為從〃=3躍遷到〃=2能級輻射的光子能量為

NE'=E3-E2=7.56eV

而從〃=2躍遷到〃=1能級輻射的光子能量為

\E',=E2-E}=4O.8eV

即從”=3躍遷到〃=2能級比從"=2躍遷到n=1能級輻射出的光子的能量小，又因為

e=hv

所以從〃=3躍遷至U〃=2能級比從"=2躍遷至U〃=1能級輻射出的光子頻率低，故D正確。

故選D。

3.B

答案第1頁，共14頁

【解析】

【詳解】

從物理視角分析詩詞中“花氣襲人”的主要原因是氣體分子在永不停息地做無規(guī)則運動，故

B正確，ACD錯誤。

故選B。

4.D

【解析】

【詳解】

A.由圖可知，af6的過程中，氣體體積變小，故外界對氣體做功，A錯誤；

B.由圖可知，bfc的過程中，氣體體積變小，故外界對氣體做功，B錯誤；

C.根據(jù)理想氣體氣態(tài)方程

可知，af6的過程中，p增大，V減小，T不一定變大，故內能不一定增大，C錯誤；

D.根據(jù)理想氣體氣態(tài)方程

占C

T

可知，fc的過程中，p不變，V減小，則T變小，則氣體的內能逐漸變小，D正確。

故選D。

5.D

【解析】

【詳解】

試題分析：先對木塊m受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件求解支持力

和靜摩擦力；然后對M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡.

解：AB、先對木塊m受力分析，受重力mg、支持力N和靜摩擦力f,根據(jù)平衡條件，

有：

f=mgsin0...?

N=mgcos0...(2)

故AB錯誤；

CD、對M和1n整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對斜面體的支持力為

N=(M+m)g,靜摩擦力為零，故C錯誤，D正確.

答案第2頁，共14頁

故選D.

【點評】本題關鍵靈活地選擇研究對象，運用隔離法和整體法結合求解比較簡單方便.

6.A

【解析】

【詳解】

A.由題意知波向右傳播，由圖可得f=ls時刻質點L在平衡位置，由上下坡法可知質點L

下一時刻向下振動，故乙圖可能是質點心的振動圖像，故A正確；

B.由圖可得

2=0.4m

T=2s

所以波速為

A1

v=—=0.2m/s

故B錯誤；

C.由圖可知質點K與Z,相差半個周期，所以兩者的速度、加速度等大、反向，故C錯

誤；

D.因為每個質點都在自己平衡位置周期性振動，不會隨波遷移，故D錯誤。

故選A?

7.D

【解析】

【詳解】

A.電壓表Vi的示數(shù)等于輸入電壓的有效值，是不變的，選項A錯誤；

B.電壓表V2的示數(shù)是由變壓器匝數(shù)比和初級電壓決定的，則V2示數(shù)也是不變的，選項B

錯誤；

C.滑動變阻器R的滑片P由。端向6端緩慢滑動過程中，R接入電路的阻值變大，則次級

總電阻變大，次級電流減小，初級電流也減小，即電流表Ai示數(shù)減小，選項C錯誤；

D.因&電流減小，則&兩端電壓也減小，則并聯(lián)部分電壓變大，則電流表A2示數(shù)變

大，選項D正確。

答案第3頁，共14頁

故選D。

8.C

【解析】

【詳解】

A.兩個帶等量正電的點電荷在A、2中點產生的場強為零，而C點的場強不為零，故。

點的場強比C點的場強小，A錯誤；

B.根據(jù)對稱關系可知，C點的場強與。點的場強大小相等，但方向相反，B錯誤；

C.兩個帶等量正電的點電荷的中垂線的電場方向有O點指向遠處，所以O點的電勢比。

點的電勢高，C正確；

D.根據(jù)對稱性可知，C點的電勢與D點的電勢相同，故電子在C點的電勢能與在。點的

電勢能相等，D錯誤。

故選C。

9.C

【解析】

【詳解】

A.閉合開關S至電路達到穩(wěn)定的過程中，由于線圈L產生自感電動勢阻礙電流的增加，

則燈泡中電流逐漸增加至乙，選項A錯誤；

B.因為L的直流電阻與定值電阻R的阻值相等，則上面的支路電阻較大，則閉合開關S,

待電路達到穩(wěn)定后，兩支路中的電流人＜/2,選項B錯誤；

CD.斷開開關S,原來通過R的電流“立即消失，由于線圈心產生自感電動勢阻礙電流的

減小，則會在燈泡、線圈工以及燈泡中組成新的回路，即燈泡中電流由人逐漸減小至零，

選項C正確，D錯誤。

故選C。

10.B

【解析】

【詳解】

AB.畫出粒子在磁場中的運動軌跡如圖；

答案第4頁，共14頁

兩粒子的周期

T*

qB

相同，粒子①轉過的角度

07=45°

粒子②轉過的角度

(92=135°

根據(jù)

t上T

2%

可知帶電粒子②在磁場中運動的時間較長，選項A錯誤，B正確；

CD.由幾何關系可知，兩粒子在磁場中運動的半徑相等，均為0.麗根據(jù)

V2

qvB=m——

R

可知

m

可知，兩粒子的速率相同，選項CD錯誤。

故選B。

11.C

【解析】

【詳解】

AB.設R=f=R，根據(jù)電路結構可知

答案第5頁，共14頁

R,sR

選項AB錯誤;

CD.因為

H（&+4）

則若僅使R1阻值變小，則人和A均變大；若僅使號阻值變小，則人減小，A變大，選項C

正確，D錯誤。

故選Co

12.D

【解析】

【詳解】

A.因為兩個電池的電動勢均恒為E,內阻不計，所以滑動片在變阻器的中間位置時

(

Pa=(Pb

當物體向右加速時，具有向右的加速度，則滑片向左移動，則此時滑片右側電阻大于左側

電阻，則右側分壓多，故此時

<(

(PaPb

由題意可知，此時電壓表的指針將向左偏，故A錯誤；

B.電壓表的示數(shù)不變，說明物體的加速度恒定，不一定是勻速直線運動，故B錯誤；

C.電壓表的示數(shù)增大，說明加速度增大，但是有可能減速運動，故C錯誤；

D.因為加速度恒定時，滑片位置不變，又因為滑動片與變阻器任一端之間的電阻值都與

其到這端的距離成正比，所以電壓表示數(shù)線性變化，電壓表表盤上各刻度對應加速度的值

是均勻的，故D正確。

故選D。

13.D

答案第6頁，共14頁

【解析】

【詳解】

通電螺線管內部的磁場與電流大小成正比，且變化的磁場產生電場。電子在真空室中沿逆

時針方向做加速圓周運動時，渦旋電場的方向應沿著順時針方向，又洛倫茲力提供電子做

圓周運動的向心力，根據(jù)左手定則可知磁場方向應豎直向上，根據(jù)右手螺旋定則可知，只

T37T

有在0~:、時間內磁感應強度方向豎直向上，其中。~;時間內，根據(jù)楞次定律可

444

知，產生渦旋電場沿著逆時針方向，不符合題意，與~?時間內，根據(jù)楞次定律可知，產

4

生渦旋電場沿順時針方向，符合題意。

故選D。

14.B

【解析】

【詳解】

AD.正“喟啾”的頻率隨時間增加，展寬過程使脈沖各頻率分量的頻率都變大，所以通過

“喟啾激光脈沖放大技術”獲得的激光脈沖與種子激光脈沖能量是不相同的，AD錯誤；

B.正“喟啾”的頻率隨時間增加，一個脈沖上升的前沿是低頻，下降的后沿是高頻，所以在

傳播方向上，“喟啾”脈沖前沿頻率低于后沿頻率，B正確；

C.激光器產生超短脈沖時長為10-%，根據(jù)功率的定義有

P=—=1.0xl015W

t

C錯誤。

故選B。

15.xlOO1100CDBE6.3xIO-7若直接測量相鄰兩個亮條紋間的距離，測量

誤差較大，而測量第1條到第6條亮條紋中心的距離，然后再除以5,得到相鄰亮條紋間

距的平均值，測量誤差較小

【解析】

【詳解】

（1）川應選用歐姆表xlOO擋位，這時指針停在刻度10。附近，指針處在表盤中間g區(qū)

域，誤差較小。

[2]電阻值為讀數(shù)乘以倍率，則該電阻的測量值為1100。。

答案第7頁，共14頁

(2)[3]按正確操作的先后順序應為A、C、D、B、E。

(3)[4]雙縫干涉實驗中，相鄰兩條兩條紋的間距為

Ax=-A

d

整理得

,A\.=x--d-----

L

其中

,10.50…

Ax=-------mm=2.10mm

5

代入數(shù)據(jù)解得紅光的波長為

2=6.3xl0-7m

[5]若直接測量相鄰兩個亮條紋間的距離，測量誤差較大，而測量第1條到第6條亮條紋中

心的距離，然后再除以5,得到相鄰亮條紋間距的平均值，測量誤差較小。

222

16.BC##CBBm^OE=m^OD+mBOFmAOE=mAOD+mBOFA

【解析】

【詳解】

(1)[1]A.為防止碰后小球A反彈，應使A的質量大于8的質量，故A錯誤；

B.為保證小球做平拋運動，軌道末端必須水平，故B正確；

C.為保證小球A到軌道末端時的速度相等，A球每次必須從軌道的同一位置由靜止釋放,

故C正確。

故選BC。

⑵小球做平拋運動的過程，有

,12

h=28t'

x=vt

整理得

發(fā)現(xiàn)，平拋運動的下落高度一定，運動時間相同，水平射程與速度大小成正比。

故選B。

(2)[3]因為可用小球做平拋運動的水平射程來代替小球拋出時的速度，根據(jù)動量守恒有

答案第8頁，共14頁

mAV0=mAVl+mBV2

m^OE=m^OD+m^OF

[4]若碰撞過程為彈性碰撞，則機械能守恒，有

121212

萬外%=5%匕+g桃%

即

222

mxOE-mAOD+mBOF

(3)[5]因為碰撞前，球A的速度不變，則球A單獨落地時的演一直不變。

根據(jù)

mAx2=mAXj+外當

222

mAx2=mAxx+mgX3

整理得

因為三組數(shù)據(jù)中球3的質量不同，故玉-七圖像中，三個數(shù)據(jù)點與原點連線的斜率不同,

且代入數(shù)據(jù)得斜率分別為

“1—12，卜2-3，占-4

故選Ao

17.(1)券；(2)生2；(3)見解析

R+rR+r

【解析】

【詳解】

(1)由法拉第電磁感應定律及閉合電路歐姆定律可得，導體棒產生的感應電流大小為

zEBLv

R+rR+r

(2)導體棒勻速運動，所受拉力與安培力等大、反向，可得導體棒所受拉力大小為

F=BIL

聯(lián)立解得

口B2￡2V

F=-------

R+r

(3)在4時間內，拉力對導體棒所做的功為

答案第9頁，共14頁

o2r22

W=Fs=FvAt=---------Nt

R+r

回路中產生的熱量為

222

2B￡V

Q=l\R+r)\t=---------Nt

~R+r

對比可得

W=Q

即在4時間內，拉力對導體棒所做的功W等于回路中產生的熱量。。

18.(1)2m/s；(2)60N；(3)2m

【解析】

【詳解】

(1)物體恰好能通過。點，則

mg=m'

解得

vD=y[gR=2m/s

(2)從B點到。點，由機械能守恒定律

gmvj=mg-2R+；mv1

在B點、

FN-mg=m^

K

解得

vB=2非m/s

Fw=60N

(3)從A到8由動能定理可知

Fx-/Limgx=^mv}

解得

x-2m

19.(1)N=n,Nt=^\t-(2)a.Uc=^,b.Um

eee(R「凡甘

答案第10頁，共14頁

【解析】

【詳解】

（1）根據(jù)

△t

可得單位時間通過導體橫截面A的電子數(shù)為

因為單位時間通過導體橫截面A的電子數(shù)與通過導體橫截面8的電子數(shù)相等

所以時間Ar內通過導體橫截面8的電子數(shù)為

N=nlAt=^-At

e

（2）a.以具有最大動能且沿垂直金屬板運動的電子為研究對象，若其剛到達P板時速度

剛好減小到0,則不會有電子經過靈敏電流計G,此為/為零的臨界情況，意味著

UPQ<Qo

根據(jù)動能定理，光電子由Q板到P板的過程中，有

-eUc=0-Ekm

得

b.當UPQ>0時，若從鋅膜邊緣平行Q板射出的動能最大的光電子做勻變速曲線（類平

拋）運動，剛好能到達P板邊緣時，則所有電子均能到達P板，此時電源兩端電壓為

Um.設電子的初速度為v、運動時間為f,電流的最大值為

Im=ne

根據(jù)牛頓第二定律，光電子運動的加速度為

叫,

md

答案第11頁，共14頁

平行于金屬板方向的運動有

R]_=V，

垂直于金屬板方向