2023-2024學(xué)年高一物理人教版2019試題期末復(fù)習(xí)（沖A提升練）-1

期末復(fù)習(xí)（沖A提升練）（知識點）序號知識點分值分值占比對應(yīng)題號1功的定義及理解5.2分5.2%1,7,82曲線運動1.0分1.0%23超重和失重1.0分1.0%24平均功率與瞬時功率5.3分5.3%2,17,225開普勒第一定律和第二定律0.7分0.7%36第二宇宙速度和第三宇宙速度0.7分0.7%37功能關(guān)系的應(yīng)用0.9分0.9%38衛(wèi)星運行規(guī)律及應(yīng)用5.2分5.2%3,4,59第一宇宙速度1.5分1.5%410向心加速度1.5分1.5%611線速度與角速度3.0分3.0%6,1512功的計算1.5分1.5%713彈性勢能的概念0.7分0.7%814重力勢能的概念和表達(dá)式0.7分0.7%815牛頓第二定律0.9分0.9%816豎直平面內(nèi)的圓周運動2.2分2.2%9,1217單個物體機(jī)械能守恒問題6.9分6.9%9,12,13,2318圓周運動規(guī)律及其應(yīng)用6.0分6.0%10,16,2319動能定理的應(yīng)用14.5分14.5%10,17,18,21,2320應(yīng)用動能定理處理單個物體多過程的運動3.0分3.0%1121牛頓第三定律0.7分0.7%1222向心力2.2分2.2%12,1623斜拋運動1.5分1.5%1324運動的合成與分解1.5分1.5%1425動量定理的應(yīng)用1.5分1.5%1426平拋運動基本規(guī)律及推論4.5分4.5%15,2327牛頓運動定律的應(yīng)用2.0分2.0%17,1828胡克定律1.0分1.0%1829驗證機(jī)械能守恒定律8.0分8.0%1930探究平拋運動的特點8.0分8.0%2031功能的圖像問題3.4分3.4%2232追及相遇問題3.3分3.3%22

期末復(fù)習(xí)（沖A提升練）（解析版）學(xué)校:___________姓名：___________班級：___________考號：___________考試時間：2023年X月X日命題人：審題人：本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共11頁，滿分100分，考試時間90分鐘?？忌⒁猓?.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)的區(qū)域內(nèi)，作圖時先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g均取10m/s2。第I卷（選擇題部分）一、單選題（本題共18小題，每小題3分，共54分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.如圖，纜車的車廂始終保持水平，車廂內(nèi)某游客站立不動且未扶扶手，下列說法正確的是(

)A.在加速上升階段支持力對該游客做正功B.在勻速上升階段支持力對該游客不做功

C.在減速上升階段支持力對該游客做負(fù)功D.整個上升過程支持力對該游客不做功【答案】A

【解析】解：游客受豎直向上的支持力，根據(jù)W=Fxcosθ可知，不論是加速上升還是減速上升階段，只要是上升，支持力對該游客都做正功，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

先判斷游客受到的支持力方向，結(jié)合位移，根據(jù)力做功的公式，判斷做正功還是負(fù)功。

本題主要考查了恒力做功公式的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是判斷游客受到的支持力方向，再根據(jù)W2.中國運動員谷愛凌在北京冬奧會中獲得“自由式滑雪女子U型場地技巧”金牌。圖示為U型場地技巧比賽示意圖，不計空氣阻力且把其視為質(zhì)點，則谷愛凌在空中運動過程(

)

A.可能處于超重狀態(tài) B.速度、加速度均可能為零

C.速度改變量的方向總是豎直向下 D.只要有速度，重力的功率就不可能為零【答案】C

【解析】本題主要考查超重和失重的概念、瞬時功率的概念、速度改變量的概念，均屬于基礎(chǔ)知識，注重對公式的理解和記憶即可解答。

【解答】AB、谷愛凌在空中運動過程做曲線運動，其速度一定不為0，運動中只受重力作用，其加速度為重力加速度，不為0，可見谷愛凌處于完全失重狀態(tài)，故AB錯誤；

C、由Δv=gΔt知，谷愛凌的速度改變量的方向與重力加速度的方向相同，總是豎直向下，故C正確；

D、谷愛凌在空中運動過程做曲線運動，當(dāng)運動到最高點時，速度方向沿水平方向與重力方向垂直，此時重力的瞬時功率為0，故D錯誤。

3.如圖所示，我國“天問一號”火星探測器在地火轉(zhuǎn)移軌道1上飛行七個月后，于今年2月進(jìn)入近火點為280千米、遠(yuǎn)火點為5.9萬千米的火星停泊軌道2，進(jìn)行相關(guān)探測后將進(jìn)入較低的軌道3開展科學(xué)探測．則探測器(

)A.在軌道1上的運行速度不超過第二宇宙速度B.在軌道2上近火點的速率比遠(yuǎn)火點小

C.在軌道2上近火點的機(jī)械能比遠(yuǎn)火點大D.在軌道2上近火點減速可進(jìn)入軌道3【答案】D

【解析】第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球表面飛行的環(huán)繞速度，第二宇宙速度是衛(wèi)星脫離地球引力的束縛的最小發(fā)射速度；根據(jù)開普勒第二定律分析在軌道2上近火點的速率與遠(yuǎn)火點速度的大小關(guān)系；根據(jù)功能關(guān)系分析機(jī)械能的變化；根據(jù)衛(wèi)星的變軌原理進(jìn)行分析。

根據(jù)第二宇宙速度含義、引力做功與速度變化機(jī)械能變化的關(guān)系分析可得結(jié)果，難度不大。

【解答】A.第二宇宙速度為脫離地球的引力的最小發(fā)射速度，則在軌道1上的運行速度超過第二宇宙速度，故A錯誤；

B.在軌道2上由近火點向遠(yuǎn)火點運動時引力做負(fù)功，速度減小，故在近火點的速率比遠(yuǎn)火點大，故B錯誤；

C.在軌道2上從近火點到遠(yuǎn)火點只有引力做功，則機(jī)械能守恒，故C錯誤；

D.在軌道2上近火點減速時，則探測器做向心運動可進(jìn)入軌道3，故D正確。

4.2021年7月我國成功將全球首顆民用晨昏軌道氣象衛(wèi)星——“風(fēng)云三號05星”送入預(yù)定圓軌道，軌道周期約為1.7?h，被命名為“黎明星”，使我國成為國際上唯一同時擁有晨昏、上午、下午三條軌道氣象衛(wèi)星組網(wǎng)觀測能力的國家，如圖所示。某時刻“黎明星”正好經(jīng)過赤道上P城市(未標(biāo)出)正上方，則下列說法正確的是(

)A.“黎明星”做勻速圓周運動的速度大于7.9?km/s

B.同步衛(wèi)星的軌道半徑小于“黎明星”的軌道半徑

C.該時刻后“黎明星”經(jīng)過1.7?h能經(jīng)過P城市正上方

D.該時刻后“黎明星”經(jīng)過【答案】D

【解析】本題以我國成功將全球首顆民用晨昏軌道氣象衛(wèi)星為背景，考查了人造衛(wèi)星問題。

7.9km/s是人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的最大環(huán)繞速度，“黎明星”的半徑大于地球半徑，可知“黎明星”做勻速圓周運動的速度小于7.9km/s；根據(jù)開普勒第三定律結(jié)合同步衛(wèi)星和“黎明星”的周期關(guān)系即可解得軌道半徑的關(guān)系。由于地球的自轉(zhuǎn)，該時刻后“黎明星”不是經(jīng)過1.7h能經(jīng)過P城市正上方。

【解答】A.7.9km/h為地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的的最大環(huán)繞速度，所以“黎明星”做勻速圓周運動的速度小于7.9km/h，A錯誤；B.“黎明星”軌道周期約為1.7h，同步衛(wèi)星的周期約為24h，根據(jù)開普勒第三定律r13r23=TC.該時刻后“黎明星”經(jīng)過1.7h正好運行一個周期，因為地球的自轉(zhuǎn)，P城市轉(zhuǎn)過的角度為θ1=ωt1=2π24×1.7=17π120，則D.該時刻后“黎明星”經(jīng)過17天運動的周期數(shù)為n=17×241.7個=240個，此時P城市轉(zhuǎn)過的角度為θ2=ωt2=2π故選D。5.圖a為土星探測器拍攝的照片(圖b為其示意圖)，土衛(wèi)三十五位于土星內(nèi)環(huán)和外環(huán)之間的縫隙里，由于其對所經(jīng)過區(qū)域的引力作用，原本平滑的土星環(huán)邊沿泛起“漣漪”.已知兩土星環(huán)由大量碎塊組成且繞土星運行方向相同，土衛(wèi)三十五軌道與兩環(huán)始終位于同一平面，則下列關(guān)于土衛(wèi)三十五的運行方向說法正確的是A.與兩環(huán)繞行方向相同且正向圖a右上方運動

B.與兩環(huán)繞行方向相同且正向圖a左下方運動

C.與兩環(huán)繞行方向相反且正向圖a右上方運動

D.與兩環(huán)繞行方向相反且正向圖a左下方運動【答案】B

【解析】本題考查衛(wèi)星的運行規(guī)律。

根據(jù)萬有引力定律有：GMmr2【解答】根據(jù)萬有引力定律有：GMmr2=mv2r，可得：v=GMr，衛(wèi)星的軌道半徑越大，線速度越??；內(nèi)環(huán)“漣漪”和外環(huán)“漣漪”出現(xiàn)在土衛(wèi)三十五兩側(cè)，說明三者運動方向相同，如果運動方向相反，內(nèi)環(huán)“漣漪”和外環(huán)“漣漪”出現(xiàn)在土衛(wèi)三十五同一側(cè)；內(nèi)環(huán)運動比土衛(wèi)三十五快，外環(huán)運動比土衛(wèi)三十五慢，因此內(nèi)環(huán)“漣漪”

6.寶應(yīng)縣風(fēng)電、光伏等新能源項目年發(fā)電量約21億千瓦時，約占全縣全年用電量的84%。葉片轉(zhuǎn)速很慢時，可通過內(nèi)部的齒輪箱進(jìn)行提速后驅(qū)動發(fā)電機(jī)，如圖所示是齒輪箱工作原理圖一部分，A、B分別是從動輪(內(nèi)齒輪)和主動輪(外齒輪)上兩個點，下列說法中正確的是

A.

兩個點的角速度相同 B.

兩個點的線速度大小相同

C.

兩個點的轉(zhuǎn)速相同 D.

兩個點的向心加速度大小相同【答案】B

【解析】物體做勻速圓周運動過程中，同軸轉(zhuǎn)動角速度相同，鏈條相連和皮帶相連線速度相同，即可判斷；

大小齒輪線速度相同，根據(jù)a=v2r求得向心加速度的大??；

根據(jù)ω=vr分析角速度的大小，根據(jù)n=v2πr分析轉(zhuǎn)速。

【解答】

B、AB兩點為齒輪邊緣上的兩點，在相等時間內(nèi)通過的弧長相等，故線速度大小相同，故B正確；

A、根據(jù)ω=vr可知，半徑不同，故角速度不同，故A錯誤；

C、根據(jù)v=2πrn可知轉(zhuǎn)速n=v2πr，v相等，r不同，故轉(zhuǎn)速不同，故C錯誤；

D7.一輛正在路面上行駛的汽車，遇到前方有人橫穿馬路時，司機(jī)緊急制動后又經(jīng)過x的距離停下來才避免了一場車禍的發(fā)生，若汽車與地面的摩擦力大小為F，則關(guān)于汽車與地面間摩擦力做的功，以下說法中正確的是(

)A.摩擦力對汽車、地面均不做功

B.摩擦力對汽車做-Fx的功，對地面做Fx的功

C.摩擦力對汽車、地面均做-Fx的功

D.摩擦力對汽車做【答案】D

【解析】本題主要考查做功問題，解決問題關(guān)鍵在于理解做功必須是在力的方向上有位移發(fā)生。摩擦力做功的條件是發(fā)生相對滑動，根據(jù)更得公式可求摩擦力做功大小。

【解答】

由功的公式W=FS，汽車發(fā)生了位移，又有摩擦力方向相對于速度方向為反方向，所以摩擦力對汽車做功為-Fx，而地面沒有發(fā)生位移，所以摩擦力對地面沒有做功。故ABC錯誤，D正確。

故選D。8.如圖所示，一蹦極愛好者自O(shè)點下落后依次經(jīng)過a、b、c三個位置，經(jīng)過a點時蹦極繩剛好自然伸直，經(jīng)過b點時蹦極者所受的合力恰好為零，c點是蹦極者能夠到達(dá)的最低點。已知蹦極繩始終處于彈性限度內(nèi)，忽略空氣阻力和繩的質(zhì)量，取O點所在水平面為零勢能面。在蹦極者下落的過程中，下列說法正確的是(

)A.蹦極者在a點的重力勢能小于在c點時重力勢能

B.由O到b的過程中，蹦極者的動能一直增大

C.由O到c的過程中，合力始終對蹦極者做正功

D.由O到c的過程中，蹦極繩的彈性勢能先增大后減小【答案】B

【解析】本題考查功的正負(fù)的判斷，彈性勢能變化的判斷及運動分析，基礎(chǔ)題目。

結(jié)合重力勢能的定義式直接可判斷；分析蹦極者由O到a和a到b的運動情況結(jié)合動能的表達(dá)式直接可判斷；分析蹦極者由O到b和b到c所受合力的方向，從而得出合力做功的正負(fù)情況即可判斷；分析O到a和a到c過程彈性繩形變量變化情況從而得出彈性繩彈性勢能的變化情況即可判斷。

【解答】

A、由圖知，a點比c點高，由Ep=mgh知，蹦極者在a點的重力勢能大于在c點時重力勢能，故A錯誤；

B、蹦極者由O自由下落至a，此過程蹦極者速度一直增大，由a到b過程，蹦極者受重力和彈性繩的彈力作用，由于經(jīng)過b點時蹦極者所受的合力恰好為零，可見由a到b過程蹦極者所受的重力一直大于彈性繩的彈力，此過程合力向下，與速度方向相同，蹦極者一直做加速運動，可見由O到b的過程中，蹦極者的速度一直增大，其動能一直增大，故B正確；

C、蹦極者由O到b過程，合力一直向下，對蹦極者一直做正功，此后蹦極者所受的彈性繩大于重力，其合力向上，對蹦極者做負(fù)功，可見由O到c的過程中，合力始終對蹦極者先做正功后做負(fù)功，故C錯誤；

D、由O到a過程，彈性繩為發(fā)生彈性形變，由a到c過程彈性繩一直拉長，可見由O到c的過程中，蹦極繩的彈性勢能先不變后增大，故D9.四川西嶺雪山滑雪場是中國南方規(guī)模最大、檔次最高、設(shè)施最完善的大型滑雪場。某段滑道建在一斜坡上，斜坡簡化為一斜面，傾角θ=30°，示意圖如圖所示。運動員從a點由靜止自由滑下，到達(dá)c點飛離滑道，bc為一小段半徑為R的圓弧且b點為圓弧的最低點，運動員視為質(zhì)點，不計一切阻力，若要求運動員在b點對滑道沿斜面向下的作用力不超過自身重力的3倍，則a、b點間的高度差(

)

A.不大于54R B.不大于12R C.不小于【答案】A

【解析】本題考查了機(jī)械能守恒、向心力的規(guī)律，要注意明確物體的運動過程，根據(jù)受力分析靈活選擇物理規(guī)律求解即可．根據(jù)機(jī)械能守恒定律可求得最低b點的速度表達(dá)式，再結(jié)合向心力公式可求得a、b點間的高度差?！窘獯稹窟\動員從a點到b點，根據(jù)機(jī)械能守恒有mgh=12mv2，

在b點，由圓周運動規(guī)律有F-mgsinθ=mv2R，

F≤3mg，

聯(lián)立解得

10.如圖所示是玩具飛車的360°回環(huán)賽道，其底座固定，且賽道視為半徑為R的光滑豎直圓軌道。一質(zhì)量為m的無動力賽車被彈射出去后，在圓形軌道最低點以水平初速度v0向右運動。設(shè)重力加速度為g，則下列說法正確的是(

)

A.當(dāng)v0=2gR時賽車在最低點對軌道的壓力為4mg

B.如果賽車能夠完成圓周運動，v0的最小值是2【答案】C

【解析】賽車在豎直光滑圓軌道內(nèi)做圓周運動，在最高點和最低點，賽車在豎直方向的合力提供賽車做圓周運動的向心力，賽車能夠完成圓周運動，賽車在最高點的速度最小，根據(jù)動能定理求解賽車在最低點的速度，并加以分析。

本題主要考查在豎直平面內(nèi)做圓周運動的臨界問題，知道能通過軌道最高點時的速度限制，能分析最高點和最低點做圓周運動的向心力來源。

【解答】

A、賽車在最低點時，受到重力與軌道支持力的合力提供賽車做圓周運動的向心力有：FN-mg=mv2R，可得軌道對賽車的支持力FN=mg+mv2R=5mg，根據(jù)牛頓第三定律可知，在最低點賽車對軌道的壓力為5mg，故A錯誤；

B、如果賽車能夠完成圓周運動，則賽車在最高點的最小速度為v=gR，根據(jù)動能定理賽車從最低點到最高點有：-mg?2R=12mv2-12mv02，代入v=gR可解得v0=5gR>2gR，故B錯誤；

C、設(shè)賽車經(jīng)過最低點和最高點速度分別為11.冰壺比賽的場地如圖所示，一運動員從冰道左端發(fā)球區(qū)推動冰壺，沿投擲線的中線以某一速度將冰壺擲出，經(jīng)過22s冰壺滑過欄線，而后沿中線繼續(xù)滑動恰好未進(jìn)入營壘區(qū)。若冰壺與冰道之間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度g=10m/s2，則A.3.75×10-3 B.7.0×10【答案】A

【解析】從投擲線到欄線這一過程，分別根據(jù)運動學(xué)公式以及動能定理列式，越過欄線至靜止的過程運用動能定理列式，聯(lián)立可求μ。

【解答】冰壺沿投擲線的中線做勻減速直線運動，則v=xt=v0+v2，

代入x=22m，t=22s，

可得v0+v=2m/s，

對冰壺運用動能定理，從擲出到運動到欄線的過程有-μmgL0=12mv12.大部分過山車的豎直回環(huán)軌道均不是正圓，而是上下高、左右窄的扁軌道結(jié)構(gòu)，如圖甲所示.乙圖為簡化后的示意圖，一輛小車(可視為質(zhì)點)從傾斜軌道某一確定高度由靜止釋放，不計一切阻力，當(dāng)小車運動到扁軌道最高點時，與在相同高度的正圓軌道最高點相比A.在扁軌道上小車向心力更大，對軌道壓力更大

B.在扁軌道上小車速度更大，對軌道壓力更大

C.在扁軌道上小車加速度更小，對軌道壓力更小

D.在扁軌道上小車機(jī)械能更小，對軌道壓力更小【答案】A

【解析】本題考查了豎直平面內(nèi)的圓周運動；對于圓周運動，涉及力的問題，往往根據(jù)向心力進(jìn)行分析處理。

小車能在豎直軌道內(nèi)做完整的圓周運動時，小車在最高點時，由重力和支持力提供向心力；結(jié)合機(jī)械能守恒定律即可。

【解答】BD.過山車在豎直軌道上做圓周運動，機(jī)械能守恒，動能和重力勢能相互轉(zhuǎn)化；所以過山車運動到扁軌道最高點時，與在相同高度的正圓軌道最高點相比機(jī)械能相等，速度相等，故BD錯誤；

A.過山車在最高點，重力和支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律可知：F向=G+F支=mv2R，由于扁軌道的半徑小于正圓軌道的半徑，所以在扁軌道上小車向心力更大，支持力更大；根據(jù)牛頓第三定律過山車對軌道壓力更大，故A正確；

C.由F13.如圖所示，某同學(xué)在某地玩耍，發(fā)現(xiàn)一個圖示倉庫，于是在某點P(P點位置可移動)想以最小的動能將一塊小石子丟過倉庫(恰好從A點和B點飛過，注意平時可不能這樣，非常危險)，那么設(shè)小石子丟出時速度與水平向右的方向成θA.θ=45°B.θ>45°C.θ<45°D.無論θ角多大，P【答案】B

【解析】根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律和機(jī)械能守恒定律分析即可?！窘獯稹緼BC.從A點和B點飛過，那么在AB所在直線上，射程一定，只有在A點是速度與水平向右方向成45°角，那么在A點的速度才最小，根據(jù)機(jī)械能守恒，那么在拋出點P的速度也最小(動能最小)，因此在P的拋射角一定大于45°，故B正確，AC錯誤;

D.如果無限靠近墻，那就是豎直上拋，永遠(yuǎn)也達(dá)不到B點，故D錯誤。

14.2022世乒賽團(tuán)體錦標(biāo)賽在成都舉行．如圖所示，運動員水平持拍，乒乓球從某一高度自由下落，以4?m/s的速度碰撞球拍，同時球拍水平移動，兵乓球與球拍碰撞后的速度大小為A.乒乓球反彈至最高點時速度為0 B.乒乓球撞擊過程的速度變化為1?m/s

C.乒乓球拍水平移動的速度可能是2?【答案】D

【解析】兵乓球反彈后的高度與下落高度相等，說明碰撞前后豎直方向速度大小不變，由速度合成求出碰撞后水平方向的速度大??；對水平方向和豎直方向，分別運用動量定理列方程，結(jié)合摩擦力公式，即可求出動摩擦因數(shù)。

本題分方向運用動量定理來求解作用力，要抓住兩個方向的同時性，同時要注意動量的方向性?！窘獯稹緼.乒乓球反彈至最高點時豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，故A錯誤；

B.由于速度是矢量，具有方向性，因此乒乓球撞擊過程的速度變化不等于1?m/s，故B錯誤；

C.由于反彈后的高度與下落高度相等，所以反彈過后豎直方向的速度大小與撞擊球拍的速度大小相等，根據(jù)合運動與分運動的性質(zhì)可知v水平=52-42=3m/s，故C錯誤；

D.設(shè)碰撞時間為t，由動量定理分析豎直方向可得FN·t=2mv

15.如圖所示，一位同學(xué)做飛鏢游戲，已知圓盤的直徑為d，飛鏢距圓盤為L，且對準(zhǔn)圓盤上邊緣的A點水平拋出，初速度為v0，飛鏢拋出的同時，圓盤以垂直圓盤過盤心O的水平軸勻速運動，角速度為ω.若飛鏢恰好擊中A點，則下列關(guān)系正確的是．(

)

A.dv?02=L2g

B.ωL=【答案】B

【解析】由題意分析，由于飛鏢做平拋運動，由平拋運動規(guī)律解得其在空中飛行的時間及初速度，再由圓周運動的周期性解得其可能的周期及角速度。

本題考查平拋運動及圓周運動相結(jié)合的問題，知道圓周運動具有周期性，是解題的關(guān)鍵。

【解答】

A.由平拋運動規(guī)律：d=12gt2，解得其在空中飛行的時間t=2dg，由L=v0t，解得平拋初速度為：v0=Lt=Lg2d，化簡得：2v02d=L2g，A錯誤；

BC.由題意可知，當(dāng)飛鏢射中圓盤A點時，A點剛好轉(zhuǎn)到圓盤的正下方，且圓周運動具有周期性，故有：t=2n+12T，T=2π16.市面上有一種自動計數(shù)的智能呼拉圈深受女士們喜愛．如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，軌道內(nèi)有一滑輪，滑輪與細(xì)繩連接，細(xì)繩的另一端連接配重，其模型簡化如圖乙所示．已知配重質(zhì)量0.5?kg，繩長為0.4?m，懸掛點到腰帶中心的距離為0.2?m.水平固定好腰帶，通過人體微小扭動，使配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，計數(shù)器顯示在1?min內(nèi)圈數(shù)為120，此時繩子與豎直方向夾角為θ.配重運動過程中腰帶可看做不動，g=?10?m/sA.勻速轉(zhuǎn)動時，配重受到的合力恒定不變 B.配重的角速度是240π?rad/s

C.【答案】D

【解析】對配重進(jìn)行受力分析，結(jié)合運動狀態(tài)：配重在水平方向做圓周運動，合外力提供向心力，豎直方向受力平衡。本題考查圓錐擺問題、向心力的來源分析及計算，關(guān)鍵是根據(jù)實際情況分析受力模型，根據(jù)向心力公式分析計算。

【解答】

A、勻速轉(zhuǎn)動時，配重受到的合力提供配重做勻速圓周運動的向心力，其大小不變，但方向變化，故配重受到的合力改變，故A錯誤；

D、以配重為研究對象，受到重力和拉力，如圖1所示；

豎直方向根據(jù)平衡條件可得：Tcosθ=mg，轉(zhuǎn)速增大、θ增大、T增大，故D正確；

B、計數(shù)器顯示在1min內(nèi)顯數(shù)圈數(shù)為120，可得周期為T=1min120=60120s=0.5s，

角速度ω=2πT=2π0.5rad/s=4π?rad/s，故B錯誤；

C、根據(jù)圖1結(jié)合牛頓第二定律可得：mgtanθ=mr4π217.復(fù)興號動車在世界上首次實現(xiàn)了速度350km/h自動駕駛功能，成為我國高鐵自主創(chuàng)新的又一重大標(biāo)志性成果。一列質(zhì)量為M的動車，以恒定功率P在平直軌道上由靜止開始運動，經(jīng)時間t達(dá)到該功率下的最大速度vm，設(shè)動車行駛過程所受到的阻力f保持不變。動車在時間t內(nèi)A.做勻加速直線運動，加速度大小為a=vmtB.在時間t內(nèi)通過的位移為s=vm【答案】C

【解析】由機(jī)車以恒定功率啟動過程判斷得解。本題主要考查機(jī)車以恒定功率啟動過程，熟悉啟動過程，熟悉各量的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，難度一般。

【解答】A.根據(jù)牛頓第二定律得：F牽-f=ma，而由機(jī)車的功率表達(dá)式：FB.若復(fù)興號做勻變速直線運動，v-t圖像如圖中直線所示由圖像面積可得位移為x=vm2t復(fù)興號動車實際做加速度逐漸減小的變加速直線運動，v-t圖像如圖中曲線所示，其位移C.當(dāng)加速度為零時，速度達(dá)到最大值為vm，此時牽引力的大小等于阻力f，故功率P=f?vmD.在該時間內(nèi)，根據(jù)動能定理得：W-Wf=12Mvm2，可得牽引力做功：W=

18.如圖所示，固定光滑斜面的傾角為37°，輕彈簧的一端固定在斜面上C點正上方的固定轉(zhuǎn)軸O

處，另一端與一質(zhì)量為m

的滑塊(視為質(zhì)點)相連，彈簧原長和O點到斜面的距離均為d。將滑塊從與O點等高的A點由靜止釋放，滑塊經(jīng)過O點在斜面上的垂足B點到達(dá)C點的過程中始終未離開斜面，滑塊到達(dá)C點時彈簧的彈力小于滑塊受到的重力，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小為g。下列說法正確的是(

)

A.滑塊經(jīng)過B點的速度小于gd

B.滑塊從A點運動到C點的過程中，在B點的速度最大

C.滑塊從A點運動到C點的過程中，其速度一直在增大

D.彈簧的勁度系數(shù)大于【答案】C

【解析】A到B過程根據(jù)動能定理分析經(jīng)過B點的速度；A到C過程對滑塊分析豎直方向的受力情況，判斷運動情況；根據(jù)題意結(jié)合胡克定律、幾何關(guān)系分析彈簧的勁度系數(shù)。

【解答】

A.滑塊從A到B點，根據(jù)題意可知彈簧和重力都做正功，假如只有重力做功，

根據(jù)動能定理mgdcos37°=12mv2，解得：v=85gd

所以滑塊經(jīng)過B點的速度大于gd，故A錯誤；

BC.從A到C

的過程中，重力沿斜面向下的分量不變，彈簧的彈力開始時沿斜面向下的分量逐漸減小，即合外力不斷減小，而過B點后彈簧的彈力沿斜面向上的分量逐漸增大，合外力逐漸減小，所以加速度是一直減小，但是加速度和速度方向始終一致，所以做加速度減小的加速運動，故B錯誤，C正確；

D.根據(jù)幾何關(guān)系可得LOC=54d第II卷（非選擇題）二、實驗題（本題共2小題，共16分）19.某實驗小組用落體法“驗證機(jī)械能守恒定律”，實驗裝置如圖甲所示．讓重錘從高處由靜止開始下落，打點計時器在重錘拖著的紙帶上打出一系列的點，對圖中紙帶上的點跡進(jìn)行測量，即可驗證機(jī)械能守恒定律．

甲

乙(1)為完成此實驗，除了圖甲中所示器材，還必需的器材是

．

A.刻度尺

B.秒表

C.天平

(2)對于該實驗，下列操作中對減小實驗誤差有利的有

．A.選用質(zhì)量和密度較大的金屬重錘B.打點計時器的兩限位孔在同一豎直線上C.精確測量出重錘的質(zhì)量D.用手托穩(wěn)重錘，接通電源后，撒手釋放重錘(3)選出一條清晰的紙帶如圖乙所示，其中O點為打點計時器打下的第一個點，A、B、C為三個計數(shù)點，測得OA=h1，OB=h2，OC=h3，在計數(shù)點A和B、B和C之間還各有一個點．設(shè)重錘的質(zhì)量為m，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間(4)實驗計算結(jié)果顯示，重錘重力勢能的減少量略大于重錘動能的增加量，可能的原因是

．【答案】(1)A；

(2)AB；

(3)mgh2

；

12m【解析】此題考查驗證機(jī)械能守恒定律實驗的原理，掌握如何處理實驗誤差的方法，理解驗證機(jī)械能守恒的中，瞬時速度的求解，及重力勢能的表達(dá)式的應(yīng)用。

【解答】

(1)在該實驗中需要測量點跡間的距離，需要刻度尺，故A正確；

(2)A、實驗供選擇的重物應(yīng)該相對質(zhì)量較大、體積較小、密度較大的物體，這樣能減少摩擦阻力的影響，從而減小實驗誤差，故A正確；

B、為了減小紙帶與限位孔之間的摩擦圖甲中兩限位孔必須在同一豎直線，這樣可以減小紙帶與限位孔的摩擦，從而減小實驗誤差，故B正確；

C、因為實驗中比較的是mgh與12mv2的大小關(guān)系，故m可約去，不需要測量重錘的質(zhì)量，對減小實驗誤差沒有影響，故C錯誤；

D、實驗時，應(yīng)用手提著紙帶上端，再接通打點計時器電源后釋放重物，對減小實驗誤差沒有影響，故D錯誤。

(3)在OB段運動過程中，重物重力勢能的減少量為：ΔEp=mghOB=mgh2，

20.某物理小組利用如圖甲所示的裝置探究平拋運動規(guī)律。在斜槽軌道的末端安裝一個光電門，調(diào)節(jié)激光束與實驗所用小鋼球的球心等高，斜槽末端切線水平，又分別在該裝置正上方A處和右側(cè)正前方B處安裝頻閃攝像頭進(jìn)行拍攝，鋼球從斜槽上的固定位置無初速度釋放，通過光電門后拋出，測得鋼球通過光電門的平均時間為2.10ms，得到的頻閃照片如圖丙所示，O為拋出點，P為運動軌跡上某點，g取9.80m/(1)用50分度游標(biāo)卡尺測得鋼球直徑如圖乙所示，則鋼球直徑d=

mm，由此可知鋼球通過光電門的速度v=

m/(2)在圖丙中，B處攝像頭所拍攝的頻閃照片為

(選填“a”或“b”)。(3)測得圖丙a中OP距離為59.10cm，b中OP距離為44.10cm，則鋼球平拋的初速度大小v0=

(4)通過比較鋼球通過光電門的速度v與由平拋運動規(guī)律解得的平拋初速度v0【答案】(1)4.20；2.00；(2)b；(3)1.97。

【解析】本題主要考查探究平拋運動規(guī)律的實驗，明確實驗原理是解決問題的關(guān)鍵。

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)方法可得鋼球直徑；根據(jù)一段極短時間內(nèi)的平均速度近似等于瞬時速度求解鋼球通過光電門的速度；

(2)根據(jù)平拋運動的規(guī)律分析即可；

(3)由平拋運動的規(guī)律，水平方向做勻速運動，豎直方向做自由落體運動，由運動學(xué)公式列式求解平拋初速度。

【解答】(1)由游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則可知讀數(shù)為d=4mm+10×0.02?mm=4.20?mm，由此可知鋼球通過光電門的速度v=dt=2.00m/s；

(2)鋼球做平拋運動時，水平方向是勻速直線運動，豎直方向是自由落體運動，故B處攝像頭所拍攝的頻閃照片為b;

(3)由平拋運動規(guī)律可得，豎直方向：h=12gt2三、計算題（本大題共3小題，10分+10分+10分，共30分，解答過程請寫出必要的文字說明和必需的物理演算過程，只寫出最終結(jié)果的不得分）21.如圖所示為一滑梯的實物圖，滑梯的斜面段長度L=5.0m，高度h=3.0m，為保證小朋友的安全，在水平面鋪設(shè)安全地墊。水平段與斜面段平滑連接，小朋友在連接處速度大小不變。某小朋友從滑梯頂端由靜止開始滑下，經(jīng)斜面底端后水平滑行一段距離，停在水平地墊上。已知小朋友質(zhì)量為m=20kg，小朋友在斜面上受到的平均阻力f

(1)小朋友在斜面滑下的過程中克服摩擦力做的功；

(2)小朋友滑到斜面底端時的速度v的大??；

(3)為使小朋友不滑出水平地墊，地墊的長度x至少多長。【答案】解：(1)小朋友在斜面滑下的過程中克服摩擦力做的功為：Wf1=f1L=88×5J=440J

(2)小