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文檔簡介
2024年福建省物理高一下期末檢測試題注意事項1.考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回.2.答題前,請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.3.請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符.4.作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑;如需改動,請用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案.作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無效.5.如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫清楚,線條、符號等須加黑、加粗.一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯選和不選得零分)1、(本題9分)如圖所示,質(zhì)量為m的物塊從A點由靜止開始下落,加速度是,下落H到B點后與一輕彈簧接觸,又下落h后到達最低點C,在由A運動到C的過程中,空氣阻力恒定,則()A.物塊機械能守恒B.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒C.物塊機械能減少D.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少2、(本題9分)比值定義法是定義物理概念常用的方法,下列哪個表達式屬于比值定義式()A.電流I=U/R B.電場強度E=F/qC.電阻R=ρl/S D.電容C=3、(本題9分)如圖所示,一只蝸牛正在葡萄枝上休息靜止?fàn)顟B(tài),若葡萄枝的傾角為α,則葡萄枝對重為G的蝸牛的作用力大小為()A.Gsinα B.GcosαC.G D.小于G4、(本題9分)做平拋運動的物體,不計空氣阻力,在運動過程中保持不變的物理量是A.速度B.高度C.豎直分速度D.水平分速度5、平拋物體的初速度為v0,當(dāng)水平方向分位移與豎直方向分位移相等時的瞬時速率為A.v0 B.2v0 C.. D.6、AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑,圓心為O.將電量分別為+q和-q的兩點電荷放在圓周上,其位置關(guān)于AB對稱且距離等于圓的半徑,如圖所示.要使圓心處的電場強度為零,可在圓周上再放一個適當(dāng)?shù)狞c電荷Q,則該點電荷Q()A.應(yīng)放在A點,Q=+2q B.應(yīng)放在B點,Q=-2qC.應(yīng)放在C點,Q=+q D.應(yīng)放在D點,Q=+q7、(本題9分)如圖給出A、B兩個質(zhì)點做勻變速直線運動的v-t圖象,由圖可知()A.t1時刻A、B兩個質(zhì)點的速度大小相等方向相反B.t1時刻A、B兩個質(zhì)點的加速度大小相等方向相反C.t2時刻質(zhì)點A的速度大于B的速度,兩者方向相同D.t2時刻質(zhì)點A的加速度小于B的加速度,兩者方向相反8、如圖甲所示,質(zhì)量為m的小滑塊A以向右的初速度v0滑上靜止在光滑水平地面上的平板車B,從滑塊A剛滑上平板車B開始計時,它們的速度隨時間變化的圖象如圖乙所示,物塊未滑離小車,重力加速度為g,以下說法中正確的是A.滑塊A與平板車B上表面的動摩擦因數(shù)μ=B.平板車B的質(zhì)量M=2mC.滑塊A與平板車間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=1D.t0時間內(nèi)摩擦力對小車B做功的平均功率為P=9、(本題9分)如圖所示,輕彈簧的一端固定在豎直墻上,質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上,弧形槽底端與水平面相切,一個質(zhì)量也為m的小物塊放在被壓縮彈簧的末端,釋放物塊以后,下列說法正確的是A.在與彈簧有接觸的過程中,物塊的機械能守恒B.物塊在沿圓弧軌道上行的過程中,物塊和弧形槽組成的系統(tǒng)機械能守恒C.物塊在沿圓弧軌道上行的過程中,物塊和弧形槽組成的系統(tǒng)動量守恒D.物塊不能返回再次壓縮彈簧10、(本題9分)以初速度v水平拋出一質(zhì)量為m的石塊,不計空氣阻力,石塊在空中運動的過程中,下列說法正確的是A.在兩個相等的時間間隔內(nèi),石塊動量的增量相同B.在兩個相等的時間間隔內(nèi),石塊動能的增量相同C.在兩個下落高度相同的過程中,石塊動量的增量相同D.在兩個下落高度相同的過程中,石塊的動能的增量相同11、(本題9分)如圖所示,虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面,相鄰等勢面之間的電勢差相等,即Uab=Ubc,實線為一帶負(fù)電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡,P、R、Q是這條軌跡上的三點,A.三個等勢面中,c的電勢最低B.帶電粒子在P點的電勢能比在Q點的大C.帶電粒子在P點的動能與電勢能之和比在Q點的大D.帶電粒子在R點的加速度方向垂直于等勢面b12、(本題9分)放在粗糙水平面上的物體受到水平拉力的作用,在0~6s內(nèi)速度與時間圖像和該拉力的功率與時間圖像分別如圖甲乙所示,下列說法正確的是A.0~6s內(nèi)物體位移大小為36mB.0~2s內(nèi)拉力做的功為30JC.合外力在0~6s內(nèi)做的功與0~2s內(nèi)做的功相等D.滑動摩擦力大小為5N二、實驗題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、(6分)圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖,實驗前,應(yīng)對實驗裝置反復(fù)調(diào)節(jié),直到斜槽末端切線水平.取g=9.8m/s2,計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字.(1)實驗過程中,每次讓小球從同一位置由靜止釋放,其目的是_____________.(2)圖乙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)所得的平拋運動的曲線,其中O為拋出點,則小球做平拋運動的初速度大小____________m/s.14、(10分)(本題9分)在探究動能定理的實驗中,某實驗小組組裝了一套如圖甲所示的裝置,拉力傳感器固定在小車上,一端與細繩相連,用拉力傳感器記錄小車受到拉力的大小。穿過打點計時器的紙帶與小車尾部相連接,打點計時器打點周期為T,實驗的部分步驟如下:甲(1)平衡小車所受的阻力:不掛鉤碼,調(diào)整木板右端的高度,用手輕推小車,直到打點計時器在紙帶上打出一系列__________的點。(2)測量小車和拉力傳感器的總質(zhì)量m,按圖組裝好儀器,并連接好所需電路,將小車停在打點計時器附近,先接通拉力傳感器和打點計時器的電源,然后_________,打出一條紙帶,關(guān)閉電源。(3)在打出的紙帶中選擇一條比較理想的紙帶如圖乙所示,在紙帶上按打點先后順序依次取O、A、B、C、D、E等多個計數(shù)點,各個計數(shù)點到O點間的距離分別用hA、hB、hC、hD、hE、…表示,則小車和拉力傳感器在計時器打下D點時的動能表達式為________,若拉力傳感器的讀數(shù)為F,計時器打下A點到打下D點過程中,細繩拉力對小車所做功的表達式為_______。
乙(4)某同學(xué)以A點為起始點,以A點到各個計數(shù)點動能的增量ΔEk為縱坐標(biāo),以A點到各個計數(shù)點拉力對小車所做的功W為橫坐標(biāo),得到一條過原點的傾角為45°的直線,由此可以得到的結(jié)論是______________。三、計算題要求解題步驟,和必要的文字說明(本題共36分)15、(12分)如圖所示,某一滑道由斜坡和水平滑道組成,斜坡頂端A距水平滑道高度為h,傾角為θ,水平粗糙滑道BC段長為d,水平滑道CD段光滑。將輕彈簧的一端水平連接并固定在墻上,另一自由端恰位于水平滑道C點。物塊從斜坡A處靜止下滑,從斜坡進入水平滑道時,在底端B點處無能量損失(即速度大小不變)。已知物塊質(zhì)量為m,物塊與斜坡AB、水平滑道BC間的動摩擦因數(shù)均為μ,整個過程空氣阻力不計,重力加速度為g。則:(1)求物塊滑到B點時的速度大小?(2)求彈簧為最大壓縮量時的彈性勢能Ep?(3)若物塊質(zhì)量m=3kg,斜坡傾角θ=370,重力加速度g取10m/s2。彈簧第一次達到最大壓縮量時的彈性勢能Ep隨物塊不同下滑高度h變化關(guān)系如圖所示,物塊能第一次被彈回后不沿斜坡上滑,則物塊從斜坡頂端A點下滑高度h應(yīng)滿足什么條件?16、(12分)質(zhì)量m=3kg的小球用一根長L=2.5m的輕繩系在光滑水平面的上方O點,O點到水平面的距離h=2m.現(xiàn)拉直輕繩,給小球一個初速度,可使小球在水平面內(nèi)做圓周運動.不計一切阻力,重力加速度g=10m/s2(計算結(jié)果可以用分?jǐn)?shù)或根式表示).求:(1)小球能在該水平面內(nèi)做圓周運動的最大角速度0;(2)若小球做圓周運動的角速度=2rad/s時,則小球?qū)λ矫娴膲毫Χ啻螅?7、(12分)(本題9分)如圖所示,軌道被豎直地固定在水平桌面上,距水平地面高,距水平地面高.一質(zhì)量的小物塊自點從靜止開始下滑,從點以水平速度飛出后落在地面上的點.現(xiàn)測得、兩點的水平距離為.不計空氣阻力,?。螅海?)小物塊從點運動到點經(jīng)歷的時間;(2)小物塊從點飛出時速度的大??;(3)小物塊從點運動到點的過程中克服摩擦力做的功
參考答案一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯選和不選得零分)1、D【解析】
根據(jù)機械能守恒條件求解.由A運動到C的過程中,物體的動能變化為零,重力勢能減小量等于機械能的減小量.整個系統(tǒng)機械能減少量即為克服空氣阻力所做的功.【詳解】A.對于物體來說,從A到C要克服空氣阻力做功,從B到C又將一部分機械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈力勢能,因此機械能肯定減少.故A錯誤;B.對于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)來說,物體減少的機械能為(克服空氣阻力所做的功+彈簧彈性勢能),而彈簧則增加了彈性勢能,因此整個系統(tǒng)機械能減少量即為克服空氣阻力所做的功.故B錯誤;C.由A運動到C的過程中,物體的動能變化為零,重力勢能減小量等于機械能的減小量.所以物塊機械能減少mg(H+h),故C錯誤;D.物塊從A點由靜止開始下落,加速度是,根據(jù)牛頓第二定律得:,所以空氣阻力所做的功為,整個系統(tǒng)機械能減少量即為克服空氣阻力所做的功,所以物塊、彈簧和地球組成的系統(tǒng)機械能減少,故D正確。故選D?!军c睛】本題是對機械能守恒條件的直接考查,掌握住機械能守恒的條件即可,注意題目中的研究對象的選擇。學(xué)會運用能量守恒的觀點求解問題,知道能量是守恒的和能量的轉(zhuǎn)化形式。2、B【解析】
A.電流I=UB.電場強度E=FC.電阻R=ρl/S是電阻的決定式,故不屬于比值定義法,故C不符合題意;D.電容的決定式C=εS3、C【解析】
因蝸牛靜止,說明蝸牛處于平衡狀態(tài),即所受合力為零,因此,蝸牛受到葡萄枝的作用力大小等于蝸牛重力,方向豎直向上,再根據(jù)牛頓第三定律,葡萄枝對蝸牛的作用力大小為G,方向豎直向下。A.Gsinα與分析結(jié)果不符,故A錯誤。B.Gcosα與分析結(jié)果不符,故B錯誤。C.G與分析結(jié)果相符,故C正確。D.小于G與分析結(jié)果不符,故D錯誤。4、D【解析】平拋運動的物體只受重力作用,水平方向做勻速直線運動,豎直方向做自由落體運動5、D【解析】根據(jù)v1t=gt2得,t=,豎直分速度vy=gt=2v1.根據(jù)平行四邊形定則知,瞬時速率.故選D.點睛:解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律,結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解.6、D【解析】兩個點電荷在O點產(chǎn)生的場強大小都為兩個場強的方向互成120°,根據(jù)平行四邊形定則,合場強大小為:,方向水平向右.所以放一個電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為,方向水平向左,所以該電荷若在C點,為-q,若在D點,為+q,故D正確,ABC錯誤.7、CD【解析】試題分析:速度時間圖像中速度的正負(fù)表示運動方向,AB兩物體在時刻速度都為正值,所以都朝著正方向運動,大小相等,A錯誤;圖像的斜率表示加速度,A做勻加速直線運動,B做勻減速直線運動,兩者的速度方向相同,所以加速度方向相反,A圖像的斜率小于B圖像的斜率,所以A的加速度小于物體B的加速度,B錯誤D正確;在時刻A的速度大于B的速度,都為正值,即方向相同,C正確;考點:考查了速度時間圖像8、BC【解析】
A.滑塊A在木板上受滑動摩擦力做勻減速直線運動,加速度為a=μmgm=μg,兩者最后共速為v03B.對A和B在相對滑行的過程中,系統(tǒng)不受外力而動量守恒,有mv0=(M+m)C.對A和B相對滑動到共速的過程,由能量守恒定律可知,系統(tǒng)損失的動能轉(zhuǎn)化成兩者摩擦生熱,有12mv02D.根據(jù)平均功率的計算式P=Wft0,而摩擦力對B做的功為9、BD【解析】A、在彈簧釋放的過程中,由于彈力做正功,故物塊的機械能不守恒,故A錯誤;
B、物塊的機械能守恒在下滑的過程中,物塊與弧形槽系統(tǒng)只有重力做功,機械能守恒,故B正確;
C、在下滑的過程中,由于物體受重力作用,合力不為零,不符合動量守恒的條件,故動量不守恒,故C錯誤;
D、由于物塊和弧形槽質(zhì)量相等,故在底部時兩物體的速度大小相等,方向相反;而被彈簧彈回后,物塊的速度大小與原來相等,因此物塊不會再滑上弧形槽,二者一直向左做勻速運動,故不會再壓縮彈簧,故D正確.點睛:本題考查動量定恒和機械能守恒定律的應(yīng)用,要注意明確運動過程,同時能正確應(yīng)用動量守恒以及機械能守恒定律分析兩物體的運動過程問題.10、AD【解析】
A、石塊做平拋運動,只受重力,在相等時間內(nèi)重力的沖量相同,根據(jù)動量定理可知,在兩個相等的時間間隔內(nèi),石塊動量的增量相同,故A正確;B、平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動,則在兩個相等的時間間隔內(nèi),位移越來越大,根據(jù)動能定理可知,故在兩個相等的時間間隔內(nèi),石塊動能的增量越來越大,故B錯誤;C、平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動,則在兩個下落高度相同的過程中,時間越來越小,根據(jù)動量定理可知,在兩個下落高度相同的過程中,石塊動量的增量不相同,故C錯誤;D、平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動,則在兩個下落高度相同的過程中,根據(jù)動能定理可知,在兩個下落高度相同的過程中,石塊的動能的增量相同,故D正確;故選AD.【點睛】石塊做平拋運動,只受重力,在相等時間內(nèi)重力的沖量相同,由動量定理可知,動量的變化量相同.在兩個下落高度相同的過程中,重力做功相同,由動能定理可知,石塊動能的增量相同,而運動時間不同,動量的增量不同.11、BD【解析】
A.負(fù)電荷做曲線運動,電場力指向曲線的內(nèi)側(cè);作出電場線,根據(jù)軌跡彎曲的方向和負(fù)電荷可知,電場線向上,故c點電勢最高;故A錯誤.B.利用推論:負(fù)電荷在電勢高處電勢能小,知道P點電勢能大;故B正確.C.只有電場力做功,電勢能和動能之和守恒,故帶電質(zhì)點在P點的動能與電勢能之和等于在Q點的動能與電勢能之和;故C錯誤.D.帶電質(zhì)點在R點的受力方向沿著電場線的切線方向,電場線與等勢面垂直,故質(zhì)點在R點的加速度方向與等勢面垂直;故D正確.12、BC【解析】
A、在v-t圖像中圖像包圍的面積即為運動的位移,所以0~6s內(nèi)物體位移大小,故A錯誤;B、在0~2s內(nèi),P-t圖象中圖線與時間軸所圍面積等于拉力做功為:,故B正確C、在0~6s內(nèi)和0~2s內(nèi)的動能變化量的大小是相等的,根據(jù)動能定理可知合外力在0~6s內(nèi)做的功與0~2s內(nèi)做的功相等,故C正確D、勻速階段,阻力等于拉力,所以物體運動時受到的阻力大小為,故D正確故選BCD二、實驗題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、保證小球做平拋運動的初速度相同1.60【解析】
(1)每次讓小球從同一位置由靜止釋放,目的是保證小球每次平拋運動的初速度相同;(2)根據(jù)得,小球平拋運動的初速度為14、間距相等釋放小車mhE-hc28T【解析】①平衡小車所受的阻力:不掛鉤碼,調(diào)整木板右端的高度,用手輕推小車,直到打點計時器打出一系間距相等的點。③打下D點時的速度vD=hE-hC2T,打下D點時的動能EKD=12拉力傳感器的讀數(shù)為F,計時器打下A點到打下D點過程中,細繩拉力對小車所做的功W=F(hD-hA)。
④由動能定理得:△EK=W,以A點到各個計數(shù)點動能的增量為縱坐標(biāo),以A點到各個計數(shù)點拉力對小車所做的功W為橫坐標(biāo),得到一條過原點的傾角為45°的直線,由此可以得到的結(jié)論是:外力所做的功,等于物體動能的變化
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