高二物理上學(xué)期期末模擬卷02（必修三全冊+選修一第一章）-【好題匯編】備戰(zhàn)2023-2024學(xué)年高二年級物理上學(xué)期期末真題分類匯編（上海專用滬科版2020）（原卷版）

高二物理上學(xué)期期末模擬卷02（必修三全冊+選修一第一章）（原卷版）一、單選題1．關(guān)于電磁波的發(fā)現(xiàn)及應(yīng)用、能量量子化，下列說法正確的是（）A．利用紅外線的熱效應(yīng)能殺菌消毒，夜視儀利用了紅外成像技術(shù)B．X射線具有輻射性，可用來通信和廣播C．能量量子化指能量的連續(xù)性，微觀粒子的能量值可以是任意值D．普朗克提出了能量子假說，解決了黑體輻射的理論困難，提出了“量子”概念2．a(chǎn)、b為電場中的兩個點，如果把的電荷從a點移動到b點，電場力對該電荷做了的正功，關(guān)于該電荷的電勢能，下列說法正確的是（

）A．減少了 B．增加了C．減少了 D．增加了3．如圖所示，質(zhì)量為m的小球在水平面內(nèi)作勻速圓周運動，細(xì)線長L，與豎直方向夾角為θ，線的拉力為F，小球作圓周運動的角速度為ω，周期為T，在時間內(nèi)質(zhì)點所受合力的沖量大小為（）A．0 B．C．2mωLsinθ D．2mωL4．下列做法，可節(jié)約用電的是（

）A．將LED更換為白熾燈B．電器長時間不用時，關(guān)閉其電源C．頻繁開關(guān)冰箱門D．炎熱夏天在辦公室使用空調(diào)時，溫度設(shè)置為18℃5．如圖所示，線圈abcd共有n匝，線圈平面的面積為S，線圈平面與水平方向的夾角線圈位于范圍足夠大、磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，下列說法正確的是（）A．通過線圈的磁通量為B．若線圈以cd為軸逆時針轉(zhuǎn)過30°，則通過線圈的磁通量為BSC．若線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過30°，則通過線圈的磁通量為D．若線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過180°，則通過線圈的磁通量的變化量為06．如圖甲所示，一塊均勻的長方體樣品甲，長為a、寬為b、厚為c，沿著CD方向測得的電阻為R；如圖乙所示，另一塊均勻的長方體樣品乙，長為d，寬為d，厚為c，甲、乙兩種樣品材料相同，下列說法正確的是（

）

A．兩塊樣品的電阻率為B．樣品甲沿AB方向的電阻為C．樣品乙沿GH方向的電阻為D．減小d，不改變c，樣品乙沿GH方向的電阻不變7．在如圖所示的電路中，電源電壓恒定為U，在將滑動變阻器R2的滑片P向左滑動時，小燈泡L1、L2的亮度變化情況是（）

A．兩個小燈泡都變暗 B．兩個小燈泡都變亮C．L1變暗、L2亮度不變 D．L1變亮、L2變暗8．如圖所示，L1、L2標(biāo)有“220V，100W”字樣，L3、L4標(biāo)有“220V，40W”字樣，現(xiàn)把A、B兩端接入電路，且4燈都能發(fā)光，則各燈實際功率的大小關(guān)系正確的是（）A． B．C． D．9．如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個小球A、B用長為L的輕質(zhì)細(xì)繩連接，B球穿在光滑水平細(xì)桿上，初始時刻，細(xì)繩處于水平狀態(tài)，將A、B由靜止釋放，空氣阻力不計。從釋放到A球運動到最低點的過程中，下列說法正確的是（）A．A、B組成的系統(tǒng)動量守恒B．A球運動到最低點時速度為C．A球機械能減小了D．A球運動到最低點時，細(xì)繩上的拉力大小為5mg10．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過等溫變化到狀態(tài)D，該變化過程的圖像為A→C→D，該過程中氣體對外界做的功為。該氣體也可以經(jīng)A→B→D過程從狀態(tài)A變化到狀態(tài)D，該過程中氣體對外界做的功為。下列說法正確的是（）

A．該氣體在A→C→D過程中從外界吸收的熱量小于B．該氣體在A→B→D過程中從外界吸收的熱量為C．該氣體在A→B→D過程中內(nèi)能增加了D．圖像中A→B→D→C→A圍成的面積為11．某一電場中的電場線和等勢面分布如圖所示，在電場中有三點，、間距離等于間距離。下列說法中正確的是（）A．點電場強度比點電場強度小B．正電荷在點的電勢能比在點的電勢能大C．、兩點間的電勢差大于兩點間的電勢差D．負(fù)電荷由向移動，靜電力做負(fù)功12．如圖所示電路，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，電壓表示數(shù)的變化量為、電流表示數(shù)的變化量為（電壓表電流表均為理想電表）則下列說法正確的是（）A．兩電表示數(shù)都增大B．電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C．D．二、填空題13．如圖所示，三個小球的質(zhì)量均用m表示，重力加速度為g，可認(rèn)為帶正電的物體A與小球在同一水平線上，增大或減小物體A所帶的電荷量，可表明，電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而，隨著距離的增大而（以上兩空選填“增大”、“減小”或“不變”）。

14．如圖所示，電阻與電動機串聯(lián)，電阻，電動機M的內(nèi)阻。如A、B電壓為，理想電壓表示數(shù)，則流過電動機的電流是A，電動機的輸出功率W。15．如圖所示，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導(dǎo)線，中的電流方向向左，中的電流方向向上；的正上方有a、b兩點，它們相對于對稱。整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強度大小為，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為和，方向也垂直于紙面向外。則流經(jīng)的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為，流經(jīng)的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為。16．如圖所示，圖中直線①表示某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，圖中曲線②表示該電源的輸出功率與電流的關(guān)系圖線，則電源的內(nèi)阻為Ω；當(dāng)電流為4A，輸出功率為120W時，此時電源的效率為。17．如圖所示，甲、乙兩車的質(zhì)量均為100kg，靜置在光滑的水平面上，兩車相距為L=5m。乙車上站立著一個質(zhì)量為50kg的人，他通過一條輕繩拉甲車，甲、乙兩車最后相接觸。在此過程中，甲、乙兩車的加速度之比為，甲車前進的距離為m。

三、解答題18．福建艦航空母艦是我國第一艘電磁彈射型平直甲板航空母艦，如圖所示。質(zhì)量為m的殲35艦載機在平直跑道上的起飛過程分兩個階段：第一階段，在電磁力、發(fā)動機推力和平均阻力的共同作用下，殲35以恒定的加速度做勻加速運動；第二階段，只在發(fā)動機推力和平均阻力的共同作用下再次做勻加速運動，該階段的加速度大小為a、加速時間為t。在跑道盡頭殲35剛好能起飛（剛好起飛理解為升力等于重力），升力與速度的關(guān)系為（k為比例常數(shù)且已知）。若電磁力、發(fā)動機推力和飛機受到的平均阻力均為恒力，重力加速度為g，求：（1）殲35起飛時的速度大??；（2）在第一階段內(nèi)，電磁力、發(fā)動機推力和平均阻力的合力對殲35的總沖量；（3）若殲35由于掛彈使總質(zhì)量增加了，只通過調(diào)整電磁力和發(fā)動機推力的大?。ㄆ骄枇θ圆蛔儯?，也能夠使飛機在跑道盡頭剛好起飛，推算動力系統(tǒng)額外多做的功。19．（1）如圖1所示，匝數(shù)為N、面積為S的閉合線圈abcd水平放置，與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場夾角為45°，現(xiàn)將線圈以ab邊為軸順時針轉(zhuǎn)動90°，求：整個過程中線圈的磁通量變化量；（2）如圖2所示，在直角三角形ABC的A點和B點分別固定一垂直紙面的無限長通電直導(dǎo)線，其中A點處導(dǎo)線方向垂直紙面向外，。已知通電直導(dǎo)線形成的磁場在空間某點處的磁感應(yīng)強度，k為比例系數(shù)，r為該點到導(dǎo)線的距離，I為導(dǎo)線中的電流強度。今測得C點的磁場沿BC方向向右，求：B點處導(dǎo)線中電流的方向以及AB兩點處導(dǎo)線中電流的大小之比。20．如圖甲所示，電源內(nèi)阻，、、均為定值電阻，，，為滑動變阻器，最大阻值為，電容器的電容，電表均為理想電表。閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片P，電路穩(wěn)定時讀出電壓表和電流表的示數(shù)，得到關(guān)系如圖乙所示。求：（1）電源的電動勢和的阻值；（2）當(dāng)滑片P移到正中間位置時，電容器上帶的電荷量；（3）滑片P從移到的過程中，滑動變阻器的最大功率。

高二物理上學(xué)期期末模擬卷02（必修三全冊選修一第一章）（解析版）未命名一、單選題1．關(guān)于電磁波的發(fā)現(xiàn)及應(yīng)用、能量量子化，下列說法正確的是（）A．利用紅外線的熱效應(yīng)能殺菌消毒，夜視儀利用了紅外成像技術(shù)B．X射線具有輻射性，可用來通信和廣播C．能量量子化指能量的連續(xù)性，微觀粒子的能量值可以是任意值D．普朗克提出了能量子假說，解決了黑體輻射的理論困難，提出了“量子”概念【答案】D【詳解】A．紫外線具有殺菌消毒的功能，紅外線不具有該功能，故A錯誤；B．X射線具有輻射性，不能用來通信和廣播，故B錯誤；C．能量量子化是指微觀粒子的能量值只能是一個最小能量單位的整數(shù)倍，是不連續(xù)性，故C錯誤；D．普朗克提出了能量子假說，不但解決了黑體輻射的理論困難，而且更重要的是提出了“量子”概念，揭開了物理學(xué)史上嶄新的一頁，故D正確。故選D。2．a(chǎn)、b為電場中的兩個點，如果把的電荷從a點移動到b點，電場力對該電荷做了的正功，關(guān)于該電荷的電勢能，下列說法正確的是（

）A．減少了 B．增加了C．減少了 D．增加了【答案】A【詳解】由可知，電場力對該電荷做了的正功，電勢能減少了。故選A。3．如圖所示，質(zhì)量為m的小球在水平面內(nèi)作勻速圓周運動，細(xì)線長L，與豎直方向夾角為θ，線的拉力為F，小球作圓周運動的角速度為ω，周期為T，在時間內(nèi)質(zhì)點所受合力的沖量大小為（）A．0 B．C．2mωLsinθ D．2mωL【答案】C【詳解】根據(jù)動量定理，則在時間內(nèi)質(zhì)點所受合力的沖量大小為故選C。4．下列做法，可節(jié)約用電的是（

）A．將LED更換為白熾燈B．電器長時間不用時，關(guān)閉其電源C．頻繁開關(guān)冰箱門D．炎熱夏天在辦公室使用空調(diào)時，溫度設(shè)置為18℃【答案】B【詳解】A．LED燈是將電能直接轉(zhuǎn)化為光能，能量利用率高，而白熾燈時通光電熱絲發(fā)熱而產(chǎn)生光能，更多的將電能轉(zhuǎn)化為了熱能，能量利用率低，因此，將LED更換為白熾燈更耗能，故A錯誤；B．電器長時間不用時，關(guān)閉其電源，避免能量損耗，故B正確；C．頻繁開關(guān)冰箱門，導(dǎo)致冰箱壓縮機頻繁啟動，浪費電能，故C錯誤；D．炎熱夏天在辦公室使用空調(diào)時，溫度設(shè)置為18℃，壓縮機會持續(xù)工作以達到設(shè)定溫度，從而消耗更多的電能，因此應(yīng)將溫度設(shè)定高些，故D錯誤。故選B。5．如圖所示，線圈abcd共有n匝，線圈平面的面積為S，線圈平面與水平方向的夾角線圈位于范圍足夠大、磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，下列說法正確的是（）A．通過線圈的磁通量為B．若線圈以cd為軸逆時針轉(zhuǎn)過30°，則通過線圈的磁通量為BSC．若線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過30°，則通過線圈的磁通量為D．若線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過180°，則通過線圈的磁通量的變化量為0【答案】B【詳解】A．通過線圈的磁通量為故A錯誤：B．若線圈以cd為軸逆時針轉(zhuǎn)過，線圈平面與磁場垂直，所以通過線圈的磁通量為故B正確；C．若線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過，線圈平面與磁場平行，通過線圈的磁通量為故C錯誤；D．若線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過180°，則通過線圈的磁通量則通過線圈的磁通量的變化量故D錯誤。故選B。6．如圖甲所示，一塊均勻的長方體樣品甲，長為a、寬為b、厚為c，沿著CD方向測得的電阻為R；如圖乙所示，另一塊均勻的長方體樣品乙，長為d，寬為d，厚為c，甲、乙兩種樣品材料相同，下列說法正確的是（

）

A．兩塊樣品的電阻率為B．樣品甲沿AB方向的電阻為C．樣品乙沿GH方向的電阻為D．減小d，不改變c，樣品乙沿GH方向的電阻不變【答案】B【詳解】A．設(shè)兩塊樣品的電阻率為，根據(jù)電阻定律得出樣品甲沿CD方向的電阻解得A錯誤；B．樣品甲沿AB方向的電阻結(jié)合綜合解得B正確；C．樣品乙沿GH方向的電阻結(jié)合綜合解得C錯誤；D．由可知樣品乙沿GH方向的電阻與無關(guān)，與有關(guān)，所以減小，不改變，沿GH方向的電阻不變，D錯誤。故選B。7．在如圖所示的電路中，電源電壓恒定為U，在將滑動變阻器R2的滑片P向左滑動時，小燈泡L1、L2的亮度變化情況是（）

A．兩個小燈泡都變暗 B．兩個小燈泡都變亮C．L1變暗、L2亮度不變 D．L1變亮、L2變暗【答案】C【詳解】將滑動變阻器R2的滑片P向左滑動時，電源電壓恒定為U，則L2兩端電壓保持不變，流過L2的電流不變，L2亮度不變，滑動變阻器接入電路的電阻減小，電路總電阻減小，總電流增大，則流過的支路電流增大，則兩端的電壓增大，L1兩端電壓減小，L1變暗。故選C。8．如圖所示，L1、L2標(biāo)有“220V，100W”字樣，L3、L4標(biāo)有“220V，40W”字樣，現(xiàn)把A、B兩端接入電路，且4燈都能發(fā)光，則各燈實際功率的大小關(guān)系正確的是（）A． B．C． D．【答案】D【詳解】根據(jù)可知，四個電阻關(guān)系為L2和L3并聯(lián)，則L1和L4串聯(lián)，電流相等，根據(jù)則由于干路電流大于支路電流，則，得故選D。9．如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個小球A、B用長為L的輕質(zhì)細(xì)繩連接，B球穿在光滑水平細(xì)桿上，初始時刻，細(xì)繩處于水平狀態(tài)，將A、B由靜止釋放，空氣阻力不計。從釋放到A球運動到最低點的過程中，下列說法正確的是（）A．A、B組成的系統(tǒng)動量守恒B．A球運動到最低點時速度為C．A球機械能減小了D．A球運動到最低點時，細(xì)繩上的拉力大小為5mg【答案】D【詳解】A．A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力，在豎直方向上受到細(xì)桿的彈力作用，所以A、B組成的系統(tǒng)動量不守恒，但A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，故A錯誤；B．A球運動到最低點時，根據(jù)A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒有根據(jù)A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒有聯(lián)立解得，A球運動到最低點時速度為故B錯誤；C．則A球減小的機械能為故C錯誤；D．A球運動到最低點時，A球相對于B球的速度為根據(jù)牛頓第二定律有解得，A球運動到最低點時，細(xì)繩上的拉力大小為故D正確。故選D。10．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過等溫變化到狀態(tài)D，該變化過程的圖像為A→C→D，該過程中氣體對外界做的功為。該氣體也可以經(jīng)A→B→D過程從狀態(tài)A變化到狀態(tài)D，該過程中氣體對外界做的功為。下列說法正確的是（）

A．該氣體在A→C→D過程中從外界吸收的熱量小于B．該氣體在A→B→D過程中從外界吸收的熱量為C．該氣體在A→B→D過程中內(nèi)能增加了D．圖像中A→B→D→C→A圍成的面積為【答案】D【詳解】A．由于從狀態(tài)A經(jīng)過等溫變化到狀態(tài)D，理想氣體內(nèi)能不變，體積變大對外做功，所以A→C→D過程中氣體對外界做的功為，由能量守恒知識可知氣體在A→C→D過程中從外界吸收的熱量等于，故A錯誤；BC．由于該氣體經(jīng)A→B→D過程從狀態(tài)A變化到狀態(tài)D，該過程中氣體對外界做的功為，由理想氣體狀態(tài)方程可知從狀態(tài)A變化到狀態(tài)D，兩個狀態(tài)的溫度相同，內(nèi)能相同，即內(nèi)能增加量為0，由能量守恒知識可知該氣體在A→B→D過程中從外界吸收的熱量為，故BC錯誤；D．由于A→C→D過程中氣體對外界做的功為，氣體經(jīng)A→B→D過程從狀態(tài)A變化到狀態(tài)D，該過程中氣體對外界做的功為，且A→B→D→C→A最終回到狀態(tài)A，圖像與橫軸圍成的面積表示對外做功，所以圖像中A→B→D→C→A圍成的面積為，故D正確。故選D。11．某一電場中的電場線和等勢面分布如圖所示，在電場中有三點，、間距離等于間距離。下列說法中正確的是（）A．點電場強度比點電場強度小B．正電荷在點的電勢能比在點的電勢能大C．、兩點間的電勢差大于兩點間的電勢差D．負(fù)電荷由向移動，靜電力做負(fù)功【答案】C【詳解】A．根據(jù)電場線越密電場強度越大，由圖可知，點電場強度比點電場強度大，故A錯誤；B．根據(jù)沿電場線方向電勢降低，由圖可知，點電勢低于點，由公式可知，正電荷在處電勢能小于處，故B錯誤；C．根據(jù)可知，由于間場強大于間場強，則電勢差大于電勢差，故C正確；D．負(fù)電荷由向移動，電場力做正功，故D錯誤。故選C。12．如圖所示電路，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，電壓表示數(shù)的變化量為、電流表示數(shù)的變化量為（電壓表電流表均為理想電表）則下列說法正確的是（）A．兩電表示數(shù)都增大B．電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C．D．【答案】C【詳解】AB．在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，變阻器接入電路的電阻增大，R2與變阻器并聯(lián)的總電阻增大，則外電路總電阻增大，總電流I減小，電壓表示數(shù)為可知電壓表示數(shù)增大，通過R2的電流增大，而總電流減小，所以電流表的示數(shù)減少，故AB錯誤；CD．將電路看出兩部分，即將R3看作一部分，其余電阻全部等效為電源內(nèi)阻。根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電壓表的示數(shù)變化量為R3兩端的電壓變化量，其絕對值也等于等效內(nèi)阻的電壓變化量。故與電流表的示數(shù)變化量絕對值之比等于電源等效內(nèi)阻，即，故C正確，D錯誤。故選C。二、填空題13．如圖所示，三個小球的質(zhì)量均用m表示，重力加速度為g，可認(rèn)為帶正電的物體A與小球在同一水平線上，增大或減小物體A所帶的電荷量，可表明，電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而，隨著距離的增大而（以上兩空選填“增大”、“減小”或“不變”）。

【答案】增大減小【詳解】[1][2]根據(jù)庫侖定律可知，荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而增大，隨著距離的增大而減小。【點睛】根據(jù)庫侖定律進行分析即可。14．如圖所示，電阻與電動機串聯(lián)，電阻，電動機M的內(nèi)阻。如A、B電壓為，理想電壓表示數(shù)，則流過電動機的電流是A，電動機的輸出功率W。【答案】0.57【詳解】[1]因為電阻與電動機串聯(lián)，所以流過電動機的電流等于流過電阻的電流，即[2]電動機的輸出功率為15．如圖所示，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導(dǎo)線，中的電流方向向左，中的電流方向向上；的正上方有a、b兩點，它們相對于對稱。整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強度大小為，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為和，方向也垂直于紙面向外。則流經(jīng)的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為，流經(jīng)的電流在b點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為?！敬鸢浮俊驹斀狻縖1][2]整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強度大小為B0，方向垂直于紙面向外，且a、b兩點的磁感應(yīng)強度大小分別為B0和B0，方向也垂于紙面向外，根據(jù)右手螺旋定則，L1直導(dǎo)線電流，在a、b兩點磁場方向垂直紙面向里，大小相等，設(shè)其大小分別為B1a，B1b；同理，L2直導(dǎo)線的電流，在a點磁場方向垂直紙面向里，在b點磁場方向垂直紙面向外，但兩點的磁場大小相等，設(shè)其大小分別為B2a，B2b；依據(jù)矢量疊加法則，因a點的磁感應(yīng)強度大小為B0，則有同理聯(lián)立上式，可解得16．如圖所示，圖中直線①表示某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，圖中曲線②表示該電源的輸出功率與電流的關(guān)系圖線，則電源的內(nèi)阻為Ω；當(dāng)電流為4A，輸出功率為120W時，此時電源的效率為。【答案】560％【詳解】[1]由閉合電路歐姆定律有得可見圖線的縱截距是電源電動勢大小圖線的斜率的絕對值表示電源內(nèi)阻[2]當(dāng)電流為4A，電源總功率為即電源效率為17．如圖所示，甲、乙兩車的質(zhì)量均為100kg，靜置在光滑的水平面上，兩車相距為L=5m。乙車上站立著一個質(zhì)量為50kg的人，他通過一條輕繩拉甲車，甲、乙兩車最后相接觸。在此過程中，甲、乙兩車的加速度之比為，甲車前進的距離為m。

【答案】3:23【詳解】[1]依題意，兩車所受合力大小相等，設(shè)為F，根據(jù)牛頓第二定律，可得則有[2]依題意，系統(tǒng)動量守恒，取向右為正方向，則有設(shè)兩車運動的距離為和，有又聯(lián)立，解得三、解答題18．福建艦航空母艦是我國第一艘電磁彈射型平直甲板航空母艦，如圖所示。質(zhì)量為m的殲35艦載機在平直跑道上的起飛過程分兩個階段：第一階段，在電磁力、發(fā)動機推力和平均阻力的共同作用下，殲35以恒定的加速度做勻加速運動；第二階段，只在發(fā)動機推力和平均阻力的共同作用下再次做勻加速運動，該階段的加速度大小為a、加速時間為t。在跑道盡頭殲35剛好能起飛（剛好起飛理解為升力等于重力），升力與速度的關(guān)系為（k為比例常數(shù)且已知）。若電磁力、發(fā)動機推力和飛機受到的平均阻力均為恒力，重力加速度為g，求：（1）殲35起飛時的速度大小；（2）在第一階段內(nèi)，電磁力、發(fā)動機推力和平均阻力的合力對殲35的總沖量；（3）若殲35由于掛彈使總質(zhì)量增加了，只通過調(diào)整電磁力和發(fā)動機推力的大小（平均阻力仍不變），也能夠使飛機在跑道盡頭剛好起飛，推算動力系統(tǒng)額外多做的功。【答案】（1）；（2）；（3）【詳解】（1）殲35起飛時，升力等于重力，即則殲35起飛時的速度大小為（2）設(shè)第一階段的末速度為，則有解得，第一階段的末速度為則根據(jù)動量定理有解得，在第一階段內(nèi)，電磁力、發(fā)動機推力和平均阻力的合力對殲35的總沖量為（3）沒有掛彈時，根據(jù)