復(fù)習(xí)22 牛頓定律部分6-2020-2021學(xué)年高一物理寒假全能突破總復(fù)習(xí)

試卷第=page11頁(yè)，總=sectionpages66頁(yè)試卷第=page22頁(yè)，總=sectionpages44頁(yè)復(fù)習(xí)22牛頓定律部分6-2020-2021學(xué)年高一物理寒假全能突破總復(fù)習(xí)（人教版）目錄小專題4 2連接體模型（2） 2含有懸掛小球的連接體問題 2加速度不同的連接體 3質(zhì)點(diǎn)系牛頓第二定律 5

小專題4連接體模型（2）含有懸掛小球的連接體問題1．（多選）如圖所示，小車分別以加速度a1、a2、a3、a4向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，bc是固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上，M通過細(xì)線懸吊著小物體m，m在小車的水平底板上，加速度為a1、a2時(shí)，細(xì)線在豎直方向上，全過程中M始終未相對(duì)桿bc移動(dòng)，M、m與小車保持相對(duì)靜止，M受到的摩擦力大小分別為f1、f2、f3、f4，則以下結(jié)論正確的是()A．若，則 B．若，則C．若，則 D．若，則2．如圖所示，車內(nèi)AB與BC拴住一小球，BC水平，車由原來(lái)的靜止?fàn)顟B(tài)變?yōu)橄蛴易黾铀僦本€運(yùn)動(dòng)，小球仍處于圖中所示的位置，則（）A．AB繩拉力不變，BC繩拉力變大B．AB繩拉力變大，BC繩拉力不變C．AB繩拉力變小，BC繩拉力變大D．AB繩、BC繩子拉力都變大3．如圖所示用輕質(zhì)彈簧將一小球懸掛在小車的架子上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)使小車向左加速，加速度從零開始逐漸增大到某一值，然后保持此值，小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度（彈簧在彈性限度內(nèi)），與靜止時(shí)相比，小球的高度（）A．一定升高B．一定降低C．保持不變D．升高或降低由彈簧的勁度系數(shù)決定4．如圖，質(zhì)量為M的纜車車廂通過懸臂固定懸掛在纜繩上，車廂水平底板上放置一質(zhì)量為m的貨物，在纜繩牽引下貨物隨車廂一起斜向上加速運(yùn)動(dòng)。若運(yùn)動(dòng)過程中懸臂和車廂始終處于豎直方向，重力加速度大小為g，則（）A．車廂對(duì)貨物的作用力大小等于mgB．車廂對(duì)貨物的作用力方向平行于纜繩向上C．懸臂對(duì)車廂的作用力大于(M+m)gD．懸臂對(duì)車廂的作用力方向沿懸臂豎直向上加速度不同的連接體1．（多選）帶滑輪的平板C固定在水平桌面上，小車A通過繞過滑輪的輕繩與物體B相連，如圖所示。平板C上表面光滑，A的質(zhì)量為m，物體B的質(zhì)量為M，設(shè)繩中張力為FT，在每次進(jìn)行改變質(zhì)量的操作后都由靜止釋放小車，則對(duì)FT相應(yīng)變化的判斷成立的是（）A．當(dāng)m不變，M逐次增大時(shí)，F(xiàn)T增大，且大小趨向于MgB．當(dāng)m不變，M逐次減小時(shí)，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgC．當(dāng)M不變，m逐次增大時(shí)，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgD．當(dāng)M不變，m逐次減小時(shí)，F(xiàn)T減小，且大小趨向于mg2．如圖所示，一只質(zhì)量為m的小猴子，抓住用細(xì)繩吊在天花板上的根質(zhì)量為

M的豎直木桿。當(dāng)懸繩突然斷裂時(shí)，小猴子急速沿桿向上爬，以保持它離地面的高度不變，則木桿下降的加速度（）A． B． C． D．3．如圖所示：一個(gè)質(zhì)量為M的倒“日”字木框中間套有一質(zhì)量為m的圓環(huán)靜止放在水平面上，現(xiàn)給圓環(huán)一向上初速度v，當(dāng)圓環(huán)向上運(yùn)動(dòng)過程中，木框恰好對(duì)地面無(wú)壓力，則此時(shí)圓環(huán)的加速度為（）A．0 B．g C． D．4．如圖甲所示，在傾角為θ=的光滑斜面上有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量為mA=5kg、mB=3kg，C為一固定擋板，整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面向上的力F拉物塊A，使之沿斜面向上做加速度為4m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。選定A的起始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)（g=10m/s2），從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛好要離開固定擋板C的瞬間這個(gè)過程中，乙圖中能正確描繪力F與木塊A的位移x之間關(guān)系的圖象是（）A． B．C． D．質(zhì)點(diǎn)系牛頓第二定律1．如圖所示，質(zhì)量M的木塊置于小車光滑的水平上表面上，跨過光滑定滑輪的細(xì)繩一端水平連接木塊，另一端豎直懸掛質(zhì)量m的物塊，且m貼著小車光滑豎直右壁，當(dāng)小車水平向右作加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，M、m能與小車保持相對(duì)靜止，則加速度a、細(xì)繩的拉力T及m所受合力F為（）A． B．C．F=0 D．2．如圖所示，質(zhì)量為M的光滑斜面體上有一質(zhì)量為m的木塊沿斜面勻加速下滑，斜面體靜止不動(dòng)，則斜面體對(duì)地面的壓力應(yīng)（）A．等于（M+m）g B．大于（M+m）g C．小于（M+m）g D．無(wú)法確定【名師點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵對(duì)斜面體和滑塊整體受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式分析，也可以采用隔離法，先后研究滑塊和斜面體．3．如圖所示，質(zhì)量為M的框架放在水平地面上，一輕質(zhì)彈簧上端固定在框架上，下端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球上下振動(dòng)時(shí)，框架始終沒有跳起，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)加速度為a時(shí)，框架對(duì)地面的壓力為()A．Mg+ma B．Mg-maC．(M+m)g+ma D．(M+m)g-ma復(fù)習(xí)22牛頓定律部分6-2020-2021學(xué)年高一物理寒假全能突破總復(fù)習(xí)（人教版）目錄小專題4 2連接體模型（2） 2含有懸掛小球的連接體問題 2加速度不同的連接體 6質(zhì)點(diǎn)系牛頓第二定律 9

小專題4連接體模型（2）含有懸掛小球的連接體問題1．（多選）如圖所示，小車分別以加速度a1、a2、a3、a4向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，bc是固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上，M通過細(xì)線懸吊著小物體m，m在小車的水平底板上，加速度為a1、a2時(shí)，細(xì)線在豎直方向上，全過程中M始終未相對(duì)桿bc移動(dòng)，M、m與小車保持相對(duì)靜止，M受到的摩擦力大小分別為f1、f2、f3、f4，則以下結(jié)論正確的是()A．若，則 B．若，則C．若，則 D．若，則【答案】CD【解析】在第一、二兩幅圖中，M水平方向只受摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律得，在第三、四兩幅圖中，對(duì)M和m組成的系統(tǒng)來(lái)分析，根據(jù)牛頓第二定律可知，A．如果解得故A錯(cuò)誤；B．如果則故B錯(cuò)誤；C．若則故C正確；D．對(duì)m受力分析可知若可得故D正確。故選CD。2．如圖所示，車內(nèi)AB與BC拴住一小球，BC水平，車由原來(lái)的靜止?fàn)顟B(tài)變?yōu)橄蛴易黾铀僦本€運(yùn)動(dòng)，小球仍處于圖中所示的位置，則（）A．AB繩拉力不變，BC繩拉力變大B．AB繩拉力變大，BC繩拉力不變C．AB繩拉力變小，BC繩拉力變大D．AB繩、BC繩子拉力都變大【答案】A【解析】對(duì)球受力分析，受重力、AB繩子的拉力FT1，BC繩子的拉力FT2，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有水平方向豎直方向解得，靜止時(shí)加速度為零，故向右加速后，AB繩子的拉力不變，BC繩子的拉力變大故選A。3．如圖所示用輕質(zhì)彈簧將一小球懸掛在小車的架子上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)使小車向左加速，加速度從零開始逐漸增大到某一值，然后保持此值，小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度（彈簧在彈性限度內(nèi)），與靜止時(shí)相比，小球的高度（）A．一定升高B．一定降低C．保持不變D．升高或降低由彈簧的勁度系數(shù)決定【答案】A【解析】設(shè)L0為橡皮筋的原長(zhǎng)，k為橡皮筋的勁度系數(shù)，小車靜止時(shí)，對(duì)小球受力分析得T1=mg彈簧的伸長(zhǎng)量為x1=即小球與懸掛點(diǎn)的距離為L(zhǎng)1=L0+當(dāng)小車的加速度穩(wěn)定在一定值時(shí)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析如圖得T2cosα=mg，T2sinα=ma所以有T2=彈簧的伸長(zhǎng)量為x2=則小球與懸掛點(diǎn)的豎直方向的距離為L(zhǎng)2=（L0+）cosα=L0cosα+＜L0+=L1所以L1＞L2，即小球在豎直方向上到懸掛點(diǎn)的距離減小，所以小球一定升高，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。4．如圖，質(zhì)量為M的纜車車廂通過懸臂固定懸掛在纜繩上，車廂水平底板上放置一質(zhì)量為m的貨物，在纜繩牽引下貨物隨車廂一起斜向上加速運(yùn)動(dòng)。若運(yùn)動(dòng)過程中懸臂和車廂始終處于豎直方向，重力加速度大小為g，則（）A．車廂對(duì)貨物的作用力大小等于mgB．車廂對(duì)貨物的作用力方向平行于纜繩向上C．懸臂對(duì)車廂的作用力大于(M+m)gD．懸臂對(duì)車廂的作用力方向沿懸臂豎直向上【答案】C【解析】A．車廂和貨物一起具有沿斜面向上的加速度，可以分解為豎直向上的加速度a1和水平向右的加速度a2，因此在對(duì)車廂在豎直方向有水平方向有車廂對(duì)貨物的作用力大于貨物的重力，A錯(cuò)誤；B．車廂對(duì)貨物的作用力有兩個(gè)，一個(gè)是豎直向上的支持力，另一個(gè)是水平向前的靜摩擦力，支持力、摩擦力和貨物的重力三個(gè)力的合力平行于纜繩向上，B錯(cuò)誤；CD．懸臂對(duì)車廂的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上，同理有豎直方向水平方向C正確，D錯(cuò)誤。故選C。加速度不同的連接體1．（多選）帶滑輪的平板C固定在水平桌面上，小車A通過繞過滑輪的輕繩與物體B相連，如圖所示。平板C上表面光滑，A的質(zhì)量為m，物體B的質(zhì)量為M，設(shè)繩中張力為FT，在每次進(jìn)行改變質(zhì)量的操作后都由靜止釋放小車，則對(duì)FT相應(yīng)變化的判斷成立的是（）A．當(dāng)m不變，M逐次增大時(shí)，F(xiàn)T增大，且大小趨向于MgB．當(dāng)m不變，M逐次減小時(shí)，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgC．當(dāng)M不變，m逐次增大時(shí)，F(xiàn)T減小，且大小趨向于MgD．當(dāng)M不變，m逐次減小時(shí)，F(xiàn)T減小，且大小趨向于mg【答案】BD【解析】分別對(duì)A、B進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得FT＝maMg－FT＝Ma解得A．當(dāng)m不變，由于，M增大會(huì)使得FT增大，當(dāng)M遠(yuǎn)大于m時(shí)，F(xiàn)T大小趨向于mg，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)m不變，由于，M逐次減小時(shí)，F(xiàn)T減小，由于，當(dāng)M趨向于零時(shí)，F(xiàn)T大小趨向于Mg，故B正確；C．當(dāng)M不變，由于，m增大會(huì)使得FT增大，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)M不變，由于，m逐次減小，F(xiàn)T減小；同時(shí)根據(jù)，如果m趨向于零，F(xiàn)T大小趨向于mg，故D正確。故選BD。2．如圖所示，一只質(zhì)量為m的小猴子，抓住用細(xì)繩吊在天花板上的根質(zhì)量為

M的豎直木桿。當(dāng)懸繩突然斷裂時(shí)，小猴子急速沿桿向上爬，以保持它離地面的高度不變，則木桿下降的加速度（）A． B． C． D．【答案】C【解析】猴子處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，則f=mg，摩擦力方向向上；

對(duì)桿子進(jìn)行受力分析，受到重力Mg，猴子對(duì)桿的摩擦力f，方向向下，根據(jù)牛頓第二定律得：f+Mg=Ma解得A．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；3．如圖所示：一個(gè)質(zhì)量為M的倒“日”字木框中間套有一質(zhì)量為m的圓環(huán)靜止放在水平面上，現(xiàn)給圓環(huán)一向上初速度v，當(dāng)圓環(huán)向上運(yùn)動(dòng)過程中，木框恰好對(duì)地面無(wú)壓力，則此時(shí)圓環(huán)的加速度為（）A．0 B．g C． D．【答案】D【解析】對(duì)木框進(jìn)行受力分析，木框恰好對(duì)地面無(wú)壓力，所以木框受到重力和圓環(huán)對(duì)它向上的摩擦力，合力等于零；對(duì)圓環(huán)進(jìn)行受力分析，它受到重力和向下的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律即可求出其加速度．木框恰好對(duì)地面無(wú)壓力，所以Mg=f對(duì)圓環(huán)進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得：mg+f=ma解得：a==A.0與分析結(jié)果不符，故A錯(cuò)誤。B.g與分析結(jié)果不符，故B錯(cuò)誤。C.與分析結(jié)果不符，故C錯(cuò)誤。D.與分析結(jié)果相符，故D正確。4．如圖甲所示，在傾角為θ=的光滑斜面上有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量為mA=5kg、mB=3kg，C為一固定擋板，整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)用一沿斜面向上的力F拉物塊A，使之沿斜面向上做加速度為4m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。選定A的起始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)（g=10m/s2），從力F剛作用在木塊A的瞬間到B剛好要離開固定擋板C的瞬間這個(gè)過程中，乙圖中能正確描繪力F與木塊A的位移x之間關(guān)系的圖象是（）A． B．C． D．【答案】C【解析】整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)對(duì)A有0時(shí)刻對(duì)A，由牛頓第二定律有對(duì)A，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)之前，得對(duì)A，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)到B剛好離開C過程中有得B剛好要離開固定擋板C時(shí)有對(duì)B有解得故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。質(zhì)點(diǎn)系牛頓第二定律1．如圖所示，質(zhì)量M的木塊置于小車光滑的水平上表面上，跨過光滑定滑輪的細(xì)繩一端水平連接木塊，另一端豎直懸掛質(zhì)量m的物塊，且m貼著小車光滑豎直右壁，當(dāng)小車水平向右作加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，M、m能與小車保持相對(duì)靜止，則加速度a、細(xì)繩的拉力T及m所受合力F為（）A． B．C．F=0 D．【答案】A【解析】ABCD．M、m能與小車保持相對(duì)靜止，在豎直方向上，m受力平衡，即則M的加速度即m所受的合外力所以A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。2．如圖所示，質(zhì)量為M的光滑斜面體上有一質(zhì)量為m的木塊沿斜面勻加速下滑，斜面體靜止不動(dòng)，則斜面體對(duì)地面的壓力應(yīng)（）A．等于（M+m）g B．大于（M+m）g C．小于（M+m）g D．無(wú)法確定【答案】C【解析】對(duì)斜面體和滑塊整體，受重力、地面的支持力、地面對(duì)其向右的靜摩擦力，對(duì)整體運(yùn)用牛頓第二定律列式分析即可．由題，斜面是光滑的，則由牛頓第二定律可得物體m下滑時(shí)加速度大小為a=gsinθ．對(duì)整體進(jìn)行研究，分析受力情況，作出力的示意圖將m的加速度a分解為水平和豎直兩個(gè)方向，根據(jù)牛頓第二定律有：豎直方向：（M+m）g-N=masinθ＞0，則N＜（M+m）g，所以斜面體受地面的支持力小于（M+m）g．故選C．【名師點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵對(duì)斜面體和