高考物理總復(fù)習(xí)選擇題練習(xí)

選擇題增分練（一）

（滿分48分24分鐘）

說明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一項符合

題目要求，第6?8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有

選錯的得0分.

1.下列敘述正確的是（）

A.若鈾235的體積超過它的臨界體積，裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)就能夠發(fā)生

B.根據(jù)玻爾理論，在氫原子中，電子吸收光子從低能級躍遷到高能級，電子的能量變

大，動能也變大

C.只要入射光的強(qiáng)度足夠強(qiáng)，照射時間足夠長，就一定能產(chǎn)生光電效應(yīng)

D.核反應(yīng)的實質(zhì)是粒子對核撞擊而打出新粒子使核變?yōu)樾潞?/p>

解析：選A.只要鈾235的體積超過它的臨界體積，就能產(chǎn)生裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，A正確；

在氫原子中，電子吸收光子從低能級躍遷到高能級，電子的能量變大，軌道半徑變大，電勢

能變大，但動能變小，B錯誤；某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于入射光的頻率，選項C錯

誤；核反應(yīng)是原子核在其他粒子的轟擊下產(chǎn)生新原子核的過程，并不一定打出新粒子，D錯

誤；故選A.

2.一小球做自由落體運動，落地前最后1s內(nèi)的位移為45m,已知重力加速度g取10

m/s2,則該小球下落過程中的平均速度為（）

A.45m/sB.35m/s

C.25m/sD.22.5m/s

x

解析：選C.由平均速度的定義式可知，最后1s的平均速度為y=i=45m/s,勻變速

運動中平均速度等于時間中點的瞬時速度，設(shè)下落總時間為7,則g（7—0.5s）=45m/s,

解得7=5s,全程的平均速度等于時間中點的瞬時速度，即2.5s時的瞬時速度v=gt'=

10X2.5m/s=25m/s,C正確.

3.如圖所示，帶電荷量為一°的均勻帶電半球殼的半徑為此力為通c

過半球頂點C與球心。的軸線，P、。為切軸上在。點兩側(cè)離。點距離相,\^\

等的兩點，如果是均勻帶電球殼，其內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電勢都相等，L\o

I-

:Q

則下列判斷正確的是（

\D

A.P、0兩點的電勢、電場強(qiáng)度均相同

B.P、0兩點的電勢不同，電場強(qiáng)度相同

C.P、0兩點的電勢相同、電場強(qiáng)度等大反向

D.在。點由靜止釋放一帶負(fù)電的微粒（重力不計），微粒將做勻加速直線運動

解析：選B.半球殼帶負(fù)電，因此在切上電場線沿加方向向上，所以戶點電勢一定低

于0點電勢，A、C錯誤；若在。點的下方再放置一同樣的半球殼組成一完整的球殼，則人

0兩點的電場強(qiáng)度均為零，即上、下半球殼在戶點的電場強(qiáng)度大小相等方向相反，由對稱性

可知上半球殼在尸點與在。點的電場強(qiáng)度大小相等方向相同，B正確；在0點由靜止釋放一

帶負(fù)電微粒，微粒一定做變加速運動，D錯誤.

4.如圖所示，以MN、制為邊界的區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的

勻強(qiáng)磁場，磁場寬為2/，高為/的正三角形閉合金屬框由粗細(xì)均勻

的電阻絲圍成，在外力作用下由圖示位置被水平向右勻速拉過磁場

區(qū)域，a6邊平行仞V且垂直金屬框運動方向，取逆時針方向為電流

的正方向，則金屬框中的感應(yīng)電動勢￡、感應(yīng)電流/,所施加的外力

尸及外力的功率P隨位移x的變化關(guān)系圖正確的是（）

解析：選B.金屬框進(jìn)入磁場的過程中，穿過金屬框的磁通量增加，由楞次定律可知此

過程中感應(yīng)電流為逆時針方向，而此過程金屬框切割磁感線的有效長度tan30。且

均勻增加，完全進(jìn)入磁場后，穿過金屬框的磁通量不變，回路中無感應(yīng)電流和感應(yīng)電動勢，

寸FVXV

排除A選項；0?/位移內(nèi)，因金屬框做勻速直線運動，所以尸外=尸安=以7===1^

nK

tan2300,即外力隨位移的增大而非線性增大，排除C選項；0?/位移內(nèi)，外力的功率產(chǎn)

=戶外〃=絲產(chǎn)tar?30。，即外力的功率隨位移的增大而非線性增大，排除D選項；所以B

n

選項正確.

5.如圖甲所示，升降機(jī)內(nèi)固定著一個傾角為30。的光滑斜面，斜面底端安裝一個能顯

示彈簧作用力的傳感器，以彈簧受壓時傳感器示數(shù)為正，傳感器通過一根輕彈簧連接著一個

質(zhì)量為2勿的金屬球.運動中的升降機(jī)突然停止，以停止運動為計時起點，在此后的一段時

間內(nèi)傳感器上顯示的彈力隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示,且金屬球運動過程中彈簧始終在彈

性限度內(nèi)，則下列說法中正確的是（

0

以￡5tf>t

-0.5mg\

A.升降機(jī)在停止運動前是向上運動的

B.0?心時間段內(nèi)金屬球做減速運動

C.A?益時間段內(nèi)金屬球處于超重狀態(tài)

D.友和匕兩時刻金屬球的加速度和速度的大小均相同

解析：選D.由于升降機(jī)停止運動前傳感器的示數(shù)為0,表明彈簧處于原長狀態(tài)，即升降

機(jī)有向下的加速度g,而0?小時間段內(nèi)示數(shù)增加，說明彈簧被壓縮，即升降機(jī)突然停下后

金屬球由于慣性而向下運動，故停止前升降機(jī)是向下運動的，A錯誤；0?立時間段內(nèi)彈簧的

形變量逐漸增大，但當(dāng)尸=儂時金屬球所受的合外力為0,即金屬球前一段做加速度逐漸減

小的加速運動，后一段做加速度逐漸增大的減速運動，B錯誤；心?益時間段可分為兩段，

戶=儂時金屬球的加速度為0,前一段時間金屬球加速度向上并處于超重狀態(tài)，后一段時間

金屬球加速度向下并處于失重狀態(tài)，C錯誤；友和勿兩時刻彈簧的形變量均為0,金屬球在

斜面方向上只有重力的分力產(chǎn)生加速度，故兩時刻的加速度相同，又由于斜面光滑，系統(tǒng)的

機(jī)械能守恒，因此兩個時刻速度的大小相等，但友時刻金屬球沿斜面向上運動，而友時刻

金屬球沿斜面向下運動，二者的方向不同，D正確.

6.一電子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能笈隨［心

位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0?荀段是曲線，為?劉段是平行于\\

X軸的直線，X2?覆段是傾斜直線，下列說法正確的是（）L―：_i

0XlX2X3

A.從。到E電勢逐漸降低

B.上2處的電勢比矛3處高

c.X1~X2段電場強(qiáng)度為零

D.X2?矛3段的電場強(qiáng)度減小

△p

解析：選AC.由卜及=-W電=—qEx,即仄;=。后即瓦-x圖象中的斜率表示電子受的

電場力，所以C項正確，D項錯誤；因為0=2,可知0?為電勢逐漸降低，A項正確；B

-e

項錯誤；故正確選項為AC.

7.如圖所示，足夠長的木板尸靜止于光滑水平面上，小滑塊。位于木板戶的最右端，

木板尸與小滑塊。之間的動摩擦因數(shù)〃=0.2,木板尸與小滑塊。質(zhì)量相等，均為勿=1kg.

用大小為6N、方向水平向右的恒力尸拉動木板戶加速運動1s后將其撤去，系統(tǒng)逐漸達(dá)到

穩(wěn)定狀態(tài)，已知重力加速度g取10m/s,,下列說法正確的是（）

A.木板尸與小滑塊0所組成的系統(tǒng)的動量增加量等于拉力廠的沖量

B.拉力戶做功為6J

C.小滑塊0的最大速度為3m/s

D.整個過程中，系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量為3J

解析：選ACD.對系統(tǒng)由動量定理得尸力共，即木板戶與小滑塊0所組成

系統(tǒng)的動量增加量一定等于拉力戶的沖量，A正確；若木板尸與小滑塊0相對靜止一起加速

運動，則拉力尸不能超過上2R=4N,拉力廣為6N大于4N,故二者發(fā)生相對滑動，

m

對木板尸由牛頓第二定律分一〃儂=甌解得a=4m/s2.1s內(nèi)木板尸的位移入=%/=2m,

拉力尸做功『=&=12J,B錯誤；二者共速時，小滑塊0的速度最大，F(xiàn)t=2mv共,/共=3

m/s,C正確；整個過程中，對系統(tǒng)由能量守恒可知勿=（X2必謙+Q.解得g3J,D正確.

8.矩形邊界/靦內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為夕的勻強(qiáng)磁場，方向垂直A________________B

??

IXXXXX?

紙面向里，長為2乙4?長為從"?的中點￡發(fā)射各種速率的粒

ikxxxx!

子，方向與/〃成30°角，粒子帶正電，電量為0質(zhì)量為加不計粒/C

子重力與粒子間的相互作用，下列判斷正確的是（）

A.粒子可能從勿邊離開

B.經(jīng)過4?邊的粒子最小速度為苧

C.經(jīng)過么?邊的粒子最大速度為四

m

D.4?邊上有粒子經(jīng)過的區(qū)域長度為座+11

解析：選CD.最有可能從正邊離開的粒子應(yīng)與小邊相切，設(shè)半徑為八圓心為4,由

幾何知識知risin30°

=乎乙所

所以力=￡,即。應(yīng)在Z6邊上，則。尸應(yīng)為半徑_n=￡,而a/=Ticos30°

以a/+a-+牛/<2乙所以粒子不可能從理邊離開；且上述情況為經(jīng)月合邊的粒子半

徑最大的情況，由-薩，v.=-選項A錯誤、c正確，當(dāng)粒子與相相切時，速度最

小，圓心為半徑為力，則有_T2+r2sin30°=!，故々=!，又因為力=華，所以吸=

23qb

警為最小速度,選項B錯誤，4?上切點〃與點尸之間的長度為粒子經(jīng)過的區(qū)域，1'=n

6m

+ncos30°—r2cos30°=￡+坐（￡一金=（坐+1]/,故D項正確.

選擇題增分練（二）

（滿分48分24分鐘）

說明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一項符合

題目要求，第6?8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有

選錯的得0分.

1.氫原子的能級示意圖如圖所示，現(xiàn)有大量的氫原子處于〃=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級

躍遷時，會輻射出若干種不同頻率的光，若用這些光照射逸出功為4.5eV的鴇時，下列說

法中正確的是（）0E/eV

8------------0

A.氫原子能輻射4種不同頻率的光子4--------------0.85

3--------------1.51

B.氫原子輻射的光子都能使鴇發(fā)生光電效應(yīng)23,4

C.氫原子輻射一個光子后，氫原子的核外電子的速率增大113.6

D.鴇能吸收兩個從〃=4向〃=2能級躍遷的光子而發(fā)生光電效應(yīng)

解析：選C.氫原子從77=4能級向低能級躍遷時能輻射6種不同頻率的光子.從77=4

到〃=3躍遷輻射出的光子能量&=（1.51—0.85）eV=0.66eV<4.54eV,故不能使鴇發(fā)生

光電效應(yīng)；氫原子輻射一個光子后，能級降低，半徑變小，動能變大，速率增大；金屬發(fā)生

光電效應(yīng)時，不能同時吸收兩個光子；綜上述選項C正確.

2.如圖所示，一定質(zhì)量的小物體（可視為質(zhì)點）用輕質(zhì)細(xì)線固定懸掛在忽忽

天花板上.在水平拉力廠作用下，當(dāng)細(xì)線與豎直方向夾角為30。時小物體

恰能處于平衡狀態(tài).若對小物體施加同樣大小的拉力，方向垂直于細(xì)線，仍

然使物體處于平衡狀態(tài).則下列說法中正確的是（）

A.小物體所受到的重力大小為6

B.當(dāng)施加水平方向作用力時細(xì)線受到沿線方向的拉力大小等于出廠

C.當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉力時，細(xì)線受到沿線方向的拉力大小等于2尸

D.當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉力時，細(xì)線與豎直方向的夾角大于60°

解析：選A.對小物體受力分析，根據(jù)平衡條件可得tan30°=

AAsin30°=F,解得小物體所受到的重力大小儂=血，細(xì)線受V

到沿線方向的拉力大小廳=.=2F,故A正確，B錯誤；當(dāng)施ifF

加垂直于細(xì)線方向的拉力時，根據(jù)平衡條件可得R=7（儂）2—）=Img

小F,解得細(xì)線受到沿線方向的拉力大小片=/凡故C錯誤；當(dāng)施加垂直于細(xì)線方向的拉

力時，細(xì)線與豎直方向的夾角e,則有儂sine=F,解得細(xì)線與豎直方向的夾角sin9

=-^-<sin600,故D錯誤；故選A.

3.如圖所示，在光滑水平面上有一靜止小車，小車上靜止地放置

I.I->

著一小物塊，物塊和小車間的動摩擦因數(shù)為〃=0.3,用水平恒力尸拉

動小車，設(shè)物塊的加速度為國，小車的加速度為重力加速度g取lOm/sz.當(dāng)水平恒力尸

取不同值時，為與色的值可能為（）

A.2=2m/s2,例=3m/s2

B.a=3m/s2,&=2m/s2

C.3，i~~5m/s,dfi~~3m/s

D.3,1~~3m/s,&~~5m/s

解析：選D.由受力分析可知物塊的加速度取決于〃對物塊的摩擦力，即片=勿囪，且冗

的最大值為/=umg,即劭的最大值為4?=ug=3m/s2.當(dāng)二者相對靜止一起加速時，@

22

=勿忘3m/s?.當(dāng)尸較大時，〃與〃發(fā)生相對滑動，ai=3m/s,a2>3m/s,綜上所述只有選

項D符合題意.

4.如圖所示，/為置于地球赤道上的物體，6為繞地球橢圓軌道運行

B

的衛(wèi)星，，為繞地球做圓周運動的衛(wèi)星，6、。運行軌道與赤道在同一平面

內(nèi)，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點，已知4B、，繞地心運動的周期相同，

下列說法正確的是（）\j

A.衛(wèi)星8在近地點的速度大于衛(wèi)星C的速度、-----/

B.衛(wèi)星6在戶點的加速度大于衛(wèi)星。的加速度

C.衛(wèi)星C的運行速度小于物體A的速度

D.衛(wèi)星。和物體力具有相同大小的加速度

解析：選A.6在橢圓軌道上的近地點距地球距離小于C衛(wèi)星的軌道半徑，因為6在近地

點將做離心運動，故6在近地點速度大于在近地點做圓周運動的衛(wèi)星速度，再根據(jù)衛(wèi)星速度

公式片可知，近地點環(huán)繞速度大于，衛(wèi)星的速度，從而可知，6在近地點的速度

大于衛(wèi)星。的速度，故A正確；根據(jù)萬有引力提供向心力：爬=儂，解得：a=遇，在?

rr

點，G、M、r都相同，所以衛(wèi)星夕在尸點的加速度大小與衛(wèi)星C在尸點加速度大小相等，故

B錯誤；因為/、B、。繞地心運動的周期相同，所以/、B、。的角速度相等，衛(wèi)星。做圓周

運動的半徑大于/的半徑，由可知，C的線速度大于4的線速度，故C錯誤；根據(jù)

a=。/，可知因為衛(wèi)星，做圓周運動的半徑大于A的半徑，所以衛(wèi)星C加速度大于物體A

的加速度，故D錯誤.故A正確，BCD錯誤.

5.如圖所示，以。點為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、

1\t\

e、f,等量正、負(fù)點電荷分別放置在a、/兩點時，下列說法中正確的1\f\

a8--*--Qd

是（）IV

b?--c

A.b、c、e、f四點的場強(qiáng)相同

B.b、c、e、?四點的電勢相等

C.。點的電勢高于6、c、e、f四點的電勢

D.將一帶正電的試探電荷從。點移到e點，電場力做正功

解析：選D.由題意可知，兩點電荷在e、/?處的電場強(qiáng)度各自進(jìn)行矢量合成，則&f處

場強(qiáng)大小相等，而方向不相同，同理氏c電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯誤.依據(jù)

等量異種電荷，等勢線的分布，可知，A7二點的電勢相等，而c、e二點的電勢相等，且

b,『二點的電勢高于c、e二點的電勢，故B錯誤；根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，因此

。點的電勢高于C、e二點的電勢，而低于6、/?二點的電勢，故C錯誤；將一帶正電的試探

電荷從。點移到e點，即從高電勢移動低電勢，那么電勢能降低，因此電場力做正功，故D

正確；故選D.

6.如圖所示為某興趣小組設(shè)計的一種發(fā)電裝置，在磁,一，八,

—磁極

極和圓柱狀鐵芯之間形成的兩磁場區(qū)域的圓心角。均為S工鐵芯

五，磁場均沿半徑方向；矩形線圈點未在圖中標(biāo)出）

的匝數(shù)為“其邊長bc=ad=21；線圈的總電

阻為r,外接電阻為凡線圈以角速度口繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動，A邊和ad邊同時進(jìn)、出磁

場.在磁場中，A邊和數(shù)邊所經(jīng)過處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為反方向始終與兩邊的運動方

向垂直.則（）

A.6c邊和3d邊在磁場中運動時，線圈的感應(yīng)電動勢的大小為仍手公

4—3

B.瓦邊和3d邊在磁場中運動時，A邊所受安培力的大小為—

R-\~r

2NBf3

C.通過發(fā)的電流有效值為

R-\~r

4NBf3

D.通過發(fā)的電流有效值為&-J、

解析：選BD.be、3d邊的運動速度片亨公，電動勢￡=2泌2￡p=2超/公，A錯誤；根

RAREfco

據(jù)歐姆定律得，電流4=含，兒邊所受安培力為/=血2/=-^—,故B項正確；因

R-\~rR~\-r

444

為兩磁場的圓心角為￡兀，故一個周期內(nèi)通電時間t=-T,由有效值定義知：Z"+r）g7=

yyy

4W2s

f<R+r）T,解得/=/但、，故選項D正確.

7.（多選）質(zhì)量為〃的足夠長的木板8放在光滑水平地面上，一個質(zhì)量為0的滑塊/（可

視為質(zhì)點）放在木板上，設(shè)滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，如圖甲所示.木板B

受到隨時間t變化的水平拉力廠作用時，用傳感器測出木板8的加速度a,得到如圖乙所示

的a■尸圖象，取心lOm/s?,則（）

B|~~?」

77777777/77777",

034尸/N

甲乙

A.滑塊/的質(zhì)量/=1.5kg

B.木板8的質(zhì)量斤1.5kg

C.當(dāng)方=5N時，木板8的加速度3=4m/s?

D.滑塊/與木板8間的動摩擦因數(shù)為〃=0.1

解析：選AC.由圖乙知，當(dāng)尸=4N時/、6相對靜止，加速度為a=2m/s2,對整體分

析：/=（勿+跖a,解得力十42kg,當(dāng)Q4N時，/、6發(fā)生相對滑動，對6有：a=—廣

=）一出譽，由圖象可知，圖線的斜率：#=）=M、=2kgT,解得Q0.5kg,則滑塊/的

質(zhì)量為：0=1.5kg,故A正確，B錯誤；將Q4N所對圖線反向延長線與尸軸交點坐標(biāo)代

入。=會一?！獾谩?°-2,故D錯誤；根據(jù)戶=5N>4N時，滑塊與木塊相對滑動，

8的加速度為&=7」〃*=4m/s、故C正確.

8.如圖所示，傾角占=60°、高為人的粗糙絕緣斜面體■固定C

在水平地面上，一個帶負(fù)電的小球（可視為點電荷）固定在以邊上距8\

點5高處的D點，可視為質(zhì)點的帶正電的小物塊Q靜止于斜面底端的A\

點，此時小物塊0恰好不接觸地面且與斜面間的摩擦力為0.已知小物塊D[\

。與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=乎，小物塊。所受的最大靜摩擦力等于1

BA

滑動摩擦力，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小物塊0靜止于A點時所受的庫侖力與其重力大小相等

B.若要拉動小物塊0,使之沿斜面向上運動，則拉力的最小值為拳儂

C.在拉動小物塊0緩慢沿斜面向上運動的過程中，當(dāng)其所受摩擦力最大時，系統(tǒng)的電

勢能也最大

D.若緩慢地將小物塊0從/點拉動至。點，則外力做功等于小物塊0重力勢能的增加

量與系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量之和

解析：選AD.小物塊0靜止于力點時，恰好不接觸地面且與斜面間的摩擦力為0,對小

物塊0受力分析且由幾何關(guān)系可知，小物塊。所受庫侖引力與水平面夾角為30。，則沿斜

面方向?qū)π∥飰K。由平衡條件得儂sin60°=尸庫cos30°,解得尸庫=儂，A正確.小物塊

。運動時，除拉力外的受力如圖甲所示，庫侖力與重力大小相等，且二者夾角為120。，故

庫侖力與重力的合力大小為4=儂1合力在重力與庫侖力的角平分線上，方向與重力方向夾

角為60°,由題給數(shù)據(jù)知小物塊。所受支持力與滑動摩擦力的合力E方向沿水平方向向

右.如圖乙所示，由圖解法可得，滿足拉力與內(nèi)方向垂直時，拉力最小，最小值為儂sin30°

=^ng,B錯誤.在運動過程中，小物塊。與〃點距離最近時，所受的庫侖力最大，與斜面

間彈力最大，滑動摩擦力最大，此時系統(tǒng)的電勢能最小，C錯誤.物=〃C,小物塊0在4

。兩點電勢能相等，由能量守恒可知，若緩慢地將小物塊。從力點拉動至。點，則外力做功

等于小物塊。的重力勢能增加量與系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的熱量之和，D正確.

選擇題增分練（三）

（滿分48分24分鐘）

說明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一項符合

題目要求，第6?8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有

選錯的得0分.

1.下列選項中，說法正確的是（）

A.光電效應(yīng)揭示了光的波動性，愛因斯坦發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)的規(guī)律

B.普朗克提出了能量子的假說，愛因斯坦利用能量子假說成功解釋了黑體輻射的強(qiáng)度

按波長分布的規(guī)律

C.放射性元素放出的a粒子是原子核內(nèi)的兩個質(zhì)子和兩個中子組成的

D.結(jié)合能指的是把核子分開需要的能量，比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)之比，比結(jié)合能

越小，原子核越穩(wěn)定

解析：選C.光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，A項錯誤；普朗克提出了能量子的假說，借助

于能量子的假說，普朗克得出了黑體輻射的強(qiáng)度按波長分布的公式，與實驗符合相當(dāng)好，B

項錯誤；a衰變的實質(zhì)是原子核內(nèi)的兩個中子和兩個質(zhì)子組成一個a粒子被拋射出來，形

成a射線，C項正確；結(jié)合能并不是由于核子結(jié)合成原子核而具有的能量，而是為把核子

分開而需要的能量，比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)之比，比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得

越牢固，原子核越穩(wěn)定，D項錯誤.

2.如圖所示，一個質(zhì)量為0的滑塊置于傾角為30。的固定粗糙斜

面上，一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的戶點，另一端系在滑塊上的0

點，直線網(wǎng)與斜面垂直，滑塊保持靜止.貝M）

A.彈簧可能處于原長狀態(tài)

B.斜面對滑塊的摩擦力大小可能為零

C.斜面對滑塊的支持力大小可能為零

D.滑塊一定受到四個力作用

解析：選A.若滑塊受重力、支持力和摩擦力，且三者合力為零時，彈簧對滑塊沒有作用

力，彈簧處于原長狀態(tài)，所以A正確，D錯誤；若摩擦力為零，滑塊不可能靜止，所以B錯

誤；若支持力為零，則摩擦力也為零，滑塊不可能靜止，所以C錯誤.

3.如圖所示，真空中兩等量異種點電荷Q、a固定在x軸上，

C

其中《帶正電.三角形acd為等腰三角形，cd邊與x軸垂直且與x/

Q、/\

軸相交于6點，則下列說法正確的是（）0―不一?

\：

A.a點電勢高于6點電勢,

B.a點場強(qiáng)小于6點場強(qiáng)

C.將電子從a點移動到。點，電場力做正功

D.將電子從，點移動到6點，電勢能不變

解析：選C.真空中兩等量異號點電荷0、Q固定在x軸上，故加連線上電場線從6指

向a,沿著電場線電勢降低，故6點的電勢大于a點電勢，故A錯誤；a點離電荷近，電場

線密集，所以a點的電場強(qiáng)度大于6點的場強(qiáng)，故B錯誤；將電子從a點移到c點，電場力

向右，所以電場力做正功，故C正確；將電子從，點移動到6點，電場力做負(fù)功，電勢能增

加，故D錯誤.所以C正確，ABD錯誤.

4.某發(fā)電廠的發(fā)電機(jī)組輸出的電壓恒為400V,將其通過升壓變壓器升壓后加在輸電

線上向距離較遠(yuǎn)的用戶端變電站供電，輸電線總電阻為5Q,當(dāng)輸送的電功率恒為200kW

時，發(fā)電廠提供的電能與用戶端消耗的電能不相等，二者在一個小時內(nèi)相差50度電，則下

列說法正確的是（）

A.輸電線上損失的功率為50W

B.供電端升壓變壓器的匝數(shù)比為1：5

C.輸電線上損失的電壓為50V

D.若輸電功率增大，則輸電線上損失的功率將會減小

AE50kW?h（Pr

解析：選B.輸電線上損失的功率△々丁=…=50kW,A錯誤；△々萬R,

t1h\UJ

（△Z7）2

解得U=2000V,升壓變壓器匝數(shù)比為400：2000=1：5,B正確；AP=——--,AU=

K

500V,C錯誤；輸電電壓不變，若輸電功率增大，則輸電電流增大，輸電線上損失的功率

△P=/〃增大，D錯誤.

5.如圖甲所示，某高架橋的引橋可視為一個傾角6=30°、長7=500m的斜面.一

輛質(zhì)量勿=2000kg的電動汽車從引橋底端由靜止開始加速，其加速度a隨速度-變化的

關(guān)系圖象如圖乙所示，電動汽車的速度達(dá)到1m/s后，牽引力的功率保持恒定.已知行駛過

程中電動汽車受到的阻力￡（摩擦和空氣阻力）不變，重力加速度g取10m/s,.下列說法正

確的是（）

甲乙

A.電動汽車所受阻力￡=12000N

B.電動汽車的速度達(dá)到1m/s后，牽引力的功率R=12kW

C.第1s內(nèi)電動汽車牽引力的功率尸與時間［滿足々120001

D.第1s內(nèi)電動汽車機(jī)械能的增加量等于牽引力與阻力做功的代數(shù)和，大小為6000

J

解析：選D.勻加速階段由牛頓第二定律得尸一A—儂sinO=ma,之后保持功率不變,

:-FLmgsin9=ma,電動汽車做加速度逐漸減小的加速運動，最終加速度減小至0,電

動汽車達(dá)到該功率該路況下的最大速度，--F-mgsin夕=0,解得R=14kW,￡=2000

%ax

N,A、B錯誤；第1s內(nèi)電動汽車牽引力的功率4戶y=14000C錯誤；電動汽車做勻加

V2

速運動的過程，位移矛=丁=0.5m,牽引力大小為14000N,牽引力與阻力做功的代數(shù)和

為（F-Fjx=6000J,D正確.

6.如圖所示，探月衛(wèi)星由地面發(fā)射后進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，經(jīng)多次軌道I____、

/一一~4飛

變軌最終進(jìn)入距離月球表面wo公里、周期為118分鐘的圓軌道ni,/軌遛G

：;;@]

開始進(jìn)行探月工作.下列說法正確的是（）'、、、'^道『'、一:〃

、、一二h/

A.衛(wèi)星在軌道III上經(jīng)過戶點時的運行速度比在軌道II上經(jīng)過戶點/

時的運行速度小

B.衛(wèi)星在軌道III上經(jīng)過戶點時的加速度比在軌道I上經(jīng)過戶點時的加速度小

C.衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能比在軌道II上的機(jī)械能小

D.衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能比在軌道ni上的機(jī)械能大

解析：選AD.因為從軌道III到軌道n衛(wèi)星做離心運動，速度須變大，A項正確；在尸點

時，由粵=3可知，無論在哪個軌道上加速度a均相等，B項錯誤；軌道越高，機(jī)械能越

r

大，D項正確.

7.如圖所示，一質(zhì)量為小的小球（可視為質(zhì)點）從離地面高〃處水平拋出，第一次落地

49

時的水平位移為可〃，反彈的高度為小〃已知小球與地面接觸的時間為3重力加速度為g,

316

不計摩擦和空氣阻力.下列說法正確的是（）

A.第一次與地面接觸的過程中，小球受到的平均作用力為烏警

B.第一次與地面接觸的過程中，小球受到的平均作用力為耳警+儂

C.小球第一次落地點到第二次落地點的水平距離為2〃

3

D.小球第一次落地點到第二次落地點的水平距離為5〃

解析：選AC.小球第一次落地時豎直分速度設(shè)為5,反彈后豎直分速度設(shè)為小，則由

用=2/可得/1=或薪同理點=2g?^〃，得丫次=為命/,設(shè)小球受的平均作用力為我,

由動量定理知，F(xiàn)t=mv處一（一mvyj,故選項A對，B錯；注意這兩項中問的“小

14

球受的平均作用力”應(yīng)為包括重力在內(nèi)的合外力.第一次平拋時，v0U反彈后，

1Q

兩次落地的水平距離x=匹2力2,-g-&=—H,解之得x=2H,選項C正確.

z1b

8.如圖，梆和倒是電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為乙導(dǎo)軌彎曲部分光滑，平直

部分粗糙固定在水平面上，右端接一個阻值為年的定值電阻，平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度

為A方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方的勻強(qiáng)磁場.質(zhì)量為0、電阻也為丹的金屬棒從

高為人處由靜止釋放，到達(dá)磁場右邊界處恰好停止，已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動摩擦

因數(shù)為〃，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好，則金屬棒穿過磁場區(qū)域的過程中（重力加速度為

g）（）

A.金屬棒中的最大電流為空駛

B.金屬棒克服安培力做的功為mgh

C.通過金屬棒的電荷量為器

Zzi

D.金屬棒產(chǎn)生的電熱為萬儂（力一〃d）

解析：選CD.金屬棒下滑過程中，根據(jù)動能定理得：金屬棒到達(dá)水平面時的

速度為：v=^2gh,金屬棒到達(dá)水平面后做減速運動，剛到達(dá)水平面時的速度最大，最大感

應(yīng)電動勢￡=應(yīng)力則最大感應(yīng)電流為：/=￡=駕客，故A錯誤；金屬棒在整個運動過

l\~vnZzi

程中，由動能定理得：mgh—W"—Nmgd=Q,克服安培力做功：WB=mgh-nmgd,故B錯誤;

A（pBJd

感應(yīng)電荷量為：（7=/Af=--=—故C正確；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，電阻與導(dǎo)

ZziZ/i

體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱：修=；儂（力一Pd）,

故D正確.所以CD正確，AB錯誤.

選擇題增分練（四）

（滿分48分24分鐘）

說明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一項符合

題目要求，第6?8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有

選錯的得0分.

1.某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的電路來研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，結(jié)點。位X

于滑動變阻器的中點，初始狀態(tài)時，滑動觸頭戶也恰好位于滑動變阻器一

的中點.實驗過程中，當(dāng)該同學(xué)用綠光照射光電管時，靈敏電流計有示

數(shù)，下列說法正確的是()

~Jj----S-

A.若換用紫光照射光電管，則電流計的示數(shù)一定增大

B.若增大綠光的光照強(qiáng)度，則電流計的示數(shù)一定增大

C.若將滑動觸頭戶向右滑動，則電流計的示數(shù)一定不斷增大

D.若將滑動觸頭戶向左滑動，則電流計的示數(shù)一定能減小為0

解析：選B.用綠光照射光電管時，靈敏電流計有示數(shù)，說明綠光的頻率大于該光電管

的極限頻率，若換用紫光照射，則一定可發(fā)生光電效應(yīng)，但光電流大小與光強(qiáng)有關(guān)，所以光

電流大小變化情況不能確定，A錯誤；增大綠光的光照強(qiáng)度，則單位時間從陰極逸出的光電

子數(shù)一定增多，光電流變大，電流計的示數(shù)一定增大，B正確；此時加在光電管兩端電壓為

0,若將滑動觸頭戶向右滑動，加在光電管兩端的電壓為正向電壓，則在電場力作用下，到

達(dá)陽極的光電子數(shù)會增多，而達(dá)到飽和光電流后，光電流大小不會隨著正向電壓的增大而增

大，C錯誤；若將滑動觸頭戶向左滑動，加在光電管兩端的電壓為反向電壓，則在電場力作

用下，到達(dá)陽極的光電子數(shù)會減少，電流計的示數(shù)不斷減小，若最大反向電壓小于遏止電壓，

則電流計的示數(shù)不能減為0,D錯誤.

2.如圖所示，斜面/C與水平方向的夾角為a,在底端/正上

方與頂端等高處的瓦點以速度詼水平拋出一小球，小球垂直于斜面

落到〃點，重力加速度為g,貝lj()

A.小球在空中飛行時間為一

g

Vo

B.小球落到斜面上時的速度大小為------

cosa

C.小球的位移方向垂直于4，

D.3與力的比值為五%

解析：選D.將小球在2點的速度進(jìn)行分解，水平方向的分速度

府等于平拋運動的初速度的，即歷=的，落到斜面上時的速度7=

豎直方向的分速度吸=—,則小球在空中飛行時間t

sinatana

='=-由圖可知平拋運動的位移方向不垂直AC.D、A間水

ggtana

平距禺為x水￥=Pb故〃4=■；C、，間豎直距后為x藍(lán)直=3吸力，故639=7^一:,得

cosa22sina

CD1

DA2tan2a'

3.圖（甲）為手機(jī)及無線充電板.圖（乙）為充電原理示意圖.充電板接交流電源，對充

電板供電，充電板內(nèi)的送電線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機(jī)內(nèi)的受電線圈產(chǎn)生交變電流,

再經(jīng)整流電路轉(zhuǎn)變成直流電后對手機(jī)電池充電.為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化：設(shè)送電

線圈的匝數(shù)為小，受電線圈的匝數(shù)為s,面積為S,若在人到友時間內(nèi)，磁場（垂直于線圈

平面向上、可視為勻強(qiáng)磁場）的磁感應(yīng)強(qiáng)度由笈均勻增加到5.下列說法正確的是（）

（甲）

A.受電線圈中感應(yīng)電流方向由，到c

B.c點的電勢高于d點的電勢

C.c、d之間的電勢差為）

方2—t\

、m—々2（與一氏）S

D.。、dN間的電勢差為---7~：----

方2—tl

解析：選D.根據(jù)楞次定律可知，受電線圈內(nèi)部產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向俯視為順時針，受

電線圈中感應(yīng)電流方向由c到，，所以。點的電勢低于,點的電勢，故AB錯誤；根據(jù)法拉

第電磁感應(yīng)定律可得。、，之間的電勢差為=9匕匚,故C錯誤,D正確；

故選D.

4.如圖所示，質(zhì)量為〃=3kg的足夠長的木板放在光滑水平地面ynn