浙江省名校協(xié)作體2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期開學(xué)考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12023學(xué)年第一學(xué)期浙江省名校協(xié)作體試題高二年級物理學(xué)科第Ⅰ卷（選擇題共51分）一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）1.用國際單位制的基本單位表示功的單位，下列表示正確的是（）A.kg·m2/s2 B.N·m/s C.J D.N·m〖答案〗A〖解析〗根據(jù)公式其中m的單位為，a的單位是，x的單位是m，則功的單位為，而N、J都是導(dǎo)出單位。故選A。2.2023年5月30日9時31分，搭載神舟十六號載人飛船的長征二號F遙十六運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空。神舟十六號載人飛船入軌后，于5月30日16時29分，成功對接于空間站天和核心艙徑向端口，如圖所示，下列說法正確的是（）A.“16時29分”指的是時間間隔B.天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力的作用C.對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對運動的D.“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號可視為質(zhì)點〖答案〗B〖解析〗A．“16時29分”指的是時刻，故A錯誤；B．天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力作用，故B正確；C．對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對靜止的，故C錯誤；D．“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號大小形狀不可忽略，不可視為質(zhì)點，故D錯誤。故選B。3.在物理學(xué)研究過程中科學(xué)家們創(chuàng)造了許多物理學(xué)研究方法，如理想實驗法、控制變量法、極限法、等效替代法、理想模型法、微元法等，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述錯誤的是（）A.在“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，采用了控制變量法B.卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了理想實驗法C.當非常小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法D.伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法〖答案〗B〖解析〗A．在“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，采用了控制變量法，A正確；B．卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了放大法，B錯誤；C．當非常小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法，C正確；D．伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法，D正確。本題選擇錯誤，故選B。4.滑竿下樓是消防員必須掌握的一項技能。一名消防員抓住豎直滑竿由靜止開始下滑，運動的速度隨時間變化規(guī)律如圖所示，其中段圖線為直線，時刻消防員著地。則下列說法正確的是（）A.在時間內(nèi)，消防員平均速度B.在時間內(nèi)，消防員所受滑竿的阻力越來越大C.消防員在時間內(nèi)加速度不變，在時間內(nèi)加速度減小D.消防員在時間內(nèi)受到滑動摩擦力作用，在時間內(nèi)受靜摩擦力作用〖答案〗B〖解析〗A．在時間內(nèi)，若消防員做勻減速運動，消防員平均速度為由圖像可知消防員在時間內(nèi)的位移大于消防員做勻減速運動的位移，故故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律有圖像的斜率表示加速度，可知在時間，消防員的加速度大小變大，故消防員所受滑竿的阻力越來越大，故B正確；C．圖像的斜率表示加速度，消防員在時間內(nèi)加速度不變，在時間內(nèi)加速度增大，故C錯誤；D．消防員在時間內(nèi)受到滑動摩擦力作用，在時間內(nèi)受滑動摩擦力作用，故D錯誤。故選B。5.下列有關(guān)電容器的表述正確的是（）A.圖甲S接1電容器充電，充電過程中通過電流表的電流大小不變B.圖乙S由接1改為接2，電容器放電，放電時通過電流表的電流方向為從左到右C.圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的D.圖丁中的“400V，68μF”，說明該電容器只有兩端加上400V的電壓時電容才為68μF〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中，開關(guān)接1，則電容器充電，在充電過程中，通過電流表的電流逐漸減小，故A項錯誤；B．圖乙中，開光從1到2，電容器開始放電，由充電過程可知，上極板帶正電，所以放電時通過電流表電流方向為從右到左，故B項錯誤；C．圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的，故C項正確；D．圖丁中的電容器標有“400V，68μF”字樣，說明該電容器兩端電壓的最大值為400V，而其電容總是為68μF，故D項錯誤。故選C。6.山東濰坊是“世界風(fēng)箏都”，每年春天都會舉辦國際風(fēng)箏節(jié)。如圖所示，人拉風(fēng)箏保持靜止，AB代表風(fēng)箏截面，與水平面的夾角為30°。OC代表風(fēng)箏線，與風(fēng)箏平面成60°。風(fēng)箏質(zhì)量為500g，風(fēng)箏所受風(fēng)力方向與風(fēng)箏面垂直且認為大小恒定，下列說法正確的是（）A.風(fēng)對風(fēng)箏的作用力的大小為5NB.風(fēng)箏線對風(fēng)箏的拉力大小為5NC.若剪斷風(fēng)箏線，風(fēng)箏將做自由落體運動D.風(fēng)箏線對人的拉力和人對風(fēng)箏線的拉力是一對平衡力〖答案〗B〖解析〗AB．設(shè)風(fēng)對風(fēng)箏的作用力大小為，線對風(fēng)箏的作用力大小為，以風(fēng)箏為對象，根據(jù)受力平衡可得解得故A錯誤，B正確；C．若剪斷風(fēng)箏線，風(fēng)箏不只受到重力作用，還受到風(fēng)力作用，風(fēng)箏不是做自由落體運動，故C錯誤；D．風(fēng)箏線對人的拉力和人對風(fēng)箏線的拉力是一對相互作用力，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，有兩個高度差為1m的小鋼球A、B先后由靜止開始下落，剛好同時落地，小鋼球B下落的最后3.8m，用時0.2s，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.小鋼球B下落最后一秒的位移大小為15mB.小鋼球A下落時間為2sC.小鋼球A掉落前到地面的高度為20mD.兩小鋼球在運動過程中，間距和速度之差均保持不變〖答案〗A〖解析〗AB．設(shè)小球B下落時間為tB，則有解得則小鋼球B下落最后一秒的位移大小為故A正確；BC．依題意，小鋼球A掉落前到地面的高度為小鋼球A下落時間滿足解得故BC錯誤；D．依題意，小球A先下落，相距1m，最后二者同時落地，所以，兩小鋼球在運動過程中，間距逐漸減小。兩球速度之差為因為為一個定值，所以兩球速度之差保持不變。故D錯誤。故選A。8.2023年5月發(fā)射天舟六號貨運飛船和神舟十六號載人飛船，飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數(shù)據(jù)確認，后擇機經(jīng)轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道（Ⅲ）距地面的高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為，下列說法正確的是（）A.飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的速度為B.飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的加速度小于Q點的加速度C.飛船從P到Q的運動時間至少為D.空間站內(nèi)的物品或宇航員處于“漂浮”狀態(tài)，說明此時它們受力平衡〖答案〗C〖解析〗A．飛船在停泊軌道（Ⅰ）上的速度為飛船從停泊軌道（Ⅰ）上的P點到轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點要加速，則在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的速度大于，選項A錯誤；B．根據(jù)可知，飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的加速度大于Q點的加速度，選項B錯誤；C．設(shè)飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上的周期為T2，則根據(jù)開普勒第三定律解得飛船從P到Q的運動時間至少為選項C正確；D．空間站內(nèi)的物品或宇航員隨空間站繞地球做勻速圓周運動，則雖然處于“漂浮”狀態(tài)，但它們受力不平衡，選項D錯誤。故選C。9.某燃脂呼啦圈如圖甲所示，在圈外有一個用桿相連的重力錘，小明不小心將桿弄斷了，換了一根細繩綁住重力錘。當細繩與豎直方向的夾角為53°，計數(shù)器顯示1min內(nèi)轉(zhuǎn)了40圈，運動過程中腰帶可看作不動，重力錘繞人體在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，其簡化圖如圖乙所示。已知重力錘的質(zhì)量m=0.4kg，繩長L=0.45m，取，則以下說法正確的是（）A.若細繩不慎斷裂，重力錘將做斜拋運動B.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的合力變大C.重力錘勻速轉(zhuǎn)動的加速度大小約為7.5m/s2D.細繩懸掛點到腰帶中心的距離為0.39m〖答案〗D〖解析〗A．若細繩不慎斷裂，重力錘拋出是的速度水平，將做平拋運動，故選項A錯誤；B．若增大轉(zhuǎn)速，腰帶始終不動，受力是平衡的，故合力為零，故選項B錯誤；C．對小球受力分析得，合力提供小球向心力解得故選項C錯誤；D．小球需要的向心加速度解得，故選項D正確。故選D。10.如圖所示，中心開孔的A、B極板間加上恒定電壓，兩極板間的距離可以改變，電子每次以相同初速度沿兩板的軸線方向向右射入電場中，電子所受重力不計，則下列說法正確的是（）A.只要兩極板的距離足夠小，電子一定能從右極板射出B.只要兩極板的距離足夠大，電子一定不能從右極板射出C.當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間不變D.當兩極板的距離變化時，電子離開電場的速度相同〖答案〗D〖解析〗AB．電子能否從電場中射出取決于兩極板的電壓，由動能定理當電壓大于時，電子不能射出；當電壓小于時，電子能射出，故選項AB錯誤；C．當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間變化，距離變大，場強變小，加速度變小，時間變長，反之，距離變小，時間變短，故選項C錯誤；D．當兩極板的距離變化時，電子在電場中電場力做功不變，故離開電場的速度相同。故選項D正確。故選D。11.某同學(xué)利用手機加速度傳感器研究電梯運動時的超失重現(xiàn)象。某次測量時，手機平放在電梯地板上，電梯由靜止開始運動，獲得豎直方向的加速度a隨時間t變化的圖線（取豎直向上為正方向）如圖所示，則由圖線可知，在5.0~30.0s內(nèi)（）A.電梯一直向上運動且先加速再減速B.電梯運動過程的最大加速度約為0.5gC.手機對地板的壓力最大值約為其重力的1.5倍D.電梯先下降后上升，10s時手機處于失重狀態(tài)〖答案〗D〖解析〗AD．從a—t圖像可以看出，電梯從靜止開始，開始先加速下降，再減速下降，然后再加速上升，最后減速上升，在10s時，由于加速度向下，手機處于失重狀態(tài)，A錯誤，D正確；B．從a—t圖像可以看出，最大加速度約為0.5m/s2，B錯誤；C．在減速下降和加速上升的過程中，手機處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)牛頓第三定律可知對地板壓力C錯誤。故選D。12.從地面豎直向上拋出一物體，物體在運動過程中除受到重力外，還受到空氣阻力作用。已知物體上升、下降過程中機械能E隨距地面高度h的變化關(guān)系如圖所示，以地面作為重力零勢能面，重力加速度取。以下說法正確的是（）A.物體的質(zhì)量為3kgB.物體落回到拋出點速度為C.物體受到的空氣阻力大小為1ND.物體在上升過程中動能減少了6J〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，物體在最高點時，動能為0，則有可得物體的質(zhì)量為故A錯誤；B．由圖像可知，物體落回到拋出點時，重力勢能為0，則有可得物體落回到拋出點速度為故B錯誤；C．物體上升過程減少的機械能等于物體克服空氣阻力做的功，則有可得物體受到的空氣阻力大小為故C正確；D．根據(jù)動能定理可知，物體在上升過程中動能減少了故D錯誤。故選C。13.如圖甲所示，將一輕彈簧放在傾角為45°的固定斜面上，彈簧的下端固定。把物體P靠近彈簧的上端放在斜面上，P由靜止沿斜面向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖乙中實線所示。把物體P換成物體Q，完成同樣的過程，其a-x關(guān)系如圖乙中虛線所示，已知物體P與斜面間的動摩擦因數(shù)是物體Q與斜面間動摩擦因數(shù)的0.6倍。下列說法正確的是（）A.P與斜面間的動摩擦因數(shù)為B.Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為C.P的質(zhì)量是Q的6倍D.P的質(zhì)量是Q的倍〖答案〗B〖解析〗剛開始下滑時，物體受到重力，斜面對物體的支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，對PmPgsinθ-μPmPgcosθ=mP?3a0對QmQgsinθ-μQmQgcosθ=mQa0P運動x0時，加速度為零，則mPgcosθ-μPmPcosθ-kx0=0Q下滑2x0時，加速度為零，則mQgsinθ-μQmQgcosθ-k?2x0=0聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得故B正確，ACD錯誤。二、不定項選擇題（本題共3小題，每小題4分，共12分，在每小題給出的四個選項中，有一個或一個以上〖答案〗符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不選的得0分）14.下列說法正確的是（）A.牛頓在伽利略和笛卡兒等科學(xué)家研究的基礎(chǔ)上提出了牛頓第一定律B.開普勒經(jīng)過二十多年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，得出了行星運動規(guī)律C.在對自由落體運動的研究過程中，伽利略直接用實驗驗證了自由落體運動的速度與下落時間成正比D.美國科學(xué)家富蘭克林發(fā)現(xiàn)自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷〖答案〗AD〖解析〗A．牛頓在伽利略的理想斜面實驗和笛卡兒對物體運動研究的基礎(chǔ)上總結(jié)得出了牛頓第一定律，故A正確；B．第谷經(jīng)過二十年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，開普勒通過分析第谷的數(shù)據(jù)，得出了行星運動的規(guī)律，故B錯誤；C．伽利略在研究自由落體運動時，猜想運動速度與下落時間成正比，但沒有直接用實驗進行驗證，故C錯誤；D．美國科學(xué)家富蘭克林發(fā)現(xiàn)自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷，故D正確。故選AD。15.如圖所示，左邊是一個原先不帶電的導(dǎo)體，右邊C是后來靠近導(dǎo)體的帶正電金屬球，則下列結(jié)論正確的是（）A.B端感應(yīng)出負電，A端感應(yīng)出正電B.感應(yīng)電荷在AB內(nèi)部產(chǎn)生的電場強度處處為零C.若用絕緣工具沿圖示某條虛線將導(dǎo)體切開，分為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的絕對值分別為、，沿任意一條虛線切開，都有D.當C逐漸遠離AB時，AB內(nèi)部的場強逐漸減小〖答案〗AC〖解析〗A．導(dǎo)體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導(dǎo)體中的自由電子向B端移動，使端多帶了電子而帶負電，A端失去電子帶正電，故A正確；BD．AB處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部場強處處為零，感應(yīng)電荷在AB內(nèi)部產(chǎn)生的電場強度不是處處為零，當C逐漸遠離AB時，AB內(nèi)部的場強始終為零不變，故BD錯誤。C．由題意可知，靜電感應(yīng)現(xiàn)象使得A帶正電，B帶負電，導(dǎo)體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導(dǎo)體中的自由電子向B部分移動，使B部分多帶了電子而帶負電；A部分少了電子而帶正電，根據(jù)電荷守恒可知，A部分轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目和B部分多余的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，由電荷守恒定律知，兩部分的電荷量總是相等的，故C正確。16.某地區(qū)常年有風(fēng)，風(fēng)速基本保持在8m/s，該地區(qū)有一風(fēng)力發(fā)電機，其葉片轉(zhuǎn)動可形成半徑為10m的圓面，若保持風(fēng)垂直吹向葉片，空氣密度為1.25kg/m3，風(fēng)的動能轉(zhuǎn)化為電能的效率為20%。下列結(jié)論正確的是（）A.每秒流經(jīng)該渦輪機空氣的動能約為200kJB.該風(fēng)力發(fā)電機的功率約為20kWC.若風(fēng)速變?yōu)?4m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?倍D.某純電動家用汽車每充36kW·h的電能，可以行駛500公里，一般家用汽車的年行駛里程約10000公里。則這臺風(fēng)力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能〖答案〗BD〖解析〗A．每秒流經(jīng)該渦輪機空氣的動能約為故A錯誤；B．該風(fēng)力發(fā)電機的功率約為故B正確；C．該風(fēng)力發(fā)電機的功率為可知若風(fēng)速變?yōu)?4m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?7倍，故C錯誤；D．根據(jù)能量守恒有解得故這臺風(fēng)力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題共49分）17.（1）在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗時，①關(guān)于“補償阻力”的說法中正確的是________（多選）A.“補償阻力”的本質(zhì)就是讓小車受到的摩擦力為零；B.“補償阻力”的本質(zhì)就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；C.只要“補償阻力”，小車所受的合力就一定等于所掛槽碼的重力；D.“補償阻力”是否成功，可根據(jù)實驗正確操作后，紙帶上的點跡間距是否均勻而確定。②小明同學(xué)在實驗中獲得的其中一條紙帶如圖甲所示，A、B、C、D、E、F是紙帶上的6個計數(shù)點，每兩個相鄰計數(shù)點間均有四個點沒有畫出。實驗所用交流電頻率為50Hz，則小車運動的加速度為________m/s2（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。另一同學(xué)還做了如下實驗：如圖乙所示，不改變小車質(zhì)量和槽碼個數(shù)，撤去打點計時器及小車后面的紙帶，將具有加速度測量功能的智能手機固定在小車上來測量加速度，測量的結(jié)果比用打點計時器測得的要小，從以下選項中選出一個最合適解釋________。A.因為在小車上放置了智能手機后，整體的質(zhì)量變大了B.因為在小車上放置了智能手機后，沒有重新“補償阻力”C.因為在小車上放置了智能手機后，繩的拉力變?。?）在“探究平拋運動的特點”實驗中，下列說法正確的是________A.如圖丙所示的演示實驗中，1球落地時與2球相碰，就可以說明平拋運動的軌跡是一條拋物線B.用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M必須光滑且其末端水平C.用圖丁裝置進行實驗，小鋼球應(yīng)從斜槽M上同一位置靜止?jié)L下〖答案〗（1）①BD②.0.20-0.23A（2）C〖解析〗（1）[1]“補償阻力”的本質(zhì)就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；在檢驗“補償阻力”是否成功時，讓小車不掛槽碼，懸掛上紙帶，打開打點計時器，輕推小車，如果打點計時器在紙帶上打下均勻的點，說明小車勻速運動，“補償阻力”成功。故選BD。[2]相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s根據(jù)可知[3]“補償阻力”成功之后，即使改變小車的質(zhì)量，也不需要重新補償阻力，之所以加速度變小，是由于小車上放置了智能手機后，整體的質(zhì)量變大造成的；而由于加速度減小，槽碼所受的合力減小，繩子拉力將變大。（2）[4]A．球1落地時與球2相碰，說明平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，A錯誤；BC．用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M不必須光滑，但末端必須水平，只要每次釋放小球的位置固定，且從靜止釋放，就能保證小球每次的平拋初速度相同，B錯誤，C正確。18.某同學(xué)要測量一定值電阻的阻值：（1）該同學(xué)先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，先用“×100”擋測量，發(fā)現(xiàn)指針指在圖甲中虛線位置，這時他應(yīng)該選用“________”擋進行測量，調(diào)整好擋位并進行歐姆調(diào)零后再次測量，指針指在圖甲中實線位置，則的阻值為________Ω。（2）為了進一步準確測量的阻值，該同學(xué)選用下表中器材設(shè)計實驗電路進行測量電池組E（電動勢3V，內(nèi)電阻很?。┗瑒幼冏杵鳎?~20kΩ，額定電流1A）電壓表V（量程0~3V，內(nèi)電阻約3kΩ）滑動變阻器（0~20Ω，額定電流2A）電流表（量程0~10mA，內(nèi)電阻約6Ω）開關(guān)S電流表（量程0~0.6A，內(nèi)電阻約0.2Ω）導(dǎo)線若干①電流表應(yīng)選用________，滑動變阻器應(yīng)選用________（均填寫字母代號）；②若該同學(xué)已正確選用器材，并連接好部分實驗電路，如圖乙所示，請用筆畫線代替導(dǎo)線補充完成實物圖________。③閉合開關(guān)，移動滑片測得多組數(shù)據(jù)，可求出的阻值?！即鸢浮剑?）×10300（2）①②〖解析〗（1）[1][2]該同學(xué)先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，選用“×100”擋測量，發(fā)現(xiàn)指針指在題圖中虛線位置，指針偏角過大，說明倍率擋選擇的過大，這時他應(yīng)該選用“×10”擋進行測量；的阻值為（2）①[3]電路中可能出現(xiàn)的最大電流為可知電流表選擇A1；[4]為了得出多組數(shù)據(jù)，滑動變阻器采用分壓式連接，滑動變阻器選擇最大阻值較小的R2；②[5]因待測電阻的阻值300Ω遠大于電流表的內(nèi)阻6Ω，可知應(yīng)該采用電流表內(nèi)接，實物連接圖如圖所示19.如圖所示，質(zhì)量的滑塊以的初速度沿傾角為θ（未知）的足夠長斜面上滑，滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ（未知）?；瑝K向上滑行位移后到達最高點，隨即下滑，返回到出發(fā)點時的速度為，不計空氣阻力。求：（1）滑塊上滑過程的加速度；（2）滑塊下滑過程所用時間t；（3）斜面的傾角θ以及滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ?！即鸢浮剑?），方向沿斜面向下；（2）；（3），〖解析〗（1）滑塊向上做勻減速直線運動，以沿斜面方向為正方向解得即加速度大小為，方向沿斜面向下；（2）下滑過程，滑塊做勻加速直線運動，根據(jù)運動學(xué)方程又得（3）下滑過程，滑塊做勻加速直線運動，根據(jù)運動學(xué)方程解得上、下滑過程，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立可得20.小丁同學(xué)設(shè)計了一個玩具賽車的軌道裝置，軌道的主要部分可簡化為如圖所示的模型，傾斜軌道OA和水平軌道DE分別與圓軌道相切于A點和D點，圓軌道ABCD與軌道OA和DE平滑連接。軌道OA底部固定一大小不計的彈射裝置，當賽車從O點由靜止被彈射，沿斜面上滑后經(jīng)過圓軌道進入DE軌道，最后從E點拋出。已知賽車質(zhì)量為0.2kg，圓軌道半徑R=0.4m，傾斜軌道OA、EF的傾角分別為53°和37°（sin53°=0.8，sin37°=0.6），E、F兩點的高度差H=1.8m，DE軌道長為4m，賽車在水平軌道上運動時所受阻力等于其對軌道壓力的0.2倍，賽車在軌道其余部分所受阻力可忽略，賽車看成質(zhì)點。（1）若賽車恰好能過B點，求賽車經(jīng)過D點時速度大??；（2）若賽車恰好能過B點，求彈射裝置對賽車所做的功；（3）若賽車恰好能過B點，求賽車從E點拋出后的落點離E點的距離s；（4）若彈射器對賽車所做的功W可調(diào)節(jié)，賽車從E點拋出后的第一次落點與E點的高度差為h，求h與W的關(guān)系?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）見〖解析〗〖解析〗（1）賽車恰好能過點可得從到列動能定理可得（2）若賽車恰好能過點，從到列動能定理可得（3）若賽車恰好能過點，從到點列動能定理可得從點平拋，若落在斜面上，可知位移角為，有可得根據(jù)可得（4）若彈射器對賽車所做的功可變，設(shè)做功為，從到，列動能定理可得①當時根據(jù)，可得得當時，②當時，綜上所述：時，；時，；時，不能從點拋出。21.一個處于真空中的實驗裝置如圖所示，水平放置的平行金屬板電容器M兩板間距d=0.2m，電容器右側(cè)存在沿電容器中心軸線，水平向左的有界勻強電場區(qū)域，場強大小為E=1.5×103V/m，以電容器右邊緣中點O點為坐標原點，水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立直角坐標系，勻強電場區(qū)域?qū)挾葹長=1.4m，在x軸上2L處有一足夠長豎直擋板N?，F(xiàn)有一可視為質(zhì)點的帶正電小球，已知質(zhì)量m=2.0×10-4kg、q=1.0×10-6C，當小球從電容器左邊緣中點A點以速度水平向右射入電容器，小球恰好向右做勻速直線運動，直到從右邊緣中點O飛入右側(cè)的水平電場區(qū)域，穿過水平電場后，最終帶電小球打在豎直擋板上的P點，忽略電場的邊緣效應(yīng)，求：（1）電容器兩極板間的電壓；（2）小球穿過水平向左電場后，沿x軸方向分速度大??；（3）小球打在豎直擋板上的P點的坐標；（4）小球從進入水平電場到動能最小的過程中，電勢能的變化量?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）球在平行板電容器中，豎直方向受力平衡，則有解得則電容器兩極板間的電壓（2）小球在電場中，水平方向做勻減速直線運動，則有解得根據(jù)速度與位移的關(guān)系有解得（3）設(shè)在水平電場中運動的時間為，在水平電場右側(cè)運動的時間為，則有，解得，小球在豎直方向做自由落體運動，則有因此，點坐標為。（4）在水平電場中對小球進行受力分析如圖所示，小球受到豎直向下的重力和水平向左的電場力則有，，解得加速度為方向左下，與豎直方向成，將初速度沿著方向和垂直于方向分別分解為和，如圖所示，則有，大小保持不變，當時，小球在電場中動能最小，則這段過程運動時間為該過程水平方向的位移為則電場力做功則有2023學(xué)年第一學(xué)期浙江省名校協(xié)作體試題高二年級物理學(xué)科第Ⅰ卷（選擇題共51分）一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）1.用國際單位制的基本單位表示功的單位，下列表示正確的是（）A.kg·m2/s2 B.N·m/s C.J D.N·m〖答案〗A〖解析〗根據(jù)公式其中m的單位為，a的單位是，x的單位是m，則功的單位為，而N、J都是導(dǎo)出單位。故選A。2.2023年5月30日9時31分，搭載神舟十六號載人飛船的長征二號F遙十六運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空。神舟十六號載人飛船入軌后，于5月30日16時29分，成功對接于空間站天和核心艙徑向端口，如圖所示，下列說法正確的是（）A.“16時29分”指的是時間間隔B.天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力的作用C.對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對運動的D.“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號可視為質(zhì)點〖答案〗B〖解析〗A．“16時29分”指的是時刻，故A錯誤；B．天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力作用，故B正確；C．對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對靜止的，故C錯誤；D．“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號大小形狀不可忽略，不可視為質(zhì)點，故D錯誤。故選B。3.在物理學(xué)研究過程中科學(xué)家們創(chuàng)造了許多物理學(xué)研究方法，如理想實驗法、控制變量法、極限法、等效替代法、理想模型法、微元法等，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述錯誤的是（）A.在“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，采用了控制變量法B.卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了理想實驗法C.當非常小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法D.伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法〖答案〗B〖解析〗A．在“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，采用了控制變量法，A正確；B．卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了放大法，B錯誤；C．當非常小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法，C正確；D．伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法，D正確。本題選擇錯誤，故選B。4.滑竿下樓是消防員必須掌握的一項技能。一名消防員抓住豎直滑竿由靜止開始下滑，運動的速度隨時間變化規(guī)律如圖所示，其中段圖線為直線，時刻消防員著地。則下列說法正確的是（）A.在時間內(nèi)，消防員平均速度B.在時間內(nèi)，消防員所受滑竿的阻力越來越大C.消防員在時間內(nèi)加速度不變，在時間內(nèi)加速度減小D.消防員在時間內(nèi)受到滑動摩擦力作用，在時間內(nèi)受靜摩擦力作用〖答案〗B〖解析〗A．在時間內(nèi)，若消防員做勻減速運動，消防員平均速度為由圖像可知消防員在時間內(nèi)的位移大于消防員做勻減速運動的位移，故故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律有圖像的斜率表示加速度，可知在時間，消防員的加速度大小變大，故消防員所受滑竿的阻力越來越大，故B正確；C．圖像的斜率表示加速度，消防員在時間內(nèi)加速度不變，在時間內(nèi)加速度增大，故C錯誤；D．消防員在時間內(nèi)受到滑動摩擦力作用，在時間內(nèi)受滑動摩擦力作用，故D錯誤。故選B。5.下列有關(guān)電容器的表述正確的是（）A.圖甲S接1電容器充電，充電過程中通過電流表的電流大小不變B.圖乙S由接1改為接2，電容器放電，放電時通過電流表的電流方向為從左到右C.圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的D.圖丁中的“400V，68μF”，說明該電容器只有兩端加上400V的電壓時電容才為68μF〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中，開關(guān)接1，則電容器充電，在充電過程中，通過電流表的電流逐漸減小，故A項錯誤；B．圖乙中，開光從1到2，電容器開始放電，由充電過程可知，上極板帶正電，所以放電時通過電流表電流方向為從右到左，故B項錯誤；C．圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的，故C項正確；D．圖丁中的電容器標有“400V，68μF”字樣，說明該電容器兩端電壓的最大值為400V，而其電容總是為68μF，故D項錯誤。故選C。6.山東濰坊是“世界風(fēng)箏都”，每年春天都會舉辦國際風(fēng)箏節(jié)。如圖所示，人拉風(fēng)箏保持靜止，AB代表風(fēng)箏截面，與水平面的夾角為30°。OC代表風(fēng)箏線，與風(fēng)箏平面成60°。風(fēng)箏質(zhì)量為500g，風(fēng)箏所受風(fēng)力方向與風(fēng)箏面垂直且認為大小恒定，下列說法正確的是（）A.風(fēng)對風(fēng)箏的作用力的大小為5NB.風(fēng)箏線對風(fēng)箏的拉力大小為5NC.若剪斷風(fēng)箏線，風(fēng)箏將做自由落體運動D.風(fēng)箏線對人的拉力和人對風(fēng)箏線的拉力是一對平衡力〖答案〗B〖解析〗AB．設(shè)風(fēng)對風(fēng)箏的作用力大小為，線對風(fēng)箏的作用力大小為，以風(fēng)箏為對象，根據(jù)受力平衡可得解得故A錯誤，B正確；C．若剪斷風(fēng)箏線，風(fēng)箏不只受到重力作用，還受到風(fēng)力作用，風(fēng)箏不是做自由落體運動，故C錯誤；D．風(fēng)箏線對人的拉力和人對風(fēng)箏線的拉力是一對相互作用力，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，有兩個高度差為1m的小鋼球A、B先后由靜止開始下落，剛好同時落地，小鋼球B下落的最后3.8m，用時0.2s，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.小鋼球B下落最后一秒的位移大小為15mB.小鋼球A下落時間為2sC.小鋼球A掉落前到地面的高度為20mD.兩小鋼球在運動過程中，間距和速度之差均保持不變〖答案〗A〖解析〗AB．設(shè)小球B下落時間為tB，則有解得則小鋼球B下落最后一秒的位移大小為故A正確；BC．依題意，小鋼球A掉落前到地面的高度為小鋼球A下落時間滿足解得故BC錯誤；D．依題意，小球A先下落，相距1m，最后二者同時落地，所以，兩小鋼球在運動過程中，間距逐漸減小。兩球速度之差為因為為一個定值，所以兩球速度之差保持不變。故D錯誤。故選A。8.2023年5月發(fā)射天舟六號貨運飛船和神舟十六號載人飛船，飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數(shù)據(jù)確認，后擇機經(jīng)轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道（Ⅲ）距地面的高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為，下列說法正確的是（）A.飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的速度為B.飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的加速度小于Q點的加速度C.飛船從P到Q的運動時間至少為D.空間站內(nèi)的物品或宇航員處于“漂浮”狀態(tài)，說明此時它們受力平衡〖答案〗C〖解析〗A．飛船在停泊軌道（Ⅰ）上的速度為飛船從停泊軌道（Ⅰ）上的P點到轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點要加速，則在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的速度大于，選項A錯誤；B．根據(jù)可知，飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上P點的加速度大于Q點的加速度，選項B錯誤；C．設(shè)飛船在轉(zhuǎn)移軌道（Ⅱ）上的周期為T2，則根據(jù)開普勒第三定律解得飛船從P到Q的運動時間至少為選項C正確；D．空間站內(nèi)的物品或宇航員隨空間站繞地球做勻速圓周運動，則雖然處于“漂浮”狀態(tài)，但它們受力不平衡，選項D錯誤。故選C。9.某燃脂呼啦圈如圖甲所示，在圈外有一個用桿相連的重力錘，小明不小心將桿弄斷了，換了一根細繩綁住重力錘。當細繩與豎直方向的夾角為53°，計數(shù)器顯示1min內(nèi)轉(zhuǎn)了40圈，運動過程中腰帶可看作不動，重力錘繞人體在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，其簡化圖如圖乙所示。已知重力錘的質(zhì)量m=0.4kg，繩長L=0.45m，取，則以下說法正確的是（）A.若細繩不慎斷裂，重力錘將做斜拋運動B.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的合力變大C.重力錘勻速轉(zhuǎn)動的加速度大小約為7.5m/s2D.細繩懸掛點到腰帶中心的距離為0.39m〖答案〗D〖解析〗A．若細繩不慎斷裂，重力錘拋出是的速度水平，將做平拋運動，故選項A錯誤；B．若增大轉(zhuǎn)速，腰帶始終不動，受力是平衡的，故合力為零，故選項B錯誤；C．對小球受力分析得，合力提供小球向心力解得故選項C錯誤；D．小球需要的向心加速度解得，故選項D正確。故選D。10.如圖所示，中心開孔的A、B極板間加上恒定電壓，兩極板間的距離可以改變，電子每次以相同初速度沿兩板的軸線方向向右射入電場中，電子所受重力不計，則下列說法正確的是（）A.只要兩極板的距離足夠小，電子一定能從右極板射出B.只要兩極板的距離足夠大，電子一定不能從右極板射出C.當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間不變D.當兩極板的距離變化時，電子離開電場的速度相同〖答案〗D〖解析〗AB．電子能否從電場中射出取決于兩極板的電壓，由動能定理當電壓大于時，電子不能射出；當電壓小于時，電子能射出，故選項AB錯誤；C．當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間變化，距離變大，場強變小，加速度變小，時間變長，反之，距離變小，時間變短，故選項C錯誤；D．當兩極板的距離變化時，電子在電場中電場力做功不變，故離開電場的速度相同。故選項D正確。故選D。11.某同學(xué)利用手機加速度傳感器研究電梯運動時的超失重現(xiàn)象。某次測量時，手機平放在電梯地板上，電梯由靜止開始運動，獲得豎直方向的加速度a隨時間t變化的圖線（取豎直向上為正方向）如圖所示，則由圖線可知，在5.0~30.0s內(nèi)（）A.電梯一直向上運動且先加速再減速B.電梯運動過程的最大加速度約為0.5gC.手機對地板的壓力最大值約為其重力的1.5倍D.電梯先下降后上升，10s時手機處于失重狀態(tài)〖答案〗D〖解析〗AD．從a—t圖像可以看出，電梯從靜止開始，開始先加速下降，再減速下降，然后再加速上升，最后減速上升，在10s時，由于加速度向下，手機處于失重狀態(tài)，A錯誤，D正確；B．從a—t圖像可以看出，最大加速度約為0.5m/s2，B錯誤；C．在減速下降和加速上升的過程中，手機處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)牛頓第三定律可知對地板壓力C錯誤。故選D。12.從地面豎直向上拋出一物體，物體在運動過程中除受到重力外，還受到空氣阻力作用。已知物體上升、下降過程中機械能E隨距地面高度h的變化關(guān)系如圖所示，以地面作為重力零勢能面，重力加速度取。以下說法正確的是（）A.物體的質(zhì)量為3kgB.物體落回到拋出點速度為C.物體受到的空氣阻力大小為1ND.物體在上升過程中動能減少了6J〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知，物體在最高點時，動能為0，則有可得物體的質(zhì)量為故A錯誤；B．由圖像可知，物體落回到拋出點時，重力勢能為0，則有可得物體落回到拋出點速度為故B錯誤；C．物體上升過程減少的機械能等于物體克服空氣阻力做的功，則有可得物體受到的空氣阻力大小為故C正確；D．根據(jù)動能定理可知，物體在上升過程中動能減少了故D錯誤。故選C。13.如圖甲所示，將一輕彈簧放在傾角為45°的固定斜面上，彈簧的下端固定。把物體P靠近彈簧的上端放在斜面上，P由靜止沿斜面向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖乙中實線所示。把物體P換成物體Q，完成同樣的過程，其a-x關(guān)系如圖乙中虛線所示，已知物體P與斜面間的動摩擦因數(shù)是物體Q與斜面間動摩擦因數(shù)的0.6倍。下列說法正確的是（）A.P與斜面間的動摩擦因數(shù)為B.Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為C.P的質(zhì)量是Q的6倍D.P的質(zhì)量是Q的倍〖答案〗B〖解析〗剛開始下滑時，物體受到重力，斜面對物體的支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，對PmPgsinθ-μPmPgcosθ=mP?3a0對QmQgsinθ-μQmQgcosθ=mQa0P運動x0時，加速度為零，則mPgcosθ-μPmPcosθ-kx0=0Q下滑2x0時，加速度為零，則mQgsinθ-μQmQgcosθ-k?2x0=0聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得故B正確，ACD錯誤。二、不定項選擇題（本題共3小題，每小題4分，共12分，在每小題給出的四個選項中，有一個或一個以上〖答案〗符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不選的得0分）14.下列說法正確的是（）A.牛頓在伽利略和笛卡兒等科學(xué)家研究的基礎(chǔ)上提出了牛頓第一定律B.開普勒經(jīng)過二十多年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，得出了行星運動規(guī)律C.在對自由落體運動的研究過程中，伽利略直接用實驗驗證了自由落體運動的速度與下落時間成正比D.美國科學(xué)家富蘭克林發(fā)現(xiàn)自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷〖答案〗AD〖解析〗A．牛頓在伽利略的理想斜面實驗和笛卡兒對物體運動研究的基礎(chǔ)上總結(jié)得出了牛頓第一定律，故A正確；B．第谷經(jīng)過二十年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，開普勒通過分析第谷的數(shù)據(jù)，得出了行星運動的規(guī)律，故B錯誤；C．伽利略在研究自由落體運動時，猜想運動速度與下落時間成正比，但沒有直接用實驗進行驗證，故C錯誤；D．美國科學(xué)家富蘭克林發(fā)現(xiàn)自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷，故D正確。故選AD。15.如圖所示，左邊是一個原先不帶電的導(dǎo)體，右邊C是后來靠近導(dǎo)體的帶正電金屬球，則下列結(jié)論正確的是（）A.B端感應(yīng)出負電，A端感應(yīng)出正電B.感應(yīng)電荷在AB內(nèi)部產(chǎn)生的電場強度處處為零C.若用絕緣工具沿圖示某條虛線將導(dǎo)體切開，分為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的絕對值分別為、，沿任意一條虛線切開，都有D.當C逐漸遠離AB時，AB內(nèi)部的場強逐漸減小〖答案〗AC〖解析〗A．導(dǎo)體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導(dǎo)體中的自由電子向B端移動，使端多帶了電子而帶負電，A端失去電子帶正電，故A正確；BD．AB處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部場強處處為零，感應(yīng)電荷在AB內(nèi)部產(chǎn)生的電場強度不是處處為零，當C逐漸遠離AB時，AB內(nèi)部的場強始終為零不變，故BD錯誤。C．由題意可知，靜電感應(yīng)現(xiàn)象使得A帶正電，B帶負電，導(dǎo)體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導(dǎo)體中的自由電子向B部分移動，使B部分多帶了電子而帶負電；A部分少了電子而帶正電，根據(jù)電荷守恒可知，A部分轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目和B部分多余的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，由電荷守恒定律知，兩部分的電荷量總是相等的，故C正確。16.某地區(qū)常年有風(fēng)，風(fēng)速基本保持在8m/s，該地區(qū)有一風(fēng)力發(fā)電機，其葉片轉(zhuǎn)動可形成半徑為10m的圓面，若保持風(fēng)垂直吹向葉片，空氣密度為1.25kg/m3，風(fēng)的動能轉(zhuǎn)化為電能的效率為20%。下列結(jié)論正確的是（）A.每秒流經(jīng)該渦輪機空氣的動能約為200kJB.該風(fēng)力發(fā)電機的功率約為20kWC.若風(fēng)速變?yōu)?4m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?倍D.某純電動家用汽車每充36kW·h的電能，可以行駛500公里，一般家用汽車的年行駛里程約10000公里。則這臺風(fēng)力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能〖答案〗BD〖解析〗A．每秒流經(jīng)該渦輪機空氣的動能約為故A錯誤；B．該風(fēng)力發(fā)電機的功率約為故B正確；C．該風(fēng)力發(fā)電機的功率為可知若風(fēng)速變?yōu)?4m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?7倍，故C錯誤；D．根據(jù)能量守恒有解得故這臺風(fēng)力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題共49分）17.（1）在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗時，①關(guān)于“補償阻力”的說法中正確的是________（多選）A.“補償阻力”的本質(zhì)就是讓小車受到的摩擦力為零；B.“補償阻力”的本質(zhì)就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；C.只要“補償阻力”，小車所受的合力就一定等于所掛槽碼的重力；D.“補償阻力”是否成功，可根據(jù)實驗正確操作后，紙帶上的點跡間距是否均勻而確定。②小明同學(xué)在實驗中獲得的其中一條紙帶如圖甲所示，A、B、C、D、E、F是紙帶上的6個計數(shù)點，每兩個相鄰計數(shù)點間均有四個點沒有畫出。實驗所用交流電頻率為50Hz，則小車運動的加速度為________m/s2（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。另一同學(xué)還做了如下實驗：如圖乙所示，不改變小車質(zhì)量和槽碼個數(shù)，撤去打點計時器及小車后面的紙帶，將具有加速度測量功能的智能手機固定在小車上來測量加速度，測量的結(jié)果比用打點計時器測得的要小，從以下選項中選出一個最合適解釋________。A.因為在小車上放置了智能手機后，整體的質(zhì)量變大了B.因為在小車上放置了智能手機后，沒有重新“補償阻力”C.因為在小車上放置了智能手機后，繩的拉力變?。?）在“探究平拋運動的特點”實驗中，下列說法正確的是________A.如圖丙所示的演示實驗中，1球落地時與2球相碰，就可以說明平拋運動的軌跡是一條拋物線B.用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M必須光滑且其末端水平C.用圖丁裝置進行實驗，小鋼球應(yīng)從斜槽M上同一位置靜止?jié)L下〖答案〗（1）①BD②.0.20-0.23A（2）C〖解析〗（1）[1]“補償阻力”的本質(zhì)就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；在檢驗“補償阻力”是否成功時，讓小車不掛槽碼，懸掛上紙帶，打開打點計時器，輕推小車，如果打點計時器在紙帶上打下均勻的點，說明小車勻速運動，“補償阻力”成功。故選BD。[2]相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s根據(jù)可知[3]“補償阻力”成功之后，即使改變小車的質(zhì)量，也不需要重新補償阻力，之所以加速度變小，是由于小車上放置了智能手機后，整體的質(zhì)量變大造成的；而由于加速度減小，槽碼所受的合力減小，繩子拉力將變大。（2）[4]A．球1落地時與球2相碰，說明平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，A錯誤；BC．用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M不必須光滑，但末端必須水平，只要每次釋放小球的位置固定，且從靜止釋放，就能保證小球每次的平拋初速度相同，B錯誤，C正確。18.某同學(xué)要測量一定值電阻的阻值：（1）該同學(xué)先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，先用“×100”擋測量，發(fā)現(xiàn)指針指在圖甲中虛線位置，這時他應(yīng)該選用“________”擋進行測量，調(diào)整好擋位并進行歐姆調(diào)零后再次測量，指針指在圖甲中實線位置，則的阻值為________Ω。（2）為了進一步準確測量的阻值，該同學(xué)選用下表中器材設(shè)計實驗電路進行測量電池組E（電動勢3V，內(nèi)電阻很?。┗瑒幼冏杵鳎?~20kΩ，額定電流1A）電壓表V（量程0~3V，內(nèi)電阻約3kΩ）滑動變阻器（0~20Ω，額定電流2A）電流表（量程0~10mA，內(nèi)電阻約6Ω）開關(guān)S電流表（量程0~0.6A，內(nèi)電阻約0.2Ω）導(dǎo)線若干①電流表應(yīng)選用________，滑動變阻器應(yīng)選用________（均填寫字母代號）；②若該同學(xué)已正確選用器材，并連接好部分實驗電路，如圖乙所示，請用筆畫線代