人教A版普通高中數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)36課時(shí)練習(xí)含答案

課時(shí)質(zhì)量評(píng)價(jià)(三十六)1．已知點(diǎn)O，A，B，C為空間不共面的四點(diǎn)，且向量a＝OA+OB+OC，向量b＝OA+OBA．OA B．C．OC D．OA或C解析：因?yàn)镺C＝12(OA+OB+OC)－12(OA+所以O(shè)C與a，b不能構(gòu)成空間的一個(gè)基底．2．(2024·臺(tái)州模擬)若向量a＝(1，1，2)，b＝(2，x，y)，且a∥b，則|b|＝()A．2 B．22C．6 D．26D解析：由題意，得21＝x1＝y(tǒng)2，解得x＝2，y＝4，故b＝(2，2，4)，所以|b|＝23．(多選題)已知點(diǎn)P是平行四邊形ABCD所在的平面外一點(diǎn)，AB＝(2，－1，－4)，AD＝(4，2，0)，AP＝(－1，2，－1)．下列結(jié)論正確的有()A．AP⊥ABB．AP⊥ADC．AP是平面ABCD的一個(gè)法向量D．AP∥BDABC解析：對(duì)于A，AB·AP＝2×(－1)＋(－1)×2＋(－4)×(－1)＝0，所以AP⊥AB，即AP⊥對(duì)于B，AP·AD＝(－1)×4＋2×2＋(－1)×0＝0，所以AP⊥AD，即AP⊥對(duì)于C，由AP⊥AB，且AP⊥AD，得出AP是平面ABCD的一個(gè)法向量，故C正確；對(duì)于D，由AP是平面ABCD的法向量，得出AP⊥BD，故D錯(cuò)誤．4．設(shè)向量a＝(3，5，2)，b＝(－2，1，3)，向量ma＋nb與x軸垂直時(shí)，實(shí)數(shù)m與n滿足()A．3m＝2n B．3m＝nC．m＝2n D．m＝nA解析：ma＋nb＝(3m－2n，5m＋n，2m＋3n)，取x軸的方向向量為e＝(1，0，0)．因?yàn)橄蛄縨a＋nb與x軸垂直，所以3m－2n＝0，解得3m＝2n.5．如圖，在一個(gè)120°的二面角的棱上有A，B兩點(diǎn)，線段AC，BD分別在這個(gè)二面角的兩個(gè)半平面內(nèi)，且均與棱AB垂直．若AB＝2，AC＝1，BD＝2，則CD的長(zhǎng)為()A．2 B．3C．23 D．4B解析：因?yàn)镃A⊥AB，BD⊥AB，二面角大小為120°，所以CA·AB＝0，BD·AB＝0，CA·BD＝|CA||BD|cos(180°因?yàn)镃D＝CA+所以CD2＝CA2＋AB2＋BD2＋2CA·AB＋2CA·6．已知a＝(1，0，1)，b＝(x，1，2)，且a·b＝3，則向量a與b的夾角為．π6解析：因?yàn)閍·b＝x＋2＝3，所以x＝1，所以b所以cos〈a，b〉＝a·bab＝又因?yàn)椤碼，b〉∈[0，π]，所以向量a與b的夾角為π67．(2024·西安模擬)在空間四邊形ABCD中，AC與BD是四邊形的兩條對(duì)角線，M，N分別為線段AB，CD上的點(diǎn)，且滿足AM＝23AB，DN＝34DC，點(diǎn)G在線段MN上，且滿足MG＝3GN.若向量AG滿足AG＝xAB+yAC+zAD1112解析：如圖，連接MN，AN，AG由于MG＝3GN，故AG?AM＝3(AN?AG)，整理得4AG＝3AN+AM＝3AD＋3DN+AM＝3AD＋94DC＋23AB＝3AD＋所以AG＝316AD＋916故x＝16，y＝916，z＝所以x＋y＋z＝11128．已知空間向量a＝(1，0，1)，b＝(2，－1，2)，則向量a在向量b上的投影向量的坐標(biāo)是．89，?49，89解析：因?yàn)榭臻g向量a＝(1，0，1)，b＝(2，－1，2)，所以a·b＝4，b＝4+1+4＝3，所以向量a在向量b上的投影向量為a·9．在棱長(zhǎng)為2的正方體中，E，F(xiàn)分別是DD1，DB的中點(diǎn)，G在棱CD上，且CG＝13CD，H是C1G(1)求證：EF⊥B1C；(2)求cos〈EF，C1G〉；(3)求FH的長(zhǎng)．(1)證明：如圖，以D為原點(diǎn)，DA，DC，DD1所在直線分別為x軸、y軸、z軸，建立空間直角坐標(biāo)系，則D(0，0，0)，E(0，0，1)，F(xiàn)(1，1，0)，C(0，2，0)，C1(0，2，2)，B1(2，2，2)，G0，所以EF＝(1，1，－1)，B1C＝(－2，0，－2)，所以EF·B1C＝1×(－2)＋1×0＋(－1)×(－2)＝0，所以EF⊥B1C，故EF⊥B1C．(2)解：因?yàn)镃1G＝0，所以|C1G|＝210因?yàn)镋F＝(1，1，－1)，所以|EF|＝3，EF·C1G＝1×0＋1×?23＋(－1)所以cos〈EF，C1G〉＝EF·C1GTX→(3)解：因?yàn)镠是C1G的中點(diǎn)，所以H0，又因?yàn)镕(1，1，0)，所以HF＝1，所以|HF|＝12+?即FH＝22310．(多選題)(2024·沈陽(yáng)模擬)已知空間中三點(diǎn)A(0，1，0)，B(2，2，0)，C(－1，3，1)，則()A．AB與AC是共線向量B．與向量AB方向相同的單位向量坐標(biāo)是2C．AB與BC夾角的余弦值是55D．BC在AB上的投影向量的模為5BD解析：由已知得AB＝(2，1，0)，AC＝(－1，2，1)，BC＝(－3，1，1)，且?12≠2因此AB與AC不共線，故A錯(cuò)誤；|AB|＝5，所以與向量AB方向相同的單位向量坐標(biāo)是15(2，1，0)＝2AB·BC＝－5，|BC|＝cos〈AB，BC〉＝AB·BCABBC在AB上的投影向量的模是BC·ABAB＝?11．已知在直三棱柱ABC-A1B1C1中，∠ABC＝120°，AB＝2，BC＝CC1＝1，則異面直線AB1與BC1所成角的余弦值為()A．32 B．C．105 D．C解析：如圖，由題意知，在直三棱柱ABC-A1B1C1中，BB1⊥平面ABC，CC1⊥平面ABC．因?yàn)锽C?平面ABC，AB?平面ABC，所以BB1⊥BC，CC1⊥AB．因?yàn)锳B1＝BB1－BA，BC1＝BC＋CC1，所以AB1·BC1＝BB1·BC＋BB1·CC1－BA·BC?BA·CC1＝0＋1－2×1×?12－0＝2.因?yàn)锳B1所以cos〈AB1，BC1〉＝AB1TX→·BC1TX→AB1TX→B12．如圖，在正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中，AA1＝2，AB＝BC＝1，動(dòng)點(diǎn)P，Q分別在線段C1D，AC上，則線段PQ長(zhǎng)度的最小值是()A．23 B．C．23 D．C解析：以D為原點(diǎn)，DA，DC，DD1所在直線分別為x軸、y軸、z軸，建立空間直角坐標(biāo)系(圖略)，則D(0，0，0)，C1(0，1，2)，A(1，0，0)，C(0，1，0)，所以DC1＝(0，1，2)，DA＝(1，0，0)，AC＝(－1，1，0)．設(shè)DP＝λDC1，AQ＝μAC(λ，μ∈[0，1])，所以DP＝λ(0，1，2)＝(0，λ，2λ)，DQ＝DA+AQ＝DA+μAC＝(1，0，0)＋μ所以PQ＝DQ?DP＝(1－μ，μ－λ，－2所以|PQ|＝1?μ2+μ?λ2+4λ2＝5λ?μ52+95μ?592所以線段PQ長(zhǎng)度的最小值為2313．在正三棱柱ABC-A1B1C1中，側(cè)棱長(zhǎng)為2，底面邊長(zhǎng)為1，M為BC的中點(diǎn)，C1N＝λNC，且AB1⊥MN，則λ的值為．15解析：如圖，取B1C1的中點(diǎn)P，連接MP，以MC，MA，MP所在直線分別為x軸、y軸、z軸，建立空間直角坐標(biāo)系．因?yàn)榈酌孢呴L(zhǎng)為1，側(cè)棱長(zhǎng)為2，則A0，32，0，B1?12，0，設(shè)N12，0，t，因?yàn)镃所以N12所以AB1＝?1MN＝12因?yàn)锳B1⊥MN，所以AB1·MN＝0，所以－14＋41+λ＝0，解得λ14．如圖，已知斜三棱柱ABC-A1B1C1，點(diǎn)M，N分別在AC1和BC上，且滿足AM＝kAC1，BN＝kBC(0≤k≤1)．(1)用向量AB和AA1表示向量MN.(2)向量MN與向量AB，AA1是否共面？解：(1)因?yàn)锳N＝AB+BN＝AB＋k(AC?AB)＝(1－k)AB+kAC，AM＝kAC1＝所以MN＝AN?AM＝(1－k)AB+kAC－kAA1－kAC＝(1－k)AB(2)由(1)可知，MN＝(1－k)AB－kAA1，所以向量MN與向量AB，AA1共面．15．如圖，在平行六面體ABCD-A1B1C1D1中，∠A1AD＝∠A1AB＝∠BAD＝60°，AB＝AD＝2，AA1＝1，點(diǎn)P為線段BC的中點(diǎn)．(1)求|D1P|；解：(1)在平行六面體ABCD-A1B1C1D1中，BP＝PC．設(shè)AB＝a，AD＝b，AA1＝c，這三個(gè)向量不共面，{a，b，c}構(gòu)成空間的一個(gè)基底．所以D1P＝AP－AD1＝(AB+BP)－(AD＋AA1)＝a+12b－(b＋c)＝a所以D1P2＝a?12b?c2＝a2＋14b2＋c2－a·b－2a·c＋b·c＝4＋14×4＋1－2×2×12－2×2×所以D1PTX→