2021年上海市虹口區(qū)高考物理一模試卷(附答案詳解)

第=page22頁(yè)，共=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2021年上海市虹口區(qū)高考物理一模試卷下列選項(xiàng)中，屬于理想模型的是(??A.電場(chǎng) B.電阻 C.元電荷 D.質(zhì)點(diǎn)下列物理量中，負(fù)號(hào)表示其方向的是(??A.溫度t=?10℃ B.位移s=?8m航天飛機(jī)中的物體處于完全失重狀態(tài)時(shí)，其(??A.受到的合力為零 B.受到的向心力為零

C.對(duì)支持物的壓力為零 D.受地球的萬(wàn)有引力為零伽利略在著名的斜面實(shí)驗(yàn)中，讓一小球自傾角可調(diào)、長(zhǎng)度一定的光滑斜面頂端由靜止釋放，并開(kāi)始計(jì)時(shí)。他得出的結(jié)論是(??A.小球在斜面上的位移與時(shí)間成正比

B.小球在斜面上的位移與時(shí)間的平方成正比

C.小球到達(dá)斜面底端時(shí)速度的大小與傾角無(wú)關(guān)

D.小球從斜面頂端到達(dá)底端所需的時(shí)間與傾角無(wú)關(guān)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，表示該電池(?A.工作時(shí)兩極間的電壓恒為1.5V

B.工作時(shí)有1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?/p>

C.比電動(dòng)勢(shì)為1.2V的電池存儲(chǔ)的電能多

D.將1C如圖所示，底部裝有4個(gè)輪子的行李箱a豎立、b平臥放置在公交車上，箱子四周均有一定空間。當(dāng)公交車(???A.緩慢啟動(dòng)時(shí)，a、b均相對(duì)于公交車向后運(yùn)動(dòng)

B.急剎車時(shí)，行李箱a相對(duì)于公交車向前運(yùn)動(dòng)

C.緩慢轉(zhuǎn)彎時(shí)，a、b均相對(duì)于公交車向外側(cè)運(yùn)動(dòng)

D.急轉(zhuǎn)彎時(shí)，行李箱a相對(duì)于公交車向內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)

我國(guó)發(fā)射的“天問(wèn)一號(hào)”，將于明年5月抵達(dá)火星?；鹦呛偷厍蚶@太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)均近似為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知火星公轉(zhuǎn)軌道半徑是地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的1.5倍，則(??A.火星公轉(zhuǎn)的周期比地球長(zhǎng) B.火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球大

C.火星公轉(zhuǎn)的角速度比地球大 D.火星公轉(zhuǎn)的加速度比地球大在“用DIS研究通電螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度”實(shí)驗(yàn)中，探管從螺線管的一端到另一端，以螺線管中央為坐標(biāo)原點(diǎn)，測(cè)得磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨位置x的變化圖象可能是(???A. B.

C. D.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播。當(dāng)t=0時(shí)其波形如圖所示，則t=3A.Q處質(zhì)點(diǎn)傳播到圖中的P點(diǎn)

B.Q處質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸正方向

C.P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度一樣大

D.1cm<x如圖，物塊以一定的初始速度v0由底端沖上粗糙程度均勻的斜面，最高到達(dá)B點(diǎn)。若物塊在滑行過(guò)程中(??A.施加一個(gè)豎直向下的恒力，最高仍到B點(diǎn)

B.施加一個(gè)豎直向上的恒力，最高仍到B點(diǎn)

C.施加一個(gè)水平向右的恒力，最高可能在B點(diǎn)之下

D.施加一個(gè)水平向右的恒力，最高必在B點(diǎn)之上如圖，光滑絕緣的水平面上固定兩個(gè)帶有等量正電荷的小球A、B。將一帶電小球C放在A、B連線的中點(diǎn)O處，C恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。若將B緩慢向右移動(dòng)，則C將(???A.靜止不動(dòng) B.向左運(yùn)動(dòng)

C.向右運(yùn)動(dòng) D.可能向左，也可能向右運(yùn)動(dòng)圖(a)中物塊A靜止在水平地面上，受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖(b)所示。設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力FA.t1時(shí)刻物塊的速度為零

B.t2時(shí)刻物塊的速度最大

C.t3時(shí)刻F的功率為零

D.t1某同學(xué)在水槽內(nèi)做如圖所示的兩個(gè)實(shí)驗(yàn)。圖(a)中A、B為兩塊擋板，一列水波穿過(guò)A、B之間的縫隙后如圖所示；圖(b)中S1和S2為兩個(gè)波源，發(fā)出兩列水波后形成如圖所示的圖案。兩幅圖中，屬于波的衍射現(xiàn)象的是______。能夠觀察到圖如圖，將A、B兩個(gè)小球同時(shí)從離地相同的高度以相同大小的初速度v0分別豎直上拋和下拋，不計(jì)空氣阻力。在B落地之前的過(guò)程中，兩個(gè)小球之間的距離______(填“增大”、“減小”、“先增大后減小”、“先減小后增大”)；兩者落地的時(shí)間差△t=______。如圖，三塊完全相同的磁鐵A、B、C套在固定的光滑豎直桿上，相鄰磁鐵間同名磁極相對(duì)。平衡后A、B均懸浮在空中，C在桌面上，則相鄰兩塊磁鐵間的距離h1______h2(選填“>”、“<”或“=”)。若緩慢下壓磁鐵A，則磁鐵之間因?yàn)橄嗷プ饔昧Χ哂械膭?shì)能將______(選填“增大”、“減小”或“不變”)。某種金屬氧化物制成的均勻棒中的電流I與電壓U之間遵循I=kU的規(guī)律，其中k=0.2A/V12。現(xiàn)將該棒Rc接在如圖所示的電路中，R為滑動(dòng)變阻器，電源電動(dòng)勢(shì)E=4.5V，內(nèi)阻r=0.5Ω。現(xiàn)將變阻器R的滑動(dòng)片向右移動(dòng)，則Rc如圖，兩根電線桿之間架起的電線由于自身重力的作用，中間總是稍有下垂。已知兩桿之間電線的總質(zhì)量為m，端點(diǎn)處的切線與水平方向的夾角為θ，則最低點(diǎn)C處的張力FTC=______。冬天，由于熱脹冷縮的原因，θ會(huì)變小，試解釋工作員人員架設(shè)電線不能繃緊的原因：______。現(xiàn)有一電池，電動(dòng)勢(shì)E約為9V，內(nèi)阻r在1～5Ω范圍內(nèi)，允許通過(guò)的最大電流為0.6A。為測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖(a)所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，圖中R1為保護(hù)電阻，R2為電阻箱。

(1)(單選)可備選用的定值電阻有以下幾種規(guī)格，則R1宜選用______。

A.5Ω，2.5W

B.15Ω，1.0W

C.15Ω，10W

D.150Ω，5.0W

(2)接好電路，閉合電鍵，調(diào)節(jié)電阻箱，記錄R2的阻值和相應(yīng)的電壓傳感器示數(shù)U，測(cè)量多組數(shù)據(jù)。為了利用圖(b)更加便捷的測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，該同學(xué)選定縱軸表示電壓的倒數(shù)1U，則橫軸應(yīng)為_(kāi)_____。這是因?yàn)椋篲_____。

(滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)驚險(xiǎn)刺激的運(yùn)動(dòng)，深受青少年的喜愛(ài)。圖中ABCD為滑板的運(yùn)動(dòng)軌道，AB和CD是兩段光滑的圓弧，水平段BC的長(zhǎng)度L=5m。一運(yùn)動(dòng)員從P點(diǎn)以v0=6m/s的初速度下滑，經(jīng)BC后沖上CD軌道，達(dá)到Q點(diǎn)時(shí)速度減為零。已知運(yùn)動(dòng)員連同滑板的質(zhì)量m=70kg，h=2m，H=3m，g取10m/s2。求：

(1)

如圖(a)，質(zhì)量m1=2kg、寬度L=1m的足夠長(zhǎng)金屬導(dǎo)軌abcd放在光滑的絕緣水平面上。一電阻不計(jì)、質(zhì)量m2=1kg的導(dǎo)體棒MN放置在導(dǎo)軌上，始終與導(dǎo)軌接觸良好，MNcb構(gòu)成矩形。棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，棒左側(cè)有兩個(gè)固定于水平面的立柱。開(kāi)始時(shí)MN左側(cè)導(dǎo)軌的總電阻R=0.2Ω，右側(cè)導(dǎo)軌單位長(zhǎng)度的電阻R0=0.1Ω/m。以ef為界，其左側(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上，右側(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)水平向左，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=1T。在t=0時(shí)，一水平向左的拉力F垂直作用在導(dǎo)軌的bc邊上，使導(dǎo)軌由靜止開(kāi)始做加速度a=2m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，重力加速度g取答案和解析1.【答案】D

【解析】解：建立理想化模型的原則是首先突出問(wèn)題的最主要因素，忽略問(wèn)題的次要因素，為了使物理問(wèn)題簡(jiǎn)化，也為了方便把研究的對(duì)象簡(jiǎn)化，忽略次要因素，抓住主要因素，建立的理想化模型為：質(zhì)點(diǎn)、電場(chǎng)線、磁場(chǎng)線、理想氣體、點(diǎn)電荷等，

故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D。

由理想模型的概念進(jìn)行分析。

本題主要考查了理想模型的建立原則，解題關(guān)鍵在于看此模型有沒(méi)有忽略次要因素，突出主要因素。

2.【答案】B

【解析】解：A、溫度是標(biāo)量，其負(fù)號(hào)不表示方向，表示物體的溫度在零攝氏度以下，故A錯(cuò)誤；

B、位移為矢量，故負(fù)號(hào)表示位移的方向，故B正確；

C、重力勢(shì)能是標(biāo)量，其負(fù)號(hào)不表示方向，表示物體所在的位置是在零勢(shì)能面的下方，故C錯(cuò)誤；

D、電荷量是標(biāo)量，故負(fù)號(hào)不表示方向，只是用來(lái)明確自然界中正負(fù)兩種電荷，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)單位分析其對(duì)應(yīng)的物理量，若物理量是矢量，其正負(fù)表示方向。若物理量是標(biāo)量，其正負(fù)表示大小。

解決本題時(shí)，要明確矢量的正負(fù)表示矢量的方向，而對(duì)于不是矢量的物理量應(yīng)注意正確理解正負(fù)所表示的物理意義。

3.【答案】C

【解析】解：AB、航天飛機(jī)中的物體處于失重狀態(tài)，物體做圓周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，并不為零，故AB錯(cuò)誤；

C、航天飛機(jī)中的物體處于失重狀態(tài)，對(duì)支持物的壓力為零，故C正確；

D、處于完全失重狀態(tài)的物體仍受地球的萬(wàn)有引力作用，萬(wàn)有引力不為零，故D錯(cuò)誤．

故選：C。

航天飛機(jī)中的物體處于完全失重狀態(tài)，此時(shí)的物體受到的萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力，物體對(duì)支持物無(wú)壓力．

作受力分析時(shí)要注意按性質(zhì)力畫(huà)圖，向心力為效果力，效果力由某些性質(zhì)力來(lái)提供。

4.【答案】B

【解析】解：A、B、伽利略通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定出小球沿斜面下滑的運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=12gsinθt2可知，小球在斜面上，位移與時(shí)間的二次方成正比，A錯(cuò)誤，B正確；

C、斜面長(zhǎng)度一定時(shí)，傾角的越大，加速度越大，由

v=2gsinθx得，小球到達(dá)斜面底端時(shí)速度的大小隨傾角增大而增大，故C錯(cuò)誤；

D、傾角越大，物體下滑的加速度越大，故斜面長(zhǎng)度一定時(shí)，t=2xg【解析】解：A、接入電路后，兩極電壓為路端電壓，由于電源存在內(nèi)阻，故路端電壓小于電源電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B、電源是把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，將1C電量的正電荷由負(fù)極移送到正極的過(guò)程中，該電池能將1.5J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化成電能，故B錯(cuò)誤；

C、電動(dòng)勢(shì)表示電源是把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，電動(dòng)勢(shì)大不一定儲(chǔ)存的電能多，故C錯(cuò)誤；

D、一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，表示該電池能將1C電量的負(fù)電荷由正極移送到負(fù)極的過(guò)程中，非靜電力做了1.5J的功，故D正確；

故選：D。

由電源電動(dòng)勢(shì)，電源的定義進(jìn)行分析。

本題主要考查了電源電動(dòng)勢(shì)的定義，電動(dòng)勢(shì)表示電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的物理量。

6.【解析】解：設(shè)行李箱a豎立時(shí)與汽車發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)的加速度為a1，行李箱b平放時(shí)與汽車發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)的加速度為a2，根據(jù)實(shí)際情況可知a1<a2。

A、緩慢起動(dòng)時(shí)，汽車的加速度比較小，如果小于a1，則兩只行李箱不會(huì)相對(duì)車子運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、急剎車時(shí)，汽車減速運(yùn)動(dòng)的加速度很大，行李箱a一定相對(duì)車子向前運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C、緩慢轉(zhuǎn)彎時(shí)，只要轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度小于a1，兩只行李箱不會(huì)相對(duì)車子向外側(cè)運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、急轉(zhuǎn)彎時(shí)，行李箱a一定會(huì)相對(duì)車子向外側(cè)運(yùn)動(dòng)，不會(huì)相對(duì)車子向內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

【解析】解：A、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得r3T2=K，由于火星的公轉(zhuǎn)半徑比地球的公轉(zhuǎn)半徑大，所以火星的公轉(zhuǎn)周期比地球的公轉(zhuǎn)周期大，故A正確；

B、設(shè)太陽(yáng)質(zhì)量為M，行星質(zhì)量為m，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，由于火星公轉(zhuǎn)的半徑比地球公轉(zhuǎn)的半徑大，火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球公轉(zhuǎn)的線速度小，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得GMmr2=mrω2可得角速度ω=G【解析】解：通電螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)可近似認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，由于內(nèi)部磁感線比管口密，磁感應(yīng)強(qiáng)度B較大，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，根據(jù)安培定則判斷內(nèi)部磁場(chǎng)方向沿x軸負(fù)方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度為負(fù)值，故D正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：D。

通電螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)可近似認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度比螺線管管口處磁感應(yīng)強(qiáng)度大。

要明確通電螺線管內(nèi)部的磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流有關(guān)，電流增大，磁感應(yīng)強(qiáng)度增大。要了解通電螺線管內(nèi)部的磁場(chǎng)可近似認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，根據(jù)磁感線的疏密判斷B的大小。

9.【答案】B

【解析】解：A、簡(jiǎn)諧橫波在傳播過(guò)程中，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移，因此，簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，Q處質(zhì)點(diǎn)只上下振動(dòng)，不會(huì)傳播到圖中的P點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)波形平移法可知t=0時(shí)，Q處質(zhì)點(diǎn)正向上振動(dòng)，t=34T時(shí)Q處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，其加速度沿y軸正方向，故B正確；

C、t=34T時(shí)P處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，速度最大，Q處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，速度為零，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)波形平移法可知t=34T時(shí)，1cm<x<2【解析】解：物體勻減速上滑，施加力F前，物體受重力mg、支持力N和滑動(dòng)摩擦力f，根據(jù)牛頓第二定律，有

平行斜面方向：mgsinθ+f=ma

垂直斜面方向：N?mgcosθ=0

其中：f=μN(yùn)

故mgsinθ+μmgcosθ=ma

解得a=g(sinθ+μcosθ)…①

A、在物塊上施加一個(gè)豎直向下的恒力F后，根據(jù)牛頓第二定律，有

平行斜面方向：(mg+F)sinθ+f′=ma′

垂直斜面方向：N?(mg+F)cosθ=【解析】解：C球受重力以及地面的支持力，A對(duì)C的庫(kù)侖力和B對(duì)C的庫(kù)侖力而處于受力平衡狀態(tài)；則A對(duì)C的庫(kù)侖力力與B對(duì)C的庫(kù)侖力大小相等，方向相反，C球可以帶正電也可以帶負(fù)電。根據(jù)庫(kù)侖定律可以得出A對(duì)C的庫(kù)侖力大小為：FAC=kqqcdAC2；B對(duì)C的庫(kù)侖力大小為：FBC=kqqcdBC2.此時(shí)由于C處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以兩力大小相等，方向相反。若C帶負(fù)電，則當(dāng)B緩慢向右移動(dòng)，會(huì)導(dǎo)致BC之間的距離增大，C指向B的力減小，因此合力不再為0，合力方向改為朝A方向，故C將向左運(yùn)動(dòng)；若C帶正電，則當(dāng)B緩慢向右移動(dòng)，會(huì)導(dǎo)致BC之間的距離增大，B指向C的力減小，因此合力不再為零，合力方向改為朝B方向，此時(shí)小球?qū)?huì)向右運(yùn)動(dòng)。故ABC錯(cuò)誤，【解析】解：A、0∽t1時(shí)間內(nèi)：物體受到的水平拉力F<Ffm，物體一直靜止不動(dòng)，t1時(shí)刻物體的速度為零，故A正確；

B、t1∽t3時(shí)間內(nèi)，水平拉力F>Ffm，合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，物體一直做加速運(yùn)動(dòng)，t3以后，水平拉力F<Ffm，合力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，

所以t3時(shí)刻的速度最大，故B錯(cuò)誤；

C、由B分析可知，t3時(shí)刻的速度不為零，所以拉力F的功率不為0，故C錯(cuò)誤；

D、t1∽t3時(shí)間內(nèi)，拉力F與物體的位移方向一直相同，故拉力F一直做正功，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

由圖象可知，0∽t1時(shí)間內(nèi)：物體受到的水平拉力F<【解析】解：圖(a)中水波通過(guò)小孔后能繼續(xù)傳播，屬于波的衍射現(xiàn)象。能夠觀察到穩(wěn)定干涉現(xiàn)象的是圖(b)，其條件中兩列波的頻率相同。

故答案為：圖(a)，兩列波的頻率相同。

當(dāng)孔的寬度與波長(zhǎng)差不多或者比波長(zhǎng)還小時(shí)，能夠發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；兩列波發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相同。

解決本題的關(guān)鍵要了解波的兩種特有現(xiàn)象：衍射和干涉，要掌握發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相同，相差恒定。

【解析】解：對(duì)A分析其運(yùn)動(dòng)過(guò)程，A首先做一個(gè)初速度為v0，加速度為g的向上減速運(yùn)動(dòng)，至最高點(diǎn)處減速為0。之后向下做一個(gè)初速度為0，加速度為g的加速運(yùn)動(dòng)，直到落地。而對(duì)B分析，B一直在做一個(gè)初速度為v0，加速度為g的向下加速運(yùn)動(dòng)，直至落地。因此在這個(gè)過(guò)程中，在A上升的過(guò)程中，A與B的距離在逐漸增大；而當(dāng)A上升到最高點(diǎn)開(kāi)始下落時(shí)，A與B距離在逐漸減小。

故第一空填先增大后減小。

由于A從最高點(diǎn)落回至出發(fā)點(diǎn)位置時(shí)，速度與B初試時(shí)刻相同，為v0，因此此后直至落地A與B所用時(shí)間是相同的。所以A與B整個(gè)過(guò)程落地的時(shí)間差為A比B從開(kāi)始時(shí)刻到A再次回到出發(fā)點(diǎn)所用時(shí)間。即為△t=2v0g．

故第二空填2v0g．

故答案為：先增大后減小；2v【解析】解：對(duì)A受力分析，受重力和B的排斥力F1，根據(jù)平衡條件，有：F1=mg；

對(duì)B受力分析，受重力，A對(duì)其向下的排斥力F′1，C對(duì)其向上的排斥力F2，根據(jù)平衡條件，有：mg+F′1=F2；

根據(jù)牛頓第三定律，有：F1=F′1；

故F?2>F1

由于間距越小斥力越大，故h1>h2；【解析】解：將變阻器R的滑動(dòng)片向右移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)“串反并同”可知，通過(guò)Rc中的電流將增大；

若電流表A1的讀數(shù)為I1=1.0A，則電源內(nèi)電壓U內(nèi)=I1r=1.0×0.5V=0.5V，

則路端電壓U=E?U內(nèi)=4.5V?0.5V=4.0V

則通過(guò)Rc的電流【解析】解：對(duì)左半邊電線受力分析，受拉力TA、重力12mg和張力FTC，如圖所示：

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：FTC=12mgtanθ=mg2tanθ；

由于原來(lái)AB之間的的電線處于松弛狀態(tài)，雖然冬天冷縮，θ會(huì)變小，根據(jù)FTC=mg2tanθ【解析】解：(1)電路最小總電阻約為：R=EIm=90.6Ω=15Ω，為保護(hù)電路安全，保護(hù)電阻應(yīng)選和15Ω差不多的，B選項(xiàng)允許通過(guò)的最大電流為：I=PU≈0.06A，容易燒壞，不符合題意，故選：C；

(2)由圖a所示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)：E=U+Ir=U+UR1+R2r，

則：1U=rE?1R1+R2+1E，則圖象的