黑龍江省哈爾濱市阿城區(qū)龍滌中學校2024-2025學年高二物理上學期期中試題含解析

PAGE12-黑龍江省哈爾濱市阿城區(qū)龍滌中學校2024-2025學年高二物理上學期期中試題（含解析）一、選擇題1.一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變,在兩極板間插入一電介質(zhì),其電容C和兩極板間的電勢差U的變更狀況是A.C和U均增大 B.C增大,U減小C.C減小,U增大 D.C和U均減小【答案】B【解析】解：由公式知，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C增大，由公式知，電荷量不變時U減小，B正確．故選B【點評】本題考查了等容的定義式和確定式的協(xié)作應用．2.兩個大小相同的金屬小球A、B分別帶有qA︰qB=4︰1數(shù)值的電荷量，相距較遠，相互間引力為F．現(xiàn)將另一個不帶電的、與A、B完全相同的金屬小球C，先與A接觸，再與B接觸，然后離開，則A、B間的作用力變?yōu)锳. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】原來AB球之間是庫侖引力，故AB帶異種電荷，不妨設A為正電荷、B為負電荷。

原來AB之間的庫侖引力為第三個不帶電的金屬小球C與A接觸后，A和C的電量都為2q，C與B接觸時先中和再平分，則C、B分開后電量均為，這時，A、B兩球之間的相互作用力的大小A．，與結論不相符，選項A錯誤；B．，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論相符，選項D正確；3.如圖所示電路中，電流表A和電壓表V均可視為志向電表．現(xiàn)閉合開關S后，將滑動變阻器滑片P向左移動，下列說法正確是（）A.電流表A的示數(shù)變小，電壓表V的示數(shù)變大B.小燈泡L變亮C.電容器C上電荷量削減D.電源的總功率變大【答案】A【解析】【詳解】A、B閉合開關S后，將滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，依據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，則小燈泡L變暗，電流表A的示數(shù)變?。妷罕淼氖緮?shù)U=E﹣I（RL+r），I減小，其他量不變，則U增大，即電壓表V的示數(shù)變大．故A正確，B錯誤．C、電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，即等于電壓表的示數(shù)，U增大，由Q=CU，知電容器C上的電荷量增大．故C錯誤．D、電源的總功率P=EI，I減小，則電源的總功率變小．故D錯誤．故選：A4.某電解池，假如在1s內(nèi)共有5×1018個二價正離子和1.0×1019個一價負離子通過某截面，那么通過這個截面的電流是()A.0 B.0.8AC.1.6A D.3.2A【答案】D【解析】【詳解】由題，電解池中正負離子運動的方向相反，則1s內(nèi)通過截面正離子的電量為q1=2n1e負離子的電量肯定值為q2=n2e則電流為代入數(shù)據(jù)解得：A．0與分析不符，故A錯誤；B．0.8A與分析不符，故B錯誤；C．16A與分析不符，故C錯誤；D．3.2A與分析相符，故D正確。5.如圖所示，甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是（）A.甲表是電流表，R增大時量程減小B.甲表是電流表，R增大時量程增大C.乙表是電壓表，R增大時量程減小D.上述說法都不對【答案】A【解析】AB、靈敏電流計G改裝成電流表需并聯(lián)小電阻分流，依據(jù)圖可知，甲表是電流表，并聯(lián)的電阻越大，則分流越小，量程越小，故A正確，B錯誤；C、靈敏電流計G改裝電壓表需串聯(lián)大電阻分壓，依據(jù)圖可知，乙表是電壓表，R增大時，則分壓越大，量程越大，故C錯誤；

D、由上可知，故D錯誤；故選A。【點睛】改裝電壓表和電流表所應用的原理都是串聯(lián)分壓和并聯(lián)分流6.如圖所示，因線路故障，接通S時，燈泡L1和L2均不亮，用電壓表測得Uab＝0，Ubc＝0，Ucd＝4V．因此可知斷路處為()A.燈泡L1 B.燈泡L2C.變阻器 D.不能確定【答案】C【解析】【詳解】A、B對于完好的電阻，阻值肯定，電流I=0時，依據(jù)歐姆定律可知，其電壓U=IR=0．由題：Uab=0，Ubc=0，則可知：燈L1、L2沒有發(fā)生斷路．故AB錯誤C、由題Ucd=4V，則變阻器發(fā)生斷路，因為斷路時，電路無電流，其兩端的電勢分別等于電源兩極的電勢，其電勢差等于電源的電動勢．故C正確．D、由上述分析可知D錯誤．故選：C7.等量異種點電荷的連線和其中垂線如圖所示，現(xiàn)將一個帶負電的檢驗電荷先從圖中a點沿直線移到b點，再從b點沿直線移到c點，則檢驗電荷在此全過程中（）A.所受電場力的方向將發(fā)生變更B.所受電場力的大小恒定C.電勢能始終減小D.電勢能先不變后減小【答案】D【解析】【詳解】由等量異種電荷得電場線分布可知ab連線上場強得方向豎直向下，bc之間得場強方向也是豎直向下，因此電場力方向不變，A錯誤；ab之間場強大小漸漸增大，因此B錯誤，ab之間的電勢都為零，因此電勢不變，C錯誤；bc之間電勢上升，負電荷電勢能降低，D正確8.當在電場中某點放入電量為q的正摸索電荷時，測得該點的場強為E，若在同一點放入電量q′=2q的負摸索電荷時，測得該點的場強()A.大小為2E，方向與E相同B.大小為2E，方向與E相反C.大小為E，方向與E相反D.大小為E，方向與E相同【答案】D【解析】【分析】電場強度是描述電場本身的力性質(zhì)的物理量，與摸索電荷無關，在電場中同一點，電場強度是唯一確定的．【詳解】依題，當在電場中某點放入電量為q的正摸索電荷時，測得該點的場強為E，若在同一點放入電量為q′=2q的負摸索電荷時，電場強度的大小和方向都不變，即該點的場強大小仍為E，方向與E相同。故選D?！军c睛】本題考查對電場強度物理意義的理解．電場強度是反映電場本身性質(zhì)的物理量，與摸索電荷無關，電場中同一點，不管放什么電荷，放不放電荷，該點的電場強度大小和方向都是肯定的．9.如圖所示，平行線代表電場線，但未標明方向，一個帶正電、電量為10－6C的微粒在電場中僅受電場力作用，當它從A點運動到B點時動能削減了10－5J，已知A點的電勢為－10V，則以下推斷正確的是A.微粒的運動軌跡如圖中的虛線1所示；B.微粒的運動軌跡如圖中的虛線2所示；C.B點電勢為零；D.B點電勢為－20V【答案】AC【解析】【詳解】AB．由題，帶正電的微粒僅受電場力的作用，從A點運動到B點時動能削減了10-5J，說明電場力做負功，則知電場力方向水平向左，依據(jù)曲線運動的合力指向軌跡的內(nèi)側，故微粒的運動軌跡是如圖虛線1所示。故A正確，B錯誤。CD．依據(jù)動能定理得：qUAB=△Ek，得又UAB=φA-φB，φA=-10V，則φB=0．故C正確，D錯誤。10.相同的電流表分別改裝成兩個電流表A1、A2和兩個電壓表V1、V2，A1的量程大于A2的量程，V1的量程大于V2的量程，把它們接入圖所示的電路，閉合開關后A.A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大B.A1指針偏轉角度比A2指針偏轉角度大C.V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大D.V1指針偏轉角度比V2指針偏轉角度大【答案】AC【解析】【詳解】A．電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大，故A正確；B．因兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴大量程時為并聯(lián)一小電阻，故相當于為四個電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表偏角相同；故B錯誤；C．兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大，故C正確；D．因表頭與電阻串聯(lián)，故為四個電阻串聯(lián)，因此通過兩表頭的電流相等，兩表的偏轉角度一樣，故D錯誤；11.一個直流電動機，線圈電阻是0.5Ω，當它兩端所加電壓為6V時，通過電動機的電流是2A。由此可知A.電動機消耗的電功率為10WB.電動機發(fā)熱的功率為10WC.電動機輸出的機械功率為10WD.電動機的工作效率為83.3%【答案】CD【解析】【詳解】AB．直流電動機線圈電阻為R，當電動機工作時通過的電流為I，兩端的電壓為U，總功率為：P=UI=2×6=12W發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W故AB錯誤；C．依據(jù)能量守恒定律，其輸出功率是：P出=P-P熱=12W-2W=10W故C正確；D．機械的工作效率為故D正確。12.圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷。一帶電粒子以肯定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點。則該粒子（）A.帶負電B.在c點受力最大C.在b點的電勢能大于在c點的電勢能D.由a點到b點的動能變更大于有b點到c點的動能變更【答案】CD【解析】【詳解】A．依據(jù)粒子運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；B．依據(jù)庫侖定律可知，離點電荷最近時最大，選項B錯誤；C．從b點到c點電場力做正功，動能增加，故粒子在b點電勢能肯定大于在c點的電勢能，故C正確；D．同心圓間距相等，所以a點到b點電勢差大于b點到c點的電勢差，所以由a點到b點的動能變更大于有b點到c點的動能變更，選項D正確。二、填空題13.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的試驗中，除有一標有“6V，1.5W”的小燈泡、導線和開關外，還有：A、直流電源6V(內(nèi)阻不計)B、直流電流表0～300mA(內(nèi)阻約為5Ω)C、直流電壓表0～10V(內(nèi)阻約為15kΩ)D、滑動變阻器10Ω，2A試驗要求小燈泡兩端的電壓從零起先變更并能進行多次測量．(1)畫出試驗電路圖______．(2)試將實物圖所示器材連成試驗電路_____．【答案】(1).(2).【解析】【詳解】（1）本試驗中要求多測幾組數(shù)據(jù)，故應采納分壓接法；同時因燈泡的內(nèi)阻較小，與電流表內(nèi)阻相差不多，故應采納電流表外接法，故電路圖如圖所示：（2）依據(jù)電路圖連接實物圖如圖所示：14.用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T。請依據(jù)下列步驟完成電阻測量:①旋動部件________，使指針對準電流的"0"刻線。②將K旋轉到電阻擋"×l00"的位置。③將插入"十"、"－"插孔的表筆短接，旋動部件_______，使指針對準電阻的________（填"0刻線"或"∞刻線"）。④將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)覺指針偏轉角度過小。為了得到比較精確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_______的依次避行操作，再完成讀數(shù)測量。A．將K旋轉到電阻擋"×1k"位置B．將K旋轉到電阻擋"×10"的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩恨引線相接D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準【答案】(1).S(2).T(3).0刻線(4).ADC【解析】【詳解】①[1]電表運用前要調(diào)整機械調(diào)零旋鈕，使指針指在0刻線位置，故調(diào)整S旋鈕；③[2][3]歐姆表測量前要進行歐姆調(diào)零，調(diào)整T旋鈕，使指針對準0刻度線；④[4]指針偏轉度過小，說明電阻偏大，故需選擇較大的倍率；每次換擋要重新調(diào)零，再進行電阻的測量；故依次為ADC；三、計算題15.在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω，R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω，電容器的電容C=100F，電容器原來不帶電，求接通開關S后流過R4的總電荷量。【答案】2.0×10-4C【解析】【詳解】外電路電阻通過電源的電流電源的端電壓電阻R3兩端電壓開關接通后電容器帶電荷量所以流過R4的電荷量為16.在圖中電路中，若R1=4Ω，R3=6Ω，電池內(nèi)阻r=0.6Ω，則電源產(chǎn)生的總功率為40W，而輸出功率為37.6W。求：（1）電源內(nèi)阻上消耗的電功率是多少？（2）電源電動勢.【答案】（1）2.4W（2）20V【解析】【詳解】（1）電源內(nèi)阻上消耗的電功率（2）因為P損=I干2r可得：I干=2A而P總=