山東省日照市莒縣五蓮縣2024-2025學年高一物理下學期期中模塊檢測試題含解析

PAGE16-山東省日照市莒縣、五蓮縣2024-2025學年高一物理下學期期中模塊檢測試題（含解析）第I卷（選擇題共45分）一、本題包括15小題，共45分。在每小題給出的四個選項中，第1～10小題只有一項符合題目要求；第11～15小題有多項符合題目要求每小題3分全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分。1.由電場強度的定義式可知，在電場中的同一點（）A.電場強度E跟F成正比，跟q成反比B.無論摸索電荷所帶的電荷量如何變更，始終不變C.假如電荷在電場中某點所受的靜電力大，則該點的電場強度就強D.一個小球在P點受到的靜電力為0，P點的場強肯定為0【答案】B【解析】【詳解】ABC．電場強度是表示場的強弱和方向的物理量，只跟場源電荷有關，跟放入其中的摸索電荷無關，是場強的定義式，不是確定式。選項AC錯誤，B正確；D．不帶電的小球在P點受到的電場力為零，則P點的場強不肯定為零，故D錯誤。故選B。2.關于人造衛(wèi)星所受的向心力F、線速度v、角速度ω、周期T與軌道半徑r的關系，下列說法中正確的是（）A.由可知，向心力與r2成反比B.由可知，v2與r成正比C.由可知，ω2與r成反比D.由可知，T2與r成反比【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．由可知，向心力F與r2成反比，故A正確；B．因為，變更，變更，所以v2、ω2與r不成正比，T2與r不成反比，故BCD錯誤。故選A。3.由歐姆定律導出U=IR和，下列敘述中不正確的是（）A.導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比B.導體的電阻由導體本身的性質確定，跟導體兩端的電壓及流過導體的電流的大小無關C.對確定的導體，其兩端電壓和流過它的電流的比值就是它的電阻值D.肯定的電流流過導體，電阻越大，其電壓越大【答案】A【解析】【詳解】AB．導體的電阻由導體本身的性質確定，導體電阻由長度、橫截面積和材料確定，跟導體兩端的電壓及流過導體的電流的大小無關，故A錯誤，B正確；C．由歐姆定律可知，對某一導體來說，其兩端電壓和流過它的電流的比值就是它的電阻值，故C正確；D．依據(jù)可知，肯定的電流流過導體，電阻越大，其電壓越大，即電阻兩端的電壓降越大，故D正確；不正確的故選A。4.大小不變的力F按如圖所示的四種方式作用在物體上，使物體前進了，其中力F做功最少的是（）A.μ=0.1 B.μ=0.2Cμ=0.3 D.μ=0.4【答案】D【解析】【詳解】依據(jù)做功公式可知，在拉力相同，位移相同的狀況下，力與位移夾角越大，則做功越小，由圖可知D選項中力和位移夾角最大時，力做的功最少，故A、B、C錯誤，D正確；故選D。5.一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變,在兩極板間插入一電介質,其電容C和兩極板間的電勢差U的變更狀況是A.C和U均增大 B.C增大,U減小C.C減小,U增大 D.C和U均減小【答案】B【解析】解：由公式知，在兩極板間插入一電介質，其電容C增大，由公式知，電荷量不變時U減小，B正確．故選B【點評】本題考查了等容的定義式和確定式的協(xié)作應用．6.汽車在平直馬路上行駛，它受到的阻力大小不變，若發(fā)動機的功率保持恒定，汽車在加速行駛的過程中，它的牽引力F和加速度a的變更狀況是（

）A.F漸漸減小，a漸漸增大B.F漸漸減小，a也漸漸減小C.F漸漸增大，a漸漸減小D.F漸漸增大，a也漸漸增大【答案】B【解析】【詳解】汽車加速行駛，依據(jù)功率與牽引力的關系：發(fā)動機的功率保持恒定，故牽引力隨汽車速度增大而減小，而依據(jù)牛頓其次定律可知：隨牽引力減小而減小，故B正確，ACD錯誤。故選B。7.直角坐標系xOy中，M、N兩點位于x軸上，G、H兩點坐標如圖．M、N兩點各固定一負點電荷，一電量為Q的正點電荷置于O點時，G點處的電場強度恰好為零．靜電力常量用k表示．若將該正點電荷移到G點，則H點處場強的大小和方向分別為()A.，沿y軸正向 B.，沿y軸負向C.，沿y軸正向 D.，沿y軸負向【答案】B【解析】【詳解】因正電荷Q在O點時，G點的場強為零，則可知兩負電荷在G點形成的電場的合場強與正電荷Q在G點產生的場強等大反向，大小為若將正電荷移到G點，則正電荷在H點的場強為E1＝k因兩負電荷在G點的場強與在H點的場強等大反向，則H點的合場強為E＝E合－E1＝方向沿y軸負向故選B。8.靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x的分布可簡化為如圖所示的折線x軸上的兩點B、C的電場強度分別為和，下列說法中正確的有（）A.大于B.B點的電場強度方向沿x軸正方向C.B點的電勢低于C點的電勢，UBC為正值D.負電荷沿x軸從B點移到C點的過程中，靜電力先做正功，后做負功【答案】D【解析】【詳解】A．電場強度的大小等于圖象斜率的大小，可知點的電場強度的大小為點的電場強度的大小為即等于，故A錯誤；B．依據(jù)順著電場線方向電勢漸漸降低，可知沿軸從到0，電勢上升，電場的方向沿軸負方向，即點的電場強度方向沿軸負方向，故B錯誤；C．從圖像上可知點的電勢低于點的電勢，所以有為負值，故C錯誤；D．沿軸從點移到點的過程中，電勢先增大后減小，依據(jù)可知負電荷沿軸從點移到點的過程中電勢能先減小后增大，所以靜電力先做正功，后做負功，故D正確；故選D9.如圖，地球赤道上的山丘e，近地資源衛(wèi)星p和同步通信衛(wèi)星q均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動。設e、p、q的圓周運動速率分別為v1、v2、v3，向心加速度分別為a1、a2、a3，則（）A.v1＞v2＞v3 B.v1＜v2＜v3Ca1＞a2＞a3 D.a1＜a3＜a2【答案】D【解析】【詳解】AB．山丘e和同步通信衛(wèi)星q具有共同的角速度，則近地資源衛(wèi)星p和同步通信衛(wèi)星q均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動，則解得所以綜上故AB兩項錯誤；CD．山丘e和同步通信衛(wèi)星q具有共同的角速度，則近地資源衛(wèi)星p和同步通信衛(wèi)星q均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動，則所以綜上故C項錯誤，D項正確。故選D。10.如圖所示，兩電荷量分別為Q（Q>0）和的點電荷對稱地放置在x軸上原點O的兩側，A點位于x軸上O點與點電荷Q之間，B點位于y軸O點上方。取無窮遠處為零電勢點，下列說法正確的是（）A.B點的電勢為0，電場強度也為0B.負的摸索電荷在A點的電勢能大于0，所受靜電力方向向左C.將正的摸索電荷從O點移到A點，必需克服靜電力做功D.將同一正的摸索電荷先后從O、B兩點移到A點，后者電勢能的變更較大【答案】C【解析】【詳解】A．結合等量異種點電荷的電場的特點可知，兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線；電場強度方向與等勢面方向垂直，而且指向電勢低的方向，所以點的電勢等于0，而電場強度不等于0，故A錯誤；B．由圖可知兩個點電荷在點產生的電場強度的方向都向右，所以合場強的方向肯定向右，則負的摸索電荷在A點受到的電場力的方向向左；負電荷從向運動的過程中，電場力做負功，電勢能增加，而點的電勢等于0，點的電勢能等于0，所以正的摸索電荷在點的電勢能小于零，故B錯誤；C．將正的摸索電荷從點移到點，的電勢低于點的電勢，靜電力做負功，所以必需克服靜電力做功，故C正確；D．點和點的電勢相等，所以先后從、兩點移到點，靜電力做功相等，電勢能變更相同，故D錯誤；故選C。11.如圖所示，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為10V和0.1A，電流表的內阻為0.2Ω，那么有關待測電阻Rx的說法正確的是（）A.Rx的測量值比真實值大 B.Rx的測量值比真實值小C.Rx的真實值為99.8Ω D.Rx的真實值為100.2Ω【答案】AC【解析】【詳解】由電路圖可知，試驗采納了電流表的內接法，電阻的測量值=100Ω；由電路圖可知，電壓表所測的是電流表與待測電阻的電壓，因此電阻測量值是待測電阻阻值與電流表內阻之和，則電阻的真實值：Rx=R﹣RA=100Ω﹣0.2Ω=99.8Ω，電阻的測量值大于電阻真實值，故AC正確，BD錯誤；故選AC．12.如圖所示，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，在將彈簧壓縮到最短的整個過程中，下列關于能量的敘述中正確的是（）A.重力勢能和動能之和總保持不變B.重力勢能和彈性勢能之和始終增加C.動能和彈性勢能之和始終增加D.重力勢能、彈性勢能和動能之和總保持不變。【答案】CD【解析】【詳解】AD．對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉化，沒有與其他形式的能發(fā)生交換，也就說小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變；對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，彈簧是始終被壓縮的，所以彈簧的彈性勢能始終在增大，因為小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變，所以重力勢能和動能之和始終減小，故A錯誤，D正確；B．在剛接觸彈簧的時候小球的加速度等于重力加速度，在壓縮的過程中，彈簧的彈力越來越大，小球的加速度越來越小，直到彈簧的彈力等于小球所受到的重力，這個時候小球的加速度為0，小球在這個過程中始終處于加速狀態(tài)。由于慣性，小球還是接著壓縮彈簧，這個時候彈簧的彈力大于小球受到的重力，小球減速，直到小球的速度為0，這個時候彈簧壓縮到最短，所以小球的動能先增大后減小，重力勢能和彈性勢能之和先減小后增加，故B錯誤；C．小球下降，重力勢能始終減小，所以動能和彈性勢能之和始終增加，故C正確；故選CD。13.2010年10月26日21時27分，北京航天飛行限制中心對嫦娥二號衛(wèi)星實施了降軌限制，衛(wèi)星勝利由軌道半徑為a、周期為T1的極月圓軌道進入遠月點距離為A.在圓軌道上運行周期T1大于它在橢圓軌道上運行的周期T2B.經過圓軌道上B點時的速率大于它經過橢圓軌道上A點時的速率C.在圓軌道上經過B點和在橢圓軌道上經過A點時的加速度大小相等D.經過圓軌道上B點時的速率小于它經過橢圓軌道上A點時的速率【答案】ABC【解析】【詳解】A．由于圓軌道的半徑大于橢圓軌道半徑，依據(jù)開普勒第三定律可知衛(wèi)星在圓軌道上運行的周期大于它在橢圓軌道上運行的周期，故A正確；BD．在圓軌道實施變軌成橢圓軌道，是做近心運動，要實現(xiàn)這個運動必需萬有引力大于所需向心力，所以應給“嫦娥二號”衛(wèi)星減速，則有經過圓軌道上點時的速率大于它經過橢圓軌道上點時的速率，而圓軌道上的各個位置速率相等，所以經過圓軌道上點時的速率大于它經過橢圓軌道上點時的速率，故B正確，D錯誤；C．嫦娥二號衛(wèi)星變軌前沿圓軌道運動只有萬有引力來供應向心力，即滿意變軌后通過橢圓軌道遠地點時也是只有萬有引力來供應向心力，由于在圓軌道上經過點和在橢圓軌道上經過點時的半徑相同，所以衛(wèi)星在圓軌道上經過點和在橢圓軌道上經過點時的加速度大小相等，故C正確；故選ABC。14.如圖，在正電荷Q的電場中有M、N、P和F四點，M、N、P為直角三角形的三個頂點，F(xiàn)為MN的中點，，M、N、P、F四點處的電勢分別用、、、表示，已知，，點電荷Q在M、N、P三點所在平面內，則（）A.點電荷Q肯定在MP連線上B.連線PF肯定在同一個等勢面上C.將正摸索電荷從P點搬運到N點，電場力做負功D.大于【答案】AD【解析】試題分析：點電荷電場的等勢面是以點電荷為圓心的一族同心圓，所以隨意兩個等勢點連線的垂直平分線都指向點電荷，如下圖所示，MN的垂直平分線和PF的垂直平分線相交于一點E，E點即點電荷所在的位置，依據(jù)幾何關系可得E點在MP邊．即點電荷肯定在MP連線上，選項A對．點電荷的等勢面是以點電荷為圓心的同心圓，所以等勢面不是直線而是球面，選項B錯．正摸索電荷從P點移動到N點，遠離場源正電荷，電場力做正功，選項C錯．依據(jù)幾何關系可得，距離場源正電荷越遠電勢越低，所以P點電勢大于M點電勢，選項D對．考點：點電荷的電場分布，等勢面15.如圖所示，氕核、氘核、氚核三種粒子從同一位置無初速度地飄入電場線水平向右的加速電場，之后進入電場線豎直向下的勻強電場發(fā)生偏轉，最終打在屏上，整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么A.偏轉電場對三種粒子做功一樣多B.三種粒子打到屏上時速度一樣大C.三種粒子運動到屏上所用時間相同D.三種粒子肯定打到屏上的同一位置，【答案】AD【解析】試題分析：帶電粒子在加速電場中加速，電場力做功W=E1qd；由動能定理可知：E1qd=mv2；解得：；粒子在偏轉電場中的時間；在偏轉電場中的縱向速度縱向位移；即位移與比荷無關，與速度無關；則可三種粒子的偏轉位移相同，則偏轉電場對三種粒子做功一樣多；故A正確，B錯誤；因三粒子由同一點射入偏轉電場，且偏轉位移相同，故三個粒子打在屏幕上的位置肯定相同；因粒子到屏上的時間與橫向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三種粒子運動到屏上所用時間不相同；故C錯誤，D正確；故選AD．考點：帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】此題考查帶電粒子在電場中的偏轉，要留意偏轉中的運動的合成與分解的正確應用；正確列出對應的表達式，依據(jù)表達式再去分析速度、位移及電場力的功．第Ⅱ卷（非選擇題共55分）二、本題包括2小題，每個空2分，共18分，將答案填寫在答題卡中指定的位置。16.驗證“機械能守恒定律”的試驗采納重物自由下落的方法，已知所用電火花打點計時器所接電源的頻率為50Hz。查得當?shù)氐闹亓铀俣葹間=9.80m/s2，重物質量為mKg，某同學選擇了一條志向的紙帶，用刻度尺測量時各計時點對應刻度尺的讀數(shù)如下圖所示。圖中O點是打點計時器打出的第一個點，A、B、C、D分別是連續(xù)打出的計時點.(1)若利用BC段來驗證機械能守恒定律，重物B點運動到C點時，重物的重力勢能的削減量=________J，此過程中物體動能的增加量=________J（保留三位有效數(shù)字）。(2)這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使重物的重力勢能的削減量略________動能的增加量（填“大于”或“小于”），緣由是：________?！敬鸢浮?1).0.470m(2).0.450m(3).大于(4).重錘在下落時要受到阻力作用（對紙帶的摩擦力、空氣阻力）；或必需克服阻力做功；或減小的重力勢能等于增加的動能加上克服阻力所做的功【解析】【詳解】(1)[1]重物由點運動到點時，重物的重力勢能的削減量[2]利用勻變速直線運動的推論可得點的速度大小為點的速度大小為由點運動到點的過程中物體動能的增加量(2)[3]這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使重物的重力勢能的削減量略大于動能的增加量[4]緣由是重錘在下落時要受到阻力作用（對紙帶的摩擦力、空氣阻力）；或必需克服阻力做功；或減小的重力勢能等于增加的動能加上克服阻力所做的功。17.某同學通過試驗測定一個阻值約為5Ω的電阻Rx的阻值．(1)現(xiàn)有電源(4V，內阻可不計)，滑動變阻器(0～50Ω，額定電流2A)，開關和導線若干，以及下列電表A．電流表(0～3A，內阻約0.025Ω)B．電流表(0～06AC．電壓表(0～3V，內阻約3kΩ)D．電壓表(0～15V，內阻約15kΩ)為減小測量誤差，在試驗中，電流表應選用________，電壓表應選用________(選填器材前的字母)；試驗電流應采納圖中的________(選填“甲”或“乙”)．(2)如圖是測量Rx的試驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線．請依據(jù)在(1)問中所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線_______________．(3)接通開關，變更滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U.某次電表示數(shù)如圖所示，可得該電阻的測量值=________Ω(保留兩位有效數(shù)字)．【答案】(1).B(2).C(3).甲(4).(5).5.2【解析】【分析】（1）合理選擇試驗器材，先選必要器材，再依據(jù)要求滿意平安性，精確性，便利操作的原則選擇待選器材．電流表的接法要求大電阻內接法，小電阻外接法．滑動變阻器是小電阻限制大電阻，用分壓式接法．（2）依據(jù)電路圖來連接實物圖，留意電表的正負極，并分幾個回路來連接；（3）由電壓表與電流表讀數(shù)，依據(jù)R=U/I，即可求解．【詳解】(1)因電源的電壓為4V，因此電壓表選擇3V量程，故選C；由于電阻Rx的阻值約為5Ω的，依據(jù)歐姆定律可知，電流的最大值為0.8A，從精確角度來說，電流表應選擇0.6A的量程，故選B；依據(jù)待測電阻的阻值與電壓表及電流表的阻值可知，待測電阻的阻值偏小，因此選擇電流表外接法，故選擇甲圖．(2)依據(jù)電路圖甲進行實物連接，如圖所示：(3)依據(jù)圖示可讀，電表讀數(shù)I＝0.50A，U＝2.60V，則被測電阻為＝5.2Ω.三、本題包括3小題，共37分。解答時應寫出必要的文字說明、主要公式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的，不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。18.將電荷量為3×10-8C的負點電荷從靜電場中的A點移到B點的過程中，靜電力做功J；小將該點電荷從B點移到C點過程中，克服靜電力做功J。由此可知電場中A、C兩點間的電勢差為多大?【答案】－2V【解析】【詳解】