全國(guó)統(tǒng)考高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí)第2章函數(shù)概念與基本初等函數(shù)Ⅰ第1講函數(shù)及其表示2備考試題文含解析

一輪復(fù)習(xí)精品資料(高中)PAGEPAGE1第二章函數(shù)概念與基本初等函數(shù)Ⅰ第一講函數(shù)及其表示1.〖2021湖北六校聯(lián)考〗函數(shù)f(x)=3x-1+1A.〖13,1)∪(1,+∞) B.〖1C.〖13,1)∪(1,2)2.〖2021江蘇無(wú)錫模擬〗若函數(shù)f(x2+1)的定義域?yàn)椤?1,1〗,則f(lgx)的定義域?yàn)?)A.〖-1,1〗 B.〖1,2〗C.〖10,100〗 D.〖0,lg2〗3.〖2021四川省棠湖中學(xué)模擬〗若函數(shù)f(x)=1ax2-2ax+2A.(0,2) B.〖0,2〗C.(0,2〗 D.〖0,2)4.〖2021福建師大附中模擬〗函數(shù)f(x)=(1-2a)x+3A.(-∞,-1) B.〖12,1C.〖-1,12) D.(0,15.〖2021四川省新津中學(xué)模擬〗已知函數(shù)f(x)=2x-1-2,x≤1,-log2A.-74 B.-5C.-34 D.-6.〖2021天津南開(kāi)中學(xué)月考〗若函數(shù)f(x)=x+2,x≤2,1+logax,xA.(0,1)∪(1,2〗 B.(0,1)∪(1,2〗C.(0,1) D.(0,1)∪(1,327.〖2021貴陽(yáng)市四校第二次聯(lián)考〗設(shè)函數(shù)f(x)=log2(x+1),x≥0,A.(-4,3) B.(-5,2) C.(-3,4) D.(-∞,-3)∪(4,+∞)8.〖2021湖北省四地七校聯(lián)考〗已知f(x)=x2,x<0,29.〖2021四川省遂寧市零診〗函數(shù)f(x)=x2-x10.〖遞進(jìn)型〗已知a>0且a≠1,函數(shù)f(x)=f(x+2),x<0f(-3)=.

11.已知函數(shù)f(x)=mx+3,x>0,f(x+1),x≤0,g(x)=ax2+x,f(12.〖2021湖北百校聯(lián)考〗已知函數(shù)f(x)=2x2+x,x≥0,ex-1,13.〖2020武漢市模擬〗設(shè)函數(shù)f(x)=2-x,x<1,x2,x≥1,則滿足2f(fA.(-∞,0〗 B.〖0,2〗C.〖2,+∞) D.(-∞,0〗∪〖2,+∞)14.〖2020濟(jì)南市4月模擬〗已知符號(hào)函數(shù)sgn(x)=1,x>0,A.函數(shù)y=sgn(x)是奇函數(shù)B.對(duì)任意的x>1,sgn(lnx)=1C.函數(shù)y=ex·sgn(-x)的值域?yàn)?-∞,1)D.對(duì)任意的x∈R,|x|=x·sgn(x)15.〖易錯(cuò)題〗已知函數(shù)f(x)=22-x,x<2,34x2-3x+4,x≥2,若不等式答案第二章函數(shù)概念與基本初等函數(shù)Ⅰ第一講函數(shù)及其表示1.C要使函數(shù)f(x)=3x-1+1ln(2-x2.C因?yàn)閒(x2+1)的定義域?yàn)椤?1,1〗,則-1≤x≤1,故0≤x2≤1,所以1≤x2+1≤2.因?yàn)閒(x2+1)與f(lgx)是同一個(gè)對(duì)應(yīng)法則,所以1≤lgx≤2,即10≤x≤100,所以函數(shù)f(lgx)的定義域?yàn)椤?0,100〗.故選C.3.D由題意可知,當(dāng)x∈R時(shí),不等式ax2-2ax+2>0恒成立.①當(dāng)a=0時(shí),ax2-2ax+2=2>0顯然成立,故a=0符合題意;②當(dāng)a≠0時(shí),要想x∈R時(shí),不等式ax2-2ax+2>0恒成立,只需滿足a>0且(-2a)2-4·a·2<0成立即可,解得0<a<2.綜上可得,實(shí)數(shù)a的取值范圍是〖0,2).故選D.4.C因?yàn)楹瘮?shù)f(x)=(1-2a)x+3a5.A因?yàn)閒(a)=-3,所以a≤1,2a-1-2=-3或a>1,-lo6.C當(dāng)x>2時(shí),若a>1,則函數(shù)f(x)=1+logax單調(diào)遞增,沒(méi)有最大值,因此必有0<a<1,此時(shí)f(x)=1+logax滿足f(x)<1+loga2.當(dāng)x≤2時(shí),f(x)=x+2的最大值是4.因此有1+loga2≤4,解得0<a≤32,故0<a<1.故選C7.B解法一當(dāng)x≥-1時(shí),f(x+1)<2等價(jià)于log2〖(x+1)+1〗<2=log24,即x+2<4,解得-1≤x<2;當(dāng)x<-1時(shí),f(x+1)<2等價(jià)于-(x+1)<2,解得-5<x<-1.綜上,使得f(x+1)<2的圖D2-1-2解法二作出函數(shù)f(x)的圖象及直線y=2,如圖D2-1-2所示,令f(x)=2,解得x=-4或x=3,由圖象可知,f(x+1)<2等價(jià)于-4<x+1<3,解得-5<x<2,所以滿足f(x+1)<2的x的取值范圍為(-5,2),故選B.解法三當(dāng)x=2時(shí),f(x+1)=f(3)=2,不滿足不等式,排除A,C,當(dāng)x=0時(shí),f(x+1)=f(1)=1,滿足不等式,排除D,故選B.8.14因?yàn)閒(x)=x2,x<0,2x-2,x≥0,9.(0,+∞)當(dāng)x<1時(shí),f(x)=x2-x+1=(x-12)2+34≥34;當(dāng)x>1時(shí),f(x)=1x∈(0,1).綜上可得,f(10.32由題意知f(2)=a2-1=8,即a2=9,又a>0,所以a=3,所以f(-3)=f(-1)=f(1)=3-1=2.11.1f(32)=32m+3,f(-32)=f(12)=12m+3,所以f(32)+f(-32)=32m+3+12m+3=2m+6=10,解得m=2,所以f(x)=2x+3,x12.(2,+∞)當(dāng)x≥0時(shí),f(x)=2x2+x=2(x+14)2-18≥0,且f(x)在〖0,+∞)上單調(diào)遞增;當(dāng)x<0時(shí),f(x)=ex-1<0,且f(x)在(-∞,0)上單調(diào)遞增.因?yàn)閒(0)=0,所以f(x)在R上單調(diào)遞增,所以2a>6-a,故13.D因?yàn)?f(f(a))=f(a),所以f(f(a))=f(①當(dāng)a<1時(shí),f(a)=(12)a,要使f(f(a))=f(a)2,必有(1②當(dāng)a≥1時(shí),f(a)=a2,要使f(f(a))=f(a)2,必有綜上,實(shí)數(shù)a的取值范圍是(-∞,0〗∪〖2,+∞).故選D.14.C畫(huà)出函數(shù)y=sgn(x)的圖象(圖略),由圖象可知函數(shù)是奇函數(shù),因此選項(xiàng)A正確;當(dāng)x>1時(shí),lnx>0,故sgn(lnx)=1,因此選項(xiàng)B正確;當(dāng)x>0時(shí),y=ex·sgn(-x)=-ex<-1,當(dāng)x=0時(shí),y=ex·0=0,當(dāng)x<0時(shí),0<y=ex·sgn(-x)=ex<1,所以y=ex·sgn(-x)的值域?yàn)?-∞,-1)∪〖0,1),因此選項(xiàng)C錯(cuò)誤;對(duì)于D選項(xiàng),當(dāng)x>0時(shí),|x|=x,x·sgn(x)=x·1=x,故|x|=x·sgn(x),當(dāng)x=0時(shí),|x|=0,x·sgn(x)=x·0=0,故|x|=x·sgn(x),當(dāng)x<0時(shí),|x|=-x,x·sgn(x)=x·(-1)=-x,故|x|=x·sgn(x),所以對(duì)于任意的x∈R,|x|=x·sgn(x)恒成立,因此選項(xiàng)D正確.故選C.15.4由函數(shù)f(x)的〖解析〗式知,函數(shù)f(x)在(-∞,2)上單調(diào)遞減,在〖2,+∞)上單調(diào)遞增,f(x)min=f(2)=1.若a>1,則不等式a≤f(x)≤b的解集為〖x1,x2〗∪〖x3,x4〗的形式,不符合題意,所以a≤1,此時(shí)因?yàn)?2-1=2,所以b≥2,令34m2-3m+4=m,解得m=43(舍去)或m=4,取b=4,令22-x=4,得x=0,所以a=0,所以b-a第二章函數(shù)概念與基本初等函數(shù)Ⅰ第一講函數(shù)及其表示1.〖2021湖北六校聯(lián)考〗函數(shù)f(x)=3x-1+1A.〖13,1)∪(1,+∞) B.〖1C.〖13,1)∪(1,2)2.〖2021江蘇無(wú)錫模擬〗若函數(shù)f(x2+1)的定義域?yàn)椤?1,1〗,則f(lgx)的定義域?yàn)?)A.〖-1,1〗 B.〖1,2〗C.〖10,100〗 D.〖0,lg2〗3.〖2021四川省棠湖中學(xué)模擬〗若函數(shù)f(x)=1ax2-2ax+2A.(0,2) B.〖0,2〗C.(0,2〗 D.〖0,2)4.〖2021福建師大附中模擬〗函數(shù)f(x)=(1-2a)x+3A.(-∞,-1) B.〖12,1C.〖-1,12) D.(0,15.〖2021四川省新津中學(xué)模擬〗已知函數(shù)f(x)=2x-1-2,x≤1,-log2A.-74 B.-5C.-34 D.-6.〖2021天津南開(kāi)中學(xué)月考〗若函數(shù)f(x)=x+2,x≤2,1+logax,xA.(0,1)∪(1,2〗 B.(0,1)∪(1,2〗C.(0,1) D.(0,1)∪(1,327.〖2021貴陽(yáng)市四校第二次聯(lián)考〗設(shè)函數(shù)f(x)=log2(x+1),x≥0,A.(-4,3) B.(-5,2) C.(-3,4) D.(-∞,-3)∪(4,+∞)8.〖2021湖北省四地七校聯(lián)考〗已知f(x)=x2,x<0,29.〖2021四川省遂寧市零診〗函數(shù)f(x)=x2-x10.〖遞進(jìn)型〗已知a>0且a≠1,函數(shù)f(x)=f(x+2),x<0f(-3)=.

11.已知函數(shù)f(x)=mx+3,x>0,f(x+1),x≤0,g(x)=ax2+x,f(12.〖2021湖北百校聯(lián)考〗已知函數(shù)f(x)=2x2+x,x≥0,ex-1,13.〖2020武漢市模擬〗設(shè)函數(shù)f(x)=2-x,x<1,x2,x≥1,則滿足2f(fA.(-∞,0〗 B.〖0,2〗C.〖2,+∞) D.(-∞,0〗∪〖2,+∞)14.〖2020濟(jì)南市4月模擬〗已知符號(hào)函數(shù)sgn(x)=1,x>0,A.函數(shù)y=sgn(x)是奇函數(shù)B.對(duì)任意的x>1,sgn(lnx)=1C.函數(shù)y=ex·sgn(-x)的值域?yàn)?-∞,1)D.對(duì)任意的x∈R,|x|=x·sgn(x)15.〖易錯(cuò)題〗已知函數(shù)f(x)=22-x,x<2,34x2-3x+4,x≥2,若不等式答案第二章函數(shù)概念與基本初等函數(shù)Ⅰ第一講函數(shù)及其表示1.C要使函數(shù)f(x)=3x-1+1ln(2-x2.C因?yàn)閒(x2+1)的定義域?yàn)椤?1,1〗,則-1≤x≤1,故0≤x2≤1,所以1≤x2+1≤2.因?yàn)閒(x2+1)與f(lgx)是同一個(gè)對(duì)應(yīng)法則,所以1≤lgx≤2,即10≤x≤100,所以函數(shù)f(lgx)的定義域?yàn)椤?0,100〗.故選C.3.D由題意可知,當(dāng)x∈R時(shí),不等式ax2-2ax+2>0恒成立.①當(dāng)a=0時(shí),ax2-2ax+2=2>0顯然成立,故a=0符合題意;②當(dāng)a≠0時(shí),要想x∈R時(shí),不等式ax2-2ax+2>0恒成立,只需滿足a>0且(-2a)2-4·a·2<0成立即可,解得0<a<2.綜上可得,實(shí)數(shù)a的取值范圍是〖0,2).故選D.4.C因?yàn)楹瘮?shù)f(x)=(1-2a)x+3a5.A因?yàn)閒(a)=-3,所以a≤1,2a-1-2=-3或a>1,-lo6.C當(dāng)x>2時(shí),若a>1,則函數(shù)f(x)=1+logax單調(diào)遞增,沒(méi)有最大值,因此必有0<a<1,此時(shí)f(x)=1+logax滿足f(x)<1+loga2.當(dāng)x≤2時(shí),f(x)=x+2的最大值是4.因此有1+loga2≤4,解得0<a≤32,故0<a<1.故選C7.B解法一當(dāng)x≥-1時(shí),f(x+1)<2等價(jià)于log2〖(x+1)+1〗<2=log24,即x+2<4,解得-1≤x<2;當(dāng)x<-1時(shí),f(x+1)<2等價(jià)于-(x+1)<2,解得-5<x<-1.綜上,使得f(x+1)<2的圖D2-1-2解法二作出函數(shù)f(x)的圖象及直線y=2,如圖D2-1-2所示,令f(x)=2,解得x=-4或x=3,由圖象可知,f(x+1)<2等價(jià)于-4<x+1<3,解得-5<x<2,所以滿足f(x+1)<2的x的取值范圍為(-5,2),故選B.解法三當(dāng)x=2時(shí),f(x+1)=f(3)=2,不滿足不等式,排除A,C,當(dāng)x=0時(shí),f(x+1)=f(1)=1,滿足不等式,排除D,故選B.8.14因?yàn)閒(x)=x2,x<0,2x-2,x≥0,9.(0,+∞)當(dāng)x<1時(shí),f(x)=x2-x+1=(x-12)2+34≥34;當(dāng)x>1時(shí),f(x)=1x∈(0,1).綜上可得,f(10.32由題意知f(2)=a2-1=8,即a2=9,又a>0,所以a=3,所以f(-3)=f(-1)=f(1)=3-1=2.11.1f(32)=32m+3,f(-32)=f(12)=12m+3,所以f(32)+f(-32)=32m+3+12m+3=2m+6=10,解得m=2,所以f(x)=2x+3,x12.(2,+∞)當(dāng)x≥0時(shí),f(x)=2x2+x=2(x+14)2-18≥0,且f(x)在〖0,+∞)上單調(diào)遞增;當(dāng)x<0時(shí),f(x)=ex-1<0,且f(x)在(-∞,0)上單調(diào)遞增.因?yàn)閒(0)=0,所以f(x)在R上單調(diào)遞增,所以2a>6-a,故13.D因?yàn)?f(f(a))=f(a),所以f(f(a))=f(①當(dāng)a<1時(shí),f(a)=(12)a,要使f(f(a))=f(a)2,必有(1②當(dāng)a≥1時(shí),f(a)=a2,要使f(f(a))=f(a)2,必有綜上,實(shí)數(shù)a的取值范圍是(-∞,0〗∪〖2,+∞).故選D.14.C畫(huà)出函數(shù)y=sgn(x)的圖象(圖略),由圖象可知函數(shù)是奇函數(shù),因此選項(xiàng)A正確;當(dāng)x>1時(shí),lnx>0,故sgn(lnx)=1,因此選項(xiàng)B正確;當(dāng)x>0時(shí),y=ex·sgn(-x)=-ex<-1,當(dāng)x=0時(shí),y=ex·0=0,當(dāng)x<0時(shí),0<y=ex·sgn(-x)=ex<1,所以y=ex·sgn(-x)的值域?yàn)?-∞,-1)∪〖0,1),因此選項(xiàng)C錯(cuò)誤;對(duì)于D選項(xiàng),當(dāng)x>0時(shí),|x|=x,x·sgn(x)=x·1=x,故|x|=x·sgn(x),當(dāng)x=0時(shí),|x|=0,x·sgn(x)=x·0=0,故|